高二上學(xué)期期中考試物理試卷(解析版)

1、安徽省蚌埠二中2014-2015學(xué)年高二上學(xué)期期中考試物理試卷一、單項(xiàng)選擇題（本大題共12小題，每小題4分）1（4分）下列各種說法中正確的是（）A只要是點(diǎn)電荷都可作為試探電荷B元電荷指的就是電子或質(zhì)子C電動(dòng)勢為1.5 V的干電池，表明干電池通過非靜電力做功每經(jīng)過1s就把1.5 J的化學(xué)能轉(zhuǎn)化為電能D電阻率是表征材料導(dǎo)電性能好壞的物理量，電阻率越大，材料的導(dǎo)電性能越差考點(diǎn)：電阻定律；元電荷、點(diǎn)電荷 .專題：恒定電流專題分析：A、可忽略電荷的自身大小可當(dāng)作為點(diǎn)電荷，而試探電荷即為體積小，電量??；B、元電荷是電量最小的單位電荷，與電子或質(zhì)子無關(guān)C、電動(dòng)勢是描述電源把其它形式的能量轉(zhuǎn)化電能本領(lǐng)大小的物

2、理量，電動(dòng)勢在數(shù)值上等于把單位正電荷在電源內(nèi)部從負(fù)極搬運(yùn)到正極非靜電力所做的功；電動(dòng)勢由電源本身的結(jié)構(gòu)決定，與外電路無關(guān)D、電阻率是描述材料導(dǎo)線性能好壞的物理量，電阻率越大，材料的導(dǎo)線性能越差，電阻率越小，材料的導(dǎo)電能力越強(qiáng)；材料的電阻率受溫度影響，金屬的電阻率一般隨溫度的升高而變大；半導(dǎo)體材料的電阻率一般隨溫度的升高而變??；一些合金材料的電阻率不隨溫度的變化而變化解答：解：A、可忽略電荷的自身大小可當(dāng)作為點(diǎn)電荷，而試探電荷即為體積小，電量??；則點(diǎn)電荷不一定能作為試探電荷，故A錯(cuò)誤；B、元電荷指的是最小電荷，而不是電子或質(zhì)子，故B錯(cuò)誤；C、電動(dòng)勢在數(shù)值上等于電源將單位正電荷從負(fù)極移送到正極時(shí)非

3、靜電力所做的功，故C錯(cuò)誤；D、電阻率是表征材料導(dǎo)電性能好壞的物理量，電阻率越大，其導(dǎo)電性能越差，故D正確；故選：D點(diǎn)評(píng)：本題是一道基礎(chǔ)題，知道電阻率的物理意義、溫度對(duì)電阻率的影響、電動(dòng)勢的概念、電動(dòng)勢的決定因素即可正確解題，同時(shí)掌握點(diǎn)電荷與試探電荷的區(qū)別，理解元電荷與電子的區(qū)別2（4分）如圖所示，一個(gè)不帶電的表面絕緣的導(dǎo)體P正在向帶正電的小球Q緩慢靠近，但不接觸，也沒有發(fā)生放電現(xiàn)象，則下列說法中正確的是（）AB端的感應(yīng)電荷為負(fù)電荷B導(dǎo)體內(nèi)場強(qiáng)越來越大CC點(diǎn)的電勢高于B點(diǎn)電勢D導(dǎo)體上的感應(yīng)電荷在C點(diǎn)產(chǎn)生的場強(qiáng)始終大于在B點(diǎn)產(chǎn)生的場強(qiáng)考點(diǎn)：靜電現(xiàn)象的解釋 .分析：根據(jù)靜電感應(yīng)可以判斷金屬導(dǎo)體的感應(yīng)

4、的電荷的情況，從而可以判斷導(dǎo)體帶電的情況解答：解：A、導(dǎo)體P處在正電荷的電場中，由于靜電感應(yīng)現(xiàn)象，導(dǎo)體的右端B要感應(yīng)出正電荷，在導(dǎo)體的左端C會(huì)出現(xiàn)負(fù)電荷，故A錯(cuò)誤B、處于靜電平衡的導(dǎo)體內(nèi)場強(qiáng)為0，故B錯(cuò)誤C、CD處在同一個(gè)等勢體上，電勢相等；故C錯(cuò)誤；D、在C點(diǎn)和B點(diǎn)的場強(qiáng)由導(dǎo)體上的感應(yīng)電荷和正電的小球Q共同疊加產(chǎn)生，并且為0，正電的小球Q在C點(diǎn)的場強(qiáng)大于B點(diǎn)的場強(qiáng)，所以導(dǎo)體上的感應(yīng)電荷在C點(diǎn)產(chǎn)生的場強(qiáng)始終大于在B點(diǎn)產(chǎn)生的場強(qiáng)，故D正確故選：D點(diǎn)評(píng)：感應(yīng)帶電，這是使物體帶電的一種方法，根據(jù)異種電荷互相吸引的原理可知，靠近的一端會(huì)帶異種電荷3（4分）有一橫截面積為S的銅導(dǎo)線，流經(jīng)其中的電流為I，

5、設(shè)每單位體積的導(dǎo)線中有n個(gè)自由電子，電子的電荷量為q，此時(shí)電子的定向移動(dòng)速度為v，在t時(shí)間內(nèi)，通過導(dǎo)線橫截面的自由電子數(shù)目可表示為（）AnvtBnvstCD考點(diǎn)：電流、電壓概念 .專題：恒定電流專題分析：首先根據(jù)電流強(qiáng)度的定義可以求得總的電荷量的大小，進(jìn)而可以求得自由電子的個(gè)數(shù)，再根據(jù)電流的微觀的表達(dá)式，根據(jù)電阻的運(yùn)動(dòng)的速率的大小也可以求得通過導(dǎo)線橫截面的自由電子的個(gè)數(shù)解答：解：A、在t時(shí)間內(nèi)，以速度v移動(dòng)的電子在銅導(dǎo)線中經(jīng)過的長度為vt，由于銅導(dǎo)線的橫截面積為S，則在t時(shí)間內(nèi)，電子經(jīng)過的導(dǎo)線體積為vtS又由于單位體積的導(dǎo)線有n個(gè)自由電子，在t時(shí)間內(nèi)，通過導(dǎo)線橫截面的自由電子數(shù)目可表示為N=n

6、vSt故B正確；A錯(cuò)誤；B、由于流經(jīng)導(dǎo)線的電流為I，則在t時(shí)間內(nèi)，流經(jīng)導(dǎo)線的電荷量為It，而電子的電荷量為q，則t時(shí)間內(nèi)通過導(dǎo)線橫截面的自由電子數(shù)目可表示為N=；故CD錯(cuò)誤；故選：B點(diǎn)評(píng)：本題計(jì)算自由電子的個(gè)數(shù)，要注意從不同的角度來分析問題，一是從微觀運(yùn)動(dòng)的角度，二是從電流強(qiáng)度的角度4（4分）如圖所示為有兩個(gè)量程的電壓表，當(dāng)使用 a、b兩端點(diǎn)時(shí)，量程為1V；當(dāng)使用a、c兩端點(diǎn)時(shí)，量程為10V已知電流表的內(nèi)阻Rg為50，滿偏電流Ig為1mA則R1和R2的電阻值（）AR1=950，R2=9kBR1=9k，R2=950CR1=9k，R2=1kDR1=1k，R2=9k考點(diǎn)：把電流表改裝成電壓表 .專題

7、：實(shí)驗(yàn)題分析：改裝后的量程為U=Ig（Rg+R串）據(jù)此可求出 R串=Rg解答：解：接a、b時(shí)，為串聯(lián)的R1，則R1=Rg=50=950 接a、c時(shí)，為串聯(lián)的R1和R2，則R2=RgR1=50950=9000故選：A點(diǎn)評(píng)：電流表串聯(lián)電阻后量程變大，為U=IgR總5（4分）（2013張掖一模）在如圖所示的電路中，電源的負(fù)極接地，其電動(dòng)勢為E、內(nèi)電阻為r，R1、R2為定值電阻，R3為滑動(dòng)變阻器，C為電容器，、為理想電流表和電壓表在滑動(dòng)變阻器滑動(dòng)頭P自a端向b端滑動(dòng)的過程中，下列說法中正確的是（）Aa點(diǎn)的電勢降低B電壓表示數(shù)變小C電流表示數(shù)變小D電容器C所帶電荷量增多考點(diǎn)：電容；閉合電路的歐姆定律 .

8、專題：電容器專題分析：在滑動(dòng)變阻器滑動(dòng)頭P自a端向b端滑動(dòng)的過程中，變阻器在路電阻減小，外電阻減小，根據(jù)歐姆定律分析干路電流如何變化和電阻R1兩端電壓的變化，即可知道電壓表讀數(shù)的變化電容器C的電壓等于電阻R2兩端的電壓，分析并聯(lián)部分電壓的變化，即知道電容器的電壓如何變化，根據(jù)干路電流與通過R2的電流變化情況，分析電流表的變化a點(diǎn)的電勢等于R2兩端的電壓解答：解：在滑動(dòng)變阻器滑動(dòng)頭P自a端向b端滑動(dòng)的過程中，變阻器在路電阻減小，外電路總電阻減小，干路電流I增大，電阻R1兩端電壓增大，則電壓表示數(shù)變大電阻R2兩端的電壓U2=EI（R1+r），I增大，則U2變小，電容器板間電壓變小，其帶電量減小根據(jù)

9、外電路中順著電流方向電勢降低，可知，a的電勢大于零，a點(diǎn)的電勢等于R2兩端的電壓，U2變小，則a點(diǎn)的電勢降低，通過R2的電流I2減小，通過電流表的電流IA=II2，I增大，I2減小，則IA增大即電流表示數(shù)變大故A正確，BCD錯(cuò)誤故選：A點(diǎn)評(píng)：本題是電路動(dòng)態(tài)變化分析問題，要抓住不變量：電源的電動(dòng)勢、內(nèi)阻及定值電阻的阻值不變，進(jìn)行分析根據(jù)電流方向判斷電勢高低，由電壓的變化判斷電勢的變化6（4分）小燈泡通電后其電流I隨所加電壓U變化的圖線如圖所示，P為圖線上一點(diǎn)，PN為圖線過P點(diǎn)的切線，PQ為U軸的垂線，PM為I軸的垂線則下列說法中正確的是（）A隨著所加電壓的增大，小燈泡的電阻減小B對(duì)應(yīng)P點(diǎn)，小燈泡

10、的電阻為R=C對(duì)應(yīng)P點(diǎn)，小燈泡的電阻為R=D對(duì)應(yīng)P點(diǎn)，小燈泡的功率為圖中梯形PQON所圍的面積考點(diǎn)：歐姆定律 .專題：恒定電流專題分析：由圖看出此燈泡是非線性元件，根據(jù)電阻是指對(duì)電流的阻礙作用判斷燈泡電阻與電壓之間的關(guān)系；找到P點(diǎn)對(duì)應(yīng)的電壓和電流，根據(jù)歐姆定律求出此時(shí)燈泡的電阻；由功率公式可知功率對(duì)應(yīng)圖線的“面積”解答：解：A、由圖象可知，燈泡的電阻等于R=，等于圖線上的點(diǎn)與原點(diǎn)O連線斜率的倒數(shù)，由數(shù)學(xué)知識(shí)可知，電壓增大，此斜率減小，則燈泡的電阻增大故A錯(cuò)誤；BC、由圖象可知，P點(diǎn)對(duì)應(yīng)的電壓為U1，電流為I2，則燈泡的電阻R=，故B正確，C錯(cuò)誤；D、因P=UI，所以圖象中矩形PQOM所圍的面積

11、為對(duì)應(yīng)P點(diǎn)小燈泡的實(shí)際功率，不是梯形面積表示功率；故D錯(cuò)誤故選：B點(diǎn)評(píng)：注意UI圖象的意義，知道斜率等于電阻的倒數(shù)，明確功率借助圖象分析時(shí)所圍得面積；明確燈泡伏安特性曲線不直的原因7（4分）（2013珠海二模）如圖所示，真空中的兩帶電小球（可看作是點(diǎn)電荷），通過調(diào)節(jié)懸掛細(xì)線的長度使兩小球始終保持在同一水平線上，下列說法正確的是（）A若只增大r，則T1、T2都增大B若只增大m1，則1增大，2不變C若只增大q1，則1增大，2不變D若只增大q1，則1、2都增大考點(diǎn)：庫侖定律；力的合成與分解的運(yùn)用；共點(diǎn)力平衡的條件及其應(yīng)用 .專題：電場力與電勢的性質(zhì)專題分析：分別對(duì)兩小球進(jìn)行受力分析，作出力圖，由共點(diǎn)

12、力平衡條件得到各自的重力與庫侖力的關(guān)系，抓住相互間的庫侖力大小相等，得到質(zhì)量與角度的關(guān)系，分析求解解答：解：m1、m2受力如圖所示，由平衡條件可知， m1g=Fcot1，m2g=Fcot2因F=F，則可見，若m1m2，則12；若m1=m2，則1=2；若m1m2，則121、2的關(guān)系與兩電荷所帶電量無關(guān)A、若只增大r，則庫侖力變小，由圖可知，T1、T2都減小，故A錯(cuò)誤；B、若只增大m1，則m1，會(huì)下降，而m1，會(huì)上升，導(dǎo)致則1減小，2增大，故B錯(cuò)誤；C、若只增大q1，由圖可知，則1、2都增大，故C錯(cuò)誤，D正確，故選D點(diǎn)評(píng)：本題中庫侖力是兩個(gè)小球聯(lián)系的紐帶，由平衡條件分別找出兩個(gè)小球的質(zhì)量與庫侖力關(guān)

13、系是解題的關(guān)鍵8（4分）如圖所示，兩個(gè)等量同種點(diǎn)電荷分別固定于光滑絕緣水平面上A、B兩點(diǎn)一個(gè)帶電粒子由靜止釋放，僅受電場力作用，沿著AB中垂線從C點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到D點(diǎn)（C、D是關(guān)于AB對(duì)稱的兩點(diǎn)）下列關(guān)于粒子運(yùn)動(dòng)的vt圖象中可能正確的是（）ABCD考點(diǎn)：電場的疊加；電勢差與電場強(qiáng)度的關(guān)系 .專題：電場力與電勢的性質(zhì)專題分析：A、B為兩個(gè)等量的同種電荷，其連線中垂線上電場強(qiáng)度方向若是負(fù)電荷則為CO、DO，若是正電荷則為OC、OD；點(diǎn)電荷q僅受電場力作用從C點(diǎn)到D點(diǎn)運(yùn)動(dòng)的過程中，由于釋放位置不清楚則電場強(qiáng)度大小變化情況不確定，則電荷所受電場力大小變化情況不確定，加速度變化情況不確定因此可能加速度先增加后減

14、小再增加最后減??；也可能先減小后增加解答：解：A、B為兩個(gè)等量的同種電荷，其連線中垂線上電場強(qiáng)度方向，若是負(fù)電荷則電場強(qiáng)度方向?yàn)镃O、DO，若是正電荷則電場強(qiáng)度方向?yàn)镺C、OD；點(diǎn)電荷q僅受電場力作用從C點(diǎn)到D點(diǎn)運(yùn)動(dòng)的過程中，當(dāng)從電場強(qiáng)度最大的位置釋放時(shí)，則帶電粒子所受電場力先減小后增大，那么加速度也是先減小后增大，而vt圖象的斜率表示加速度的大小，故D正確；故選：D點(diǎn)評(píng)：本題考查對(duì)等量異種電荷電場線的分布情況及特點(diǎn)的理解和掌握程度，要抓住電場線的對(duì)稱性9（4分）如圖所示，虛線表示某電場的等勢面一帶電粒子僅在電場力作用下由A運(yùn)動(dòng)到B的徑跡如圖中實(shí)線所示粒子在A點(diǎn)的加速度為aA、電勢能為EA；在

15、B點(diǎn)的加速度為aB、電勢能為EB則下列結(jié)論正確的是（）A粒子帶正電，aAaB，EAEBB粒子帶負(fù)電，aAaB，EAEBC粒子帶正電，aAaB，EAEBD粒子帶負(fù)電，aAaB，EAEB考點(diǎn)：電勢能；電場強(qiáng)度 .專題：電場力與電勢的性質(zhì)專題分析：根據(jù)曲線的彎曲方向可知帶電粒子受到的是靜電斥力，根據(jù)等差等勢面的疏密判斷場強(qiáng)大小，結(jié)合牛頓第二定律得到加速度大小關(guān)系；根據(jù)電場力做功情況斷電勢能高低解答：解：根據(jù)粒子軌跡的彎曲方向可知帶電粒子受到的是靜電斥力，根據(jù)U=Ed知，等差等勢面越密的位置場強(qiáng)越大，B處等差等勢面較密集，則場強(qiáng)大，帶電粒子所受的電場力大，加速度也大，即aAaB；從A到B，電場線對(duì)帶電

16、粒子做負(fù)功，電勢能增加，則知B點(diǎn)電勢能大，即EAEB；故D正確故選：D點(diǎn)評(píng)：本題關(guān)鍵是先根據(jù)靠差等勢面的疏密判斷場強(qiáng)的大小，再結(jié)合電場力做功正負(fù)分析電勢能變化公式U=Ed，對(duì)非勻強(qiáng)電場可以用來定性分析場強(qiáng)10（4分）氫的三種同位素氕、氘、氚的原子核分別為H、H、H它們以相同的初速度垂直進(jìn)入同一勻強(qiáng)電場并離開電場，離開電場時(shí)，末速度最大的是（）A氕核B氘核C氚核D一樣大考點(diǎn)：帶電粒子在勻強(qiáng)電場中的運(yùn)動(dòng) .專題：帶電粒子在電場中的運(yùn)動(dòng)專題分析：帶電粒子垂直電場方向進(jìn)入同一偏轉(zhuǎn)電場后，在電場中做類平拋運(yùn)動(dòng)，根據(jù)動(dòng)能定理判斷離開電場時(shí)的末速度解答：解：帶電粒子以速度v進(jìn)入場強(qiáng)為E，寬度為L的電場，垂直

17、電場方向做勻速直線運(yùn)動(dòng)，L=vt，所以t=沿電場方向做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，加速度a=偏轉(zhuǎn)位移y=at2=根據(jù)動(dòng)能定理：qEy=mvy2vy2=可見比荷小的垂直電場方向速度增量比較大，即末速度較大，故氕核末速度較大；故選：A點(diǎn)評(píng)：本題主要考查帶電粒子在電場中的偏轉(zhuǎn)問題，要知道垂直電場方向做勻速直線運(yùn)動(dòng)，沿電場方向做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，在這兩個(gè)方向上去研究運(yùn)動(dòng)情況11（4分）一平行板電容器充電后與電源斷開，負(fù)極板接地兩板間有一個(gè)正檢驗(yàn)電荷固定在P點(diǎn)，如圖所示，以C表示電容器的電容、E表示兩板間的場強(qiáng)、表示P點(diǎn)的電勢，W表示正電荷在P點(diǎn)的電勢能，若正極板保持不動(dòng)，將負(fù)極板緩慢向右平移一小段距離l0的過程中各

18、物理量與負(fù)極板移動(dòng)距離x的關(guān)系圖象中正確的是（）ABCD考點(diǎn)：電容器的動(dòng)態(tài)分析 .專題：電容器專題分析：由題意可知電量不變，由平行板電容器的決定式可知電容的變化；由定義式可得出兩端電勢差的變化；再由U=Ed可知E的變化，進(jìn)而判斷勢能的變化解答：解：A、當(dāng)負(fù)極板右移時(shí)，d減小，由C=可知，C與d成反比，圖象不能為一次函數(shù)圖象！故A錯(cuò)誤；B、由U=可知，U=Q，則E=，故E與d無關(guān)，故B錯(cuò)誤；C、因負(fù)極板接地，設(shè)P點(diǎn)原來距負(fù)極板為l，則P點(diǎn)的電勢=E（ll0）；故C正確；D、電勢能E=q=Eq（ll0），不可能為水平線，故D錯(cuò)誤；故選：C點(diǎn)評(píng)：本題考查電容器的動(dòng)態(tài)分析，由于結(jié)合了圖象內(nèi)容，對(duì)學(xué)生的

19、要求更高了一步，要求能根據(jù)公式得出正確的表達(dá)式，再由數(shù)學(xué)規(guī)律進(jìn)行分析求解12（4分）（2013蕪湖模擬）已知表面電荷均勻分布的帶電球殼，其內(nèi)部電場強(qiáng)度處處為零現(xiàn)有表面電荷均勻分布的帶電半球殼上，如圖所示，CD為通過半球頂點(diǎn)C與球心O的軸線P、Q為CD軸上關(guān)于O點(diǎn)對(duì)稱的兩點(diǎn)則（）AP點(diǎn)的電場強(qiáng)度與Q點(diǎn)的電場強(qiáng)度大小相等，方向相同BP點(diǎn)的電場強(qiáng)度比Q點(diǎn)的電場強(qiáng)度大小相等，方向相反CP點(diǎn)的電場強(qiáng)度比Q點(diǎn)的電場強(qiáng)度強(qiáng)DP點(diǎn)的電場強(qiáng)度比Q點(diǎn)的電場強(qiáng)度弱考點(diǎn)：電場的疊加 .分析：利用等效法分析電場強(qiáng)度，利用疊加原理判斷電場線的分布，由受力分析判斷帶電粒子的運(yùn)動(dòng)狀態(tài)解答：解：均勻帶電半球相當(dāng)于一個(gè)均勻帶正電

20、的球和半個(gè)均勻帶負(fù)電的球，這個(gè)半球放在圖的另一邊然后看PQ兩點(diǎn)，可以看到，PQ兩點(diǎn)在在上述涉及到的正電半球和負(fù)電半球中的相同的位置上而由題目給出的條件，正電球在PQ兩點(diǎn)產(chǎn)生的電場為零所以，Q點(diǎn)正電半球產(chǎn)生的電場強(qiáng)度相當(dāng)于負(fù)電半球產(chǎn)生的電場強(qiáng)度，而與P點(diǎn)的環(huán)境比較，唯一的區(qū)別是電荷符號(hào)相反，從而電場大小相同，只有可能有方向的區(qū)別，而分析可知，方向是相同的，故電場強(qiáng)度相等，故A正確，BCD錯(cuò)誤；故選：A點(diǎn)評(píng)：本題考查了電勢和電場強(qiáng)度的知識(shí)，題目較新穎，難度也較大，要認(rèn)真分析二、填空與實(shí)驗(yàn)題（本大題共三小題，共16分）13（4分）如圖，真空中有兩個(gè)點(diǎn)電荷Q1=+1106C和Q2=4106C，分別固定

21、在x=0和x=6cm的位置上（1）x坐標(biāo)軸上電場強(qiáng)度為0的位置坐標(biāo)是x=6cm；（2）x坐標(biāo)軸上電場強(qiáng)度方向沿x軸負(fù)向的范圍是6cmx0和x6cm考點(diǎn)：電場強(qiáng)度 .專題：電場力與電勢的性質(zhì)專題分析：（1）由于Q1的電荷量小，且為兩個(gè)異種電荷，所以場強(qiáng)為零的點(diǎn)一定在Q1左側(cè)，根據(jù)點(diǎn)電荷的場強(qiáng)公式求解（2）某點(diǎn)的電場強(qiáng)度是正電荷Q1和負(fù)電荷Q2在該處產(chǎn)生的電場的疊加，是合場強(qiáng)運(yùn)用合成進(jìn)行分析解答：解：（1）電場強(qiáng)度為0的位置只能在Q1左側(cè)，兩個(gè)電荷產(chǎn)生的場強(qiáng)大小關(guān)系為：E1=E2設(shè)此位置到O點(diǎn)的距離為r m，即有 k=k代入數(shù)據(jù)得：r=0.06m=6cm則x坐標(biāo)軸上電場強(qiáng)度為0的位置坐標(biāo)是：x=6

22、cm （2）某點(diǎn)的電場強(qiáng)度是正電荷Q1和負(fù)電荷Q2在該處產(chǎn)生的電場的疊加，是合場強(qiáng)x坐標(biāo)軸上電場強(qiáng)度為0的位置坐標(biāo)是：x=6cm，則x坐標(biāo)軸上電場強(qiáng)度方向沿x軸負(fù)向的范圍是6cmx0和x6cm 故答案為：（1）x=6cm；（2）6cmx0和x6cm點(diǎn)評(píng)：空間中某一點(diǎn)的電場，是空間所有電荷產(chǎn)生的電場的疊加，場強(qiáng)是矢量，其合成遵守平行四邊形定則14（2分）某種金屬板M受到某種紫外線照射時(shí)會(huì)不停地發(fā)射電子，射出的電子具有不同的方向，其速度大小也不相同在M旁放置一個(gè)金屬網(wǎng)N如果用導(dǎo)線將MN連起來，M射出的電子落到N上便會(huì)沿導(dǎo)線返回M，從而形成電流現(xiàn)在不把M、N直接相連，而按圖那樣在M、N之間加一個(gè)電壓

23、U，發(fā)現(xiàn)當(dāng)U182V時(shí)電流表中就沒有電流已知電子電量e=1.61019C，電子質(zhì)量m=9.11031kg問：被這種紫外線照射出的電子，最大速度是8106m/s考點(diǎn)：光電效應(yīng) .專題：光電效應(yīng)專題分析：根據(jù)動(dòng)能定理，0=eU，并結(jié)合U12.5V時(shí)電流表中就沒有電流，即可求解解答：解：根據(jù)題意可知，當(dāng)U182V時(shí)，電流表中就沒有電流，根據(jù)動(dòng)能定理可知：0=eU，解得：v0=8106m/s；故答案為：8106點(diǎn)評(píng)：考查光電效應(yīng)現(xiàn)象，理解最大初動(dòng)能的含義，掌握動(dòng)能定理的應(yīng)用注意電流表示數(shù)為零的含義15（10分）在“測定金屬的電阻率”實(shí)驗(yàn)中，所用測量儀器均已校準(zhǔn)待測金屬絲接入電路部分的長度約為50cm（

24、1）用螺旋測微器測量金屬絲的直徑，其中某一次測量結(jié)果如圖1所示，其讀數(shù)應(yīng)為0.397mm（該值接近多次測量的平均值）（2）用伏安法測金屬絲的電阻Rx實(shí)驗(yàn)所用器材為：電池組（電動(dòng)勢3V，內(nèi)阻約1）、電流表（內(nèi)阻約0.1）、電壓表（內(nèi)阻約3k）、滑動(dòng)變阻器R（020，額定電流2A）、開關(guān)、導(dǎo)線若干某小組同學(xué)利用以上器材正確連接好電路，進(jìn)行實(shí)驗(yàn)測量，記錄數(shù)據(jù)如下： 次數(shù)1234567U/V0.100.300.701.001.501.702.30I/A0.0200.0600.1600.2200.3400.4600.520由以上實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)可知，他們測量Rx是采用圖2中的甲（選填“甲”或“乙”）（3）如圖3

25、是測量Rx的實(shí)驗(yàn)器材實(shí)物圖，圖中已連接了部分導(dǎo)線，滑動(dòng)變阻器的滑片P置于變阻器的一端請(qǐng)根據(jù)（2）所選的電路圖，補(bǔ)充完成下圖中實(shí)物間的連線，并使閉合開關(guān)的瞬間，電壓表或電流表不至于被燒壞（4）這個(gè)小組的同學(xué)在坐標(biāo)紙上建立U、I坐標(biāo)，如圖4所示，圖中已標(biāo)出了與測量數(shù)據(jù)對(duì)應(yīng)的4個(gè)坐標(biāo)點(diǎn)請(qǐng)?jiān)趫D4中標(biāo)出第2、4、6次測量數(shù)據(jù)的坐標(biāo)點(diǎn)，并描繪出UI圖線由圖線得到金屬絲的阻值Rx=4.5（保留兩位有效數(shù)字）（5）根據(jù)以上數(shù)據(jù)可以估算出金屬絲電阻率約為C（填選項(xiàng)前的符號(hào)）A1102m B1103mC1106m D1108m考點(diǎn)：測定金屬的電阻率 .專題：實(shí)驗(yàn)題分析：（1）關(guān)于螺旋測微器的讀數(shù)，要先讀出固定刻度

26、，再讀出可動(dòng)刻度，然后相加即可得出結(jié)果（2）根據(jù)數(shù)據(jù)比較電壓表、電流表和被測電阻的阻值關(guān)系，確定可采取的電路（3）按照電路原理圖進(jìn)行實(shí)物圖的連接，注意導(dǎo)線不能交叉和滑動(dòng)變阻器的連接方式（4）根據(jù)圖上所標(biāo)的點(diǎn)，做出UI圖線，從而可得出電阻值（5）把以上數(shù)據(jù)代入電阻定律，可得出結(jié)果解答：解：（1）固定刻度讀數(shù)為0，可動(dòng)刻度讀數(shù)為39.7，所測長度為0+39.70.01=0.397mm（0.3950.399）（2）由記錄數(shù)據(jù)根據(jù)歐姆定律可知金屬絲的電阻Rx約5則有Rx，屬于小電阻，用外接法測量誤差小，由（3）知是用伏安特性曲線來測量電阻的，就要求電壓電流從接近0開始調(diào)節(jié)，所以應(yīng)該采用分壓接法故選甲（

27、3）注意連圖時(shí)連線起點(diǎn)和終點(diǎn)在接線柱上并且不能交叉，結(jié)合（2）可知應(yīng)該連接成外接分壓接法（甲）那么在連線時(shí)斷開開關(guān)且使Rx兩端的電壓為0先連外接電路部分，再連分壓電路部分，此時(shí)滑片P必須置于變阻器的左端實(shí)物圖如右圖所示，（4）描繪出第2、4、6三個(gè)點(diǎn)后可見第6次測量數(shù)據(jù)的坐標(biāo)點(diǎn)誤差太大舍去，然后出UI圖線如右圖所示；其中第4次測量數(shù)據(jù)的坐標(biāo)點(diǎn)在描繪出的UI圖線上，有：Rx=4.5（5）根據(jù)電阻定律R=，得=R，代入數(shù)據(jù)可計(jì)算出=1106m，故選C故答案為：（1）0.397 （2）甲 （3）如圖 （4）4.5 （5）C點(diǎn)評(píng)：該題是綜合性較強(qiáng)的題，解答時(shí)注意一下幾方面：1、對(duì)于長度的測量注意高中所

28、要求的游標(biāo)卡尺和螺旋測微器的使用方法，讀書時(shí)是固定刻度的值與可動(dòng)刻度的值得和2、會(huì)根據(jù)電壓表、電流表及被測電阻的阻值關(guān)系，確定電流表是內(nèi)接還是外接3、實(shí)物連接時(shí)，注意導(dǎo)線不能相交叉，并且要注意閉合電建時(shí)，分壓電路的輸出端電壓要為零4、會(huì)用電阻定律來求解導(dǎo)線的電阻率三、計(jì)算題（本題共4小題，共36分其中16、17題各8分，18、19題各10分解答應(yīng)寫出必要的文字說明、方程式和主要演算步驟，只寫出最后答案的不能得分，有數(shù)值計(jì)算的題，答案中必須明確寫出數(shù)值與單位）16（8分）一個(gè)電動(dòng)機(jī)，線圈電阻是0.4，當(dāng)它兩端所加的電壓為220V時(shí)，通過的電流是5A這臺(tái)電動(dòng)機(jī)每分鐘所做的機(jī)械功是多少焦耳？考點(diǎn)：電

29、功、電功率 .專題：恒定電流專題分析：電動(dòng)機(jī)機(jī)械功率等于總功率與熱功率之差，由功率公式求出總功率與熱功率，然后求出機(jī)械功率，已知機(jī)械功率及做功時(shí)間，由W=Pt可以求出機(jī)械功解答：解：電阻消耗的功率為P熱=I2R=520.4=10W電動(dòng)機(jī)消耗的功率為 P電=IU=5220W=1100W 電動(dòng)的輸出功率為P機(jī)=P電P熱=1100W10W=1090W 電動(dòng)機(jī)每分鐘所做的機(jī)械功為 W=P機(jī)t=109060J=6.54104J 答：臺(tái)電動(dòng)機(jī)每分鐘所做的機(jī)械功是6.54104J點(diǎn)評(píng)：電動(dòng)機(jī)是非純電阻電路，總功率等于熱功率與機(jī)械功率（輸出功率）之和17（8分）絕緣細(xì)繩的一端固定在天花板上，另一端連接著一個(gè)帶

30、負(fù)電的電量為q、質(zhì)量為m的小球，當(dāng)空間建立水平方向的勻強(qiáng)電場后，繩穩(wěn)定處于與豎直方向成=60角的位置，如圖所示求（1）勻強(qiáng)電場的場強(qiáng)E（2）若細(xì)繩長為L，讓小球從右邊懸繩與豎直方向成=300的位置在繩拉直情況下由靜止釋放小球，求此后小球運(yùn)動(dòng)過程中所能達(dá)到的最大速度v考點(diǎn)：動(dòng)能定理的應(yīng)用；勻強(qiáng)電場中電勢差和電場強(qiáng)度的關(guān)系 .專題：電場力與電勢的性質(zhì)專題分析：（1）小球穩(wěn)定后，細(xì)絲線跟豎直方向夾角為，對(duì)小球進(jìn)行受力，根據(jù)力的合成即可求得電場的場強(qiáng)（2）小球在=600處處于平衡，因此小球從=300的A點(diǎn)釋放，它不會(huì)往A點(diǎn)的左邊運(yùn)動(dòng)，而是以=600處為中心、以A點(diǎn)為端點(diǎn)來回?cái)[動(dòng)，即小球不會(huì)運(yùn)動(dòng)至最低點(diǎn)

31、O根據(jù)動(dòng)能定理即可解題解答：解：（1）小球在=60角處處于平衡，根據(jù)平衡條件得：則Eq=mgtan 得E=方向水平向左 （2）因?yàn)樾∏蛟?60處 處于平衡，因此小球從=30的A點(diǎn)釋放，它會(huì)以=60處為中心、以A點(diǎn)為端點(diǎn)來回?cái)[動(dòng)據(jù)動(dòng)能定理有qE（Lsin60Lsin30）mg（Lcos30Lcos60）=mv2上式得 答：（1）勻強(qiáng)電場的場強(qiáng)是，方向水平向左；（2）若細(xì)繩長為L，讓小球從右邊懸繩與豎直方向成=300的位置在繩拉直情況下由靜止釋放小球，此后小球運(yùn)動(dòng)過程中所能達(dá)到的最大速度是點(diǎn)評(píng)：本題主要考查了同學(xué)們受力分析的能力以及動(dòng)能定理的直接應(yīng)用，難度不大，屬于中檔題18（10分）如圖所示（a

32、）電路，當(dāng)變阻器的滑動(dòng)片從一端滑到另一端的過程中兩電壓表的讀數(shù)隨電流表讀數(shù)的變化情況如圖（b）中的AC，BC兩直線所示，不考慮電表對(duì)電路的影響（1）電壓表V1、V2的示數(shù)隨電流表示數(shù)的變化圖象應(yīng)分別為UI圖象中的哪一條直線？（2）定值電阻R0、變阻器的總電阻分別為多少？（3）試求出電源的電動(dòng)勢和內(nèi)電阻；（4）變阻器滑動(dòng)片從一端滑到另一端的過程中，變阻器消耗的最大電功率為多少？考點(diǎn)：閉合電路的歐姆定律 .專題：恒定電流專題分析：（1）當(dāng)變阻器的滑動(dòng)片向左移動(dòng)時(shí)，變阻器接入電路的電阻減小，電路中電流增大，定值電阻R0的電壓增大，路端電壓減小，來判斷兩個(gè)電壓表的示數(shù)對(duì)應(yīng)的圖線（2）定值電阻R0等于圖

33、線AC的斜率大小由數(shù)學(xué)知識(shí)求出圖線的斜率求解R0當(dāng)滑動(dòng)變阻器取最大值時(shí)，電流最小，由圖讀出電流的最小值，由歐姆定律求出變阻器的總電阻R（3）圖線BC反映路端電壓與電流的關(guān)系，其斜率大小等于電源的內(nèi)阻，由數(shù)學(xué)知識(shí)求出電源的內(nèi)阻再閉合電路歐姆定律求出電源的電動(dòng)勢（4）將滑動(dòng)變阻器和電源當(dāng)作一個(gè)等效電源，當(dāng)?shù)刃щ娫吹膬?nèi)電阻和變阻器電阻相等時(shí)，等效電源輸出功率最大解答：解：（1）當(dāng)變阻器的滑動(dòng)片向左移動(dòng)時(shí)，變阻器接入電路的電阻減小，電路中電流增大，定值電阻R0的電壓增大，路端電壓減小，所以電壓表V1的示數(shù)隨電流表示數(shù)的變化圖象應(yīng)為BC；電壓表V2的示數(shù)隨電流表示數(shù)的變化圖象應(yīng)為AC；（2）定值電阻R0=3；當(dāng)I=0.5A時(shí)R外=15；則R=R外R0=12；（3）根據(jù)閉合電路歐姆定律得：E=7.5+0.5rE=6+2r可得：E=8V，r=1 （4）當(dāng)R=R0+r=4時(shí)，變阻器消耗的電功率最大 UR=4VPR=4W 答：（1）電V1對(duì)應(yīng)BC圖象、V2對(duì)應(yīng)AC圖象（2）定值電阻R0、變阻器的總電阻分別為3和1