2016年天津市高考物理試卷解析版

1、2016年天津市高考物理試卷解析版參考答案與試題解析一、單項(xiàng)選擇題（每小題6分，共30分，每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一個(gè)選項(xiàng)是正確的）1（6分）我國(guó)成功研發(fā)的反隱身先進(jìn)米波雷達(dá)堪稱(chēng)隱身飛機(jī)的克星，它標(biāo)志著我國(guó)雷達(dá)研究又創(chuàng)新的里程碑。米波雷達(dá)發(fā)射無(wú)線電波的波長(zhǎng)在110m范圍內(nèi)，對(duì)該無(wú)線電波的判斷正確的是（）A米波的頻率比厘米波頻率高B和機(jī)械波一樣須靠介質(zhì)傳播C同光波一樣會(huì)發(fā)生反射現(xiàn)象D不可能產(chǎn)生干涉和衍射現(xiàn)象【考點(diǎn)】F2：機(jī)械波；G4：電磁波的發(fā)射、傳播和接收菁優(yōu)網(wǎng)版權(quán)所有【專(zhuān)題】31：定性思想；43：推理法；54R：電磁場(chǎng)理論和電磁波【分析】電磁波能在真空中傳播，機(jī)械波不能在真空中傳播，干涉

2、和衍射是波特有的現(xiàn)象，光可以發(fā)生反射現(xiàn)象?！窘獯稹拷猓焊鶕?jù)f=v可知，波長(zhǎng)越長(zhǎng)，頻率越低，故米波的頻率比厘米頻率低，故A錯(cuò)誤；B、無(wú)線電波不需要介質(zhì)傳播，故B錯(cuò)誤；C、無(wú)線電波同光波一樣會(huì)發(fā)生反射現(xiàn)象，故C正確；D、干涉和衍射是波特有的現(xiàn)象，所以無(wú)線電波能產(chǎn)生干涉和衍射現(xiàn)象，故D錯(cuò)誤。故選：C?！军c(diǎn)評(píng)】本題要注意機(jī)械波和電磁波都能發(fā)生反射、折射、干涉和衍射等現(xiàn)象，但是機(jī)械波不能在真空中傳播，電磁波能在真空中傳播。2（6分）如圖是a、b兩光分別經(jīng)過(guò)同一雙縫干涉裝置后在屏上形成的干涉圖樣，則（）A在同種均勻介質(zhì)中，a光的傳播速度比b光的大B從同種介質(zhì)射入真空發(fā)生全反射時(shí)a光臨界角大C照射在同一金屬

3、板上發(fā)生光電效應(yīng)時(shí)，a光的飽和電流大D若兩光均由氫原子能級(jí)躍遷發(fā)生，產(chǎn)生a光的能級(jí)能量差大【考點(diǎn)】IE：愛(ài)因斯坦光電效應(yīng)方程；J4：氫原子的能級(jí)公式和躍遷菁優(yōu)網(wǎng)版權(quán)所有【專(zhuān)題】31：定性思想；43：推理法；54I：光電效應(yīng)專(zhuān)題【分析】根據(jù)圖象比較干涉條紋間距大小，再根據(jù)x=Ld判斷波長(zhǎng)，從而判斷頻率大小，頻率大的折射率大，根據(jù)n=cv判斷傳播速度，根據(jù)sinC=1n判斷發(fā)生全反射時(shí)臨界角大小，光電效應(yīng)時(shí)飽和電流與入射光的強(qiáng)度有關(guān)，a光的頻率大，則能量大【解答】解：A、由圖可知a光的干涉條紋間距小于b光，根據(jù)x=Ld可知，a的波長(zhǎng)小于b光，則a光的頻率大于b光，a的折射率大于b光，根據(jù)n=cv可

4、知，在同種介質(zhì)中傳播時(shí)a光的傳播速度比b光的小，故A錯(cuò)誤；B、根據(jù)sinC=1n可知，同種介質(zhì)射入真空發(fā)生全反射時(shí)a光臨界角小，故B錯(cuò)誤；C、光電效應(yīng)時(shí)飽和電流與入射光的強(qiáng)度有關(guān)，所以無(wú)法判斷飽和電流的大小，故C錯(cuò)誤；D、因a光的頻率大，故若兩光均由氫原子能級(jí)躍遷產(chǎn)生，則產(chǎn)生a光的能級(jí)差大，故D正確。故選：D?！军c(diǎn)評(píng)】本題的關(guān)鍵是根據(jù)圖象比較干涉條紋間距大小從而得頻率大小，明確光電效應(yīng)時(shí)飽和電流與入射光的強(qiáng)度也有關(guān)系，知道全反射臨界角的概念，難度適中3（6分）我國(guó)將發(fā)射“天宮二號(hào)”空間實(shí)驗(yàn)室，之后發(fā)射“神州十一號(hào)”飛船與“天宮二號(hào)”對(duì)接。假設(shè)“天宮二號(hào)”與“神州十一號(hào)”都圍繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)

5、，為了實(shí)現(xiàn)飛船與空間實(shí)驗(yàn)室的對(duì)接，下列措施可行的是（）A使飛船與空間實(shí)驗(yàn)室在同一軌道上運(yùn)行，然后飛船加速追上空間實(shí)驗(yàn)室實(shí)現(xiàn)對(duì)接B使飛船與空間實(shí)驗(yàn)室在同一軌道上運(yùn)行，然后空間實(shí)驗(yàn)室減速等待飛船實(shí)現(xiàn)對(duì)接C飛船先在比空間實(shí)驗(yàn)室半徑小的軌道上加速，加速后飛船逐漸靠近空間實(shí)驗(yàn)室，兩者速度接近時(shí)實(shí)現(xiàn)對(duì)接D飛船先在比空間實(shí)驗(yàn)室半徑小的軌道上減速，減速后飛船逐漸靠近空間實(shí)驗(yàn)室，兩者速度接近時(shí)實(shí)現(xiàn)對(duì)接【考點(diǎn)】4F：萬(wàn)有引力定律及其應(yīng)用；4H：人造衛(wèi)星菁優(yōu)網(wǎng)版權(quán)所有【專(zhuān)題】32：定量思想；43：推理法；52A：人造衛(wèi)星問(wèn)題【分析】正常運(yùn)行的衛(wèi)星若加速則所需向心力大于萬(wàn)有引力做離心運(yùn)動(dòng)，若減速則所需向力小于萬(wàn)有引力

6、做向心運(yùn)動(dòng)，據(jù)此分析各選項(xiàng)。【解答】解：A、B、在同一軌道上運(yùn)行加速做離心運(yùn)動(dòng)，減速做向心運(yùn)動(dòng)均不可實(shí)現(xiàn)對(duì)接。則AB錯(cuò)誤C、飛船先在比空間實(shí)驗(yàn)室半徑小的軌道上加速，則其做離心運(yùn)動(dòng)可使飛船逐漸靠近空間實(shí)驗(yàn)室，兩者速度接近時(shí)實(shí)現(xiàn)對(duì)接。則C正確D、飛船先在比空間實(shí)驗(yàn)室半徑小的軌道上減速，則其做向心運(yùn)動(dòng)，不可能與空間實(shí)驗(yàn)室相接觸。則D錯(cuò)誤。故選：C?！军c(diǎn)評(píng)】明確正常運(yùn)行的衛(wèi)星加速做離心運(yùn)動(dòng)會(huì)達(dá)到高軌道，若減速則會(huì)做向心運(yùn)動(dòng)達(dá)到低軌道。4（6分）如圖所示，平行板電容器帶有等量異種電荷，與靜電計(jì)相連，靜電計(jì)金屬外殼和電容器下極板都接地。在兩極板間有一個(gè)固定在P點(diǎn)的點(diǎn)電荷，以E表示兩板間的電場(chǎng)強(qiáng)度，Ep表示

7、點(diǎn)電荷在P點(diǎn)的電勢(shì)能，表示靜電計(jì)指針的偏角。若保持下極板不動(dòng)，將上極板向下移動(dòng)一小段距離至圖中虛線位置，則（）A增大，E增大B增大，EP不變C減小，EP增大D減小，E不變【考點(diǎn)】AS：電容器的動(dòng)態(tài)分析菁優(yōu)網(wǎng)版權(quán)所有【專(zhuān)題】31：定性思想；43：推理法；533：電容器專(zhuān)題【分析】電容器充電后斷開(kāi)電源，極板上的電量不變；根據(jù)電容器的定義式可分析電容的變化，再根據(jù)決定式分析電壓的變化，從而分析靜電計(jì)指針夾角的變化；根據(jù)UEd分析電場(chǎng)強(qiáng)度的變化；根據(jù)電勢(shì)與電勢(shì)差之間的關(guān)系可分析P點(diǎn)電勢(shì)，再由電勢(shì)分析電勢(shì)能的變化?！窘獯稹拷猓弘娙萜髋c電源斷開(kāi)，故電量不變；上極板向下移動(dòng)時(shí)，兩板間的距離減小，根據(jù)C=s4

8、kd可知，電容C增大，則根據(jù)C=QU可知，電壓U減小；故靜電計(jì)指針偏角減??；兩板間的電場(chǎng)強(qiáng)度為：E=Ud=QCd=4kQS；因此電場(chǎng)強(qiáng)度與板間距無(wú)關(guān)，因此電場(chǎng)強(qiáng)度不變；再根據(jù)設(shè)P與下極板距離為L(zhǎng)，則P點(diǎn)的電勢(shì)PEL，電勢(shì)能EPELq； 因此電荷在P點(diǎn)的電勢(shì)能保持不變；故D正確，ABC錯(cuò)誤；故選：D?！军c(diǎn)評(píng)】本題考查電容器的動(dòng)態(tài)分析問(wèn)題，解題的關(guān)鍵在于正確掌握電容的決定式和定義式；同時(shí)注意要掌握相關(guān)結(jié)論的應(yīng)用，如本題中可以直接應(yīng)用結(jié)論：當(dāng)充電后斷開(kāi)電源時(shí)，如果只改變兩板間距離，則兩板間的電場(chǎng)強(qiáng)度不變。5（6分）如圖所示，理想變壓器原線圈接在交流電源上，圖中各電表均為理想電表，下列說(shuō)法正確的是（）

9、A當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)觸頭P向上滑動(dòng)時(shí)，R1消耗的功率變大B當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)觸頭P向上滑動(dòng)時(shí)，電壓表V示數(shù)變大C當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)觸頭P向上滑動(dòng)時(shí)，電流表A1示數(shù)變大D若閉合開(kāi)關(guān)S，則電流表A1示數(shù)變大，A2示數(shù)變大【考點(diǎn)】E8：變壓器的構(gòu)造和原理菁優(yōu)網(wǎng)版權(quán)所有【專(zhuān)題】32：定量思想；43：推理法；53A：交流電專(zhuān)題【分析】滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)觸頭P向上滑動(dòng)時(shí)，接入電路中的阻值變大，因輸出電壓不變，則總電流變小，據(jù)歐姆定律確定各表的示數(shù)變化?！窘獯稹拷猓篈、滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)觸頭P向上滑動(dòng)時(shí)，電阻變大，則干路電流變小，則R1消耗的功率變小，則A錯(cuò)誤B、干路電流變小，R1分壓變小，則電壓表V的測(cè)量的電

10、壓變大，示數(shù)變大，則B正確C、因輸出電流變小，則輸出功率變小即輸入功率變小，電流表A1示數(shù)變小。則C錯(cuò)誤 D、閉合開(kāi)關(guān)S并聯(lián)支路增加，電阻變小，則副線圈即R1的電流變大，分壓變大，則R2的分壓變小，電流變小。電流表A1示數(shù)隨副線圈電流的變大而變大，則D錯(cuò)誤故選：B?！军c(diǎn)評(píng)】考查電路的動(dòng)態(tài)分析：本題中P的移動(dòng)與電鍵的閉合均會(huì)引起電阻的變小，再由電路的聯(lián)接關(guān)系可分析各表的示數(shù)的變化，可見(jiàn)明確電路的結(jié)構(gòu)是求解的關(guān)鍵。二、不定向選擇題（每小題6分，共18分。每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，都有多個(gè)選項(xiàng)是正確的。全部選對(duì)的得6分，選對(duì)但不全的得3分，選錯(cuò)或不答的得0分）6（6分）物理學(xué)家通過(guò)對(duì)實(shí)驗(yàn)的深入觀察和研

11、究，獲得正確的科學(xué)認(rèn)知，推動(dòng)物理學(xué)的發(fā)展，下列說(shuō)法符合事實(shí)的是（）A赫茲通過(guò)一系列實(shí)驗(yàn)，證實(shí)了麥克斯韋關(guān)于光的電磁理論B查德威克用離子轟擊714N獲得反沖核817O，發(fā)現(xiàn)了中子C貝克勒爾發(fā)現(xiàn)天然放射性現(xiàn)象，說(shuō)明原子核有復(fù)雜結(jié)構(gòu)D盧瑟福通過(guò)對(duì)陰極射線的研究，提出了原子核式結(jié)構(gòu)模型【考點(diǎn)】1U：物理學(xué)史菁優(yōu)網(wǎng)版權(quán)所有【專(zhuān)題】31：定性思想；43：推理法；54M：原子的核式結(jié)構(gòu)及其組成【分析】明確人類(lèi)對(duì)于電磁波以及原子結(jié)構(gòu)研究的物理學(xué)史，注意B中查德威克發(fā)現(xiàn)中子的核反應(yīng)方程，從而明確發(fā)現(xiàn)物【解答】解：A、根據(jù)物理學(xué)史可知，赫茲通過(guò)一系列實(shí)驗(yàn)，證實(shí)了麥克斯韋關(guān)于光的電磁理論；故A正確；B、查德威克用粒

12、子轟擊鈹核，產(chǎn)生中子和碳12原子核，故B錯(cuò)誤；C、貝克勒爾發(fā)現(xiàn)天然放射性現(xiàn)象，說(shuō)明原子核有復(fù)雜結(jié)構(gòu)；故C正確；D、盧瑟福通過(guò)對(duì)射線散射的研究提出了原子的核式結(jié)構(gòu)模型；故D錯(cuò)誤；故選：AC。【點(diǎn)評(píng)】本題考查對(duì)物理學(xué)史的掌握情況，要注意準(zhǔn)確記憶相關(guān)科學(xué)家的主要貢獻(xiàn)；并能準(zhǔn)確用所學(xué)規(guī)律進(jìn)行分析，絕不能似是而非7（6分）在均勻介質(zhì)中坐標(biāo)原點(diǎn)O處有一波源做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)，其表達(dá)式為y5sin（2t），它在介質(zhì)中形成的簡(jiǎn)諧橫波沿x軸正方向傳播，某時(shí)刻波剛好傳播到x12m處，波形圖如圖所示，則（）A此后再經(jīng)6s該波傳播到x24m處BM點(diǎn)在此后第3s末的振動(dòng)方向沿y軸正方向C波源開(kāi)始振動(dòng)時(shí)的運(yùn)動(dòng)方向沿y軸負(fù)方向D此

13、后M點(diǎn)第一次到達(dá)y3m處所需時(shí)間是2s【考點(diǎn)】F4：橫波的圖象；F5：波長(zhǎng)、頻率和波速的關(guān)系菁優(yōu)網(wǎng)版權(quán)所有【專(zhuān)題】31：定性思想；43：推理法；51D：振動(dòng)圖像與波動(dòng)圖像專(zhuān)題【分析】A、根據(jù)質(zhì)點(diǎn)做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的表達(dá)式，從而求得周期，再由v=T，確定波速，進(jìn)而可求得某段時(shí)間內(nèi)的波傳播的距離；B、根據(jù)M點(diǎn)振動(dòng)的時(shí)間，結(jié)合周期，從而判定M點(diǎn)的振動(dòng)方向；C、簡(jiǎn)諧波傳播過(guò)程中，質(zhì)點(diǎn)做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)時(shí)，起振方向與波源起振方向相同，與圖示時(shí)刻波最前端質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)方向相同；D、根據(jù)此時(shí)M點(diǎn)的振動(dòng)方向，再結(jié)合末位置，從而確定運(yùn)動(dòng)的時(shí)間。【解答】解：A、波的周期T=22=4s，波長(zhǎng)8m，波速v=T=2m/s，則再經(jīng)過(guò)6s，波

14、傳播的距離為xvt12m，故該波傳到x24m處，故A正確；B、M點(diǎn)在此時(shí)振動(dòng)方向向下，則第3秒末，即經(jīng)過(guò)了0.75T，該點(diǎn)的振動(dòng)方向沿y軸正向，故B正確；C、因波傳到x12m處時(shí)，質(zhì)點(diǎn)向y軸正向振動(dòng)，故波源開(kāi)始振動(dòng)時(shí)的運(yùn)動(dòng)方向沿y軸正向，故C錯(cuò)誤；D、M點(diǎn)第一次到達(dá)y3cm位置時(shí)，振動(dòng)的時(shí)間為t=7490s，故D錯(cuò)誤；故選：AB?！军c(diǎn)評(píng)】考查由表達(dá)式來(lái)確定角速度與周期，并掌握波長(zhǎng)、波速、周期的關(guān)系，并能靈活運(yùn)用，同時(shí)并判定某質(zhì)點(diǎn)經(jīng)過(guò)一段時(shí)間時(shí)，所處的振動(dòng)方向，或由所處的位置，來(lái)判定所經(jīng)歷的時(shí)間。8（6分）我國(guó)高鐵技術(shù)處于世界領(lǐng)先水平，它是由動(dòng)車(chē)和拖車(chē)組合而成，提供動(dòng)力的車(chē)廂叫動(dòng)車(chē)，不提供動(dòng)力的

15、車(chē)廂叫拖車(chē)假設(shè)動(dòng)車(chē)組各車(chē)廂質(zhì)量均相等，動(dòng)車(chē)的額定功率都相同，動(dòng)車(chē)組在水平直軌道上運(yùn)行過(guò)程中阻力與車(chē)重成正比某列動(dòng)車(chē)組由8節(jié)車(chē)廂組成，其中第1、5節(jié)車(chē)廂為動(dòng)車(chē)，其余為拖車(chē)，則該列車(chē)組（）A啟動(dòng)時(shí)乘客受到車(chē)廂作用力的方向與車(chē)運(yùn)動(dòng)的方向相反B做勻加速運(yùn)動(dòng)時(shí)，第5、6節(jié)與第6、7節(jié)車(chē)廂間的作用力之比為3：2C進(jìn)站時(shí)從關(guān)閉發(fā)動(dòng)機(jī)到停下來(lái)滑行的距離與關(guān)閉發(fā)動(dòng)機(jī)時(shí)的速度成正比D與改為4節(jié)動(dòng)車(chē)帶4節(jié)拖車(chē)的動(dòng)車(chē)組最大速度之比為1：2【考點(diǎn)】1E：勻變速直線運(yùn)動(dòng)的位移與時(shí)間的關(guān)系；37：牛頓第二定律；63：功率、平均功率和瞬時(shí)功率；65：動(dòng)能定理菁優(yōu)網(wǎng)版權(quán)所有【專(zhuān)題】31：定性思想；4C：方程法；522：牛頓運(yùn)動(dòng)

16、定律綜合專(zhuān)題【分析】根據(jù)受力分析，結(jié)合牛頓第二定律分析車(chē)廂之間的作用力；根據(jù)動(dòng)能定理分析從關(guān)閉發(fā)動(dòng)機(jī)到停下來(lái)滑行的距離；當(dāng)牽引力和阻力的大小相等時(shí)，動(dòng)車(chē)的速度達(dá)到最大值，由此可以求得將非動(dòng)力車(chē)改為動(dòng)力車(chē)的數(shù)量【解答】解：設(shè)每節(jié)動(dòng)車(chē)的功率為P，牽引力為F，每一節(jié)車(chē)廂的質(zhì)量是m，阻力為kmg，A、啟動(dòng)時(shí)乘客的加速度的方向與車(chē)廂運(yùn)動(dòng)的方向是相同的，所以乘客受到車(chē)廂作用力的方向與車(chē)運(yùn)動(dòng)的方向相同。故A錯(cuò)誤；B、做加速運(yùn)動(dòng)時(shí)，有兩節(jié)動(dòng)力車(chē)廂，對(duì)整個(gè)的車(chē)進(jìn)行受力分析得：2F8kmg8ma對(duì)6、7、8車(chē)廂進(jìn)行受力分析得：F13kmg3ma對(duì)7、8車(chē)廂進(jìn)行受力分析得：F22kmg2ma聯(lián)立可得：F1F2=32

17、故B正確；C、設(shè)進(jìn)站時(shí)從關(guān)閉發(fā)動(dòng)機(jī)到停下來(lái)滑行的距離為s，則：-8kmgs=0-8×12mv2 可得：s=v22kg可知進(jìn)站時(shí)從關(guān)閉發(fā)動(dòng)機(jī)到停下來(lái)滑行的距離與關(guān)閉發(fā)動(dòng)機(jī)時(shí)的速度的平方成正比。故C錯(cuò)誤；D、當(dāng)只有兩節(jié)動(dòng)力車(chē)時(shí)，最大速率為v，則：2P8kmgv改為4節(jié)動(dòng)車(chē)帶4節(jié)拖車(chē)的動(dòng)車(chē)組時(shí)：4P8kmgv所以：v2v，故D正確。故選：BD。【點(diǎn)評(píng)】當(dāng)機(jī)車(chē)的速度達(dá)到最大時(shí)，機(jī)車(chē)做勻速運(yùn)動(dòng)，此時(shí)機(jī)車(chē)處于受力平衡狀態(tài)，即此時(shí)的牽引力和受到的阻力的大小相等，再根據(jù)瞬時(shí)功率的公式即可解答本題三、解答題9（6分）如圖所示，方盒A靜止在光滑的水平面上，盒內(nèi)有一小滑塊B，盒的質(zhì)量是滑塊的2倍，滑塊與盒

18、內(nèi)水平面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為若滑塊以速度v開(kāi)始向左運(yùn)動(dòng)，與盒的左、右壁發(fā)生無(wú)機(jī)械能損失的碰撞，滑塊在盒中來(lái)回運(yùn)動(dòng)多次，最終相對(duì)于盒靜止，則此時(shí)盒的速度大小為13v，滑塊相對(duì)于盒運(yùn)動(dòng)的路程為v23g。【考點(diǎn)】53：動(dòng)量守恒定律菁優(yōu)網(wǎng)版權(quán)所有【專(zhuān)題】31：定性思想；4C：方程法；52K：動(dòng)量與動(dòng)能定理或能的轉(zhuǎn)化與守恒定律綜合【分析】物體與盒子組成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒；先由動(dòng)量守恒求出盒子與物塊的最終速度，再結(jié)合損失的機(jī)械能即可求出滑塊相對(duì)于盒運(yùn)動(dòng)的路程?！窘獯稹拷猓涸O(shè)滑塊的質(zhì)量是m，碰后速度為v共，物體與盒子組成的系統(tǒng)合外力為0，設(shè)向左為正方向，由動(dòng)量守恒：mv（m+2m）v共解得：v共=13v開(kāi)始時(shí)盒子與

19、物塊的機(jī)械能：E1=12mv2碰后盒子與物塊的機(jī)械能：E2=12（m+2m）v共2=16mv2損失的機(jī)械能：EE1E2mgs聯(lián)立得：s=v23g故答案為：13v；v23g【點(diǎn)評(píng)】該題考查動(dòng)量守恒定律，解答的關(guān)鍵是能忽略運(yùn)動(dòng)的過(guò)程，熟練應(yīng)用動(dòng)量守恒定律、能量守恒定律是正確解題的關(guān)鍵；解題時(shí)要分析清楚運(yùn)動(dòng)過(guò)程。10（6分）某同學(xué)利用圖1示裝置研究小車(chē)的勻變速直線運(yùn)動(dòng)。實(shí)驗(yàn)中必要的措施是。A細(xì)線必須與長(zhǎng)木板平行 B先接通電源再釋放小車(chē)C小車(chē)的質(zhì)量遠(yuǎn)大于鉤碼的質(zhì)量D平衡小車(chē)與長(zhǎng)木板間的摩擦力他實(shí)驗(yàn)時(shí)將打點(diǎn)機(jī)器接到頻率為50Hz的交流電源上，得到一條紙帶，打出的部分計(jì)數(shù)點(diǎn)如圖2所示（每相鄰兩個(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn)間還

20、有4個(gè)點(diǎn)，圖中未畫(huà)出）。s13.59cm，s24.41cm，s35.19cm，s45.97cm，s56.78cm，s67.64cm。則小車(chē)的加速度am/s2（要求充分利用測(cè)量的數(shù)據(jù)），打點(diǎn)計(jì)時(shí)器在打B點(diǎn)時(shí)小車(chē)的速度vBm/s。（結(jié)果均保留兩位有效數(shù)字）【考點(diǎn)】M4：探究小車(chē)速度隨時(shí)間變化的規(guī)律；M5：測(cè)定勻變速直線運(yùn)動(dòng)的加速度菁優(yōu)網(wǎng)版權(quán)所有【專(zhuān)題】13：實(shí)驗(yàn)題；31：定性思想；43：推理法；511：直線運(yùn)動(dòng)規(guī)律專(zhuān)題【分析】分析實(shí)驗(yàn)?zāi)繕?biāo)和實(shí)驗(yàn)原理，明確實(shí)驗(yàn)中需要注意事項(xiàng)即可求解；根據(jù)逐差法可求得物體運(yùn)動(dòng)的加速度；根據(jù)平均速度表示中間時(shí)刻的瞬時(shí)速度可求得B點(diǎn)的速度。【解答】解：A、為了讓小車(chē)做勻加

21、速直線運(yùn)動(dòng)，應(yīng)使小車(chē)受力恒定，故應(yīng)將細(xì)線與木板保持水平；同時(shí)為了打點(diǎn)穩(wěn)定，應(yīng)先開(kāi)電源再放紙帶；故AB正確；C、本實(shí)驗(yàn)中只是研究勻變速直線運(yùn)動(dòng)，故不需要讓小車(chē)的質(zhì)量遠(yuǎn)大于鉤碼的質(zhì)量；只要能讓小車(chē)做勻加速運(yùn)動(dòng)即可；故C錯(cuò)誤；D、由C的分析可知，只要摩擦力恒定即可，不需要平衡摩擦力；故D錯(cuò)誤；故選：AB；每?jī)蓚€(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn)間有四個(gè)點(diǎn)沒(méi)有畫(huà)出，故兩計(jì)數(shù)點(diǎn)間的時(shí)間間隔為T(mén)5×0.020.1s； 根據(jù)逐差法可知，物體的加速度a=(s4+s5+s6)-(s1+s2+s3)9T2=(5.97+6.78+7.64)-(3.59+4.41+5.19)9×0.01×10-2=0.80m/s2

22、； B點(diǎn)的速度等于AC段的平均速度，則有：v=s1+s22T=0.0359+0.04410.1×2=0.40m/s； 故答案為：AB；0.80；0.40?！军c(diǎn)評(píng)】本題考查勻變速直線運(yùn)動(dòng)規(guī)律的應(yīng)用，要注意明確實(shí)驗(yàn)原理，知道本實(shí)驗(yàn)中只需要研究勻變速直線運(yùn)動(dòng)即可，所以不需要平衡摩擦力，也不需要讓小車(chē)的質(zhì)量遠(yuǎn)大于鉤碼的質(zhì)量。11（6分）某同學(xué)想要描繪標(biāo)有“3.8V 0.3A”字樣小燈泡L的伏安特性曲線，要求測(cè)量數(shù)據(jù)盡量精確、繪制曲線完整可供該同學(xué)選用的器材除開(kāi)關(guān)、導(dǎo)線外，還有：電壓表V1（03V，內(nèi)阻等于3k）電壓表V2（015V，內(nèi)阻等于15k）電流表A1（0200mA，內(nèi)阻等于10）電流

23、表A2（03A，內(nèi)阻等于0.1）滑動(dòng)變阻器R1（010，額定電流2A）滑動(dòng)變阻器R2（01k，額定電流0.5A）定值電阻R3（阻值等于1）定值電阻R4（阻值等于10）定值電阻R5（阻值等于1k）電源E（E6V，內(nèi)阻不計(jì)）請(qǐng)?jiān)诜娇蛑挟?huà)出實(shí)驗(yàn)電路圖，并將各元件字母代碼標(biāo)在元件的符號(hào)旁；該同學(xué)描繪出的IU圖象應(yīng)是圖中的B【考點(diǎn)】N5：描繪小電珠的伏安特性曲線菁優(yōu)網(wǎng)版權(quán)所有【專(zhuān)題】13：實(shí)驗(yàn)題；31：定性思想；46：實(shí)驗(yàn)分析法；535：恒定電流專(zhuān)題【分析】分析給定儀器，明確電表的量程；根據(jù)安全性原則進(jìn)行改裝；同時(shí)根據(jù)實(shí)驗(yàn)要求明確滑動(dòng)變阻器以及電流表接法； 根據(jù)燈泡電阻隨溫度的變化規(guī)律進(jìn)行分析，同時(shí)明確

24、IU圖象中圖象的斜率表示電阻的倒數(shù)【解答】解：燈泡額定電壓為3.8V，而給出的電壓表量程分別為15V和3V，15V量程太大，無(wú)法正確測(cè)量；故只能選用3V量程，并且與定值電阻串聯(lián)擴(kuò)大量程；3V量程的電壓表內(nèi)阻為3K；根據(jù)串并聯(lián)電路規(guī)律可知，應(yīng)選擇1K的定值電阻串聯(lián)； 額定電流為0.3A，而給出的量程中3A量程過(guò)大，不能使用；只能采用將電流表量程200mA的電流表與定值電阻并聯(lián)的方式來(lái)擴(kuò)大量程；根據(jù)改裝原理可知，并聯(lián)10的定值電阻，即可將量程擴(kuò)大到0.4A； 因本實(shí)驗(yàn)中要求多測(cè)幾組數(shù)據(jù)，因此應(yīng)采用滑動(dòng)變阻器分壓接法； 同時(shí)因燈泡內(nèi)阻較小，故采用電流表外接法； 故答案如圖所示； 因燈泡電阻隨溫度的增

25、加而增大，因此在IU圖象中圖線的斜率應(yīng)越來(lái)越小；故選：B故答案為：如圖所示；B【點(diǎn)評(píng)】本題考查描繪小燈泡伏安特性曲線的實(shí)驗(yàn)以及電表的改裝，要求能明確改裝原理，并正確掌握本實(shí)驗(yàn)中電路的接法；注意分壓接法以及電流表接法的正確判斷12（16分）我國(guó)將于2022年舉辦冬奧運(yùn)會(huì)，跳臺(tái)滑雪是其中最具觀賞性的項(xiàng)目之一，如圖所示，質(zhì)量m60kg的運(yùn)動(dòng)員從長(zhǎng)直軌道AB的A處由靜止開(kāi)始以加速度a3.6m/s2勻加速下滑，到達(dá)助滑道末端B時(shí)速度vB24m/s，A與B的豎直高度差H48m。為了改變運(yùn)動(dòng)員的運(yùn)動(dòng)方向，在助滑道與起跳臺(tái)之間用一段彎曲滑道銜接，其中最低點(diǎn)C處附近是一段以O(shè)為圓心的圓弧，助滑道末端B與滑道最低

26、點(diǎn)C的高度差h5m，運(yùn)動(dòng)員在B、C間運(yùn)動(dòng)時(shí)阻力做功W1530J，取g10m/s2。（1）求運(yùn)動(dòng)員在AB段下滑時(shí)受到阻力Ff的大?。唬?）若運(yùn)動(dòng)員能承受的最大壓力為其所受重力的6倍，則C點(diǎn)所在圓弧的半徑R至少應(yīng)為多大?！究键c(diǎn)】37：牛頓第二定律；65：動(dòng)能定理菁優(yōu)網(wǎng)版權(quán)所有【專(zhuān)題】11：計(jì)算題；32：定量思想；4T：尋找守恒量法；52D：動(dòng)能定理的應(yīng)用專(zhuān)題【分析】（1）運(yùn)動(dòng)員在AB段做初速度為零的勻加速運(yùn)動(dòng)，已知初、末速度和位移，可根據(jù)速度位移公式求出加速度，再由牛頓第二定律求出阻力。（2）運(yùn)動(dòng)員從B到C的過(guò)程，由動(dòng)能定理求出到達(dá)C點(diǎn)的速度。在C點(diǎn)，由重力和軌道的支持力充當(dāng)向心力，由牛頓第二定律

27、列式，即可求解?！窘獯稹拷猓海?）運(yùn)動(dòng)員在AB上做初速度為零的勻加速運(yùn)動(dòng)，設(shè)AB的長(zhǎng)度為x，斜面的傾角為，則有 vB2=2ax根據(jù)牛頓第二定律得 mgsinFfma又 sin=Hx由以上三式聯(lián)立解得 Ff144N（2）設(shè)運(yùn)動(dòng)員到達(dá)C點(diǎn)時(shí)的速度為vC，在由B到達(dá)C的過(guò)程中，由動(dòng)能定理有 mgh+W=12mvC2-12mvB2設(shè)運(yùn)動(dòng)員在C點(diǎn)所受的支持力為FN，由牛頓第二定律得 FNmgmvC2R由運(yùn)動(dòng)員能承受的最大壓力為其所受重力的6倍，即有 FN6mg聯(lián)立解得 R12.5m答：（1）求運(yùn)動(dòng)員在AB段下滑時(shí)受到阻力Ff的大小是144N；（2）若運(yùn)動(dòng)員能承受的最大壓力為其所受重力的6倍，則C點(diǎn)所在圓

28、弧的半徑R至少應(yīng)為12.5m?！军c(diǎn)評(píng)】本題中運(yùn)動(dòng)員先做勻加速運(yùn)動(dòng)，后做圓周運(yùn)動(dòng)，是牛頓第二定律、運(yùn)動(dòng)學(xué)公式、動(dòng)能定理和向心力的綜合應(yīng)用，要知道圓周運(yùn)動(dòng)向心力的來(lái)源，涉及力在空間的效果，可考慮動(dòng)能定理。13（18分）如圖所示，空間中存在著水平向右的勻強(qiáng)電場(chǎng)，電場(chǎng)強(qiáng)度大小E53N/C，同時(shí)存在著水平方向的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，其方向與電場(chǎng)方向垂直，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小B0.5T有一帶正電的小球，質(zhì)量m1.0×106kg，電荷量q2×106C，正以速度v在圖示的豎直面內(nèi)做勻速直線運(yùn)動(dòng)，當(dāng)經(jīng)過(guò)P點(diǎn)時(shí)撤掉磁場(chǎng)（不考慮磁場(chǎng)消失引起的電磁感應(yīng)現(xiàn)象），取g10m/s2求：（1）小球做勻速直線運(yùn)動(dòng)的速度v的大

29、小和方向；（2）從撤掉磁場(chǎng)到小球再次穿過(guò)P點(diǎn)所在的這條電場(chǎng)線經(jīng)歷的時(shí)間t?！究键c(diǎn)】CM：帶電粒子在混合場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)菁優(yōu)網(wǎng)版權(quán)所有【專(zhuān)題】11：計(jì)算題；32：定量思想；43：推理法；537：帶電粒子在復(fù)合場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)專(zhuān)題【分析】（1）小球做勻速直線運(yùn)動(dòng)時(shí)，受力平衡，根據(jù)平衡條件結(jié)合幾何關(guān)系列式求解即可；（2）撤去磁場(chǎng)后，由于電場(chǎng)力垂直于豎直方向，它對(duì)豎直方向的分運(yùn)動(dòng)沒(méi)有影響，小球在豎直方向上做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，若使小球再次穿過(guò)P點(diǎn)所在的電場(chǎng)線，僅需小球的豎直方向的分位移為零，根據(jù)豎直上拋運(yùn)動(dòng)的基本公式列式求解即可。【解答】解：（1）小球做勻速直線運(yùn)動(dòng)時(shí)，受力如圖，其所受的三個(gè)力在同一平面內(nèi)，合力為零，

30、則有：Bqv=q2E2+m2g2，代入數(shù)據(jù)解得：v20m/s，速度v的方向與電場(chǎng)E的方向之間的夾角滿(mǎn)足tan=qEmg，解得：tan=3，則60°（2）撤去磁場(chǎng)后，由于電場(chǎng)力垂直于豎直方向，它對(duì)豎直方向的分運(yùn)動(dòng)沒(méi)有影響，以P點(diǎn)為坐標(biāo)原點(diǎn)，豎直向上為正方向，小球在豎直方向上做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，其初速度為vyvsin，若使小球再次穿過(guò)P點(diǎn)所在的電場(chǎng)線，僅需小球的豎直方向的分位移為零，則有：vyt-12gt2=0 聯(lián)立解得t=23s因此從撤掉磁場(chǎng)到小球再次穿過(guò)P點(diǎn)所在的這條電場(chǎng)線經(jīng)歷的時(shí)間23s；答：（1）小球做勻速直線運(yùn)動(dòng)的速度v的大小為20m/s，方向與電場(chǎng)E的夾角為60°；（

31、2）從撤掉磁場(chǎng)到小球再次穿過(guò)P點(diǎn)所在的這條電場(chǎng)線經(jīng)歷的時(shí)間為23s?！军c(diǎn)評(píng)】本題主要考查了帶電粒子在混合場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的問(wèn)題，要求同學(xué)們能正確分析小球的受力情況和運(yùn)動(dòng)情況，抓住小球做勻速直線運(yùn)動(dòng)，合力為零求解，難度適中。14（20分）電磁緩速器是應(yīng)用于車(chē)輛上以提高運(yùn)行安全性的輔助制動(dòng)裝置，其工作原理是利用電磁阻尼作用減緩車(chē)輛的速度。電磁阻尼作用可以借助如下模型討論：如圖所示，將形狀相同的兩根平行且足夠長(zhǎng)的鋁條固定在光滑斜面上，斜面與水平方向夾角為，一質(zhì)量為m的條形磁鐵滑入兩鋁條間，恰好勻速穿過(guò)，穿過(guò)時(shí)磁鐵兩端面與兩鋁條的間距始終保持恒定，其引起電磁感應(yīng)的效果與磁鐵不動(dòng)，鋁條相對(duì)磁鐵運(yùn)動(dòng)相同。磁鐵端面是邊長(zhǎng)為d的正方形，由于磁鐵距離鋁條很近，磁鐵端面正對(duì)兩鋁條區(qū)域的磁場(chǎng)均可視為勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B，鋁條的高度大于d，電阻率為，為研究問(wèn)題方便鋁條只考慮與磁場(chǎng)正對(duì)部分的電阻和磁場(chǎng)，其他部分電阻和磁場(chǎng)可忽略不計(jì)，假設(shè)磁鐵進(jìn)入鋁條間以后，減少的機(jī)械能完全轉(zhuǎn)化為鋁條的內(nèi)能，重力加速度為g。（1）求鋁條中與磁鐵正對(duì)部分的電流I；（2）若兩鋁條的寬度均為b，推導(dǎo)磁鐵勻速穿過(guò)鋁條間時(shí)速度v的表達(dá)式；（3）在其他條件不變的情況下，僅將兩鋁條更換為寬度bb的鋁條，磁鐵仍以速度v