山東泰安市2022高三物理期末考試解析

高三年級考試物理模塊試題第一卷（選擇題共44分）1．【答案】B【知識點】微小形變的演示、萬有引力常量的測定、物理思想和方法【解析】生活中許多物體形變時，形變量很小，難以直接觀察，借助于桌面上平面鏡對光線的反射光線的移動以及插入密封的玻璃瓶中細管中液面的移動便可明顯地反映桌面和玻璃瓶的微小形變；而由于萬有引力常量很小，生活中常見的物體之間的萬有引力也很小，在測定引力常量時，小球之間的萬有引力無法直接測量，故借助于扭秤裝置，通過反射光線的移動巧妙地反映和求得小球間的萬有引力．可見，上述各實驗采用的都是微量放大的思想方法．2．【答案】BD【知識點】平均速度、圖像的應(yīng)用【解析】在圖像中，圖像與橫軸所圍成的“面積”表示該段時間內(nèi)物體通過的位移．由題中圖像可知，時間內(nèi)，乙的位移大于甲的位移，時間內(nèi)，甲的位移大于的乙位移，由平均速度的定義式可知，A錯B對；因兩車從同一地點出發(fā)，故再次相遇時，位移相等．由圖像可知，時間內(nèi)，乙的位移大于甲的位移，可見乙在甲前面，而時間內(nèi)，甲的位移大于的乙位移，可見甲在乙之前，故在時間內(nèi)，兩車再次相遇，亦故C錯D對．3．【答案】AD【知識點】細繩和彈簧的彈力及其動態(tài)變化、胡克定律、牛頓第二定律【解析】去掉拉力瞬間，彈簧來不及發(fā)生形變，仍處于現(xiàn)在的形變狀態(tài)，故彈簧彈力不變，物體A、B所受到的彈簧彈力不變，則細繩對物體A的彈力也不變，可見物體A受到的合力，物體B受到的合力，由牛頓第二定律知，物體A的加速度，物體B的加速度．故本題擇AD．4．【答案】A【知識點】功率、串并聯(lián)電路規(guī)律、閉合電路歐姆定律、電路的故障分析和判斷及動態(tài)分析【解析】若斷路，則外電路電阻增大，由閉合電路歐姆定律可知干路中的電流強度減小，燈泡兩端的電壓增大（其中保持不變），由知，燈泡消耗的功率增大，燈泡變亮，而由并聯(lián)電路分流原理可知，流過燈泡和安培表的電流都減小，則變暗、安培表示數(shù)減小，故A對；故若斷路，則整個電路不再閉合，故B錯；若短路，則外電路電阻減小，由閉合電路歐姆定律可知干路中的電流強度變大，兩端的電壓減小（其中保持不變），則流過的電流強度減小，由并聯(lián)電路分流原理可知，流過燈泡的電流變大，變亮，故C錯；若短路，則安培表被并聯(lián)到某電路兩端，必被燒毀，故D錯．5．【答案】ABC【知識點】電場強度、電勢、電勢能、電場線及等量同種點電荷周圍電場線的分布【解析】由等量同種點電荷周圍電場線的分布特點可知，AB對、且點電勢，則，可見把負點電荷從移至,電場力做功，故C對；而由電勢能可知，當時，，故D錯．6．【答案】BC【知識點】牛頓運動定律、超重和失重、功率及機械能守恒的條件【解析】若0～10s內(nèi)，空氣阻力不變，由牛頓運動定律可知空降兵的加速度亦不變，則其圖像應(yīng)為過坐標原點的直線，故A錯；重力的功率，因10s時的速度最大，故B對；10s～15s內(nèi)，空降兵減速下降，可見其加速度豎直向上，空降兵處于超重狀態(tài)，故C對；15s后，空降兵受到的空氣阻力做負功，其機械能減小，故D錯．7．【答案】AC【知識點】勻速圓周運動規(guī)律、第一宇宙速度、萬有引力定律在天體運動中的應(yīng)用【解析】由可知，和同步衛(wèi)星相比，天宮一號的周期小，故軌道半徑小，則向心加速度大，故A對；而軌道半徑，則天宮一號的運行速度，，故B錯；在飛行器對接中，要先加速離心抬高軌道高度、在減速向心運動實現(xiàn)對接，故C對D錯．8．【答案】BC【知識點】力的平衡、牛頓運動定律、受力分析【解析】因物體A靜止且力，由力的平衡知識可知，物體A要受到物體B的支持力和水平向右的靜摩擦力，可見物體A對物體B有壓力和摩擦力的作用．以A、B整體為研究對象，若斜面的摩擦力為0，則整體受到重力、斜面支持力及水平力作用，由力的平衡知識可知，此時整體仍可保持靜止狀態(tài)，故此時，物體B受到4個力作用；對整體，若重力與水平力在沿斜面方向上的分力不平衡，則整體要受到沿斜面方向上的靜摩擦力作用，此時物體B受到5個力作用．9．【答案】C【知識點】楞次定律、法拉第電磁感應(yīng)定律、閉合電路歐姆定律【解析】根據(jù)圖像，由法拉第電磁感應(yīng)定律及閉合電路歐姆定律可知導(dǎo)體圓環(huán)中的電流強度在0～2s內(nèi)，，其中為常量，故電流強度大小不變、又由楞次定律可知，電流方向沿正方向；同理可知，在2～4s內(nèi)，圓環(huán)中電流大小不變、方向沿負方向，故本題擇C．10．【答案】A【知識點】勻強電場中電場強度與電勢差的關(guān)系、電場力、安培定則、洛倫茲力及力的平衡【解析】由安培定則可知，血液中正離子偏向a極、負離子偏向b極，故a正b負；當帶電粒子受到的電場力和洛倫茲力平衡時，ab間電勢差恒定，有，代數(shù)可得帶電離子速度及血液流動速度1．3ｍ/s．故本題擇A．11．【答案】AD【知識點】功、動能定理、功能原理【解析】功是能量轉(zhuǎn)化的量度，在拉力做功的過程中，木箱的機械能增加、且木箱與斜面之間有熱量產(chǎn)生，顯然力做的功，而木箱克服摩擦力做的功在數(shù)值上等于，故A對；不難知，摩擦力對木箱做的功，可見=故C錯；由動能定理可知，對木箱有，可見，其中，分別為克服重力和摩擦力做的功，故B錯D對．12．（1）【答案】等間距等于【知識點】勻速運動位移公式、力的平衡及合力的求解【解析】紙帶上相鄰兩點之間的時間間隔相等，由可知，若相鄰兩點之間等間距，則紙帶速度不變；當滑塊沿木板勻速運動時，，故去掉鉤碼，滑塊受到的合力，即滑塊受到的合力等于鉤碼自身的重力．（2）【答案】①如圖所示②D③4【知識點】電表改裝、伏安法測電阻、滑線變阻器的選擇和使用、功率及閉合電路歐姆定律【解析】為畫出電子器件的伏安特性曲線，需要測出其兩端的電壓和通過的電流，故應(yīng)把與電流計串聯(lián)構(gòu)成伏特表，且該伏特表的內(nèi)阻為，而電子器件的電阻約有，顯然有，故宜用電流表的外接法；而為使測量的變化范圍盡可能大一些，則滑線變阻器應(yīng)用分壓式連接、且為便于調(diào)節(jié)電路，滑線變阻器的電阻應(yīng)盡量較小，故滑線變阻器選擇D；由圖甲可知電子元件、串聯(lián)，通過的電流強度相等，由功率可知，在圖乙中，、消耗的功率相等時，通過、的電流強度A、兩端的電壓分別為V，故==．由閉合電路歐姆定律可知，即，得．13．【答案】⑴10N、豎直向下⑵ｍ【知識點】牛頓運動定律、功、動能以及動能定理【解析】⑴小物塊由到的過程，由動能定理得：，在點，由牛頓第二定律得：，代數(shù)可得Ｎ，根據(jù)牛頓第三定律知對軌道的壓力大小為１０Ｎ、方向豎直向下．⑵小物塊通過最高點時，由牛頓第二定律可得：，由題意知；而小物塊由到的過程，由動能定理得：，由以上各式可得ｍ．14．【答案】⑴9J⑵2．25ｍ【知識點】速度公式、位移公式、位移與速度的關(guān)系、牛頓運動定律以及功的計算【解析】⑴對小物塊有：，設(shè)拉力的作用時間為，則小物塊的位移；對木板有：，木板的位移；由題意知ｍ，由以上各式可得ｍ、ｍ、ｓ．故拉力做的功Ｊ．⑵撤去拉力時，物塊和木板的速度分別為和，此后，設(shè)經(jīng)過時間，速度共同變?yōu)椋畡t對小物塊：，且；對木板：，且、；在物塊和木板一起減速直到靜止的過程中，設(shè)其位移為，對物塊和木板有、且，由以上各式可得=0．625ｍ，=1．125ｍ，而木板的位移ｍ．15．【答案】⑴⑵⑶【知識點】運動學(xué)公式、運動的合成與分解、牛頓運動定律、電場力做功、動能定理、洛倫茲力以及帶電粒子在勻強電場和磁場中的運動【解析】⑴在電容器Ⅰ中：，解得．⑵設(shè)微