2023屆廣東省廣州、深圳市學(xué)調(diào)聯(lián)盟高考物理二調(diào)試卷含答案

高考物理二調(diào)試卷一、單項(xiàng)選擇題〔共8小題，每道題3分，共24分〕1.某同學(xué)釆用如下列圖的裝置來研究光電效應(yīng)現(xiàn)象。某單色光照射光電管的陰極K時(shí)，會(huì)發(fā)生光電效應(yīng)現(xiàn)象，閉合開關(guān)S，在陽(yáng)極A和陰極K之間加反向電壓，通過調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器的滑片逐漸增大電壓，直至電流計(jì)中電流恰為零，此時(shí)電壓表顯示的電壓值U稱為反向截止電壓?，F(xiàn)分別用頻率為v1和v2的單色光照射陰極，測(cè)量到的反向截止電壓分別為U1和U2，設(shè)電子質(zhì)量為m，電荷量為e，那么以下關(guān)系式中不正確的選項(xiàng)是〔

〕A.

頻率為V1的單色光照射陰極K時(shí)光電子的最大初速度v1m＝

B.

陰極K金屬的極限頻率V0＝

C.

普朗克常量h＝

D.

陰極K金屬的逸出功W＝2.目前，我國(guó)在人工智能和無人駕駛技術(shù)方面已取得較大突破．為早日實(shí)現(xiàn)無人駕駛，某公司對(duì)汽車性能進(jìn)行了一項(xiàng)測(cè)試，讓質(zhì)量為m的汽車沿一山坡直線行駛．測(cè)試中發(fā)現(xiàn)，下坡時(shí)假設(shè)關(guān)掉油門，那么汽車的速度保持不變；假設(shè)以恒定的功率P上坡，那么從靜止啟動(dòng)做加速運(yùn)動(dòng)，發(fā)生位移s時(shí)速度剛好到達(dá)最大值vm．設(shè)汽車在上坡和下坡過程中所受阻力的大小分別保持不變，以下說法正確的選項(xiàng)是〔

〕A.

關(guān)掉油門后的下坡過程，汽車的機(jī)械能守恒

B.

關(guān)掉油門后的下坡過程，坡面對(duì)汽車的支持力的沖量為零

C.

上坡過程中，汽車速度由增至，所用的時(shí)間可能等于

D.

上坡過程中，汽車從靜止啟動(dòng)到剛好到達(dá)最大速度vm，所用時(shí)間一定小于3.如下列圖，平行板a、b組成的電容器與電池E連接，平行板電容器P處固定放置一帶負(fù)電的點(diǎn)電荷，平行板b接地，現(xiàn)將電容器的b板向下稍微移動(dòng)，那么〔〕A.

點(diǎn)電荷所受電場(chǎng)力增大

B.

點(diǎn)電荷在P處的電勢(shì)能減少

C.

P點(diǎn)電勢(shì)減小

D.

電容器的帶電量增加4.橫截面為直角三角形的兩個(gè)相同斜面緊靠在一起，固定在水平面上，如下列圖。它們的豎直邊長(zhǎng)都是底邊長(zhǎng)的一半?，F(xiàn)有三個(gè)小球從左邊斜面的頂點(diǎn)以不同的初速度向右平拋，最后落在斜面上，其落點(diǎn)分別是a、b、c．以下判斷正確的選項(xiàng)是〔

〕A.

a球落在斜面上的速度方向與斜面平行

B.

三小球比較，落在c點(diǎn)的小球飛行時(shí)間最長(zhǎng)

C.

三小球比較，落在b點(diǎn)的小球飛行過程速度變化最快

D.

無論小球拋出時(shí)初速度多大，落到斜面上的瞬時(shí)速度都不可能與斜面垂直5.如下列圖，圖甲為質(zhì)點(diǎn)a和b做直線運(yùn)動(dòng)的位移一時(shí)間圖象，圖乙為質(zhì)點(diǎn)c和d做直線運(yùn)的速度一時(shí)間圖象，由圖可知〔

〕A.

假設(shè)t1時(shí)刻a、b兩質(zhì)點(diǎn)第一次相遇，那么t2時(shí)刻兩質(zhì)點(diǎn)第二次相遇

B.

假設(shè)t1時(shí)刻c、d兩質(zhì)點(diǎn)第一次相遇，那么t2時(shí)刻兩質(zhì)點(diǎn)第二次相遇

C.

t1到t2時(shí)間內(nèi)，b和d兩個(gè)質(zhì)點(diǎn)的運(yùn)動(dòng)方向發(fā)生了改變

D.

t1到t2時(shí)間內(nèi)，a和d兩個(gè)質(zhì)點(diǎn)的速率先減小后增大6.將質(zhì)量為1.00kg的模型火箭點(diǎn)火升空，50g燃燒的燃?xì)庖源笮?00m/s的速度從火箭噴口在很短時(shí)間內(nèi)噴出．在燃?xì)鈬姵龊蟮乃查g，火箭的動(dòng)量大小為〔噴出過程中重力和空氣阻力可忽略〕〔〕A.

30kg?m/s

B.

5.7×102kg?m/s

C.

6.0×102kg?m/s

D.

6.3×102kg?m/s7.質(zhì)量為m的光滑圓柱體A放在質(zhì)量也為m的光滑“V〞型槽B上，如圖，α＝60°，另有質(zhì)量為M的物體C通過跨過定滑輪的不可伸長(zhǎng)的細(xì)繩與B相連，現(xiàn)將C自由釋放，那么以下說法正確的選項(xiàng)是〔

〕

D.

當(dāng)M＝5m時(shí)，A和B之間的恰好發(fā)生相對(duì)滑動(dòng)8.一質(zhì)量為m的均勻環(huán)狀彈性鏈條水平套在半徑為R的剛性球體上，不發(fā)生形變時(shí)環(huán)狀鏈條的半徑為，套在球體上時(shí)鏈條發(fā)生形變?nèi)缦铝袌D，假設(shè)彈性鏈條滿足胡克定律，不計(jì)一切摩擦，并保持靜止。此彈性鏈條的彈性系數(shù)k為〔

〕A.

B.

C.

D.

二、多項(xiàng)選擇題〔共4小題，每道題4分，共16分〕9.如下列圖，理想變壓器原、副線圈的匝數(shù)比為n1：n2＝2：1，輸入端接在u=30100πt〔V〕的交流電源上，R1為電阻箱，副線圈連在電路中的電阻R2＝10Ω，電表均為理想電表。以下說法正確的選項(xiàng)是〔

〕A.

當(dāng)R1＝0時(shí)，電壓表的讀數(shù)為30V

B.

當(dāng)R1＝0時(shí)，假設(shè)將電流表?yè)Q成規(guī)格為“5V5W〞的燈泡，燈泡能夠正常發(fā)光

C.

當(dāng)R1

D.

當(dāng)R1＝10Ω時(shí)，電壓表的讀數(shù)為6V10.如下列圖，A、B、C三個(gè)物體分別用輕繩和輕彈簧連接，放置在傾角為θ的光滑斜面上，當(dāng)用沿斜面向上的恒力F作用在物體A上時(shí)，三者恰好保持靜止，A、B、C三者質(zhì)量相等，重力加速度為g。以下說法正確的選項(xiàng)是〔

〕A.

在輕繩被燒斷的瞬間，A的加速度大小為2gsinθ

B.

在輕繩被燒斷的瞬間，B的加速度大小為gsinθ

C.

剪斷彈簧的瞬間，A的加速度大小為gsinθ

D.

突然撤去外力F的瞬間，A的加速度大小為2gsinθ11.如下列圖，在絕緣水平面上固定著一光滑絕緣的圓形槽，在某一過直徑的直線上有O、A、D、B四點(diǎn)，其中O為圓心，D在圓上，半徑OC垂直于OB．A點(diǎn)固定電荷量為Q的正電荷，B點(diǎn)固定一個(gè)未知電荷，使得圓周上各點(diǎn)電勢(shì)相等。有一個(gè)質(zhì)量為m，電荷量為﹣q的帶電小球在滑槽中運(yùn)動(dòng)，在C點(diǎn)受的電場(chǎng)力指向圓心，根據(jù)題干和圖示信息可知〔

〕A.

固定在B點(diǎn)的電荷帶正電

B.

固定在B點(diǎn)的電荷電荷量為Q

C.

小球在滑槽內(nèi)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)

D.

C，D兩點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小相等12.盤旋加速器的工作原理如圖，置于高真空中的D形金屬盒半徑為R，兩盒間的狹縫很小，帶電粒子穿過的時(shí)間可以忽略不計(jì)，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)與盒面垂直，A處粒子源產(chǎn)生質(zhì)量為m、電荷量為+q的粒子，在加速電壓為U的加速電場(chǎng)中被加速，所加磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度、加速電場(chǎng)的頻率可調(diào)，磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度最大值為Bm和加速電場(chǎng)頻率的最大值fm．那么以下說法正確的選項(xiàng)是〔

〕A.

粒子獲得的最大動(dòng)能與加速電壓無關(guān)

B.

粒子第n次和第n+1次進(jìn)入磁場(chǎng)的半徑之比為：

C.

粒子從靜止開始加速到出口處所需的時(shí)間為t＝

D.

假設(shè)fm＜，那么粒子獲得的最大動(dòng)能為Ekm＝2π2mfm2R2三、實(shí)驗(yàn)題〔共兩小題，13題4分，14題8分，共12分〕13.在探究彈力和彈簧伸長(zhǎng)的關(guān)系時(shí)，某同學(xué)先按圖1對(duì)彈簧甲進(jìn)行探究，然后把彈簧甲和彈簧乙并聯(lián)起來按圖2進(jìn)行探究。在彈性限度內(nèi)，將質(zhì)量為m＝50g的鉤碼逐個(gè)掛在彈簧下端，分別測(cè)得圖1、圖2中彈簧的長(zhǎng)度L1、L2如表所示。鉤碼個(gè)數(shù)1234L1/cmL2/cm2，要求盡可能多的利用測(cè)量數(shù)據(jù)，計(jì)算彈簧甲的勁度系數(shù)k＝________N/m〔結(jié)果保存兩位有效數(shù)字〕。由表中數(shù)據(jù)________〔填“能〞或“不能〞〕計(jì)算出彈簧乙的勁度系數(shù)。14.某同學(xué)設(shè)計(jì)了一個(gè)既可以測(cè)電阻由可以測(cè)電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻的實(shí)驗(yàn)電路，如圖甲所示，實(shí)驗(yàn)室提供了一下實(shí)驗(yàn)器材：電源E〔電動(dòng)勢(shì)為6V，內(nèi)阻約為1Ω〕定值電阻R0〔阻值約為5Ω〕電流表A〔量程30mA，內(nèi)阻約為0.5Ω〕電流表B〔量程0.6A，內(nèi)阻約為1Ω〕電壓表C〔量程8V，內(nèi)阻約為5kΩ〕電壓表D〔量程4V，內(nèi)阻約為3kΩ〕滑動(dòng)變阻器F〔阻值0﹣10Ω〕滑動(dòng)變阻器G〔阻值0﹣500Ω〕根據(jù)題中所給信息，請(qǐng)答復(fù)以下問題〔1〕電流表應(yīng)選________，滑動(dòng)變阻器應(yīng)選________；〔選填器材代號(hào)〕〔2〕該同學(xué)操作正確無誤，用U1、U2、I分別表示電表、、的讀數(shù)，其數(shù)據(jù)如表所示：I〔A〕U1〔V〕U2〔V〕根據(jù)表中數(shù)據(jù)求得定值電阻R0＝________Ω〔保存兩位有效數(shù)字〕，其測(cè)量值________真實(shí)值〔填＞、＜或＝〕；該同學(xué)同時(shí)利用上表測(cè)得的數(shù)據(jù)求得電源的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻，由誤差分析可知，電動(dòng)勢(shì)的測(cè)量值________電動(dòng)勢(shì)的真實(shí)值〔填＞、＜或＝〕．〔3〕該同學(xué)進(jìn)一步利用一個(gè)輔助電源E′，采用如圖乙所示的電路測(cè)量電源的電動(dòng)勢(shì)，測(cè)量過程中，調(diào)節(jié)R后再調(diào)節(jié)R1，使得A1的示數(shù)變?yōu)?，測(cè)得多組數(shù)據(jù)，這樣，電源電動(dòng)勢(shì)值________電源電動(dòng)勢(shì)的真實(shí)值〔填＞、＜或＝〕．四、計(jì)算題〔三個(gè)小題，共30分〕15.如下列圖，質(zhì)量為m＝0.1kg閉合矩形線框ABCD，由粗細(xì)均勻的導(dǎo)線繞制而成，其總電阻為R＝0.04Ω，其中長(zhǎng)LAD＝40cm，寬LAB＝20cm，線框平放在絕緣水平面上。線框右側(cè)有豎直向下的有界磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度B＝1.0T，磁場(chǎng)寬度d＝10cm，線框在水平向右的恒力F＝2N的作用下，從圖示位置由靜止開始沿水平方向向右運(yùn)動(dòng)，線框CD邊從磁場(chǎng)左側(cè)剛進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)，恰好做勻速直線運(yùn)動(dòng)，速度大小為v1，AB邊從磁場(chǎng)右側(cè)離開磁場(chǎng)前，線框已經(jīng)做勻速直線運(yùn)動(dòng)，速度大小為v2，整個(gè)過程中線框始終受到大小恒定的摩擦阻力F1＝1N，且線框不發(fā)生轉(zhuǎn)動(dòng)。求：〔i〕速度v1和v2的大?。弧瞚i〕求線框開始運(yùn)動(dòng)時(shí)，CD邊距磁場(chǎng)左邊界距離x；〔iii〕線圖穿越磁場(chǎng)的過程中產(chǎn)生的焦耳熱。16.如下列圖，一個(gè)初速為零、帶電量為e、質(zhì)量為m的正離子，被電壓為U的電場(chǎng)加速后，經(jīng)過一段勻速直線運(yùn)動(dòng)，垂直于邊界MN進(jìn)入磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁場(chǎng)的水平寬度為d〔忽略粒子所受重力〕，求：〔1〕離子在磁場(chǎng)中做圓周運(yùn)動(dòng)的半徑R；〔2〕離子在磁中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間。17.如圖，水平面上有一條長(zhǎng)直固定軌道，P為軌道上的一個(gè)標(biāo)記點(diǎn)，豎直線PQ表示一個(gè)與長(zhǎng)直軌道垂直的豎直平面，PQ的右邊區(qū)域內(nèi)可根據(jù)需要增加一個(gè)方向與軌道平行的水平勻強(qiáng)電場(chǎng)。在軌道上，一輛平板小車以速度v0＝4m/s沿軌道從左向右勻速運(yùn)動(dòng)，當(dāng)小車一半通過PQ平面時(shí)，一質(zhì)量為m＝1kg的絕緣金屬小滑塊〔可視為質(zhì)點(diǎn)〕被輕放到小車的中點(diǎn)上，小滑塊帶電荷量為+2C且始終不變，滑塊與小車上外表間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ＝0.2，整個(gè)過程中小車速度保持不變，g＝10m/s2．求：〔1〕假設(shè)PQ右側(cè)沒有電場(chǎng)，木板足夠長(zhǎng)，在滑塊與小車恰好共速時(shí)小滑塊相對(duì)P點(diǎn)水平位移和摩擦力對(duì)小車做的功；〔2〕當(dāng)PQ右側(cè)電場(chǎng)強(qiáng)度取E＝3V/m方向水平向右，且板長(zhǎng)L＝2m時(shí)，為保證小滑塊不從車上掉下，那么電場(chǎng)存在的時(shí)間滿足什么條件？〔3〕【附加：假設(shè)PQ右側(cè)加一個(gè)向右的勻強(qiáng)電場(chǎng)，且木板長(zhǎng)L＝2m，為確保小滑塊不從小車左端掉下來，電場(chǎng)強(qiáng)度大小應(yīng)滿足什么條件？】〔此附加問為思考題，無需作答〕五、選修3-3〔共2個(gè)小題，每個(gè)小題14分，共28分〕18.有關(guān)對(duì)熱學(xué)的根底知識(shí)理解正確的選項(xiàng)是〔

〕A.

液體外表張力的方向與液面平行并指向液體內(nèi)部

B.

低溫的物體可以自發(fā)把熱量傳遞給高溫的物體，最終兩物體可到達(dá)熱平衡狀態(tài)

C.

當(dāng)裝滿水的某一密閉容器自由下落時(shí)，容器中的水的壓強(qiáng)為零

D.

空氣相對(duì)濕度越大時(shí)，空氣中水蒸氣壓強(qiáng)越接近同溫度水的飽和汽壓，水蒸發(fā)變慢

E.

在“用油膜法測(cè)分子直徑〞的實(shí)驗(yàn)中，作出了把油膜視為單分子層、忽略油酸分子間的間距并把油酸分子視為球形這三方面的近似處理19.如圖，粗細(xì)均勻的彎曲玻璃管A、B兩端開口，管內(nèi)有一段水銀柱，管內(nèi)水銀面與管口A之間氣體柱長(zhǎng)為lA＝40cm，右管內(nèi)氣體柱長(zhǎng)為lB＝39cm。先將口B封閉，再將左管豎直插入水銀槽中，設(shè)被封閉的氣體為理想氣體，整個(gè)過程溫度不變，假設(shè)穩(wěn)定后進(jìn)入左管的水銀面比水銀槽水銀面低4cm，大氣壓強(qiáng)p0＝76cmHg，求：〔1〕A端上方氣柱長(zhǎng)度；〔2〕穩(wěn)定后右管內(nèi)的氣體壓強(qiáng)。20.以下關(guān)于溫度及內(nèi)能的說法中正確的選項(xiàng)是〔

〕A.

物體的內(nèi)能不可能為零

B.

溫度高的物體比溫度低的物體內(nèi)能大

C.

一定質(zhì)量的某種物質(zhì)，即使溫度不變，內(nèi)能也可能發(fā)生變化

D.

內(nèi)能不相同的物體，它們的分子平均動(dòng)能可能相同

E.

溫度是分子平均動(dòng)能的標(biāo)志，所以兩個(gè)動(dòng)能不同的分子相比，動(dòng)能大的分子溫度高21.扣在水平桌面上的熱杯蓋有時(shí)會(huì)發(fā)生被頂起的現(xiàn)象，如下列圖，截面積為S的熱杯蓋扣在水平桌面上，開始時(shí)內(nèi)部封閉氣體的溫度為300K，壓強(qiáng)為大氣強(qiáng)p0．當(dāng)封閉氣體溫度上升303K時(shí)，杯蓋恰好被整體頂起，放出少許氣體后又落回桌面，其內(nèi)部壓強(qiáng)立即減為p0，溫度仍為303K．再經(jīng)過一段時(shí)間，內(nèi)部氣體溫度恢復(fù)到300K．整個(gè)過程中封閉氣體均可視為理想氣體。求：〔1〕當(dāng)溫度上升303K且尚未放氣時(shí)，封閉氣體的壓強(qiáng)；〔2〕當(dāng)溫度恢復(fù)到303K時(shí)，豎直向上提起杯蓋所需的最小力。

答案解析局部一、單項(xiàng)選擇題〔共8小題，每道題3分，共24分〕1.【解析】【解答】解：A、光電子在電場(chǎng)中做減速運(yùn)動(dòng)，根據(jù)動(dòng)能定理得：﹣eU1＝0﹣m，那么得光電子的最大初速度v1m＝．A正確，不符合題意。BCD、根據(jù)愛因斯坦光電效應(yīng)方程得：

hν1＝eU1+W

①

hν2＝eU2+W

②由①得：金屬的逸出功W＝hν1﹣eUl。聯(lián)立①②得：h＝，陰極K金屬的逸出功W＝，陰極K金屬的極限頻率ν0＝＝，綜上所述，BD正確，不符合題意，C錯(cuò)誤，符合題意。故答案為：C。

【分析】光電效應(yīng)中，當(dāng)外界的光子能量比較大時(shí)，電子獲得的能量就大，溢出電子的動(dòng)能利用公式Ekm=hν﹣W求解即可。其中W是材料的逸出功，v是光子的頻率。2.【解析】【解答】A、關(guān)掉油門后的下坡過程，汽車的速度不變、動(dòng)能不變，重力勢(shì)能減小，那么汽車的機(jī)械能減小，A不符合題意；B、關(guān)掉油門后的下坡過程，坡面對(duì)汽車的支持力大小不為零，時(shí)間不為零，那么沖量不為零，B不符合題意；C、上坡過程中，汽車速度由增至，所用的時(shí)間為t，根據(jù)動(dòng)能定理可得：，解得，C不符合題意；D、上坡過程中，汽車從靜止啟動(dòng)到剛好到達(dá)最大速度，功率不變，那么速度增大、加速度減小，所用時(shí)間為，那么，解得，D符合題意．故答案為：D

【分析】汽車啟動(dòng)時(shí)，可以是恒功率啟動(dòng)，也可能是恒加速度啟動(dòng)，不管是哪種啟動(dòng)方式，結(jié)合功率公式P=Fv和牛頓第二定律分析求解即可。3.【解析】解答：A、因電容器與電源始終相連，故兩板間的電勢(shì)差不變，B板下移，那么板間距離d增大，那么板間電場(chǎng)強(qiáng)度E變小，由F=Eq可知電荷所受電場(chǎng)力變小，故A錯(cuò)誤；B、板間距離d增大，那么板間電場(chǎng)強(qiáng)度E變小，由U=Ed知，P與a板的電壓減小，而a的電勢(shì)不變，故P的電勢(shì)升高，由EP=qφ而q為負(fù)值，故電勢(shì)能減小，故B正確；C、由B分析可知，C錯(cuò)誤；D、由Q=CU，又有，故C減小，Q減小，故D錯(cuò)誤；應(yīng)選：B分析：電容器與電源相連，那么可知電容器兩端的電壓不變；由極板的移動(dòng)可知d的變化，由U=Ed可知板間場(chǎng)強(qiáng)E的變化，再由F=Eq可知電荷所受電場(chǎng)力變化，由EP=qφ判斷電勢(shì)能的變化4.【解析】【解答】解：A、三個(gè)小球做的都是平拋運(yùn)動(dòng)，從圖中可以發(fā)現(xiàn)落在a點(diǎn)時(shí)，假設(shè)其位移與水平方向的夾角為θ，速度方向與水平方向的夾角為α，根據(jù)斜面上物體平拋運(yùn)動(dòng)位移與水平方向的夾角和速度方向與水平方向的夾角的關(guān)系：tanα＝2tanθ，可知a球落在斜面上的速度方向與斜面平行不可能平行，A不符合題意；B、根據(jù)題意可知c小球下落的高度最小，根據(jù)：，可知落在c點(diǎn)的小球飛行時(shí)間最短，B不符合題意；C、速度變化快慢是指物體運(yùn)動(dòng)的加速度的大小，三個(gè)小球做的都是平拋運(yùn)動(dòng)，運(yùn)動(dòng)的加速度都是重力加速度g，所以三次運(yùn)動(dòng)速度變化的快慢是一樣的，C不符合題意；D、無論小球拋出時(shí)初速度多大，首先a點(diǎn)上無論如何不可能垂直的，然后看b、c點(diǎn)，豎直速度是gt，水平速度是v0，由于它們的豎直邊長(zhǎng)都是底邊長(zhǎng)的一半，由題意知下面的夾角的正切值為：，如果要合速度垂直斜面，把兩個(gè)速度合成后，需要：，即，那么在經(jīng)過t時(shí)間的時(shí)候，豎直方向上的位移為：，水平方向上的一位移：，即假設(shè)要滿足這個(gè)關(guān)系，需要水平方向上的位移和豎直方向上的位移都是一樣的，顯然在圖中b、c是不可能完成的，因?yàn)樵赽、c上水平方向位移必定大于豎直方向數(shù)的位移，所以落到實(shí)兩個(gè)斜面上的瞬時(shí)速度不可能與斜面垂直，D符合題意。故答案為：D。

【分析】物體做平拋運(yùn)動(dòng)，水平方向勻速運(yùn)動(dòng)，豎直方向自由落體運(yùn)動(dòng)，結(jié)合小球的末位置，結(jié)合運(yùn)動(dòng)學(xué)公式求解即可。5.【解析】【解答】解：A、由題圖可知，t1和t2時(shí)刻a、b兩個(gè)質(zhì)點(diǎn)的圖象相交，均到達(dá)同一位置，假設(shè)t1時(shí)刻為第一次相遇，t2時(shí)刻為第二次相遇，A符合題意；B、假設(shè)t1時(shí)刻c、d兩質(zhì)點(diǎn)第一次相遇，t1到t2時(shí)間內(nèi)，c、d兩質(zhì)點(diǎn)的位移不同，因此t2時(shí)刻兩質(zhì)點(diǎn)不可能相遇，B不符合題意；C、根據(jù)x﹣t圖象的斜率表示速度，知t1到t2時(shí)間內(nèi)，只有b質(zhì)點(diǎn)的運(yùn)動(dòng)方向發(fā)生改變，C不符合題意；D、t1到t2時(shí)間內(nèi)，a的速率不變，d質(zhì)點(diǎn)的速率先減小后增大，D不符合題意。故答案為：A。

【分析】v-t圖像中，橫坐標(biāo)為時(shí)間，縱坐標(biāo)為速度，圖像與時(shí)間軸所圍成的面積是位移，圖像的斜率是加速度，s-t圖像中，橫坐標(biāo)為時(shí)間，縱坐標(biāo)為位移，圖像的斜率是速度，通過這些性質(zhì)結(jié)合選項(xiàng)分析即可。6.【解析】【解答】開始總動(dòng)量為零，規(guī)定向下為正方向，根據(jù)動(dòng)量守恒定律得，0=m1v1+P，解得火箭的動(dòng)量P=﹣m1v1=﹣0.05×600kg?m/s=﹣30kg?m/s，負(fù)號(hào)表示方向，故A正確，B、C、D錯(cuò)誤．應(yīng)選：A．【分析】在噴氣的很短時(shí)間內(nèi)，火箭和燃?xì)饨M成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒，由動(dòng)量守恒定律求出燃?xì)鈬姵龊蟮乃查g火箭的動(dòng)量大小．7.【解析】【解答】解：當(dāng)A和B右端擋板之間的作用力為零時(shí)，加速度為a0，以A為研究對(duì)象，根據(jù)牛頓第二定律可得：mgtan30°＝ma0，解得a0＝g；以整體為研究對(duì)象，根據(jù)牛頓第二定律可得Mg＝〔M+2m〕a0，解得：M＝〔+1〕m，所以A相對(duì)B剛好發(fā)生滑動(dòng)時(shí)，M＝〔+1〕m。A、當(dāng)M＝m時(shí)，A和B保持相對(duì)靜止，以整體為研究對(duì)象，根據(jù)牛頓第二定律可得共同加速度為a＝＝g，A不符合題意；B、當(dāng)M＝2m時(shí)，A和B保持相對(duì)靜止，以整體為研究對(duì)象，根據(jù)牛頓第二定律可得共同加速度為a＝＝0.5g，B符合題意；C、當(dāng)M＝6m時(shí)，A和B發(fā)生相對(duì)滑動(dòng)，不可能保持相對(duì)靜止，C不符合題意；D、當(dāng)M＝〔+1〕m，時(shí)，A和B之間的恰好發(fā)生相對(duì)滑動(dòng)，D不符合題意。故答案為：B

【分析】分別對(duì)兩個(gè)物體進(jìn)行受力分析，利用牛頓第二定律求解物體各自的加速度。8.【解析】【解答】解：在圓環(huán)上取長(zhǎng)度為△x的一小段為研究對(duì)象，這一段的重力為，設(shè)其余彈簧對(duì)這一小段的作用力為T，對(duì)這一小段受力分析如圖〔由于時(shí)對(duì)稱圖形，對(duì)任意一段的受力是一樣的〕根據(jù)平衡條件可得：T＝＝；彈簧彈力F與彈簧對(duì)這一小段作用力的關(guān)系如圖：由圖得：，解得：F＝；不發(fā)生形變時(shí)環(huán)狀鏈條的半徑為，套在球體上時(shí)鏈條發(fā)生形變?nèi)珙}圖所示，那么彈簧的伸長(zhǎng)量：x＝2πRsin60°﹣2π?；彈簧彈力與伸長(zhǎng)量關(guān)系：F＝kx，解得：k＝，ABD不符合題意，C符合題意；故答案為：C。

【分析】對(duì)鏈條進(jìn)行受力分析，在重力、支持力、彈力的作用下，物體處于平衡狀態(tài)，合力為零，根據(jù)該條件列方程求解彈力，結(jié)合伸長(zhǎng)量和胡克定律求解勁度系數(shù)。二、多項(xiàng)選擇題〔共4小題，每道題4分，共16分〕9.【解析】【解答】解：A、當(dāng)R1＝0時(shí)，原線圈電壓有效值U1＝V＝30V，副線圈兩端電壓U2＝＝15V，電壓表的讀數(shù)為15V，A不符合題意；B、當(dāng)R1＝0時(shí)，假設(shè)將電流表?yè)Q成規(guī)格為“5V5W〞的燈泡，燈泡正常工作的電流IL＝＝1A，燈泡的電阻為RL＝＝5Ω，燈泡的實(shí)際電流I＝A＝1A，燈泡會(huì)正常發(fā)光，B符合題意；C、R1＝10Ω時(shí)，設(shè)電流表的讀數(shù)為I2，那么副線圈兩端電壓為U2＝I2R2＝10I2，原線圈的電流為I1＝2，原線圈兩端電壓U1＝U﹣I1R1＝30﹣5I2，根據(jù)變壓器原理可得：，聯(lián)立解得：I2＝1.2A，C符合題意；D、當(dāng)R1＝10Ω時(shí)，電壓表的讀數(shù)U2＝I2R2＝12V，D不符合題意。故答案為：BC

【分析】通過交流電壓的表達(dá)式讀出電壓的最大值和角速度，計(jì)算出電壓的有效值和頻率，利用變壓器原副線圈匝數(shù)比與電壓的關(guān)系求解副線圈的電壓即可，再利用歐姆定律求解電流即可。10.【解析】【解答】解：A、把ABC看成是一個(gè)整體進(jìn)行受力分析，有F＝3mgsinθ，在輕繩被燒斷的瞬間，AB之間的繩子拉力為零，對(duì)A，由牛頓第二定律：F﹣mgsinθ＝maA，解得：aA＝2gsinθ，A符合題意。B、對(duì)于C，有F彈＝mgsinθ，在輕繩被燒斷的瞬間，對(duì)于B，繩子拉力為零，彈力不變，根據(jù)牛頓第二定律：F彈+mgsinθ＝maB，解得：aB＝2gsinθ，B不符合題意。C、剪斷彈簧的瞬間，對(duì)于整體AB，彈簧彈力為零，根據(jù)牛頓第二定律：F﹣2mgsinθ＝2maAB，解得：aAB＝gsinθ，而A的加速度大小aA＝aAB，C符合題意。D、突然撤去外力F的瞬間，對(duì)整體AB，由牛頓第二定律：F彈+2mgsinθ＝2maAB，F(xiàn)彈＝mgsinθ，解得：aAB＝gsinθ，aA＝aAB，D不符合題意。故答案為：AC

【分析】對(duì)物體進(jìn)行受力分析，在沿斜面方向和垂直于斜面兩個(gè)方向上分解，在沿斜面方向利用牛頓第二定律求解物體的加速度。11.【解析】【解答】解：B、由小球在C點(diǎn)處恰好與滑槽內(nèi)、外壁均無擠壓且無沿切線方向的加速度知：小球在C點(diǎn)的合力方向一定沿CO，且指向O點(diǎn)。A對(duì)小球吸引，B對(duì)小球排斥，因此小球帶負(fù)電、B帶負(fù)電。由∠ABC＝∠ACB＝30°知：∠ACO＝30°AB＝AC＝L；BC＝2ABcos30°＝L由力的合成可得：F1＝F2即：＝QB＝Q，B符合題意A、有前面分析：A對(duì)小球吸引，B對(duì)小球排斥，B帶負(fù)電，小球帶負(fù)電，A不符合題意D、以O(shè)為原點(diǎn)，OB為x軸正方向，OC為y軸正方向，槽上某點(diǎn)的坐標(biāo)為〔x，y〕，那么該點(diǎn)的電勢(shì)為：φ＝﹣而代入上式解得：φ＝0說明圓周上各點(diǎn)電勢(shì)相等，小球在運(yùn)動(dòng)過程中電勢(shì)能不變，根據(jù)能量守恒得知，小球的動(dòng)能不變，小球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，C符合題意D、根據(jù)場(chǎng)強(qiáng)的疊加可知，CD兩點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)大小不同，D不符合題意；故答案為：BC

【分析】結(jié)合題目中給出的電場(chǎng)線模型，電場(chǎng)力對(duì)電荷做正功，電荷的電勢(shì)能減小，相應(yīng)的動(dòng)能就會(huì)增加，電場(chǎng)力做負(fù)功，電勢(shì)能增加，電荷的動(dòng)能減小，結(jié)合粒子的速度，利用向心力公式判斷是否能做圓周運(yùn)動(dòng)即可。12.【解析】【解答】解：A、當(dāng)粒子在軌跡半徑等于D形盒的半徑時(shí)速度最大，動(dòng)能最大，那么R＝，粒子獲得的最大動(dòng)能為Ekm＝＝，可知，粒子獲得的最大動(dòng)能與加速電壓無關(guān)，A符合題意；B、根據(jù)動(dòng)能定理可知，帶電粒子第n次加速的速度為：nqU＝解得：v1＝據(jù)洛倫茲力提供向心力，所以qvB＝m解得：R1＝同理可得第n+1次的半徑：R2＝所以第n次和第n+1次半徑之比為：：，B不符合題意；C、設(shè)粒子到出口處被加速了n圈，據(jù)動(dòng)能定理得：2nqU＝①當(dāng)速度最大時(shí)：qvB＝m②粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的周期：T＝＝③粒子從靜止開始加速到出口處所需的時(shí)間：t＝nT④聯(lián)立①②③④式可得：t＝，C符合題意；D、加速電場(chǎng)的頻率應(yīng)該等于粒子在磁場(chǎng)中做圓周運(yùn)動(dòng)的頻率，即：f＝當(dāng)磁感應(yīng)強(qiáng)度為Bm時(shí)，加速電場(chǎng)的頻率應(yīng)該為：fBm＝粒子的動(dòng)能：Ek＝當(dāng)fBm≥fm時(shí)，粒子的最大動(dòng)能由fm決定，那么：vm＝2πfmR解得：粒子獲得的最大動(dòng)能為Ekm＝2π2mfm2R2，D符合題意。故答案為：ACD

【分析】盤旋加速度器中，磁場(chǎng)對(duì)粒子進(jìn)行偏轉(zhuǎn)，洛倫茲力提供向心力，電場(chǎng)對(duì)粒子進(jìn)行加速，根據(jù)向心力公式列方程，可以看出粒子的末速度與電場(chǎng)無關(guān)，與磁場(chǎng)有關(guān)。三、實(shí)驗(yàn)題〔共兩小題，13題4分，14題8分，共12分〕13.【解析】【解答】解：由表格中的數(shù)據(jù)可知，當(dāng)彈力的變化量△F＝mg＝0.05×9.8N＝0.49N時(shí)，彈簧形變量的變化量為△x1＝，根據(jù)胡克定律知甲的勁度系數(shù)：。把彈簧甲和彈簧乙并聯(lián)起來時(shí)，由胡克定律根據(jù)表中數(shù)據(jù)，類似于上述方法可以計(jì)算出并聯(lián)時(shí)總的勁度系數(shù)k并，根據(jù)k并＝k甲+k乙，可以計(jì)算出乙的勁度系數(shù)。故答案為：49，能。

【分析】假設(shè)兩個(gè)彈簧的勁度系數(shù)，對(duì)物體進(jìn)行受力分析，結(jié)合物體的受力情況，利用胡克定律列方程求解即可。14.【解析】【解答】解：〔1〕電源電動(dòng)勢(shì)為6V，保護(hù)電阻為5Ω，那么電流約為：I＝＝＝1A，故為了能準(zhǔn)確測(cè)量，電流表應(yīng)選擇B；因內(nèi)電阻較小，故滑動(dòng)變阻器應(yīng)選擇較小的F；〔2〕由電路圖可知，U2為電阻兩端的電壓，電流表示數(shù)為R中的電流，由圖可知電壓表示數(shù)與電流表示數(shù)成正比，那么可知，定值電阻的阻值為：R0＝＝＝4.8Ω；由于采用了電流表外接法，故測(cè)量出的電流較大，那么由歐姆定律可知，測(cè)量值小于真實(shí)值；如果用來測(cè)量電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)電阻，由于采用相對(duì)電源的電流表外接法，因此由于電壓表分流作用而使電流表示數(shù)偏小，那么測(cè)出的電動(dòng)勢(shì)偏小；〔3〕由于電壓表電支路中電流為零，故電壓表不再分流，那么此時(shí)電流表測(cè)出的電流為干路電流，電壓表示數(shù)為路端電壓，因此測(cè)量結(jié)果是準(zhǔn)確的．故答案為：〔1〕B，F(xiàn)；〔2〕4.8，＜，＜；〔3〕＝

【分析】〔1〕在量程允許的情況下選擇小量程的電表即可，結(jié)合電源內(nèi)阻大小選擇與之相近的滑動(dòng)變阻器即可；

〔2〕利用歐姆定律求解定值電阻的阻值即可；電流表外接，電壓表分流，使得電流偏大，計(jì)算得到的電阻偏?。?/p>

〔3〕流過電壓表的電流為零，使得電壓表的分流為零，故對(duì)實(shí)驗(yàn)無影響。四、計(jì)算題〔三個(gè)小題，共30分〕15.【解析】【分析】〔1〕當(dāng)導(dǎo)體棒受到的安培力等于拉力與摩擦力之和的時(shí)候，導(dǎo)體棒速度到達(dá)最大，列方程求解此時(shí)的速度；

〔2〕結(jié)合導(dǎo)體棒的初末速度，對(duì)導(dǎo)體棒應(yīng)用動(dòng)能定理，求解導(dǎo)體棒運(yùn)動(dòng)的距離；

〔3〕結(jié)合導(dǎo)體棒初末狀態(tài)的速度，對(duì)導(dǎo)體棒的運(yùn)動(dòng)過程應(yīng)用動(dòng)能定理，其中導(dǎo)體棒克服安培力做的功即為電路產(chǎn)生的熱量。16.【解析】【分析】〔1〕粒子在電場(chǎng)的作用下做加速運(yùn)動(dòng)，利用動(dòng)能定理求解末速度的大小，結(jié)合向心力公式求解軌道半徑；

〔2〕帶電粒子在磁場(chǎng)中受到洛倫茲力，在洛倫茲力的作用下粒子做圓周運(yùn)動(dòng)，根據(jù)磁場(chǎng)方向、電性和運(yùn)動(dòng)方向確定粒子的運(yùn)動(dòng)軌跡，利用向心力公式求解周期，結(jié)合偏轉(zhuǎn)角度求解運(yùn)動(dòng)時(shí)間。17.【解析】【分析】〔1〕分別對(duì)兩個(gè)物體進(jìn)行受