2022-2023學(xué)年福建省三明市物理高三上期中監(jiān)測試題（含解析）

1、2022-2023高三上物理期中模擬試卷注意事項1考生要認真填寫考場號和座位序號。2試題所有答案必須填涂或書寫在答題卡上，在試卷上作答無效。第一部分必須用2B 鉛筆作答；第二部分必須用黑色字跡的簽字筆作答。3考試結(jié)束后，考生須將試卷和答題卡放在桌面上，待監(jiān)考員收回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示的電場，M、N、Q是以直電場線上一點O為圓心的同一圓周上的三點，連線垂直于。以下說法正確的是（）AO點電勢與Q點電勢相等BO、M間的電勢差小于N、O間的電勢差C將一負電荷由M點移到Q點，電荷的電勢能增加D在Q點釋放一個

2、正電荷，正電荷所受電場力將沿與垂直的方向豎直向上2、下列說法中正確的是 （ ）A沖量的方向一定和動量的方向相同B動量變化量的方向一定和動量的方向相同C物體的末動量方向一定和它所受合外力的沖量方向相同D沖量是物體動量變化的原因3、如圖所示，汽車里有一水平放置的硅膠魔力貼，魔力貼上放置一質(zhì)量為 m 的小花瓶若汽車在水平公路上向前做勻加速直線運動，則以下說法正確的是( )A小花瓶受到的靜摩擦力水平向前B小花瓶受到的靜摩擦力不斷增大C小花瓶所受的合力為零D魔力貼對小花瓶的作用力為 mg4、 “太空涂鴉”技術(shù)就是使低軌運行的攻擊衛(wèi)星在接近高軌偵查衛(wèi)星時，準確計算軌道向其發(fā)射“漆霧”彈，并在臨近偵查衛(wèi)星時

3、，壓爆彈囊，讓“漆霧”散開并噴向偵查衛(wèi)星，噴散后強力吸附在偵查衛(wèi)星的偵察鏡頭、太陽能板、電子偵察傳感器等關(guān)鍵設(shè)備上，使之暫時失效。下列說法正確的是()A攻擊衛(wèi)星在軌運行速率大于7.9 km/sB攻擊衛(wèi)星進攻前的速度比偵查衛(wèi)星的速度小C攻擊衛(wèi)星完成“太空涂鴉”后應(yīng)減速才能返回低軌道上D若攻擊衛(wèi)星周期已知，結(jié)合萬有引力常量就可計算出地球質(zhì)量5、如圖所示，固定的半圓形豎直軌道，AB為水平直徑，O為圓心，同時從A點水平拋出質(zhì)量相等的甲、乙兩個小球，速度分別為v1，v2，分別落在C、D兩點，并且CD兩點等高，OC、OD與豎直方向的夾角均為37，（sin37=0.6，cos37=0.8）則( )Av1：v

4、2=1:3Bv1：v2=1:4C甲、乙兩球下落到軌道上C、D兩點時重力的瞬時功率不相等D甲、乙兩球下落到軌道上的速度變化量不相等6、2019年1月3日10時26分， “嫦娥四號”探測器在月球背面成功軟著陸。若將發(fā)射過程簡化如下：“嫦娥四號”探測器從地球表面發(fā)射后,進入地月轉(zhuǎn)移軌道,經(jīng)過M點時變軌進入距離月球表面3R（R為月球的半徑）的圓形軌道,在軌道上經(jīng)過P點時再次變軌進入橢圓軌道,之后又變軌進入近月軌道，最后擇機在Q點著陸月球表面。下列說法正確的是A“嫦娥四號”探測器在軌道、上的運行速度大小之比為2：1B“嫦娥四號”探測器沿軌道、運行經(jīng)過P點時速度大小相同C“嫦娥四號”探測器沿軌道、運行的周

5、期之比為D“嫦娥四號”探測器在地月轉(zhuǎn)移軌道上經(jīng)過M點的動能小于軌道上經(jīng)過M點的動能二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、游樂場的一種滑梯，它是由很小一段弧形軌道將傾斜直軌道和水平軌道連接組成的，如圖所示.一位小朋友從斜軌道頂端由靜止開始自由下滑，經(jīng)過很小一段弧形軌道滑到水平軌道上，繼續(xù)滑動一段距離后停下.則小朋友 ()A沿傾斜軌道下滑過程中機械能一定增加B沿弧形軌道滑動過程中對軌道做了負功C沿水平軌道滑動過程中，摩擦力對他做了負功D在整個滑動過程中，重力做功和他克服摩擦

6、力的功相等8、天文學(xué)家發(fā)現(xiàn)某恒星有一顆行星在圓形軌道上繞其做勻速圓周運動，并測出了行星的軌道半徑和運行周期由此可推算出（ ）A恒星的質(zhì)量 B恒星的平均密度C行星的質(zhì)量 D行星運行的速度大小9、興趣小組的同學(xué)們利用彈弓放飛模型飛機。彈弓的構(gòu)造如圖1所示，其中橡皮筋兩端點A、B固定在把手上。橡皮筋處于ACB時恰好為橡皮筋原長狀態(tài)（如圖2所示），將模型飛機的尾部放在C處，將C點拉至D點時放手，模型飛機就會在橡皮筋的作用下發(fā)射出去。C、D兩點均在AB連線的中垂線上，橡皮筋的質(zhì)量忽略不計?，F(xiàn)將模型飛機豎直向上發(fā)射，在它由D運動到C的過程中A模型飛機在D位置所受彈力最大B模型飛機在C位置時的速度最大C模型

7、飛機的加速度先減小，后增大D模型飛機的機械能一直在增大10、如圖所示，A、B球的質(zhì)量相等，彈簧的質(zhì)量不計，傾角為的斜面光滑，系統(tǒng)靜止時，彈簧與細線均平行于斜面，在細線被燒斷的瞬間下列說法正確的是( )A兩個小球的瞬時加速度均沿斜面向下，大小均為gsinBB球的受力情況未變，瞬時加速度為零CA球的瞬時加速度沿斜面向下，大小為2gsinD彈簧有收縮的趨勢，B球的瞬時加速度向上，A球的瞬時加速度向下，A、B兩球瞬時加速度都不為零三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）實驗小組的同學(xué)做“用單擺測重力加速度”的實驗。(1)實驗前他們導(dǎo)出了重力加

8、速度的表達式，對于此式的理解，同學(xué)甲：T一定時，g與L成正比同學(xué)乙：L一定時，g與T2成反比同學(xué)丙：L變化時，T2是不變的同學(xué)丁：L變化時，L與T2的比值是定值其中觀點正確的是_同學(xué)（選填“甲”、“乙”、“丙”、“丁”）。(2)實驗室有如下器材可供選用：A長約1m的細線B長約1m的橡皮繩C直徑約2cm的均勻鐵球D直徑約5cm的均勻木球E秒表F時鐘實驗小組的同學(xué)選用了最小刻度為毫米的米尺，他們還需要從上述器材中選擇_（填寫器材前面的字母）。(3)他們將其上端固定，下端自由下垂（如圖所示）。用刻度尺測量懸點到球心之間的距離記為單擺的擺長L。(4)他們記錄小球完成n次全振動的總時間t，則單擺的周期T

9、=_。(5)如果實驗得到的結(jié)果比當?shù)氐闹亓铀俣戎敌?，可能的原因是（_）A測擺線長時擺線拉得過緊B擺線上端未牢固地系于懸點，振動中出現(xiàn)松動，使擺線長度增加了C開始計時，秒表過遲按下D實驗中誤將n-1次全振動數(shù)為n次12（12分）在用單擺的小角度振動測量當?shù)氐闹亓铀俣鹊膶嶒炛?，以下說法中正確的是（_）A測量周期時，應(yīng)該從擺球到達最低點開始計時，并記錄次全振動時間，這樣做的目的是減小測量的偶然誤差B若測出的重力加速度比當?shù)貙嶋H重力加速度大，有可能是誤將次全振動記為次全振動了C某同學(xué)測量了多組周期隨擺長變化的數(shù)據(jù)后，利用畫圖象法得到了當?shù)刂亓铀俣鹊闹?，發(fā)現(xiàn)圖線不過坐標原點，則他通過圖象得到的重力

10、加速度值有可能是比較準確的D若宇航員在火星上測量，但手邊沒有規(guī)則的小球，只有一些小石頭子，其他器材都有，因不能準確測量擺長，他測出的重力加速度一定偏小或偏大四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）如圖，與水平面夾角37的斜面和半徑R=0.4m的光滑圓軌道相切于B點，且固定于豎直平面內(nèi)。滑塊從斜面上的A點由靜止釋放，經(jīng)B點后沿圓軌道運動，通過最高點C時軌道對滑塊的彈力為零。已知滑塊與斜面間動摩擦因數(shù)=0.25。（g取10m/s2，sin37=0.6，cos37=0.8）求：（1）滑塊在B點的速度大小vB（2）A、

11、B兩點間的高度差h14（16分）如圖所示，LMN是豎直平面內(nèi)固定的光滑絕緣軌道，MN水平且足夠長，LM下端與MN相切。質(zhì)量為m的帶正電小球B靜止在水平軌道上，質(zhì)量為2m的帶正電小球A從上距水平軌道高為h處由靜止釋放。在A球進入水平軌道之前，由于A、B兩球相距足夠遠，相互作用的靜電力忽略不計，A、B兩球組成的系統(tǒng)的電勢能可認為是零，帶電小球均可視為質(zhì)點。己知重力加速度為g。(1)A、B兩球相距最近時，求A球的速度大小v.(2)A、B兩球相距最近時，求A、B兩球組成的系統(tǒng)的電勢能EP(3)求A、B兩球最終的速度大小vA、vB15（12分）為了安全，在公路上行駛的汽車之間應(yīng)保持必要的距離已知某高速公

12、路的最高限速，假設(shè)前方車輛突然停止，汽車司機從發(fā)現(xiàn)這一情況，經(jīng)操控剎車，到汽車開始減速所經(jīng)歷的時間（即反應(yīng)時間）t=0.50s，剎車時汽車受到阻力的大小為汽車重力的0.40倍，則該高速公路上汽車間的安全距離至少為多少？重力加速度取。參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解析】A電場線與等勢面垂直，過O點做O點附近的等勢面如圖可知O點的電勢比Q點的電勢高，A錯誤；B根據(jù)電場分布可知，OM間的平均電場強度比NO之間的平均電場強度大，故由公式可知，OM間的電勢差大于NO間的電勢差，B錯誤；CM點的電勢比Q點的電勢高，負

13、電荷從高電勢移動到低電勢電場力做負功，電荷的電勢能增加，C正確；D正電荷所受電場力將沿與該點電場線的切線方向相同，由圖可知Q點的電場線不是豎直向上的，而是斜向上，所以，在Q點釋放一個正電荷，正電荷所受電場力將沿斜向上，D錯誤。故選C。2、D【解析】解：A、沖量的方向和動量的方向不一定相同，比如平拋運動，沖量方向豎直向下，動量方向是軌跡的切線方向故A錯誤B、動量增量的方向與合力的沖量方向相同，與動量的方向不一定相同，比如勻減速直線運動，動量增量的方向和動量的方向相反故B錯誤C、物體的末動量方向不一定和它所受合外力的沖量方向相同故C錯誤D、根據(jù)動量定理可知，沖量是物體的動量變化的原因故D正確故選D

14、3、A【解析】A. 對小花瓶受力分析可知，受到重力，支持力和靜摩擦力，小花瓶受到的靜摩擦力水平向前，提供小花瓶隨車一起向前勻加速運動的加速度，故A正確；B.根據(jù)牛頓第二定律f=ma，加速度不變，靜摩擦力大小不變，故B錯誤；C. 合力提供加速度，故合力不為零，故C錯誤；D. 魔力貼對小花瓶的作用力為F=f2+(mg)2，故D錯誤；故選：A4、C【解析】AB.根據(jù)萬有引力提供向心力，得，軌道半徑越小，速度越大，當軌道半徑最小等于地球半徑時，速度最大等于第一宇宙速度故攻擊衛(wèi)星在軌運行速率小于攻擊衛(wèi)星進攻前的軌道高度低，故攻擊衛(wèi)星進攻前的速度比偵查衛(wèi)星的速度大，故AB均錯誤；C.攻擊衛(wèi)星完成“太空涂鴉

15、”后應(yīng)減速做近心運動，才能返回低軌道上，故C正確；D.根據(jù)萬有引力提供向心力，只有周期，缺少其它量，解不出地球質(zhì)量，故D錯誤。故選C。5、B【解析】ABCD兩點等高，兩球運動時間相等，兩球水平方向均做勻速直線運動，初速度之比等于水于射程之比，則：故A錯誤，B正確。C甲、乙兩球下落到軌道上C、D兩點時重力的瞬時功率因兩球運動時間相等，所以重力的瞬時功率相等。故C錯誤；D甲、乙兩球下落到軌道上的速度變化量因運動時間相同，所以速度變化量相同。故D錯誤。6、C【解析】A探測器在軌道、上均做勻速圓周運動，根據(jù)萬有引力提供向心力，有：可得：而軌道的軌道半徑為，軌道的軌道半徑為，故線速度比值為：故A項錯誤。

16、B根據(jù)探測器由軌道換到軌道II做向心運動，則需要探測器減速，故沿軌道過P點的速度大于軌道經(jīng)過P點時速度，故B項錯誤；C由幾何關(guān)系可知，II軌道的半長軸為，軌道的半徑為，根據(jù)開普勒第三定律：帶入數(shù)據(jù)可得：故C正確.D“嫦娥四號”探測器在地月轉(zhuǎn)移軌道上經(jīng)過M點若要進入軌道I需要減速，所以在地月轉(zhuǎn)移軌道上經(jīng)過M點的動能大于軌道上經(jīng)過M點的動能，D項錯誤。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、CD【解析】A沿傾斜軌道下滑過程中，摩擦力做負功，小朋友的機械能減小，轉(zhuǎn)化為內(nèi)能，故A

17、錯誤；B沿弧形軌道滑動過程中，小朋友所受的支持力方向與速度方向始終垂直，在支持力方向上沒有發(fā)生位移，則軌道的支持力不做功，故B錯誤；C沿水平軌道滑動過程中，摩擦力方向與位移方向相反，摩擦力對小朋友做負功，故C正確；D整個運動過程中，小朋友的動能變化量為零，由動能定理可知，外力對小朋友所做的總功為零，則重力做功和他克服摩擦力的功相等，故D正確。8、AD【解析】根據(jù)行星繞恒行圓周運動的向心力由萬有引力提供，令恒量的質(zhì)量為，行星的質(zhì)量為，則： ；已知周期和軌道半徑，可以求出恒星的質(zhì)量，A正確；因為不知道恒星的體積，故無法求出恒量的密度，B錯誤；根據(jù)表達式可以知道兩邊的m抵消，無法求出行星的質(zhì)量，C錯

18、誤；根據(jù)線速度與周期的關(guān)系知， ，D正確的9、ACD【解析】A. 橡皮筋的伸長量逐漸減小,每根橡皮筋的彈力大小逐漸減小,兩根橡皮筋的夾角增大,所以橡皮筋對模型飛機的彈力(合力)一直在減小，在D位置所受彈力最大。故A正確；B. 從D到C，橡皮筋的彈力逐漸減小，彈力先大于重力，后小于重力，模型飛機的速度先增大后減小，彈力等于重力時，速度最大，故B錯誤； C. 從D到C，橡皮筋的彈力逐漸減小，橡皮筋對模型飛機的彈力先大于重力，加速度逐漸減??；后小于重力，加速度逐漸增大，所以模型飛機的加速度先減小，后增大，故C正確； D. 橡皮筋對模型飛機的彈力始終做正功，由功能關(guān)系知，模型飛機的機械能一直在增大，故

19、D正確；故選：ACD。10、BC【解析】系統(tǒng)原來靜止，根據(jù)平衡條件可知：對B球有：F彈=mgsin對A球有：F繩=F彈+mgsin，細線被燒斷的瞬間，細線的拉力立即減為零，但彈簧的彈力不發(fā)生改變，則：B球受力情況未變，瞬時加速度為零；對A球，根據(jù)牛頓第二定律得：方向沿斜面向下。A兩個小球的瞬時加速度均沿斜面向下，大小均為gsin，與結(jié)論不相符，選項A錯誤；BB球的受力情況未變，瞬時加速度為零，與結(jié)論相符，選項B正確；CA球的瞬時加速度沿斜面向下，大小為2gsin，與結(jié)論相符，選項C正確；D彈簧有收縮的趨勢，B球的瞬時加速度向上，A球的瞬時加速度向下，A、B兩球瞬時加速度都不為零，與結(jié)論不相符，

20、選項D錯誤；三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、丁ACEB【解析】(1)1重力加速度的大小與擺長和周期的大小無關(guān)，根據(jù)表達式可知L變化時，T2是變化的，但是L與T2的比值不變。故觀點正確的是同學(xué)??；(2)2單擺模型中，擺球密度要大，體積要小，空氣阻力的影響才小，小球視為質(zhì)點，故要選擇直徑約2cm的均勻鐵球，長度1m左右的細線，不能用橡皮條，否則擺長會變化，秒表可以控制開始計時和結(jié)束計時的時刻，所以還需要ACE;(4)3根據(jù)題意可知，周期；(5)4Ag比當?shù)氐闹亓铀俣戎荡?，根?jù)表達式可知測擺線長時擺線拉得過緊，則擺長測量值偏大，測得的重

21、力加速度偏大，A錯誤；B擺線上端未牢固地系于懸點，振動中出現(xiàn)松動，使擺線長度增加了，則測得的周期變大，則測得的重力加速度偏小，B正確；C開始計時，秒表過遲按下，則測得的周期偏小，測得的重力加速度偏大，選項C錯誤；D實驗中誤將n-1次全振動數(shù)為n次，則測得的周期偏小，測得的重力加速度偏大，D錯誤；故選B。12、ABC【解析】A依據(jù)實驗原理多次測量，減少誤差，故A正確；B依據(jù)單擺公式，周期，解得，若變大，則減少，而周期，故B正確；C不過原點則的長度可能不準確，但不影響的大小，故C正確；D不一定測量偏大或偏小，可能做豎直上拋，故D錯誤；故選ABC?！军c睛】實驗注意事項、作圖象、求重力加速度，知道實驗注意事項、掌握描點