2023學年江蘇省蘇州市景范中學物理高二第一學期期中質量跟蹤監(jiān)視模擬試題含解析

1、2023學年高二上物理期中模擬試卷考生須知：1全卷分選擇題和非選擇題兩部分，全部在答題紙上作答。選擇題必須用2B鉛筆填涂；非選擇題的答案必須用黑色字跡的鋼筆或答字筆寫在“答題紙”相應位置上。2請用黑色字跡的鋼筆或答字筆在“答題紙”上先填寫姓名和準考證號。3保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，在草稿紙、試題卷上答題無效。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、靜止的彈簧秤兩端同時受到大小都為4 N的力F1、F2的作用，則彈簧秤的示數為( )A0 B4 N C8 N D無法確定2、在如圖所示的平行板器件中，電場強度E和磁感應強

2、度B相互垂直，兩平行板水平放置具有不同水平速度的帶電粒子射入后發(fā)生偏轉的情況不同這種裝置能把具有某一特定速度的粒子選擇出來，所以叫做速度選擇器現(xiàn)有一束帶電粒子以速度v0從左端水平射入，不計粒子重力下列判斷正確的是A若粒子帶正電且速度，則粒子將沿圖中虛線方向通過速度選擇器B若粒子帶負電且速度，則粒子將偏離虛線方向向上做曲線運動C若粒子帶正電且速度，則粒子將偏離虛線方向向上做曲線運動D若粒子帶負電且速度，則粒子將偏離虛線方向向上做曲線運動3、質譜儀的兩大重要組成部分是加速電場和偏轉磁場如圖3所示為質譜儀的原理圖設想有一個靜止的質量為m、帶電荷量為q的帶電粒子(不計重力)，經電壓為U的加速電場加速后

3、垂直進入磁感應強度為B的偏轉磁場中，帶電粒子打到底片上的P點，設OPx，則在圖4中能正確反映x與U之間的函數關系的是 ()ABCD4、如圖所示,勻強電場的電場強度為E，電場中A、B兩點間的距離為d,線段AB與電場線的夾角為,則A、B兩點間的電勢差為( )AEdcosB-EdcosCEdD-Edsin5、下列說法正確的是( )A在勻強電場中，電勢降低的方向就是電場強度的方向B根據公式U=Ed可知，勻強電場中任意兩點間的電勢差與這兩點的距離成正比C安培力的方向總是垂直于磁場的方向D一小段通電直導線放在磁場中某處不受磁場力作用，則該處的磁感應強度一定為零6、奧斯特深信電和磁有某種聯(lián)系為了研究這種聯(lián)系

4、，有一次他拿一根細鉑絲接到電源上，在它的延長線附近放一枚磁針，試圖用鉑絲來吸引磁針結果鉑絲變灼熱，甚至發(fā)光了，磁針卻紋絲不動你認為，在這次實驗中奧斯特應該如何改進A將電源的正負極對換B將鉑絲南北放置在小磁針上方C把小磁針放置在金屬網罩內D將鉑絲東西放置在小磁針下方二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖，兩條光滑平行金屬導軌固定，所在平面與水平面夾角為，導軌電阻忽略不計虛線ab、cd均與導軌垂直，在ab與cd之間的區(qū)域存在垂直于導軌所在平面的勻強磁場將兩根相同的導體棒

5、PQ、MN先后自導軌上同一位置由靜止釋放，兩者始終與導軌垂直且接觸良好已知PQ進入磁場開始計時，到MN離開磁場區(qū)域為止，流過PQ的電流隨時間變化的圖像可能正確的是ABCD8、兩個相同的電容器A和B如圖連接，它們的極板均水平放置，當它們都帶有一定電荷并處于靜電平衡時，電容器A中的一帶電粒子恰好靜止，現(xiàn)將電容器B的兩極板沿水平方向移動使兩極板錯開，移動后兩極板仍然處于水平位置，且兩極板的間距不變，這時帶電粒子的加速度大小為g，忽略電場的邊緣效應，則（ ）A電容器A的電壓增加，帶電粒子加速向上運動B電容器A的帶電量增加原來的2倍C電容器B的正對面積減少到原來的D電容器B間的電場強度保持不變9、如圖電

6、路中電源電動勢為E，內電阻為r，閉合開關S，待電流達到穩(wěn)定后，電流表示數為I，電壓表示數為U，電容器C所帶電荷量為現(xiàn)將滑動變阻器的滑動觸頭從圖示位置向b端移動一些，待電流達到穩(wěn)定后，與移動前相比AU變大BI變大CQ增大DQ減小10、如圖所示為勻強電場的電場強度E隨時間t變化的圖象當t0時，在此勻強電場中由靜止釋放一個帶電粒子，設帶電粒子只受電場力的作用，則下列說法中正確的是()A帶電粒子將始終向同一個方向運動B2 s末帶電粒子離出發(fā)點最遠C3 s末帶電粒子的速度為零D03 s內，電場力做的總功為零三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分

7、）在研究平拋物體運動的實驗中，用一張印有小方格的紙記錄軌跡，小方格的邊長 L1.25cm。若小球在平拋運動途中的幾個位置如圖中的 a、b、c、d 所示，則小球平拋的初速度的計算式為 V0_（用 L、g 表示），其值是_（取 g9.8m/s2）。12（12分）在“用單分子油膜估測分子的大小”的實驗中，若一滴油酸酒精溶液中油酸所占的體積為V，在水面上散開形成的油膜面積為S，則油酸分子的直徑d=_。如果實驗中油膜沒有完全散開，則得到的油酸分子直徑_（選填“偏大”或“偏小”）。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）如

8、圖所示的電路，A、B之間電壓保持不變， 兩個電壓表的示數均為35 V，如果將兩個電壓表的位置對調，則電壓表V1的示數為30 V，電壓表V2的示數為40 V，求兩個電壓表的電阻分別是多少？14（16分）如圖所示，水平放置的兩平行金屬板，板長為10cm，兩板相距2cm。一束電子以v04.0107m/s的初速度從兩板中央水平射入板間，然后從板間飛出射到距板右端L為45cm、寬D為20cm的熒光屏上。(不計電子重力，熒光屏中點在兩板間的中線上，電子質量m9.01031kg，電荷量e1.61019C)求：（1）電子飛入兩板前所經歷的加速電場的電壓；（2）為使帶電粒子能射到熒光屏的所有位置，兩板間所加電壓

9、的取值范圍？15（12分）如圖所示，在平面直角坐標系xOy內，第二、三象限內存在沿y軸正方向的勻強電場，第一、四象限內存在半徑為L的圓形勻強磁場，磁場的圓心在M（L，0），磁場方向垂直于坐標平面向外一個質量m電荷量q的帶正電的粒子從第三象限中的Q（2L，L）點以速度v0沿x軸正方向射出，恰好從坐標原點O進入磁場，從P（2L，0）點射出磁場不計粒子重力，求：（1）電場強度E；（2）從P點射出時速度vP的大??；（3）粒子在磁場與電場中運動時間之比參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、B【解析】將其中一個力當成彈簧秤的固定

10、端，則相當于用一個4N的力拉彈簧秤，故示數為4N，B正確【點睛】這兩個力的作用點不同，所以不能當成共點力來合成2、A【解析】粒子做勻速直線運動，洛侖茲力與電場力平衡，即，解得，即無論粒子帶正電還是帶負電，只要滿足，則粒子將沿圖中虛線方向通過速度選擇器，A正確B錯誤；正粒子以小于的速度沿極板方向從左端射入，根據知洛倫茲力小于電場力，電場力豎直向下，合力豎直向下，故它將向下偏轉，C錯誤；正粒子以大于的速度沿極板方向從左端射入，根據知洛倫茲力大于電場力，電場力豎直向下，合力豎直向上，故它將向上偏轉，但電場力做負功，速度減小，洛倫茲力減小，最終洛倫茲力等于電場力，之后做直線運動，D錯誤3、B【解析】帶

11、電粒子先經加速電場加速，故qUmv2，進入磁場后偏轉，OPx2r，兩式聯(lián)立得，OPx，所以B為正確答案4、A【解析】根據勻強電場的場強公式U=Ed，求出A、B兩點間的電勢差，d是兩點距離沿電場方向的投影。注意A、B兩點電勢的高低，沿電場線方向電勢降低?！驹斀狻緼、B兩點沿電場線方向上的距離為：d=dcos，根據沿電場線方向電勢降低，A點電勢高于B點電勢，則電勢差為：UAB=Ed=Edcos.故A正確，BCD錯誤。故選：A.5、C【解析】在勻強電場中，電勢降低最快的方向是電場強度的方向，選項A錯誤；根據公式U=Ed可知，勻強電場中任意兩點間的電勢差與這兩點沿電場線方向的距離成正比，選項B錯誤；安

12、培力的方向總是垂直于磁場的方向，選項C正確；一小段通電直導線放在磁場中某處不受磁場力作用，可能導線的放置與磁場方向平行，而該處的磁感應強度不一定為零，選項D錯誤；故選C.6、B【解析】在地球的周圍存在沿南北方向的磁場，所以小磁針靜止時沿南北方向，若奧斯特實驗時，電流的磁場方向也沿南北方向，則小磁針不能發(fā)生偏轉所以奧斯特該次實驗失敗的主要原因可能是由于電流的方向沿東西方向，電流的磁場受到地球的磁場的干擾如果將鉑絲南北放置在小磁針上方，可能實驗的效果更加明顯A將電源的正負極對換，與結論不相符，選項A錯誤；B將鉑絲南北放置在小磁針上方，與結論相符，選項B正確；C把小磁針放置在金屬網罩內，與結論不相符

13、，選項C錯誤；D將鉑絲東西放置在小磁針下方，與結論不相符，選項D錯誤；二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AD【解析】根據圖像可知，設PQ進入磁場勻速運動的速度為v，勻強磁場的磁感應強度為B，導軌寬度為L，兩根導體棒的總電阻為R；根據法拉第電磁感應定律和閉合電路的歐姆定律可得PQ進入磁場時電流保持不變，根據右手定則可知電流方向QP；如果PQ離開磁場時MN還沒有進入磁場，此時電流為零；當MN進入磁場時也是勻速運動，通過PQ的感應電流大小不變，方向相反；如果PQ沒有離開磁

14、場時MN已經進入磁場，此時電流為零，當PQ離開磁場時MN的速度大于v，安培力大于重力沿斜面向下的分力，電流逐漸減小，通過PQ的感應電流方向相反；A.圖像與分析相符，故A正確。B.圖像與分析不符，故B錯誤。C.圖像與分析不符，故C錯誤。D.圖像與分析相符，故D正確。8、AC【解析】試題分析：根據粒子的平衡可知粒子受電場力與重力的關系；兩電容器電容相同，總電量不變；由電容的決定式分析B的電容變化，由電容的定義式可得出其電量的變化，判斷出A的電量變化，從而能分析出A的電壓的變化根據平衡條件、牛頓第二定律和電容的相關公式列式分析B的正對面積變化解：A、D、帶電微粒靜止，則有：mg=，得U=當B電容板錯

15、開時，B電容器的電容C減小，帶電量減小，而兩個電容器的總電量不變，則A的帶電量增加，由C=知A板間電壓增加，說明B板的電壓增加，場強增大，粒子所受的電場力增大，所以粒子向上加速運動故A正確，D錯誤B、C、帶電微粒向上加速運動，根據牛頓第二定律得：mg=m由解得：U=則板間電壓變?yōu)樵瓉淼谋陡鶕娙莸亩x式C=，可知A的帶電量為原來的倍，則B的帶電量為倍由電容的定義式C=，可知B的電容為原來的倍，則B的正對面積減少到原來的故C正確，B錯誤故選AC點評：本題為電容器的動態(tài)分析，要注意明確兩電容直接相連時，電容器兩端的總電量保持不變；這是解本題的突破點9、BC【解析】試題分析：當滑動變阻器P的滑動觸頭

16、，從圖示位置向a一端移動時，其接入電路的電阻值增大，外電路總電阻增大，由閉合電路的歐姆定律可知，干電路的電流I減??；變阻器兩端的電壓，I減小，U增大，即電容器C兩端的電壓增大，所帶電荷量Q增大故BC正確考點：閉合電路的歐姆定律10、CD【解析】由圖象可知，電場強度的大小與方向的變化，當帶電粒子由靜止釋放僅在電場力作用下，根據運動與力的關系可確定運動情況。【詳解】由牛頓第二定律可知，帶電粒子在第1s內的加速度為a1=qEm，第2s內加速度a2=2qEm因此先加速1s再減小0.5s時速度為零，接下來的0.5s將反向加速，v-t圖象如圖所示：A項：帶電粒子在前1秒勻加速運動，在第二秒內先做勻減速后反

17、向加速，所以不是始終向一方向運動，故A錯誤；B項：根據速度時間圖象與坐標軸圍成的面積表示位移可知，在t=2s時，帶電粒子離出發(fā)點不是最遠，故B錯誤；C項：由圖可知，粒子在第1s內做勻加速運動，第2s內做勻減速運動，3s末的瞬時速度剛減到0，故C正確；D項：因為第3s末粒子的速度剛好減為0，根據動能定理知粒子只受電場力作用，前3s內動能變化為0，即電場力做的總功為零。故D正確。故應選CD?！军c睛】本題帶電粒子在周期性變化的電場中運動，關鍵之處是電場強度大小不一，導致加速度不一，所以失去對稱性若電場強度大小相同，則帶電粒子一直同一個方向運動。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指

18、定的答題處，不要求寫出演算過程。11、 0.7m/s 【解析】設相鄰兩點間的時間間隔為T豎直方向：2L-L=gT2得到水平方向： 代入數據解得12、 偏大 【解析】1 根據體積公式可知分子直徑為；2 油膜沒有完全散開會導致油酸的在水面的擴散面積減小，從而測量的分子直徑偏大。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、 ， 【解析】先據兩電壓表示數均為35V，判斷兩并聯(lián)電流相等列式；再據兩電壓表對調，并聯(lián)部分電流相等列式求解【詳解】電壓表V1測R1的電壓，電壓表V2測R2的電壓時，兩表示數相同則有：，即電壓表V1測R2的電壓，電壓表V2測R1的電壓時則有：，即：聯(lián)立解得：，【點睛】明確串并聯(lián)電路的特點是