黑龍江省大慶市四中2022-2023學年物理高三第一學期期中學業(yè)水平測試試題(含解析)2_第1頁
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文檔簡介

1、2022-2023高三上物理期中模擬試卷注意事項:1 答題前,考生先將自己的姓名、準考證號填寫清楚,將條形碼準確粘貼在考生信息條形碼粘貼區(qū)。2選擇題必須使用2B鉛筆填涂;非選擇題必須使用05毫米黑色字跡的簽字筆書寫,字體工整、筆跡清楚。3請按照題號順序在各題目的答題區(qū)域內作答,超出答題區(qū)域書寫的答案無效;在草稿紙、試題卷上答題無效。4保持卡面清潔,不要折疊,不要弄破、弄皺,不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項選擇題:本題共6小題,每小題4分,共24分。在每小題給出的四個選項中,只有一項是符合題目要求的。1、下列說法正確的是( )A滑動摩擦力只可能作負功B靜摩擦力既可作正功,也可作負功C一對

2、作用力和反作用力做功的代數(shù)和為零D具有加速度的物體,一定有外力對它作功2、如圖所示為用絞車拖物塊的示意圖拴接物塊的細線被纏繞在輪軸上,輪軸逆時針轉動從而拖動物塊已知輪軸的半徑,細線始終保持水平;被拖動的物塊初速度為零,質量,與地面間的動摩擦因數(shù);輪軸的角速度隨時間t變化的關系是,g取,以下判斷正確的是A物塊的加速度逐漸增大B細線對物塊的拉力逐漸增大C前2秒,細線對物塊做的功為2JD,細線對物塊的拉力的瞬時功率為12W3、如圖所示,上表面水平的圓盤固定在水平地面上,一小物塊從圓盤邊緣上的P點,以大小恒定的初速度v0,在圓盤上沿與直徑PQ成不同夾角的方向開始滑動,小物塊運動到圓盤另一邊緣時的速度大

3、小為v,則v2cos 圖象應為() ABCD4、如圖所示為一簡易起重裝置,(不計一切阻力)AC是上端帶有滑輪的固定支架,BC為質量不計的輕桿,桿的一端C用鉸鏈固定在支架上,另一端B懸掛一個質量為m的重物,并用鋼絲繩跨過滑輪A連接在卷揚機上開始時,桿BC與AC的夾角BCA90,現(xiàn)使BCA緩緩變小,直到BCA=30在此過程中,桿BC所產生的彈力( )A大小不變B逐漸增大C先增大后減小D先減小后增大5、某質量為m的電動玩具小車在平直的水泥路上由靜止沿直線加速行駛經(jīng)過時間t前進的距離為x,且速度達到最大值vm,設這一過程中電動機的功率恒為P,小車受阻力恒為F,則t時間內()A小車做勻加速運動B小車受到

4、的牽引力逐漸增大C合外力對小車所做的功為 PtD牽引力對小車所做的功為 Fx+mvm26、一小球以一定的初速度從圖示5P位置進入光滑的軌道,小球先進入圓軌道1,再進入圓軌道2,圓軌道1的半徑為R,圓軌道2的半徑是軌道1的1.8倍,小球的質量為m,若小球恰好能通過軌道2的最高點B,則小球在軌道1上經(jīng)過A處時對軌道的壓力為(重力加速度為g)()A2mgB3mgC4mgD5mg二、多項選擇題:本題共4小題,每小題5分,共20分。在每小題給出的四個選項中,有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分,選對但不全的得3分,有選錯的得0分。7、質量為m的探月航天器在接近月球表面的軌道上飛行,其運動視為勻速

5、圓周運動已知月球質量為M,月球半徑為R,月球表面重力加速度為g,引力常量為G,不考慮月球自轉的影響,則航天器的( )A線速度B角速度C運行周期D向心加速度8、如圖所示,固定半圓弧容器開口向上,AOB是水平直徑,圓弧半徑為R,在A、B兩點,分別沿AO、BO方向同時水平拋出一個小球,結果兩球落在了圓弧上的同一點,從A點拋出的小球初速度是從B點拋出小球初速度的3倍,不計空氣阻力,重力加速度為g,則)( )A從B點拋出的小球先落到圓弧面上B從B點拋出的小球做平拋運動的時間為C從A點拋出的小球初速度大小為D從A點拋出的小球落到圓弧面上時,速度的反向延長線過圓心O9、在平直公路上,汽車由靜止開始做勻加速直

6、線運動,當速度達到后,立即關閉發(fā)動機直至靜止,t圖象如圖所示,設汽車的牽引力為F,受到的摩擦力為,全程中牽引力做功為,克服摩擦力做功為,則()ABCD10、如圖所示,一箱子從高空下落,初速度為零。箱子所受的空氣阻力與箱子下落速度的平方成正比,且運動過程中箱子始終保持圖示姿態(tài)。在箱子下落過程中,下列說法正確的是()A箱內物體對箱子底部始終有壓力B箱子剛從飛機上投下時,箱內物體受到的支持力為零C箱子接近地面時,箱內物體受到的支持力比剛投下時大D若下落距離足夠長,箱內物體有可能不受底部支持力而“飄起來”三、實驗題:本題共2小題,共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處,不要求寫出演算過程。11(6分

7、)指針式多用電表是實驗室中常用的測量儀器,請回答下列問題:(1)在使用多用電表測量時,若選擇開關找至“25V“擋,指針的位置如圖(a)所示,則測量結果為_V(2)多用電表測量未知電阻阻值的電路如圖(b)所示,電源的電動勢為E,R0為調零電阻某次將待測電阻用電阻箱代替時,電路中電流I與電阻箱的阻值Rx關系圖象如圖(c)所示,則此時多用電表的內阻為_,該電池的電動勢E_V(3)下列判斷正確的是(_)A在圖(b)中、電表的左、右插孔處分別標注著“”、“+”B由圖線(c)的特點可知,歐姆表的刻度盤上的數(shù)字左小右大C歐姆表調零的實質是通過調節(jié)R,使Rx0時電路中的電流達到滿偏電流D電阻Rx的變化量相同時

8、,Rx越小,則對應的電流變化量就越?。?)如果隨著使用時間的增長,該多用電表內部的電源電動勢減少,內阻增大,但仍然能夠歐姆調零,如仍用該表測電阻,則測量結果是_(填“偏大”“偏小”或“不變”)12(12分)在探究彈力和彈簧伸長的關系時,某同學先按圖1對彈簧甲進行探究,然后把原長相同的彈簧甲和彈簧乙并聯(lián)起來按圖2進行探究.在彈性限度內,將質量為m=50g的鉤碼逐個掛在彈簧下端,分別測得圖1、圖2中彈簧的長度L1、L2如下表所示. 已知重力加速度g=9.8m/s2,要求盡可能多的利用測量數(shù)據(jù),計算彈簧甲的勁度系數(shù)k1=_N/m(結果保留三位有效數(shù)字).由表中數(shù)據(jù)計算出彈簧乙的勁度系數(shù)k2=_N/m

9、(結果保留三位有效數(shù)字).四、計算題:本題共2小題,共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處,要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13(10分)如圖所示,固定斜面的傾角=30,物體A與斜面之間的動摩擦因數(shù)為=,輕彈簧下端固定在斜面底端,彈簧處于原長時上端位于C點用一根不可伸長的輕繩通過輕質光滑的定滑輪連接物體A和B,滑輪右側繩子與斜面平行,A的質量為4kg,B的質量為2kg,初始時物體A到C點的距離為L=1m現(xiàn)給A、B一初速度v0=3m/s使A開始沿斜面向下運動,B向上運動,物體A將彈簧壓縮到最短后又恰好能彈到C點已知重力加速度為g=10m/s2,不計空氣阻力,整個過程中,輕繩始終處于伸

10、直狀態(tài),求此過程中:(1)物體A沿斜面向下運動時的加速度大小;(2)物體A向下運動剛到C點時的速度大??;(3)彈簧的最大壓縮量和彈簧中的最大彈性勢能14(16分)額定功率是60kW的無軌電車,其最大速度是108km/h,質量是2t,如果它從靜止先以2m/s2的加速度勻加速開出,阻力大小一定,求:(1)電車勻加速運動行駛能維持多少時間?(2)又知電車從靜止駛出到增至最大速度共經(jīng)歷了21s,在此過程中,電車通過的位移是多少?15(12分)如圖甲、乙所示,傳送帶上有質量均為m的三個木塊1、2、3,中間均用原長為L、勁度系數(shù)為k的輕彈簧連接起來,木塊與傳送帶間的動摩擦因數(shù)均為,其中木塊1被與傳送帶平行

11、的細線拉住,傳送帶按圖示方向勻速運動,三個木塊處于平衡狀態(tài)求:(1)在圖甲狀態(tài)下,1、3兩木塊之間的距離是多大?(2)在圖乙狀態(tài)下,細線的拉力是多大?木塊1、3之間的距離又是多大?參考答案一、單項選擇題:本題共6小題,每小題4分,共24分。在每小題給出的四個選項中,只有一項是符合題目要求的。1、B【解析】A、力做功的正負即決于力和位移的方向關系,摩擦力可以做正功,也可以做負功,還可以不做功,故A錯誤,B正確;C、作用力和反作用力可以同時做正功,也可以同時做負功,做功的代數(shù)和不一定為零,故C錯誤;D、勻速圓周運動具有加速度,但沒有外力對它做功,故D錯誤.故選B【點睛】力做功的正負即決于力和位移的

12、方向關系;根據(jù)作用力和反作用力的性質可以判斷兩力做功的情況.2、D【解析】A、由題意知,物塊的速度v=R=2t0.5=1t,又v=at,故可得a=1m/s2,則物體做勻加速直線運動,選項A錯誤.B、由牛頓第二定律可得物塊所受合外力F=ma=1N,F(xiàn)=T-f,地面摩擦阻力f=mg=0.5110=5N,故可得物塊受力繩子拉力T=f+F=5+1=6N,故B錯誤.C、物體在2s內的位移,則拉力做功為,故C錯誤.D、物體在2s末的速度為,則拉力的瞬時功率為;D正確.故選D.【點睛】本題關鍵根據(jù)絞車的線速度等于物塊運動速度從而求解物塊的加速度,根據(jù)牛頓第二定律求解3、A【解析】小球在圓盤上做勻減速直線運動

13、,設初速度為v0,加速度為a;由v2v022ax得v2v02+2axv02+2a2Rcosv02+4aRcosa為負值,v2與cos成一次函數(shù)關系,故A正確,BCD錯誤;故選A【點睛】本題考查勻變速直線運動速度位移關系與圖象結合題目,關鍵是根據(jù)勻變速直線運動規(guī)律找出v2與cos的函數(shù)關系式即可輕松解決.4、A【解析】以結點B為研究對象,分析受力情況,作出力的合成圖,根據(jù)平衡條件得出力與三角形ABC邊長的關系,再分析繩子拉力和BC桿的作用力的變化情況【詳解】以結點B為研究對象,分析受力情況,作出力的合成圖如圖,根據(jù)平衡條件則知,F(xiàn)、N的合力F合與G大小相等、方向相反.根據(jù)三角形相似得:,又F合=

14、G,得:,現(xiàn)使BCA緩慢變小的過程中,AB變小,而AC、BC不變,則得到,F(xiàn)變小,N不變,所以繩子越來越不容易斷,作用在BC桿上的壓力大小不變;故選A.【點睛】本題運用三角相似法研究動態(tài)平衡問題,直觀形象,也可以運用函數(shù)法分析研究5、D【解析】電動機功率恒定,P=F牽v,結合牛頓第二定律可知F牽-F=ma,v=at可知,當速度增大時,牽引力減小,加速度減小,故小車做加速度減小的變加速運動,故AB錯誤;整個過程中,牽引力做正功,阻力做負功,故合力做功為W=mvm2,Pt為牽引力所做的功,故C錯誤;整個過程中,根據(jù)動能定理可知PtFxmvm2,解得Pt=Fx+mvm2,故D正確;故選D.點睛:小車

15、的恒定功率啟動方式是一種最快的啟動方式,是加速度不斷減小的加速運動,運動學公式不再適用,但可以根據(jù)動能定理列式求解6、C【解析】在B點由重力提供向心力,由牛頓第二定律得:,小球從A到B的過程,由機械能守恒得:,在A點,由牛頓第二定律得:,聯(lián)立得:N=4mg,由牛頓第三定律知,小球在軌道1上最高點A處對軌道的壓力為,選C.【點睛】小球剛好能通過軌道2的最高點B時,由重力提供向心力,由牛頓第二定律求出B點的速度,再由機械能守恒求出小球通過A點的速度,即可由牛頓運動定律求解對軌道的壓力二、多項選擇題:本題共4小題,每小題5分,共20分。在每小題給出的四個選項中,有多個選項是符合題目要求的。全部選對的

16、得5分,選對但不全的得3分,有選錯的得0分。7、AC【解析】A.探月航天器在接近月球表面的軌道上飛行,萬有引力提供衛(wèi)星做圓周運動的向心力,由G=m可得航天器的線速度故A正確;B.由mg=m2R可得航天器的角速度=故B錯誤;C.由mg=mR可得航天器的運行周期故C正確;D.由G=ma可得航天器的向心加速度故D錯誤8、BC【解析】A由于兩球落在圓弧上的同一點,因此兩球做平拋運動下落的高度相同,運動的時間相同,由于同時拋出,因此一定同時落到圓弧面上,A錯誤;B由水平方向的位移關系可知,由于A點處拋出的小球初速度是B點處拋出小球的3倍,因此A點處拋出小球運動的水平位移是B點處拋出小球運動的水平位移的3

17、倍,由于,因此B點處小球運動的水平位移,根據(jù)幾何關系可知,兩球做平拋運動下落的高度為,運動的時間,B正確;CA點拋出的小球初速度,C正確;D由于O點不在A點拋出小球做平拋運動的水平位移的中點,D錯誤故選:BC點睛:平拋運動落到同一點,所用時間相同,水平位移之和等于直徑據(jù)此列方程聯(lián)立求解9、BC【解析】對汽車運動的全過程,由動能定理得用所以由圖象與坐標軸所圍面積表示位移可知由動能定理得=0所以故BC正確,AD錯誤。故選BC。10、BC【解析】對整體分析,求出整體的加速度,抓住物體與箱子的加速度相等,結合阻力的變化得出加速度的變化,通過牛頓第二定律分析何時支持力最小,何時支持力較大.【詳解】A、B

18、、設整體加速度為a,則a=Mg-kv2M,當v=0時,a=g,當v0時,a0,故A錯誤,B正確;B、因箱子下落過程為變加速運動,接近地面時,v最大,故a最小,由FN=m(g-a)可知物體受到的支持力最大,故C正確;D、若下落距離足夠長,當Ff=M總g時,a=0,箱子做勻速運動,此時FN=mg,不可能“飄起來”,故D錯誤。故選BC.【點睛】解決本題的關鍵知道物體與箱子具有相同的加速度,結合牛頓第二定律分析求解,注意明確速度變化時阻力變化,合外力隨之變化,從而導致加速度發(fā)生變化.三、實驗題:本題共2小題,共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處,不要求寫出演算過程。11、11.5 1.5104 1

19、2 AC 偏大 【解析】(1)選擇開關置于“25V”時,選擇表盤第二排刻度進行讀數(shù),分度值為0.5V,對應刻度示數(shù)為:11.5V(2)根據(jù)閉合電路的歐姆定律得: ,由題圖可得Ig0.8mA,當I0.3mA時,Rx15 k,解得 R內15 k1.5104,E12 V(3)根據(jù)電流紅進黑出,在題圖b中,電表的右、左插孔處分別標注著“+”“”,故A正確;函數(shù)圖象是非線性變化,導致歐姆表刻度不均勻,歐姆表的刻度盤上的示數(shù)左大右小,由于外電阻增大電路電流減小造成的,故B錯誤;歐姆表調零通過調節(jié)滑動變阻器R0,調節(jié)至待測電阻Rx為零(即兩表筆短接)時,電流表滿偏,對應歐姆表示數(shù)為零,故C正確;歐姆表刻度不

20、均勻的原因是待測電阻和電路電流關系非線性變化,而且IRx切線斜率大小隨待測電阻值增大而減小,即Rx阻值變化量對應電流變化量隨待測電阻增大而減小,歐姆表刻度左密右疏,故D錯誤故選AC(4)測量原理為閉合電路歐姆定律:當電池電動勢變小、內阻變大時,歐姆得重新調零,由于滿偏電流Ig不變,由公式,歐姆表內阻R中得調小, ,因R中變小,則同一Rx則電流要變小,對應電阻刻度值偏大12、24.5 (24.0-25.0); 125(123-129); 【解析】由表格中的數(shù)據(jù)可知,當彈力的變化量F=mg=0.059.8N=0.49N時,彈簧形變量的變化量為: 根據(jù)胡克定律知甲的勁度系數(shù): 把彈簧甲和彈簧乙并聯(lián)起來時,彈簧形變量的變化量為: 并聯(lián)時總的勁度系數(shù)k并,根據(jù)k并=k1+k2,則:k2=k并-k1=148-24.6124N/m點睛:解決本題的關鍵掌握胡克定律,知道F=kx,x表示形變量,以及知道其變形式F=kx,x為形變量的變化量知道兩彈簧并聯(lián)時勁度系數(shù)的關系.四、計算題:本題共2小題,共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處,要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、(1)2.5m/s2;(2)2m/s ;(3)6J?!窘馕觥浚?)物

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