2018年高考物理押題試卷(共三套)

2018年高考物理押題試卷（共三套）2018年高考物理押題試卷（一）（時間：60分鐘滿分：110分）

第丨卷（選擇題共48分）選擇題：本題共8小題，每小題6分■在每小題給出的四個選項中，第1?4題只有一項符合題目要求，第5?8題有多項符合題目要求■全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分．1．在物理學的重大發(fā)現(xiàn)中科學家們創(chuàng)造出了許多物理思想與研究方法，如理想實驗法、控制變量法、極限思想法、建立物理模型法、類比法和科學假說法等．以下關于所用物理學研究方法的敘述不正確的是（）AxAx根據(jù)速度定義式v=誥，當At非常小時，就可以用籌表示物體在t時刻的瞬時速度，這是應用了極限思想法在不需要考慮物體本身的大小和形狀時，用質(zhì)點代替物體的方法，采用了等效替代的思想玻璃瓶內(nèi)裝滿水，用穿有透明細管的橡皮塞封口.手捏玻璃瓶，細管內(nèi)液面高度有明顯變化，說明玻璃瓶發(fā)生形變，該實驗采用放大的思想在推導勻變速直線運動位移公式時，把整個運動過程劃分成很多小段，每一小段近似看做勻速直線運動，然后把各小段的位移相加，這里采用了微元法右圖為一物體做直線運動的圖象，但縱坐標表示的物理量未標出，已知物體在前2s內(nèi)向東運動，以下判斷正確的是（）若縱坐標表示速度，則物體在4s內(nèi)的位移為4m若縱坐標表示速度，則物體在4s內(nèi)的加速度大小不變，方向始終向東若縱坐標表示位移，則物體在4s內(nèi)的運動方向始終向東若縱坐標表示位移，則物體在4s內(nèi)的位移為零如圖所示，平行板電容器與恒壓電源連接，電子以速度v0垂直于電場線方向射入并穿過平行板間的電場，設電容器極板上所帶的電荷量為Q，電子穿出平行板電容器時在垂直于板面方向偏移的距離為y,若僅使電容器上極板上移，以下說法正確的是（）Q減小，y不變B.Q減小，y減小

C.Q增大，y減小D.Q增大，y增大圖為遠距離輸電示意圖，發(fā)電機的輸出電壓U]、輸電線的電阻和理想變壓器匝數(shù)均不變，且n]:n2=n4:n3?當用戶消耗的功率增大時，下列表述正確的是()用戶的總電阻增大用戶兩端的電壓U4增加C.用戶消耗的功率等于發(fā)電機的輸出功率如圖甲所示，靜止在水平地面上的物塊A,受到水平向右的拉力F作用,F與時間t的關系如圖乙所示，設物塊與地面的最大靜摩擦力fm與滑動摩擦力大小相等，則()0?J時間內(nèi)物塊A的加速度逐漸增大t2時刻物塊A的加速度最大t3時刻物塊A的速度最大t2?t4時間內(nèi)物塊A一直做減速運動如圖所示，正方形abcd區(qū)域內(nèi)有垂直于紙面向里的勻強磁場，O點是cd邊的中點.一個帶正電的粒子(重力忽略不計)從O點沿紙面以垂直于cd邊的速度射入正方形區(qū)域內(nèi)，經(jīng)過時間t0剛好從c點射出磁場.現(xiàn)設法使該帶電粒子從O點沿紙面以與Od成30。的方向(如圖中虛線所示)，以各種不同的速率射入正方形內(nèi)，那么下列說法正確的是()該帶電粒子不可能剛好從正方形的某個頂點射出磁場若該帶電粒子從ab邊射出磁場，它在磁場中經(jīng)歷的時間可能是t03t0若該帶電粒子從be邊射出磁場，它在磁場中經(jīng)歷的時間可能是30若該帶電粒子從cd邊射出磁場，它在磁場中經(jīng)歷的時間一定是弓07.下列說法正確的是()光電效應揭示了光的粒子性，而康普頓效應揭示了光的波動性高速運動的質(zhì)子、中子和電子都具有波動性盧瑟福通過a粒子散射實驗，提出了原子的核式結(jié)構(gòu)學說DD.核反應方程:8.傾角3=30。的斜面體固定在水平面上，在斜面體的底端附近固定一擋板,一質(zhì)量不計的彈簧下端固定在擋板上，彈簧自然伸長時其上端位于斜面體上的O點處．質(zhì)量分別為4m、m的物塊甲和乙用一質(zhì)量不計的細繩連接，跨過固定在斜面體頂端的光滑定滑輪，如圖所示．開始物塊甲位于斜面體上的M處，且MO=L,物塊乙開始距離水平面足夠遠，現(xiàn)將物塊甲和乙由靜止釋放，物塊甲沿斜面下滑，當物塊甲將彈簧壓縮到N點時，物塊甲、乙的速度減為零，ON=L已知物塊甲與斜面體之間的動摩擦因數(shù)為卩=8，重力加速度取g=10m/s2，忽略空氣的阻力，整個過程細繩始終沒有松弛．則下列說法正確的是（）物塊甲由靜止釋放到斜面體上N點的過程，物塊甲先做勻加速直線運動,緊接著做勻減速直線運動直到速度減為零物塊甲在與彈簧接觸前的加速度大小為0.5m/s23物塊甲位于N點時，彈簧所儲存的彈性勢能的最大值^8mgL9物塊甲位于N點時，彈簧所儲存的彈性勢能的最大值為8mgL第II卷（非選擇題共62分）非選擇題：包括必考題和選考題兩部分.第9?12題為必考題，每個試題考生都必須做答■第13?14題為選考題，考生根據(jù)要求做答.（一）必考題（共47分）9．（6分）為測量物塊和木板間的動摩擦因數(shù)，某同學做了如下實驗:實驗器材:兩個同樣的長木板，小滑塊，墊塊，刻度尺．實驗步驟:按照圖示將一個長木板水平放置，另一個長木板用墊塊將左端墊高.在傾斜長木板的斜面上某一位置作一標記A,使小滑塊從該位置由靜止釋放，小滑塊沿傾斜長木板下滑，再滑上水平長木板，最后停在水平長木板上，在停止位置作一標記B.用刻度尺測量和，則可求出小滑塊和長木板間的動摩擦因數(shù)尸（用所測物理量的符號表示）.誤差分析:影響實驗測量準確性的主要原因有:（任意寫一條）.10.（9分）某同學用如圖甲所示的電路測量歐姆表的內(nèi)阻和電源電動勢（把歐姆表看成一個電源，且已選定倍率并進行了歐姆調(diào)零）.實驗器材的規(guī)格如下:電流表A1（量程200yA,內(nèi)阻R]=300Q）電流表A2（量程30mA,內(nèi)阻R2=5Q）

定值電阻R0=9700Q,滑動變阻器R(阻值范圍0?500Q)閉合開關S,移動滑動變阻器的滑動觸頭至某一位置，讀出電流表A］和A2的示數(shù)分別為I和I2?多次改變滑動觸頭的位置，得到的數(shù)據(jù)見下表.IgA)120125130135140145厶(mA)20.016.713.210.06.73.3Rg□R甲R甲依據(jù)表中數(shù)據(jù)，作出I1-I2圖線如圖乙所示；據(jù)圖可得，歐姆表內(nèi)電源的電動勢為E=V,歐姆表內(nèi)阻為r=Q；(結(jié)果保留3位有效數(shù)字)(2)若某次電流表A1的示數(shù)是114“A,則此時歐姆表示數(shù)約為0.(結(jié)果保留3位有效數(shù)字)11．(14分)如圖所示，水平傳送帶的右端與豎直面內(nèi)的用光滑鋼管彎成的“9”形固定軌道相接，鋼管內(nèi)徑很小.傳送帶的運行速度為v°=6m/s，將質(zhì)量m=1kg的可看做質(zhì)點的滑塊無初速地放到傳送帶A端，傳送帶長度為L=12m，“9”3字全高H=0.8m,“9”字CDE部分圓弧半徑為R=0.2m的4圓弧，滑塊與傳送帶間的動摩擦因數(shù)為“=0.3,取重力加速度g=10m/s求滑塊從傳送帶A端運動到B求滑塊從傳送帶A端運動到B端所需要的時間；求滑塊滑到軌道最高點D時對軌道作用力的大小和方向；若滑塊從“9”形軌道E點水平拋出后，恰好垂直撞在傾角3=45。的斜面上的P點，求P、E兩點間的豎直高度h12．（18分）如圖所示，在矩形區(qū)域CDNM內(nèi)有沿紙面向上的勻強電場，場強的大小E=1.5X105V/m；在矩形區(qū)域MNGF內(nèi)有垂直紙面向外的勻強磁場，磁感應強度大小B=0.2T.已知CD=MN=FG=0.60m,CM=MF=0.20m.在CD邊中點O處有一放射源，沿紙面向電場中各方向均勻地輻射出速率均為v0=1.0X106m/s的某種帶正電粒子，粒子質(zhì)量m=6.4X10—27kg,電荷量q=3.2X10—19C，粒子可以無阻礙地通過邊界MN進入磁場，不計粒子的重力.求：（1）粒子在磁場中做圓周運動的半徑；（2）邊界FG上有粒子射出磁場的范圍長度；（3）粒子在磁場中運動的最長時間.（后兩問結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）（二）選考題（共15分．請考生從給出的2道題中任選一題做答．如果多做，則按所做的第一題計分）13.［物理——選修3—3］（15分）（1）（5分）下列說法正確的是（選對1個給2分，選對2個給4分，選對3個給5分.每選錯1個扣2分，最低得分為0分）.A.第一類永動機不可能制成，因為違背了能量守恒定律

B．B．CD積E．物體吸收熱量，其內(nèi)能可能不變不考慮分子勢能，則質(zhì)量、溫度均相同的氫氣和氧氣的內(nèi)能也相同只要知道氣體的摩爾體積和阿伏加德羅常數(shù)，就可以算出氣體分子的體物體吸收熱量，其內(nèi)能可能不變（2）（10分）如圖所示，絕熱汽缸內(nèi)封閉一定質(zhì)量的理想氣體，汽缸內(nèi)壁光滑，有一絕熱活塞可在汽缸內(nèi)自由滑動，活塞的重力為500N、橫截面積為100cm2.當兩部分氣體的溫度都為27°C時，活塞剛好將缸內(nèi)氣體分成體積相等的A、B上下兩部分，此時A氣體的壓強為“0=1.0X105Pa.現(xiàn)把汽缸倒置，仍要使兩部分體積相等，則需要把A部分的氣體加熱到多少攝氏度？yJ0ABCDx14．［物理——選修3－4］（15分yJ0ABCDx（1）（5分）如圖所示，位于坐標原點O處的振源由t=0時刻開始向上起振，在沿x軸的正方向上形成一列簡諧橫波，質(zhì)點A>B>C、D是其傳播方向上的四點,且滿足OA=AB=BC=CD，經(jīng)時間t=0.3s的時間該波剛好傳播到質(zhì)點C處，此刻振源O第一次處于波谷位置．則下列說法正確的是．（填正確答案標號．選對1個得2分，選對2個得4分，選對3個得5分．每選錯1個扣3分，最低得分為0分）該振源的振動周期為T=0.4s在t=0.3s時質(zhì)點A處在平衡位置且向上振動在t=0.3s時質(zhì)點B處在波谷位置當該波剛傳到質(zhì)點D時，質(zhì)點D的振動方向向上在t=0.5s時質(zhì)點C處在平衡位置且向下振動（2）（10分）某玻璃三棱鏡水平放置，其截面如圖所示，已知玻璃的折射率為\/3,該三棱鏡的AB邊豎直放置，水平虛線CD垂直AB,ZBAC=60°,ZB=45°,AC邊長為20cm，AD部分貼著不透光的紙，當一束水平平行光照射在三棱鏡AB邊上時，在下方水平屏AP上被照亮的區(qū)域有多寬？（不考慮光在玻璃中的多次反射）高考模擬試題精編（十一）1.解析：選B.在不需要考慮物體本身的大小和形狀時，用質(zhì)點代替物體的方法，采用的是理想模型法，選項B的敘述不正確.?解析：選C.若縱坐標表示速度，則物體在前2s內(nèi)向東做加速度為?1m/s2的勻減速直線運動，位移大小為2m，在后2s內(nèi)向西做加速度為1m/s2的勻加速直線運動，位移大小為2m,故前4s內(nèi)的位移為0，加速度方向始終向西，選項A、B錯誤；若縱坐標表示位移，則物體向東做1m/s的勻速直線運動，運動方向始終向東，前4s內(nèi)的位移大小為4m，選項C正確，選項D錯誤.?解析：選B.僅使電容器上極板上移，兩極板間距d增大，由C二趨知，電容器的電容減小，由C=Q知，U—定，C減小，則Q減小，選項C、D錯誤；由E二#知，電容器兩極板間的電場強度減小，電子運動的加速度a二卑減小，電子在電場中做類平拋運動，電子穿出電場的時間不變，則電子穿出平行板電容器時在垂直極板方向偏移的距離y=|at2減小，選項A錯誤，選項B正確.4.解析：選c.對兩個變壓器，有Ui=ni,U3=n3，所以U1二U4，選項C正確；由能量守恒定律可知，發(fā)電機的輸出功率等于用戶消耗的功率和輸電導線消耗的功率之和，選項D錯誤；電壓U一定，U2也一定，當用戶消耗的功率P出增大時，負載增多，用戶的總電阻減小，由p出二14R負載，可知降壓變壓器的輸出電流I4增大，由?半，可知降壓變壓器的輸入電流I3=I2增大，則u3=U2-I2r減小，用戶兩端的電壓U4減小，選項A、B錯誤.?解析：選BC.0~t］時間內(nèi)物塊A受到的靜摩擦力逐漸增大，物塊處于靜止狀態(tài)，選項A錯誤.t2時刻物塊A受到的拉力F最大，物塊A的加速度最大，選項B正確.t3時刻物塊A受到的拉力減小到等于滑動摩擦力，加速度減小到零，物塊A的速度最大，選項C正確.t2~t3時間內(nèi)物塊A做加速度逐漸減小的加速運動，t3~t4時間內(nèi)物塊A一直做減速運動，選項D錯誤.?解析：選AD.根據(jù)題述一個帶正電的粒子（重力忽略不計）從O點沿紙面以垂直于cd邊的速度射入正方形區(qū)域內(nèi)，經(jīng)過時間t0剛好從c點射出磁場，則時間t0為帶電粒子在磁場中運動的半個周期?使該帶電粒子從O點沿紙面以與Od成30°的方向（如圖中虛線所示），以各種不同的速率射入正方形內(nèi)，畫出各種

可能的運動軌跡，可以看出不可能剛好從正方形的某個頂點射出磁場，選項A正確?若該帶電粒子從ab邊射出磁場，它在磁場中經(jīng)歷的時間一定小于t0，選項B錯誤?若該帶電粒子從be邊射出磁場，它在磁場中經(jīng)歷的時間不可能是乎，可能是t0，選項C錯誤?若該帶電粒子從ed邊射出磁場，它在磁場中運動軌跡為6圓弧，經(jīng)歷的時間一定是5°，選項D正確.?解析：選BC.光電效應、康普頓效應都揭示了光的粒子性，A錯誤；任何物質(zhì)都具有波粒二象性，B正確；原子的核式結(jié)構(gòu)學說就是建立在a粒子散射實驗基礎上的，C正確；根據(jù)質(zhì)量數(shù)和電荷數(shù)守恒，可判斷X為中子，D錯誤.?解析：選BC.釋放物塊甲、乙后，物塊甲沿斜面加速下滑，當與彈簧接觸時，開始壓縮彈簧，彈簧產(chǎn)生沿斜面向上的彈力，物塊甲做加速度減小的加速運動，當把彈簧壓縮到某一位置時，物塊甲沿斜面受力平衡，速度達到最大，之后物塊甲做加速度增大的減速運動，A錯誤；對物塊甲、乙，根據(jù)牛頓第二定律有4mgsin3-mg-f=5ma,其中f~4“眈geos3，解得a=20g二0.5m/s2,B正確；以物塊甲和乙為研究對象，從M點運動到N點，在N點彈簧壓縮最短，彈性勢能最大，由動能定理得4mg〔L+2］sin3-mg^L+-（l++W彈二0,解得W33彈二-gmgL，彈性勢能的變化量AEp二-W彈二gmgL,C正確，D錯誤.9．解析：設傾斜長木板傾角為3，動摩擦因數(shù)為“，A點到兩個長木板連接處的距離為x,則小滑塊沿傾斜長木板下滑時克服摩擦力做的功為WFf二“mgeos3-x,xeos3為A點到兩個長木板連接處的連線在水平方向上的投影長度，因此從A點到B點，由動能定理得mgh-“mgl二0，得“二h/l.引起實驗誤差的主要原因有：小滑塊經(jīng)過兩長木板連接處時損失了能量．答案：小滑塊開始下滑時的位置A的高度h（1分）小滑塊下滑位置A與最后停止位置B間的水平距離l（1分）h/l（2分）小滑塊經(jīng)過兩個長木板連接處時損失了能量（2分）解析：（1）由于A2量程遠大于A］量程，干路電流可認為等于A2的示數(shù)，Er故有E=I1（R1+R0）+I2r，可得A二10000-帀麗厶，故從圖線在縱軸上的截距可得電動勢E二150“AX10000Q二1.50V，從圖線的斜率可得內(nèi)阻r二150“A150“A-112“A25mAX10000。二15.2Q.（2）由圖乙可以看出，當A］的示數(shù)是114“A時對應A2的示數(shù)為24mA,而歐姆表的示數(shù)為外電路的總電阻：R歐姆表的示數(shù)為外電路的總電阻：R二114“AX10000Q24mA答案：(1)1.50(1.48?1.51)(3分)15.2(14.0?16.0)(3分)(2)47.5(47.048.0）（3分）11．解析：（1）滑塊在傳送帶上加速運動時，由牛頓第二定律有ymg=ma（1分）解得：a二卩g=3m/s2（l分）加速到與傳送帶共速的時間片二牛二2s（1分）a2s內(nèi)滑塊的位移x1二2at2=6m（1分）之后滑塊做勻速運動的位移x2=L-x1=6m（1分）所用時間t2=V=1s（1分）20故t二片+匸2=3s（1分）⑵滑塊由B運動到D的過程中由動能定理得:11-mgH二-2加00（1分）在D點：FN+mg=mRD（1分）解得：FN二90N,方向豎直向下由牛頓第三定律得：滑塊對軌道的壓力大小是90N，方向豎直向上（1分）⑶滑塊由B運動到E的過程中由動能定理得:-mg（H-2R）二2mvE-￡mv0（1分）滑塊撞擊P點時，其速度沿豎直方向的分速度為：v叮的1分）豎直方向有：V2=2gh（1分）解得：h=1.4m（1分）答案：（1）3s（2）90N,豎直向上（3）1.4m12．解析：（1）電場中由動能定理得：11八qEd=^mv2-2mv0（2分）由題意知d=0.20m，代入數(shù)據(jù)得v=2X106m/s（2分）帶電粒子在磁場中做勻速圓周運動，v2qBv=mr（1分）解得r=~qB=0-2m.（1分）（2）設粒子沿垂直于電場方向射入時，出電場時水平位移為x,則由平拋規(guī)律得：d=1得：d=1建t22m5二吋解得x=2j53（2分）m（2分）離開電場時，sin%二VM,q二30。.（2分）由題意可知，PSiMN，沿OC方向射出粒子到達P點，為左邊界，垂直MN射出的粒子與邊界FG相切于Q點，Q為右邊界，QO〃二r,軌跡如圖.范圍長度為（2分）l二x+r二+0.2m~（2分）丿2nm（3）T二-qB，由分析可知，OO'方向射出的粒子運動時間最長，設FG長度12L-r1sin32=■—=2"2二30°（2分）帶電粒子在磁場中運動的最大圓心角為120°，對應的最長時間為t=1-T=max32nm八3qB"2.1X10_7s（2分）答案：（1）0.2m（2）0.43m（3）2.1X10-7s13．解析：（1）第一類永動機是指違反能量守恒定律的機器，A正確；溫度越高，液體分子對懸浮顆粒的撞擊越頻繁，懸浮顆粒越小，撞擊不平衡機會越多，布朗運動越顯著，B正確；內(nèi)能由溫度和物質(zhì)的量決定，C錯誤；氣體分子之間有廣闊的間隙，D錯誤；若物體吸收的熱量等于其對外所做的功，則其內(nèi)能不變，E正確．（2）初始狀態(tài)，B氣體的壓強為:p1=p0+G（2分）末狀態(tài)，對于B氣體：由于溫度和體積都未變化，所以B氣體的壓強不變化對于A氣體：P2=P]+賈（2分）依據(jù)查理定律得：T0二牛（3分）

其中T1=（273+27）K二300K（1分）解得：T2=600K,即t二327°C（2分）答案：（1）ABE（2）327C14.解析：（1）由于振源的起振方向向上，且在t二0.3s時，該波剛好傳播到質(zhì)點C處，此刻振源O第一次處于波谷位置，則可知T二0.4s，波長久二4OA,A正確；據(jù)此時波形可知，該時刻質(zhì)點A處在平衡位置且向下振動，質(zhì)點B處在波峰位置，B、C錯誤；各質(zhì)點的起振方向與波源的起振方向相同，故質(zhì)點D的起振方向向上，D正確；t二0.5s時該波向右傳播的距離為玄，由波的傳播可知此刻的質(zhì)點C正處在平衡位置且向下振動，E正確.（2）三棱鏡的折射率為，則全反射臨界角3滿足sinB二歲,0<45°，故光在BC邊發(fā)生全反射，其光路圖如圖所示（3分）??光線在AC邊的入射角r二30。根據(jù)n二器可知在AC邊的折射角i二60。（2分）AC故在下方水平屏AP上照亮的區(qū)域?qū)挾萀滿足沁9：J）二血30撲0J）（3AC解得L二?cm（2分）答案：（1）ADE⑵2》3cm2018年高考物理押題試卷（二）（時間：60分鐘滿分：110分）第丨卷（選擇題共48分）選擇題：本題共8小題，每小題6分■在每小題給出的四個選項中，第1?4題只有一項符合題目要求，第5?8題有多項符合題目要求■全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分．1.下列說法正確的是（）

平均速度、瞬時速度以及加速度，都是牛頓首先建立起來的繞太陽運行的8顆行星中，海王星被人們稱為“筆尖下發(fā)現(xiàn)的行星”元電荷、點電荷等，都是由美國科學家富蘭克林命名的使用多用電表測電阻時，如果發(fā)現(xiàn)指針偏轉(zhuǎn)很小，應選擇倍率較小的歐姆擋重新測量2．如圖所示，某極地軌道衛(wèi)星的運行軌道平面通過地球的南北兩極，已知該衛(wèi)星從北緯60°的正上方按圖示方向第一次運行到南緯60°的正上方時所用時間為1h,則下列說法正確的是（）該衛(wèi)星的運行速度一定大于7.9km/s該衛(wèi)星與同步衛(wèi)星的運行速度之比為1：2該衛(wèi)星與同步衛(wèi)星的運行半徑之比為1：4該衛(wèi)星的機械能一定大于同步衛(wèi)星的機械能3.如圖所示，兩平行金屬板水平正對放置，極板長為L、間距為d上、下極板所帶電荷量分別為+Q、一Q，坐標系的原點O位于極板左端中點.帶電微粒A、B從O點先后以相同初速度v射入極板間，微粒A到達極板上（d/2,L/2）處，微粒B從（d/4，L）處飛出極板.已知微粒A、B質(zhì)量相同，所帶電荷的電荷量相同、電性不同，重力加速度為g,則下列說法正確的是（）微粒A、B在極板間飛行時間相同微粒A、B在極板間的加速度之比為4:1微粒A帶負電、微粒B帶正電微粒A、B所受的電場力與重力大小之比為7:94?如圖所示，兩個質(zhì)量分別為m「m2的物塊A4?如圖所示，兩個質(zhì)量分別為m「m2的物塊A和B通過一輕彈簧連接在起并放置于水平傳送帶上，水平輕繩一端連接A,另一端固定在墻上，A、B與傳送帶間的動摩擦因數(shù)均為“?傳送帶沿順時針方向轉(zhuǎn)動，系統(tǒng)達到穩(wěn)定后，突然剪斷輕繩的瞬間，設A、B的加速度大小分別為aA重力加速度為g），貝9（）和aB（彈簧在彈性限度內(nèi),A.BC.喚=』1+mbaA=“g，aB=0aA=^.1++m)g,aB=PgaB=0D.aA=/Jg,aB=Pg如圖所示，長為L的輕質(zhì)硬桿A一端固定小球B,另一端固定在水平轉(zhuǎn)軸O上.現(xiàn)使輕桿A繞轉(zhuǎn)軸O在豎直平面內(nèi)勻速轉(zhuǎn)動，輕桿A與豎直方向夾角a從0。增加到180°的過程中，下列說法正確的是（）小球B受到的合力的方向始終沿著輕桿A指向軸O當a=90°時，小球B受到輕桿A的作用力方向豎直向上輕桿A對小球B做負功小球B重力做功的功率不斷增大如圖所示，理想變壓器原、副線圈的匝數(shù)比為10：1,原線圈接交流電源和交流電壓表、交流電流表，副線圈通過電阻為R的導線與熱水器、抽油煙機連接.已知原線圈兩端的電壓保持不變，副線圈上的電壓按如圖乙所示規(guī)律變化.現(xiàn)閉合開關S接通抽油煙機，下列說法正確的是（）熱水器兩端電壓的瞬時值表達式為u=220<2sin（100nV電壓表示數(shù)為2200V電流表示數(shù)變大變壓器的輸入功率增大2022年第24屆冬季奧林匹克運動會將在北京舉行，跳臺滑雪是冬奧會的比賽項目之一.如圖所示為一簡化后的跳臺滑雪的雪道示意圖，運動員從O點由靜止開始，在不借助其他外力的情況下，自由滑過一段圓心角為60°的光滑圓弧軌道后從A點水平飛出，然后落到斜坡上的B點?已知A點是斜坡的起點,光滑圓弧軌道半徑為40m，斜坡與水平面的夾角6=30°,運動員的質(zhì)量m=50kg，重力加速度g=10m/s2，忽略空氣阻力.下列說法正確的是（）AA.BCD.運動員從O點運動到B點的整個過程中機械能守恒運動員到達A點時的速度為20m/s運動員到達B點時的動能為10kJ運動員從A點飛出到落到B點所用的時間為冷勺s8．如圖所示，在傾角為30°的斜面上固定一電阻不計的光滑平行金屬導軌，其間距為L下端接有阻值為R的電阻，導軌處于勻強磁場中，磁感應強度大小為B，方向與斜面垂直（圖中未畫出）.質(zhì)量為m、阻值大小也為R的金屬棒ab與固定在斜面上方的勁度系數(shù)為k的絕緣彈簧相接，彈簧處于原長并被鎖定.現(xiàn)解除鎖定的同時使金屬棒獲得沿斜面向下的速度從開始運動到停止運動的過程中金屬棒始終與導軌垂直并保持良好接觸，彈簧始終在彈性限度內(nèi)，重力加速度為g，在上述過程中（）開始運動時金屬棒與導軌接觸點間電壓為弩通過電阻R的最大電流一定是BR0通過電阻R的總電荷量為警竿D.回路產(chǎn)生的總熱量小于1mv2+m4g2第II卷（非選擇題共62分）非選擇題：包括必考題和選考題兩部分.第9?12題為必考題，每個試題考生都必須做答■第13?14題為選考題，考生根據(jù)要求做答.（一）必考題（共47分）（6分）如圖為“驗證動能定理”的實驗裝置?鉤碼質(zhì)量為m,小車和砝碼的總質(zhì)量M=300g.實驗中用鉤碼重力的大小作為細繩對小車拉力的大小.實驗主要過程如下：扌丁黃小車計時諒P安裝實驗裝置；分析打點計時器打出的紙帶，求出小車的速度；計算小車的動能增量和對應細繩拉力做的功，判斷兩者是否相等.（1）以下關于該實驗的說法中正確的是.調(diào)整滑輪高度使細繩與木板平行為消除阻力的影響，應使木板右端適當傾斜在質(zhì)量為10g、50g、80g的三種鉤碼中，挑選質(zhì)量為80g的鉤碼掛在掛鉤P上最為合理先釋放小車，然后接通電源，打出一條紙帶（2）在多次重復實驗得到的紙帶中選擇點跡清晰的一條.測量如圖，打點周期為T,當?shù)刂亓铀俣葹間.用題中的有關字母寫出驗證動能定理的表達式（3）寫出兩條引起實驗誤差的原因（9分）某探究小組要盡可能精確地測量電流表OA］的滿偏電流，可供選用的器材如下：待測電流表OA］（滿偏電流Imax約為800yA、內(nèi)阻r1約為100Q,表盤刻度均勻、總格數(shù)為N）電流表OA2（量程為0.6A、內(nèi)阻r2=0.1⑵電壓表OV（量程為3V、內(nèi)阻RV=3kQ）D?滑動變阻器R（最大阻值為20Q）電源E（電動勢有3V、內(nèi)阻r約為1.5Q）開關S一個，導線若干圖甲圖乙（1）該小組設計了圖甲、圖乙兩個電路圖，其中合理的是（選填“圖甲”或“圖乙”）.（2）所選合理電路中虛線圈處應接入電表（選填“B”或“C”）.（3）在開關S閉合前，應把滑動變阻器的滑片P置于端（選填“a”或“b”）．（4）在實驗中，若所選電表的讀數(shù)為乙電流表OA］的指針偏轉(zhuǎn)了n格，則可算出待測電流表OA］的滿偏電流I=.1max11．（1）（5分）如圖所示為光電效應中光電流隨入射光的強度、入射光的頻率和外加電壓變化的圖象，在橫軸上的截距表示加上反向電壓達到一定值時光電流為零，這個電壓稱為遏止電壓U,加上正向電壓，電壓達到一定值時，對于某c一頻率的光，在光的強度一定的情況下，光電流也趨于一定，這個電流稱為飽和光電流，根據(jù)圖中提供的信息可以判斷出，在光電效應中，遏止電壓與有關，與無關，飽和光電流與和有關，與無關．（填“入射光的頻率”、“入射光的強度”或“外加電壓”）（2）（9分）如圖所示，半徑分別為R=1m和r=0.5m的甲、乙兩光滑圓軌道置于同一豎直平面內(nèi)，兩軌道之間由一段光滑水平軌道CD相連，在水平軌道CD上一輕彈簧被a、b兩小球夾住，現(xiàn)同時由靜止釋放兩小球，重力加速度取g=10m/s2.

①如果a、b小球都恰好能夠通過各自圓軌道的最高點，求兩小球的質(zhì)量之比；②如果a、b小球的質(zhì)量均為0.5kg,為保證兩小球都能夠通過各自圓軌道的最高點，求釋放兩小球前彈簧彈性勢能的最小值．DyE/???:B'C\??JL2loXp12．(18分)如圖所示，在第一象限內(nèi)有沿y軸負方向的電場強度大小為E的勻強電場．在第二象限中，半徑為R的圓形區(qū)域內(nèi)存在垂直紙面向外的勻強磁場，圓形區(qū)域與x、y軸分別相切于A、C兩點.在A點正下方有一個粒子源P,P可以向x軸上方各個方向射出速度大小均為v0、質(zhì)量為mDyE/???:B'C\??JL2loXp求勻強磁場的磁感應強度大小B.求帶電粒子到達x軸時的橫坐標范圍和帶電粒子到達x軸前運動時間的范圍.如果將第一象限內(nèi)的電場方向改為沿x軸負方向，分析帶電粒子將從何處離開磁場，可以不寫出過程.

（二）選考題（共15分．請考生從給出的2道題中任選一題做答．如果多做，則按所做的第一題計分）13．［物理——選修3－3］（15分）（1）（5分）下列說法正確的是．（填正確答案標號．選對1個得2分，選對2個得4分，選對3個得5分．每選錯1個扣3分，最低得分為0分）在完全失重的情況下，氣體的壓強為零液體表面張力產(chǎn)生的原因是液體表面層分子較稀疏，分子間的引力大于斥力當兩分子間距離大于平衡位置的間距時，分子間的距離越大，分子勢能越小水中氣泡上浮過程中，氣泡中的氣體在單位時間內(nèi)與氣泡壁單位面積碰撞的分子數(shù)減小不可能利用高科技手段將散失在環(huán)境中的內(nèi)能重新收集起來加以利用而不引起其他變化1p/alm0111■■-246r/L（2）（10分）一定質(zhì)量的理想氣體在a狀態(tài)體積為嶺=2L,壓強為p=3atm,溫度為厶=300K，在b狀態(tài)體積為V2=6L,壓強為p=1atm，如果建立該氣體的p-V圖象如圖所示，讓該氣體沿圖中線段緩慢地從a狀態(tài)變化到b狀態(tài)，求：氣體處于b狀態(tài)時的溫度T2；從a狀態(tài)到b狀態(tài)的過程中氣體的最高溫度T.max14．[物理——選修3－4](15分)(1)(5分)如圖所示，一列簡諧橫波沿x軸正方向傳播，從波傳到x=5m處開始計時.已知x=1m處的質(zhì)點P連續(xù)兩次位于波峰的時間間隔為0.4s,則下面說法中正確的是(選對1個給2分，選對2個給4分，選對3個給5分．每選錯1個扣3分，最低得分為0分).該列波在0.1s內(nèi)向右傳播的距離為1m質(zhì)點P(x=1m)在0.1s內(nèi)向右運動的位移大小為1m在0?0.1s時間內(nèi)，質(zhì)點Q(x=1.5m)通過的路程是10cm在t=0.2s時，質(zhì)點Q(x=1.5m)的振動方向沿y軸正方向質(zhì)點N(x=9m)經(jīng)過0.5s第一次到達波谷(10分)某同學欲測直角三棱鏡ABD的折射率.他讓一束細激光束以一定的入射角從空氣射到三棱鏡的側(cè)面AB上，經(jīng)棱鏡兩次折射后，從另一側(cè)面BD射出(不考慮AD面上的光束反射)，逐漸調(diào)整入射光在AB面的入射角，當側(cè)面BD上恰無光束射出時，測出此時光束在AB面上的入射角為尸60。，求此直角三棱鏡的折射率(結(jié)果可以保留根式).高考模擬試題精編（十二）1.解析：選B.平均速度、瞬時速度和加速度都是伽利略首先建立起來的概念，A錯?天文學家利用天王星軌道的攝動推測出海王星的存在與可能的位置，海王星是利用數(shù)學預測而非有計劃的觀測發(fā)現(xiàn)的行星，B正確?正、負電荷最早是由美國科學家富蘭克林命名的；元電荷是最小的電荷量，其大小最早由美國物理學家密立根測得；點電荷是理想化的模型，不計電荷的大小和形狀，所以C錯．多用電表測電阻時偏轉(zhuǎn)很小，表示待測電阻的阻值較大，應選擇倍率較大的歐姆擋重新測量，D錯．Mm2?解析：選C.近地衛(wèi)星的環(huán)繞速度等于第一宇宙速度7.9km/s.根據(jù)G育V2'GMmr，得v二卩，半徑越大線速度越小，該衛(wèi)星的半徑大于地球半徑，則其

運動速度一定小于7.9km/s,A錯?該衛(wèi)星從北緯60°到南緯60°，轉(zhuǎn)過120°用時1h,則其轉(zhuǎn)過360。用時3h，即周期為3h，而同步衛(wèi)星的周期為24h，即該Mm4兀2rGM衛(wèi)星與同步衛(wèi)星的周期之比為1:8.根據(jù)6詈二m帀r，得T-二號身，則可得半徑之比為1:4,C正確?再由0「］竿可得該衛(wèi)星與同步衛(wèi)星的運行速度之比為2：1,B錯?在衛(wèi)星繞地球做圓周運動情況下，從高軌道到低軌道要減少機械能，所以該衛(wèi)星的機械能小于同步衛(wèi)星的機械能，D錯．?解析：選D.微粒A、B在極板間的運動時間分別為2|、L，A錯；設微粒A的加速度為aA，微粒B的加速度為aB，貝的二，4=2aB（L｝，解得aA：aB二8：1,B錯，A的加速度比B的大，故A受豎直向下的電場力，B受豎直向B上的電場力，又因下極板帶負電，則A帶正電，B帶負電，C錯；設A、B所受電場力大小為F，質(zhì)量為m，則F＋mg=maA,mg-F=maB,又aA：aB=8：1，得F：mg=7:9,D對.?解析：選C.穩(wěn)定時A和B均受到向右的滑動摩擦力，B受到的滑動摩擦力大小為艸2g，等于彈簧向左的彈力F,B受到的合外力為0.剪斷輕繩瞬間，彈簧彈力和B受到的滑動摩擦力都不變則B的加速度為oA的加速度為尸+；眈怡二』1+m^g，選項C對??解析：選AC.小球做勻速圓周運動，受到的合外力總是指向圓心O，選項A對；轉(zhuǎn)過90°時，輕桿對小球的彈力的水平分力提供小球做圓周運動的向心力，豎直分力平衡小球重力，小球受到桿的作用力指向左上方，選項B錯；在轉(zhuǎn)動過程中小球的重力做正功，動能不變，應用動能定理可知輕桿對小球做負功，選項C對；小球豎直方向的分速度先增大后減小，小球重力做功的功率先增大后減小，選項D錯．?解析：選BCD.題圖乙為副線圈上電壓變化規(guī)律，而熱水器上的電壓要小于副線圈上電壓，選項A錯誤；由交流電規(guī)律可知，副線圈上電壓的有效值為220V,由變壓器變壓關系可知，原線圈電壓為2200V,選項B正確；閉合開關，副線圈輸出功率增大，則原線圈輸入功率增大，因此電流表示數(shù)變大，選項C、D正確.?解析：選AB.由題意可得，運動員從O點運動到B點的整個過程機械能守恒，選項A正確；由圓周運動過程機械能守恒可得，運動員到達A點時的速度為20m/s,選項B正確；由機械能守恒和平拋運動規(guī)律可知運動員到達B點40\[3時的豎直方向分速度為o丄=o0.2tan6=—m/s，則運動員到達B點時的動能大于10kJ，選項C錯誤；設運動員從A點飛出到落到B點所用的時間為t，則。丄二gt,t二s，選項D錯誤.?解析：選ACD.開始時金屬棒切割磁感線產(chǎn)生電動勢E二BLo0，則金屬棒與導軌接觸點間電壓為U二0.5E,選項A對；金屬棒釋放時，受到沿斜面向上的安培力與沿斜面向下的重力分力，因不知二力大小關系，則不能確定通過R的最大電流，選項B錯；由于金屬棒在運動過程中受到安培力作用，最終金屬棒靜止，則金屬棒沿斜面下滑距離為d=mgSkn6,應用電流定義式和法拉第電磁感應定律可知通過r的電荷量q二BLd二mkRL，選項C對；從開始到停止，設回路產(chǎn)生的熱量為Q、金屬棒靜止時彈簧彈性勢能為E，對金屬棒和回路應用功能p_11(mg)2關系可知Q+Ep二mgdsin6+尹％，則Q二刖％+~4k~-Ep，選項D對.9．解析：(1)小車運動中受到重力、支持力、繩的拉力、摩擦力四個力的作用．首先若要使小車受到合力等于繩上的拉力，必須保證：摩擦力被平衡、繩的拉力平行于接觸面，故A、B正確；在保證鉤碼重力等于細繩上的拉力及上述前提下對小車有：F=Ma，對鉤碼：mg-F=ma，解之有F=mg=，可M+mi+m1M見只有當mM時才有Famg，故應選用10g的鉤碼最為合理，C錯誤.打點計時器的使用要求是先接通電源，待其工作穩(wěn)定后再釋放小車，D錯誤.

2t，故動能變化量為卑二12t，故動能變化量為卑二1mvbW二mgxAB,故需驗證的式子為11-2M1JA二21mgXAB二2（3）從產(chǎn)生的偶然誤差考慮有長度測量的誤差；從系統(tǒng)誤差產(chǎn)生的角度考慮有用mg代替繩子的拉力、電源頻率不穩(wěn)定、摩擦力未完全被平衡等引起的誤差（答案合理皆可）．答案：（1）AB（2分）⑵噸％=2"瀏2—瀏2］（3分）（3）長度測量的誤差用mg代替繩子的拉力（答案合理皆可）（1分）10．解析：（1）由于待測電流表的量程較小，而內(nèi)阻大于滑動變阻器的最大阻值，為了減小誤差，應選用乙電路圖．（2）由于兩塊電流表的量程差距較大，只能選用電壓表當電流表使用，故選C.（3）乙電路圖中滑動變阻器采用的是分壓式接法，在閉合開關前，要求測量電路的分壓為零，故滑動變阻器的滑片P應置于b端．⑷根據(jù)串聯(lián)電路的特點，可得：彳二1/，解得：倚澈昴也對）答案：（1）圖乙（2分）（2）C（2分）（3）b（2分）V（4）nRVk蓋也對）（3分）11．解析：（1）由題圖可知，黃光與藍光的頻率不同，遏止電壓不同，說明遏止電壓與入射光的頻率有關，而黃光的強弱不同，但遏止電壓相同，說明遏止電壓與入射光的強度無關；加上正向電壓，電壓達到一定值時，對于某一頻率的光，在入射光的強度一定的情況下，光電流也趨于一定，說明飽和光電流與外加電壓無關，而入射光的頻率不同，光強不同，飽和光電流都不同，說明飽和光電流與入射光的頻率和強度都有關．（2）①已知a、b小球恰好能通過各自圓軌道的最高點，則它們通過最高點時的速度大小分別為V；^/10m/s,vb'=Vgr^/5m/s（2分）設兩小球與彈簧分離時的速度大小分別為v、vb，根據(jù)動量守恒定律有mvb1112ma叮+mag1112ma叮+mag?2R，2mbvb二2mbvb2+mbg?2r(2根據(jù)機械能守恒定律有2mV2二2分）聯(lián)立以上各式解得許二牛二乎（1分）ba

②若m=mb=0.5kg,由動量守恒定律知兩小球與彈簧分離時速度大小相等ab（1分）當a小球恰好能通過最高點時，b小球一定也能通過最高點，a小球通過最高點的速度為v=\：gR,此時彈簧的彈性勢能最小，最小值為Ep=￡mv2+mg'lR^X2=5mgR=25J（1分）答案：（1）見解析（每空1分）⑵①￥②25J12．解析：（1）帶電粒子在磁場中做勻速圓周運動，從A點運動到C點的過程中帶電粒子的運動軌跡為1個圓弧，軌跡半徑r二R（1分）由Bqv0=，得8=訣2分）（2）沿不同方向進入磁場的帶電粒子離開磁場時的速度大小均為v0，方向均平行于x軸，其臨界狀態(tài)為粒子從D點沿x軸正方向離開磁場（2分）分析粒子從D點離開磁場的情況粒子在磁場中運動時間為t=TT=2VR,12v0nR八得t1=（2刀）0從D點平行于x軸運動至y軸的時間t2=R（1分）在第一象限內(nèi)運動過程中，粒子做類平拋運動，設運動時間為t3，則x0=V0t32R=2at3，a==m（2分）mRmR八解得t3=2EqmRmR八解得t3=2Eq，x0=2v0Eq（2分）（兀+】）R,mR八則"+2+3=V0"瓦（1分）帶電粒子到達x軸時的橫坐標范圍為$,2v0到i、+軸前運動時間的范圍為］R（兀+1）R+2mREq丿（2分）mR（1分）Eq丿到達x軸前運動時間的范圍為R（3）將第一象限內(nèi)的電場方向改為沿x軸負方向時，帶電粒子將從A點正上v0方的D點離開磁場.（2分）答案：見解析13．解析：（1）根據(jù)氣體壓強的產(chǎn)生原因，在完全失重的情況下，氣體的壓強并不為零，A錯誤；液體表面張力產(chǎn)生的原因是液體表面層分子較稀疏，分子間的引力大于斥力，B正確；當兩分子間距離大于平衡位置的間距時，分子間的距離越大，分子勢能越大，C錯誤；氣泡在水中上浮過程中，體積增大，溫度基本不變，壓強減小，根據(jù)氣體壓強的微觀解釋可知，D正確；根據(jù)熱力學第二定律，可知不可能將散失在環(huán)境中的內(nèi)能重新收集起來加以利用而不引起其他變化，E正確.（2）①根據(jù)題意，由理想氣體狀態(tài)方程有爭二爭（2分）T1T2代入數(shù)據(jù)解得T2二300K（1分）②由題圖可知，氣體壓強p與體積V之間的關系為p=4-|v（atm）（2分）由理想氣體狀態(tài)方程有字■二字（2分）代入數(shù)據(jù)并整理有T二-25（V-4）2+400（K），當V二4L時，T最大，可得max答案：（1）BDE（2）①300K②400K2…?14.解析：（1）T=0.4s,v=T=10m/s,該列波在0.1s內(nèi)向右傳播的距離為x二10X0.1m=1m,A正確；質(zhì)點不會隨波遷移，B錯誤；質(zhì)點Q在0~0.1s時間內(nèi)通過的路程大于一個振幅，C錯誤；經(jīng)過*周期，質(zhì)點Q位于x軸下方正在接近平衡位置，D正確；經(jīng)過0.5s,波谷第一次傳播到坐標是4m+0.5X10m=9=9m處，E正確.=n（3分）由于在BD面剛好發(fā)生全反射，得：sinC=扣分）由幾何關系可知：y+C二90。（2分）解得：n二亨（2分）答案：（1）ADE⑵咅2018年高考物理押題試卷（三）（時間：60分鐘滿分：110分）第丨卷（選擇題共48分）

選擇題：本題共8小題，每小題6分■在每小題給出的四個選項中，第1?4題只有一項符合題目要求，第5?8題有多項符合題目要求■全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分．1．在物理學發(fā)展史上，許多科學家通過恰當?shù)剡\用科學研究方法，超越了當時研究條件的局限性，取得了輝煌的研究成果．下列表述符合物理學史事實的是()牛頓由斜面實驗通過邏輯推理得出了自由落體運動的規(guī)律庫侖利用庫侖扭秤巧妙地實現(xiàn)了對電荷間的作用力與電荷量的關系研究法拉第發(fā)現(xiàn)載流導線對小磁針的作用，揭示了電現(xiàn)象與磁現(xiàn)象之間存在的聯(lián)系安培用電場線和磁感線形象地描述電場和磁場，促進了電磁現(xiàn)象的研究A．C．A．C．F1<F2BF1〉F2F1=F2<GD.F=F>G25L2.如圖是懸繩對稱且長度可調(diào)的自制降落傘，用該傘掛上重為G的物體進行兩次落體實驗，懸繩的長度l]Vl2,勻速下降時每根懸繩的拉力大小分別為F]、尸2，則()33．202530t/s甲、乙兩輛汽車在一條平直的單行道上同向行駛，乙在前，甲在后.=0時刻，兩車同時剎車，結(jié)果發(fā)生了碰撞.如圖所示為兩車剎車后不會相撞的v-t圖象，下列說法正確的是()兩車剎車時的距離一定小于90m兩車剎車時的距離一定等于112.5m兩車一定是在t=20s之前的某時刻發(fā)生相撞的兩車一定是在t=20s之后的某時刻發(fā)生相撞的為了實現(xiàn)人類登陸火星的夢想，我國宇航員王躍和俄羅斯宇航員一起進行了“模擬登火星”的實驗活動，假設火星半徑與地球半徑之比為1：2，火星質(zhì)量與地球質(zhì)量之比為1：9.已知地球表面的重力加速度為g，地球半徑為R，萬有引力常量為G,忽略自轉(zhuǎn)的影響，貝％)火星表面與地球表面的重力加速度之比為2:9火星的第一宇宙速度與地球的第一宇宙速度之比為:3火星的密度為3"^若王躍以相同初速度在火星表面與地球表面能豎直跳起的最大高度之比為9：2

如圖所示，理想變壓器的原線圈接有頻率為f、電壓為U的交流電，副線圈接有光敏電阻R、交流電表OA.下列說法正確的是()當U增大時，變壓器的輸入功率增大B?當f減小時，變壓器的輸入功率減小當光照增強時，交流電表OA的示數(shù)減小當滑動觸頭P向下滑動時，交流電表OA的示數(shù)增大6．如圖所示的陰極射線管，無偏轉(zhuǎn)電場時，電子束加速后打到熒屏中央形成亮斑.如果只逐漸增大M］、M2之間的電勢差，貝肚)在熒屏上的亮斑向上移動在熒屏上的亮斑向下移動偏轉(zhuǎn)電場對電子做的功增大偏轉(zhuǎn)電場的電場強度減小7.如圖甲所示，用粘性材料粘在一起的A、B兩物塊靜止于光滑水平面上,兩物塊的質(zhì)量分別為mA=1kg、mB=2kg,當A、B之間產(chǎn)生拉力且大于0.3N時A、B將會分離.t=0時刻開始對物塊A施加一水平推力行，同時對物塊B施加同一方向的拉力F2，使A、B從靜止開始運動，運動過程中F］、F2方向保持不變，F(xiàn)「F2的大小隨時間變化的規(guī)律如圖乙所示.則下列關于A、B兩物塊受力及運動情況的分析，正確的是()圖甲圖乙t=2.0s時刻A、B之間作用力大小為0.6Nt=2.0s時刻A、B之間作用力為零t=2.5s時刻A對B的作用力方向向左從t=0時刻到A、B分離，它們運動的位移為5.4m8?用一段橫截面半徑為r、電阻率為p密度為d的均勻?qū)w材料做成一個半徑為R(rR)的圓環(huán).圓環(huán)豎直向下落入如圖所示的徑向磁場中，圓環(huán)的圓心始終在N極的軸線上，圓環(huán)所在位置的磁感應強度大小均為B.圓環(huán)在加速下落過程中某一時刻的速度為v,忽略電感的影響，貝胚)

A.B.CA.B.C.此時在圓環(huán)中產(chǎn)生了（俯視）順時針的感應電流圓環(huán)因受到了向下的安培力而加速下落B2v此時圓環(huán)的加速度a=pdD.如果徑向磁場足夠長，則圓環(huán)的最大速度vD.maxB用刻度尺測量距離時如圖（用刻度尺測量距離時如圖（乙），讀出A、C兩點間距為cm,B點對應的速度vB=m/s（保留三位有效數(shù)字）.若H點對應的速度為vH，重物下落的高度為hBH，當?shù)刂亓铀俣葹間,為完成實驗，要比較1vB與的大?。ㄓ米帜副硎荆?10.（9分）圖（a）是測量電源電動勢E和內(nèi)阻r的原理圖.R=2.5Q為定值保護電阻，電流表內(nèi)阻不計，單位長度電阻廠0=0.10Q/cm的電阻絲ac上標有長度刻度.第II卷（非選擇題共62分）非選擇題：包括必考題和選考題兩部分.第9?12題為必考題，每個試題考生都必須做答■第13?14題為選考題，考生根據(jù)要求做答.（一）必考題（共47分）9.（6分）“驗證機械能守恒定律”實驗.圖（甲）是打點計時器打出的一條紙帶，選取其中連續(xù)的計時點標為A、B、C……G、H、I,對BH段進行研究.（1）已知打點計時器電源頻率為50Hz（1）已知打點計時器電源頻率為50Hz,則紙帶上打相鄰兩點的時間間隔為口線夾電阻絲§7圖⑹L口線夾電阻絲§7圖⑹L占電阻絲圖(c)請根據(jù)原理圖連接圖(b)的實物圖；閉合開關S,記錄ab的長度L和電流表A的示數(shù)，滑動b點改變ab的長度L,測得6組L和I值，并算出對應的*值，寫出*與L、E、r、R0、r0的關系式1=.圖(c)中的“X”是已標出的實驗數(shù)據(jù)，請作出1隨L變化的圖線.根據(jù)1—L圖線算出電源電動勢E=V，內(nèi)阻r=Q.計算結(jié)果保留到小數(shù)點后兩位)11.(14分)如圖所示，小車停放在光滑的水平面上，小車的質(zhì)量為M=8kg,在小車水平面A處放有質(zhì)量為m=2kg的物塊，AB段是粗糙的水平面，BC是一段光滑的圓弧，在B點處與AB相切，現(xiàn)給物塊一個v0=5m/s的初速度，物塊便沿AB滑行，并沿BC上升，然后又能返回，最后恰好回到A點處與小車保持相對靜止，求：從物塊開始滑動至返回A點整個過程中，小車與物塊組成的系統(tǒng)損失的機械能為多少？物塊沿BC弧上升相對AB平面的最大高度為多少？12.(18分)如圖所示的平面直角坐標系xOy,在第一象限內(nèi)有平行于y軸的勻強電場，方向沿y軸負方向；在第四象限的正方形abcd區(qū)域內(nèi)有勻強磁場，方向垂直于xOy平面向外，正方形邊長為L且ab邊與y軸平行.一質(zhì)量為m、電荷量為q的粒子，從y軸上的P(0,h)點，以大小為v°的速度沿x軸正方向射入電場，通過電場后從x軸上的a(2h,0)點進入第四象限，又經(jīng)過磁場從y軸上的某點進入第三象限，且速度與y軸負方向成45。角，不計粒子所受的重力，求：判斷粒子帶電的電性，并求電場強度E的大??；粒子到達a點時速度的大小和方向；abcd區(qū)域內(nèi)磁場的磁感應強度B的最小值.（二）選考題（共15分．請考生從給出的2道題中任選一題做答．如果多做，則按所做的第一題計分）13．［物理——選修3－3］（15分）（1）（5分）下列說法正確的是（填正確答案標號，選對1個得2分，選對2個得4分，選對3個得5分，每選錯1個扣3分，最低得分為0分）．物體做加速運動時速度越來越大，物體內(nèi)分子的平均動能也越來越大“用油膜法估測分子的大小”實驗中油酸分子直徑等于純油酸體積除以相應油酸膜的面積第二類永動機沒有違反能量守恒定律對某物體做功，必定會使該物體的內(nèi)能增加E.液晶既有液體的流動性，又具有光學各向異性（2）（10分）如圖所示，一圓柱形絕熱容器豎直放置，通過絕熱活塞封閉著溫度為T的理想氣體，活塞的質(zhì)量為m,橫截面積為S,與容器底部相距h.現(xiàn)通過電熱絲給氣體加熱一段時間，使活塞緩慢上升且氣體溫度上升到t2,若這段時間內(nèi)氣體吸收的熱量為Q，已知大氣壓強為p0，重力加速度為g，求：氣體的壓強．這段時間內(nèi)活塞緩慢上升的距離是多少？這段時間內(nèi)氣體的內(nèi)能變化了多少？14．［物理——選修3－4］（15分）（1）（5分）一列簡諧橫波，某時刻的圖象如圖甲所示，從該時刻開始計時，波上A質(zhì)點的振動圖象如圖乙所示，則以下說法正確的是（填正確答案標號．選對1個得2分，選對2個得4分，選對3個得5分．每選錯1個扣3分，最低得分為0分）這列波沿x軸負向傳播這列波的波速是25m/s質(zhì)點P將比質(zhì)點Q先回到平衡位置經(jīng)過At=0.4s,A質(zhì)點通過的路程為4m經(jīng)過At=0.8s,A質(zhì)點通過的位移為8m空氣水Ce玻璃￡光源s（2）（10分）如圖所示為一巨大的玻璃容器，容器底部有一定的厚度，容器中裝4一定量的水，在容器底部有一單色點光源，已知水對該光的折射率為3，玻璃對該光的折射率為1.5，容器底部玻璃的厚度為d水的深度也為d.求：這種光在玻璃和水中傳播的速度；水面形成的光斑的面積（僅考慮直接由光源發(fā)出的光線）.高考模擬試題精編（十三）1.解析：選B.伽利略通過實驗發(fā)現(xiàn)了自由落體運動的規(guī)律，故A項錯；庫侖利用庫侖扭秤實驗實現(xiàn)了對電荷間的作用力與電荷量的關系的研究，故B項正確；奧斯特發(fā)現(xiàn)了載流導線對小磁針的作用力，揭示了電現(xiàn)象與磁現(xiàn)象之間存

在的聯(lián)系，故C項錯；電場線和磁感線都是法拉第引入的，故D項錯.2.解析：選B.設懸繩與豎直方向的夾角為?，每根懸繩的拉力大小為F,G根據(jù)平衡條件得：G二8Fcosa，解得：F二8C0贏，所以°越大，cosa越小，F(xiàn)越大?由于l1<l2，所以a1>a2，則有F]>F2，故B項正確.3解析:選C.當兩車速度相同時相距最小，由v-t圖象可知最小距離為1x(25-15)X20=100m，由于兩車相撞，所以剎車時的距離小于100m，故A、B項錯；兩車速度相同時相距最小，若此時不相撞那以后也不會相撞，所以兩車一定是在20s之前的某時刻發(fā)生相撞的，故C項正確.4?4?解析：選B.由GMm=mg可得：g二罟由于火星半徑與地球半徑之比為1:2，火星質(zhì)量與地球質(zhì)量之比為1:9，則火星表面的重力加速度是地球表面44重力加速度的9，即為9g，故A項錯；設火星質(zhì)量為M'，由萬有引力等于重力可得：GMJ^mg'，解得：M'二騁，密度為：P=Mr^3nGR，故C項錯；GMmv2i1GM2由GM^rm萬得：v=GM，則火星的第—宇宙速度是地球第—宇宙速度的乎倍，故B項正確；王躍以v0在地球上起跳時，根據(jù)豎直上拋的運動規(guī)律可知跳起的最大高度是：h=2g，由于火星表面的重力加速度是4g，王躍以相同的初速9度在火星上起跳時，可跳的最大高度h=9h,故D項錯.5?解析：選AD.當U增大時，變壓器的匝數(shù)比不變，副線圈的電壓增大，負載不變，變壓器的輸出功率增大，理想變壓器輸入功率等于輸出功率，所以變壓器的輸入功率增大，故A項正確；當f減小時，輸入電壓和輸出電壓不變，輸出功率不變，所以變壓器的輸入功率不變，故B項錯；當光照增強時，光敏電阻的阻值變小，副線圈的電壓不變，所以交流電表OA的示數(shù)增大，故C項錯;當滑動觸頭P向下滑動時，原線圈的匝數(shù)變小，副線圈電壓變大，交流電表OA的示數(shù)增大，故D項正確.6.解析：選AC.由于電子帶負電，在偏轉(zhuǎn)電場中受到電場力的作用下向正極板偏轉(zhuǎn)，故A項正確，B項錯；電子在偏轉(zhuǎn)電場中向正極板偏轉(zhuǎn)的過程中，電場力做正功，且隨著偏轉(zhuǎn)電壓的增大電場力做功增大，故C項正確，D項錯.7?解析：選AD.由題中圖乙可知行、F2的合力保持不變，根據(jù)牛頓第二定F1＋F2律，兩個物塊一起運動的加速度a二=1.2m/s2.t=2.0s時刻，F(xiàn)=1.8N,mA＋