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全國省市通用版高考物理總復習優(yōu)編增分練:計算題考點排查練全國省市Ⅲ卷計算題考點排查練全國省市通用版高考物理總復習優(yōu)編增分練:計算題考點排查練全國省市Ⅲ卷計算題考點排查練PAGE全國省市通用版高考物理總復習優(yōu)編增分練:計算題考點排查練全國省市Ⅲ卷計算題考點排查練2017年(全國Ⅲ卷)計算題考點排查練題號2425考點帶電粒子在組合場的運動“板-塊模型”問題的綜合分析24.(2018·廣東省湛江市第二次模擬)如圖1所示的直角坐標系xOy中,在第一象限和第四象限分別存在垂直紙面向外和向里的勻強磁場,PQ是磁場的右界限,磁場的上下地區(qū)足夠大,在第二象限存在沿x軸正方向的勻強電場,一個質(zhì)量為m、電荷量為+q的帶電粒子從x軸上的M點以速度v0垂直于x軸沿y軸正方向射入電場中,粒子經(jīng)過電場偏轉(zhuǎn)后從y軸上的N點進入第一象限,帶電粒子恰巧不從y軸負半軸走開第四象限,最后垂直磁場右界限PQ走開磁場所區(qū),已知M點與原點O的距離為eq\f(3,2)l,N點與原點O的距離為eq\r(3)l,第一象限的磁感覺強度知足B1=eq\f(2mv0,ql),不計帶電粒子的重力,求:圖1(1)勻強電場的電場強度為多大?(2)第四象限內(nèi)的磁感覺強度多大?(3)若帶電粒子從進入磁場到垂直磁場右界限走開磁場,在磁場中運動的總時間是多少?答案(1)eq\f(mv\o\al(02),ql)(2)eq\f(mv0,ql)(3)eq\f(4πl(wèi),3v0)+eq\f(5nπl(wèi),2v0)(n=0,1,2,3,…)分析(1)設(shè)帶電粒子在電場中運動的加快度為a依據(jù)牛頓第二定律得:qE=ma沿y軸方向:eq\r(3)l=v0t沿x軸方向:eq\f(3,2)l=eq\f(1,2)at2解得:E=eq\f(mv\o\al(02),ql)(2)粒子在電場中沿x軸方向做勻加快運動,速度v1=at進入磁場時與y軸正方向夾角tanθ=eq\f(v1,v0)=eq\r(3)解得θ=60°進入磁場時速度大小為v=2v0其運動軌跡,以以下圖在第一象限由洛倫茲力供給向心力得:qvB1=meq\f(v2,R1)解得:R1=l由幾何知識可得粒子第一次抵達x軸時過A點,因ON知足:ON=2Rcos30°,因此NA為直徑.帶電粒子恰巧不從y軸負半軸走開第四象限,知足:(2R1+R2)sin30°=R2,解得R2=2l依據(jù):qvB2=meq\f(v2,R2),解得:B2=eq\f(B1,2)=eq\f(mv0,ql)(3)帶電粒子抵達D點時,由于DC=R1sin30°=eq\f(l,2)D′H=R2-R2sin30°=lF點在H點的左邊,帶電粒子不能夠能從第一象限垂直磁場界限走開磁場,則應從第四象限G點(或多個周期后相應點)走開磁場.帶電粒子在第一象限運動周期T1=eq\f(2πR1,2v0)=eq\f(πl(wèi),v0)帶電粒子在第四象限運動周期T2=eq\f(2πR2,2v0)=eq\f(2πl(wèi),v0)帶電粒子在磁場中運動時間知足t=eq\f(T1,2)+eq\f(5T2,12)+n×eq\f(5,6)(T1+T2)解得:t=eq\f(4πl(wèi),3v0)+eq\f(5nπl(wèi),2v0)(n=0,1,2,3…)25.(2018·安徽省A10結(jié)盟最后一卷)如圖2,圓滑水平面上靜止一質(zhì)量m1=1.0kg、長L=0.3m的木板,木板右端有質(zhì)量m2=1.0kg的小滑塊,在滑塊正上方的O點用長r=0.4m的輕質(zhì)細繩懸掛質(zhì)量m=0.5kg的小球.將小球向右上方拉至細繩與豎直方向成θ=60°的地點由靜止開釋,小球擺到最低點與滑塊發(fā)生正碰并被反彈,碰撞時間極短,碰撞前后瞬時細繩對小球的拉力減小了4.8N,最后小滑塊恰巧不會從木板上滑下.不計空氣阻力、滑塊、小球均可視為質(zhì)點,重力加快度g取10m/s2.求:圖2(1)小球碰前、碰后瞬時的速度大??;(2)小滑塊與木板之間的動摩擦因數(shù).答案(1)2m/s0.4m/s(2)0.12分析(1)小球下擺過程,機械能守恒mgr(1-cosθ)=eq\f(1,2)mv2小球碰前瞬時的速度大小v=eq\r(gr)=2m/s小球與小滑塊碰撞前、后瞬時,由向心力公式可得:FT-mg=meq\f(v2,r),F(xiàn)T′-mg=meq\f(v′2,r)由題意得:FT-FT′=4.8N聯(lián)立求得碰后瞬時小球的速度大小為v′=0.4m/s(2)小球與小滑塊碰撞過程動量守恒,取向左為正方向,由動量守恒定律得:mv=-mv′+m2v1解得:v1=1.2m/s小滑塊在木板上滑動過程中動量

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