函數(shù)的單調(diào)性知識(shí)點(diǎn)和題型歸納

.z.●高考明方向1.理解函數(shù)的單調(diào)性、最大值、最小值及其幾何意義．2.會(huì)運(yùn)用根本初等函數(shù)的圖象分析函數(shù)的性質(zhì).*備考知考情1.函數(shù)的單調(diào)性是函數(shù)的一個(gè)重要性質(zhì)，是高考的熱點(diǎn)，常見問題有：求單調(diào)區(qū)間，判斷函數(shù)的單調(diào)性，求參數(shù)的取值，利用函數(shù)單調(diào)性比擬數(shù)的大小，以及解不等式等．客觀題主要考察函數(shù)的單調(diào)性，最值確實(shí)定與簡(jiǎn)單應(yīng)用．2.題型多以選擇題、填空題的形式出現(xiàn)，假設(shè)與導(dǎo)數(shù)交匯命題，則以解答題的形式出現(xiàn).一、知識(shí)梳理"名師一號(hào)"P15注意：研究函數(shù)單調(diào)性必須先求函數(shù)的定義域，函數(shù)的單調(diào)區(qū)間是定義域的子集單調(diào)區(qū)間不能并！知識(shí)點(diǎn)一函數(shù)的單調(diào)性1.單調(diào)函數(shù)的定義2.單調(diào)性、單調(diào)區(qū)間的定義假設(shè)函數(shù)f(*)在區(qū)間D上是增函數(shù)或減函數(shù)，則稱函數(shù)f(*)在這一區(qū)間上具有(嚴(yán)格的)單調(diào)性，區(qū)間D叫做f(*)的單調(diào)區(qū)間.注意：1、"名師一號(hào)"P16問題探究問題1關(guān)于函數(shù)單調(diào)性的定義應(yīng)注意哪些問題？(1)定義中*1，*2具有任意性，不能是規(guī)定的特定值．(2)函數(shù)的單調(diào)區(qū)間必須是定義域的子集；(3)定義的兩種變式：設(shè)任意*1，*2∈[a，b]且*1<*2，則①?f(*)在[a，b]上是增函數(shù)；?f(*)在[a，b]上是減函數(shù)．②(*1－*2)[f(*1)－f(*2)]>0?f(*)在[a，b]上是增函數(shù)；(*1－*2)[f(*1)－f(*2)]<0?f(*)在[a，b]上是減函數(shù)．2、"名師一號(hào)"P16問題探究問題2單調(diào)區(qū)間的表示注意哪些問題？單調(diào)區(qū)間只能用區(qū)間表示，不能用集合或不等式表示；如有多個(gè)單調(diào)區(qū)間應(yīng)分別寫，不能用并集符號(hào)"∪〞聯(lián)結(jié)，也不能用"或〞聯(lián)結(jié)．知識(shí)點(diǎn)二單調(diào)性的證明方法：定義法及導(dǎo)數(shù)法"名師一號(hào)"P16高頻考點(diǎn)例1規(guī)律方法(1)定義法:利用定義證明函數(shù)單調(diào)性的一般步驟是：①任取*1、*2∈D，且*1<*2；②作差f(*1)－f(*2)，并適當(dāng)變形("分解因式〞、配方成同號(hào)項(xiàng)的和等)；③依據(jù)差式的符號(hào)確定其增減性．(2)導(dǎo)數(shù)法:設(shè)函數(shù)y＝f(*)在*區(qū)間D內(nèi)可導(dǎo)．如果f′(*)>0，則f(*)在區(qū)間D內(nèi)為增函數(shù)；如果f′(*)<0，則f(*)在區(qū)間D內(nèi)為減函數(shù)．注意：(補(bǔ)充)〔1〕假設(shè)使得f′(*)=0的*的值只有有限個(gè)，則如果f′(*)，則f(*)在區(qū)間D內(nèi)為增函數(shù)；如果f′(*)，則f(*)在區(qū)間D內(nèi)為減函數(shù)．〔2〕單調(diào)性的判斷方法："名師一號(hào)"P17高頻考點(diǎn)例2規(guī)律方法定義法及導(dǎo)數(shù)法、圖象法、復(fù)合函數(shù)的單調(diào)性(同增異減)、用函數(shù)的單調(diào)性等(補(bǔ)充)單調(diào)性的有關(guān)結(jié)論1．假設(shè)f(*)，g(*)均為增(減)函數(shù)，則f(*)＋g(*)仍為增(減)函數(shù)．2．假設(shè)f(*)為增(減)函數(shù)，則－f(*)為減(增)函數(shù)，如果同時(shí)有f(*)>0，則為減(增)函數(shù)，為增(減)函數(shù)．3．互為反函數(shù)的兩個(gè)函數(shù)有一樣的單調(diào)性．4．y＝f[g(*)]是定義在M上的函數(shù)，假設(shè)f(*)與g(*)的單調(diào)性一樣，則其復(fù)合函數(shù)f[g(*)]為增函數(shù)；假設(shè)f(*)、g(*)的單調(diào)性相反，則其復(fù)合函數(shù)f[g(*)]為減函數(shù)．簡(jiǎn)稱〞同增異減〞5.奇函數(shù)在關(guān)于原點(diǎn)對(duì)稱的兩個(gè)區(qū)間上的單調(diào)性一樣；偶函數(shù)在關(guān)于原點(diǎn)對(duì)稱的兩個(gè)區(qū)間上的單調(diào)性相反．函數(shù)單調(diào)性的應(yīng)用"名師一號(hào)"P17特色專題(1)求*些函數(shù)的值域或最值．(2)比擬函數(shù)值或自變量值的大?。?3)解、證不等式．(4)求參數(shù)的取值范圍或值．(5)作函數(shù)圖象．二、例題分析：〔一)函數(shù)單調(diào)性的判斷與證明例1.〔1〕"名師一號(hào)"P16對(duì)點(diǎn)自測(cè)1判斷以下說法是否正確(1)函數(shù)f(*)＝2*＋1在(－∞，＋∞)上是增函數(shù)．()(2)函數(shù)f(*)＝eq\f(1,*)在其定義域上是減函數(shù)．()(3)f(*)＝eq\r(*)，g(*)＝－2*，則y＝f(*)－g(*)在定義域上是增函數(shù)．()答案：√×√例1.〔2〕"名師一號(hào)"P16高頻考點(diǎn)例1〔1〕(2014·卷)以下函數(shù)中，在區(qū)間(0，＋∞)上為增函數(shù)的是()A．y＝eq\r(*＋1)B．y＝(*－1)2C．y＝2－*D．y＝log0.5(*＋1)答案：A.例2.〔1〕"名師一號(hào)"P16高頻考點(diǎn)例1〔2〕判斷函數(shù)f(*)＝eq\f(a*,*＋1)在(－1，＋∞)上的單調(diào)性，并證明．法一：定義法設(shè)－1<*1<*2，則f(*1)－f(*2)＝eq\f(a*1,*1＋1)－eq\f(a*2,*2＋1)＝eq\f(a*1*2＋1－a*2*1＋1,*1＋1*2＋1)＝eq\f(a*1－*2,*1＋1*2＋1)∵－1<*1<*2，∴*1－*2<0，*1＋1>0，*2＋1>0.∴當(dāng)a>0時(shí)，f(*1)－f(*2)<0，即f(*1)<f(*2)，∴函數(shù)y＝f(*)在(－1，＋∞)上單調(diào)遞增．同理當(dāng)a<0時(shí)，f(*1)－f(*2)>0，即f(*1)>f(*2)，∴函數(shù)y＝f(*)在(－1，＋∞)上單調(diào)遞減．法二：導(dǎo)數(shù)法注意："名師一號(hào)"P17高頻考點(diǎn)例1規(guī)律方法1.判斷函數(shù)的單調(diào)性應(yīng)先求定義域；2.用定義法判斷(或證明)函數(shù)單調(diào)性的一般步驟為：取值—作差—變形—判號(hào)—定論，其中變形為關(guān)鍵，而變形的方法有因式分解、配方法等；3.用導(dǎo)數(shù)判斷函數(shù)的單調(diào)性簡(jiǎn)單快捷，應(yīng)引起足夠的重視〔二〕求復(fù)合函數(shù)、分段函數(shù)的單調(diào)性區(qū)間例1."名師一號(hào)"P16高頻考點(diǎn)例2〔1〕求函數(shù)y＝*－|1－*|的單調(diào)增區(qū)間；y＝*－|1－*|＝eq\b\lc\{\rc\(\a\vs4\al\co1(1，*≥1，,2*－1，*<1.))作出該函數(shù)的圖象如下圖．由圖象可知，該函數(shù)的單調(diào)增區(qū)間是(－∞，1]．例2.〔1〕"名師一號(hào)"P16高頻考點(diǎn)例2〔2〕求函數(shù)y＝logeq\s\do8(\f(1,3))(*2－4*＋3)的單調(diào)區(qū)間．解析:令u＝*2－4*＋3，原函數(shù)可以看作y＝logeq\s\do8(\f(1,3))u與u＝*2－4*＋3的復(fù)合函數(shù)．令u＝*2－4*＋3>0.則*<1或*>3.∴函數(shù)y＝logeq\s\do8(\f(1,3))(*2－4*＋3)的定義域?yàn)?－∞，1)∪(3，＋∞)．又u＝*2－4*＋3的圖象的對(duì)稱軸為*＝2，且開口向上，∴u＝*2－4*＋3在(－∞，1)上是減函數(shù)，在(3，＋∞)上是增函數(shù)．而函數(shù)y＝logeq\s\do8(\f(1,3))u在(0，＋∞)上是減函數(shù)，∴y＝logeq\s\do8(\f(1,3))(*2－4*＋3)的單調(diào)遞減區(qū)間為(3，＋∞)，單調(diào)遞增區(qū)間為(－∞，1)．注意："名師一號(hào)"P17高頻考點(diǎn)例2規(guī)律方法求函數(shù)的單調(diào)區(qū)間的常用方法(1)利用函數(shù)的單調(diào)性，即轉(zhuǎn)化為函數(shù)的和、差或復(fù)合函數(shù)，求單調(diào)區(qū)間．(2)定義法：先求定義域，再利用單調(diào)性定義．(3)圖象法：如果f(*)是以圖象形式給出的，或者f(*)的圖象易作出，可由圖象的直觀性寫出它的單調(diào)區(qū)間．(4)導(dǎo)數(shù)法：利用導(dǎo)數(shù)的正負(fù)確定函數(shù)的單調(diào)區(qū)間．例2.〔2〕(補(bǔ)充)答案：增區(qū)間：；減區(qū)間：練習(xí):答案：增區(qū)間：；減區(qū)間：〔三〕利用單調(diào)性解〔證〕不等式及比擬大小例1.〔1〕"名師一號(hào)"P17特色專題典例(1)函數(shù)f(*)＝log2*＋eq\f(1,1－*)，假設(shè)*1∈(1,2)，*2∈(2，＋∞)，則()A．f(*1)<0，f(*2)<0B．f(*1)<0，f(*2)>0C．f(*1)>0，f(*2)<0D．f(*1)>0，f(*2)>0【標(biāo)準(zhǔn)解答】∵函數(shù)f(*)＝log2*＋eq\f(1,1－*)在(1，＋∞)上為增函數(shù)，且f(2)＝0，∴當(dāng)*1∈(1,2)時(shí)，f(*1)<f(2)＝0，當(dāng)*2∈(2，＋∞)時(shí)，f(*2)>f(2)＝0，即f(*1)<0，f(*2)>0.例1.〔2〕"名師一號(hào)"P17特色專題典例(2)函數(shù)f(*)＝eq\b\lc\{\rc\(\a\vs4\al\co1(*2－4*＋3，*≤0，,－*2－2*＋3，*>0，))則不等式f(a2－4)>f(3a)的解集為()A．(2,6)B．(－1,4)C．(1,4)D．(－3,5)【標(biāo)準(zhǔn)解答】作出函數(shù)f(*)的圖象，如下圖，則函數(shù)f(*)在R上是單調(diào)遞減的．由f(a2－4)>f(3a)，可得a2－4<3a，整理得a2－3a－4<0，即(a＋1)(a－4)<0，解得－1<a<4，所以不等式的解集為(－1,4)．注意:本例分段函數(shù)的單調(diào)區(qū)間可以并!〔四〕單調(diào)性求參數(shù)的值或取值范圍例1.(1)"名師一號(hào)"P17特色專題典例(3)函數(shù)滿足對(duì)任意的實(shí)數(shù)*1≠*2，都有成立，則實(shí)數(shù)a的取值范圍為()A．(－∞，2)B.eq\b\lc\(\rc\](\a\vs4\al\co1(－∞，\f(13,8)))C．(－∞，2]D.eq\b\lc\[\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(13,8)，2))【標(biāo)準(zhǔn)解答】函數(shù)f(*)是R上的減函數(shù)，于是有eq\b\lc\{\rc\(\a\vs4\al\co1(a－2<0，,a－2×2≤\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(1,2)))2－1，))由此解得a≤eq\f(13,8)，即實(shí)數(shù)a的取值范圍是eq\b\lc\(\rc\](\a\vs4\al\co1(－∞，\f(13,8))).例2.(1)〔補(bǔ)充〕如果函數(shù)f(*)＝a*2＋2*－3在區(qū)間(－∞，4)上單調(diào)遞增，則實(shí)數(shù)a的取值范圍是________．[答案][－eq\f(1,4)，0][解析](1)當(dāng)a＝0時(shí)，f(*)＝2*－3，在定義域R上單調(diào)遞增，故在(－∞，4)上單調(diào)遞增；(2)當(dāng)a≠0時(shí)，二次函數(shù)f(*)的對(duì)稱軸為直線*＝－eq\f(1,a)，因?yàn)閒(*)在(－∞，4)上單調(diào)遞增，所以a<0，且－eq\f(1,a)≥4，解得－eq\f(1,4)≤a<0.綜上所述－eq\f(1,4)≤a≤0.例2.(2)〔補(bǔ)充〕假設(shè)f(*)＝*3－6a*的單調(diào)遞減區(qū)間是(－2,2)，則a的取值范圍是()A．(－∞，0]B．[－2,2]C．{2}D．[2，＋∞)[答案]C[解析]f′(*)＝3*2－6a假設(shè)a≤0，則f′(*)≥0，∴f(*)單調(diào)增，排除A；假設(shè)a>0，則由f′(*)＝0得*＝±eq\r(2a)，當(dāng)*<－eq\r(2a)和*>eq\r(2a)時(shí)，f′(*)>0，f(*)單調(diào)增，當(dāng)－eq\r(2a)<*<eq\r(2a)時(shí)，f(*)單調(diào)減，∴f(*)的單調(diào)減區(qū)間為(－eq\r(2a)，eq\r(2a))，從而eq\r(2a)＝2，∴a＝2.變式：假設(shè)f(*)＝*3－6a*在區(qū)間(－2,2)單調(diào)遞減，則a的取值范圍是？[點(diǎn)評(píng)]f(*)的單調(diào)遞減區(qū)間是(－2,2)和f(*)在(－2，2)上單調(diào)遞減是不同的，應(yīng)加以區(qū)分．本例亦可用*＝±2是方程f′(*)＝3*2－6a解得a＝2.例2.(3)〔補(bǔ)充〕假設(shè)函數(shù)上單調(diào)遞減，則實(shí)數(shù)的取值范圍是〔〕A．[9，12] B．[4，12] C．[4，27] D．[9，27]答案：A溫故知新P23第9題假設(shè)函數(shù)在區(qū)間上單調(diào)遞減，則實(shí)數(shù)的取值范圍是"計(jì)時(shí)雙基練"P217根底7"計(jì)時(shí)雙基練"P217根底8、108、設(shè)函數(shù)在區(qū)間上是增函數(shù),則的取值范圍是答案:10、設(shè)函數(shù)〔2〕假設(shè)且在區(qū)間內(nèi)單調(diào)遞減,求的取值范圍.答案:〔五〕抽象函數(shù)的單調(diào)性例1.〔補(bǔ)充〕f(*)為R上的減函數(shù)，則滿足f(||)<f(1)的實(shí)數(shù)*的取值范圍是()A．(－1,1)B．(0,1)C．(－1,0)∪(0,1)D．(－∞，－1)∪(1，＋∞)答案：C解析：因?yàn)閒(*)為減函數(shù)，f(||)<f(1)，所以||>1，則|*|<1且*≠0，即*∈(－1,0)∪(0,1)．練習(xí)：是定義在上的增函數(shù)，解不等式答案：溫故知新P12第8題注意：解抽象函數(shù)的不等式通常立足單調(diào)性定義或借助圖像求解例2."計(jì)時(shí)雙基練"P216培優(yōu)4函數(shù)的定義域?yàn)椋覍?duì)一切都有，當(dāng)時(shí)，有。求的值；判斷的單調(diào)性并加以證明；假設(shè)，求在上的值域.答案:單調(diào)增;注意：有關(guān)抽象函數(shù)單調(diào)性的證明通常立足定義練習(xí):"計(jì)時(shí)雙基練"P218培優(yōu)4函數(shù)的定義域?yàn)?，且?duì)一切都有，當(dāng)時(shí)，有.(1)求證:在上是減函數(shù)；(2)求在上的最大值與最小值.答案:課后作業(yè)計(jì)時(shí)雙基練P217根底1-10課本P16-17變式思考1、2；計(jì)時(shí)雙基練P217根底11、培優(yōu)1-4課本P18對(duì)應(yīng)訓(xùn)練1、2、3預(yù)習(xí)第二章第四節(jié)函數(shù)的奇偶性與周期性補(bǔ)充：練習(xí)1：函數(shù)f(*)＝eq\b\lc\{\rc\(\a\vs4\al\co1(－*＋3a，*<0,a*，*≥0))(a>0且a≠1)是R上的減函數(shù)，則a的取值范圍是()A．(0,1)B．[eq\f(1,3)，1)C．(0，eq\f(1,3)]D．(0，eq\f(2,3)]分析：f(*)在R上為減函數(shù)，故f(*)＝a*(*≥0)為減函數(shù)，可知0<a<1，又由f(*)在R上為減函數(shù)可知，f(*)在*<0時(shí)的值恒大于f(*)在*≥0時(shí)的值，從而3a≥1.解析：∵f(*)在R上單調(diào)遞減，∴eq\b\lc\{\rc\(\a\vs4\al\co1(0<a<1，,3a≥1.))∴eq\f(1,3)≤a<1.答案：B練習(xí)2：f(*)＝eq\b\lc\{\rc\(\a\vs4\al\co1(3－a*－4a*<1,loga**≥1))是(－∞，＋∞)上的增函數(shù)，則a的取值范圍是()A．(1，＋∞)B．(－∞，3)C．[eq\f(3,5)，3)D．(1,3)[答案]D[解析]解法1：由f(*)在R上是增函數(shù)，∴f(*)在[1，＋∞)上單增，由對(duì)數(shù)函數(shù)單調(diào)性知a>1①，又由f(*)在(－∞，1)上單增，∴3－a>0，∴a<3②，又由于f(*)在R上是增函數(shù)，為了滿足單調(diào)區(qū)間的定義，f(*)在(－∞，