（衡水金卷）高三物理月大聯(lián)考試題

學(xué)必求其心得，業(yè)必貴于專精學(xué)必求其心得，業(yè)必貴于專精13-學(xué)必求其心得，業(yè)必貴于專精PAGE衡水金卷2018屆全國高三大聯(lián)考（9月）物理一、選擇題:：共12小題，每小題4分，在每小題給出的四個選項中，第1~8題只有一項符合題目要求，第9~12題有多項符合題目要求，全部選對得4分，選對但不全的得2分,有選錯的得0分1．下列說法正確的是A．兩個帶電質(zhì)點(diǎn),只在相互作用的靜電力下運(yùn)動，若其中一個質(zhì)點(diǎn)的動量增加，另一個質(zhì)點(diǎn)的動量一定減少B．波爾將量子觀念引入原子領(lǐng)域,成功解釋了氫原子光譜的特征C．在原子核中,比結(jié)合能越小表示原子核中的核子結(jié)合的越牢固D．已知?dú)湓訌幕鶓B(tài)躍遷到某一激發(fā)態(tài)需要吸收的能量為12。09eV，則動能等于12。09eV的另一個氫原子與這個氫原子發(fā)生正碰,可以使這個原理靜止并處于基態(tài)的氫原子躍遷到該激發(fā)態(tài)答案B:根據(jù)動量守恒定律，若兩個帶同種電荷的質(zhì)點(diǎn)在斥力作用下由靜止彈開,兩個質(zhì)點(diǎn)的動量都增大，A錯誤;波爾理論能解釋氫原子光譜特征，B正確；根據(jù)比結(jié)合能的含義可知比結(jié)合能越大，原子核中核子結(jié)合得越牢固,C錯誤；根據(jù)動量守恒定律和能量守恒定律可知兩個氫原子發(fā)生碰撞時,其中一個氫原子的電子獲得的能量一定小于12.09eV，D錯誤。2．質(zhì)量為m的物體放置在水平地面上，物體與地面間的動摩擦因數(shù)，現(xiàn)用拉力F（與水平方向的夾角為)拉動物體沿地面勻速前進(jìn)，下列說法正確的是A．=0°即拉力F水平時，拉力最小B．=45°時，拉力F最小C．拉力F的最小值為D．拉力F的最小值為答案C：由勻速運(yùn)動條件有得，當(dāng)=30°時,拉力F的最小值為,C正確.3．摩天輪是游樂場一種大型轉(zhuǎn)輪狀設(shè)施，摩擦力邊緣懸掛透明座艙，乘客隨座艙在豎直面內(nèi)做勻速圓周運(yùn)動，隨摩天輪轉(zhuǎn)動過程中,可以俯瞰四周景色,下列敘述正確的是A．摩天輪轉(zhuǎn)動過程中，乘客的機(jī)械能保持不變B．摩天輪轉(zhuǎn)動一周的過程中,乘客重力的沖量為零C．在最高點(diǎn),乘客重力大于座椅對他的支持力D．摩天輪轉(zhuǎn)動過程中，乘客重力的瞬時功率保持不變答案C：乘客隨摩天輪勻速轉(zhuǎn)動上升過程中,動能不變，重力勢能增加,機(jī)械能增加，A錯誤；根據(jù)沖量的定義可知摩天輪轉(zhuǎn)動一周的過程中,乘客重力的沖量不為零，B錯誤;在最高點(diǎn),重力和支持力的合力提供向心力,重力大于支持力,C正確;重力大小不變，但是豎直方向的速度分量總在變化，故乘客重力的瞬時功率是變化的，D錯誤4．如圖所示，一理想變壓器原副線圈的匝數(shù)比，變壓器原線圈通過一理想電流表A接的正弦交流電，副線圈接有三個規(guī)格相同的燈泡和兩個二極管，已知兩二極管的正向電阻均為零,反向電阻均為無窮大,不考慮溫度對燈泡電阻的影響，用交流電壓表測得a、b端和c、d端的電壓分別為和，下列分析正確的是A．B．流經(jīng)的電流是流經(jīng)電流表的電流的2倍C．若其中一個二極管被短路,電流表的示數(shù)將不變D．若通電1小時,消耗的電能等于消耗的電能之和答案D：根據(jù)變壓器原理可知流經(jīng)的電流是流經(jīng)電流表的電流的4倍,副線圈兩端電壓為原線圈兩端電壓的四分之一，即55V,但cd間電壓不等于副線圈電壓,AB錯誤;若其中一個二極管被短路，副線圈電路發(fā)生變化,原線圈電流表的示數(shù)也要發(fā)生變化,C錯誤；根據(jù)能量守恒定律知D正確。5．碳14可以用來作示蹤劑標(biāo)記化合物，也常在考古學(xué)中測定生物死亡年代，在勻強(qiáng)電場中有一個初速度可以忽略的放射性碳14原子核,它所放射的粒子與反沖核經(jīng)過相等的時間所形成的徑跡如圖所示，a、b均表示長度，那么碳14的衰變方程可能為A．B．C．D．答案A:對圖線分析，根據(jù)類平拋鼓勵，對放射出的粒子1有，對反沖核2有，又根據(jù)動量守恒定律可得，聯(lián)立解得，A正確；6．如圖所示，物塊A質(zhì)量為1kg,足夠長的木板B質(zhì)量為2kg,疊放在水平地面上，A、B間動摩擦因數(shù)=0.4，B與地面間動摩擦因數(shù)=0.1,且最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，現(xiàn)對A施加一個逐漸增大的水平力F=kt（k=1N/s，t為時間）,,則下面關(guān)于A與B間摩擦力、B與地面間摩擦力以及A、B加速度與時間關(guān)系圖像正確的是答案B:對A、B進(jìn)行受力分析可得在0～3s內(nèi)即F在0~3N時，A、B靜止，A、B加速度a=0，摩擦力均勻增大，在3~4。5s內(nèi)即F在3～4.5N時，A、B有共同的加速度，在4。5s時即F=4.5N時,A、B共同加速度最大為，此時，之后A、B相對滑動,在t=4.5s以后即F〉4。5N，A、B相對滑動，，不再變化,，不再變化，注意4.5s前后A的加速度變化快慢不同，綜上分析，ACD錯誤B正確；7．一勻強(qiáng)電場的方向平行于xOy平面，平面內(nèi)a、b、c三點(diǎn)的位置如圖所示,三點(diǎn)的電勢分別為10V、17V、26V。下列說法正確的是A．a(chǎn)b連線中點(diǎn)的電勢與ac連線中點(diǎn)的電勢相等B．電子在a點(diǎn)的電勢能比在b點(diǎn)的電勢能少7eVC．若電子從b點(diǎn)運(yùn)動到c點(diǎn)，需克服電場力做功9eVD．電場強(qiáng)度的大小為2.5V/m答案D：根據(jù)勻強(qiáng)電場分別規(guī)律可知ac連線中點(diǎn)的電勢為18V，ab連線的中點(diǎn)的電勢為13.5V，A錯誤；電子在電勢較低位置的電勢能大于電子在電勢較高位置的電勢能，B錯誤；電子從電勢較低處向電勢較高處運(yùn)動，電場力做正功，C錯誤；如圖所示，設(shè)ac之間的d點(diǎn)電勢與b點(diǎn)相同,則,所以d點(diǎn)的坐標(biāo)為(3。5cm，6cm)，過c點(diǎn)作等勢線bd的垂線，由幾何關(guān)系可得cf的長度為3。6cm,電場強(qiáng)度的大小為，D正確；8．如圖所示，在豎直平面內(nèi)有一邊長為a的等邊三角形區(qū)域ABC,該區(qū)域中存在垂直平面向里的勻強(qiáng)磁場和豎直方向的勻強(qiáng)電場,勻強(qiáng)電場的場強(qiáng)為E，一帶正電，電量為q的小球以速度v沿AB邊射入勻強(qiáng)磁場中恰好能做勻速圓周運(yùn)動，欲使帶電小球能從AB邊射出，重力加速度為g，則下列說法正確的是A．勻強(qiáng)磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度B的最小值應(yīng)為B．勻強(qiáng)磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度B的最小值應(yīng)為C．勻強(qiáng)磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度B的最小值應(yīng)為D．當(dāng)磁感應(yīng)強(qiáng)度取最小值時，小球在磁場內(nèi)運(yùn)動的時間最短答案C：小球進(jìn)入磁場后恰好做勻速圓周運(yùn)動，所以,即，當(dāng)圓周運(yùn)動軌道半徑最大時對應(yīng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度最小，由幾何關(guān)系可得，結(jié)合可得，所以，A、B錯誤C正確；小球運(yùn)動時間，從AB邊射出時偏轉(zhuǎn)角相等，而周期，磁感應(yīng)強(qiáng)度B越小，周期越大，故運(yùn)動時間越長，D錯誤；9．2017年6月19日，我國在西昌衛(wèi)星發(fā)射中心發(fā)射“中星9A”廣播電視直播衛(wèi)星，按預(yù)定計劃，“中星9A”應(yīng)該首選被送入近地點(diǎn)約為200公里，遠(yuǎn)地點(diǎn)約為3。6萬公里的轉(zhuǎn)移軌道II（橢圓），然后通過在遠(yuǎn)地點(diǎn)變軌,最終進(jìn)入地球同步軌道III（圓形）。但是由于火箭故障,衛(wèi)星實際入軌后初始軌道I遠(yuǎn)地點(diǎn)只有1.6萬公里?？萍既藛T沒有放棄，通過精心操作，利用衛(wèi)星自帶燃料在近地點(diǎn)點(diǎn)火，盡量抬高遠(yuǎn)地點(diǎn)的高度，經(jīng)過10次軌道調(diào)整，終于在7月5日成功定點(diǎn)于預(yù)定軌道,下列說法正確的是A．失利原因可能是發(fā)射速度沒有達(dá)到9。7km/sB．衛(wèi)星在軌道III經(jīng)過Q點(diǎn)時和在軌道II經(jīng)過Q點(diǎn)時的速度相同C．衛(wèi)星從軌道I的P點(diǎn)進(jìn)入軌道II后機(jī)械能增加D．衛(wèi)星在軌道II由P點(diǎn)向Q點(diǎn)運(yùn)行時處于失重狀態(tài)答案CD：發(fā)射速度大于第一宇宙速度,A錯誤;在軌道II和軌道III的Q點(diǎn)，衛(wèi)星機(jī)械能不等，衛(wèi)星重力勢能相等,但動能不等,所以速度大小不等,B錯誤;衛(wèi)星從軌道I進(jìn)入軌道II機(jī)械能增加，C正確;衛(wèi)星環(huán)繞地球運(yùn)行的過程中，萬有引力提供向心力，處于失重狀態(tài)，D正確；10．在真空中的光滑絕緣水平面上有一帶電小滑塊，開始時滑塊靜止，現(xiàn)在滑塊所在空間加一水平方向的勻強(qiáng)電場,持續(xù)一段時間后立即換成與相反方向的勻強(qiáng)電場。當(dāng)電場與電場持續(xù)時間相同時,滑塊恰好回到初始位置，則在上述前后兩個過程中A．滑塊動能增量之比為1：3B．電場強(qiáng)度大小之比為1：2C．滑塊動量增量大小之比為1:3D．電場力的最大瞬時功率之比為1:4答案AC：由位移關(guān)系得，所以兩階段電場強(qiáng)度大小之比為1：3,兩階段末速度大小之比為，兩階段動能增量之比為1：3，兩階段動量增量之比為1：3，最大瞬時功率之比為1:6，所以AC正確;11．做磁共振檢查時，對人體施加的磁場發(fā)生變化時會在肌肉組織中產(chǎn)生感應(yīng)電流。為了探究該感應(yīng)電流對肌肉組織的影響，可將包裹在骨骼上的一圈肌肉組織等效成單匝線圈,如圖所示,若等效線圈的半徑為r，線圈導(dǎo)線的截面積為S，電阻率為，勻強(qiáng)磁場方向與線圈平面垂直，磁感應(yīng)強(qiáng)度在時間內(nèi)從B均勻地減為零，則下列說法正確的是A．沿磁場方向從右向左看，該圈肌肉組織中感應(yīng)電流方向為逆時針B．根據(jù)題中條件可以求出該圈肌肉組織中的感應(yīng)電動勢C．根據(jù)題中條件可以求出該圈肌肉組織中的等效電阻D．根據(jù)題中條件可以求出時間內(nèi)該圈肌肉組織中產(chǎn)生的熱量答案BCD：根據(jù)楞次定律可知當(dāng)線圈內(nèi)磁感應(yīng)強(qiáng)度減小時,沿磁場方向從右向左看，感應(yīng)電流方向為順時針，A錯誤；由電磁感應(yīng)定律可得,B正確；由電阻定律可得等效電阻，C正確；結(jié)合歐姆定律可求出電流，再結(jié)合焦耳定律可求出時間內(nèi)該圈肌肉組織中產(chǎn)生的熱量,D正確.12．如圖所示，在豎直平面的xOy坐標(biāo)系中，Oy豎直向上,該平面內(nèi)存在沿x軸正向的勻強(qiáng)電場，一個帶電小球從坐標(biāo)原點(diǎn)沿Oy方向拋出，初速度為，不計空氣阻力,小球到達(dá)最高點(diǎn)P的位置坐標(biāo)為,小球落回到x軸的位置為Q點(diǎn)(圖上未標(biāo)出）,則下列說法正確的是A．小球到達(dá)最高點(diǎn)P時的速度大小可能小于B．小球到達(dá)最高點(diǎn)P時的速度大小不可能等于C．小球落回x軸的位置Q點(diǎn)坐標(biāo)為（3d，0）D．小球落回x軸的位置Q點(diǎn)坐標(biāo)為（4d，0）答案BD:由得豎直方向，電場方向可得,A錯誤；B正確;豎直方向只受重力,做豎直上拋運(yùn)動，上升時間和下降時間相等，電場方向加速度大小一定，由可知小球落回x軸的位置Q點(diǎn)坐標(biāo)為(4d，0)，C錯誤D正確；二、非選擇題:包括必考題和選考題兩部分（一）必考題13．某小組同學(xué)做“驗證機(jī)械能守恒”實驗，采用了如圖甲所示的裝置,其中，在高處由靜止開始下落,可以帶動拖著紙帶帶出一系列的點(diǎn)，某次實驗打出的紙帶如圖乙所示，0為打下的第一個點(diǎn)，相鄰兩計數(shù)點(diǎn)間還有4個點(diǎn)（圖中未標(biāo)出），所用電源的頻率為50Hz，請計算（當(dāng)?shù)刂亓铀俣?計算結(jié)果均保留三位有效數(shù)字）：(1)系統(tǒng)的加速度大小為_______;（2）在打計數(shù)點(diǎn)0~5的過程中,系統(tǒng)動能的增量為=_______J，系統(tǒng)重力勢能的減少量為=_______J。答案(1）4.80（2）0。576；0.588解析：（1）系統(tǒng)的加速度由可得（2）,系統(tǒng)動能的增量為；系統(tǒng)重力勢能的減少量為14．某學(xué)習(xí)小組想利用下列器材測量兩節(jié)干電池的電動勢和內(nèi)阻，直流電壓表，量程均為3V，內(nèi)阻約為3kΩ，標(biāo)稱值為2。0Ω的定值電阻；最大阻值為15Ω的滑動變阻器R以及開關(guān)和導(dǎo)線若干。利用上述器材,小球設(shè)計了如圖甲所示的電路用以測量電源的電動勢和內(nèi)阻,實驗中移動滑動變阻器觸頭,記錄的值如下表所示。（1）用E、r、寫出和的關(guān)系式：_________.（2）用測出的數(shù)據(jù)在圖乙中選擇合適的標(biāo)度繪出圖線;（3）由圖線可得被測電池組的電動勢E=_____V，內(nèi)阻r=______Ω,（結(jié)果保留一位小數(shù)）.答案（1)（2）根據(jù)描點(diǎn)法,如圖所示（3）2。9（2。8~3.0均可）；3。0(2.9～3.1均可）解析：由閉合電路歐姆定律可得,變形可得，結(jié)合圖像分析可知E=2。9V，r=3。0Ω。15．如圖所示，MN為固定的豎直光滑四分之一圓弧軌道，N端與水平面相切,軌道半徑R=0。9m,粗糙水平端NP長L=1m，P點(diǎn)右側(cè)有一與水平方向成=30°角的足夠長的傳送帶與水平面在P點(diǎn)平滑連接，傳送帶逆時針轉(zhuǎn)動的速率恒為3m/s，一質(zhì)量為1kg可視為質(zhì)點(diǎn)的物塊A從圓弧軌道最高點(diǎn)M由靜止開始沿軌道滑下,物塊A與NP段間的動摩擦因數(shù)，靜止在P點(diǎn)的另一個物塊B與A完全相同,B與傳送帶間的動摩擦因數(shù)，A與B碰撞后A、B交換速度，碰撞時間不計,重力加速度，求：（1）物塊A滑下后首次到達(dá)最低點(diǎn)N時對軌道的壓力；（2）從A、B第一次碰撞后到第二次碰撞前，B與傳送帶之間由于摩擦而產(chǎn)生的熱量；解析：(1)設(shè)物塊質(zhì)量為m,A首次到達(dá)N點(diǎn)的速度為，由機(jī)械能守恒定律可得由牛頓第二定律可得聯(lián)立解得根據(jù)牛頓第三定律可知支持力與壓力大小相等，方向相反，所以物體對軌道壓力大小為30N，方向豎直向下(2）設(shè)A到B第一次碰撞前的速度為,從釋放物塊A至到達(dá)P點(diǎn)的過程中，由能量守恒定律可得解得設(shè)A、B第一次碰撞后的速度分別為，則碰后B沿傳送帶向上勻減速運(yùn)動直至速度為零,加速度大小設(shè)為則對B有解得運(yùn)動時間為位移為此過程物塊B與傳送帶相對運(yùn)動的路程此后B反向加速，加大仍為，與傳送帶共速后勻速運(yùn)動直至與A再次碰撞加速時間為位移為此過程相對運(yùn)動路程全過程產(chǎn)生的熱量為16．如圖所示，兩足夠長的平行金屬導(dǎo)軌MN、PQ相距L=1m，導(dǎo)軌平面與水平面夾角=30°，在M和P之間連有一個組織為2Ω的電阻R，在導(dǎo)軌上處放置一根與導(dǎo)軌垂直、質(zhì)量m=0。5kg的金屬棒ab,金屬棒始終與導(dǎo)軌接觸良好,導(dǎo)軌和金屬棒電阻不計，用輕繩通過定滑輪將電動小車與金屬棒的中點(diǎn)相連，輕繩與金屬棒的連線平行與導(dǎo)軌平面，開始時電動小車位于滑輪的正下方水平面上的E處（小車可視為質(zhì)點(diǎn)），電動小車沿水平面EF前進(jìn)速度始終為1.0m/s，滑輪離電動小車所在水平地面EF的高度H=3。0m,在導(dǎo)軌的MP和CD所圍的區(qū)域存在磁感應(yīng)強(qiáng)度B=1.0T，方向垂直于斜面向上的勻強(qiáng)磁場，此區(qū)域金屬棒和導(dǎo)軌間的動摩擦因數(shù)，此區(qū)域外導(dǎo)軌是光滑的，取,電動小車沿水平方向勻速前進(jìn)t=4s時金屬棒恰好運(yùn)動到CD位置.(1)求此時金屬棒中的電流大小和4s內(nèi)通過金屬棒的電量；（2）若此時繩子突然斷了，求金屬棒再次經(jīng)過CD進(jìn)入磁場瞬間,所受到的安培力大??；若金屬棒繼續(xù)下滑到時恰好做勻速直線運(yùn)動，求從繩子斷裂到金屬棒回到位置的過程中，電阻R上產(chǎn)生的熱量Q為多少？（保留兩位有效數(shù)字)解析：（1)電動小車的速度為v=1。0m/s，電動小車在t=4s內(nèi)前進(jìn)的距離為x=vt=4m設(shè)t=4s時滑輪右側(cè)的輕繩與水平面的夾角為，則sin=0.6,cos=0.8可以將輕繩端電動小車的速度分解為沿繩伸長方向的速度和垂直于繩伸長方向的速度，此時金屬棒向上運(yùn)動的速度即繩端沿繩長方向的速度此時金屬棒感應(yīng)電動勢為金屬棒由上滑過程中切割磁感線,金屬棒沿導(dǎo)軌向上移動的距離為平均感應(yīng)電動勢為通過電阻R的電量為，解得q=1C（2）t=4s時，金屬棒運(yùn)動到CD位置時繩子突然斷了,金屬棒將繼續(xù)沿斜面上滑，由機(jī)械能守恒定律可知它再通過CD位置時的速度大小為0.8m/s進(jìn)入磁場切割磁感線,產(chǎn)生感應(yīng)電流大小為受到的安培力大小為，解得設(shè)金屬棒運(yùn)動到位置后做勻速運(yùn)動的速度為，有代入數(shù)據(jù)可得金屬棒從CD滑到的過程中，由能量守恒定律可得代入數(shù)據(jù)可得Q≈1。1J（二）選考題17．【物理選修3—3】下列說法正確的是A．單晶體在不同方向上的導(dǎo)熱性、導(dǎo)電性、機(jī)械強(qiáng)度等物理性質(zhì)不一樣B．熱量不可能從低溫物體向高溫物體傳遞C．一定質(zhì)量的理想氣體，保持氣體的壓強(qiáng)不變，溫度越高，體積越大D．功可以完全轉(zhuǎn)化為熱量，而熱量不能完全變?yōu)楣Γ床豢赡軓膯我粺嵩次鼰崾怪孔優(yōu)橛杏玫墓．若氣體的溫度不變,壓強(qiáng)增大,說明每秒撞擊單位面積器壁的分子數(shù)增多答案：ACE：單晶體具有各向異性，A正確；熱力學(xué)第二定律是說熱量不能自發(fā)地從低溫物體傳到高溫物體，通過外力做功是可以把熱量從低溫物體傳遞到高溫物體，B錯誤;根據(jù)理想氣體方程（或者查理定律）可知C正確；在引起其他變化的情況下，是可以從單一熱源吸熱使之全部變?yōu)橛杏玫墓?D錯誤；根據(jù)氣體壓強(qiáng)的微觀含義可知E正確;（2）如圖所示,兩個側(cè)壁絕熱,頂部和底部都導(dǎo)熱的相同氣缸直立放置，氣缸底部和頂部均由細(xì)管連通，頂部的細(xì)管帶有閥門K，兩氣缸的容積均為，氣缸中各有一個絕熱活塞（質(zhì)量不同，厚度可忽略），開始時K關(guān)閉，兩活塞下方和右活塞上方充有氣體（可視為理想氣體），壓強(qiáng)分別為和。左活塞在氣缸正中間，其上方為真空，右活塞上方氣體體積為?，F(xiàn)使氣缸底部與一恒溫?zé)嵩唇佑|，平衡后左活塞升至氣缸頂部，且與頂部剛好沒有接觸，然后打開K,經(jīng)過一段時間，重新達(dá)到平衡，已知外界溫度為，不計活塞與氣缸壁間的摩擦，求：①恒溫?zé)嵩吹臏囟萒；②重新達(dá)到平衡后活塞上方氣體的體積。解析：①與恒溫?zé)嵩唇佑|后,在K未打開時，右活塞不動，兩活塞下方氣體經(jīng)歷等壓過程由蓋呂薩克定律可得，解得②由初始狀態(tài)的力學(xué)平衡條件可知，左活塞的質(zhì)量比右活塞的質(zhì)量大,打開K后，左活塞下降至某一位置,右活塞必須升至氣缸頂部，才能滿足力學(xué)平衡條件.氣缸頂部與外界接觸.底部與恒溫?zé)嵩唇佑|，兩部分氣體各自經(jīng)歷等溫過程，設(shè)左活塞上方氣體壓強(qiáng)為p,由玻意耳定律可得,聯(lián)立解得,解得或（不符合題意，舍去）18．【物理選修3-4】（1）一列簡諧橫波在時刻的波形圖如圖甲所示，平衡位置在x=1m處的質(zhì)點(diǎn)P的振動圖像如圖乙所示，