2023學(xué)年廣東省深圳市高二物理第一學(xué)期期中學(xué)業(yè)質(zhì)量監(jiān)測試題含解析

1、2023學(xué)年高二上物理期中模擬試卷請考生注意：1請用2B鉛筆將選擇題答案涂填在答題紙相應(yīng)位置上，請用05毫米及以上黑色字跡的鋼筆或簽字筆將主觀題的答案寫在答題紙相應(yīng)的答題區(qū)內(nèi)。寫在試題卷、草稿紙上均無效。2答題前，認(rèn)真閱讀答題紙上的注意事項(xiàng)，按規(guī)定答題。一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、從同一高度以不同的速度同時(shí)水平拋出兩個(gè)質(zhì)量不同的石子，下面說法正確的是A速度大的先著地B速度小的先著地C質(zhì)量大的先著地D兩石同時(shí)著地2、有一個(gè)空腔導(dǎo)體內(nèi)部和外部都有電荷， 如圖所示，下述結(jié)論正確的是 ( ) A導(dǎo)體不接地時(shí)，內(nèi)部電場強(qiáng)度受

2、到外部電荷的影響B(tài)導(dǎo)體不接地時(shí)，外部電場強(qiáng)度受到內(nèi)部電荷的影響C導(dǎo)體接地時(shí)，內(nèi)部電場強(qiáng)度受到外部電荷的影響D導(dǎo)體接地時(shí)，外部電場強(qiáng)度受到內(nèi)部電荷的影響3、右圖分別是兩個(gè)阻值為R1和R2的電阻器的I-U圖象,可知 AR1 R2 BR1x-x0，則x1x0，故A錯(cuò)誤，B錯(cuò)誤；CD. 同理可以得到保持q不變,將Q變?yōu)?Q,平衡時(shí)彈簧的壓縮量大于2x0，故C錯(cuò)誤，D正確。故選：D。點(diǎn)睛：根據(jù)庫侖定律及胡克定律列式分析，電荷量變化，庫侖力變化，兩球的距離變化，彈力變化，根據(jù)平衡條件列方程計(jì)算即可5、B【解析】畫出導(dǎo)電粒子的運(yùn)動(dòng)軌跡，找出臨界條件好角度關(guān)系，利用圓周運(yùn)動(dòng)由洛侖茲力充當(dāng)向心力，分別表示出圓周

3、運(yùn)動(dòng)的半徑，進(jìn)行比較即可【詳解】磁感應(yīng)強(qiáng)度為B1時(shí)，從P點(diǎn)射入的粒子與磁場邊界的最遠(yuǎn)交點(diǎn)為M，最遠(yuǎn)的點(diǎn)是軌跡上直徑與磁場邊界圓的交點(diǎn)，POM=120，如圖所示：所以粒子做圓周運(yùn)動(dòng)的半徑R為：sin60=，得： 磁感應(yīng)強(qiáng)度為B2時(shí)，從P點(diǎn)射入的粒子與磁場邊界的最遠(yuǎn)交點(diǎn)為N，最遠(yuǎn)的點(diǎn)是軌跡上直徑與磁場邊界圓的交點(diǎn)，PON=60，如圖所示：所以粒子做圓周運(yùn)動(dòng)的半徑R為：sin10=，得： 由帶電粒子做圓周運(yùn)動(dòng)的半徑：得：聯(lián)立解得：故選B【點(diǎn)睛】帶電粒子在電磁場中的運(yùn)動(dòng)一般有直線運(yùn)動(dòng)、圓周運(yùn)動(dòng)和一般的曲線運(yùn)動(dòng)；直線運(yùn)動(dòng)一般由動(dòng)力學(xué)公式求解，圓周運(yùn)動(dòng)由洛侖茲力充當(dāng)向心力，一般的曲線運(yùn)動(dòng)一般由動(dòng)能定理求解

4、6、D【解析】AB、當(dāng)達(dá)到靜電平衡時(shí)導(dǎo)體是一個(gè)等勢體，A端電勢等于B端電勢，AB錯(cuò)誤；C、點(diǎn)電荷和感應(yīng)電荷在導(dǎo)體中心O點(diǎn)產(chǎn)生的電場的合場強(qiáng)為0，C錯(cuò)誤；D、感應(yīng)電荷在O點(diǎn)產(chǎn)生的場強(qiáng)與點(diǎn)電荷產(chǎn)生的場強(qiáng)等大反向，所以感應(yīng)電荷在O點(diǎn)產(chǎn)生的場強(qiáng)大小為，D正確故選D二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、AD【解析】根據(jù)圖像可知，設(shè)PQ進(jìn)入磁場勻速運(yùn)動(dòng)的速度為v，勻強(qiáng)磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度為B，導(dǎo)軌寬度為L，兩根導(dǎo)體棒的總電阻為R；根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律和閉合電路的歐姆定律可得PQ進(jìn)入磁

5、場時(shí)電流保持不變，根據(jù)右手定則可知電流方向QP；如果PQ離開磁場時(shí)MN還沒有進(jìn)入磁場，此時(shí)電流為零；當(dāng)MN進(jìn)入磁場時(shí)也是勻速運(yùn)動(dòng)，通過PQ的感應(yīng)電流大小不變，方向相反；如果PQ沒有離開磁場時(shí)MN已經(jīng)進(jìn)入磁場，此時(shí)電流為零，當(dāng)PQ離開磁場時(shí)MN的速度大于v，安培力大于重力沿斜面向下的分力，電流逐漸減小，通過PQ的感應(yīng)電流方向相反；A.圖像與分析相符，故A正確。B.圖像與分析不符，故B錯(cuò)誤。C.圖像與分析不符，故C錯(cuò)誤。D.圖像與分析相符，故D正確。8、BC【解析】讓小球從O點(diǎn)滑下，小球到達(dá)A點(diǎn)時(shí)有一定的速度，具有向上的加速度，處于超重狀態(tài)，根據(jù)牛頓運(yùn)動(dòng)定律得知小球?qū)壍赖膲毫Υ笥谄渲亓Γ瑩?jù)題可知

6、小球?qū)腁點(diǎn)漏下去，因而不能通過A點(diǎn)；若小球滑到B點(diǎn)時(shí)，速度大于等于零，有向下的加速度或加速度為零，處于失重狀態(tài)，根據(jù)牛頓運(yùn)動(dòng)定律知，小球?qū)壍赖膲毫π∮谄渲亓?，所以不能從軌道上漏下去，能通過B點(diǎn)，故BC正確，AD錯(cuò)誤。9、AD【解析】由于qU112mv02 ，根據(jù)類平拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律可知，偏向角tgvyvxqU2Lmdv02qU2L2dqU1U2L2dU1=恒量；故A正確；根據(jù)偏向角：tgvyvxqU2Lmdv02qU2L2dEkU2Ld ，故若粒子的帶電量和初動(dòng)能相同，則離開電場時(shí)它們的偏向角相同；故B錯(cuò)誤； 根據(jù)qU112mv02和yqU2L22mdv02qU2L24dqU1U2L24dU1，

7、所以它們的偏移量應(yīng)該相同，與荷質(zhì)比無關(guān)；故C錯(cuò)誤；若帶電粒子由靜止開始經(jīng)相同電場加速后進(jìn)入該偏轉(zhuǎn)電場，離開電場時(shí)偏轉(zhuǎn)電場對粒子做的功W=U2dqyU2L24dU1U2dqq；故D正確；故選AD10、BC【解析】A.對小球進(jìn)行受力分析如上圖所示， 可得代入解得小球的帶電量A錯(cuò)誤；B.由于重力和電場力都是恒力，所以它們的合力也是恒力，在圓上各點(diǎn)中，小球在平衡位置A點(diǎn)時(shí)的勢能（重力勢能和電勢能之和）最小，在平衡位置的對稱點(diǎn)B點(diǎn)，小球的勢能最大，由于小球總能量不變，所以在B點(diǎn)的動(dòng)能EkB最小，對應(yīng)速度vB最?。磺∧芾@O點(diǎn)在豎直平面內(nèi)做圓周運(yùn)動(dòng)，在B點(diǎn)，小球受到的重力和電場力，其合力作為小球做圓周運(yùn)動(dòng)的

8、向心力，繩的拉力恰為零，有所以：選項(xiàng)B正確；CD由于總能量保持不變，即是恒量所以當(dāng)小球在圓上最左側(cè)的C點(diǎn)時(shí)，電勢能EPE最大，機(jī)械能最小由B運(yùn)動(dòng)到A，有所以：總能量為由C到A，電場力做功：又電場力做功等于電勢能的減少量，則：所以C點(diǎn)的機(jī)械能為故C正確，D錯(cuò)誤。三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、A2 9000 電路如圖: 【解析】（1）為了測量待測電阻兩端的電壓，可以將電流表A2與電阻箱串聯(lián)組成電壓表；改裝后電壓表量程是3V，則電阻箱阻值為：R=U-Igr2Ig=3-30010-610030010-6=99009000；（2）滑動(dòng)變阻器

9、最大阻值遠(yuǎn)小于待測電阻阻值，滑動(dòng)變阻器應(yīng)采用分壓接法，待測電阻阻值約為200，電流表A1內(nèi)阻約為100，電壓表內(nèi)阻為：RV=100+9900=10000；電壓表內(nèi)阻遠(yuǎn)大于待測電阻阻值，電流表應(yīng)采用外接法，電路圖如圖所示：【點(diǎn)睛】要會(huì)把電流表改裝成電壓表，會(huì)求改裝電壓表時(shí)串聯(lián)電阻的阻值；確定滑動(dòng)變阻器的接法與電流表接法是設(shè)計(jì)實(shí)驗(yàn)電路圖的關(guān)鍵。12、 增大 電壓表的分流 偏小 【解析】由題意可知考查描繪小燈泡伏安特性曲線實(shí)驗(yàn)原理，數(shù)據(jù)處理及誤差分析，根據(jù)實(shí)驗(yàn)原理分析可得?！驹斀狻?1)1分析伏安特性曲線可知小燈泡最大電阻約為4 ，屬于小電阻，為減小誤差電流表采用外接法，描繪伏安特性曲線時(shí)要求電壓、

10、電流從零開始變化，滑動(dòng)變阻器采用分壓式接法。故畫出的電路圖如下所示：(2)2 在I-U圖象中，割線的斜率的倒數(shù)表示電阻的大小，隨著電壓的增大，斜率減小，說明電阻增大。(3)3 實(shí)驗(yàn)中產(chǎn)生系統(tǒng)誤差的原因是電壓表的分流作用。 4電壓表測量值等于真實(shí)值，但是電流測量值大于真實(shí)值，這樣測的電阻值比真實(shí)值偏小?！军c(diǎn)睛】設(shè)待測電阻為R，電測表內(nèi)接、外接選擇原則：屬于大電阻，采用內(nèi)接法。要求電流、電壓從零開始變化時(shí)滑動(dòng)變阻器一定選擇分壓式接法。四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、 (1)v=(2)t=【解析】（1）由動(dòng)能定理：解得：（2）由A到D的過程由動(dòng)能定理得：離開D點(diǎn)后做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，如圖豎直方向水平方向又由幾何關(guān)系得解得14、（1） （2）【解析】（1）0T時(shí)間內(nèi)，根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律，線框中產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢結(jié)合題圖，對線框受力分析：t=0時(shí)刻，F(xiàn)0=F安+mg；t=T時(shí)刻，F(xiàn)安=mg又F安=B0IL得。（