2023屆高三物理二輪復(fù)習(xí)第二篇題型專項(xiàng)突破選擇題標(biāo)準(zhǔn)題（二）

PAGE2-選擇題標(biāo)準(zhǔn)題(二)總分值48分,實(shí)戰(zhàn)模擬,20分鐘拿下高考客觀題總分值!說明:共8小題,每題6分,在每題給出的四個選項(xiàng)中,第1～5題只有一項(xiàng)符合題目要求,第6～8題有多項(xiàng)符合題目要求。全選對的得6分,選對但不全的得3分,有選錯的得0分。1.如圖是某小型機(jī)械廠用于運(yùn)輸工件的簡易裝置,質(zhì)量都為m的箱子A和物體B,用跨過光滑定滑輪的輕質(zhì)細(xì)繩相連,A置于傾角θ=30°的斜面上,處于靜止?fàn)顟B(tài)。現(xiàn)向A中緩慢參加沙子,直至A開始運(yùn)動為止。那么在參加沙子的過程中,A所受的摩擦力()A.逐漸增大 B.逐漸減小C.先減小后增大 D.先增大后減小【解析】選C。未加沙子前,由題意知A、B的質(zhì)量相等,那么A的重力沿斜面向下的分力mgsin30°小于B的重力,說明A有沿斜面向上運(yùn)動的趨勢,所受的靜摩擦力方向沿斜面向下。加沙子后,設(shè)A的總質(zhì)量為M,那么由平衡條件得:當(dāng)mg>Mgsin30°時,f沿斜面向下,那么有mg=f+Mgsin30°,當(dāng)M增大時,靜摩擦力f減小;當(dāng)mg<Mgsin30°時,f沿斜面向上,那么有Mgsin30°=mg+f,當(dāng)M增大時,靜摩擦力f增大。故A所受的摩擦力先減小后增大。2.美國?國家利益?雜志網(wǎng)站2015年4月16日發(fā)表題為?中國下一個超級武器揭露:衛(wèi)星消滅者?的文章,援引美國空軍第14航空隊(duì)指揮官——空軍中將杰·雷蒙德的話,稱目前中國正在建設(shè)強(qiáng)大的反衛(wèi)星力量,使北京能夠?qū)Φ蛙壭l(wèi)星構(gòu)成致命威脅。在早期的反衛(wèi)星試驗(yàn)中,攻擊攔截方式之一是快速上升式攻擊,即“攔截器〞被送入與“目標(biāo)衛(wèi)星〞軌道平面相同而高度較低的追趕軌道,然后通過機(jī)動飛行快速上升接近目標(biāo)將“目標(biāo)衛(wèi)星〞摧毀。圖為追趕過程軌道示意圖。以下表達(dá)錯誤的選項(xiàng)是()A.圖中A是“目標(biāo)衛(wèi)星〞,B是“攔截器〞B.“攔截器〞和“目標(biāo)衛(wèi)星〞的繞行方向?yàn)閳D中的順時針方向C.“攔截器〞在上升的過程中重力勢能會增大D.“攔截器〞的加速度比“目標(biāo)衛(wèi)星〞的加速度大【解析】選A。由于攻擊攔截方式之一是快速上升式攻擊,即“攔截器〞被送入與“目標(biāo)衛(wèi)星〞軌道平面相同而高度較低的追趕軌道,所以圖中B是“目標(biāo)衛(wèi)星〞,A是“攔截器〞,故A錯誤;由于“攔截器〞軌道低、速度大,應(yīng)落后于“目標(biāo)衛(wèi)星〞,繞行方向應(yīng)為圖中的順時針方向,故B正確;“攔截器〞在上升的過程中要克服重力做功,所以重力勢能會增大,故C正確;由a=GMr2知“3.如下圖為緩慢關(guān)門時(圖中箭頭方向)門鎖的示意圖(俯視效果),鎖舌尖角為37°,此時彈簧彈力為24N,鎖舌外表較光滑,摩擦不計(sin37°=0.6,cos37°=0.8),那么以下說法正確的選項(xiàng)是()A.關(guān)門過程中鎖殼對鎖舌的彈力逐漸減小B.關(guān)門過程中鎖殼對鎖舌的彈力保持不變C.此時鎖殼對鎖舌的彈力為40ND.此時鎖殼對鎖舌的彈力為30N【解析】選C。關(guān)門時,鎖舌受到鎖殼的作用力,彈簧被壓縮,處于壓縮狀態(tài),那么彈力增大,故A、B錯誤;對鎖舌,受到彈簧彈力、鎖殼的作用力,受力平衡,那么有F彈=Fsin37°,因此F=240.64.如下圖,理想變壓器原線圈接交流電源和理想交流電流表,副線圈接熱水器和抽油煙機(jī),原、副線圈的匝數(shù)比為4∶1,副線圈上電壓的瞬時值u=2202sin100πt(V)。開關(guān)S斷開時,電流表示數(shù)是1A;開關(guān)S閉合時,電流表示數(shù)是1.25A。以下說法正確的選項(xiàng)是()A.交流電源輸出電壓的最大值是55VB.交流電源輸出電壓的最大值是880VC.S閉合時,抽油煙機(jī)消耗的功率是1100WD.S閉合時,抽油煙機(jī)消耗的功率是220W【解析】選D。電源輸出電壓的最大值為4u=8802V,那么A、B錯誤;開關(guān)S斷開時,電流表示數(shù)是I1=1A,那么通過熱水器的電流為4I1=4A,S閉合時,電流表示數(shù)是1.25A,那么副線圈的電流為4×1.25A=5A,那么抽油煙機(jī)的電流為5A-4A=1A,那么功率P=UI=220×1W=220W,那么C錯誤,D正確,應(yīng)選D。5.裂變反響是目前核能利用中常用的反響。以原子核

092235U為燃料的反響堆中,當(dāng)

092235U俘獲一個慢中子后發(fā)生的裂變反響可以有多種形式,其中一種可表示為

092235U+0A.Xe原子核中含有85個中子B.Xe原子核中含有139個質(zhì)子C.裂變時釋放能量,根據(jù)ΔE=Δmc2,所以裂變后核子總質(zhì)量增加D.裂變時釋放能量,出現(xiàn)質(zhì)量虧損,所以裂變后核子總質(zhì)量數(shù)減少【解析】選A。Xe的原子核中含有54個質(zhì)子,質(zhì)量數(shù)為139,所以Xe的中子數(shù)為139-54=85,故A正確,B錯誤;裂變反響過程中質(zhì)量數(shù)守恒,由于有能量放出,根據(jù)質(zhì)能方程可知,質(zhì)量有虧損,故C、D錯誤。6.美國物理學(xué)家密立根通過研究平行板間懸浮不動的帶電油滴,準(zhǔn)確地測定了電子的電荷量。如圖,平行板電容器兩極板M、N與電壓為U的恒定電源兩極相連,板的間距為d。現(xiàn)有一質(zhì)量為m的帶電油滴在極板間勻速下落,那么()A.此時極板間的電場強(qiáng)度E=UB.油滴帶電荷量為mC.減小極板間電壓,油滴將加速下落D.將極板N向下緩慢移動一小段距離,油滴將向上運(yùn)動【解析】選A、C。兩極板間的電壓為U,板間距離為d,那么板間的電場強(qiáng)度E=Ud,故A正確;油滴靜止不動,由平衡條件得mg=qE=qUd,得油滴帶電荷量為q=mgdU,故B錯誤;減小極板間的電壓時,由E=7.在傾角為θ的足夠長、光滑斜面上有兩個用輕彈簧連接的物塊A和B,它們的質(zhì)量分別是m和2m,彈簧的勁度系數(shù)為k,C為一固定擋板,系統(tǒng)處于靜止?fàn)顟B(tài)?，F(xiàn)用一沿斜面方向的恒力拉物塊A使之沿斜面向上運(yùn)動,當(dāng)B剛離開C時,A的速度為v,加速度方向沿斜面向上、大小為a,那么()A.從靜止到B剛離開C的過程中,A發(fā)生的位移為3B.B剛離開C時,恒力對A做功的功率為(mgsinθ+ma)vC.當(dāng)A的速度到達(dá)最大時,B的加速度大小為aD.從靜止到B剛離開C的過程中,重力對A做的功為-3【解析】選A、C。在未施加外力時,彈簧的壓縮量為Δx1=mgsinθk,當(dāng)B剛好離開C時,彈簧的伸長量為Δx2=2mgsinθk,故A發(fā)生的位移為Δx=Δx1+Δx2=3mgsinθk,故A正確;B剛離開C時,對A由牛頓第二定律可得F-3mgsinθ=ma,解得F=3mgsinθ+ma,故恒力對A做功的功率為P=Fv=(3mgsinθ+ma)v,故B錯誤;當(dāng)A的速度到達(dá)最大時,A受到的合外力為0,那么F-mgsinθ-T′=0,所以T′=2mgsinθ+ma,B沿斜面方向受到的力FB=T′-2mgsinθ=ma,又FB=2ma′,所以a′=FB2m=ma2m=8.如下圖,空間中存在一水平方向勻強(qiáng)電場和一水平方向勻強(qiáng)磁場,且電場方向和磁場方向相互垂直。在電磁場正交的空間中有一足夠長的固定粗糙絕緣桿,與電場正方向成60°夾角且處于豎直平面內(nèi)。一質(zhì)量為m,帶電量為+q的小球套在絕緣桿上。初始,給小球一沿桿向下的初速度v0,小球恰好做勻速運(yùn)動,電量保持不變。,磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B,電場強(qiáng)度大小為E=3mgA.小球的初速度為v0=2B.假設(shè)小球的初速度為3mgC.假設(shè)小球的初速度為mgD.假設(shè)小球的初速度為mgqB【解析】選A、C。對小球進(jìn)行受力分析如圖,電場力的大小F=qE=q×3mgq=3mg,由于重力的方向豎直向下。電場力的方向水平向左,二者垂直,合力FG+F=F2+(mg)2=2mg,由幾何關(guān)系可知,重力與電場力的合力與桿的方向垂直,所以重力與電場力的合力不會對小球做功,而洛倫茲力的方向與速度的方向垂直,所以也不會對小球做功。所以,當(dāng)小球做勻速直線運(yùn)動時,不可能存在摩擦力,沒有摩擦力,說明小球與桿之間就沒有支持力的作用,那么洛倫茲力大小與重力、電場力的合力相等,方向相反。所以qv0B=2mg,所以v0=2mgqB,故A正確;假設(shè)小球的初速度為3mgqB,那么洛倫茲力F洛=qv0