2019-2020學(xué)年北京市順義區(qū)牛欄山一中高三(上)期中物理試卷(含答案解析)

1、2019-2020學(xué)年北京市順義區(qū)牛欄山一中高三（上）期中物理試卷一、單選題（本大題共13小題，共39.0分）1.真空中有兩個相距O.lm、帶電量相等的點電荷，它們間的靜電力的大小為9.0X10-3N,已知靜電力常量k = 9.0 X 109N加2/。2.則每個點電荷所帶的電荷量為（）A. 1 x 10-14cB. lx 10-7。 C. lx 10-6。D.無法確定2.如圖所示，直桿8c的一端用錢鏈固定于豎直墻壁，另一端固定一個小滑輪C， 細繩下端掛一重物，細繩的AC段水平.不計直桿、滑輪及細繩的質(zhì)量，忽略 所有摩擦.若將細繩的端點A稍向下移至H點，使之重新平衡，則此時滑輪C 的位置（）A.

2、在力之間B.與點等高C.在H點之下D.在A點之上如圖中的實線表示電場線，虛線表示只受電場力作用的 帶電粒子的運動軌跡.粒子先經(jīng)過M點，再經(jīng)過N點， 可以判定（）A.粒子在M點的電勢能大于粒子在N點的電勢能B.M點的電勢小于N點的電勢C.粒子在M點受到的電場力大于在N點受到的電場力D.粒子帶負電4 .關(guān)于地球和太陽，下列說法中正確的是（）A.地球?qū)μ柕囊Ρ忍枌Φ厍虻囊π〉枚郆.地球圍繞太陽運轉(zhuǎn)的向心力來源于太陽對地球的萬有引力C.太陽對地球的作用力有引力和向心力D.在地球?qū)μ柕囊ψ饔孟拢柪@地球運動5 .如圖所示，小車B靜止于水平軌道上，其左端固定一根勁度系數(shù)為K的輕彈簧，小車8的

3、質(zhì)量 為加2小車A的質(zhì)量為從高出水平軌道人處由靜止開始沿曲軌道滑下，在水平軌道上與小 車5發(fā)生相互作用.若軌道是光滑的，則彈簧壓縮量最大時，A車的速度以和彈簧的彈性勢能力 分別為（）第11頁，共14頁7.A% = 0Ep= m19hB.以=鬻篙, Ep =黃翳D vA =(2gh，C.以=巴旦,Ep = 3nt + m2 P 26 .輕桿長L = 0.5m,桿的一端固定著質(zhì)量m = 0.Mg的小球，小球在桿的帶動下，繞水平軸在豎直平而內(nèi)作圓周運動，時刻小球運動到最高點時速度為2m/s, g取10m/s2,則，時刻細桿對小 球的作用力大小和方向分別為（）0.2N,向下A.1.8N,向上 B. 1

4、.67V,向下 C.0.2N,向上 D. 如圖所示，用靜電計可以測量己充電的平行板電容器兩極板之間 的電勢差U,靜電計指針張角會隨電勢差U的變大而變大，現(xiàn)使 電容器帶電并保持總電量不變，下列哪次操作能讓靜電計指針張 角變大（）A.僅減小兩極板之間的距離B.僅將A板稍微上移C.僅將玻璃板插入兩板之間D.條件不足無法判斷8 .甲、乙兩物體的加速度分別為% = lm/s?、a? =-1巾/$2.則（）A.甲物體的速度增加了lm/sB.乙物體的速度減少了lm/sC.甲物體比乙物體的速度變化快D.兩物體的速度變化快慢相同9 .如圖所示，A、B、C為電場中某電場線上的三點，且AB = BC,設(shè)A、 _C兩

5、點場強的大小分別為蜃、Ec，A、5兩點和8、C兩點間的電勢差分別為3、/c.則（）一1A. Ea = Ec B. Ea Ec C. Uab = UBC D. Uab V Ubc10 .在平直的公路上，靜止的汽車啟動后先勻加速開始運動，達到額定功率后保持額定功率不變繼 續(xù)運動。設(shè)汽車所受阻力恒定，則關(guān)于汽車運動全過程中的加速度大小隨時間變化圖象可能是 下圖中的（）11 .在第二十九屆奧運會上“綠色、科技、人文”的理念深入人心.如在奧運村及奧運場館內(nèi)大量 使用太陽能路燈，其光電轉(zhuǎn)換裝置在陽光照射下把太陽能轉(zhuǎn)換為電能儲存起來，供夜晚照明使 用.在正常照射下，太陽能電池的光電轉(zhuǎn)換效率可達20%,可產(chǎn)生

6、24V電壓，產(chǎn)生2.5A的電流， 則每秒該路燈可轉(zhuǎn)化的太陽能為（）A. 120JB. 300JC. 600 JD. 1200J12 . 2019年4月10日人類史上第一張黑洞照片在全球六地同步發(fā)布。如圖所示，該圖像的許多特征 與愛因斯坦廣義相對論的預(yù)言完全一致，在強引力極端環(huán)境下進一步驗證了廣義相對論。黑洞 是宇宙空間內(nèi)存在的一種超高密度的天體，它產(chǎn)生的引力場極強，以至于它的逃逸速度大于光 速，光都不能逃逸。已知逃逸速度是近地衛(wèi)星環(huán)繞速度的6倍，光在真空中的傳播速度。= 3 X 108m/s,地球的質(zhì)量M = 6X102”g,引力常量G = 6.67 X如一門m2/如2,若地球能收 縮成黑洞，

7、則地球半徑大約要收縮到（）A. 9 mmB. 9 mC. 9 kmD. 90 km13 . 一艘宇宙飛船在預(yù)定軌道上做勻速圓周運動，在該飛船的密封艙內(nèi)，下列實驗?zāi)軌蜻M行的是（）宇航員生活廢水過濾處理實驗A.D.r 血漿與血細胞自然分層實驗一血細電二、多選題（本大題共1小題，共3.0分）14 .如圖所示，光滑水平地而上靜止放置由彈簧相連的木塊A和從開始時彈簧處于原長，現(xiàn)給A一個向右的瞬時沖量，讓A開始以速度向右運動，若mAaB，則（）A.當彈簧被壓縮到最短時，B的速度達到最大值B.在以后運動過程中8的速度還可能為零C.當彈簧再次恢復(fù)為原長時，A的速度可能大于8的速度D.當彈簧再次恢復(fù)為原長時，A

8、的速度一定小于5的速度三、實驗題（本大題共2小題，共18.0分）15 .在“驗證力的平行四邊形定則”實驗中（1）部分實驗步驟如下，請完成有關(guān)內(nèi)容：A.將一根橡皮筋的一端固定在貼有白紙的豎直平整木板上，另一端拴上兩根細線8.其中一根細線掛上5個質(zhì)量相等的鉤碼，使橡皮筋拉伸，如圖中所示，記錄鉤碼個數(shù)、結(jié)點O 的位置，以及橡皮繩的伸長方向C將步驟8中的鉤碼取下，分別在兩根細線上掛上4個和3個質(zhì)量相等的鉤碼,用兩光滑硬棒8、 C使兩細線互成角度，如圖乙所示，小心調(diào)整3、C的位置，使，記錄 和.（2）如果“力的平行四邊形定則”得到驗證，那么圖乙中cosa： c”6=.16 .下圖是利用自由落體運動進行“

9、驗證機械能守恒定律”的實驗裝置，打點計時器的電源為f =50”z的交流電。(1)打點計時器有電磁打點計時器和電火花打點計時器兩種。為了減小誤差，最好選打點計時器。(2)某同學(xué)按照正確的實驗步驟操作后，選出一條紙帶如圖所示，其中。點為重物剛下落時打點 計時器打下的第一個點，A、B、。為三個計數(shù)點，用刻度尺測得04=兒，0B = h2, 0C = h3, 在計數(shù)點A和8、8和。之間還各有一個點。己知重物的質(zhì)量為重力加速度為外在段 運動過程中，重物重力勢能的減少量4Ep =:重物的動能增加量4Ek = (結(jié) 果均用字母表示)。四、簡答題(本大題共2小題，共18.0分)17 .自由落體運動的運動性質(zhì)是

10、什么？有哪些基本規(guī)律？18 .如圖所示，豎直放置的半圓形絕緣光滑軌道半徑A = 40cm,下端與絕緣光滑的水平面平滑連接, 整個裝置處于方向豎直向下，大小為E = 1X103i7th的勻強電場中，一質(zhì)量為m = 10g、帶電 量為q =+1X10-紀的小物塊(可視為質(zhì)點)，從水平面上的A點以初速度外水平向左運動，沿 半圓形軌道恰好能通過最高點C,取g = 10m/s2,試求： (1)小物塊從C點拋出后落地點與3點間的水平距離； (2)外的大小和過B點時軌道對小物塊的支持力大小.五、計算題(本大題共2小題，共22.0分)19 .如圖所示，質(zhì)量mi = 0.3處的小車靜止在光滑的水平而上，車長L

11、= 2.0m,現(xiàn)有質(zhì)量m2 = 0.2kg 可視為質(zhì)點的物塊，以水平向右的速度% = 2m/s從左端滑上小車，最后在車面上某處與小車保 持相對靜止。物塊與車而間的動摩擦因數(shù) =0.5,取g = 10m/s2,求(1)物塊在車面上滑行的時間(2)要使物塊不從小車右端滑出，物塊滑上小車左端的速度I，不超過多少？(3)物塊仍以水平向右的速度/ = 2m/s從左端滑上小車，要使物塊從小車右端滑出，則物塊剛 滑上小車左端時需加一個至少多大的水平恒力F-20 .如圖甲所示，豎直放置的輕質(zhì)彈簧一端固定，另一端與質(zhì)量為機的小物塊連接，在豎直向上的 拉力丁作用下，物塊靜止于。點.此時，T = 2mg,彈簧的伸長

12、量為反現(xiàn)撤去拉力7,物塊豎 直向下運動直至最低點，此過程中彈簧始終未超出彈性限度.iisrT=2mg眩2g-2g7g甲乙(1)求物塊靜止于。點時，彈簧彈力的大小F.(2)取。為坐標原點，豎直向下為正方向建立坐標系，在乙圖中作出物塊向下運動到位移 = 4九 過程中的加速度“與X關(guān)系圖線.(3)求向下運動過程中，物塊動能的最大值幾皿答案與解析L答案：B解析：解：根據(jù)庫侖定律可得：F = k。 r-所以有：Q=盡=/O-O-：1C=1X1。-7工 7 k N 9.0X10。故選及根據(jù)庫侖定律的公式F = & 列出方程即可求得電荷的電荷量.r2本題就是對庫侖定律F =的考查，計算時要認真仔細，同時要注

13、意庫侖定律的使用條件是真空中的點電荷.2 .答案：D解析：解：由于桿一直平衡，對兩根細繩拉力的合力沿桿的方向向下，又由于同一根繩子的張力處 處相等，而且兩根細繩的拉力大小相等且等于物體的重力G,根據(jù)平行四邊形定則，合力一定在角 平分線上，若將細繩的端點A稍向下移至4點，若桿不動，則乙VCBV乙BCG,則不能平衡，若要桿再次平衡， 則兩繩的合力一定還在角平分線上，所以8C桿應(yīng)向上轉(zhuǎn)動一定的角度，此時C在A點之上，故。 正確C故選：D.由于桿一直平衡，對兩根細繩拉力的合力沿桿的方向向下，兩根細繩的拉力大小相等且等于物體的 重力G,根據(jù)平行四邊形定則分析即可.本題是動態(tài)平衡問題，關(guān)鍵要抓住滑輪的力學(xué)

14、特性，根據(jù)對稱性進行分析，注意兩繩的合力一定沿 著桿子方向.3 .答案：A解析：解：A、由電場力方向應(yīng)指向軌跡的內(nèi)側(cè)得知，粒子所受電場力方向大致斜向左下方，M到N 的過程中，對粒子做正功，其電勢能減小，動能增大，則知粒子在M點的電勢能大于在N點的電勢 能，故A正確.B、正電荷電勢能大處，電勢高，故M點的電勢高于N點的電勢，故3錯誤.C、電場線的疏密表示電場強度的強弱，由圖可知，A1點的場強小于N的場強，故電荷在M的電場 力小于N點的電場力，故。錯誤.。、由電場力方向應(yīng)指向軌跡的內(nèi)側(cè)得知.粒子所受電場力方向大致斜向左下方，電場線的方向也 是向左下方，所以粒子帶正電.故。錯誤.故選:A.電場線的疏

15、密表示電場強度的強弱，電場線某點的切線方向表示電場強度的方向.不計重力的粒子 在電場力作用下從M到N,運動與力關(guān)系可知，電場力方向與速度方向分居在運動軌跡兩邊，且電 場力偏向軌跡的內(nèi)側(cè).本題是電場中軌跡問題，關(guān)犍要根據(jù)軌跡的彎曲方向判斷出粒子所受的電場力方向，再抓住電場線 的物理意義判斷場強、電勢等的大小.4 .答案：B 解析：解：A、地球?qū)μ柕囊吞枌Φ厍虻囊κ且粚ψ饔昧εc反作用力，大小相等，故A 錯誤：8、地球困繞太陽運轉(zhuǎn)時由太陽對地球的萬有引力提供向心力，不是太陽對地球的作用力有引力和向 心力，故3正確，C錯誤：C、是地球繞太陽轉(zhuǎn)動，不是太陽繞地球運動，故。錯誤。故選:B。地球?qū)?/p>

16、太陽的引力和太陽對地球的引力是一對作用力與反作用力，大小相等，地球圍繞太陽運轉(zhuǎn)時 由太陽對地球的萬有引力提供向心力.本題主要考查了天體運動中，由萬有引力提供向心力，注意不是除了萬有引力還有向心力作用，向 心力是效果力.5 .答案：B 解析：【分析】由機械能守恒定律可以求出A到達水平而的速度，當兩球速度相等時，彈簧的彈性勢能最大，兩小 車碰撞過程中動量守恒、機械能守恒，由動量守恒定律與機械能守恒定律可以求出彈簧的最大彈性 勢能.分析清楚物體運動過程，應(yīng)用機械能守恒、動量守恒定律即可正確解題.【解答】設(shè)A小車到達圓弧底端時的速度為,根據(jù)機械能守恒定律有：詔，當A、B兩小車速度相同時，彈簧的彈性勢能

17、最大，設(shè)共同速度為u根據(jù)動量守恒定律有：mLv0 = （m1 +加2）以，所以以=叫旦力工+??？根據(jù)機械能守恒定律有:Ep =:恤詔+ m2）v, 聯(lián)立解得：Ep=M 故8正確，ACQ錯誤。故選瓦6 .答案：C 解析：解：設(shè)小球通過最高點時桿對小球的作用力方向向下，大小為F.根據(jù)牛頓第二定律得: 則得：尸=處/-9）= 0.1乂（|一10）3=一0.2可，負號表示桿對小球的作用力方向向上，故桿對 小球施加向上的支持力，大小為0.2N.故選：C小球通過最高點時，由重力和桿對小球的作用力的合力提供向心力，以小球為研窕對象，根據(jù)牛頓 第二定律求解.解決圓周運動的動力學(xué)問題，關(guān)鍵分析物體受力，確定向心

18、力的來源，再運用牛頓第二定律求解.7 .答案：B 解析：解：A、根據(jù)得，減小兩極板之間的距離，則電容增大，根據(jù)U = 知，電荷量不變， 則電勢差減小，靜電計指針張角變小.故A錯誤.8。、根據(jù)C匚得，將A板稍微上移，S減小，則電容減小，根據(jù)U = *知，電荷量不變，則電勢4nkaC差增大，靜電計指針張角變大.故8正確，。錯誤.C、根據(jù)c = S匚得，將玻璃板插入兩板之間，則電容增大，根據(jù)U= 5知，電荷量不變，則電勢差 4nkaC減小，靜電計指針張角變小.故C錯誤.故選：B.靜電計測量的是電容器兩端的電勢差，根據(jù)電容的決定式確定電容的變化，從而根據(jù)U=5判斷電勢 差的變化.解決本題的關(guān)鍵掌握電容

19、的決定式C = 品和電容的定義式U =并能靈活運用.8 .答案：D 解析：解：甲、乙兩物體的加速度的大小分別為lm/s2, B的加速度的大小為-1m2,它們的大小 相等，即速度變化快慢相同，不過它們的方向不同，若它們的初速度方向相同，且與甲物體加速度 的方向相同，甲做勻加速直線運動，乙做勻減速直線運動，所以A8C錯誤，。正確。故選：通過求加速度的絕對值來比較兩物體的加速度的大小，通過加速度是描述速度變化快慢的物理量， 從而即可求解.加速度的正負代表了加速度的方向，為正表示與規(guī)定的正方向相同，為負表示與規(guī)定的正方向相 反.加速度的大小應(yīng)取加速度的絕對值，與正負無關(guān).9 .答案：D 解析：解：電場

20、線的密的地方表示電場的強，所以場強大小順序為：EaEbc，則有rv警怒8.89X107,故BCD錯誤，A正確。故選A。13 .答案：C解析：解：由于過濾水時水要借助重力向下流，在太空中無法實現(xiàn)；同理，也無法研究物體的重力 勢能，故血漿與血細胞分層實驗，故錯誤：只有。中感應(yīng)電流的產(chǎn)生和重力無關(guān)，在太空中可以完成，故。正確： 故選C.宇宙飛船在運行時，萬有引力充當向心力而處于失重狀態(tài)，凡是利用重力作用的實驗均無法完成. 本題考查超重與失重的應(yīng)用，注意在完全失重狀態(tài)下，凡是地面上利用重力的實驗在失重狀態(tài)下均 無法實驗.但是要注意彈簧秤在宇宙飛船上式可以使用的.14 .答案：BD解析：【分析】A壓縮彈

21、簧，所受的合力與速度方向相反，做減速運動，B所受的合力與速度方向相同，做加速運動， 速度相等時相距最近，彈簧的壓縮量最大，然后B繼續(xù)做加速運動，A做減速運動，彈簧恢復(fù)原長 時，B的速度達到最大，結(jié)合動量守恒和能量守恒分析判斷.解決本題的關(guān)鍵理清A、8的運動規(guī) 律，知道A、8速度相等時，彈簧壓縮量最大，此時8的速度不是最大，當彈簧第一次恢復(fù)原長時， 8的速度最大.解析：A、A開始壓縮彈簧，A做減速運動，3做加速運動，當兩者速度相等時，彈簧壓縮最短，然后8繼 續(xù)做加速運動，A繼續(xù)做減速運動，所以彈簧壓縮到最短時，B的速度不是達到最大，A錯誤； BCD,彈簧壓縮到最短時，兩者速度相等，然后B繼續(xù)做加

22、速，A繼續(xù)做減速運動，直到彈簧恢復(fù) 原長，此時3的速度達到最大，大于A的速度，接著A加速，8減速，彈簧被拉伸，當彈簧被拉伸 到最長時，AB共速，A繼續(xù)加速，B繼續(xù)減速，再次恢復(fù)原長時，A的速度增加到外，此時B的速 度為零，B正確：。錯誤：。正確； 故選BD。15 .答案：結(jié)點。的重合；鉤碼個數(shù)；細繩的方向：!解析：解：（1）該實驗采用“等效代替”法，因此在用兩個繩套拉橡皮筋時，要將橡皮筋與細線結(jié)點 拉到與步驟B中結(jié)點位置重合，同時記錄鉤碼個數(shù)和對應(yīng)的細線方向.（2）根據(jù)。點處于平衡狀態(tài)，正交分解有： 豎直方向：4mgsina + 3mgsin（3 = Smg 水平方向：Atmgcosa = 3

23、mgcosf 聯(lián)立解得：簫/故答案為：（1）結(jié)點。的重合、鉤碼個數(shù)、細繩的方向；（2）：“驗證力的平行四邊形定則”的實驗原理是：記錄兩個分力以及合力的大小和方向后，選用相同的 標度將這三個力畫出來，畫出來的合力是實際值，然后根據(jù)平行四邊形畫出合力的理論值，通過比 較實際值和理論值的關(guān)系來進行驗證，明確了實驗原理即可知知道實驗中需要記錄的物理量和具體 的操作.要闈繞“驗證力的平行四邊形定則”的實驗原理對實驗步驟和實驗中需要注意的問題進行理解，正 確理解“等效代替”的含義.16 .答案：（1）電火花；（2）加加2： 產(chǎn)干乎解析：【分析】（1）電火花打點計時器對質(zhì)點的阻力小，故選電火花打點計時器：（

24、2）根據(jù)下降的高度求出重力勢能的減小量，根據(jù)某段時間內(nèi)的平均速度等于中間時刻的瞬時速度求 出B點的速度，從而得出動能的增加量；解決本題的關(guān)鍵知道實驗的原理，知道重力勢能的減小量略大于動能增加量的原因，掌握紙帶的處 理方法，會通過紙帶求解重力勢能的減小量，通過平均速度推論求出瞬時速度的大小，從而得出動 能的增加量?！窘獯稹浚?）電火花打點計時器對質(zhì)點的阻力小，故選電火花打點計時器：（2）在計數(shù)點A和8、8和。之間還各有一個點，T = jB點的速度：%=答=色產(chǎn)在段運動過程中，重物重力勢能的減少量Ep=mgh2,則動能的增加量= mvB2 =學(xué)尸=一3,）12。故填：（1）電火花：（2）mg%；

25、件子17 .答案：不受其他外力作用，只有重力作用的物體所做的運動，初速度為0,加速度為g的勻加速直線運動；速度公式：=gt，位移公式：h = gt解析：【分析】不受其他外力作用，只有重力作用的物體所做的運動就叫做自由落體運動，基本特征是運動加速度 為重力加速度?！窘獯稹课矬w開始下落時是靜止的即初速度為0,如果物體的初速度不為0,就算是豎直下落，也不能算是自 由落體，物體下落過程中，除受重力作用外，不再受其他任何外界的作用力（包括空氣阻力）或外力 的合力為0：任何物體在相同高度做自由落體運動時，下落時間相同。故答案為：不受其他外力作用，只有重力作用的物體所做的運動，初速度為0,加速度為力的勻加速

26、直線運動；速度公式：v = gt,位移公式：h = gt2018 .答案：解：（1）根據(jù)牛頓第二定律得：mg + qE=m- R% = vct1 ?2R = -at22根據(jù)牛頓第二定律得加速度：。=0空=2771則解得：X = 2R = 0.8m.(2)小球從B至。的過程中，根據(jù)動能定理得，一(mg+qE) X 2R =詔一 諾對B受力分析有：Fc mg qE = m Rv0 = vB解得 % = vB = 2/10m/s 答：(1)小物塊從。點拋出后落地點與3點間的水平距離為0.8m.則小=mg + qE + m=12mg = 1.27V.(2)%的大小為2VHm/s,過B點時軌道對小物塊的

27、支持力大小為L2N.解析：(1)小物塊恰好通過最高點，知重力和電場力的合力提供向心力，根據(jù)牛頓第二定律求出在最 高點的速度，結(jié)合平拋運動的規(guī)律求出水平距離.(2)對8到C段運用動能定理，抓住初速度與3點的速度相同，求出初速度的大小.根據(jù)牛頓第二定 律求出小物塊在B點所受的支持力的大小.本題考查圓周運動和平拋運動的綜合，知道圓周運動在最低點和最高點向心力的來源，結(jié)合動能定 理和牛頓第二定律進行求解.19.答案：解：(1)設(shè)共速時速度為由 ,對物塊與小車，以向右為正方向，由動量守恒定律得；m2vQ =+ m2)vi對小車，由動量定理得：nm2gt = m1v1,代入數(shù)據(jù)解得：t = 0.24s；(

28、2)物塊不從小車右端滑出，則在末端共速，設(shè)共同速度為內(nèi),以向右為正方向，對物塊與小車組成的系統(tǒng)，由動量守恒定律得：m2v =+m2)v2由能量守恒定律得：rn2v2 = 硝+ m2)vl +nm2gLt代入數(shù)據(jù)解得：v = m/s,即物塊劃上小車左端的速度不能超過!； =33(3)設(shè)恰好能使物塊滑出小車的拉力為凡由題意，物塊應(yīng)在小車末端共速，對物塊，由牛頓第二定律得：F nm2g = m2a2對小車：由牛頓第二定律得：rn2g = m1a2由運動學(xué)，共速有：aLt = v0 + a2l由位移關(guān)系，得：為t + 2t* 2。1產(chǎn)=心，代入數(shù)據(jù)解得：F 彩L47N,即當F 1.47N時物塊可以滑出小車：答：(1)物塊在車而上滑行的時間，為0.24s：(2)要使物塊不從小車右端滑出，物塊滑上小車左端的速度-不超過巨m/s:(3)物塊仍以水平向右的速度% = 2m/s從左端滑上小車，要使物塊從小車右端滑出，則物塊剛滑上 小車左端時需加一個至少為1.47N的水平恒力Fo解析：(1)由動量守恒定律求出物塊與車的共同速度，對小車應(yīng)用動量定理可以求出時間。(2)應(yīng)用動量守恒定律與能量守恒定律可以求出小車的速度vo第15頁，共14頁(3)應(yīng)用牛頓