高中物理人教版1本冊(cè)總復(fù)習(xí)總復(fù)習(xí)【省一等獎(jiǎng)】2

2023學(xué)年甘肅省天水一中高二（上）第一次月考物理試卷（蘭天班）一、選擇題（本題共14小題，每小題4分，共56分．其中第3、4、6、7、11、14題為多選，其余各題為單選．全部選對(duì)的得4分，選對(duì)但不全的得2分，有選錯(cuò)的得0分．）1．（4分）如圖所示，A、B是兩個(gè)帶有絕緣支架的金屬球，它們?cè)瓉?lái)均不帶電，并彼此接觸．現(xiàn)使帶負(fù)電的橡膠棒C靠近A（C與A不接觸），然后先將A、B分開(kāi)，再將C移走．關(guān)于A、B的帶電情況，下列判斷正確的是（）A．A帶正電，B帶負(fù)電 B．A帶負(fù)電，B帶正電C．A、B均不帶電 D．A帶負(fù)電，B帶負(fù)電2．（4分）在前人研究的基礎(chǔ)上，有一位物理學(xué)家利用圖所示的扭秤裝置進(jìn)行研究，提出真空中兩個(gè)靜止點(diǎn)電荷之間相互作用的規(guī)律，這位物理學(xué)家是（）A．牛頓 B．伽利略 C．庫(kù)侖 D．焦耳3．（4分）如圖所示，虛線a、b、c代表電場(chǎng)中的三個(gè)等勢(shì)面，相鄰等勢(shì)面之間的電勢(shì)差相等，即Uab=Ubc，實(shí)線為一帶正電的質(zhì)點(diǎn)僅在電場(chǎng)力作用下通過(guò)該區(qū)域時(shí)的運(yùn)動(dòng)軌跡，P、Q是這條軌跡上的兩點(diǎn)．據(jù)此可知（）A．三個(gè)等勢(shì)面中，a的電勢(shì)最高B．帶電質(zhì)點(diǎn)通過(guò)P點(diǎn)時(shí)的電勢(shì)能較Q點(diǎn)大C．帶電質(zhì)點(diǎn)通過(guò)P點(diǎn)時(shí)的動(dòng)能較Q點(diǎn)大D．帶電質(zhì)點(diǎn)通過(guò)P點(diǎn)時(shí)的加速度較Q點(diǎn)大4．（4分）如圖所示，A、B、C、D、E、F為勻強(qiáng)電場(chǎng)中一個(gè)邊長(zhǎng)為1m的正六邊形的六個(gè)頂點(diǎn)，A、B、C三點(diǎn)電勢(shì)分別為10V、20V、30V，則下列說(shuō)法正確的是（）A．B、E一定處在同一等勢(shì)面上B．勻強(qiáng)電場(chǎng)的場(chǎng)強(qiáng)大小為10V/mC．正點(diǎn)電荷從E點(diǎn)移到F點(diǎn)，則電場(chǎng)力做負(fù)功D．電子從F點(diǎn)移到D點(diǎn)，電荷的電勢(shì)能減少20eV5．（4分）如圖所示，真空中O點(diǎn)有一點(diǎn)電荷，在它產(chǎn)生的電場(chǎng)中有a、b兩點(diǎn)，a點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大小為Ea，方向與ab連線成60°角，b點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大小為Eb，方向與ab連線成30°角．關(guān)于a、b兩點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)大小Ea、Eb的關(guān)系，以下結(jié)論正確的是（）A．Ea= B．Ea=Eb C．Ea=Eb D．Ea=3Eb6．（4分）兩個(gè)等量同種電荷固定于光滑水平面上，其連線中垂線上有A、B、C三點(diǎn)，如圖所示．一個(gè)電量為2C，質(zhì)量為1kg的小物塊從C點(diǎn)靜止釋放，其運(yùn)動(dòng)的v﹣t圖象如圖所示，其中B點(diǎn)處為整條圖線切線斜率最大的位置（圖中標(biāo)出了該切線）．則下列說(shuō)法正確的是（）A．B點(diǎn)為中垂線上電場(chǎng)強(qiáng)度最大的點(diǎn)，場(chǎng)強(qiáng)E=2V/mB．由C到A的過(guò)程中物塊的電勢(shì)能先減小后變大C．由C點(diǎn)到A點(diǎn)的過(guò)程中，電勢(shì)逐漸降低D．AB兩點(diǎn)的電勢(shì)差UAB=﹣5V7．（4分）如圖所示，平行板電容器與電動(dòng)勢(shì)為E的直流電源（內(nèi)阻不計(jì)）連接，下極板接地，靜電計(jì)所帶電荷量很少，可被忽略．一帶負(fù)電油滴被固定于電容器中的P點(diǎn)．現(xiàn)將平行板電容器的下極板豎直向下移動(dòng)一小段距離，則（）A．靜電計(jì)指針張角變小B．平行板電容器的電容將變大C．帶電油滴的電勢(shì)能將增大D．若先將電容器上極板與電源正極的導(dǎo)線斷開(kāi)，再將下極板向下移動(dòng)一小段距離，則帶電油滴所受電場(chǎng)力不變8．（4分）北京正負(fù)電子對(duì)撞機(jī)的儲(chǔ)存環(huán)是長(zhǎng)240m的近似圓形軌道，當(dāng)環(huán)中的電流強(qiáng)度為10mA時(shí)，若電子的速率為十分之一光速，則在整個(gè)環(huán)中運(yùn)行的電子數(shù)目為（）A．5×1011 B．5×1019 C．10×l0﹣3 D．10×1039．（4分）下列說(shuō)法正確的是（）A．電源外部存在著由正極指向負(fù)極的電場(chǎng)，內(nèi)部存在著由負(fù)極指向正極的電場(chǎng)B．在電源的外部正電荷靠電場(chǎng)力由電源的負(fù)極流向正極C．電動(dòng)勢(shì)越大，說(shuō)明非靜電力在電源內(nèi)從負(fù)極向正極移送單位電荷量的正電荷做功越多D．電源的電動(dòng)勢(shì)與外電路有關(guān)10．（4分）滑動(dòng)變阻器R′和固定電阻R接成如圖所示的電路，已知R兩端電壓恰好等于R′兩端總電壓的一半，那么變阻器滑動(dòng)端P的正確位置是在變阻器R′的（）A．中點(diǎn)位置 B．中點(diǎn)偏下C．中點(diǎn)偏上 D．條件不足，無(wú)法確定11．（4分）如圖所示，甲、乙兩個(gè)電路都是由一個(gè)靈敏電流表G和一個(gè)變阻器R組成，下列說(shuō)法正確的是（）A．甲表是電流表，R增大時(shí)量程增大B．甲表是電流表，R增大時(shí)量程減小C．乙表是電壓表，R增大時(shí)量程增大D．乙表是電壓表，R增大時(shí)量程減小12．（4分）如圖所示的電路中，輸入電壓U恒為12V，燈泡L標(biāo)有“6V12W”字樣，電動(dòng)機(jī)線圈的電阻RM=Ω．若燈泡恰能正常發(fā)光，以下說(shuō)法中不正確的是（）A．電動(dòng)機(jī)的輸入功率是12WB．電動(dòng)機(jī)的輸出功率是12WC．電動(dòng)機(jī)的熱功率是D．整個(gè)電路消耗的電功率是24W13．（4分）一根阻值為R的均勻電阻絲，長(zhǎng)為L(zhǎng)，橫截面積為S，設(shè)溫度不變，在下列哪些情況下其電阻值仍為R？（）A．當(dāng)L不變，S增大一倍時(shí)B．當(dāng)S不變，L增大一倍時(shí)C．當(dāng)L和S都縮為原來(lái)的時(shí)D．當(dāng)L和橫截面的半徑都增大一倍時(shí)14．（4分）如圖所示，三個(gè)可視為質(zhì)點(diǎn)的金屬小球A、B、C，質(zhì)量分別為m、2m和3m，B球帶負(fù)電，電荷量為﹣q，A、C不帶電，不可伸長(zhǎng)的絕緣細(xì)線將三球連接，最上邊的細(xì)線連接在斜面頂端的O點(diǎn)，三球均處于場(chǎng)強(qiáng)大小為E的豎直向上的勻強(qiáng)電場(chǎng)中，三段細(xì)線均伸直，三個(gè)金屬球均靜止于傾角為30°的絕緣光滑斜面上，則下列說(shuō)法正確的是（）A．A、B球間的細(xì)線的張力為B．A、B球間的細(xì)線的張力可能為0C．將線OA剪斷的瞬間，B、C間的細(xì)線張力D．將線OA剪斷的瞬間，A、B球間的細(xì)線張力二．實(shí)驗(yàn)題：（每空2分，共12分）15．（12分）某同學(xué)用圖1所示電路，測(cè)繪標(biāo)有“，”的小燈泡的燈絲電阻R隨電壓U變化的圖象．除了導(dǎo)線和開(kāi)關(guān)外，有以下一些器材可供選擇：電流表：A1（量程100mA，內(nèi)阻約2Ω）；A2（量程，內(nèi)阻約Ω）；電壓表：V1（量程5V，內(nèi)阻約5kΩ）；V2（量程15V，內(nèi)阻約15Ω）；電源：E1（電動(dòng)勢(shì)為，內(nèi)阻為Ω）；E2（電動(dòng)勢(shì)為4V，內(nèi)阻約為Ω）．滑動(dòng)變阻器：R1（最大阻值約為100Ω），R2（最大阻值約為10Ω），電鍵S，導(dǎo)線若干．（1）為了調(diào)節(jié)方便，測(cè)量準(zhǔn)確，實(shí)驗(yàn)中應(yīng)選用電流表，電壓表，滑動(dòng)變阻器，電源．（填器材的符號(hào)）（2）根據(jù)實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)，計(jì)算并描繪出R﹣U的圖象如圖2所示．由圖象可知，此燈泡在不工作時(shí)，燈絲電阻為；當(dāng)所加電壓為時(shí)，燈絲電阻為，燈泡實(shí)際消耗的電功率為．（3）根據(jù)R﹣U圖象，可確定小燈泡耗電功率P與外加電壓U的關(guān)系．符合該關(guān)系的示意圖是下列圖中的．三、計(jì)算題（共32分．解答過(guò)程應(yīng)寫(xiě)出必要的文字和公式，直接寫(xiě)出結(jié)果的得零分）16．（8分）如圖所示，光滑斜面傾角為37°，質(zhì)量為m、電荷量為q的一帶有正電的小物塊，置于斜面上．當(dāng)沿水平方向加有如圖所示的勻強(qiáng)電場(chǎng)時(shí)，帶電小物塊恰好靜止在斜面上，重力加速度g已知sin37°=，cos37°=，求：（1）該電場(chǎng)的電場(chǎng)強(qiáng)度有多大？（2）若電場(chǎng)強(qiáng)度變?yōu)樵瓉?lái)的，小物塊沿斜面下滑距離為L(zhǎng)時(shí)的速度有多大？17．（10分）如圖所示，電荷q1固定于半徑為R的半圓光滑軌道圓心處，將另一帶正電電量為q2，質(zhì)量為m的小球，從軌道的A處無(wú)初速釋放，求：（1）小球運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)B點(diǎn)的速度大??；（2）小球在B點(diǎn)對(duì)軌道的壓力．18．（14分）相距很近的平行板電容器，在兩板中心各開(kāi)有一個(gè)小孔，如圖甲所示，靠近A板的小孔處有一電子槍，能夠持續(xù)均勻地發(fā)射出電子，電子的初速度為v0，質(zhì)量為m，電量為﹣e，在AB兩板之間加上圖乙所示的交變電壓，其中0＜k＜1，U0=；緊靠B板的偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)電壓也等于U0，板長(zhǎng)為L(zhǎng)，兩板間距為d，距偏轉(zhuǎn)極板右端處垂直放置很大的熒光屏PQ．不計(jì)電子的重力和它們之間的相互作用，電子在電容器中的運(yùn)動(dòng)時(shí)間可以忽略不計(jì)．（1）試求在0﹣kT與kT﹣T時(shí)間內(nèi)射出B板電子的速度各多大？（結(jié)果用U0、e、m表示）（2）在0﹣T時(shí)間內(nèi)，熒光屏上有兩個(gè)位置會(huì)發(fā)光，試求這兩個(gè)發(fā)光點(diǎn)之間的距離．（結(jié)果用L、d表示，）（3）撤去偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)及熒光屏，當(dāng)k取恰當(dāng)?shù)臄?shù)值時(shí)，使在0﹣T時(shí)間內(nèi)通過(guò)了電容器B板的所有電子，能在某一時(shí)刻形成均勻分布的一段電子束，求k值．

2023學(xué)年甘肅省天水一中高二（上）第一次月考物理試卷（蘭天班）參考答案與試題解析一、選擇題（本題共14小題，每小題4分，共56分．其中第3、4、6、7、11、14題為多選，其余各題為單選．全部選對(duì)的得4分，選對(duì)但不全的得2分，有選錯(cuò)的得0分．）1．（4分）（2023秋?莆田校級(jí)期中）如圖所示，A、B是兩個(gè)帶有絕緣支架的金屬球，它們?cè)瓉?lái)均不帶電，并彼此接觸．現(xiàn)使帶負(fù)電的橡膠棒C靠近A（C與A不接觸），然后先將A、B分開(kāi)，再將C移走．關(guān)于A、B的帶電情況，下列判斷正確的是（）A．A帶正電，B帶負(fù)電 B．A帶負(fù)電，B帶正電C．A、B均不帶電 D．A帶負(fù)電，B帶負(fù)電【分析】將帶負(fù)電的導(dǎo)體球C靠近兩個(gè)不帶電的導(dǎo)體AB，靠感應(yīng)起電使物體帶電，根據(jù)電荷間的相互作用明確帶電情況．【解答】解：把導(dǎo)體A和B分開(kāi)，再移走C，導(dǎo)體A和B由于感應(yīng)起電帶上異種電荷，由于同種電荷相互排斥，異種電荷相互吸引，所以此時(shí)A帶正電，B帶負(fù)電．故選：A．【點(diǎn)評(píng)】解決本題的關(guān)鍵知道摩擦起電、感應(yīng)起電、接觸帶電的實(shí)質(zhì)都是電荷的移動(dòng)，電荷的總量保持不變．2．（4分）（2023?北京）在前人研究的基礎(chǔ)上，有一位物理學(xué)家利用圖所示的扭秤裝置進(jìn)行研究，提出真空中兩個(gè)靜止點(diǎn)電荷之間相互作用的規(guī)律，這位物理學(xué)家是（）A．牛頓 B．伽利略 C．庫(kù)侖 D．焦耳【分析】本題是物理學(xué)史問(wèn)題，根據(jù)牛頓、伽利略、庫(kù)侖、焦耳等科學(xué)家的成就進(jìn)行答題【解答】解：庫(kù)侖發(fā)現(xiàn)了電荷間作用力的規(guī)律故選：C【點(diǎn)評(píng)】本題考查物理學(xué)史，是常識(shí)性，只要加強(qiáng)記憶，就能得分．可結(jié)合物理學(xué)家的成就、年代等進(jìn)行記憶3．（4分）（2023?揭陽(yáng)一模）如圖所示，虛線a、b、c代表電場(chǎng)中的三個(gè)等勢(shì)面，相鄰等勢(shì)面之間的電勢(shì)差相等，即Uab=Ubc，實(shí)線為一帶正電的質(zhì)點(diǎn)僅在電場(chǎng)力作用下通過(guò)該區(qū)域時(shí)的運(yùn)動(dòng)軌跡，P、Q是這條軌跡上的兩點(diǎn)．據(jù)此可知（）A．三個(gè)等勢(shì)面中，a的電勢(shì)最高B．帶電質(zhì)點(diǎn)通過(guò)P點(diǎn)時(shí)的電勢(shì)能較Q點(diǎn)大C．帶電質(zhì)點(diǎn)通過(guò)P點(diǎn)時(shí)的動(dòng)能較Q點(diǎn)大D．帶電質(zhì)點(diǎn)通過(guò)P點(diǎn)時(shí)的加速度較Q點(diǎn)大【分析】由于質(zhì)點(diǎn)只受電場(chǎng)力作用，根據(jù)運(yùn)動(dòng)軌跡可知電場(chǎng)力指向運(yùn)動(dòng)軌跡的內(nèi)側(cè)即斜向右下方，由于質(zhì)點(diǎn)帶正電，因此電場(chǎng)線方向也指向右下方；電勢(shì)能變化可以通過(guò)電場(chǎng)力做功情況判斷；電場(chǎng)線和等勢(shì)線垂直，且等勢(shì)線密的地方電場(chǎng)線密，電場(chǎng)強(qiáng)度大．【解答】解：A、電荷所受電場(chǎng)力指向軌跡內(nèi)側(cè)，由于電荷帶正電，因此電場(chǎng)線指向右下方，沿電場(chǎng)線電勢(shì)降低，故c等勢(shì)線的電勢(shì)最高，a等勢(shì)線的電勢(shì)最低，故A錯(cuò)誤；B、根據(jù)質(zhì)點(diǎn)受力情況可知，從P到Q過(guò)程中電場(chǎng)力做正功，電勢(shì)能降低，故P點(diǎn)的電勢(shì)能大于Q點(diǎn)的電勢(shì)能，故B正確；C、從P到Q過(guò)程中電場(chǎng)力做正功，電勢(shì)能降低，動(dòng)能增大，故P點(diǎn)的動(dòng)能小于Q點(diǎn)的動(dòng)能，故C錯(cuò)誤；D、等勢(shì)線密的地方電場(chǎng)線密場(chǎng)強(qiáng)大，故P點(diǎn)位置電場(chǎng)強(qiáng)，電場(chǎng)力大，根據(jù)牛頓第二定律，加速度也大，故D正確．故選BD．【點(diǎn)評(píng)】解決這類帶電粒子在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的思路是：根據(jù)運(yùn)動(dòng)軌跡判斷出所受電場(chǎng)力方向，然后進(jìn)一步判斷電勢(shì)、電場(chǎng)強(qiáng)度、電勢(shì)能、動(dòng)能等物理量的變化．4．（4分）（2023春?冀州市校級(jí)期末）如圖所示，A、B、C、D、E、F為勻強(qiáng)電場(chǎng)中一個(gè)邊長(zhǎng)為1m的正六邊形的六個(gè)頂點(diǎn)，A、B、C三點(diǎn)電勢(shì)分別為10V、20V、30V，則下列說(shuō)法正確的是（）A．B、E一定處在同一等勢(shì)面上B．勻強(qiáng)電場(chǎng)的場(chǎng)強(qiáng)大小為10V/mC．正點(diǎn)電荷從E點(diǎn)移到F點(diǎn)，則電場(chǎng)力做負(fù)功D．電子從F點(diǎn)移到D點(diǎn)，電荷的電勢(shì)能減少20eV【分析】連接AC，根據(jù)勻強(qiáng)電場(chǎng)電勢(shì)隨距離均勻變化（除等勢(shì)面）的特點(diǎn)，則知AC中點(diǎn)的電勢(shì)為2V，連接EB，EB即為一條等勢(shì)線，CA連線即為一條電場(chǎng)線，由BA間的電勢(shì)差，由公式U=Ed求出場(chǎng)強(qiáng)大?。蒞=qU，則電場(chǎng)力做功就可以求解．【解答】解：A、連接AC，AC中點(diǎn)電勢(shì)為20V，與B電勢(shì)相等，則EB連線必為一條等勢(shì)線，故A正確．B、BA間的電勢(shì)差為UBA=10V，又UBA=EdABcos30°，得場(chǎng)強(qiáng)E==V/m=V/m．故B錯(cuò)誤；C、由上得知，E的電勢(shì)為20V，F(xiàn)點(diǎn)與A點(diǎn)的電勢(shì)相等為10V，則正電荷從E點(diǎn)移到F點(diǎn)，電勢(shì)能減小，則電場(chǎng)力做正功，故C錯(cuò)誤．D、由上得知，F(xiàn)的電勢(shì)為10V，D點(diǎn)與C點(diǎn)的電勢(shì)相等為30V，則電子從F點(diǎn)移到D點(diǎn)，電場(chǎng)力做功WFD=eUFD=e（φF﹣φD）=﹣（10﹣30）eV=20eV，那么電勢(shì)能將減小20eV．故D正確．故選：AD．【點(diǎn)評(píng)】本題的關(guān)鍵找等勢(shì)點(diǎn)，作出電場(chǎng)線，這是解決這類問(wèn)題常用方法．同時(shí)還要充分利用正六邊形的對(duì)稱性分析勻強(qiáng)電場(chǎng)中各點(diǎn)電勢(shì)的關(guān)系．5．（4分）（2023秋?成都校級(jí)期中）如圖所示，真空中O點(diǎn)有一點(diǎn)電荷，在它產(chǎn)生的電場(chǎng)中有a、b兩點(diǎn)，a點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大小為Ea，方向與ab連線成60°角，b點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大小為Eb，方向與ab連線成30°角．關(guān)于a、b兩點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)大小Ea、Eb的關(guān)系，以下結(jié)論正確的是（）A．Ea= B．Ea=Eb C．Ea=Eb D．Ea=3Eb【分析】已知a點(diǎn)與b點(diǎn)與O點(diǎn)的距離關(guān)系，根據(jù)點(diǎn)電荷的場(chǎng)強(qiáng)公式E=列式求解即可．【解答】解：結(jié)合幾何關(guān)系，有：ao：bo=：根據(jù)公式E=，有：故選：D．【點(diǎn)評(píng)】本題關(guān)鍵是明確點(diǎn)電荷的場(chǎng)強(qiáng)的公式E=，記住即可，基礎(chǔ)題目．6．（4分）（2023秋?天水校級(jí)月考）兩個(gè)等量同種電荷固定于光滑水平面上，其連線中垂線上有A、B、C三點(diǎn)，如圖所示．一個(gè)電量為2C，質(zhì)量為1kg的小物塊從C點(diǎn)靜止釋放，其運(yùn)動(dòng)的v﹣t圖象如圖所示，其中B點(diǎn)處為整條圖線切線斜率最大的位置（圖中標(biāo)出了該切線）．則下列說(shuō)法正確的是（）A．B點(diǎn)為中垂線上電場(chǎng)強(qiáng)度最大的點(diǎn)，場(chǎng)強(qiáng)E=2V/mB．由C到A的過(guò)程中物塊的電勢(shì)能先減小后變大C．由C點(diǎn)到A點(diǎn)的過(guò)程中，電勢(shì)逐漸降低D．AB兩點(diǎn)的電勢(shì)差UAB=﹣5V【分析】根據(jù)v﹣t圖可知粒子在B點(diǎn)的加速度最大，此處電場(chǎng)強(qiáng)度最大，根據(jù)牛頓第二定律求場(chǎng)強(qiáng)的最大值．由C到A的過(guò)程中物塊的動(dòng)能一直增大，由能量守恒定律分析電勢(shì)能的變化情況．由動(dòng)能定理可求得AB兩點(diǎn)的電勢(shì)差．【解答】解：A、從速度時(shí)間圖象可知帶電粒子在B點(diǎn)的加速度最大為am==2m/s2，所受的電場(chǎng)力最大為Fm=mam=2N，據(jù)E=知，B點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)最大為1N/C，故A錯(cuò)誤；B、從速度時(shí)間圖象可知帶電粒子的速度增大，電場(chǎng)力做正功，電勢(shì)能減小，故B錯(cuò)誤；C、據(jù)兩個(gè)等量的同種正電荷，其連線中垂線上電場(chǎng)強(qiáng)度方向由O點(diǎn)沿中垂線指向外側(cè)，故由C點(diǎn)到A點(diǎn)的過(guò)程中電勢(shì)逐漸減小，故C正確；D、從速度時(shí)間圖象可知A、B兩點(diǎn)的速度分別為vA=6m/s，vB=4m/s，再根據(jù)動(dòng)能定理得qUAB=mvB2﹣mvA2=×1×（42﹣62）J=﹣10J，解得：UAB=﹣5V，故D正確．故選：CD【點(diǎn)評(píng)】明確等量同種電荷電場(chǎng)的特點(diǎn)是解本題的關(guān)鍵，要知道v﹣t圖切線的斜率表示加速度，由動(dòng)能定理求電勢(shì)差是常用的方法．7．（4分）（2023?肇慶三模）如圖所示，平行板電容器與電動(dòng)勢(shì)為E的直流電源（內(nèi)阻不計(jì)）連接，下極板接地，靜電計(jì)所帶電荷量很少，可被忽略．一帶負(fù)電油滴被固定于電容器中的P點(diǎn)．現(xiàn)將平行板電容器的下極板豎直向下移動(dòng)一小段距離，則（）A．靜電計(jì)指針張角變小B．平行板電容器的電容將變大C．帶電油滴的電勢(shì)能將增大D．若先將電容器上極板與電源正極的導(dǎo)線斷開(kāi)，再將下極板向下移動(dòng)一小段距離，則帶電油滴所受電場(chǎng)力不變【分析】電容器始終與電源相連，則電容器兩端間的電勢(shì)差不變，根據(jù)電容器d的變化判斷電容的變化以及電場(chǎng)強(qiáng)度的變化，從而判斷電荷電勢(shì)能和電場(chǎng)力的變化．【解答】解：現(xiàn)將平行板電容器的下極板豎直向下移動(dòng)一小段距離，導(dǎo)致極板間距增大，A、靜電計(jì)測(cè)量的是電容器兩端的電勢(shì)差，因?yàn)殡娙萜魇冀K與電源相連，則電勢(shì)差不變，所以靜電計(jì)指針張角不變．故A錯(cuò)誤．B、根據(jù)C=知，d增大，則電容減?。蔅錯(cuò)誤．C、電勢(shì)差不變，d增大，則電場(chǎng)強(qiáng)度減小，P點(diǎn)與上極板的電勢(shì)差減小，則P點(diǎn)的電勢(shì)增大，因?yàn)樵撾姾蔀樨?fù)電荷，則電勢(shì)能減?。蔆錯(cuò)誤．D、若先將電容器上極板與電源正極的導(dǎo)線斷開(kāi)，則電荷量不變，d改變，根據(jù)E===，知電場(chǎng)強(qiáng)度不變，則油滴所受電場(chǎng)力不變．故D正確．故選：D．【點(diǎn)評(píng)】本題是電容器的動(dòng)態(tài)分析問(wèn)題，關(guān)鍵抓住不變量，當(dāng)電容器與電源始終相連，則電勢(shì)差不變，當(dāng)電容器與電源斷開(kāi)，則電荷量不變．8．（4分）（2023秋?高青縣期末）北京正負(fù)電子對(duì)撞機(jī)的儲(chǔ)存環(huán)是長(zhǎng)240m的近似圓形軌道，當(dāng)環(huán)中的電流強(qiáng)度為10mA時(shí)，若電子的速率為十分之一光速，則在整個(gè)環(huán)中運(yùn)行的電子數(shù)目為（）A．5×1011 B．5×1019 C．10×l0﹣3 D．10×103【分析】根據(jù)電子轉(zhuǎn)一圈的時(shí)間，求出在該時(shí)間內(nèi)通過(guò)圓形軌道某一橫截面的電量，即為整個(gè)環(huán)中電子的電量．再除以一個(gè)電子的電流，即為整個(gè)環(huán)中電子的數(shù)目．【解答】解：電子轉(zhuǎn)一圈的時(shí)間為：t==s=8×10﹣6s．整個(gè)環(huán)中電子的電量為：Q=It=10×10﹣3×8×10﹣6C=8×10﹣8C．所以電子的數(shù)目為：n===5×1011（個(gè)）．故A正確，B、C、D錯(cuò)誤．故選：A．【點(diǎn)評(píng)】解決本題的關(guān)鍵掌握電流的定義式I=，會(huì)根據(jù)公式求出某段時(shí)間內(nèi)同過(guò)橫截面的電量．9．（4分）（2023秋?天水校級(jí)月考）下列說(shuō)法正確的是（）A．電源外部存在著由正極指向負(fù)極的電場(chǎng)，內(nèi)部存在著由負(fù)極指向正極的電場(chǎng)B．在電源的外部正電荷靠電場(chǎng)力由電源的負(fù)極流向正極C．電動(dòng)勢(shì)越大，說(shuō)明非靜電力在電源內(nèi)從負(fù)極向正極移送單位電荷量的正電荷做功越多D．電源的電動(dòng)勢(shì)與外電路有關(guān)【分析】電源內(nèi)外均存在由正極指向負(fù)極的電場(chǎng)，在電源內(nèi)部通過(guò)靜電力做功將正電荷由負(fù)極流向正極，從而對(duì)外電路提供電壓，電源沒(méi)有接入電路時(shí)兩極間的電壓在數(shù)值上等于電源的電動(dòng)勢(shì)．電動(dòng)勢(shì)的物理意義是表征電源把其他形式的能轉(zhuǎn)化為電能本領(lǐng)強(qiáng)弱，與外電路的結(jié)構(gòu)無(wú)關(guān)．電源的電動(dòng)勢(shì)在數(shù)值上等于內(nèi)、外電壓之和．【解答】解：A、電源內(nèi)外部的電場(chǎng)均是由正極指向負(fù)極，故A錯(cuò)誤；B、在電源的外部正電荷靠電場(chǎng)力的作用由電源的正極流向負(fù)極，故B錯(cuò)誤；C、根據(jù)電動(dòng)勢(shì)的定義式E=，可知電動(dòng)勢(shì)越大，說(shuō)明非靜電力在電源內(nèi)部從負(fù)極向正極移送單位電荷量的正電荷做功越多，并不表示所移送電荷量越多，故C正確；D、電動(dòng)勢(shì)由電源本身決定，與外電路的結(jié)構(gòu)無(wú)關(guān)；故D錯(cuò)誤；故選：C【點(diǎn)評(píng)】本題考查對(duì)于電源的電動(dòng)勢(shì)的理解能力．電動(dòng)勢(shì)是表征電源把其他形式的能轉(zhuǎn)化為電能本領(lǐng)大小，與外電路無(wú)關(guān)．10．（4分）（2023春?上海校級(jí)期末）滑動(dòng)變阻器R′和固定電阻R接成如圖所示的電路，已知R兩端電壓恰好等于R′兩端總電壓的一半，那么變阻器滑動(dòng)端P的正確位置是在變阻器R′的（）A．中點(diǎn)位置 B．中點(diǎn)偏下C．中點(diǎn)偏上 D．條件不足，無(wú)法確定【分析】圖中是分壓器電路，變阻器下部分與R并聯(lián)后再與變阻器上部分串聯(lián)，根據(jù)串聯(lián)電路的規(guī)律分析變阻器上、下兩部分電阻的大小，即可解答．【解答】解：已知R兩端電壓恰好等于R′兩端總電壓的一半，根據(jù)串聯(lián)電路的分壓規(guī)律有=R上，即有+=（R上、R下分別是變阻器上、下兩部分的電阻）則R下＞R上，變阻器滑動(dòng)端P應(yīng)在變阻器R′的中點(diǎn)偏上位置，故C正確．故選：C【點(diǎn)評(píng)】本題關(guān)鍵先理清電路的結(jié)構(gòu)，然后根據(jù)串并聯(lián)電路特點(diǎn)分析各個(gè)部分的電阻關(guān)系，來(lái)理解分壓器的原理．11．（4分）（2023秋?亳州期末）如圖所示，甲、乙兩個(gè)電路都是由一個(gè)靈敏電流表G和一個(gè)變阻器R組成，下列說(shuō)法正確的是（）A．甲表是電流表，R增大時(shí)量程增大B．甲表是電流表，R增大時(shí)量程減小C．乙表是電壓表，R增大時(shí)量程增大D．乙表是電壓表，R增大時(shí)量程減小【分析】靈敏電流計(jì)G和變阻器R并聯(lián)時(shí)，由于變阻器的分流，測(cè)量的電流增大，改裝成電流表，而靈敏電流計(jì)G和變阻器R串聯(lián)時(shí)，由于變阻器的分壓，測(cè)量的電壓增大，改裝成電壓表．甲表中，R增大時(shí)，變阻器分流減小，量程減?。冶碇校琑增大時(shí)，變阻器分擔(dān)的電壓增大，量程增大．【解答】解：A、甲表是電流表，R增大時(shí)，甲表中變阻器分流減小，量程減小，故A錯(cuò)誤，B正確．C、乙是電壓表，R增大時(shí)，變阻器分擔(dān)的電壓增大，乙表量程增大，故C正確，D錯(cuò)誤．故選：BC．【點(diǎn)評(píng)】本題考查電表改裝原理的理解能力．當(dāng)電流計(jì)的指針滿偏時(shí)，電流表或電壓表的指針滿偏，所測(cè)量的電流或電壓達(dá)到最大值．12．（4分）（2023秋?朝陽(yáng)區(qū)校級(jí)期中）如圖所示的電路中，輸入電壓U恒為12V，燈泡L標(biāo)有“6V12W”字樣，電動(dòng)機(jī)線圈的電阻RM=Ω．若燈泡恰能正常發(fā)光，以下說(shuō)法中不正確的是（）A．電動(dòng)機(jī)的輸入功率是12WB．電動(dòng)機(jī)的輸出功率是12WC．電動(dòng)機(jī)的熱功率是D．整個(gè)電路消耗的電功率是24W【分析】由燈泡銘牌可知燈泡額定電是6V，額定功率是12W，由電功率的變形公式P=UI可以求出燈泡正常發(fā)光時(shí)的電流；由串聯(lián)電路特點(diǎn)可以求出電動(dòng)機(jī)的電壓，由電功率公式可以求出電機(jī)總功率與熱功率，進(jìn)一步求出電動(dòng)機(jī)的輸出功率；由電功率公式可以求出整個(gè)電路的總功率．【解答】解：A、電動(dòng)機(jī)兩端的電壓為：U1=U﹣UL=12﹣6V=6V，整個(gè)電路中的電流為：I==A=2A，所以電動(dòng)機(jī)的輸入功率為：P入=U1I=6×2W=12W．故A正確．B、電動(dòng)機(jī)的熱功率為：P熱=I2RM=22×=，則電動(dòng)機(jī)的輸出功率為：P出=P入﹣P熱=12﹣2W=10W．故B不正確，C正確．D、整個(gè)電路消耗的功率為：P總=UI=12×2W=24W．故D正確．本題選不正確的，故選：B【點(diǎn)評(píng)】解決本題的關(guān)鍵知道電動(dòng)機(jī)的輸出功率與輸入功率、發(fā)熱功率的關(guān)系，以及知道整個(gè)電路消耗的功率P總=UI．13．（4分）（2023秋?昆明校級(jí)期末）一根阻值為R的均勻電阻絲，長(zhǎng)為L(zhǎng)，橫截面積為S，設(shè)溫度不變，在下列哪些情況下其電阻值仍為R？（）A．當(dāng)L不變，S增大一倍時(shí)B．當(dāng)S不變，L增大一倍時(shí)C．當(dāng)L和S都縮為原來(lái)的時(shí)D．當(dāng)L和橫截面的半徑都增大一倍時(shí)【分析】根據(jù)電阻定律R=，結(jié)合電阻絲長(zhǎng)度、橫截面積的變化判斷電阻的變化．【解答】解：A、根據(jù)電阻定律R=，當(dāng)L不變，S增大1倍，則電阻變?yōu)樵瓉?lái)的．故A錯(cuò)誤．B、根據(jù)電阻定律R=，當(dāng)S不變，L增大一倍時(shí)，電阻變成原來(lái)的2倍．故B錯(cuò)誤．C、根據(jù)電阻定律R=，當(dāng)L和S都縮為原來(lái)的時(shí)，電阻不變．故C正確．D、根據(jù)電阻定律R=，橫截面積的半徑增大為原來(lái)的2倍，則橫截面積變?yōu)樵瓉?lái)的4倍，長(zhǎng)度變?yōu)樵瓉?lái)的2倍，知電阻變成原來(lái)的一半；故D錯(cuò)誤；故選：C．【點(diǎn)評(píng)】解決本題的關(guān)鍵掌握電阻定律公式R=，知道影響電阻大小的因素為導(dǎo)體長(zhǎng)度、截面積及導(dǎo)體的村料．14．（4分）（2023?遂寧模擬）如圖所示，三個(gè)可視為質(zhì)點(diǎn)的金屬小球A、B、C，質(zhì)量分別為m、2m和3m，B球帶負(fù)電，電荷量為﹣q，A、C不帶電，不可伸長(zhǎng)的絕緣細(xì)線將三球連接，最上邊的細(xì)線連接在斜面頂端的O點(diǎn)，三球均處于場(chǎng)強(qiáng)大小為E的豎直向上的勻強(qiáng)電場(chǎng)中，三段細(xì)線均伸直，三個(gè)金屬球均靜止于傾角為30°的絕緣光滑斜面上，則下列說(shuō)法正確的是（）A．A、B球間的細(xì)線的張力為B．A、B球間的細(xì)線的張力可能為0C．將線OA剪斷的瞬間，B、C間的細(xì)線張力D．將線OA剪斷的瞬間，A、B球間的細(xì)線張力【分析】靜止時(shí)，對(duì)B球進(jìn)行受力分析，B受到AB間細(xì)線的拉力，BC間細(xì)線的拉力，重力和電場(chǎng)力、斜面的支持力，受力平衡，即可求得A、B球間細(xì)線的拉力；假設(shè)B球也不帶電，則剪斷OA線瞬間，A、B、C三個(gè)小球一起以加速度g做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，互相相對(duì)靜止，AB、BC間拉力為0．若B球帶電，則相當(dāng)于在上述狀態(tài)下給B球瞬間施加一個(gè)豎直下下的電場(chǎng)力qE，把AB看成一個(gè)整體即可求解．【解答】解：A、靜止時(shí)，對(duì)B球進(jìn)行受力分析，則有：T=（2mg+3mg+Eq）sin30°=（5mg+Eq），故A正確，B錯(cuò)誤；C、B球帶負(fù)電，相當(dāng)于在上述狀態(tài)下給B球瞬間施加一個(gè)豎直下下的電場(chǎng)力qE，經(jīng)過(guò)AB繩傳遞，qE對(duì)A、B球整體產(chǎn)生一個(gè)豎直下下的加速度，此時(shí)A、B球的加速度為a=g+（顯然＞g），C球以加速度g勻加速運(yùn)動(dòng)，所以BC間繩子的作用力為零，以A球?yàn)檠芯繉?duì)象可得A、B球間細(xì)線的拉力為F=ma′=，故C錯(cuò)誤，D正確．故選：AD【點(diǎn)評(píng)】本題主要是剪斷OA線瞬間，對(duì)A、B、C三個(gè)球的運(yùn)動(dòng)狀態(tài)的確定及受力分析，知道繩子一旦剪短之后，繩子的拉力立即為零，難度適中．二．實(shí)驗(yàn)題：（每空2分，共12分）15．（12分）（2023秋?肇慶期末）某同學(xué)用圖1所示電路，測(cè)繪標(biāo)有“，”的小燈泡的燈絲電阻R隨電壓U變化的圖象．除了導(dǎo)線和開(kāi)關(guān)外，有以下一些器材可供選擇：電流表：A1（量程100mA，內(nèi)阻約2Ω）；A2（量程，內(nèi)阻約Ω）；電壓表：V1（量程5V，內(nèi)阻約5kΩ）；V2（量程15V，內(nèi)阻約15Ω）；電源：E1（電動(dòng)勢(shì)為，內(nèi)阻為Ω）；E2（電動(dòng)勢(shì)為4V，內(nèi)阻約為Ω）．滑動(dòng)變阻器：R1（最大阻值約為100Ω），R2（最大阻值約為10Ω），電鍵S，導(dǎo)線若干．（1）為了調(diào)節(jié)方便，測(cè)量準(zhǔn)確，實(shí)驗(yàn)中應(yīng)選用電流表A2，電壓表V1，滑動(dòng)變阻器R2，電源E2．（填器材的符號(hào)）（2）根據(jù)實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)，計(jì)算并描繪出R﹣U的圖象如圖2所示．由圖象可知，此燈泡在不工作時(shí)，燈絲電阻為；當(dāng)所加電壓為時(shí)，燈絲電阻為，燈泡實(shí)際消耗的電功率為．（3）根據(jù)R﹣U圖象，可確定小燈泡耗電功率P與外加電壓U的關(guān)系．符合該關(guān)系的示意圖是下列圖中的A．【分析】（1）根據(jù)實(shí)驗(yàn)的要求結(jié)合題意選擇合理的電表及滑動(dòng)變阻器；（2）根據(jù)得出的圖象利用歐姆定律求解各種狀態(tài)下的電阻，注意不要用切線來(lái)求；（3）由功率公式可得出符合題意的圖象．【解答】解：（1）因小燈泡額定電流為，額定電壓為，故電流表應(yīng)選，電壓表應(yīng)選，又因測(cè)伏安特性曲線要求電壓與電流調(diào)節(jié)范圍大，故變阻器需用分壓式接法，應(yīng)選阻值小的變阻器，故變阻器應(yīng)選R2，顯然電源應(yīng)選．（2）由R﹣U圖象知U=0時(shí)R為Ω，U=3V時(shí)R為Ω，由P=得P=．（3）由P=知，U=0時(shí)P=0，故B、C不合題意，P隨U的增大而增大，故A正確．故答案為（1）A2；V1；R2；E2；（2）；；；（3）A．【點(diǎn)評(píng)】測(cè)定小燈泡的伏安特性曲線實(shí)驗(yàn)要求電壓與電流從零調(diào)起或要求電流電壓調(diào)節(jié)范圍大一些，因此，滑動(dòng)變阻器應(yīng)采用分壓式接法．三、計(jì)算題（共32分．解答過(guò)程應(yīng)寫(xiě)出必要的文字和公式，直接寫(xiě)出結(jié)果的得零分）16．（8分）（2023秋?天水校級(jí)月考）如圖所示，光滑斜面傾角為37°，質(zhì)量為m、電荷量為q的一帶有正電的小物塊，置于斜面上．當(dāng)沿水平方向加有如圖所示的勻強(qiáng)電場(chǎng)時(shí)，帶電小物塊恰好靜止在斜面上，重力加速度g已知sin37°=，cos37°=，求：（1）該電場(chǎng)的電場(chǎng)強(qiáng)度有多大？（2）若電場(chǎng)強(qiáng)度變?yōu)樵瓉?lái)的，小物塊沿斜面下滑距離為L(zhǎng)時(shí)的速度有多大？【分析】（1）對(duì)小球進(jìn)行受力分析，應(yīng)用平衡條件可求出電場(chǎng)力，進(jìn)而求出電場(chǎng)強(qiáng)度．（2）電場(chǎng)變化后受力分析求出合外力，應(yīng)用牛頓第二定律求解加速度，沿斜面下滑距離為L(zhǎng)時(shí)物體的速度的大小可由動(dòng)能定理或運(yùn)動(dòng)學(xué)知識(shí)求解【解答】解：（1）物體受到的力有重力mg，支持力FN．靜電力F=qE，qE=mgtan37°E=（2）當(dāng)電場(chǎng)強(qiáng)度變?yōu)樵瓉?lái)的時(shí)，物塊在斜面方向有：mgsinθ﹣qcosθ=ma代入數(shù)值得：a=m/s2方向沿斜面向下．由動(dòng)能定理，得：mgLsin37°﹣qE′Lcos37°=mv2﹣0．解得：v=答：（1）原來(lái)的電場(chǎng)強(qiáng)度的大小為；（2）小物塊沿斜面下滑距離為L(zhǎng)時(shí)物塊的速度的大小為【點(diǎn)評(píng)】問(wèn)題一是平衡條件的應(yīng)用，受力分析后應(yīng)用平衡條件即可；問(wèn)題二是牛頓運(yùn)動(dòng)定律的應(yīng)用，關(guān)鍵是求合力；應(yīng)用動(dòng)能定理即可，總體難度不是很大，細(xì)細(xì)分析即可17．（10分）（2023秋?費(fèi)縣期中）如圖所示，電荷q1固定于半徑為R的半圓光滑軌道圓心處，將另一帶正電電量為q2，質(zhì)量為m的小球，從軌道的A處無(wú)初速釋放，求：（1）小球運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)B點(diǎn)的速度大??；（2）小球在B點(diǎn)對(duì)軌道的壓力．【分析】（1）根據(jù)機(jī)械能守恒定律分別求出小球通過(guò)最低點(diǎn)時(shí)的速度大小．（2）小球經(jīng)過(guò)最低點(diǎn)時(shí)，由重力和支持力的合力提供向心力，根據(jù)牛頓運(yùn)動(dòng)定律求解小球?qū)壍缐毫Φ拇笮。窘獯稹拷猓海?）設(shè)小球通過(guò)軌道最低點(diǎn)時(shí)的速度大小為v．以軌道最低點(diǎn)所在的水平面為參考平面，小球從A到B的過(guò)程中只有重