2019年海南省高考物理試卷

-.z.2019年**省高考物理試卷一、單項(xiàng)選擇題：1．〔2019?〕如圖，靜電場中的一條電場線上有M、N兩點(diǎn)，箭頭代表電場的方向，則〔〕A．M點(diǎn)的電勢比N點(diǎn)的低B．M點(diǎn)的場強(qiáng)大小一定比N點(diǎn)的大C．電子在M點(diǎn)的電勢能比在N點(diǎn)的低D．電子在M點(diǎn)受到的電場力大小一定比在N點(diǎn)的大2．〔2019?〕如圖，一段半圓形粗銅線固定在絕緣水平桌面〔紙面〕上，銅線所在空間有一勻強(qiáng)磁場，磁場方向豎直向下。當(dāng)銅線通有順時(shí)針方向電流時(shí)，銅線所受安培力的方向〔〕A．向前B．向后C．向左D．向右3．〔2019?〕汽車在平直公路上以20m/s的速度勻速行駛。前方突遇險(xiǎn)情，司機(jī)緊急剎車，汽車做勻減速運(yùn)動，加速度大小為8m/s2．從開場剎車到汽車停頓，汽車運(yùn)動的距離為〔〕A．10mB．20mC．25mD．50m4．〔2019?〕2019年5月，我國第45顆北斗衛(wèi)星發(fā)射成功。該衛(wèi)星軌道距地面的高度約為36000km，是"天宮二號〞空間實(shí)驗(yàn)室軌道高度的90倍左右，則〔〕A．該衛(wèi)星的速率比"天宮二號〞的大B．該衛(wèi)星的周期比"天宮二號〞的大C．該衛(wèi)星的角速度比"天宮二號〞的大D．該衛(wèi)星的向心加速度比"天宮二號〞的大5．〔2019?〕如圖，兩物塊P、Q置于水平地面上，其質(zhì)量分別為m、2m，兩者之間用水平輕繩連接。兩物塊與地面之間的動摩擦因數(shù)均為μ，重力加速度大小為g，現(xiàn)對Q施加一水平向右的拉力F，使兩物塊做勻加速直線運(yùn)動，輕繩的張力大小為〔〕A．F﹣2μmgB．F+μmgC．F﹣μmgD．F6．〔2019?〕如圖，一硬幣〔可視為質(zhì)點(diǎn)〕置于水平圓盤上，硬幣與豎直轉(zhuǎn)軸OO′的距離為r，硬幣與圓盤之間的動摩擦因數(shù)為μ〔最大靜摩擦力等于滑動摩擦力〕，重力加速度大小為g。假設(shè)硬幣與圓盤一起OO′軸勻速轉(zhuǎn)動，則圓盤轉(zhuǎn)動的最大角速度為〔〕A．B．C．D．2二、多項(xiàng)選擇題：7．〔2019?〕對于鈉和鈣兩種金屬，其遏止電壓Uc與入射光頻率v的關(guān)系如下圖。用h、e分別表示普朗克常量和電子電荷量，則〔〕A．鈉的逸出功小于鈣的逸出功B．圖中直線的斜率為C．在得到這兩條直線時(shí)，必須保證入射光的光強(qiáng)一樣D．假設(shè)這兩種金屬產(chǎn)生的光電子具有一樣的最大初動能，則照射到鈉的光頻率較高8．〔2019?〕如圖，一理想變壓器輸入端接交流恒壓源，輸出端電路由R1、R2、R3三個(gè)電阻構(gòu)成。將該變壓器原、副線圈的匝數(shù)比由5：1改為10：1后〔〕A．流經(jīng)R1的電流減小到原來的B．R2兩端的電壓增加到原來的2倍C．R3端的電壓減小到原來的D．電阻上總的熱功率減小到原來的9．〔2019?〕如圖，虛線MN的右側(cè)有方向垂直于紙面向里的勻強(qiáng)磁場，兩電荷量一樣的粒子P、Q從磁場邊界的M點(diǎn)先后射入磁場，在紙面內(nèi)運(yùn)動。射入磁場時(shí)，P的速度vP垂直于磁場邊界，Q的速度vQ與磁場邊界的夾角為45°．兩粒子均從N點(diǎn)射出磁場，且在磁場中運(yùn)動的時(shí)間一樣，則〔〕A．P和Q的質(zhì)量之比為1：2B．P和Q的質(zhì)量之比為：1C．P和Q速度大小之比為：1D．P和Q速度大小之比為2：110．〔2019?〕三個(gè)小物塊分別從3條不同光滑軌道的上端由靜止開場滑下。軌道1、軌道2、軌道3的上端距水平地面的高度均為4h0；它們的下端水平，距地面的高度分別為h1＝h0、h2＝2h0、h3＝3h0，如下圖。假設(shè)沿軌道1、2、3下滑的小物塊的落地點(diǎn)到軌道下端的水平距離分別記為s1、s2、s3，則〔〕A．s1＞s2B．s2＞s3C．s1＝s3D．s2＝s3三、實(shí)驗(yàn)題：11．〔2019?〕用實(shí)驗(yàn)室提供的器材設(shè)計(jì)一個(gè)測量電流表內(nèi)阻的電路。實(shí)驗(yàn)室提供的器材為：待測電流表A〔量程10mA，內(nèi)阻約為50Ω〕，滑動變阻器R1，電阻箱R，電源E〔電動勢約為6V，內(nèi)阻可忽略〕，開關(guān)S1和S2，導(dǎo)線假設(shè)干?！?〕根據(jù)實(shí)驗(yàn)室提供的器材，在圖〔a〕所示虛線框內(nèi)將電路原理圖補(bǔ)充完整，要求滑動變阻器起限流作用；〔2〕將圖〔b〕中的實(shí)物按設(shè)計(jì)的原理圖連線；〔3〕假設(shè)實(shí)驗(yàn)提供的滑動變阻器有兩種規(guī)格①10Ω，額定電流2A②1500Ω，額定電流0.5A實(shí)驗(yàn)中應(yīng)該取?！蔡?①〞或"②〞〕12．〔2019?〕*同學(xué)利用圖〔a〕的裝置測量輕彈簧的勁度系數(shù)。圖中，光滑的細(xì)桿和直尺水平固定在鐵架臺上，一輕彈簧穿在細(xì)桿上，其左端固定，右端與細(xì)繩連接；細(xì)繩跨過光滑定滑輪，其下端可以懸掛砝碼〔實(shí)驗(yàn)中，每個(gè)砝碼的質(zhì)量均為m＝50.0g〕。彈簧右端連有一豎直指針，其位置可在直尺上讀出。實(shí)驗(yàn)步驟如下：①在繩下端掛上一個(gè)砝碼，調(diào)整滑輪，使彈簧與滑輪間的細(xì)線水平且彈簧與細(xì)桿沒有接觸；②系統(tǒng)靜止后，記錄砝碼的個(gè)數(shù)及指針的位置；③逐次增加砝碼個(gè)數(shù)，并重復(fù)步驟②〔保持彈簧在彈性限度內(nèi)〕：④用n表示砝碼的個(gè)數(shù)，l表示相應(yīng)的指針位置，將獲得的數(shù)據(jù)記錄在表格內(nèi)。答復(fù)以下問題：〔1〕根據(jù)下表的實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)在圖〔b〕中補(bǔ)齊數(shù)據(jù)點(diǎn)并做出l﹣n圖象。n12345l/cm10.4810.9611.4511.9512.40〔2〕彈簧的勁度系數(shù)k可用砝碼質(zhì)量m、重力加速度大小g及l(fā)﹣n圖線的斜率α表示，表達(dá)式為k＝。假設(shè)g取9.8m/s2，則本實(shí)驗(yàn)中k＝N/m〔結(jié)果保存3位有效數(shù)字〕。四、計(jì)算題：13．〔2019?〕如圖，用不可伸長輕繩將物塊a懸掛在O點(diǎn)：初始時(shí)，輕繩處于水平拉直狀態(tài)?，F(xiàn)將a由靜止釋放，當(dāng)物塊a下擺至最低點(diǎn)時(shí)，恰好與靜止在水平面上的物塊b發(fā)生彈性碰撞〔碰撞時(shí)間極短〕，碰撞后b滑行的最大距離為s。b的質(zhì)量是a的3倍。b與水平面間的動摩擦因數(shù)為μ，重力加速度大小為g。求〔1〕碰撞后瞬間物塊b速度的大??；〔2〕輕繩的長度。14．〔2019?〕如圖，一水平面內(nèi)固定有兩根平行的長直金屬導(dǎo)軌，導(dǎo)軌間距為l；兩根一樣的導(dǎo)體棒AB、CD置于導(dǎo)軌上并與導(dǎo)軌垂直，長度均為l；棒與導(dǎo)軌間的動摩擦因數(shù)為μ〔最大靜摩擦力等于滑動摩擦力〕：整個(gè)裝置處于勻強(qiáng)磁場中，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B，方向豎直向下。從t＝0時(shí)開場，對AB棒施加一外力，使AB棒從靜止開場向右做勻加速運(yùn)動，直到t＝t1時(shí)刻撤去外力，此時(shí)棒中的感應(yīng)電流為i1；CD棒在t＝t0〔0＜t0＜t1〕時(shí)刻開場運(yùn)動，運(yùn)動過程中兩棒均與導(dǎo)軌接觸良好。兩棒的質(zhì)量均為m，電阻均為R，導(dǎo)軌的電阻不計(jì)。重力加速度大小為g?！?〕求AB棒做勻加速運(yùn)動的加速度大?。弧?〕求撤去外力時(shí)CD棒的速度大??；〔3〕撤去外力后，CD棒在t＝t2時(shí)刻靜止，求此時(shí)AB棒的速度大小。15．〔2019?〕一定量的理想氣體從狀態(tài)M出發(fā)，經(jīng)狀態(tài)N、P、Q回到狀態(tài)M，完成一個(gè)循環(huán)。從M到N、從P到Q是等溫過程；從N到P、從Q到M是等容過程；其體積﹣溫度圖象〔V﹣T圖〕如下圖。以下說法正確的選項(xiàng)是〔〕A．從M到N是吸熱過程B．從N到P是吸熱過程C．從P到Q氣體對外界做功D．從Q到M是氣體對外界做功E．從Q到M氣體的內(nèi)能減少16．〔2019?〕如圖，一封閉的圓柱形容器豎直放置在水平地面上，一重量不可忽略的光滑活塞將容器內(nèi)的理想氣體分為A、B兩局部，A體積為VA＝4.0×10﹣3m3．壓強(qiáng)為pA＝47cmHg；B體積為VB＝6.0×10﹣3m3，壓強(qiáng)為pB＝50cmHg．現(xiàn)將容器緩慢轉(zhuǎn)至水平，氣體溫度保持不變，求此時(shí)A、B兩局部氣體的體積。17．〔2019?〕一列簡諧橫波沿*軸正方向傳播，周期為0.2s，t＝0時(shí)的波形圖如下圖。以下說法正確的選項(xiàng)是〔〕A．平衡位置在*＝1m處的質(zhì)元的振幅為0.03mB．該波的波速為10m/sC．t＝0.3s時(shí)，平衡位置在*＝0.5m處的質(zhì)元向y軸正向運(yùn)動D．t＝0.4s時(shí)，平衡位置在*＝0.5m處的質(zhì)元處于波谷位置E．t＝0.5s時(shí)，平衡位置在*＝1.0處的質(zhì)元加速度為零18．〔2019?〕一透明材料制成的圓柱體的上底面中央有一球形凹陷，凹面與圓柱體下底面可透光，外表其余局部均涂有遮光材料。過圓柱體對稱軸線的截面如下圖。O點(diǎn)是球形凹陷的球心，半徑OA與OG夾角θ＝120°．平行光沿垂直于軸線方向向下入射時(shí)，從凹面邊緣A點(diǎn)入射的光線經(jīng)折射后，恰好由下底面上C點(diǎn)射出。AB＝FG＝1cm，BC＝cm，OA＝2cm?！瞚〕求此透明材料的折射率；〔ii〕撤去平行光，將一點(diǎn)光源置于球心O點(diǎn)處，求下底面上有光出射的圓形區(qū)域的半徑〔不考慮側(cè)面的反射光及屢次反射的影響〕。2019年**省高考物理試卷參考答案與試題解析一、單項(xiàng)選擇題：1．〔2019?〕如圖，靜電場中的一條電場線上有M、N兩點(diǎn)，箭頭代表電場的方向，則〔〕A．M點(diǎn)的電勢比N點(diǎn)的低B．M點(diǎn)的場強(qiáng)大小一定比N點(diǎn)的大C．電子在M點(diǎn)的電勢能比在N點(diǎn)的低D．電子在M點(diǎn)受到的電場力大小一定比在N點(diǎn)的大【考點(diǎn)】A7：電場線；AE：電勢能與電場力做功．【專題】31：定性思想；43：推理法；532：電場力與電勢的性質(zhì)專題；62：推理能力．【分析】沿電場線方向電勢逐漸降低，電場線的疏密表示電場強(qiáng)度的大小?！窘獯稹拷猓篈、沿電場線方向電勢逐漸降低，M點(diǎn)的電勢比N點(diǎn)的高，故A錯(cuò)誤；B、由于不能確定電場線疏密，故不能確定電場強(qiáng)度大小，故B錯(cuò)誤；C、電子從M到N，電場力做負(fù)功，電勢能增加，故在M點(diǎn)的電勢能比在N點(diǎn)的低，故C正確；D、由于不能確定電場強(qiáng)度大小，也不能確定電荷所受電場力大小，故D錯(cuò)誤；應(yīng)選：C?！军c(diǎn)評】解決此題的關(guān)鍵要掌握負(fù)電場線的性質(zhì)，根據(jù)電場線的疏密能判斷場強(qiáng)的大小。2．〔2019?〕如圖，一段半圓形粗銅線固定在絕緣水平桌面〔紙面〕上，銅線所在空間有一勻強(qiáng)磁場，磁場方向豎直向下。當(dāng)銅線通有順時(shí)針方向電流時(shí)，銅線所受安培力的方向〔〕A．向前B．向后C．向左D．向右【考點(diǎn)】CD：左手定則．【專題】12：應(yīng)用題；31：定性思想；43：推理法；53D：磁場磁場對電流的作用；62：推理能力．【分析】根據(jù)左手定則來判斷即可，讓磁感線從掌心進(jìn)入，并使四指指向電流的方向，這時(shí)拇指所指的方向就是導(dǎo)線受的安培力的方向?！窘獯稹拷猓焊鶕?jù)左手定則可知，安培力的方向一定和磁場方向垂直，同時(shí)一定和電流方向垂直，當(dāng)銅線通有順時(shí)針方向電流時(shí)，銅線所受安培力的方向向前，故A正確，BCD錯(cuò)誤。應(yīng)選：A?！军c(diǎn)評】此題考察左手定則的應(yīng)用，題目簡單，正確應(yīng)用左手定則即可求解。關(guān)鍵是注意電流方向、磁場方向和安培力的方向之間的關(guān)系3．〔2019?〕汽車在平直公路上以20m/s的速度勻速行駛。前方突遇險(xiǎn)情，司機(jī)緊急剎車，汽車做勻減速運(yùn)動，加速度大小為8m/s2．從開場剎車到汽車停頓，汽車運(yùn)動的距離為〔〕A．10mB．20mC．25mD．50m【考點(diǎn)】1D：勻變速直線運(yùn)動的速度與時(shí)間的關(guān)系；1E：勻變速直線運(yùn)動的位移與時(shí)間的關(guān)系．【專題】12：應(yīng)用題；32：定量思想；43：推理法；511：直線運(yùn)動規(guī)律專題；62：推理能力．【分析】根據(jù)剎車的初速度和剎車的加速度，由推導(dǎo)公式v2＝2a*可得汽車運(yùn)動的距離。【解答】解：由題意知，車速v＝20m/s，剎車的加速度大小為8m/s2，最后末速度減為0，由推導(dǎo)公式v2＝2a*可得：*＝25m，故C正確，ABD錯(cuò)誤。應(yīng)選：C?！军c(diǎn)評】解答此題的關(guān)鍵是知道末速度為0隱含條件，找到題干告訴的量初速度和加速度，利用勻變速直線運(yùn)動公式可解。4．〔2019?〕2019年5月，我國第45顆北斗衛(wèi)星發(fā)射成功。該衛(wèi)星軌道距地面的高度約為36000km，是"天宮二號〞空間實(shí)驗(yàn)室軌道高度的90倍左右，則〔〕A．該衛(wèi)星的速率比"天宮二號〞的大B．該衛(wèi)星的周期比"天宮二號〞的大C．該衛(wèi)星的角速度比"天宮二號〞的大D．該衛(wèi)星的向心加速度比"天宮二號〞的大【考點(diǎn)】4F：萬有引力定律及其應(yīng)用；4H：人造衛(wèi)星．【專題】31：定性思想；4C：方程法；52A：人造衛(wèi)星問題；62：推理能力．【分析】根據(jù)萬有引力提供向心力，寫出線速度、角速度、周期表向心加速度達(dá)式，求解答案?！窘獯稹拷猓河扇f有引力提供向心力得：G＝m＝mrω2＝mr＝ma，解得：v＝T＝2πω＝a＝北斗衛(wèi)星的軌道半徑大于"天宮二號〞的軌道半徑，所以：線速度北斗衛(wèi)星的??；周期北斗衛(wèi)星大；角速度北斗衛(wèi)星小；向心加速度北斗衛(wèi)星的小，故ACD錯(cuò)誤B正確；應(yīng)選：B?！军c(diǎn)評】此題關(guān)鍵根據(jù)人造衛(wèi)星的萬有引力提供向心力，寫出各個(gè)待求量的表達(dá)式，根據(jù)表達(dá)式分析得出結(jié)論。5．〔2019?〕如圖，兩物塊P、Q置于水平地面上，其質(zhì)量分別為m、2m，兩者之間用水平輕繩連接。兩物塊與地面之間的動摩擦因數(shù)均為μ，重力加速度大小為g，現(xiàn)對Q施加一水平向右的拉力F，使兩物塊做勻加速直線運(yùn)動，輕繩的張力大小為〔〕A．F﹣2μmgB．F+μmgC．F﹣μmgD．F【考點(diǎn)】2G：力的合成與分解的運(yùn)用；37：牛頓第二定律．【專題】34：比擬思想；4A：整體法和隔離法；522：牛頓運(yùn)動定律綜合專題；62：推理能力．【分析】先對整體，利用牛頓第二定律求得加速度，再對P，利用牛頓第二定律列式，即可求得輕繩的張力?！窘獯稹拷猓簩φw，根據(jù)牛頓第二定律得：F﹣μ?3mg＝3ma。再對P，根據(jù)牛頓第二定律得：T﹣μmg＝ma聯(lián)立解得輕繩的張力大小為：T＝F，故ABC錯(cuò)誤，D正確。應(yīng)選：D。【點(diǎn)評】此題是連接體問題，采用整體法和隔離法相結(jié)合進(jìn)展解答，比擬簡潔。要注意此題的結(jié)論與地面是否有摩擦無關(guān)。6．〔2019?〕如圖，一硬幣〔可視為質(zhì)點(diǎn)〕置于水平圓盤上，硬幣與豎直轉(zhuǎn)軸OO′的距離為r，硬幣與圓盤之間的動摩擦因數(shù)為μ〔最大靜摩擦力等于滑動摩擦力〕，重力加速度大小為g。假設(shè)硬幣與圓盤一起OO′軸勻速轉(zhuǎn)動，則圓盤轉(zhuǎn)動的最大角速度為〔〕A．B．C．D．2【考點(diǎn)】37：牛頓第二定律；4A：向心力．【專題】12：應(yīng)用題；32：定量思想；43：推理法；519：勻速圓周運(yùn)動專題；62：推理能力．【分析】依據(jù)最大靜摩擦力提供向心力，從而判定滑動時(shí)的最大角速度?！窘獯稹拷猓耗Σ亮μ峁┖贤饬Γ?dāng)?shù)竭_(dá)最大靜摩擦?xí)r，角速度最大，結(jié)合牛頓第二定律可知，μg＝ω2r，解得圓盤轉(zhuǎn)動的最大角速度為：ω＝，故B正確，ACD錯(cuò)誤。應(yīng)選：B?！军c(diǎn)評】此題考察牛頓第二定律的應(yīng)用，掌握向心力表達(dá)式，注意最大靜摩擦力提供向心力時(shí)，角速度最大是解題的關(guān)鍵。二、多項(xiàng)選擇題：7．〔2019?〕對于鈉和鈣兩種金屬，其遏止電壓Uc與入射光頻率v的關(guān)系如下圖。用h、e分別表示普朗克常量和電子電荷量，則〔〕A．鈉的逸出功小于鈣的逸出功B．圖中直線的斜率為C．在得到這兩條直線時(shí)，必須保證入射光的光強(qiáng)一樣D．假設(shè)這兩種金屬產(chǎn)生的光電子具有一樣的最大初動能，則照射到鈉的光頻率較高【考點(diǎn)】IE：愛因斯坦光電效應(yīng)方程．【專題】31：定性思想；4C：方程法；54P：愛因斯坦的質(zhì)能方程應(yīng)用專題；63：分析綜合能力．【分析】根據(jù)光電效應(yīng)方程得出遏止電壓與入射光頻率的關(guān)系，通過圖線的斜率求出普朗克常量；遏止電壓為零時(shí)，入射光的頻率等于截止頻率?！窘獯稹拷猓篈、根據(jù)光電效應(yīng)方程得：Ekm＝hγ﹣W0＝hγ﹣hγ0又Ekm＝eUC解得：UC＝γ﹣＝γ﹣；當(dāng)遏止電壓為0時(shí)，對應(yīng)的頻率為金屬的極限頻率，結(jié)合圖可知鈉的極限頻率小，則鈉的逸出功小。故A正確；B、由UC＝γ﹣知U0﹣γ圖線的斜率k＝，故B正確；C、由UC＝γ﹣知圖線的特點(diǎn)與光的強(qiáng)度無關(guān)。故C錯(cuò)誤；D、鈉的逸出功小，結(jié)合Ekm＝hγ﹣W0可知，假設(shè)這兩種金屬產(chǎn)生的光電子具有一樣的最大初動能，則照射到鈉的光頻率較小。故D錯(cuò)誤應(yīng)選：AB。【點(diǎn)評】解決此題的關(guān)鍵掌握光電效應(yīng)方程EKm＝hγ﹣W0，以及知道光電子的最大初動能與入射光的強(qiáng)度無關(guān)，與入射光的頻率有關(guān)；掌握光電效應(yīng)方程以及最大初動能與遏止電壓的關(guān)系。8．〔2019?〕如圖，一理想變壓器輸入端接交流恒壓源，輸出端電路由R1、R2、R3三個(gè)電阻構(gòu)成。將該變壓器原、副線圈的匝數(shù)比由5：1改為10：1后〔〕A．流經(jīng)R1的電流減小到原來的B．R2兩端的電壓增加到原來的2倍C．R3端的電壓減小到原來的D．電阻上總的熱功率減小到原來的【考點(diǎn)】E8：變壓器的構(gòu)造和原理．【專題】12：應(yīng)用題；31：定性思想；43：推理法；53A：交流電專題；62：推理能力．【分析】分清不變量和變量，弄清理想變壓器中電壓、電流、功率之間的聯(lián)系和相互制約關(guān)系，利用閉合電路歐姆定律，串、并聯(lián)電路特點(diǎn)進(jìn)展分析判定?！窘獯稹拷猓篈、變壓器原、副線圈的匝數(shù)比由5：1改為10：1，則副線圈的輸出電壓減小為原來的，根據(jù)歐姆定律可知，流經(jīng)R1的電流減小到原來，故A錯(cuò)誤。B、根據(jù)串并聯(lián)電路規(guī)律可知，R2兩端的電壓減小到原來的，故B錯(cuò)誤。C、同理，R3兩端的電壓減小到原來，故C正確。D、副線圈總電阻不變，根據(jù)功率公式可知，P＝，總功率減小到原來的，故D正確。應(yīng)選：CD?！军c(diǎn)評】此題考察了變壓器的構(gòu)造和原理，明確變壓器的制約關(guān)系，輸入電壓決定輸出電壓，匝數(shù)變化引起輸出電壓變化。9．〔2019?〕如圖，虛線MN的右側(cè)有方向垂直于紙面向里的勻強(qiáng)磁場，兩電荷量一樣的粒子P、Q從磁場邊界的M點(diǎn)先后射入磁場，在紙面內(nèi)運(yùn)動。射入磁場時(shí)，P的速度vP垂直于磁場邊界，Q的速度vQ與磁場邊界的夾角為45°．兩粒子均從N點(diǎn)射出磁場，且在磁場中運(yùn)動的時(shí)間一樣，則〔〕A．P和Q的質(zhì)量之比為1：2B．P和Q的質(zhì)量之比為：1C．P和Q速度大小之比為：1D．P和Q速度大小之比為2：1【考點(diǎn)】37：牛頓第二定律；4A：向心力；CI：帶電粒子在勻強(qiáng)磁場中的運(yùn)動．【專題】11：計(jì)算題；31：定性思想；4C：方程法；536：帶電粒子在磁場中的運(yùn)動專題；63：分析綜合能力．【分析】根據(jù)幾何關(guān)系先確定圓心和半徑，再根據(jù)洛倫茲力提供向心力列式得到粒子的質(zhì)量比和速度比。【解答】解：AB、由題意可知，P、Q兩粒子的運(yùn)動軌跡分別為半圓、四分之一圓，再根據(jù)解得：mP：mQ＝1：2，故A正確，B錯(cuò)誤；CD、結(jié)合幾何關(guān)系可知，，由公式，解得：，故C正確，D錯(cuò)誤。應(yīng)選：AC?！军c(diǎn)評】此題考察了粒子在磁場中的運(yùn)動，粒子在勻強(qiáng)磁場中做勻速圓周運(yùn)動，根據(jù)洛倫茲力提供向心力列式求解；帶電粒子在勻速磁場中做勻速圓周運(yùn)動問題通常要先確定圓心，得到半徑，最后根據(jù)洛倫茲力提供向心力列式。10．〔2019?〕三個(gè)小物塊分別從3條不同光滑軌道的上端由靜止開場滑下。軌道1、軌道2、軌道3的上端距水平地面的高度均為4h0；它們的下端水平，距地面的高度分別為h1＝h0、h2＝2h0、h3＝3h0，如下圖。假設(shè)沿軌道1、2、3下滑的小物塊的落地點(diǎn)到軌道下端的水平距離分別記為s1、s2、s3，則〔〕A．s1＞s2B．s2＞s3C．s1＝s3D．s2＝s3【考點(diǎn)】43：平拋運(yùn)動；6C：機(jī)械能守恒定律．【專題】32：定量思想；43：推理法；518：平拋運(yùn)動專題；62：推理能力．【分析】根據(jù)機(jī)械能守恒求平拋運(yùn)動的初速度，根據(jù)平拋運(yùn)動的規(guī)律求解水平位移?！窘獯稹拷猓焊鶕?jù)mgh＝mv2得小滑塊離開軌道時(shí)的水平速度v＝，軌道1、2、3下滑的小物塊的初速度之比為，由h＝，可知t＝，軌道1、2、3下滑的小物塊的時(shí)間之比為1：，根據(jù)*＝vt可知，小物塊的落地點(diǎn)到軌道下端的水平距離之比s1：s2：s3＝，故BC正確，AD錯(cuò)誤；應(yīng)選：BC。【點(diǎn)評】′解答此題的關(guān)鍵是知道平拋運(yùn)動的水平位移與初速度和時(shí)間均有關(guān)。三、實(shí)驗(yàn)題：11．〔2019?〕用實(shí)驗(yàn)室提供的器材設(shè)計(jì)一個(gè)測量電流表內(nèi)阻的電路。實(shí)驗(yàn)室提供的器材為：待測電流表A〔量程10mA，內(nèi)阻約為50Ω〕，滑動變阻器R1，電阻箱R，電源E〔電動勢約為6V，內(nèi)阻可忽略〕，開關(guān)S1和S2，導(dǎo)線假設(shè)干?！?〕根據(jù)實(shí)驗(yàn)室提供的器材，在圖〔a〕所示虛線框內(nèi)將電路原理圖補(bǔ)充完整，要求滑動變阻器起限流作用；〔2〕將圖〔b〕中的實(shí)物按設(shè)計(jì)的原理圖連線；〔3〕假設(shè)實(shí)驗(yàn)提供的滑動變阻器有兩種規(guī)格①10Ω，額定電流2A②1500Ω，額定電流0.5A實(shí)驗(yàn)中應(yīng)該取②?！蔡?①〞或"②〞〕【考點(diǎn)】N6：伏安法測電阻．【專題】13：實(shí)驗(yàn)題；23：實(shí)驗(yàn)探究題；32：定量思想；43：推理法；535：恒定電流專題；65：實(shí)驗(yàn)?zāi)芰Γ痉治觥俊?〕根據(jù)實(shí)驗(yàn)?zāi)康呐c實(shí)驗(yàn)器材確定實(shí)驗(yàn)原理，根據(jù)實(shí)驗(yàn)原理設(shè)計(jì)實(shí)驗(yàn)電路圖?！?〕根據(jù)實(shí)驗(yàn)電路圖連接實(shí)物電路圖?！?〕根據(jù)題意求出電流最小電阻，然后根據(jù)串聯(lián)電路特點(diǎn)求出滑動變阻器接入電路的最小阻值，然后選擇滑動變阻器。【解答】解：〔1〕測電流表內(nèi)阻，由題意可知，實(shí)驗(yàn)沒有提供電壓表，提供了電阻箱與兩個(gè)開關(guān)，本實(shí)驗(yàn)應(yīng)用半偏法測電流表內(nèi)阻，電流表與電阻箱并聯(lián)，滑動變阻器采用限流接法，實(shí)驗(yàn)電路圖如下圖；〔2〕根據(jù)實(shí)驗(yàn)電路圖連接實(shí)物電路圖，實(shí)物電路圖如下圖；〔3〕電路最小電阻約為：R＝＝600Ω，滑動變阻器接入電路的最小阻值約為：600﹣50＝550Ω，滑動變阻器應(yīng)選擇②；故答案為：〔1〕電路圖如下圖；〔2〕實(shí)物電路圖如下圖；〔3〕②?！军c(diǎn)評】此題考察了實(shí)驗(yàn)電路設(shè)計(jì)、連接實(shí)物電路圖、實(shí)驗(yàn)器材選擇問題，根據(jù)實(shí)驗(yàn)?zāi)康呐c實(shí)驗(yàn)器材確定實(shí)驗(yàn)原理與實(shí)驗(yàn)方案是解題的前提與關(guān)鍵；要掌握實(shí)驗(yàn)器材的選擇原則。12．〔2019?〕*同學(xué)利用圖〔a〕的裝置測量輕彈簧的勁度系數(shù)。圖中，光滑的細(xì)桿和直尺水平固定在鐵架臺上，一輕彈簧穿在細(xì)桿上，其左端固定，右端與細(xì)繩連接；細(xì)繩跨過光滑定滑輪，其下端可以懸掛砝碼〔實(shí)驗(yàn)中，每個(gè)砝碼的質(zhì)量均為m＝50.0g〕。彈簧右端連有一豎直指針，其位置可在直尺上讀出。實(shí)驗(yàn)步驟如下：①在繩下端掛上一個(gè)砝碼，調(diào)整滑輪，使彈簧與滑輪間的細(xì)線水平且彈簧與細(xì)桿沒有接觸；②系統(tǒng)靜止后，記錄砝碼的個(gè)數(shù)及指針的位置；③逐次增加砝碼個(gè)數(shù)，并重復(fù)步驟②〔保持彈簧在彈性限度內(nèi)〕：④用n表示砝碼的個(gè)數(shù)，l表示相應(yīng)的指針位置，將獲得的數(shù)據(jù)記錄在表格內(nèi)。答復(fù)以下問題：〔1〕根據(jù)下表的實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)在圖〔b〕中補(bǔ)齊數(shù)據(jù)點(diǎn)并做出l﹣n圖象。n12345l/cm10.4810.9611.4511.9512.40〔2〕彈簧的勁度系數(shù)k可用砝碼質(zhì)量m、重力加速度大小g及l(fā)﹣n圖線的斜率α表示，表達(dá)式為k＝。假設(shè)g取9.8m/s2，則本實(shí)驗(yàn)中k＝109N/m〔結(jié)果保存3位有效數(shù)字〕?！究键c(diǎn)】M7：探究彈力和彈簧伸長的關(guān)系．【專題】13：實(shí)驗(yàn)題；23：實(shí)驗(yàn)探究題；32：定量思想；46：實(shí)驗(yàn)分析法；65：實(shí)驗(yàn)?zāi)芰Γ痉治觥俊?〕根據(jù)表格中的數(shù)據(jù)描點(diǎn)，再作出圖線；〔2〕根據(jù)圖線寫斜率的表達(dá)式，再根據(jù)胡克定律進(jìn)展分析，即可得勁度系數(shù)的表達(dá)式；在圖線上選兩個(gè)較遠(yuǎn)的點(diǎn)求出斜率的數(shù)值，結(jié)合勁度系數(shù)的表達(dá)式即可求出結(jié)果?！窘獯稹拷猓骸?〕描出點(diǎn)后，作出圖線如下圖：〔2〕L﹣n圖線的斜率為由胡克定律有：△F＝k△l即△nmg＝k△l聯(lián)立以上各式可得：由圖可得斜率約為α＝0.45×10﹣2m所以可得勁度系數(shù)為：故答案為：〔1〕圖線如下圖：〔2〕，〔3〕109?！军c(diǎn)評】在作圖時(shí)，要注意先分析點(diǎn)的分布情況，再決定是用直線擬合還是用平滑的曲線擬合；在求斜率時(shí)，所選的兩個(gè)點(diǎn)的距離要適當(dāng)?shù)倪h(yuǎn)一些以減小誤差。四、計(jì)算題：13．〔2019?〕如圖，用不可伸長輕繩將物塊a懸掛在O點(diǎn)：初始時(shí)，輕繩處于水平拉直狀態(tài)。現(xiàn)將a由靜止釋放，當(dāng)物塊a下擺至最低點(diǎn)時(shí)，恰好與靜止在水平面上的物塊b發(fā)生彈性碰撞〔碰撞時(shí)間極短〕，碰撞后b滑行的最大距離為s。b的質(zhì)量是a的3倍。b與水平面間的動摩擦因數(shù)為μ，重力加速度大小為g。求〔1〕碰撞后瞬間物塊b速度的大?。弧?〕輕繩的長度?！究键c(diǎn)】53：動量守恒定律；6C：機(jī)械能守恒定律．【專題】11：計(jì)算題；22：學(xué)科綜合題；32：定量思想；4T：尋找守恒量法；52G：動量和能量的綜合；63：分析綜合能力．【分析】〔1〕研究碰撞后b滑行過程，根據(jù)動能定理求碰撞后瞬間物塊b速度的大??；〔2〕根據(jù)動量守恒定律和機(jī)械能守恒定律結(jié)合求出碰撞前瞬間物塊a的速度，再研究a下擺的過程，由機(jī)械能守恒定律求輕繩的長度。【解答】解：〔1〕設(shè)a的質(zhì)量為m，則b的質(zhì)量為3m。碰撞后b滑行過程，根據(jù)動能定理得﹣μ?3mgs＝0﹣?3mvb2。解得，碰撞后瞬間物塊b速度的大小vb＝〔2〕對于a、b碰撞過程，取水平向左為正方向，根據(jù)動量守恒定律得mv0＝mva+3mvb。根據(jù)機(jī)械能守恒得mv02＝mva2+?3mvb2。設(shè)輕繩的長度為L．對于a下擺的過程，根據(jù)機(jī)械能守恒得mgL＝mv02。聯(lián)立解得L＝4μs答：〔1〕碰撞后瞬間物塊b速度的大小為。〔2〕輕繩的長度是4μs?！军c(diǎn)評】分析清楚物塊的運(yùn)動過程是解題的前提，把握每個(gè)過程的物理規(guī)律是關(guān)鍵。要知道彈性碰撞過程系統(tǒng)動量守恒、機(jī)械能守恒，運(yùn)用動能定理時(shí)要注意選擇研究的過程。14．〔2019?〕如圖，一水平面內(nèi)固定有兩根平行的長直金屬導(dǎo)軌，導(dǎo)軌間距為l；兩根一樣的導(dǎo)體棒AB、CD置于導(dǎo)軌上并與導(dǎo)軌垂直，長度均為l；棒與導(dǎo)軌間的動摩擦因數(shù)為μ〔最大靜摩擦力等于滑動摩擦力〕：整個(gè)裝置處于勻強(qiáng)磁場中，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B，方向豎直向下。從t＝0時(shí)開場，對AB棒施加一外力，使AB棒從靜止開場向右做勻加速運(yùn)動，直到t＝t1時(shí)刻撤去外力，此時(shí)棒中的感應(yīng)電流為i1；CD棒在t＝t0〔0＜t0＜t1〕時(shí)刻開場運(yùn)動，運(yùn)動過程中兩棒均與導(dǎo)軌接觸良好。兩棒的質(zhì)量均為m，電阻均為R，導(dǎo)軌的電阻不計(jì)。重力加速度大小為g?！?〕求AB棒做勻加速運(yùn)動的加速度大??；〔2〕求撤去外力時(shí)CD棒的速度大??；〔3〕撤去外力后，CD棒在t＝t2時(shí)刻靜止，求此時(shí)AB棒的速度大小?！究键c(diǎn)】37：牛頓第二定律；BB：閉合電路的歐姆定律；CE：安培力的計(jì)算；D9：導(dǎo)體切割磁感線時(shí)的感應(yīng)電動勢．【專題】11：計(jì)算題；22：學(xué)科綜合題；32：定量思想；42：等效替代法；539：電磁感應(yīng)中的力學(xué)問題；63：分析綜合能力．【分析】〔1〕當(dāng)CD棒開場剛運(yùn)動時(shí)，所受的安培力等于最大靜摩擦力，由安培力公式和平衡條件求得此時(shí)CD棒中感應(yīng)電流。再根據(jù)法拉第定律和歐姆定律結(jié)合求出此時(shí)AB棒的速度，從而求得其加速度。〔2〕t＝t1時(shí)刻撤去外力，此時(shí)棒中的感應(yīng)電流為i1，先由速度公式求出此時(shí)AB棒的速度，再根據(jù)法拉第定律和歐姆定律求得兩棒速度之差，從而求得CD棒的速度大小；〔3〕對兩棒組成的系統(tǒng)，利用動量定理列式，可求得AB棒的速度大小?！窘獯稹拷猓骸?〕當(dāng)CD棒開場剛運(yùn)動時(shí)，設(shè)CD棒中電流為i0．則有：Bi0l＝μmg得：i0＝設(shè)此時(shí)AB棒的速度為v0．則有：i0＝得：v0＝故AB棒做勻加速運(yùn)動的加速度大小為：a＝＝〔2〕設(shè)撤去外力時(shí)CD棒的速度大小為v1，AB棒的速度大小為v2．則有：v2＝at1。根據(jù)歐姆定律得：i1＝聯(lián)立解得：v1＝﹣〔3〕設(shè)CD棒在t＝t2時(shí)刻靜止時(shí)AB棒的速度大小為v3．對兩棒整體，安培力的沖量為0，由動量定理得：﹣2μmg〔t2﹣t1〕＝mv3﹣mv1﹣mv2。聯(lián)立解得：v3＝﹣﹣2μg〔t2﹣t1〕答：〔1〕AB棒做勻加速運(yùn)動的加速度大小是；〔2〕撤去外力時(shí)CD棒的速度大小是﹣；〔3〕此時(shí)AB棒的速度大小是﹣﹣2μg〔t2﹣t1〕?！军c(diǎn)評】此題是雙桿類型，是力學(xué)與電磁感應(yīng)的綜合，要分析清楚兩棒的受力情況，明確CD棒剛要運(yùn)動的臨界條件：安培力等于最大靜摩擦力。對兩棒同時(shí)運(yùn)動的過程，要知道感應(yīng)電動勢與兩者速度之差有關(guān)。15．〔2019?〕一定量的理想氣體從狀態(tài)M出發(fā)，經(jīng)狀態(tài)N、P、Q回到狀態(tài)M，完成一個(gè)循環(huán)。從M到N、從P到Q是等溫過程；從N到P、從Q到M是等容過程；其體積﹣溫度圖象〔V﹣T圖〕如下圖。以下說法正確的選項(xiàng)是〔〕A．從M到N是吸熱過程B．從N到P是吸熱過程C．從P到Q氣體對外界做功D．從Q到M是氣體對外界做功E．從Q到M氣體的內(nèi)能減少【考點(diǎn)】8F：熱力學(xué)第一定律；99：理想氣體的狀態(tài)方程．【專題】31：定性思想；43：推理法；54B：理想氣體狀態(tài)方程專題；62：推理能力．【分析】此題考察理想氣體的V﹣T圖象，解答此題的關(guān)鍵是利用熱力學(xué)第一定律：W+Q＝△U進(jìn)展分析推理，同時(shí)明確理想氣體的內(nèi)能由溫度決定，溫度升高，內(nèi)能增大；溫度降低，內(nèi)能減?。焕硐霘怏w內(nèi)能不考慮分子勢能。【解答】解：A、從M到N理想氣體溫度不變，則內(nèi)能不變，即△U＝0，但體積減小，說明外界對氣體做功，即W＞0，由熱力學(xué)第一定律：W+Q＝△U，可知Q＜0，所以是一個(gè)放熱過程，故A錯(cuò)誤；B、從N到P理想氣體溫度升高，則內(nèi)能增大，即△U＞0，但體積不變，說明外界沒有對氣體做功，氣體也沒有對外界做功，即W＝0，由熱力學(xué)第一定律：W+Q＝△U，可知Q＞0，所以是一個(gè)吸熱過程，故B正確；C、從P到Q理想氣體溫度不變，則內(nèi)能不變，即△U＝0，但體積增大，說明氣體對外界做功，故C正確；D、從Q到M理想氣體體積不變，說明外界沒有對氣體做功，氣體也沒有對外界做功，即W＝0，故D錯(cuò)誤；E、從Q到M理想氣體溫度降低，內(nèi)能減小，故E正確；應(yīng)選：BCE?！军c(diǎn)評】解決此題的關(guān)鍵是看懂V﹣T圖象，結(jié)合熱力學(xué)第一定律W+Q＝△U分析每一個(gè)過程，分析過程中先看溫度變化，從而判斷內(nèi)能的變化。規(guī)律是：理想氣體溫度升高，內(nèi)能增大；溫度降低，內(nèi)能減??；體積減小，說明外界對氣體做功；體積增大，說明氣體對外界做功；體積不變，說明外界沒有對氣體做功，氣體也沒有對外界做功。16．〔2019?〕如圖，一封閉的圓柱形容器豎直放置在水平地面上，一重量不可忽略的光滑活塞將容器內(nèi)的理想氣體分為A、B兩局部，A體積為VA＝4.0×10﹣3m3．壓強(qiáng)為pA＝47cmHg；B體積為VB＝6.0×10﹣3m3，壓強(qiáng)為pB＝50cmHg．現(xiàn)將容器緩慢轉(zhuǎn)至水平，氣體溫度保持不變，求此時(shí)A、B兩局部氣體的體積?！究键c(diǎn)】99：理想氣體的狀態(tài)方程；9K：封閉氣體壓強(qiáng)．【專題】11：計(jì)算題；32：定量思想；4C：方程法；54B：理想氣體狀態(tài)方程專題；63：分析綜合能力．【分析】因?yàn)闅怏w溫度保持不變，分別對兩側(cè)氣體運(yùn)用玻意耳定律，水平放置時(shí)兩側(cè)的壓強(qiáng)相等，再結(jié)合活塞的總體積保持不變，聯(lián)立即可求出A、B兩局部氣體的體積?！窘獯稹拷猓簩中氣體：初態(tài)：壓強(qiáng)pA＝47cmHg，體積VA＝4.0×10﹣3m3，末態(tài)：壓強(qiáng)pA′，體積VA′，根據(jù)玻意耳定律可得：pAVA＝pA′VA′…①對B中氣體：初態(tài)：壓強(qiáng)pB＝50cmHg，體積VB＝6.0×10﹣3m3，末態(tài)：壓強(qiáng)pB′，體積VB′，根據(jù)玻意耳定律可得：pBVB＝pB′VB′…②容器水平后有：pA′＝pB′…③容器的總體積保持不變，即：VA′+VB′＝VA+VB＝1.0×10﹣2m3…④聯(lián)立①②③④式可得：VA′＝3.85×10﹣3m3VB′＝6.15×10﹣3m3答：此時(shí)A局部氣體的體積為3.85×10﹣3m3，B兩局部氣體的體積為6.15×10﹣3m3?！军c(diǎn)評】此題考察氣體定律的綜合