高中物理人教必修一精品解析：北京市昌平區(qū)高一上學期期末考試物理試題解析版

1、昌平區(qū)20192020學年第一學期高一年級期末質(zhì)量抽測物理試卷一、不定項選擇題。本題共14小題，每小題3分，共42分。在每小題給出的四個選項中，至少有一個選項是符合題意的，全部選對得3分，選對但不全的得2分，選錯或不答的得0分。1.如圖所示，小張和小王同學家都住在錦祥秋實大廈，一天早上他們均是7：15出小區(qū)大門，經(jīng)過不同路徑（小張沿東環(huán)路、小王經(jīng)燕平路）到達昌平一中校門口；路上所用時間均為15分鐘。材料中所涉及的7：15和15分鐘（）A. 都是指時間B. 都是指時刻C. 7：15指時間，15分鐘指時刻D. 7：15指時刻，15分鐘指時間【答案】D【解析】【詳解】7：15出小區(qū)大門，即表示動作的

2、發(fā)生，為時刻；路上所用時間均為15分鐘，即對應一個過程，為時間，所以D正確ABC錯誤。故選D。2.如圖所示，小張和小王同學家都住在錦祥秋實大廈，一天早上他們均是7：15出小區(qū)大門，經(jīng)過不同路徑（小張沿東環(huán)路、小王經(jīng)燕平路）到達昌平一中校門口；路上所用時間均為15分鐘。小張和小王同學從家到學校的過程中（）A. 路程一定相同B. 位移一定相同C. 平均速度一定相同D. 瞬時速度一定相同【答案】BC【解析】【詳解】AB從圖中可知兩同學做的不是直線運動，軌跡不同，所以路程不一定相同，兩同學的始末位置相同，所以位移相同，A錯誤B正確；C位移相同，所用時間相同，根據(jù)公式可知平均速度相同，C正確；D由于兩者

3、運動性質(zhì)未知，所以兩者的瞬時速度不一定相同，D錯誤。故選BC。3.如圖所示，小張和小王同學家都住在錦祥秋實大廈，一天早上他們均是7：15出小區(qū)大門，經(jīng)過不同路徑（小張沿東環(huán)路、小王經(jīng)燕平路）到達昌平一中校門口；路上所用時間均為15分鐘。小張同學記錄了爸爸所開汽車的速度表指針的變化情況：某一時刻指針位置如圖2（a），經(jīng)過6s指針位置如圖2（b）。若汽車做勻變速直線運動，則（） A. 汽車的加速度大小約為2.8m/s2B. 汽車的加速度大小約為10m/s2C. 汽車在這段時間內(nèi)的位移約為84mD. 汽車在這段時間內(nèi)的位移約為100m【答案】AC【解析】【詳解】AB從圖中可知初速度，末速度分別為：，

4、所用時間故根據(jù)速度時間公式可知A正確B錯誤；CD汽車在這段時間內(nèi)的位移為C正確D錯誤。故選AC。4.在用打點計時器研究小車速度隨時間變化的規(guī)律時，打出的四條紙帶記錄了小車的運動情況，如圖所示。假設紙帶的運動方向向左，表示小車做加速運動的紙帶是（）A. B. C. D. 【答案】C【解析】【詳解】AB做加速運動時，相鄰點間的間隔是不相等，AB錯誤；CD紙帶向左運動，即打出的第一個點應該是左邊第一個，又做加速運動，故以后相鄰點間的間隔越來越大，所以紙帶上從左向右相鄰點間的間隔越來越大，C正確D錯誤。故選C。5.平均速度的定義式為，當t很小時，借助于數(shù)學中的極限思想，可以用來計算物體在某時刻或某位置

5、的瞬時速度。實驗時需要確定小車的瞬時速度時，對x選取的要求，下列說法正確的是（）A. 從理論上講，選取的x越小越好B. 從理論上講，選取的x大小不影響測量結果C. 實際測量中，選取x越小越好D. 實際測量中，選取x并不是越小越好【答案】AD【解析】【詳解】AB用平均速度表示個計數(shù)點的瞬時速度，從理論上講，選取的越小越好，平均速度越接近瞬時速度，A正確B錯誤；CD從實驗的角度看，選取的大小需要刻度尺測量，并不是越小越好，過小了，測量誤差會變大，C錯誤D正確。故選AD。6.提高對實驗數(shù)據(jù)的利用率，是減小偶然誤差的方法之一。在研究小車做勻變速直線運動規(guī)律時，打下的一條紙帶如圖所示，已知相鄰兩點間的時

6、間間隔為T。下列對小車加速度的求解，最合理的是（）A. 由得：B. 由得：C. 由得：D. 由得：【答案】D【解析】【詳解】AC這兩項對數(shù)據(jù)的利用率較低，所以AC不合理；B對公式化簡，前后抵消，根本沒有參與計算，和性質(zhì)一樣，故B不合理；D根據(jù)逐差公式可得，求平均值可得故D合理。故選D。7.在“探究滑動摩擦力的大小與壓力、接觸面粗糙程度之間的關系”實驗中，老師提供了兩個實驗方案：方案一：如圖1所示，用彈簧測力計拉著木塊A在長木板B上滑動。方案二：如圖2所示，將彈簧測力計一端固定在P點，另一端連接木塊A，木塊放在長木板B上，拉動長木板B。方案一和方案二都是用彈簧測力計示數(shù)表示木塊所受滑動摩擦力的大

7、小。下列說法正確的是（）A. 方案一中木塊必需做勻速運動B. 方案一中木塊可以做變速運動C. 方案二中木板必需做勻速運動D. 方案二中木板可以做變速運動【答案】AD【解析】【詳解】AB方案一中，木塊A受到拉力和滑動摩擦力，而彈簧測力計顯示的是拉力大小，故要使得彈簧測力計示數(shù)表示木塊所受滑動摩擦力的大小，必須拉力和摩擦力相等，即木塊合力為零，做勻速直線運動，A正確B錯誤；CD方案二中，木塊A與彈簧測力計固定不動，即相對地面處以靜止狀態(tài)，根據(jù)二力平衡，測力計示數(shù)等于A受到的摩擦力，無論木板如何運動，只要保證木塊A與彈簧測力計固定不動即可，故木板可以做變速運動，C錯誤D正確。故選AD。8.在“探究滑

8、動摩擦力的大小與壓力、接觸面粗糙程度之間的關系”實驗中，某實驗小組先保持木塊與木板間接觸面的粗糙程度不變，通過改變砝碼個數(shù)來改變壓力，分別記錄彈簧測力計的示數(shù)及對應的壓力；然后改變接觸面的粗糙程度，重復上述實驗。根據(jù)實驗數(shù)據(jù)，作出fFN圖像，如圖所示。由圖像可知（）A. 對于同一接觸面，是一個定值B. 對于不同接觸面，值不同C. 圖像對應的接觸面更粗糙D. 圖像對應的接觸面更粗糙【答案】ABC【解析】【詳解】AB單獨看或者，圖線的斜率，從圖中可知圖線斜率恒定，即表示對于同一接觸面，是一個定值，A正確；B比較兩圖線，兩圖線的斜率不同，而這兩個圖線是在不同接觸面上實驗得到的，所以可知對于不同接觸面

9、，值不同，B正確；D圖中紅虛線與的交點，表示在正壓力相同的情況下對應摩擦力的大小，從圖中可知在正壓力相同時，的摩擦力大，故的接觸面更粗糙，C正確D錯誤。故選ABC。9.木塊在彈簧測力計的拉力作用下在木板上勻速運動。下列說法正確的是（）A. 拉力與木板對木塊摩擦力是一對作用力與反作用力B. 拉力與木板對木塊的摩擦力是一對平衡力C. 木塊對木板的壓力與木板對木塊的支持力是一對作用力與反作用力D. 木塊對木板壓力與木板對木塊的支持力是一對平衡力【答案】BC【解析】【詳解】AB木塊勻速運動過程中，水平方向上，受到木板給的摩擦力和拉力，故這兩個力為一對平衡力，A錯誤B正確；CD木塊對木板的壓力和木板對木

10、塊的支持力是木板與木塊間的相互作用，故這兩個力為一對相互作用力，C正確D錯誤。故選BC。10.亞里士多德認為：有力作用在物體上，物體才能運動，力是維持物體運動的原因。伽利略為反駁亞里士多德的觀點，設計如圖所示的實驗：小球從左側斜面上的O點由靜止釋放后沿斜面向下運動，進入右側水平面向前運動。水平面上先后鋪墊三種粗糙程度逐漸降低的材料時，小球沿水平面運動的最遠位置依次為1、2、3。根據(jù)三次實驗結果的對比，可得到的最直接的結論是（）A. 如果小球不受力，它將一直運動下去B. 如果小球受到力的作用，它的運動狀態(tài)將發(fā)生改變C. 力是使物體產(chǎn)生加速度的原因D. 小球質(zhì)量一定時，受到的力越大，它的加速度越大

11、【答案】A【解析】【詳解】A水平面上先后鋪墊三種粗糙程度逐漸減低的材料時，小球沿水平面滑動到的最遠位置依次為1、2、3可知摩擦力越小，則小球滾的越遠，由此可直接得出的結論是如果水平面光滑，小球受到的合外力為0，則小球將沿著水平面一直運動下去，A正確；BCD該實驗直接得出的是小球不受力時的結論，不能直接得出受力時的結論，BCD錯誤。故選A。11.牛頓第二定律認為：有力作用在物體上，物體的運動狀態(tài)就要發(fā)生變化。某人用力推靜止在地面上的桌子，但沒有推動。原因是（）A. 人推桌子的力小于桌子受到的摩擦力B. 人推桌子的力小于桌子受到的最大靜摩擦力C. 人推桌子的力小于桌子受到的重力D. 與牛頓第二定律

12、相矛盾【答案】B【解析】【詳解】AC人推桌子，桌子沒有被推動，此時桌子受到四個力的作用，水平方向推力與摩擦力平衡，豎直方向重力與支持力平衡，如圖，人推桌子的力與摩擦力相等，與重力沒有關系，故AC錯誤；B之所以沒有推動，是因為人推桌子的力小于桌子受到的最大靜摩擦力，B正確；D桌子受到的合力為零，相當于不受力，而牛頓第二定律表示的是合外力不為零時的情況，所以題設情景和牛頓第二定律不矛盾，D錯誤。故選B。12.如圖所示，在上端開口的飲料瓶的側面戳一個小孔，瓶中灌水，手持飲料瓶靜止時，小孔有水噴出若飲料瓶在下列運動中，沒有發(fā)生轉動且忽略空氣阻力，小孔不再向外噴水的是( )A. 自由下落B. 飲料瓶被水

13、平拋出后的運動過程中C. 飲料瓶被豎直向上拋出后的運動過程中D. 手持飲料瓶向上加速運動的過程中【答案】ABC【解析】【詳解】若要水不往外噴，則不受豎直方向的壓力，就要求水在運動過程中完全失重，即只受重力，加速度為g的情況就符合題意.A描述與分析相符，故A正確.B描述與分析相符，故B正確.C描述與分析相符，故C正確.D描述與分析不符，故D錯誤.13.下列說法正確的是（）A. 物體速度為零時，加速度也為零B. 物體的加速度為零時，速度也為零C. 物體的加速度減小時，速度也一定減小D. 物體的加速度減小時，速度可能增加【答案】D【解析】【詳解】A速度為零時，加速度不一定為零，如豎直上拋時，最高點速

14、度為零，但加速度不為零，A錯誤；B物體的加速度為零時，速度不一定為零，如做勻速直線運動時，B錯誤；CD加速度方向和速度方向同向時，物體做加速運動，加速度方向和速度方向相反時，物體做減速運動，當加速度方向與速度方向相同時，加速度減小，但速度增大，物體做加速度減小的加速運動時，C錯誤D正確。故選D。14.某研究小組猜想：“運動物體所受空氣阻力大小可能與運動速度有關”。于是開展如下探究：利用輕重不同的五個物體做為研究對象，這五個物體的編號分別為、，它們的重力依次增加。用超聲測速儀測量這些物體在空中沿直線下落時的速度隨時間變化的規(guī)律。在不同的實驗條件下，分別測出這些物體在空氣中運動的圖像，如圖所示。通

15、過圖像，能得到的結論是（）A. 物體下落快慢與重力無關B. 物體下落速度越大，所受的空氣阻力就越大C. 各物體做勻速運動時，它們的速度大小相同D. 各物體做勻速運動時，它們所受空氣阻力大小相同【答案】B【解析】【詳解】ACD從圖中可知重力不同的物體做勻速運動時，速度大小不同，重力最大的物體勻速運動的速度最快，勻速運動時，受力平衡，故有所以各物體重力不同，做勻速運動時它們所受空氣阻力大小不同，ACD錯誤；B從圖中可知每個小球的圖線的斜率減小，圖線的斜率表示加速度，故加速度減小，根據(jù)牛頓第二定律可知同一個物體重力不變，加速度減小，則其阻力增大，所以可知物體下落速度越大，所受的空氣阻力就越大，B正確

16、。故選B。第二部分（非選擇題共58分）二、實驗題。本題共2小題，共18分。15.某同學在實驗室做“探究彈簧彈力的大小與伸長量的關系”實驗時，將彈簧懸掛在鐵架臺上，將刻度尺豎直固定在彈簧一側，刻度尺的零刻度線剛好與彈簧上端相齊，讀出此時彈簧的長度=25.35cm。在彈簧下端懸掛1個鉤碼時，彈簧的長度為L1；每次增加1個鉤碼，分別讀出彈簧長度為L2、L3。已知單個鉤碼的質(zhì)量為m=50g，重力加速度g=9.8N/kg。(1)L1的讀數(shù)如圖所示，將L1的數(shù)值填入下表_。代表符號L0L1L2L3L4L5L6L7數(shù)值/cm25.3529.3531.3033.4035.3537.4039.35(2)該同學根

17、據(jù)表中的數(shù)據(jù)做出m-L圖像，如圖所示。其中圖像橫軸代表彈簧的長度，縱軸代表所懸掛鉤碼的質(zhì)量。除第2組數(shù)據(jù)外，其它數(shù)據(jù)已在坐標系中描繪出對應點。請將第2組數(shù)據(jù)的對應點標記在相應位置，并繪出m-L圖像_。(3)由圖像可知，該彈簧的勁度系數(shù)k=_N/m（結果保留兩位小數(shù)）。(4)另一同學在家測彈簧的勁度系數(shù)。他將彈簧掛在桌子的邊緣，如圖所示，找到了質(zhì)量為m的3個同樣的鐵鎖和一把刻度尺，實驗時，他將刻度尺豎直立在桌腿邊緣靠近彈簧的位置。當掛1個鐵鎖時，彈簧的指針指在l1位置；當掛3個鐵鎖時，彈簧的指針指在l2位置。重力加速度為g。由此可得該彈簧的勁度系數(shù)k=_（用l1、l2、m、g表示）?！敬鸢浮?(

18、1). 27.35cm (2). (3). (4). 【解析】【詳解】(1)刻度尺為毫米刻度尺，讀數(shù)需要估讀到毫米的下一位，故刻度尺的讀數(shù)為(2)2第2組數(shù)據(jù)的對應點以及m-L圖像如圖所示(3)3圖象的斜率表示勁度系數(shù)，故有。(4)4根據(jù)胡可定律可得即彈簧的勁度系數(shù)為。16.某物理課外小組利用如圖中的裝置探究加速度與物體受力、質(zhì)量之間的關系。實驗步驟如下：a將小車置于帶有定滑輪的木板上，把紙帶穿過打點計時器后掛在小車尾部。b用薄墊塊將木板一端墊高，調(diào)整其傾斜程度，直至小車運動時打點計時器在紙帶上打出的點_。c在細繩一端掛上重物，另一端通過定滑輪系在小車前端。將小車靠近打點計時器， _。打點計時

19、器在紙帶上打出一系列點，據(jù)此計算出小車的加速度。d保持小車的質(zhì)量不變，改變重物的質(zhì)量，重復實驗，并記錄數(shù)據(jù)。e保持重物的質(zhì)量不變，改變小車的質(zhì)量，重復實驗，并記錄數(shù)據(jù)。(1)請將步驟b補充完整_。(2)步驟c中橫線部分應是_。A.先開啟打點計時器，稍后再將小車由靜止釋放B.先將小車由靜止釋放，稍后再開啟打點計時器(3)實驗中，小車質(zhì)量M和重物質(zhì)量m分別選取下列四組值：M=500g，m分別取70g、100g、125g、150gM=500g，m分別取20g、30g、40g、50gM=200g，m分別取70g、75g、100g、125gM=200g，m分別取30g、40g、50g、60g在其它操作都

20、相同且正確的情況下，選用_組值測量時所畫出的圖線較準確。在選用此組值時，m取_時實驗誤差較大。(4)某實驗小組做本實驗時，用質(zhì)量分別為M、2M、3M的小車進行了實驗并作出了如圖所示的圖像。根據(jù)圖像，你能得到什么結論？_A質(zhì)量一定時，物體的加速度與受力成正比 B質(zhì)量一定時，物體的加速度與受力成反比C受力一定時，物體質(zhì)量越大，其加速度越小D受力一定時，物體的質(zhì)量越大，其加速度越大【答案】 (1). 間距相等 (2). 先接通電源后釋放紙帶 (3). (4). 50g (5). AC【解析】【詳解】(1)1平衡摩擦力的方法是用重力沿斜面向下的分力來抵消摩擦力的作用，具體做法是：將小車輕放（靜止）在長

21、木板上，掛好紙帶、不掛砂桶，將長木板靠近打點計時器的一端適當墊高，形成斜面，輕推小車，使小車做勻速運動（紙帶上相鄰兩點間的距離相等）即可。(2)2由于實驗過程非常短暫，為了充分利用紙帶打出較多的數(shù)據(jù)，同時也讓打點計時器穩(wěn)定工作，所以需要先接通電源后釋放紙帶。(3)3實驗時為減小系統(tǒng)誤差，應滿足，故選取M質(zhì)量大一些，m質(zhì)量越小越好的，故選。4m的取值與M的差越小，誤差越大，故m=50g時誤差最大。(4)5AB觀察單個直線，可知當質(zhì)量一定時，加速度和受力成正比，A正確B錯誤；CD圖中豎直虛線與三條圖線相交，交點表示受力一定時，加速度與質(zhì)量關系，從圖中可知受力一定時，質(zhì)量越大，加速度越小，C正確D錯

22、誤。故選AC。三、論述計算題。本題共4小題，共40分。寫出必要的文字說明、方程式及運算結果。17.在勻速直線運動中，物體運動的速度不變，因此位移x=vt，這在數(shù)值上恰好等于v-t圖像中陰影部分的面積，如圖（甲）所示。證明：在初速度為v0、加速度為a的勻變速度直線運動中，如圖（乙），梯形的面積在數(shù)值上等于勻變速直線運動的位移大?。徊⑼茖С鑫灰乒剑ㄓ胿0、a、t表示）。【答案】見解析【解析】【詳解】在勻變速直線運動中，雖然速度時刻變化，但只要時間足夠小，速度的變化就非常小，在這段時間內(nèi)就可以近似地應用勻速直線運動的公式來計算位移，如圖（甲）所示；如果我們把每一小段內(nèi)的運動看做勻速運動，則矩形面積

23、之和等于各段勻速直線運動的位移之和，顯然小于勻變速直線運動在該時間內(nèi)的位移，但所取時間段越小，各勻速直線運動位移之和與勻變速直線運動位移之間的差值就越小，如圖（乙）所示，當時，各矩形面積之和趨近于圖線下面的面積，可以想象，如果把整個運動過程劃分得非常細，很多小矩形的面積之和就能準確代表物體的位移了，位移的大小就等于圖（丙）所示的梯形面積。對于勻變速直線運動，運用“無限分割，逐步逼近”的微分思想可得：勻變速直線運動，物體的位移對應圖線和時間軸所包圍的圖像的“面積”。在圖中圖線和時間軸所包圍的圖像的“面積”為與之對應的物體的位移為又聯(lián)立解得18.動車出站時，先經(jīng)歷一個加速運動過程，某實驗小組想測量

24、其加速度的大小，設計如圖所示的實驗：在車廂內(nèi)懸吊著一個質(zhì)量為m的小球，動車加速行駛時，懸線偏離豎直方向的角度為。重力加速度為g。(1)畫出小球的受力示意圖。(2)求動車的加速度大小a；(3)求懸線對小球的拉力大小T?！敬鸢浮?1)(2)(3) 【解析】【詳解】(1)小球受到豎直向下的重力，和繩子的拉力，示意圖如圖所示(2)根據(jù)矢量三角形可知合力故由牛頓第二定律可知小球加速度為小球和動車是一個整體，故動車的加速度大小為。(3)根據(jù)矢量三角形可知解得即懸線對小球的拉力大小。19.從發(fā)現(xiàn)緊急情況到采取剎車動作所用的時間為反應時間。一般人的剎車反應時間為t0=0.5s，但飲酒會引起反應時間延長。在某次試驗中，一名志愿者少量飲酒后駕車以v