(衡水萬卷)2016年高考模擬理科綜合(二)試題(含答案解析)

第(1)圖甲中，過程①需要的酶有_____________。為達(dá)到篩選目的，平板內(nèi)的固體培養(yǎng)基應(yīng)以____________作為唯一碳源。②.③過程需要重復(fù)幾次，目的是______________。(2）某間學(xué)嘗試過程③的操作，其中一個平板經(jīng)培養(yǎng)后的菌落分布如圖乙所示。該同學(xué)的接種方法是_____________________；推測該同學(xué)接種時可能的操作失誤是______________。(3）以淀粉為原料，用工程酵母菌和普通酵母菌在相同的適宜條件下密閉發(fā)酵，接種________菌的發(fā)酵罐需要先排氣，其原因是__________________________。（4）用凝膠色譜法分離α一淀粉酶時，在色譜柱中移動速度較慢的蛋白質(zhì)，相對分子質(zhì)量較________。40.[生物——現(xiàn)代生物科技專題]（15分）下面是一項“利用轉(zhuǎn)基因番茄生產(chǎn)人胰島素的方法”的專利摘要，請回答：本發(fā)明利用轉(zhuǎn)基因番茄作為生物反應(yīng)器生產(chǎn)人胰島素。所用的人胰島素基因是依據(jù)植物“偏愛”的密碼子來設(shè)計所含的密碼子，通過某方法合成若干DNA片段，拼接而成，重組DNA分子可通過農(nóng)桿菌介導(dǎo)的方法轉(zhuǎn)入番茄中，在番茄的果實(shí)中表達(dá)人胰島素。（1）本專利是采用方法獲得目的基因。獲得的人胰島素基因與人體細(xì)胞中胰島素基因的堿基序列不同，但兩者所編碼的蛋白質(zhì)中氨基酸序列相同，原因是。要想在體外獲得大量該目的基因的片段，可以采用技術(shù)。該技術(shù)中使用的關(guān)鍵酶是；原料是四種脫氧核苷酸。（2）根據(jù)上述摘要，轉(zhuǎn)基因操作時所用的載體是，載體上的可以轉(zhuǎn)移至受體細(xì)胞，并且整合到受體細(xì)胞染色體的DNA上。（3）如果要檢測在受體細(xì)胞中是否存在目的基因可采用技術(shù)，再經(jīng)方法培養(yǎng)成個體。答案1.C解析：A.細(xì)胞I能夠進(jìn)行光合作用，又沒有核膜，所以是原核細(xì)胞，可能是光合細(xì)菌或藍(lán)藻B.細(xì)胞II有核膜，所以是復(fù)核細(xì)胞，但不能進(jìn)行光合作用，所以也可能是植物細(xì)胞的非綠色部位C.原核生物比真核生物出現(xiàn)的早D.原核生物細(xì)胞壁：蛋白質(zhì)和糖類結(jié)合成的化合物（肽聚糖），真核生物細(xì)胞壁：纖維素和果膠2.C解析：A.結(jié)合水含量多，抗逆能力強(qiáng)，所以越冬植株=B.中心體參與仿垂體形成沒有水產(chǎn)生C.有氧呼吸：（1）細(xì)胞質(zhì)基質(zhì)：（2）線粒體基質(zhì)：乙丙酮酸+（3）線粒體內(nèi)膜：D.主動飲水，反應(yīng)中樞應(yīng)在大腦皮層3.D4.C解析：淋巴只可流入血漿中，生產(chǎn)者和無機(jī)環(huán)境為雙濃度最高為血漿，最低為組織內(nèi)液；過敏時，組織液濃度上升，水腫；食物鏈中無分解者，無機(jī)環(huán)境5.C由甲病為無中生有且女有病，所以甲常隱，A正常，aa有病乙病為有中生無為顯且有男不患病，所以乙常顯，B病，bb正常3的基因型4的基因型6.A.解析：通過題干可知：①可通過細(xì)菌過濾器，剛證明該病毒體不是細(xì)菌，所以是病毒，②被RNA水解酶水解∴病毒遺傳物質(zhì)是RNA，B：該病毒無細(xì)胞壁C：抗原促進(jìn)腺細(xì)胞產(chǎn)生抗體D:核糖核苷酸7.C8.D隨著加入稀的增加從②到③把9.6g金屬全部溶解，溶液中一定還有，因此>67209.D解析:本題考查對氧化還原反應(yīng)的理解。解決這類計算問題往往是利用得失電子相等即電子守恒解決。有反應(yīng)過程知：Cu失去的電子被NO3—

得到，變成NO2、NO，NO2、NO又被O2氧化變?yōu)镹O3—

，據(jù)電子守恒，銅失去的電子被氧氣得到變成O2—

即相當(dāng)于：

2Cu+O2=2CuOn()=0.01VO2

=0.01mol×22.4L/mol=0.224L為224mL10.B解析：注意此種特殊情況加壓時使A或B中某個物質(zhì)液化。11.D解析：A.x=3，體積不變，,錯誤B。x>3，體積不變的M容器和N容器比，相當(dāng)于增壓，平衡逆向移動，轉(zhuǎn)化率減小，；C。若x<3體積不變的M容器和N容器比相當(dāng)于減壓，向逆向移動，M容器的轉(zhuǎn)化率減小，c（M）<c（N）,錯誤；D。恒溫恒壓時N容器和原平衡時等效平衡，沖入任意體積的C，A的濃度均相等，正確12.D解析A.苯為平面結(jié)構(gòu)，甲苯中甲基碳原子處于苯中H原子位置，所有碳原子都處在同一平面上，故A不選；B.乙炔為直線結(jié)構(gòu)，丙炔中甲基中甲基碳原子處于苯中H原子位置，所有碳原子都處于同一直線，所有碳原子都處在同一平面上，故B不選C．乙烯為平面結(jié)構(gòu)，2-甲基丙烯中2個甲基的碳原子處于乙烯中H原子位置，所有碳原子都處在同一平面上，故C不選；D．2-甲基丙烷中，3個甲基處于2號碳原子四面體的頂點(diǎn)位置，2號碳原子處于該四面體內(nèi)部，所以碳原子不可能處于同一平面上，故選D13.B14.B解析：B影視查德威克15.C解：A、由圖象可知，鋁球下沉的速度越來越大，加速度逐漸減小，最后勻速下降，故A錯誤；B、由圖象可知，鋁球加速度隨速度的增大均勻減小，但是速度隨時間不是均勻變化的，故加速度隨隨時間不是均勻減小，故B錯誤；C、球下降過程具有向下的加速度，處于失重狀態(tài)，mg-F浮-f=ma，得F浮+f=mg-ma，a減小，則浮力與阻力的合力逐漸增大，根據(jù)牛頓第三定律球?qū)λ姆醋饔昧χ饾u增大，則油槽對地面的壓力逐漸增大，當(dāng)加速度減小到零后，處于平衡狀態(tài)，受到水的浮力和阻力不變，油槽對地面的壓力不變；故C正確D、鋁球下沉過程機(jī)械能的減少量等于克服油所受摩擦阻力所做的功和克服浮力做功之和，故D錯誤；故選：C．16.C17.B試題分析：由萬有引力定律可知：，在地球的赤道上：，地球的質(zhì)量：，聯(lián)立三式可得:，選項B正確；18.A19.A、C解析：A、B組成的系統(tǒng)只有重力做功，系統(tǒng)機(jī)械能守恒．故A正確．

B、當(dāng)A到達(dá)底端時，B的速度為零，B的速度在整個過程中，先增大后減小，動能先增大后減小，所以輕桿對B先做正功，后做負(fù)功．故B錯誤．

C、A運(yùn)動到最低點(diǎn)時，B的速度為零，根據(jù)系統(tǒng)機(jī)械能守恒定律得，mAgL=mAvA2，解得vA=．故C正確．

D、當(dāng)A的機(jī)械能最小時，則B的機(jī)械能最大，則B的動能最大，速度最大，知B此時加速度為零，桿子對B無作用力，B對地面的壓力等于B的重力，為mg．故D錯誤．

故選AC．20.AD解析：A質(zhì)點(diǎn)做平拋運(yùn)動，根據(jù)平拋規(guī)律得：A運(yùn)動時間：t=，B質(zhì)點(diǎn)視為在光滑斜面上的類平拋運(yùn)動，其加速度為gsinθ，B運(yùn)動時間：t′=．A、B沿x軸方向都做水平速度相等的勻速直線運(yùn)動，由于運(yùn)動時間不等，所以沿x軸方向的位移大小不同，P2較遠(yuǎn)，根據(jù)動能定理得A、B運(yùn)動過程中：mgh=mv2-m解得：v=，故A、B落地時速率一樣大，：本題關(guān)鍵是先確定B參與沿與水平方向和沿斜面方向的運(yùn)動，然后根據(jù)合運(yùn)動與分運(yùn)動的等效性，由平行四邊形定則求解21.BD從M到N做平拋運(yùn)動，分速度vx不變，分速度vy均勻增大，加速度為g．從N到P做勻加速直線運(yùn)動，加速度a=gsin30°=g．在水平方向上有分加速度，所以水平方向上做勻加速直線運(yùn)動，在豎直方向上的分加速度為ay=gsin30°=g，做勻加速直線運(yùn)動，則0～t0和t0～2t0時間內(nèi)在豎直方向上的加速度比值為4：1．故B、D正確，A、C錯誤．故選BD．22.（1）（2）沒有傾斜軌道，平衡摩擦力（3）C(4)_g_Mg__【解析】（1）根據(jù)位移時間公式得，x=at2，則a=；（2）實(shí)驗中一個明顯的疏漏是沒有平衡摩擦力，即沒有墊起軌道右端，使小車的重力沿軌道的分力與摩擦力相平衡．（3）由于OA段a-F關(guān)系為一傾斜的直線，所以在質(zhì)量不變的條件下，加速度與外力成正比；由實(shí)驗原理：mg=Ma得a=，而實(shí)際上a′=，可見A，B段明顯偏離直線是由于沒有滿足M＞＞m造成的，故C正確．（4）因為鉤碼的重力在這個實(shí)驗中充當(dāng)小車所收到的合外力，當(dāng)鉤碼的重力非常大時，它將帶動小車近似做加速度為g

的運(yùn)動．此時由于T=Ma

因此，拉力約為小車與發(fā)射器的總重力，即Mg．【點(diǎn)評】（1）實(shí)驗中出現(xiàn)的明顯疏漏是沒有平衡摩擦力，通過重力沿軌道方向的分力與摩擦力平衡進(jìn)行平衡摩擦力．（2）根據(jù)勻變速在小運(yùn)動的位移時間公式得出加速度的表達(dá)式．（3）當(dāng)M＞＞m時，鉤碼的重力基本等于繩子的拉力，即小車的合力，當(dāng)不滿足M＞＞m時，拉力和鉤碼的總重力出現(xiàn)明顯的差值，圖線偏離直線．（4）若所掛鉤碼不斷增加，當(dāng)鉤碼的重力非常大時，它將帶動小車近似做加速度為g

的運(yùn)動，結(jié)合牛頓第二定律得出繩子拉力的趨向值．實(shí)驗裝置雖然有所變動，但是實(shí)驗原理、實(shí)驗方法、操作細(xì)節(jié)等是一樣的，故任何實(shí)驗明確實(shí)驗原理是解答實(shí)驗的關(guān)鍵．23.②【解析】（1）伏阻法測電源電動勢與內(nèi)阻的實(shí)驗電路圖如圖所示．（2）電壓表的電阻為RV，閉合開關(guān)，設(shè)電路電流為I，閉合電路歐姆定律得：E=U+I（r+R）=U+（r+R），解得：=++；可見是R的一次函數(shù)，k=，m=+，解得：E=，r=24.解：(1)0～1s內(nèi)，木板受向右的拉力F1=mg和向左的滑動摩擦力Ff=μmg=0.2mg，加速度=0.4g=4m/s2，1s末木板的速度v1=a1t1=4m/s

1-1.5s內(nèi)，木板受向右的拉力F2=0.4mg和向左的滑動摩擦力Ff=0.2mg，加速度，1.5s末木板的速度v1.5=v1+a2t2=4.5m/s

1.5s-2s內(nèi)，木板受向右的拉力F3=0和向左的滑動摩擦力Ff=0.2mg，加速度，2s末木板的速度v2=v1.5+a3t3=4.0m/s

0～2s內(nèi)，由于木塊運(yùn)動速度小于木板，始終受向右的滑動摩擦力Ff=0.2mg，加速度a'=Ff/m=0.2g=2m/s2，2s末木塊的速度v'2=a't=4m/s

2s末木板和木塊具有共同速度，相對靜止，不再受摩擦力，一起以4m/s速度勻速運(yùn)動，3s末木板和木塊的速度v=4m/s

(2)由以上分析得到木塊與木板運(yùn)動的v-t圖像，如圖所示，在0-3s內(nèi)木塊相對于木板的距離△s等于木板和木塊v-t圖線所包圍的面積之差，即圖中帶陰影的四邊形面積，該四邊形由兩個三角形組成，上面的三角形面積為，下面的三角形面積為，因此△s=2.25m

25.答案：（1）粒子離開出發(fā)點(diǎn)最遠(yuǎn)的距離為軌道半徑的2倍（2）磁場的大小變?yōu)楹螅Ｗ拥能壍腊霃綖?R0,根據(jù)幾何關(guān)系可以得到，當(dāng)弦最長時，運(yùn)動的時間最長，弦為2

R0時最長，圓心角60°（3）根據(jù)矢量合成法則，疊加區(qū)域的磁場大小為,方向向里，R0以為的區(qū)域磁場大小為,方向向外。粒子運(yùn)動的半徑為R0，根據(jù)對稱性畫出情境圖，由幾何關(guān)系可得R1的最小值為26.⑴三頸燒瓶⑵攪拌器攪拌；緩慢滴加NaClO溶液。⑶ClO－+HSO3－=Cl－+H++SO42－⑷①AD②BD⑸降低環(huán)己酮的溶解度，有利于環(huán)己酮分層；分液漏斗

27.（1）+3

（2）2Al+2OH-+6H2O=+3H2↑

（3）2LiCoO2+3H2SO4

+H2O2Li2SO4+2CoSO4+O2↑+4H2O

2H2O22H2O+O2↑；有氯氣生成，污染較大。

（4）CoSO4+2NH4HCO3=CoCO3↓+(NH4)2SO4+CO2↑+H2O

（5）Li1-xCoO2+LixC6=LiCoO2+6C

（6）Li+從負(fù)極中脫出，經(jīng)由電解質(zhì)向正極移動并進(jìn)入正極材料中

Al(OH)3、CoCO3、Li2SO4以工藝流程為背景考查化學(xué)反應(yīng)原理中的電化學(xué)知識，包括電極反應(yīng)式的書寫、氧化還原反應(yīng)，綜合性較強(qiáng)。

解析：（1）根據(jù)化合價代數(shù)和為0的原則，LiCoO2中Li為+1價，O為-2價，iCo元素的化合價為+3。

（2）根據(jù)工藝流程和相關(guān)產(chǎn)物可知，鋰離子電池正極材料中只有鋁箔與氫氧化鈉反應(yīng)，發(fā)生反應(yīng)的離子方程式2Al+2OH-+6H2O=+3H2↑。（3）根據(jù)“酸浸”的反應(yīng)物和反應(yīng)條件，發(fā)生的所有氧化還原反應(yīng)的化學(xué)方程式為；2LiCoO2

+3H2SO4

+H2O2Li2SO4+2CoSO4+O2↑+4H2O，H2O2自身發(fā)生分解反應(yīng)，2H2O22H2O+O2↑；LiCoO2具有較強(qiáng)的氧化性，用鹽酸代替H2SO4和H2O2的混合液，氯氣生成，污染較大。

（4）根據(jù)“沉鈷”過程中反應(yīng)物和產(chǎn)物，發(fā)生反應(yīng)的化學(xué)方程式CoSO4+2NH4HCO3=CoCO3↓+(NH4)2SO4+CO2↑+H2O。

（5）充放電過程中，發(fā)生LiCoO2與Li1-xCoO2之間的轉(zhuǎn)化，放電時負(fù)極發(fā)生的反應(yīng)為LixC6-xe-=6C+xLi+，正極Li1-xCoO2+xe-=LiCoO2+xLi+，電池總反應(yīng)方程式Li1-xCoO2+LixC6=LiCoO2+6C。

（6）進(jìn)行放電處理時，Li+從負(fù)極中脫出，經(jīng)由電解質(zhì)向正極移動并進(jìn)入正極材料中，有利于鋰在正極的回收。根據(jù)整個工藝流程的化學(xué)反應(yīng)原理，可回收到的金屬化合物有Al(OH)3、CoCO3、Li2SO4三種。

【考點(diǎn)定位】工藝流程、電化學(xué)、離子方程式28.（1）氯化銨和氫氧化鈣（2）①此反應(yīng)為放熱反應(yīng)，降低溫度，提高反應(yīng)物轉(zhuǎn)化率（或降低溫度，防止因反應(yīng)放熱造成產(chǎn)物分解）通過觀察氣泡，調(diào)節(jié)NH3與CO2通入比例②過濾c③否濃硫酸可以防止水蒸氣進(jìn)入反應(yīng)容器使氨基甲酸銨水解（或者稀硫酸中水蒸氣可能進(jìn)入反應(yīng)容器導(dǎo)致氨基甲酸銨水解）（3）0.4968或49.68%（有效數(shù)字沒有考慮不扣分，在0.5000～0.4900范圍內(nèi)可以得分）29.（1）水分（2）土壤含水量在40%~60%合理密植30.(1)D.G線粒體（2）濃度光照、濃度、（溫度、可寫可不寫）（3）增多有光期間積累的ATP和[H]還可以使暗反應(yīng)持續(xù)一段時間31.（1）堿基排列順序不定項（2）（3）1:1:2（4）解析：（1）根本原因可以答堿基對的排列順序也可以答脫氧核苷酸的排列順序不同。（3）雜交4子代為或，的表現(xiàn)型比例看雜交2，的表現(xiàn)型比例看雜交3，（17:18和11:9都可近似看作1:1）占，其中雄鼠占，雌鼠中灰黑各∴灰，黑占，其中雄鼠占，雌鼠中黃黑各∴黃，黑總：灰：黑：黃=：：=1：2：1雄鼠中，灰：黑：黃=：：=1:2:1（4）cccc全黑共32.33（1）ACE（5分）（2）（10分）設(shè)初狀態(tài)時上下兩部氣體體積均為V0，對下部分氣體，等溫變化。由玻意爾定律有：（2分）由上下體積關(guān)系有：（1分）解得：（1分）對上部分氣體，初態(tài)壓強(qiáng)（1分）末態(tài)壓強(qiáng)（1分）由理想氣體狀態(tài)方程有：（2分）解得：（2分）34.解：（i）根據(jù)全反射定律：sinC=，得：C=45°，即臨界角為45°，如下圖由幾何知識得：d=，則入射光束在AB上的最大寬度為2d=；（ii）設(shè)光線在距離O點(diǎn)的C點(diǎn)射入后，在上表面的入射角為α，由幾何關(guān)系和已知條件得：α=60°＞C光線在玻璃磚內(nèi)會發(fā)生三次全反射，最有由G點(diǎn)射出，如圖：由反射定律和幾何關(guān)系得：OG=OC=，射到G點(diǎn)的光有一部分被反射，沿原路返回到達(dá)C點(diǎn)射出．答：（i）一束平行光垂直射向玻璃磚的下表面，若光線到達(dá)上表面后，都能從該表面射出，則入射光束在AB上的最大寬度為；（ii）一細(xì)束光線在O點(diǎn)左側(cè)與O相距32R處垂直于AB從下方入射，此光線從玻璃磚射出點(diǎn)的位置在O點(diǎn)左側(cè)或者右側(cè)R處．35（1）【答案】BCD【解析】只有原子序號超過83的元素才都能發(fā)生衰變，A錯誤；放射性元素的半衰期決定于由原子核內(nèi)部的結(jié)構(gòu)，與外界溫度及化學(xué)作用等無關(guān)，B正確；放射性元素其放射性來自于原子核內(nèi)部的，與其他元素形成化合物并沒有改變其內(nèi)部原子核結(jié)構(gòu)所以仍具有放射性，C正確；α、β和γ；三種射線中，γ射線能量最高，穿透能力最強(qiáng)，D正確；一個原子核在一次衰變中，要是α衰變、要么是β衰變，同時伴隨著能量的釋放，即γ射線，E錯誤。（2）【答案】(i)4m/s(ii)0.75m【解析】(i)設(shè)B球第一次到達(dá)地面時的速度大小為vB，由運(yùn)動學(xué)公式有vB=①將h=0.8m代入上式，得vB=4m/s②(ii)設(shè)兩球相碰前后，A球的速度大小分別為v1和v1′(v1′=0)，B球的速度分別為v2和v2′，由運(yùn)動學(xué)規(guī)律可得v1=gt③由于碰撞時間極短，重力的作用可以忽略，兩球相碰前后的動量守恒，總動能保持不變。規(guī)定向下的方向為正，有mAv1+mBv2=mBv2′④mAv+mBv=mB⑤設(shè)B球與地面相碰后的速度大小為vB′，由運(yùn)動學(xué)及碰撞的規(guī)律可得vB′=vB⑥設(shè)P點(diǎn)距地面的高度為h′，由運(yùn)動學(xué)規(guī)律可得h′=⑦聯(lián)立②③④⑤⑥⑦式，并代入已知條件可得h′=0.75m⑧36【答案】（15分）（1）CuSO4或Cu2+溫度低溶解速度慢、溫度過高銨鹽分解（2）2Cu2++SO32-+2Cl-+H2O=2CuCl↓+SO42-+2H+（3）硫酸（4）醇洗有利加快去除CuCl表面水分，防止其水解氧化（5）BD（6）0.597ab/m×100%【解析】（1）海綿銅的主要成分是Cu與CuO，溶解所需試劑中有硝酸銨、水、硫酸，則Cu被氧化為銅離子；由后面的流程可回收硫酸銨，可知溶液中的硫酸根離子未被還原，所以得到的氧化產(chǎn)物為CuSO4，而不是硝酸銅；（2）步驟③反應(yīng)后過濾，說明步驟③反應(yīng)中有沉淀產(chǎn)生，則該沉淀為CuCl沉淀，結(jié)合硫酸銨的回收，可知步驟③發(fā)生的離子反應(yīng)為2Cu2++SO32-+2Cl-+H2O=2CuCl↓+SO42-+2H+；（3）根據(jù)步驟③發(fā)生的離子反應(yīng)可知，CuCl不溶于硫酸，所以酸洗所需要的酸應(yīng)是硫酸；（4）CuCl難溶于醇和水，潮濕空氣中易水解氧化，而水與醇互溶，所以醇洗不能省略的原因是醇洗有利加快去除CuCl表面水分，防止其水解氧化；（5）用于分離固體和液體法設(shè)備與實(shí)驗室中的過濾的原理是相似的。A、分餾塔是用于分離互溶的液體的設(shè)備，錯誤；B、離心機(jī)可利用離心力的作用使液體中的固體沉降，達(dá)到固液分離的目的，正確；C、反應(yīng)釜為發(fā)生反應(yīng)的設(shè)備，錯誤；D、框式壓濾機(jī)可以使物料中的水通過擠壓而排出，達(dá)到固液分離的目的，正確，答案選BD；（6）根據(jù)題意，CuCl與K2Cr2O7發(fā)生氧化還原反應(yīng)，K2Cr2O7被還原為Cr3+，則amol/LbmLK2Cr2O7溶液發(fā)生反應(yīng)時，轉(zhuǎn)移電子的物質(zhì)的量是ab××2×3mol=6ab×mol，+1價Cu會被氧化為Cu2+，根據(jù)得失電子守恒，則CuCl的物質(zhì)的量是6ab×mol，則樣品中CuCl的質(zhì)量分?jǐn)?shù)是(6ab×mol×99.5g/mol)/mg×100%=0.597ab/m×100%.37（1）（2）（3）①三角錐型②3③d（4）c解析：（1）根據(jù)構(gòu)造原理，基態(tài)氮原子的電子排布式為：，主族元素的最外層電子為價電子：.（2）同一周期的主族元素的第一電離能從左到右逐漸增大，但是由于氮原子的軌道處于半