2023屆 一輪復(fù)習(xí) 人教版　孟德爾的豌豆雜交實驗(二) 作業(yè)

1、2023屆 一輪復(fù)習(xí) 人教版孟德爾的豌豆雜交實驗(二) 作業(yè)A組基礎(chǔ)鞏固練1某種動物的眼色由兩對獨立遺傳的等位基因(A、a和B、b)控制，具體控制關(guān)系如圖。下列相關(guān)敘述正確的是()AA基因正常表達時，以任一鏈為模板轉(zhuǎn)錄和翻譯產(chǎn)生酶ABB基因上可結(jié)合多個核糖體，以提高酶B的合成效率C該動物群體中無色眼的基因型只有1種，猩紅色眼對應(yīng)的基因型有4種D若一對無色眼親本所形成的受精卵中基因a突變成了基因A，或基因b突變成了基因B，則發(fā)育成的子代為深紅色眼【答案】C【解析】A基因正常表達時，以非編碼鏈為模板轉(zhuǎn)錄形成mRNA，以mRNA為模板翻譯產(chǎn)生酶A；以B基因的一條鏈為模板，轉(zhuǎn)錄出的mRNA可結(jié)合多個核

2、糖體，以提高酶B的合成效率；分析圖示可知：無色眼沒有酶A和酶B，為無色底物，缺乏A基因和B基因，基因型只有aabb這1種，猩紅色眼有A基因控制合成的酶A或B基因控制合成的酶B，因此對應(yīng)的基因型有4種，分別為AAbb、Aabb、aaBB、aaBb；若一對無色眼親本(aabb)所形成的受精卵中基因a或b發(fā)生突變，發(fā)育成的子代的基因型為Aabb或aaBb，表現(xiàn)為猩紅色眼。2某種哺乳動物的直毛(B)對卷毛(b)為顯性，黑色(C)對白色(c)為顯性(這兩對基因的分離和組合互不干擾)?；蛐蜑锽bCc的個體與個體X交配，子代的表現(xiàn)型有：直毛黑色、卷毛黑色、直毛白色和卷毛白色，它們之間的比為3311。個體X

3、的基因型為()ABbCCBBbCcCbbCcDBbcc【答案】C【解析】根據(jù)給出的親本的基因型為BbCc和基因的分離定律可知，直毛卷毛11，說明該對基因相當于測交，即Bbbb。黑色白色31，相當于F1自交，即CcCc，故個體X的基因型是bbCc。3基因型為AABBCC的個體與aabbcc的個體雜交得到F1，將F1與隱性親本測交，測交后代出現(xiàn)的四種基因型如下表所示。下列有關(guān)分析錯誤的是()基因型aabbccAaBbCcaaBbccAabbCc數(shù)目203196205199A測交結(jié)果說明F1產(chǎn)生abc、ABC、aBc、AbC四種類型的配子B測交后代四種基因型一定對應(yīng)四種表現(xiàn)型且比例接近1111C據(jù)實

4、驗結(jié)果推測A和C在同一條染色體上，a和c在同一條染色體上D若讓測交后代中基因型為AabbCc的個體自交，后代中純合子的比例為1/2【答案】B【解析】依題意，F(xiàn)1的基因型是AaBbCc，隱性親本aabbcc產(chǎn)生的配子基因組成為abc，用測交后代的四種基因型減去abc，即為F1產(chǎn)生的四種類型的配子：abc、ABC、aBc、AbC，A正確；基因型和表現(xiàn)型不一定都是一一對應(yīng)的關(guān)系，基因與性狀的關(guān)系并不都是簡單的線性關(guān)系，B錯誤；根據(jù)實驗結(jié)果可知，基因A和C、a和c總是同時出現(xiàn)，由此可推測A和C在同一條染色體上，a和c在同一條染色體上，C正確；根據(jù)C選項分析可知，基因型為AabbCc的個體能產(chǎn)生兩種配子

5、1/2AbC和1/2abc，該個體自交后代中純合子基因型有AAbbCC和aabbcc，所占比例為1/21/21/21/21/2，D正確。4玉米籽粒的種皮顏色白皮和紅色是一對相對性狀，由兩對等位基因控制。如果用純種的紅皮玉米與白皮玉米雜交，將會出現(xiàn)如下圖所示的結(jié)果。下列敘述正確的是()A兩個白皮玉米雜交，后代不可能出現(xiàn)性狀分離BF1自交時，含雙隱性基因的配子不能存活C如果對F1紅皮玉米進行測交，后代的性狀分離比為11DF2白色種皮個體中純合子的概率是3/7【答案】D【解析】假設(shè)玉米種皮的顏色受A、a和B、b兩對等位基因共同控制。由題圖可推測出紅皮的基因型為A_B_，白皮的基因型為A_bb、aaB

6、_、aabb，兩個白皮玉米雜交，如AabbaaBb，后代可出現(xiàn)性狀分離；F1自交產(chǎn)生的子代表現(xiàn)型及比例為紅皮白皮97，為9331的變形，由此可見F1自交時，含雙隱性基因的配子能存活；F1基因型為AaBb，將其進行測交，后代的性狀分離比為紅皮(AaBb)白皮(Aabb、aaBb、aabb)13；F2中白色種皮個體中純合子AAbb、aaBB、aabb各占1/7，即白色種皮個體中純合子的概率為3/7。5單子葉植物的非糯性(A)對糯性(a)為顯性，抗病(T)對染病(t)為顯性，花粉粒長形(D)對圓形(d)為顯性，三對等位基因位于三對同源染色體上，非糯性花粉遇碘液變藍，糯性花粉遇碘液變棕色?，F(xiàn)有四種純合

7、子基因型分別為AATTdd；AAttDD；AAttdd；aattdd，則下列說法正確的是()A若采用花粉鑒定法驗證基因的分離定律，應(yīng)該用和雜交所得F1的花粉B若采用花粉鑒定法驗證基因的自由組合定律，可以觀察和雜交所得F1的花粉C若培育糯性抗病優(yōu)良品種，應(yīng)選用和親本雜交D將和雜交后所得的F1的花粉涂在載玻片上，加碘液染色后，均為藍色【答案】C【解析】采用花粉鑒定法驗證遺傳的基本規(guī)律，必須是可以在顯微鏡下表現(xiàn)出來的性狀，即非糯性(A)和糯性(a)，花粉粒長形(D)和圓形(d)。和雜交所得F1的花粉只有抗病(T)和染病(t)不同，顯微鏡下觀察不到，A錯誤；若采用花粉鑒定法驗證基因的自由組合定律，則應(yīng)

8、該選擇組合，觀察F1的花粉，B錯誤；將和雜交后所得的F1(Aa)的花粉涂在載玻片上，加碘液染色后，一半花粉為藍色，一半花粉為棕色，D錯誤。6(2021年廣東廣州階段訓(xùn)練)下列有關(guān)孟德爾遺傳規(guī)律的說法，錯誤的是()A孟德爾解釋分離現(xiàn)象時提出了生物體的性狀是由遺傳因子決定的B孟德爾發(fā)現(xiàn)分離定律與自由組合定律的過程運用了假說演繹法C基因型為AaBb的個體自交，F(xiàn)1一定有4種表現(xiàn)型和9種基因型D葉綠體與線粒體基因控制的性狀，其遺傳不遵循孟德爾遺傳規(guī)律【答案】C【解析】孟德爾解釋分離現(xiàn)象時，在觀察和統(tǒng)計分析的基礎(chǔ)上提出了生物體的性狀是由遺傳因子決定的，這些遺傳因子既不會相互融合，也不會在傳遞中消失，A正

9、確；孟德爾的一對或兩對相對性狀的遺傳實驗中，均采用了“假說演繹”的研究方法，B正確；若A、a和B、b這兩對等位基因位于一對同源染色體上，則這兩對基因的遺傳不遵循基因的自由組合定律，當這兩對基因控制兩對相對性狀時，不考慮生物變異，如果基因A、B位于一對同源染色體的一條染色體上，基因a、b位于另一條染色體上，基因型為AaBb的個體自交，后代會出現(xiàn)3種基因型、2種表現(xiàn)型，如果基因A、b位于一對同源染色體的一條染色體上，基因a、B位于另一條染色體上，則基因型為AaBb的個體自交，后代會出現(xiàn)3種基因型、3種表現(xiàn)型，C錯誤；孟德爾遺傳規(guī)律適用于進行有性生殖的真核生物的細胞核基因的遺傳，葉綠體與線粒體基因控

10、制的性狀，其遺傳屬于細胞質(zhì)遺傳，不遵循孟德爾遺傳規(guī)律，D正確。7某紫花植株自交，其子代中開紫花、紅花、白花植株的比例為934。據(jù)此不能得出的結(jié)論是()A該植物的花色遺傳遵循自由組合定律B不同類型的雌雄配子間能夠隨機結(jié)合C子代紫花個體中有5/9的個體基因型與親本相同D若對親本測交，子代分離比為112【答案】C【解析】紫花、紅花、白花植株的比例為934，為9331的變式，故花的顏色由兩對獨立遺傳的基因控制，該植物的花色遺傳遵循自由組合定律，A正確；該植物的花色遺傳遵循自由組合定律，不同類型的雌雄配子間能夠隨機結(jié)合，B正確；子代紫花個體中有1/21/21/4的個體基因型與親本基因型(AaBb)相同，

11、C錯誤；基因型為AaBb的開紫花的植株和開白花(基因型為aabb)的植株測交，后代基因型及比例為1/4AaBb,1/4aaBb,1/4Aabb，1/4aabb，紫花植株、紅花植株和白花植株的比例為(或接近)112，D正確。8已知紅玉杏花朵顏色由A、a和B、b兩對獨立遺傳的基因共同控制，基因型為AaBb的紅玉杏自交，子代F1中的基因型與表現(xiàn)型及其比例如下表，下面說法錯誤的是()基因型A_bbA_BbA_BB、aa_ _表現(xiàn)型深紫色3/16淡紫色6/16白色7/16AF1中基因型為AaBb的植株與aabb植株雜交，子代中開淡紫色花的個體占1/4BF1中淡紫色的植株自交，子代中開深紫色花的個體占5/

12、24CF1中深紫色的植株自由交配，子代深紫色植株中純合子為5/9DF1中純合深紫色植株與F1中雜合白色植株雜交，子代中基因型AaBb的個體占1/2【答案】C【解析】基因型為AaBb的植株與aabb的植株雜交，后代的基因型及比例為AaBbaaBbAabbaabb1111，根據(jù)題干信息可知，基因型為AaBb表現(xiàn)為淡紫色花，占測交后代的1/4，A正確；F1中淡紫色的植株的基因型為1/3AABb,2/3AaBb，F(xiàn)1中淡紫色的植株自交，子代中開深紫色花的個體(基因型為A_bb)1/31/42/33/41/45/24，B正確；F1中深紫色的植株基因型為1/3AAbb、2/3Aabb，可產(chǎn)生的配子為2/3

13、Ab、1/3ab，F(xiàn)1中深紫色的植株自由交配，產(chǎn)生的子代深紫色植株(基因型為AAbbAabb)占比例2/32/322/31/38/9，其中純合子AAbb占1/2，C錯誤；F1中純合深紫色植株基因型為AAbb，與F1中雜合白色植株雜交，若雜合白色植株基因型為AaBB，子代中基因型AaBb的個體占1/2，若雜合白色植株基因型為aaBb，子代中基因型AaBb的個體占1/2，D正確。B組能力提升練9現(xiàn)有純種果蠅品系，其中品系的性狀為顯性，品系均只有一種性狀是隱性，其他性狀均為顯性。這四個品系的隱性性狀及控制該隱性性狀的基因所在的染色體如下表所示。若需驗證自由組合定律，可選擇交配的品系組合為()品系隱性

14、性狀殘翅黑身紫紅眼基因所在的染色體、ABCD【答案】D【解析】驗證自由組合定律時所選擇的親本應(yīng)具有兩對相對性狀，且控制兩對相對性狀的基因必須位于兩對同源染色體上。10某種蛙眼色的表現(xiàn)型與基因型的對應(yīng)關(guān)系如表所示(兩對基因獨立遺傳)。表現(xiàn)型藍眼綠眼紫眼基因型A_B_A_bb、aabbaaB_現(xiàn)有藍眼蛙與紫眼蛙雜交，F(xiàn)1有藍眼和綠眼兩種表現(xiàn)型，理論上F1藍眼蛙綠眼蛙為()A31B32C97D133【答案】A【解析】藍眼蛙(A_B_)與紫眼蛙(aaB_)雜交，F(xiàn)1有藍眼(A_B_)和綠眼(A_bb、aabb)兩種表現(xiàn)型，據(jù)此推斷親本藍眼蛙的基因型為AABb，紫眼蛙的基因型為aaBb。AABbaaBb

15、后代的表現(xiàn)型為AaB_(藍眼蛙)Aabb(綠眼蛙)31。11某種遺傳病的系譜如圖，該遺傳病由兩對獨立遺傳的基因A和a、B和b控制(都可以單獨致病)。已知第代個體的兩對基因中均至少有一對基因是純合的，3的基因型為AAbb，且3與4的后代均正常。不考慮基因突變和染色體變異，則下列說法錯誤的是()A1的基因型為AABbB1的基因型為AaBb或AABbC2的基因型為AABB或AABbD2和5的后代攜帶致病基因的概率為5/9【答案】B【解析】由題干敘述可知，只有基因型為A_B_時才表現(xiàn)正常，基因型為A_bb、aaB_或aabb均表現(xiàn)為患病。由于第代個體的兩對基因中均至少有一對基因是純合的，且3的基因型為

16、AAbb，則1和2的基因型均為AABb，由此可知2的基因型為AABB(1/3)或AABb(2/3)。根據(jù)3與4的后代均正常、3的基因型為AAbb，可知4的基因型只能為aaBB，則1的基因型為AaBb。根據(jù)4的基因型為aaBB，同時根據(jù)第代個體的兩對基因中均至少有一對基因是純合的，可知3和4的基因型均為AaBB，則5的基因型為AABB(1/3)或AaBB(2/3)。2與5婚配，有三種情況后代攜帶致病基因：1/3AABB2/3AaBB、2/3AABb1/3AABB、2/3AABb2/3AaBB，故后代攜帶致病基因的概率為1/32/31/22/31/31/22/32/3(11/21/2)5/9。12

17、某高等動物的毛色由常染色體上的兩對等位基因(A、a和B、b)控制，A對a、B對b完全顯性，其中A基因控制黑色素的合成，B基因控制黃色素的合成，兩種色素均不合成時毛色呈白色。當A、B基因同時存在時，二者的轉(zhuǎn)錄產(chǎn)物會形成雙鏈結(jié)構(gòu)進而無法繼續(xù)表達。用純合的黑色和黃色親本雜交，F(xiàn)1為白色。以下分析錯誤的是()A自然界中白色個體的基因型有5種B含A、B基因的個體毛色是白色的原因是不能翻譯出相關(guān)蛋白質(zhì)C若F2中黑色黃色白色個體之比接近3310，則兩對基因獨立遺傳D若F2中白色個體的比例接近1/2，則F2中黑色個體的比例也接近1/2【答案】D【解析】根據(jù)“當A、B基因同時存在時，二者的轉(zhuǎn)錄產(chǎn)物會形成雙鏈結(jié)構(gòu)

18、進而無法繼續(xù)表達”可知，白色個體的基因型為A_B_、aabb，白色個體的基因型有5種，A、B正確。純合的黑色和黃色親本雜交，F(xiàn)1為白色，則黑色的基因型為AAbb，黃色的基因型為aaBB，F(xiàn)1中白色個體的基因型為AaBb。若F2中黑色(A_bb)黃色(aaB_)白色(A_B_、aabb)個體之比接近3310，即9331的變形，說明F1自交得到F2，兩對基因獨立遺傳，C正確。F1中白色個體的基因型為AaBb，若F2中白色個體的比例接近1/2，說明基因A與b位于一條染色體上，a與B位于一條染色體上，則F2中黑色(AAbb)黃色(aaBB)白色(AaBb)112，黑色個體的比例接近1/4，D錯誤。13

19、研究人員選擇果皮黃綠色、果肉白色、果皮有覆紋的純合甜瓜植株(甲)與果皮黃色、果肉橘紅色、果皮無覆紋的純合甜瓜植株(乙)雜交，F(xiàn)1表現(xiàn)為果皮黃綠色、果肉橘紅色、果皮有覆紋。F1自交得F2，分別統(tǒng)計F2各對性狀的表現(xiàn)型及株數(shù)，結(jié)果如表。甜瓜性狀果皮顏色(A，a)果肉顏色(B，b)果皮覆紋F2的表現(xiàn)型及株數(shù)黃綠色482黃色158橘紅色478白色162有覆紋361無覆紋279(1)甜瓜果肉顏色的顯性性狀是_。(2)據(jù)表格中數(shù)據(jù)_(填“能”或“不能”)判斷兩對基因(A和a，B和b)自由組合，理由是_。(3)完善下列實驗方案，證明果皮覆紋性狀由2對等位基因控制。實驗方案：讓F1與植株_(填“甲”或“乙”)

20、雜交，統(tǒng)計子代的表現(xiàn)型及比例。預(yù)期結(jié)果：子代的表現(xiàn)型及比例為_。(4)若果皮顏色、覆紋兩對性狀遺傳遵循基因自由組合定律，則理論上F2中果皮黃色無覆紋甜瓜約有_株。 【答案】(1)橘紅色(2)不能缺乏對F2中兩對性狀(果皮顏色與果肉顏色)組合類型的統(tǒng)計數(shù)據(jù)(3)乙(果皮)有覆紋無覆紋13(4)70【解析】(1)根據(jù)題意分析，果皮黃綠色、果肉白色、果皮有覆紋的純合甜瓜植株(甲)與果皮黃色、果肉橘紅色、果皮無覆紋的純合甜瓜植株(乙)雜交，F(xiàn)1表現(xiàn)為果皮黃綠色、果肉橘紅色、果皮有覆紋，說明果皮黃綠色、果肉橘紅色、果皮有覆紋都是顯性性狀。(2)表格中只有每對性狀的分離比，缺乏對F2中兩對性狀(果皮顏色與

21、果肉顏色)組合類型的統(tǒng)計數(shù)據(jù)，所以不能判斷兩對基因(A和a，B和b)是否遵循自由組合定律。(3)如果果皮覆紋性狀由2對等位基因控制，根據(jù)表格數(shù)據(jù)36127997，說明雙顯性為有覆紋，其余為無覆紋，則F1(雙雜合子有覆紋)與植株乙(雙隱性無覆紋)雜交，子代的表現(xiàn)型及比例為(果皮)有覆紋無覆紋13。(4)若果皮顏色、覆紋兩對性狀(受三對基因控制)遺傳遵循基因自由組合定律，則理論上F2中果皮黃色(1/4)無覆紋(7/16)甜瓜約有6401/47/1670(株)。C組壓軸培優(yōu)練14 在家兔中黑色(B)對褐色(b)為顯性，短毛(E)對長毛(e)為顯性，這兩對基因是獨立遺傳的?，F(xiàn)有純合黑色短毛兔和褐色長毛

22、兔。請回答下列問題：(1)試設(shè)計培育出能穩(wěn)定遺傳的黑色長毛兔的育種方案(簡要程序)。第一步：_；第二步：_；第三步：_。(2)黑色長毛兔的基因型有_和_兩種，其中純合子占黑色長毛兔總數(shù)的_，雜合子占F2總數(shù)的_。(3)此現(xiàn)象符合基因的_定律?！敬鸢浮?1)黑色短毛兔褐色長毛兔F1F1雌雄個體相互交配得到F2，從F2中選出黑色長毛兔F2中黑色長毛兔褐色長毛兔(測交)，其后代不出現(xiàn)褐色長毛兔的親本即為能穩(wěn)定遺傳的黑色長毛兔(2)BBeeBbee1/31/8(3)自由組合【解析】黑色長毛兔是親本中沒有的性狀，是重新組合出的新性狀，可利用基因的自由組合定律知識解決此題，但是要注意到重組性狀是第二代才出現(xiàn)的。題目要求是能穩(wěn)定遺傳的黑色長毛兔，所以必須要選育出純合子才能穩(wěn)定遺傳。15下圖為永州蠶豆(地方品種，制作蘭花豆的上乘食材)花色代謝途徑，請回答下列問題。(1)從花色代謝途徑可知基因通過_來控制代謝過程，進而控制生物體的性狀。(2)從花色代謝途徑可知遺