解析河北省衡水中學(xué)2021年高三上學(xué)期四調(diào)考試物理試題

wordword版高中物理河北省衡水中學(xué)2021年高三上學(xué)期四調(diào)考試物理試題【試卷綜析】本試卷是高三模擬試題，包含了高中物理的必修一、必修二、選修3-1、3-2、3-4、3-5的內(nèi)容，主要包含受力分析、牛頓運(yùn)動(dòng)走律、動(dòng)能定理、電場(chǎng)、磁場(chǎng)、帶電粒子在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)、帶電粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)、光的折射定律、動(dòng)星守恒走律等內(nèi)容,在考查問(wèn)題上以基本定義、基本規(guī)律為主，以基礎(chǔ)知識(shí)和基本技能為載體，在試題上以改變題為主是份非常好的試卷。本試卷分第1卷（選擇題）和第II卷（非選擇題）兩部分。共110分?？荚嚂r(shí)間110分鐘。第1卷（選擇題-共56分）注意事項(xiàng)：1?答卷I前，考生勢(shì)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)、考試科目用鉛筆涂寫(xiě)在答題卡上。2?答卷I時(shí)，每小題選出答案后，用鉛筆把答題卡上對(duì)應(yīng)題目的答案標(biāo)號(hào)涂黑。如需改動(dòng)，用橡皮擦干凈后，再選涂其它答案。不能答在試題卷上?！?、選擇題（每小題4分，共56分。下列每小題所給選項(xiàng)至少有一項(xiàng)符合題意，淆將正確答案的序號(hào)填涂在答題卡上）【題文】1.—物體運(yùn)動(dòng)的速度一時(shí)間圖像如圖所示，由此可知A.在空時(shí)間內(nèi)物體的速度變化呈為O。B.在力時(shí)間內(nèi)物體的速度一直在減小I.在力時(shí)間內(nèi)物體的加速度一直在減小D.在力時(shí)間內(nèi)物體所受的合力先減小后增大【知識(shí)點(diǎn)】勻變速直線運(yùn)動(dòng)的圖像.A5【答棄解析】D解析:A、在2t°時(shí)間內(nèi)物體的速度變化＞^-vo-Vo=-2vo^A^;AB.在2to時(shí)間內(nèi)物體的速度先減小后反向增大，故B錯(cuò)誤;C、在2to時(shí)間內(nèi)物體的加速度先減小后增大，故C錯(cuò)誤；D、在2t°時(shí)間內(nèi)物體的加速度先減小后增大，根據(jù)牛頓第二走律在2to時(shí)間內(nèi)物體所受的合力先減小后增大,D正確;故選:D.【思路點(diǎn)撥】速度變化呈等于末速度減初速度;速度時(shí)間圖象的斜率表示加速度?本題是為速度--時(shí)間圖象的應(yīng)用，要明確斜率的含義，知道在速度--時(shí)間圖象中圖象與坐標(biāo)軸圍成的面積的含義?【題文】2."兒童蹦極"中,拴在腰間左右兩側(cè)的是懸點(diǎn)等高、完全相同的兩根橡皮繩。質(zhì)星為m的小明如圖所示靜止懸掛時(shí)，兩橡皮繩的夾角為60°,重力加速度為g,則入每根橡皮繩的拉力為二心。B?若將懸點(diǎn)間距離變小,則每根橡皮繩所受拉力將變小C.若此時(shí)小明左側(cè)橡皮繩在腹間斷裂，則小明此時(shí)加速度以①?若此時(shí)小明左側(cè)橡皮繩在腰間斷裂，則小明此時(shí)加速度 3【知識(shí)點(diǎn)】牛頓第二走律；物體的彈性和彈力?B2C2【答案解析】BD 解析:A、根據(jù)平行四邊形定則知,2Fcos30°=mg解得F二fmg?故A錯(cuò)誤?B、根據(jù)共點(diǎn)力平衡得，2Fcos0=mg,當(dāng)懸點(diǎn)間的距離變小，則6變小，cose變大,可知懸繩的拉力變小?故B正確?C、當(dāng)左側(cè)橡皮繩斷裂，斷裂的瞬間，右側(cè)彈性繩的拉力不變，則重力和右側(cè)繩拉力的合力與左側(cè)繩初始時(shí)拉力大小相等方向相反，根據(jù)平行四邊形走則知，則合力大小為fmg，加速度為準(zhǔn)g.故C錯(cuò)誤、D正確?故選：BD.【思路點(diǎn)撥】根據(jù)共點(diǎn)力平衡求出每根繩的拉力，根據(jù)平行四邊形走則判斷懸點(diǎn)間距變化時(shí)繩子拉力的變化.當(dāng)左側(cè)繩子斷裂，抓住合力沿垂直繩子方向求出合力的大小，從而得出加速度的大小?本題關(guān)鍵是對(duì)小明受力分析后，根據(jù)三力平衡時(shí)，三個(gè)力中任意兩個(gè)力的合力與第三個(gè)力等值、反向、共線來(lái)確定撤去一個(gè)力后的合力,再根據(jù)牛頓第二走律求解加速度.【題文】3.我國(guó)志愿者王躍曾與俄羅斯志愿者一起進(jìn)行"火星-500"的實(shí)驗(yàn)活動(dòng)。假設(shè)王丄 1躍登陸火星后,測(cè)得火星的半徑是地球半徑的J質(zhì)星是地球質(zhì)量的亍。已知引力常星為G,地球表面的重力加速度是g,地球的半徑為R,王躍在地面上能向上豎直協(xié)臨的最大高度是h，忽略自轉(zhuǎn)的影響，下列說(shuō)法正確的是_2^_「A.火星的密度為3水求B?火星表面的重力加速度是9c.火星的第一宇宙速度與地球的第一宇宙速度之比為亍D.王躍以與在地球上相同的初速度在火星上起跳后,能達(dá)到的最大高度是尸

【知識(shí)點(diǎn)】萬(wàn)有引力定律及其應(yīng)用?D5【答翔析】A解析:A、由得到:『罟，已知火星粋是地球榨的m,質(zhì)呈是地球質(zhì)呈的則火星表面的重力加速度是地球表重力加速度的I■，即為T(mén)OC\o"1-5"\h\z?設(shè)火星質(zhì)臺(tái)為M',由萬(wàn)有引力等于中可得:G躱二mg'，解得:皿=琴，密度為：a 9G竺=一=△—.故A正確.B、由G啤=mg,得到:，已知火星半U(xiǎn)4^.1^ 32 R2 R~83，火星的第一宇宙速度是地徑是地球噸質(zhì)呈是地球質(zhì)噸，則火星表面的重力加速度是地球表重力加速度的，火星的第一宇宙速度是地4 4 inM v*即為-g.故B錯(cuò)誤?C、由G#二得到v=9 9 A A球第一宇宙速度的豐倍?故C錯(cuò)誤.D、王躍以v0在地球起跳時(shí)，根據(jù)豎直上拋的運(yùn)動(dòng)規(guī)V* 4律得出可腸的最大高度是:h二丄，由于火星表面的重力加速度是一g，王躍以相同的初速2g 99度在火星上起跳時(shí)，可跳的最大高度hr=-h.故D錯(cuò)誤?故選A4【思路點(diǎn)撥】求一個(gè)物理呈之比，我們應(yīng)該把這個(gè)物理星先表示出來(lái)，在逬行之比?根據(jù)萬(wàn)有引力等于重力，得出重力加速度的關(guān)系，根據(jù)萬(wàn)有引力等于重力求岀質(zhì)星表達(dá)式,在由密度走義可得火星密度；由重力加速度可得出上升高度的關(guān)系.根據(jù)萬(wàn)有弓I力提供向心力求出第一宇宙速度的關(guān)系.通過(guò)物理規(guī)律把進(jìn)行比較的物理呈表示出來(lái)，再通過(guò)已知的物理呈關(guān)系求出問(wèn)題是選擇題中常見(jiàn)的方法?把星球表面的物體運(yùn)動(dòng)和天體運(yùn)動(dòng)結(jié)合起來(lái)是考試中常見(jiàn)的問(wèn)題?【題文】4.如圖,在豎直平面內(nèi)，直徑為R的光滑半圓軌道和半徑為R的光滑四分之一圓軌道水平相切于0點(diǎn).0點(diǎn)在水平地面上?？梢暈橘|(zhì)點(diǎn)的小球從0點(diǎn)以某一初速度進(jìn)入半

圓，剛好能通過(guò)半圓的最高點(diǎn)Af從A點(diǎn)飛出后落在四分之一圓軌道上的B點(diǎn)f不計(jì)空氣阻力,g=IOm/s2。則B點(diǎn)與A點(diǎn)的豎直高度差為°（盛+°（盛+]）R【知識(shí)點(diǎn)】機(jī)械能守恒走律；平拋運(yùn)動(dòng)；向心力.D2D4E3【答案解析】A 解析：小球剛好通過(guò)A點(diǎn)，則在A點(diǎn)重力提供向心力JiJW:mg=m^-解得—2解得—A點(diǎn)拋出后做平拋運(yùn)動(dòng)貝U水平方向的位移x=vt豎直方向的位移h二［g2根據(jù)幾何關(guān)系有：x+f解得：社耳■迪:A【思路點(diǎn)撥】小球剛好通過(guò)A點(diǎn)，則在A點(diǎn)重力提供向心力,求出A點(diǎn)速度，從A點(diǎn)拋出后做平拋運(yùn)動(dòng)，根據(jù)平拋運(yùn)動(dòng)的基本公式結(jié)合幾何關(guān)系即可求解?本題綜合運(yùn)用了向心力公式、平拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律，綜合性較強(qiáng),關(guān)鍵理清過(guò)程,選擇適當(dāng)?shù)淖呃砘蜃呗蛇M(jìn)行解題，難度適中.【題文】5?如圖所示,兩個(gè)傾角都為300、足夠長(zhǎng)的光滑斜面對(duì)接在一起并固走在地面上,頂端安裝一光滑的走滑輪，質(zhì)星分別為2DI和，以旳A、B兩物體分別放在左右斜面上，不可伸長(zhǎng)的輕繩跨過(guò)滑輪將A、B兩物體連接,B與右邊斜面的底端擋板c之間連有橡皮筋?，F(xiàn)用手握住A,使橡皮筋剛好無(wú)形變”系統(tǒng)處于靜止?fàn)顟B(tài)。松手后，從A、B開(kāi)始運(yùn)動(dòng)到它們速度再次都為雲(yún)的過(guò)程中（繩和橡皮筋都與斜面平行且橡皮筋伸長(zhǎng)在彈性限度內(nèi)）A.A、B的機(jī)械能之和守恒?B.A、B和橡皮筋的機(jī)械能之和守恒?C.A的重力勢(shì)能減少臺(tái)大于橡皮筋彈力所做的功?D?重力對(duì)A做功的平均功率小于橡皮筋彈力對(duì)B做功的平均功率【知識(shí)點(diǎn)】機(jī)械能守恒走律;功率、平均功率和瞬時(shí)功率.ElE3【答案解析】BC解析：A、兩物體運(yùn)動(dòng)過(guò)程中,只有重力和彈簧彈力做功,AB兩個(gè)物體和彈簧系統(tǒng)機(jī)械能守恒但AB的機(jī)械能之和不守恒，故A錯(cuò)誤,B正確；C、根據(jù)能呈守恒可知,A的重力勢(shì)能減少量等于B的重力勢(shì)能的增加呈和彈簧彈性勢(shì)能的減小圜所以A的重力勢(shì)能減少臺(tái)大于橡皮筋彈力所做的功，故C正確；D、重力對(duì)A做功大于橡皮筋彈力對(duì)B做功，而時(shí)間相等，重力對(duì)A做功的平均功率大于橡皮筋彈力對(duì)B做功的平均功率，故D錯(cuò)誤.故選：BC【思路點(diǎn)撥】?jī)晌矬w運(yùn)動(dòng)過(guò)程中,只有重力和彈簧彈力做功,AB兩個(gè)物體和彈簧系統(tǒng)機(jī)械能守恒，根據(jù)能臺(tái)守恒可判斷C選項(xiàng).平均功率等于功除以時(shí)間?本題主要考查了機(jī)械能守恒的條件和能呈守恒走律的直接應(yīng)甩難度適中.【題文】6.2021年11月，"殲15"艦載機(jī)在"遼寧號(hào)"航空母艦上著艦成功。圖甲為利用阻攔系統(tǒng)讓艦載機(jī)在飛行甲板上快速停止的原理示意圖。飛機(jī)著艦并成功鉤住阻攔索后，飛機(jī)的動(dòng)力系統(tǒng)立即關(guān)閉，阻攔系統(tǒng)通過(guò)阻攔索對(duì)飛機(jī)施加一作用力，使飛機(jī)在甲板上短距離滑行后停止。某次降落,以飛機(jī)著艦為計(jì)時(shí)零點(diǎn),飛機(jī)在t=0.4s時(shí)恰好鉤住阻攔索中間位置,其著艦到停止的速度一時(shí)間圖線如圖乙所示。假如無(wú)阻攔索,飛機(jī)從著艦到停止需要的滑行距離約為lOOOm。已知航母始終靜止,重力加速度的大小為g。則?A.從看艦到停止，飛機(jī)在甲板上滑行的距離約為無(wú)阻攔索時(shí)的丄10B.在0. 5s時(shí)間內(nèi)f阻攔索的張力幾乎不隨時(shí)間變化?.在2.5?3.3時(shí)間內(nèi)，飛機(jī)所受合外力逐漸減小D在0.4-2.5s時(shí)間內(nèi)，阻攔系統(tǒng)對(duì)飛機(jī)做功的功率幾乎不變【知識(shí)點(diǎn)】牛頓第二走律；勻變速直線運(yùn)動(dòng)的位移與時(shí)間的關(guān)系.A2C2【答案解析】AC解析：A、由圖象可知，從著艦到停止飛機(jī)在甲板上滑行的距離即為圖象與時(shí)間所構(gòu)成的面積，即約為:四?m=105m,而無(wú)阻攔索的位移為1000m,因此飛2機(jī)在甲板上滑行的距離約為無(wú)阻攔索時(shí)的丄，故A正確;B、C、在0.4s~2.5s時(shí)間內(nèi),10速度與時(shí)間的圖象的斜率不變,則加速度也不變，所以合力也不變，因此阻攔索的張力的合力幾乎不隨時(shí)間變化，但由于阻攔索的夾角減小，故阻攔索的張力是減小的，故B錯(cuò)誤,C正確;D、在0.4s~2.5s時(shí)間內(nèi)，阻攔系統(tǒng)對(duì)飛機(jī)做功的功率P二FV,雖然F不變，但V是漸漸變小,所以其變化的，故D錯(cuò)誤;故選AC【思踣點(diǎn)撥】通過(guò)速度與時(shí)間的圖象，由圖象的斜率表示加速度大小，再由牛頓第二走律確定阻攔索的拉力,同時(shí)由圖象與時(shí)間所構(gòu)成的面積為位移的大小?由功率P=FV可確走大小如何變化?考查由速度與時(shí)間的圖象，來(lái)讀取正確的信息:斜率表示加速度的大小,圖象與時(shí)間所夾的面積表示位移的大小.注意阻攔索的張力與合力是不同的?【題文】7.如圖所示，直線MN是某電場(chǎng)中的一條電場(chǎng)線（方向未畫(huà)出）。虛線是一帶電的粒子只在電場(chǎng)力的作用下，由a運(yùn)動(dòng)到b的運(yùn)動(dòng)軌跡，軌跡為一拋物線。下列判斷正確的是<r、—M 工 N。A.電場(chǎng)線MN的方向一走是由N指向M?B.帶電粒子由a運(yùn)動(dòng)到b的過(guò)程中動(dòng)能不一走增加帶電粒子在a點(diǎn)的電勢(shì)能一定大于在b點(diǎn)的電努能4.帶電粒子在a點(diǎn)的加速度一走大于在b點(diǎn)的加速度【知識(shí)點(diǎn)】電場(chǎng)線;電勢(shì)；電勢(shì)能.1112【答案解析】C解析：A、由于該粒子只受電場(chǎng)力作用且做曲線運(yùn)動(dòng)，物體所受外力指向軌跡內(nèi)側(cè)，所以粒子受力分析一走是由M指向N,但是由于粒子的電荷性質(zhì)不清楚,所以電場(chǎng)線的方向無(wú)法確走?故A錯(cuò)誤;B、粒子從a運(yùn)動(dòng)到b的過(guò)程中，電場(chǎng)力做正功,電勢(shì)能減小，動(dòng)能增加，故B錯(cuò)誤;C、粒子從a運(yùn)動(dòng)到b的過(guò)程中,電場(chǎng)力做正功,電勢(shì)能減小,帶電粒子在a點(diǎn)的電勢(shì)能一定大于在b點(diǎn)的電勢(shì)能，故C正確.D、由a到b的運(yùn)動(dòng)軌跡,軌跡為一拋物線，說(shuō)明粒子一定受恒力,即帶電粒子在a點(diǎn)的加速度等于在b點(diǎn)的加速度，故D錯(cuò)誤;故選C.【思路點(diǎn)撥】本題的突破口是根據(jù)粒子的運(yùn)動(dòng)軌跡確定其所受電場(chǎng)力方向，從而確走電場(chǎng)線MN的方向以及負(fù)點(diǎn)電荷的位置然后根據(jù)負(fù)點(diǎn)電荷周?chē)妶?chǎng)分布情況，逬一步解答.依據(jù)帶電粒子的運(yùn)動(dòng)軌跡確走其所受電場(chǎng)力方向是解決帶電粒子在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)問(wèn)題的突破口，然后可進(jìn)一步根據(jù)電場(chǎng)線、電場(chǎng)力做功等情況確走電勢(shì)、電勢(shì)能的高低變化情況.【題文】8.如圖所示,半徑為R的均勻帶正電薄球殼，殼內(nèi)的電場(chǎng)強(qiáng)度處處為零具球心位于坐標(biāo)原點(diǎn)0,—帶正電的試探電荷靠近球殼表面處由靜止釋放沿坐標(biāo)軸向右運(yùn)動(dòng)。下列關(guān)于坐標(biāo)軸上某點(diǎn)電勢(shì)卩、?試探電荷在該點(diǎn)的動(dòng)能Ek與離球心距離z的關(guān)系圖線，可能正確的是【知識(shí)點(diǎn)】電場(chǎng)強(qiáng)度;電勢(shì)?II【答棄解析】A解析:AB、帶電金屬球是一個(gè)等勢(shì)體，所以0-R的電勢(shì)不變;順著電場(chǎng)線電勢(shì)降低且E=竺艇看x的增大疋減小，則（p?x圖象切線的斜率減小，故A正確,B錯(cuò)Ax誤.CD、在球殼內(nèi),場(chǎng)強(qiáng)處處為零,試探電荷不受電場(chǎng)力,其動(dòng)能不變;在球殼外,取一段極短距離內(nèi)，認(rèn)為庫(kù)侖力不變，設(shè)為F,根據(jù)動(dòng)能走理得hEfYr則得:F二追，根據(jù)數(shù)學(xué)Ar知識(shí)得知:F=迥等于Ek-r圖象上切線的斜率，由庫(kù)侖走律知r增大,F減小，圖象切線的Ar斜率減小，故C、D錯(cuò)誤?故選A【思路點(diǎn)撥】帶電金屬球是一個(gè)等勢(shì)體,順看電場(chǎng)線電勢(shì)降低?試探電荷的動(dòng)能Ek與離開(kāi)球心的距離r的關(guān)系根據(jù)動(dòng)能走理分析?本題的關(guān)鍵是運(yùn)用微元法,根據(jù)動(dòng)能走理列式，分析圖象的斜率的意義即可解答?【題文】9.如圖所示，光滑絕緣細(xì)管與水平面成30.角，在管的上方P點(diǎn)固定一個(gè)點(diǎn)電荷+Q,P點(diǎn)與細(xì)管在同一豎直平面內(nèi)，管的頂端A與P點(diǎn)連線水平。帶電荷呈為-q的小球（小球直徑略小于細(xì)管內(nèi)徑）從管中A處由靜止開(kāi)始沿管向下運(yùn)動(dòng)，在A處時(shí)小球的加速度為n,圖中PBIAC.B是AC的中點(diǎn)，不考慮小球電荷呈對(duì)+Q形成的電場(chǎng)的影響。則在電場(chǎng)中A?A點(diǎn)的電勢(shì)高于B點(diǎn)的電勢(shì)B點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小是A點(diǎn)的4倍f~d。C小球運(yùn)動(dòng)到C處的加速度為?D.小球從A到C的過(guò)程中電勢(shì)能先減小后增大【知識(shí)點(diǎn)】電勢(shì)能;功能關(guān)系.12E6【答棄解析】BD解析：A、正點(diǎn)電荷的電場(chǎng)線發(fā)散型，由于沿著電場(chǎng)線方向，電勢(shì)降低,因此A點(diǎn)的電勢(shì)低于B點(diǎn)的電勢(shì)，故A錯(cuò)誤;B、結(jié)合幾何關(guān)系知:PA=2PB,由點(diǎn)電荷電場(chǎng)強(qiáng)度公式E二聖，可知，電場(chǎng)強(qiáng)度的大小與間距的平方成反比，則B點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小是Ar~點(diǎn)的4倍，故B正確；C、在A處時(shí)小球的加速度為a,對(duì)A點(diǎn)受力分析,電場(chǎng)力、重力與支持力,由力的合成法則可知，合外力由重力與電場(chǎng)力沿著細(xì)管方向的分力之和提供的;當(dāng)在C處時(shí)，小球仍受到重力、電場(chǎng)力與支持力,合外力是由重力與電場(chǎng)力沿看細(xì)管方向的分力之差提供的，即為g-a.故C錯(cuò)誤.D、根據(jù)電場(chǎng)力做正功,電勢(shì)能減小;電場(chǎng)力做負(fù)功，電勢(shì)能增加，可知:小球帶負(fù)電，從A到C的過(guò)程中，電場(chǎng)力先做正功,后做負(fù)功，則電勢(shì)能先減小后增大，故D正確;故選:BD.【思路點(diǎn)撥】由正點(diǎn)電荷電場(chǎng)線的分布，結(jié)合沿著電場(chǎng)線方向電勢(shì)降低，分析電勢(shì)的高低；根據(jù)點(diǎn)電荷電場(chǎng)強(qiáng)度的公式,分析場(chǎng)強(qiáng)關(guān)系；根據(jù)電場(chǎng)力做功的正負(fù)來(lái)確走電勢(shì)能高低;由牛頓第二走律,結(jié)合庫(kù)侖定律，即可求解C處加速度?考查點(diǎn)電荷的電場(chǎng)強(qiáng)度公式，掌握矢星的合成法則,注意電場(chǎng)力做功與電勢(shì)能的變化關(guān)系，理解牛頓第二走律與力的平行四邊形定則的綜合應(yīng)用?【題文】10.如圖所示，直線A為某電源的U-I圖線曲線B為某小燈泡D的圖線的分,用該電源和小燈泡Di組成閉合電路時(shí)，燈泡6恰好能正常發(fā)光，則下列說(shuō)法中正確旳2「A?此電源的內(nèi)阻為土。3B?燈泡D,的額走電壓為3V,功率為6W<.把燈泡D,換成"3V,20W"的燈泡D。，電源的輸岀功率將變小D.由于小燈泡的U-I圖線是一條曲線,所以燈泡發(fā)光過(guò)程歐姆定律不適用【知識(shí)點(diǎn)】電功、電功率;路端電壓與負(fù)載的關(guān)系J2J3【答案解析】B解析：A、由圖讀出電源的電動(dòng)勢(shì)為E=4V,圖線A的斜率大小表示電源的內(nèi)阻，則r=—0=0?5Qr故A錯(cuò)誤;B、燈泡與電源連接時(shí),A、B兩圖線的交點(diǎn)6表示燈泡的工作狀態(tài)則知其電壓U=3VJ=2A,則燈泡Di的額走電壓為3V,功率為=UU1I=6W,故B正確.C、把燈泡Di換成H3V,20W"的燈泡D2,由P=鼻-知：燈泡D2的正常U232 U3工作時(shí)的電阻為R2=—=—=0.45Q燈泡D1的電阻為R1二一=_Q=1.5Q則知燈泡P20 I2D2的電阻更接近電源的內(nèi)阻,電源的輸出功率I各變大，故C錯(cuò)誤；D、小燈泡是純電阻歐姆走律是適用的，小燈泡的U-I圖線之所以是一條曲線，是因?yàn)樾襞蓦娮桦S溫度的變化發(fā)生改變，故D錯(cuò)誤；故選：B【思路點(diǎn)撥】電源的夕卜特性曲線與燈泡伏安特性曲線的交點(diǎn)就是燈泡與電源連接時(shí)的工作狀態(tài)，由圖可讀出工作電壓和電流及電源的電動(dòng)勢(shì),從而可算出電源的輸出功率?解決這類(lèi)問(wèn)題的關(guān)鍵在于從數(shù)學(xué)角度理解圖象的物理意義，抓住圖象的斜率、面積、截距、交點(diǎn)等方面進(jìn)行分析,更加全面地讀出圖象的物理內(nèi)涵.【題文】11?如圖所示的電路中，Ri、R2、R3是固走電阻，R。是光敏電阻，其阻值隨光照的強(qiáng)度增強(qiáng)而減小。當(dāng)開(kāi)關(guān)S閉合且沒(méi)有光照射時(shí)，電容器C不帶電。當(dāng)用強(qiáng)光照射R。且電路穩(wěn)走時(shí)，則與無(wú)光照射時(shí)比較4?電容器C的上極板帶負(fù)電B.電容器C的下極板帶負(fù)電通過(guò)R4的電流變小,電源的路端電壓增大通過(guò)R。的電流變大，電源提供的總功率變大【知識(shí)點(diǎn)】閉合電路的歐姆定律」2【答案解析】AD解析：A、當(dāng)沒(méi)有光照時(shí),C不帶電說(shuō)明C所接兩點(diǎn)電勢(shì)相等，以電源正極為參考點(diǎn)，R1上的分壓減小，而Rs上的分壓增大，故上極板所接處的電勢(shì)低于下極板的電勢(shì)，故下極板帶正電,上極板帶負(fù)電，故A正確，B錯(cuò)誤;C、因有光照射時(shí)，光敏電阻的阻值減小，故總電阻減小;由閉合電路的歐姆走律可知，干路電路中電流增大,則電源提供的總功率增大，由E=U+Ir可知路端電壓減小,R1與R2支路中電阻不變，故該支路中的電流減??；則由并聯(lián)電路的電流規(guī)律可知,另一支路中電流增大，即通過(guò)R2的電流減小而通過(guò)R4的電流增大，所以故C錯(cuò)誤Q正確;故選:AD?【思路點(diǎn)撥】電容在電路穩(wěn)走時(shí)可看作開(kāi)路，故由圖可知，R1、R?串聯(lián)后與R3、R4并聯(lián),當(dāng)有光照射時(shí)，光敏電阻的阻值減小，由閉合電路歐姆走律可得出電路中總電流的變化及路端電壓的變化，再分析外電路即可得出c兩端電勢(shì)的變化，從而得出電容器極板帶電情況；同理也可得出各電阻上電流的變化?本題為含容電路結(jié)合電路的動(dòng)態(tài)分析,解題時(shí)要明確電路穩(wěn)定時(shí)電容器相當(dāng)于開(kāi)路，可不考慮;電容器正極板的電勢(shì)高于負(fù)極板，故高電勢(shì)的極板上一走帶正電?在分析電容帶電問(wèn)題上也可以電源負(fù)極為參考點(diǎn)分析兩點(diǎn)的電勢(shì)高低.【題文】12?如圖所示，平行金屬板中帶電質(zhì)點(diǎn)P原處于靜止?fàn)顟B(tài)，不考慮電流表和電壓表對(duì)電路的影響,當(dāng)滑動(dòng)變阻器R4的滑片向6端移動(dòng)時(shí)，則A.A.電壓表讀數(shù)減小丄?質(zhì)點(diǎn)P將向上運(yùn)動(dòng)〉 D?R3上肖耗的功率逐漸增大【知識(shí)點(diǎn)】閉合電路的歐姆定律?J2【答案解析】A解析:由圖可知爪與滑動(dòng)變阻器R4串聯(lián)后與R3并聯(lián)后，再由Ri串連接在電源兩端;電容器與R3并聯(lián)；當(dāng)滑片向b移動(dòng)時(shí)，滑動(dòng)變阻器接入電阻減小，則電路中總電阻減小;由閉合電路歐姆走律可知，電路中電流增大;路端電壓減小，同時(shí)Ri兩端的電壓也增大;故并聯(lián)部分的電壓減小;由歐姆走律可知流過(guò)R3的電流減小，則流過(guò)并聯(lián)部分的電流增大,故電流表示數(shù)增大；故B錯(cuò)誤;因并聯(lián)部分電壓減小，而R2中電壓增大,故電壓表示數(shù)減小，故A正確；因電容器兩端電壓減小，故電荷受到的向上電場(chǎng)力減小,則重力大于電場(chǎng)H2力，合力向下，電荷向下運(yùn)動(dòng)，故C錯(cuò)誤；因R3兩端的電壓減/」\,由P=—WR3上消耗的功率減??；故D錯(cuò)誤;故選A?【思路點(diǎn)撥】由圖可知電路結(jié)構(gòu)，由滑片的移動(dòng)可知電路中電阻的變化,再由閉合電路歐姆定律可知各電表示數(shù)的變化及電容器兩端的電壓變化;再分析質(zhì)點(diǎn)的受力情況可知質(zhì)點(diǎn)的運(yùn)動(dòng)情況?解決閉合電路歐姆走律的題目，一般可以按照整體-局部-整體的思路進(jìn)行分析，注意電路中某一咅15分電阻減小時(shí)，無(wú)論電路的連接方式如何,總電阻均是減小的.【題文】13?如圖所示，一塊上下表面平行的玻璃磚的厚度為L(zhǎng),玻璃磚的折射率廠岳,若光從上表面AB射人的入射角'-，光在真空中的光速為c,則

B.光在玻璃中傳播的時(shí)間為B.光在玻璃中傳播的時(shí)間為.2LC?光在玻璃中傳播的時(shí)間為丁。D?改變?nèi)肷浣莍,光在下表面CD可能發(fā)生全發(fā)射【知識(shí)點(diǎn)】光的折射定律?N1【答棄解析】AC竺得:sinr=【答棄解析】AC竺得:sinr=sinrsini_sin60°=05得r=30。?故A正確?B、C、光在玻璃中傳播的速度為v二二由幾何知識(shí)可知光在玻璃中傳播的路程為ns=丄-則光在玻璃中傳播的時(shí)間為t=-=』一==—,故B錯(cuò)誤，C正cosr vc?cosrc?cos30c確?D、由于光在CD面上的入射角等于光在AB面上的折射角，根據(jù)光路可逆性原理得知光—定能從CD面射出，故D錯(cuò)誤?故選:AC.【思路點(diǎn)撥】根據(jù)折射走律求解折射角r,由公式v=￡求出光在玻璃中傳播的速度,由幾n何關(guān)系求岀光在玻璃中傳播的路程，即可求得光在玻璃中傳播的時(shí)間?根據(jù)光路可逆性分析??光在下表面能否發(fā)生全發(fā)射?解決本題的關(guān)鍵是掌握折射率的兩個(gè)公式n二聖丄和sinrv=-,運(yùn)用光路可逆性分析玻璃磚的光學(xué)特性.n【題文】14?以下關(guān)于天然放射現(xiàn)象,敘述正確的是A.若使某放射性物質(zhì)的溫度升高，其半衰期將變短B?卩衰變所釋放的電子是原子核外的電子電離形成的C鈾核用U）衰變?yōu)殂U核（迸Pb）的過(guò)程中#要經(jīng)過(guò)8次。衰變和6次卩衰變°D.按照玻爾理論,氫原子核外電子從半徑較小的軌道躍遷到半徑較大的軌道時(shí),電子的動(dòng)能減小，電勢(shì)能增大，原子的總能呈不變【知識(shí)點(diǎn)】原子核衰變及半衰期、衰變速度;天然放射現(xiàn)象?02【答案解析】C解析:A、半衰期的長(zhǎng)度與元素的物理狀態(tài)無(wú)關(guān)，若使某放射性物質(zhì)的溫度升高，其半衰期將不變,故A錯(cuò)誤;B、p衰變所釋放的電子是從原子核內(nèi)釋放出的電子，故B錯(cuò)誤；C、鈾核(23892U)衰變?yōu)殂U核(20682Pb)的過(guò)程中,每經(jīng)一次?衰變質(zhì)子數(shù)少2,質(zhì)量數(shù)少4;而每經(jīng)一次p衰變質(zhì)子數(shù)增1,中翩不變;由質(zhì)臺(tái)數(shù)和核電荷數(shù)守恒,要經(jīng)過(guò)8次a衰變和6次p衰變，故C正確;D、庫(kù)侖力對(duì)電子做負(fù)功，所以動(dòng)能變小，電勢(shì)能變大(動(dòng)能轉(zhuǎn)為電勢(shì)能)而因?yàn)槲樟斯庾?，總能星變大，D錯(cuò)誤；【思路點(diǎn)撥】半衰期的長(zhǎng)度與元素的物理狀態(tài)、化學(xué)狀態(tài)無(wú)關(guān)；p衰變所釋放的電子是從原子核內(nèi)釋放出的電子;ct、隊(duì)y這三種射線的穿透能力依次增強(qiáng)，電離能力依次減弱,衰變前后質(zhì)星數(shù)和核電荷數(shù)守恒?本題考查了天然放射現(xiàn)象的知識(shí)點(diǎn),知道三種射線的屬性和產(chǎn)生原理.第II卷(非選擇題共54分)注意事項(xiàng)：?答卷II前考生勢(shì)必將自己的姓名、班級(jí)、考號(hào)填在答談氏密封線內(nèi)規(guī)走的t也方。2.答卷口時(shí)用藍(lán)黑色鋼筆或圓珠筆直接填寫(xiě)在試卷規(guī)走的地方。二、填空題(共12分，每空2分)【題文】15.某實(shí)驗(yàn)小組采用如圖所示的裝置探究功與速度變化的關(guān)系小車(chē)在橡皮筋的作用下彈出后，沿木板滑行。打點(diǎn)計(jì)時(shí)器的工作頻率為50Hz。實(shí)驗(yàn)中木板略微傾斜，這樣做

人是為了使釋故小車(chē)后小車(chē)能勻加速下滑出?是為了增大小車(chē)下滑的加速度?C?可使得橡皮筋做的功等于合力對(duì)小車(chē)做的功D.可使得橡皮筋松弛后小車(chē)做勻速運(yùn)動(dòng)實(shí)驗(yàn)中先后用同樣的橡皮筋1條、2條、3條…合并起來(lái)掛在小車(chē)的前端進(jìn)行多次實(shí)驗(yàn)，每次都要把小車(chē)?yán)酵晃恢迷籴尫?。把?次只掛1條橡皮筋時(shí)橡皮筋對(duì)小車(chē)做的功記為W-第二次掛2條橡皮筋時(shí)橡皮筋對(duì)小車(chē)做的功為2W?…橡皮筋對(duì)小車(chē)做功后而使小車(chē)獲得的速度可由打點(diǎn)計(jì)時(shí)器打出的紙帶測(cè)出。根據(jù)第四次的紙帶(如圖所示)求得小車(chē)獲得的速度為 m/s0(保留三位有效數(shù)字)— —|4.00 1.00cm(3)若根據(jù)多次測(cè)呈數(shù)據(jù)畫(huà)出的W—u圖像如圖所示根據(jù)圖線形狀，可知對(duì)W與u的關(guān)系符合實(shí)際的是圖【知識(shí)點(diǎn)】探究功與速度變化的關(guān)系.E4【答棄解析】⑴CD;(2)2?00;(3)C?解析：：(1)使木板傾斜，小車(chē)受到的摩擦力與小車(chē)所受重力的分呈大小相等,在不施加拉力時(shí)r小車(chē)在斜面上受到的合力為零,小車(chē)可以在斜面上靜止或做勻速直線運(yùn)動(dòng);小車(chē)與橡皮筋連接后,小車(chē)所受到的合力等于橡皮筋的拉力，橡皮筋對(duì)小車(chē)做的功等于合外力對(duì)小車(chē)做的功，故AB錯(cuò)誤rCD正確;故選CD?(2)各點(diǎn)之間的距離相等的時(shí)候小車(chē)做直線運(yùn)動(dòng)，由圖可知，兩個(gè)相鄰的點(diǎn)之間的距離是400cm時(shí)做勻速直線運(yùn)動(dòng)‘打點(diǎn)時(shí)間間隔a =002汕車(chē)速度

x0.04v=-= =2.00m/s?t0.02（3）由動(dòng)能走理得:W二-mv2rW與v是二次函數(shù)關(guān)系f由圖示圖象可知，C正確，故選C?2【思路點(diǎn)撥】（1）小車(chē)下滑時(shí)受到重力、細(xì)線的拉力、支持力和摩擦力，要使拉力等于合力，則應(yīng)該用重力的下滑分呈來(lái)平衡摩擦力,使得橡皮筋做的功等于合外力對(duì)小車(chē)做的功;紙帶在橡皮條的作用下做加速運(yùn)動(dòng),橡皮條做功完畢，則速度達(dá)到最大,此后做勻速運(yùn)動(dòng).（2）明確實(shí)驗(yàn)原理以及實(shí)驗(yàn)?zāi)康募纯芍私饩唧w的實(shí)驗(yàn)操作;紙帶上點(diǎn)距均勻時(shí)，表示小車(chē)已處理時(shí)注意數(shù)學(xué)知識(shí)的經(jīng)做勻速直線運(yùn)動(dòng)，據(jù)此可求出小車(chē)做勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)的速度大小，即為最終/」陣獲得的速度大小;（3）根據(jù)圖象持點(diǎn)，利用數(shù)學(xué)知識(shí)可正確得出結(jié)論?本題關(guān)鍵要明確該實(shí)驗(yàn)的實(shí)驗(yàn)原理、實(shí)驗(yàn)?zāi)康?，即可了解具體操作的含義，以及如何逬行數(shù)據(jù)處理；應(yīng)用，本題是考查應(yīng)用數(shù)學(xué)知識(shí)解決物理問(wèn)題的好題.處理時(shí)注意數(shù)學(xué)知識(shí)的【題文】16?—個(gè)未知電阻乙阻值大約為lomyoka?為了較為準(zhǔn)確地測(cè)定其電阻值，實(shí)驗(yàn)室中有如下器材：電壓表V］（重程3V、內(nèi)阻約為3kQ>電壓表V2（重程15V、內(nèi)阻約為15kQ）電流表A】（重程200pA、內(nèi)阻約為100Q）電流表￡（重程0.6A、內(nèi)阻約為：LQ）電源E（電動(dòng)勢(shì)為3V>;g動(dòng)變阻器R（最大阻值為2000）鼻開(kāi)關(guān)S（1）在實(shí)驗(yàn)中電壓表選 ，電流表選 。皿“wm屮“a,（2）為了盡可能減小誤差，請(qǐng)你在虛線框中畫(huà)出本實(shí)驗(yàn)的電路圖?！局R(shí)點(diǎn)】伏安法測(cè)電阻?J5【答案解析】⑴V—Ai?（2）解析::（1）根據(jù)待測(cè)電阻的大小和電源的電動(dòng)勢(shì)大小，估測(cè)電路中的最大電流不會(huì)超過(guò)30mA,故電流表選擇Ai,電壓表選擇Vi.(2)由于所給滑動(dòng)變阻器太小,待測(cè)電阻很大，因此該實(shí)驗(yàn)采用滑動(dòng)變阻器的分壓接法和電流表的內(nèi)接法，具體電路圖如下所示：【思路點(diǎn)撥】⑴根據(jù)待測(cè)電阻的大小和電源的電動(dòng)勢(shì)大小，估測(cè)電路中的最大電流，在不燒壞電表的前提下,電壓表、電流表的指針偏轉(zhuǎn)角度越大越好,由此可正確選擇電表；a(2)由于所給滑動(dòng)變阻器太小，待測(cè)電阻很大，因此該實(shí)驗(yàn)采用滑動(dòng)變阻器的分壓接法和電流表的內(nèi)接法?本題考查了實(shí)驗(yàn)器材的選取、設(shè)計(jì)實(shí)驗(yàn)電路圖，是實(shí)驗(yàn)的?？紗?wèn)題，一走要掌握;本題難度不大,熟練掌握基礎(chǔ)知識(shí)即可正確解題.三、計(jì)算題【題文】1人如圖所示，兩平行金屬板A、B水平放置，兩板間的距離d=40cm,電源電動(dòng)勢(shì)E=24V,內(nèi)電阻r=lQ，電阻R=15G。閉合開(kāi)關(guān)S,待電路穩(wěn)定后，在兩板之間形成勻強(qiáng)電場(chǎng)。在A板上有一個(gè)小孔ko—個(gè)帶電荷呈為^=+lxlO-2C，質(zhì)呈為m=2xl0-2^的粒子P由A板上方高h(yuǎn)=10cm處的O點(diǎn)自由下落，從k孔迸入電場(chǎng)并打在B板上心點(diǎn)處，當(dāng)P粒子進(jìn)入電場(chǎng)時(shí)，另一個(gè)與P相同的粒子Q恰好從兩板正中央O1水平飛入，那么，滑動(dòng)變阻器接入電路的阻值為多大時(shí)，粒子Q與P恰好同時(shí)打在"處。(粒子間的作用力及空氣阻力均忽略不計(jì)，取g=10加/52 )【知識(shí)點(diǎn)】動(dòng)能走理的應(yīng)用;勻強(qiáng)電場(chǎng)中電勢(shì)差和電場(chǎng)強(qiáng)度的關(guān)系;閉合電路的歐姆走律J2EI1【答案解析】8Q解析：根據(jù)機(jī)械能守恒走律可得P粒子進(jìn)入電場(chǎng)時(shí)的速度為:“°=J2gh=>/2xlOxO.l=yllni/s設(shè)P、Q在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的加速度為a,運(yùn)動(dòng)到打在十點(diǎn)的時(shí)間為t則對(duì)P：〃=v^+1^2對(duì)Q:?十聯(lián)立得:md所以，滑動(dòng)變阻器兩端的電壓為：u=w_MqJ20-10)x0.4x2xl0"所以，滑動(dòng)變阻器兩端的電壓為：u=w_MqJ20-10)x0.4x2xl0"2lxlO-2=8V由歐姆走律可得通過(guò)滑動(dòng)變阻器的電流為：E_U24-8 = =1AR+r15+1[/Q所以，滑動(dòng)變阻器接入電路的阻值為:/?=j=y=8Q【思路點(diǎn)撥】根據(jù)動(dòng)能定理計(jì)算AB間的電場(chǎng)強(qiáng)度，根據(jù)勻強(qiáng)電場(chǎng)的電場(chǎng)強(qiáng)度與電勢(shì)差的關(guān)系Uab=Ec1,計(jì)算AB間的電勢(shì)差?最后根據(jù)歐姆走律求解滑動(dòng)變阻器的電阻值.【題文】18.（9分）如圖所示r豎直平面內(nèi)放一直角桿AOB,桿的水平部分粗糙，動(dòng)摩擦因數(shù)汙①2°桿的豎直部分光滑。兩部分各套有質(zhì)呈分別為2.0kg和1.0kg的小球A和BrAxB間用細(xì)繩相連初始位置OAR.5m.Og2.Omg取10m/則:若用水平拉力Fi沿桿向右緩慢拉A，使之移動(dòng)0?5m該過(guò)程中A受到的摩擦力多大？拉力F,做功多少？(2)若小球A、B都有一走的初速度，A在水平拉力F2的作用下，使B白初始位置以1.Om/s的速度勻速上升0.5m,此過(guò)程中拉力F0做功多少？(結(jié)果保留兩位有效數(shù)字)【知識(shí)點(diǎn)】動(dòng)能走理的應(yīng)用;力的合成與分解的運(yùn)用；共點(diǎn)力平衡的條件及其應(yīng)用?B3B4E2【答棄解析】(1)6N,8J.(2)6.8J.解析：：(1)先對(duì)AB整體受力分析?如圖所示?A、B小球和細(xì)繩整體豎直方向處于平衡，A受到的彈力為：N二(mA+mB)中貝UA受到的摩擦力為Ff=p(rru+mB)gM弋入數(shù)字得:Ff=6hU由幾何關(guān)系,Sb=O.5m由能量關(guān)系,拉力Fi做功為:Wi二FfS+megse；代入數(shù)字得:Wi=8>(2)設(shè)細(xì)繩與豎直方向的夾角為包因細(xì)繩不可伸長(zhǎng),兩物體沿繩子方向的分速度大小相等，所以有vbcos0=VaSin04 3則:A的初速度Vai二VbCot0i=-m/s末速度VA2=vBcot02=z-m/s4設(shè)拉力F2做功為W2,對(duì)系統(tǒng)，由能臺(tái)關(guān)系得:W2-FfSB-mBgsb=-mAv^2——mAv^}22代入姻得W2=6.8J【思路點(diǎn)撥】(1)先對(duì)AB整體受力分析,受拉力F、總重力G、支持力N、向左的摩擦力f和向右的彈力Ni,根據(jù)共點(diǎn)力平衡條件列式，求出支持力N,從而得到滑動(dòng)摩擦力為恒力;最后對(duì)整體運(yùn)用能星關(guān)系列式，得到拉力做的功.(2)設(shè)細(xì)繩與豎直桿的夾角為3由于繩子不可伸長(zhǎng),運(yùn)用速度的分解，有VbCOS—VAsinO,可求出B勻速上升0.5m過(guò)程A的初速度和末速度，再由能呈關(guān)系求解拉力F2做功?本題中拉力為變力，先對(duì)整體受力分析后根據(jù)共點(diǎn)力平衡條件得出摩擦力為恒力撚后根據(jù)功能關(guān)系或動(dòng)能定理求變力做功.【題文】19.(11分)如圖所示，固走在水平地面上的工件，由AB和BD兩部分組成，其中AB部分為光滑的圓弧上AON=37°.f圓弧的半徑R二o.5m,圓心0點(diǎn)在B點(diǎn)正上方;BD部分水平,長(zhǎng)度為0.2m,C為BD的中點(diǎn)?，F(xiàn)有一質(zhì)臺(tái)m=lkg,可視為質(zhì)點(diǎn)的物塊從A端由靜止釋放，恰好能運(yùn)動(dòng)到D點(diǎn)=10gE'?3in37°=0.6.co?37°=0.8)^：：為使物塊恰好運(yùn)動(dòng)到C點(diǎn)靜止，可以在物塊運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)后，對(duì)它施加一豎直向下的恒力F,F應(yīng)為多大？為使物塊運(yùn)動(dòng)到C點(diǎn)時(shí)速度為零,也可先將BD部分以B為軸向上轉(zhuǎn)動(dòng)一銳角沢°應(yīng)為多大？(假設(shè)B處有一小段的弧線平滑連接,物塊經(jīng)過(guò)B點(diǎn)時(shí)沒(méi)有能呈損失)(3)接上一問(wèn)，求物塊在BD板上運(yùn)動(dòng)的總路程?！局R(shí)點(diǎn)】動(dòng)能走理的應(yīng)用；向心力.D2D4【答棄解析】(1)10N;(2)37°;(3)0.25m.解析::⑴設(shè)BD段長(zhǎng)度為I,動(dòng)摩擦因數(shù)為p,研究物塊運(yùn)動(dòng)，根據(jù)動(dòng)能走理:W^=aEk

從A到D的過(guò)程中有:mgR(l-cos37°)-MmgI二0-0從A到C恰好靜止的過(guò)程中有：mgR(l-cos37°)-ypFN=0-0又BC又BC段有:F—F+mgM弋入婁聯(lián)立解得:片0?5F=l0N⑵右圖中，從A到C的過(guò)程中⑵右圖中，從A到C的過(guò)程中，根據(jù)動(dòng)能走理有:mgR(l-cos37°)-mg-sin0-pFN-=0-0^其中FN=mgcos0

22聯(lián)立解得：e=37°3(a)物塊