2020屆百師聯(lián)盟高三練習(xí)題五全國卷II理綜物理試題

1、2020屆百師聯(lián)盟高三練習(xí)題五（全國卷H）理綜物理試題學(xué)校:姓名：班級：考號：一、單選題.用頻率為V的光照射某金屬時，產(chǎn)生光電子的量大初動能為瓦，若換用頻率為2V TOC o 1-5 h z 的光照射同一金屬。所產(chǎn)生光電子的最大初動能（）A.等于&B.等于2瓦D.小于EkC.大于2&.絕緣光滑水平地面上的A、B、C二點恰好處于邊長為/?的等邊三角形的三個頂點上,兩帶電量均為0的帶正電小球分別固定在A、8兩點，。為A、8連線的中點，靜電力 常量為h要使與A、3兩處形狀相同的、帶電量為夕的帶負(fù)電小球靜止在C點，需對 C處小球施加一水平外力尸。則尸的大小和方向分別為（）A.大小為竽，沿OC方向B.大

2、小為警，沿C。方向C.大小為也，沿OC方向D.大小為且絲，沿C。方向 HYPERLINK l bookmark6 o Current Document R-R-.“水上飛人表演”是近幾年來觀賞性較高的水上表演項目之其原理是利用腳上噴水裝置產(chǎn)生的反沖動力，使表演者在水面之上騰空而起。同時能在空中完成各種特技動 作，如圖甲所示。為簡化問題。將表演者和裝備與豎直軟水管看成分離的兩部分。如圖 乙所示。已知表演者及空中裝備的總質(zhì)量為M,豎直軟水管的橫截面積為S,水的密度 為P，重力加速度為心若水流豎直向.匕噴出，與表演者接觸后能以原速率反向彈回， 要保持表演者在空中靜止，軟水管的出水速度至少為（）/表演

3、者及裝備水流方向鹿 陛 c JW D IWV pS7 Ps12PsY 4Ps.據(jù)科學(xué)家推算，六億兩千萬年前，一天只有21個小時，而現(xiàn)在已經(jīng)被延長到24小 時，假設(shè)若干年后，一天會減慢延長到25小時，則若干年后的地球同步衛(wèi)星與現(xiàn)在的 相比，下列說法正確的是（）試卷第1頁，總7頁A,可以經(jīng)過地球北極上空B,軌道半徑將變小C.加速度將變大D.線速度將變小二、多選題.如圖所示，光滑的定滑輪固定在天花板的A點上，質(zhì)量為M的物塊a靜置在水平地 面上的。點，系在a上的細(xì)線跨過定滑輪后，固定在天花板上的8點，質(zhì)最為，的物 塊b利用光滑小掛鉤掛在A、8間細(xì)線上的。點,當(dāng)AC、AO與豎直方向的夾角均為30。 時，

4、a、b兩物塊均保持靜止，重力加速度為g,下列說法正確的是（）A,細(xì)線的拉力心%2B.物塊a對地面的壓力N = （M-?）gC.物塊a對地面的摩擦尸華iD.若將8端的細(xì)線向左緩慢移動至A處的過程中，物塊a始終保持靜止.甲、乙兩物體沿同一直線運動速度隨時間的變化關(guān)系1，一,圖像如圖所示，已知 D時，甲在乙的后方且兩者相距15m,下列說法正確的是（）v(in/s)A.片L5s時，甲、乙相距最遠(yuǎn)B. 13s時，甲、乙相距最遠(yuǎn)C.尸7.5s時，甲、乙相遇試卷第2頁，總7頁D.甲、乙相遇之前的最遠(yuǎn)距離為12m.如圖所示，光滑斜面體固定在水平地面上，頂端裝有質(zhì)最不計的光滑定滑輪，跨過 定滑輪的不可伸長細(xì)紋兩

5、端連接兩質(zhì)量相等的物塊A和B。物塊A的正卜方地面上固 定一豎直輕彈簧，彈簧始終處于彈性限度內(nèi)，忽略空氣阻力。物塊B由斜面體底端靜止 釋放后，在物塊A卜.落至最低點的過程中。卜.列說法正確的是（）A,物塊A與彈簧接觸前，A, B組成的系統(tǒng)機械能守恒.物塊A剛與彈簧接觸時，物塊B的動能最大C,細(xì)線的拉力對物塊B做的功等于B增加的機械能D.彈簧的最大彈性勢能等于物塊A卜.降過程中減少的質(zhì)力勢能8.如圖所示，平面直角坐標(biāo)系工0處于豎直平面內(nèi)，。為坐標(biāo)原點，工軸水平且上方 處于勻強電場中，質(zhì)量為機、帶電量為q的微粒在豎直平面內(nèi)以初速度從x軸上的A點 進(jìn)入電場，初速度方向與x軸負(fù)方向成45。角,0、力兩點

6、間的距離為，若x軸上方的 勻強電場豎直向上，微粒恰能沿初速度方向做勻速直線運動。若保持電場強度大小不變, 只將方向改為水平向序左后，讓微粒再以初速度從4點進(jìn)入，重力加速度為g，卜列說 法正確的是（ ）A.微粒帶正電B,勻強電場的場強大小七=”C.微粒在勻強電場運動的過程中，經(jīng)片強時間離x軸最遠(yuǎn) 2g試卷第3頁，總7頁D.微粒再次經(jīng)過入軸時的位置坐標(biāo)為3-三,0)g一定質(zhì)量的理想,(體，從狀態(tài)。經(jīng)人變化到c, p-r圖像如圖所示。卜列說法正確的是OA.從一的過程，外界時包體做功B.從。一的過程，氣體吸收的熱最等守氣體對外界做的功C.從TC的過程，氣體對外界做功D,從方TC的過程，氣體吸收的熱量等

7、于其內(nèi)能的增加量E.從,一。的過程，氣體放出熱最 三、實驗題.如圖為一同學(xué)利用壓力傳感器探窕彈力與彈簧伸長最關(guān)系的裝置示意圖，水平放置 的壓力傳感器上會放著連接輕彈簧的重物，左側(cè)固定有豎直直尺。靜止時彈簧上端的指 針指示如圖所示，表格中記錄此時壓力傳感器的示數(shù)為6.00N：緩緩豎直向上拉動彈簧， 分別記錄指針示數(shù)和對應(yīng)的傳感器示數(shù)如表中數(shù)據(jù)所示。傳感器示數(shù)、(、)6.(X)4. (X)3.CX)LOO0指計示數(shù)14.6015.8118. 1919. 40壓力傳感器(1)補充完整表格中的直尺的讀數(shù)一:(2)在以傳感器示數(shù)N為縱軸、指針示數(shù)工為橫軸的坐標(biāo)系中，描點畫出Nf 圖像并根據(jù)圖像，求得彈簧

8、的彈性勁度系數(shù)為 N/m (結(jié)果保留3位有效數(shù)字)。瓜卷第4頁，總7頁.如圖所示，為一探究小組測量一節(jié)干電池電動勢和內(nèi)阻的電路圖，虛線框內(nèi)為用表頭G改裝成的電流表，其中表頭內(nèi)阻為500C。滿偏電流為3mA,完成以卜問題：(1)要將表頭改裝成量程為0.6A的電流表，補充完整虛線框內(nèi)的電路并與框外電路連接 其中選用的定值電阻阻值為 C,改裝后電流表內(nèi)阻為 Q (結(jié)果均保留兩位有效數(shù)字)。(2)閉合開關(guān)，變阻器調(diào)至0.75C,改裝后的電流表讀數(shù)0.40A：再測得一組對應(yīng)值為4.5。、 0.20Ao此可求將該電池的電動勢為 V,內(nèi)阻為 C。(3)若只將改裝后的電流表更換為另一同量程但內(nèi)阻未知的電流表進(jìn)

9、行本實驗的測量，則 電動勢的測量化真實值(填“大于”、“小于”或等于四、解答題.如圖所示，半徑為r的圓形區(qū)域中，分布有磁感應(yīng)強度大小均為8的勻強磁場，其 中上半圓與下半圓的磁場方向相反。一個質(zhì)子(質(zhì)量為八電量為夕)和一個a粒子自 圓心。點垂直于做場分界線分別以相同的速度了 =絲向上射出，求質(zhì)子和。粒子在磁場中運動的(己知cosd=a.則aiccosa=： sin田，則arcsm/尸夕)。(1)半徑之比；(2)時間之比.試卷第5頁，總7頁.如圖所示，質(zhì)最為1.0kg的A物體用銷釘固定在水平桌面匕 左側(cè)是半徑為0.8m 的光滑圓孤軌道，右側(cè)是長為0.272m的水平軌道，圓弧軌道末端與水平軌道相切，

10、軌 道的左端比右端高0.2m.右端比桌面高0.2m“圓弧軌道的末端靜置一質(zhì)量為0.1kg的 小物塊B；將質(zhì)最為0.4kg的小球C自軌道的左端最高點由靜止釋放，滑到圓弧軌道末 端時與B塊碰撞并粘在一起，此時拔掉銷釘，己知物塊B、小球C與水平軌道間的動 摩擦因數(shù)均為0.2, A物體與桌面間的動摩擦因數(shù)為0.04,.重力加速度g取lOm/s?求： (1)小球C與物塊B碰撞前的速度大??；(2)C、B碰撞粘在一起后的瞬間，對圓弧軌道的壓力?。?3)BC落到桌面上時與軌道右端的水平距離。.如圖所示為兩相通圓柱形玻璃管的截面圖,細(xì)端開I I,粗管的橫截面積為細(xì)管2倍。 室溫(27C)環(huán)境中，在細(xì)管中注入4c

11、m長的水銀柱，開口向下豎直放置時，水銀柱 上端離連通處8cm；緩慢轉(zhuǎn)至開II豎直向上，水銀柱剛好沒有進(jìn)入粗管中，已知大氣壓 強為 76cmHg0(1)求粗管的長度；Q)保持開I豎直向下，求溫度降至多少攝氏度時，才能保證有一半體積的水銀留在細(xì)管試卷第6頁，總7頁.半徑為3nl的圓柱形池塘的水平底部圓心處有一發(fā)光點，要想整個水面上都有發(fā)光 點發(fā)出的光線投射出，已知水的折射率為:，求池塘中水深的最小值。(可用根號表示) 16.如圖所示為一列簡諧橫波在。時刻的波形圖，P是平衡位置為.1m處的質(zhì)點。自 該時刻開始計時。質(zhì)點。的振動方程為y = 0.08s%(m + )m,求：(1)波的傳播方向及傳播速度

12、；(2)從計時開始到D.5s,質(zhì)點P通過的路程。試卷第7頁，總7頁本卷由系統(tǒng)自動生成，請仔細(xì)校對后使用，答案僅供參考.參考答案C【詳解】由愛因斯坦光電效應(yīng)方程知線=加一叫故若換用頻率為21，的光照射后，最大初動能為Ei = 2hv-WQ即有線= 2/w-此2(加，-%)=2心故C正確，A、B、D錯誤；故選C。C【詳解】由庫侖定律知，C處的小球受到的庫侖力大小為產(chǎn) “2筆xcos30o =半方向沿C。方向；由平衡條件知，尸與尸悔等大、反向，所以尸的大小/5kQqr =、R-尸方向沿0c方向，故c正確，A、B、D正確：故選C。C【詳解】設(shè)出水速度為L則極短的時間，內(nèi)，出水的質(zhì)量為m = pSvt速

13、度由豎起向上的了的變?yōu)樨Q起向卜的L表演者能鄢止在空中，由平衡條件可知表演者及 空中裝備受到水的作用力為Mg,由牛頓第三定律可知，裝備對水的作用力大小也為Mg, 取向下為正方向，對時間，內(nèi)的水，由動量定理可得Mgt = nnf- (-mv) = pSv2t - (-pSv2t)解得答案第1頁，總13頁本卷由系統(tǒng)自動生成,請仔細(xì)校對后使用,答案僅供參考?！驹斀狻緼B.由萬百引力提供向心力得當(dāng)周期變大時，軌道半徑將變大，但依然與地球同步，故軌道平面必與赤道共面，故A、B錯誤；C.由萬有引力提供向心力得Mm= ma軌道半徑變大，則加速度減小，故C錯誤:D.由萬有引力提供向心力得軌道半徑變大，則線速度將

14、變小，故D正確：故選D。CD【詳解】A.由于掛鉤光滑，故對b物塊由幾何關(guān)系和平衡條件可得2T cos 30 = 吆可得細(xì)線的拉力答案第2頁，總13頁本卷由系統(tǒng)門動生成,請仔細(xì)校對后使用，答案僅供參考。1 _3故A錯誤：B.對a物塊，由平衡條件可知，豎直方向有N + T cos300 = iV解得N = (M - ?)g 根據(jù)牛頓第三定律可得物塊a對地面的壓力 N = (M -gm)g 故B錯誤；C.對a物塊，由平衡條件知，水平方向有rsin30 = f解得 f 3mg f=-6故C正確：D.若將8端的細(xì)線向左緩慢移動至A處的過程中，細(xì)線A0、8。夾角減小，故細(xì)線中拉 力減小，故物體a受到的拉力

15、水平分量和豎直分量均減小，a對地面的壓力增大，與地面間 的最大靜摩擦力增加，拉力的水平分量不能克服最大靜摩擦力，故始終保持靜止，故D正 確： 故選CD。BC【詳解】AB.由速度相等時距離最遠(yuǎn)可知，= 3s時，甲、乙相距最遠(yuǎn)，故A錯誤，B正確；C.設(shè)，時兩物體相遇，由運動學(xué)公式和圖像可知，內(nèi)甲的位移X 甲=-4/ 乙的位移1 ,X 乙二4/一一廠2山圖像可知，乙的加速度大小答案第3頁，總13頁本卷由系統(tǒng)自動生成,請仔細(xì)校對后使用,答案僅供參考。a = -m/s23由甲、乙位置關(guān)系可知X甲15 = x乙 解得/ = 7.5s故C正確：D.1=3s時兩物體距離最遠(yuǎn)，由圖像可知，3s內(nèi)乙的位移為0,故

16、最遠(yuǎn)距離為3s內(nèi)甲的位 移9初始距離之和，即最遠(yuǎn)距離為Ax = 12 m +15m = 27m故D錯誤：故選BCoAC【詳解】A.物塊A與彈簧接觸前，A、B組成的系統(tǒng)只有重力做功，故機械能守恒，故A正確；B.物塊A剛與彈簧接觸時彈簧彈力為零，故依然有向卜.的加速度，故將向卜.加速運動，在 A向下加速的過程中，物塊B在繩的拉力作用下與A有相同的速度大小，故物塊A剛與彈 簧接觸時，物塊B的動能還未達(dá)到最大值，故B錯誤；C.由功能關(guān)系知，除重力之外的力對物塊B做的功等于B機械能的增加，故細(xì)線的拉力對 物塊B做功等于B增加的機械能，故C正確：D.彈簧被壓縮到最短時彈性能最大，此時物塊A的動能為零，在A

17、卜.落的過程中，物塊A、 B和彈簧組成的系統(tǒng)機械能守恒，故物塊A減小的重力勢能等于彈簧增加的彈性勢能與物 塊B增加的機械能之他，即彈簧的最大彈性勢能小于物塊A卜降過程中減少的重力勢能， 故D錯誤； 故選AC。ABCD【詳解】AB.當(dāng)電場豎直向上時，因微粒在電場中能做勻速直線運動，故由平衡條件可得qE = mg可得勻強電場的場強大小為答案第4頁，總13頁本卷由系統(tǒng)自動生成,請仔細(xì)校對后使用,答案僅供統(tǒng)考粒子受到的電場力方向向上，所以粒子帶正電，故A、B正確：C.將電場強度改成水平向左后，微粒在豎直方向先向上減速運動，上升的時間為v0sm45 V2v0所以經(jīng)/ =時間離X軸最遠(yuǎn)，故C正確：2gD.

18、,時豎直方向的運動，微粒上升的時間為上升時間的2倍，故微粒到達(dá)X軸時，沿X軸負(fù) 向運動的距離為S = v0cos45 X+ 白 Xg故微粒再次經(jīng)過工軸時的位置坐標(biāo)為（L-生,0）,故D正確:g故選ABCD .BDE【詳解】A.由圖可知，從a f 的過程中氣體的溫度不變，壓強減小，由= 可知氣體的體積 增大，氣體對外做功，故A錯誤；B.從-的過程中，（體的溫度不變則內(nèi)能不變，根據(jù)熱力學(xué)第一定律可知，氣體吸收的 熱量等守氣體對外界做的功，故B正確：C.由圖可知-c過程體枳不變，氣體沒有對外做功，外界也不對氣體做功，故C錯誤； D.由圖可知b-c過程體積不變，溫度升高，所以氣體的內(nèi)能增大，由于化體沒

19、有時外做 功，外界也不對氣體做功，根據(jù)熱力學(xué)第一定律可知，氣體吸收的熱量等于其內(nèi)能的增加最， 故D正確；y yE.由圖可知CT4是等壓變化過程，溫度降低，由廣元可知氣體的體枳減小，則外界對 （體做正功，又由于氣體溫度降低，內(nèi)能減小，由熱力學(xué)第一定律可知，氣體一定放出熱量， 故E正確：答案第5頁，總13頁本卷由系統(tǒng)自動生成,請仔細(xì)校對后使用,答案僅供參考故選BDE.10. 12.20833【詳解】 口直尺最小刻度代表1mm,故應(yīng)估讀到最小分度的卜一位，故讀婁為12.20cm：(2)2根據(jù)表格數(shù)據(jù)，做出圖象，如圖所示:3由題意知N + F = mg , N = mg kSx聯(lián)立解得N = mg-k

20、(x-xJ得圖像的斜率絕對值為彈簧的勁度系數(shù),由圖像得N/m = 83.3N/mAt 0.1940-0.12200.5 等于答案第6頁，總13頁本卷由系統(tǒng)自動生成,請仔細(xì)校對后使用,答案僅供統(tǒng)考【詳解】擴大電流表最程需要并聯(lián)一分流小電阻，故電路連接如圖所示根據(jù)歐姆定律得選用的定值電阻阻值為:3xl0-x500Q = 251Q25Q 0.6 - 3x10-33改裝后電流表內(nèi)阻為:Ra =彩+4匚=2.5。(2)45由閉合電路歐姆定律可知E=I(r+R+RA)分別代入數(shù)據(jù)可得E = 0.40 x(0.75 + 2.5+ r)E = 0.20 x(45 +2.5+r)聯(lián)立解得 = L5V, /=0.

21、5。(3)6由于串聯(lián)電阻不改變電源的電動勢，故即使電流表有內(nèi)阻，電動勢的測量值也等于真 實值。1112. (l)y;1 + arccos -(2)/2aicsm 4【詳解】(1)粒子做勻速圓周運動，洛倫茲力提供向心力，則有qvB =mv所以質(zhì)子和。粒子在磁場中做勻速圓周運動的半徑分別為答案第7頁，總13頁本卷由系統(tǒng)自動生成,請仔細(xì)校對后使用,答案僅供參考叫=絲, qBR.2mv解得Q）因為,二千二笳,可得所以質(zhì)子和,粒子的運動周期分別為對質(zhì)子，因力等可得 %故質(zhì)子在磁場中的運動軌跡如圖所示故由幾何關(guān)系得:1一一 COS0 = 一2r 6故有6 = aiccos -6故質(zhì)子在磁場中的運動時間為1

22、 a+ 3TCCOS. 6 2Km 2n qB對覆粒子,由2gvB =4八廠R、可得故。粒子在磁場中的運動軌跡如圖所示答案第8頁，總13頁本卷由系統(tǒng)自動生成,請仔細(xì)校對后使用,答案僅供參考。故由幾何關(guān)系知/smp = = -Tp = arcsm - 4故。粒子在磁場中的運動時間= 2arcsin-e4 qB17T+aiCC0S 6.32aicsm 4(l)2m/s： (2J6.6N： (3)0.232m【詳解】 (1)對物體C由由靜止釋放到與物塊B碰撞前的過程，由動能定理得解得(2)由C、B組成的系統(tǒng)碰撞前后動量守恒得mcvc = (mc + mB)vBC解得vBC = L6nis答案第9頁，

23、總13頁本卷由系統(tǒng)H動生成,請仔細(xì)校對后使用,答案僅供參考。由牛頓第二定律得N -(mB + mc)g =+；，)%(解得N = 6.6N由牛頓第三定律得對圓弧軌道的壓力小N = N = 6.6N(3)對BC整體,則有源=必。+，“)8fsc = 0B + ,ftc)ai可得a】=2nVs2對A則有自 3% + L)g Th (U + % + 片)g = ?4%可得a, = 0.4m/s:*物體BC與水平軌道的相對位移為, 1.1./- = BC整體在A上滑動的時間，=0.25或1 = $ (舍)故BC整體滑離A時的速度大小為vih=vbc- aif = l.2m/s此時A的速度為vA A = j = 0.08nVs由心伶可得2s答案第10頁，總13頁本卷由系統(tǒng)自動生成,請仔細(xì)校對后使用,答案僅供參考。故有bc = %，= 0.24mBC滑離A后，A的加速度大小為。3 = Abg = O-4nVs2而A停下來的時間“，=也= 0.2s = f 落故在BC滑離A到落到桌面的過程中，A的位移為./ =顯=0.008m2%故BC落到桌面上時與軌道右端的水