陜西省煤炭建設公司第一中學2022-2023學年物理高一第二學期期末經典模擬試題含解析

2022-2023學年高一下物理期末模擬試卷注意事項：1．答題前，考生先將自己的姓名、準考證號填寫清楚，將條形碼準確粘貼在考生信息條形碼粘貼區(qū)。2．選擇題必須使用2B鉛筆填涂；非選擇題必須使用0．5毫米黑色字跡的簽字筆書寫，字體工整、筆跡清楚。3．請按照題號順序在各題目的答題區(qū)域內作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無效；在草稿紙、試題卷上答題無效。4．保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、選擇題：（1-6題為單選題7-12為多選，每題4分，漏選得2分，錯選和不選得零分）1、(本題9分)如圖所示,用水平力F推放在水平粗糙地面上的木箱,關于木箱所受摩擦力下列說法正確的是A．若木箱保持靜止,則F越大,它所受摩擦力越大B．若木箱保持靜止,則木箱質量越大,它所受摩擦力越大C．若木箱向前滑動,則F越大,它所受摩擦力越大D．若木箱向前滑動,則木箱運動越快,它所受摩擦力越大2、用小錘擊打彈性金屬片后，一小球做平拋運動，同時另一小球做自由落體運動．兩球運動的頻閃照片如圖所示，最上面與最下面小球位置間的實際豎直距離為1m，照片中反映的實際情況是A．自由下落小球相鄰位置間的位移相等B．平拋運動小球相鄰位置間的位移相等C．自由下落小球相鄰位置間的距離一定大于0.1mD．平拋運動小球相鄰位置間的水平距離一定大于0.1m3、(本題9分)在粒子物理學的研究中,經常應用“氣泡室”裝置。粒子通過氣泡室中的液體時能量降低,在它的周圍有氣泡形成,顯示出它的徑跡,如圖所示為帶電粒子在氣泡室運動徑跡的照片,氣泡室處于垂直紙面向里的勻強磁場中,下列有關甲、乙兩粒子的判斷正確的是A．甲粒子從b向a運動 B．乙粒子從c向d運動C．甲粒子帶正電 D．乙粒子帶負電4、一個用半導體材料制成的電阻器D，其電流I隨它兩端電壓U變化的伏安特性曲線如圖甲所示?，F將它與兩個標準電阻R1、R2組成如圖乙所示的電路，當開關S接通位置1時，三個用電器消耗的電功率均為P。將開關S切換到位置2后，電阻器D和電阻R1、R2消耗的電功率分別為PD、P1、P2，下列判斷正確的是A．PB．PC．PD．P5、(本題9分)從空中以v0=40m/s的初速度水平拋出一重為G=10N的物體，物體在空中運動t=5s落地，不計空氣阻力，取g=10m/s2，則物體落地前瞬間，重力的瞬時功率為()A．500W B．400W C．300W D．700W6、一根彈簧的彈力（F）大小與彈簧伸長量（x）的圖線如圖所示，那么在彈簧的伸長量由4cm伸長到8cm的過程中，彈簧彈力做功和彈性勢能的變化量為A．0.6J，-0.6JB．-0.6J，0.6JC．1.8J，-1.8JD．-1.8J，1.8J7、(本題9分)如圖所示，直線A為電源的UI圖線，直線B和C分別為電阻R1、R2的UI圖線，用該電源分別與R1、R2組成閉合電路時，電源的輸出功率分別為P1、P2，電源的效率分別為η1、η2，則()A．P1>P2 B．P1＝P2C．η1>η2 D．η1<η28、如圖甲所示，一輕彈簧的兩端與質量分別為、的兩物塊A、B相連接，并靜止在光滑水平面上?，F使B獲得水平向右、大小為6m/s的瞬時速度，從此刻開始計時，兩物塊的速度隨時間變化的規(guī)律如圖乙所示，從圖像提供的信息可得（）A．在、兩個時刻，兩物塊達到共同的速度2m/s，且彈簧都處于伸長狀態(tài)B．在到時刻之間，彈簧由壓縮狀態(tài)恢復到原長C．兩物體的質量之比為:=2:1D．運動過程中，彈簧的最大彈性勢能與B的初始動能之比為2：39、(本題9分)半徑為r和R(r<R)的光滑半圓形槽，其圓心均在同一水平面上，如圖所示，質量相等的兩小球(可看成質點)分別自半圓形槽左邊緣的最高點無初速度地釋放，在下滑過程中關于兩小球的說法，不正確的是A．機械能均逐漸減小B．經最低點時動能相等C．兩球在最低點加速度大小不等D．機械能總是相等的10、下列關于電場強度的說法中，正確的是（）A．由公式知，電場強度與點電荷所受電場力成正比，與點電荷的電荷量成反比B．由公式知，點電荷在電場中所受電場力與電場強度成正比，與電荷量成正比C．由公式可知，電場強度與電荷量成正比，與成反比D．以上說法均不正確11、已知地球的質量為M，半徑為R，表面的重力加速度為g，那么地球的第一宇宙速度的表達式有：A． B． C． D．12、(本題9分)如圖所示,是質量為、半徑為的光滑半圓弧槽,放在光滑的水平桌面上.是質量為的細長直桿,在光滑導孔的限制下,只能上下運動.物塊的質量為緊靠放置.初始時,桿被夾住,使其下端正好與半圓弧槽內側的上邊緣接觸,然后從靜止釋放.則以下說法正確的是（）A．在桿向下運動過程中,組成的系統(tǒng)機械能守恒,動量守恒B．當桿的下端運動到槽的最低點時速度為零C．桿的下端運動到槽的最低點時和的速度是D．桿的下端經過槽的最低點后,能上升的最大高度是二、實驗題（本題共16分，答案寫在題中橫線上）13、（6分）在“驗證機械能守恒定律”的實驗中，當地重力加速度的值為9.80m/s2，所用重物的質量為1.00kg.若按實驗要求正確地選出紙帶進行測量，量得連續(xù)三點A、B、C到第一個點的距離如圖所示(相鄰計數點時間間隔為0.02s)，那么：

(1)打點計時器打下計數點B時，物體的速度VB__________

；

(2)從起點O打下計數點B的過程中重力勢能減少量是△Ep=

______

，此過程中物體動能的增加量△Ek=______

(取g=9.8m/s2)；

(3)通過計算，數值上△Ep______

△Ek(填“>”、“=”或“<”)，這是因為

______

；

(4)實驗的結論是

______

．14、（10分）(本題9分)在用伏安法測電阻的實驗中，待測電阻Rx約為50Ω，電壓表V的內阻約為4kΩ，電流表A的內阻約為10Ω。為盡量減小實驗誤差，應采用圖___________（選填“甲”或“乙”）所示的測量電路。某同學選擇正確的測量電路后進行實驗，若電壓表和電流表的讀數分別為U和I，電阻的測量值由Rx測=三、計算題要求解題步驟，和必要的文字說明（本題共36分）15、（12分）某星球“一天”的時間是T=12h，用彈簧秤在該星球表而“赤道”與“兩極”測同—物體的“重量”之比為8/9，設想該該星球自轉的角速度加快，會使赤道上的物體自動飄起來，這時星球的“一天”是多少小時？16、（12分）(本題9分)質量為2kg的物體在水平地面上，受到一沿水平方向大小為11N的拉力作用，使物體從A點移到B點，移動距離為x＝2m，已知地面與物體之間的動摩擦因數μ＝1．2．(g取11m/s2)求：（1）拉力對物體做的功；（2）摩擦力對物體做的功；（3）合外力對物體做的功．17、（12分）(本題9分)如圖所示，圓心角為90°的光滑圓弧形軌道，半徑R為1.6m，其底端切線沿水平方向．長為l＝的斜面，傾角為θ＝60°，其頂端與弧形軌道末端相接，斜面正中間有一豎直放置的直桿；現讓質量為1kg的物塊從弧形軌道的頂端由靜止開始滑下，物塊離開弧形軌道后剛好能從直桿的頂端通過，重力加速度g取10m/s2，求：(1)物塊滑到弧形軌道底端時對軌道的壓力大??；(2)直桿的長度．

參考答案一、選擇題：（1-6題為單選題7-12為多選，每題4分，漏選得2分，錯選和不選得零分）1、A【解析】

若木箱保持靜止，則靜摩擦力與F大小相等，F越大，則它所受的摩擦力越大；故A正確；木箱受到的靜摩擦力與質量無關，故B錯誤；若木箱滑動，則物體受到的是滑動摩擦力，摩擦力大小與正壓力有關，和推力F無關，故C錯誤；滑動摩擦力的大小與運動快慢無關，故D錯誤；故選A?！军c睛】在分析摩擦力時，首先要明確物體受到的是滑動摩擦力還是靜摩擦力，再根據摩擦力的性質進行分析解答．滑動摩擦力與正壓力成正比、與動摩擦因數成正比，與其他因素無關；靜摩擦力根據物體的受力分析進行判斷．2、D【解析】

A．小球做自由落體運動，相等時間內的位移增大，故A錯誤；B．平拋運動小球在豎直向相同時間內位移增大，則相鄰位置間的位移不相等，故B錯誤；C．1米對于10等分的話為0.1m，但自由下落相同時間內的位移增大，則剛下落時的距離要小于0.1m，則C錯誤；D．由圖可知水平長度要大于豎直高度，而水平向為勻速直線運動，則為距離平分，要大于0.1m，故D正確．3、A【解析】

帶電粒子沿垂直于磁場方向射入勻強磁場，粒子的能量逐漸減小，速度減小，則半徑減小，即可由軌跡分析粒子入射的方向．由左手定則判斷電荷的電性。【詳解】帶電粒子沿垂直于磁場方向射入勻強磁場，粒子的能量逐漸減小，速度減小，由粒子軌道半徑公式：r=mv甲粒子從b向a運動，由左手定則可知，甲粒子帶負電乙粒子從d向c運動，由左手定則可知，乙粒子帶正電。故應選：A?！军c睛】本題只要掌握帶電粒子在磁場中勻速圓周運動的半徑r=mv4、C【解析】

當開關接1時，R1、R2串聯時，電阻兩端的電壓相等，均為12U0；當開關接2時，R1與D并聯，電阻減小，R1的電壓減小，小于12U0，R2的電壓增大，大于12U0，根據功率公式P=U2R得知，P1<P，P1<P2，故AB錯誤。當開關接1時，根據三電阻的功率相等，利用R=U2R可知R1=R2，RD=4R1，總電阻R總=RDR1+R2RD+R1+R2=4R1R1+R14R1+R1+R1=43R1，3P=U02R【點睛】本題考查了串聯電路的分壓特點和并聯電路特點，以及歐姆定律、電功率公式的靈活應用；難點是根據歐姆定律分析出圖中電阻與電壓的關系和各電阻功率關系的判斷。5、A【解析】

物體做的是平拋運動，在豎直方向上是自由落體運動，所以在物體落地的瞬間速度的大小為vy=gt=10×5m/s=50m/s，物體落地前瞬間，重力的瞬時功率為P=Fv=mgvy=10×50W=500W．故選A．【點睛】公式P=Fv通常用來求解瞬時功率，往往用來求解平均功率，是在平均速度可求得的情況下計算平均功率的特殊方法．6、D【解析】

F-x圖象與x軸包圍的面積表示彈力做功的大小，故彈簧由伸長量4cm到伸長量8cm的過程中，彈力的功：W=-1A.0.6J，-0.6J與分析不符，A錯誤B.-0.6J，0.6J與分析不符，B錯誤C.1.8J，-1.8J與分析不符，C錯誤D.-1.8J，1.8J與分析相符，D正確7、BC【解析】

電源的U-I與電阻的U-I的交點代表該電阻接入電源時的路端電壓和電流，對照圖像可得該電源分別與R1、R2組成閉合電路時，電源的輸出功率分別為P1、P2：．P1=4v×2A=8w，P1=2v×4A=8w所以P1=P2選項B對A錯．電源的效率8、BCD【解析】

兩個滑塊與彈簧系統(tǒng)機械能守恒、動量守恒，結合圖象可以判斷它們的能量轉化情況和運動情況。【詳解】A.從圖象可以看出，從0到t1的過程中彈簧被拉伸，t1時刻兩物塊達到共同速度2m/s，此時彈簧處于伸長狀態(tài)，從t2到t3的過程中彈簧被壓縮，t3時刻兩物塊達到共同速度2m/s，此時彈簧處于壓縮狀態(tài)，故A錯誤；B.由圖示圖象可知，從t3到t4時間內A做減速運動，B做加速運動，彈簧由壓縮狀態(tài)恢復到原長，故B正確；C.由圖示圖象可知，t1時刻兩物體速度相同，都是2m/s，A、B系統(tǒng)動量守恒，以B的初速度方向為正方向，由動量守恒定律得：，即，解得：，故C正確；D.由圖示圖象可知，在初始時刻，B的初動能為：在t1時刻，A、B兩物塊的速度是2m/s，A、B兩物塊動能之和為：所以，這時候，最大的彈性勢能為，所以：故D正確。9、ABC【解析】試題分析：兩小球下滑過程中只有重力做功，機械能守恒，A錯誤，D正確；對小球下滑到最低端應用動能定理得：mgr=12m考點：本題考查了機械能守恒定律和圓周運動的知識10、BC【解析】

A.場強E是由電場本身決定的,與試探電荷無關,不能說E與F成正比,與q成反比，故A錯誤B.場強E是由電場本身決定的,與試探電荷無關,由公式知，點電荷在電場中所受電場力與電場強度成正比，與電荷量成正比，故B正確；CD.由公式可知，Q為場源電荷，電場強度與電荷量成正比，與成反比，故C正確；D錯誤；11、AB【解析】第一宇宙速度是衛(wèi)星在近地圓軌道上的環(huán)繞速度，根據萬有引力提供向心力得：，解得:，故A正確，根據地面附近引力等于重力得：，聯立可得：，故AB正確，CD錯誤．12、BC【解析】

在桿向下運動過程中,組成的系統(tǒng)只有重力做功，機械能守恒；水平方向受合外力為零，水平方向動量守恒，在豎直方向，A有加速度，所以系統(tǒng)的合外力不為零，動量不守恒，故A錯誤；桿A的下端運動到碗的最低點時，長直桿在豎直方向的速度為0，由機械能守恒定律3mgR=×3mvB2，解得：vB=vC=，故BC正確；直桿的下端上升到所能達到的最高點時，長直桿在豎直方向的速度為0，對AB系統(tǒng)由機械能守恒定律，則有：×2mvB2=3mgh，解得：h=，故D錯誤.故選BC．點睛：主要考查了機械能守恒定律的直接應用，要知道長直桿的下端第一次運動到碗內的最低點時，A的水平方向速度為零，長直桿的下端上升到的最高點時直桿豎直方向速度為零，難度適中．二、實驗題（本題共16分，答案寫在題中橫線上）13、0.98m/s0.49J0.48J>存在摩擦阻力在誤差范圍內物體下落機械能守恒【解析】(1)B點的瞬時速度等于AC段的平均速度，則vB(2)從起點O到打下計數點B的過程中重力勢能減少量是△Ep=mgh=1×9.8×0.0501J≈0.49J動能的增加量ΔE(3)可見重力勢能的減小量大于動能的增加量，原因是實驗中存在摩擦阻力；(4)實驗的結論是在誤差允許的范圍內，機械能守恒。點晴：通過相等時間間隔內位移的變化判斷紙帶的哪一端與重物相連．根據下降的高度求出重力勢能的減