高考物理二輪復(fù)習(xí)科學(xué)思維方法微專題復(fù)習(xí)-圖示法專題

圖示法專題一、單選題A．撤去斜面，小球仍從O點(diǎn)以相同速度水平拋出，落地水平方向位移將變小B．撤去斜面，小球仍從O點(diǎn)以相同速度水平拋出，落地速率將變小C．撤去斜面，小球仍從O點(diǎn)以相同速度水平拋出，落地時(shí)間將變大如圖不計(jì)空氣阻力從O點(diǎn)水平拋出的小球抵達(dá)光滑斜面上端A．撤去斜面，小球仍從O點(diǎn)以相同速度水平拋出，落地水平方向位移將變小B．撤去斜面，小球仍從O點(diǎn)以相同速度水平拋出，落地速率將變小C．撤去斜面，小球仍從O點(diǎn)以相同速度水平拋出，落地時(shí)間將變大D．小球在斜面運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中地面對(duì)斜面的支持力大于小球和斜面的總重力有兩根長(zhǎng)直導(dǎo)線bMN為兩根導(dǎo)線附近的兩點(diǎn)，它們?cè)趦蓪?dǎo)線連線的中垂線上，且與O點(diǎn)的距離A．MN點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小相等，方向相同B．MNA．MN點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小相等，方向相同B．MN點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小相等，方向相反C．在線段MN上所有點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度都不可能為零D．在線段MN上所有點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度都是大小相等，方向相同“套”是很多同學(xué)喜歡的娛樂(lè)項(xiàng)目某同學(xué)在套圈時(shí)從A點(diǎn)先后以不同的水平速度拋出多個(gè)相同的圈圈不計(jì)空氣阻力，若拋出的速度越大，下列說(shuō)法正確的是（ ）B．圈圈落地時(shí)重力的瞬時(shí)功率越大B．圈圈落地時(shí)重力的瞬時(shí)功率越大C．圈圈落地時(shí)的動(dòng)能越大D．圈圈運(yùn)動(dòng)過(guò)程中重力做的功越多答案第1頁(yè)，總18頁(yè)長(zhǎng)直導(dǎo)線周圍某點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度為B

I，其中r為該點(diǎn)到長(zhǎng)直導(dǎo)線的距離，比例常數(shù)rk2107TmA1，I2a、b處，a處的導(dǎo)線中通有恒定電流I 1A，b處的導(dǎo)線中通有恒定電流I 2A，方向如圖所示。已21A．大小為2106T，方向與ac邊成角斜向上知A．大小為2106T，方向與ac邊成角斜向上大小為2106T，方向與ac邊成角斜向下大小為2 3106T，方向與ac邊成60角斜向上大小為2 3106T，方向與ac邊成60角斜向下在平行于紙面內(nèi)的勻強(qiáng)電場(chǎng)中，有一電荷量為q的帶正電粒子，僅在電場(chǎng)力作用下，粒子從電場(chǎng)中A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)，速度大小由2v0

變?yōu)関

0，粒子的初、末速度與AB連線的夾角均為30°，如圖所示，已知A、BA．3mv2A．3mv20qd，方向豎直向上B．2v0，方向斜向左下方C．3mv20，方向豎直向上D．21mv20qd2qd，方向斜向左下方A．繩對(duì)Q對(duì)Q的彈力增大B．繩對(duì)Q對(duì)Q的彈力減小218頁(yè)如圖所示半圓球P的半徑為其被固定在水平面上球心O1的正上方有一光滑的小定滑輪被固定在水平天花板上的A點(diǎn)點(diǎn)到P的最高點(diǎn)的距離為h，在P上放一個(gè)光滑的空心小球內(nèi)裝有細(xì)沙，球心為O2，Q的半徑為。將一根輕繩繞過(guò)定滑輪后系住Q，現(xiàn)用力拉動(dòng)輕繩的另一端使Q緩慢上升，同A．繩對(duì)Q對(duì)Q的彈力增大B．繩對(duì)Q對(duì)Q的彈力減小218頁(yè)C．繩對(duì)Q對(duì)Q的彈力增大D．繩對(duì)Q對(duì)Q的彈力減小如圖甲所示，A、BAB（圖中曲線為四分之一圓弧。則（）B．是非勻強(qiáng)電場(chǎng)，且電場(chǎng)力B．是非勻強(qiáng)電場(chǎng)，且電場(chǎng)力FAFBC．電勢(shì) A BD．重力勢(shì)能和電勢(shì)能之和減小1.5kgx0，現(xiàn)用該彈簧沿固定的斜面拉住質(zhì)量為2kg的物體，如圖所示，彈簧的軸線平行于斜面，系統(tǒng)靜止時(shí)彈簧伸長(zhǎng)量也為x0。已知斜面傾角為30°取重力加速度大小g=10，則物體所受的摩擦力（ ）A．方向沿斜面向下，大小為5NBA．方向沿斜面向下，大小為5NB．方向沿斜面向上，大小為5NC．方向沿斜面向下，大小為10N二、多選題一勻強(qiáng)電場(chǎng)的方向平行于xOyc-1V13V、A．電場(chǎng)強(qiáng)度的方向?yàn)閏A．電場(chǎng)強(qiáng)度的方向?yàn)閏→O318頁(yè)P(yáng)AGE1018頁(yè)19Vab12eVbc18eV和與豎直方向成45°夾角不可伸長(zhǎng)的輕繩一端相連，此時(shí)小球處于靜止?fàn)顟B(tài)，且水平地面對(duì)小球的彈力恰好為零，在剪斷輕繩的瞬間（g取10m/s2、最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力，下列敘述中正確的是（）如圖所示，在動(dòng)摩擦因數(shù)和與豎直方向成45°夾角不可伸長(zhǎng)的輕繩一端相連，此時(shí)小球處于靜止?fàn)顟B(tài)，且水平地面對(duì)小球的彈力恰好為零，在剪斷輕繩的瞬間（g取10m/s2、最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力，下列敘述中正確的是（）A．小球立即向左運(yùn)動(dòng)，且a10m/s2 B．小球立即向左運(yùn)動(dòng)，且a7.5m/s2C．小球受到地面的彈力大小將會(huì)立即變10N D．小球仍能保持靜止，因?yàn)榫哂袘T性如圖所示，兩個(gè)帶點(diǎn)小球AB的質(zhì)量分別為m1m2，帶電量分別為q1、q2，靜止時(shí)兩懸線與豎直向的夾角分別為θ1、θ2，且AB恰好處于同一水平面上，則（ ）Aθ1=θ2q1q2，BAθ1=θ2q1q2，Bθ1＞θ2q1q2Dm1>m2θ1θ212．如圖所示，傾角12．如圖所示，傾角θ=37°的斜面上水平放置一根金屬桿，金屬桿與斜面間動(dòng)摩擦因數(shù)為。金屬桿中通為B0B，金屬桿始終在斜A．5B0 B．10B0 C．15B0 D．20B0無(wú)限長(zhǎng)通電直導(dǎo)線周圍磁場(chǎng)中某點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小可用公式BkIkI是導(dǎo)線r中電流、r是該點(diǎn)到直導(dǎo)線的距離。通常，通電長(zhǎng)直導(dǎo)體棒可以被看作無(wú)限長(zhǎng)通電直導(dǎo)體棒。將兩根長(zhǎng)度均為L(zhǎng)，質(zhì)量均為m，通有方向相反、大小恒為IabOb。則下列說(shuō)法正確的是（）A．O處磁感應(yīng)強(qiáng)度的方向水平向右B．兩導(dǎo)體棒連線的中垂線上各點(diǎn)磁感應(yīng)強(qiáng)度的方向都是豎直向下mgA．O處磁感應(yīng)強(qiáng)度的方向水平向右B．兩導(dǎo)體棒連線的中垂線上各點(diǎn)磁感應(yīng)強(qiáng)度的方向都是豎直向下mgtanILDad、bb靜止，則導(dǎo)體棒中的電流必須逐漸增大如圖所示，小船在水面上以速度v勻速運(yùn)動(dòng)，用輕繩跨過(guò)一定滑輪拉岸上的一件貨物，則（ ）C．當(dāng)繩子與水平方向夾角為30時(shí)，貨物的速度為3C．當(dāng)繩子與水平方向夾角為30時(shí)，貨物的速度為3v2vD．當(dāng)繩子與水平方向夾角為302v參考答案1．A【詳解】B．設(shè)斜面的高度為h，根據(jù)動(dòng)能定理得1 1mgh mv2 mv22 2 0撤去斜面，h不變，落地的速率不變，故B錯(cuò)誤；C．比較小球在斜面上與空中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間。設(shè)斜面的傾角為a，由于小球在斜面上運(yùn)動(dòng)的加速度為agsina對(duì)其進(jìn)行分解，豎直分加速度為a asinagsin2y則知撤去斜面。落地時(shí)間變小，故C錯(cuò)誤；A．由于小球在斜面上豎直分加速度為a asinagsin2y根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)的規(guī)律v2v20

2ax面的水平分速度大小大于在空中運(yùn)動(dòng)下落至地面的水平分速度大小，由于小球在斜面上水平分加速度為a gsinacosax根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)的規(guī)律v2v20

2ax可知小球從斜面上下落到地面的水平位移大小小于在空中運(yùn)動(dòng)下落至地面的水平位移大小，故A正確；D故D錯(cuò)誤；故選A。2．B【詳解】AB．由安培定則可知，兩直線電流在M點(diǎn)產(chǎn)生的磁場(chǎng)方向斜向下，其合磁場(chǎng)方向向下，兩直線電流在N點(diǎn)產(chǎn)生的磁場(chǎng)方向斜向上，其合磁場(chǎng)方向向上，由于對(duì)稱性，因此M點(diǎn)和N正確；CD．由安培定則可知，兩直線電流在MN上同一點(diǎn)產(chǎn)生的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小相等，方向相反時(shí)，合磁感應(yīng)強(qiáng)度是零，則只有O點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度是零，CD錯(cuò)誤。故選B。3．C【詳解】由于高度一定，由h

12gt2項(xiàng)錯(cuò)誤；圈圈落地時(shí)重力的瞬時(shí)功率Pmgy

mg2t可知圈圈落地時(shí)重力的瞬時(shí)功率不變，B項(xiàng)錯(cuò)誤；拋出時(shí)初速度越大，由1E mgh 2k 2 0可知，圈圈落地時(shí)的動(dòng)能越大，C項(xiàng)正確；圈圈重力做的功Wmgh不變，D項(xiàng)錯(cuò)誤。故選C。4．B【詳解】a處的電流在c處產(chǎn)生的磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度為I 21071Bk T2106T1 r 0.1bc ac sin30所以b處的電流在c處產(chǎn)生的磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度為I 21072B k T2106T2 r 0.2方向如圖所示B1B2間的夾角為，根據(jù)矢量疊加原理可得B2B1

cos602106T方向與ac邊成故選B。5．D【詳解】E

變成v

cos60即v0，1v 2v 2 20 2 v 22 1dcos30qE0m

0 0 2E

，此方向上，粒子的速度由零變成v

sin60即 ，3v02 0 3v0可知E2的方向豎直向下，由牛頓第二定律及運(yùn)動(dòng)學(xué)公式得3v023v02

2

dsin30 m則該勻強(qiáng)電場(chǎng)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小是E2EE2E2120E 2qd0方向：斜向左下方。ABC錯(cuò)誤，D正確。故選D。6．D【詳解】對(duì)Q受力分析如圖所示，mg，由于有一部分細(xì)沙緩慢流出而減小，繩對(duì)QF和P對(duì)QN在Q緩慢上移時(shí)的重心雖然在變，但重心一定在過(guò)O2足相似三角形的條件。設(shè)小滑輪右側(cè)的繩長(zhǎng)為x，作出Q”矢AO1O2相似，則mg N FhR Rr xr式中的+、R+）均不變，重力g減小，則當(dāng)緩慢拉動(dòng)Q時(shí)，繩對(duì)Q的拉力FP對(duì)Q的彈力N減小。故選D。7．C【詳解】AB．由乙圖可知小球的加速度逐漸變大，小球從A到B，做減速運(yùn)動(dòng)，故所受電場(chǎng)力沿斜面向下，小球收到的電場(chǎng)力逐漸變大，且FA

FAB錯(cuò)誤；BC．小球從A到B，做減速運(yùn)動(dòng)，且加速度大小逐漸變大，所受電場(chǎng)力沿斜面向下，則電場(chǎng)線方向?yàn)閺腂指向A，故A

，故C正確；BDA到B減小，故小球的重力勢(shì)能和電勢(shì)能之和增大，故D錯(cuò)誤；故選C。8．A【詳解】彈簧豎直懸掛物體時(shí)，對(duì)物體受力分析，由共點(diǎn)力平衡條件可得彈簧的彈力Fkx mg1.510N15N0現(xiàn)用該彈簧沿固定的斜面拉住質(zhì)量為2kg的物體，系統(tǒng)靜止時(shí)彈簧伸長(zhǎng)量也為x0，說(shuō)明彈簧的彈力仍為kx0=15N，假設(shè)摩擦力沿斜面向上，如圖所示，由平衡條件得F+Ff?mgsin30°=0其中m=2kg，解得Ff=?5N故選A。AD【詳解】如圖所示在ac連線上，確定一b′點(diǎn)，根據(jù)勻強(qiáng)電場(chǎng)中電勢(shì)均勻變化，而且已知ac長(zhǎng)度可知x軸1cm代表4V的電勢(shì)差，則b′電勢(shì)為13V時(shí)3.5cm4.5cm將bb′連線，即為等勢(shì)線，那么垂直bb′連線，則為電場(chǎng)線，根據(jù)幾何關(guān)系可知bcOabc ac且c點(diǎn)電勢(shì)高于O點(diǎn)電勢(shì)，可知電場(chǎng)強(qiáng)度的方向?yàn)閏→O，A正確；acx1cm4V13VO點(diǎn)的電勢(shì)為U Ob O b

48V32V解得 19VO故B錯(cuò)誤；ab點(diǎn)電場(chǎng)力做正功，所做功為WUab

q113e電場(chǎng)力做正功，電勢(shì)能減少，故可知電子在a點(diǎn)的電勢(shì)能比在b點(diǎn)的高14eV，C錯(cuò)誤；bc點(diǎn)，電場(chǎng)力做正功，所做功為WUbc

q31e故DAD。10．BC【詳解】ABD簧的彈力F=mgtan45°=1×10×1N=10N剪掉繩子的瞬間，彈簧的彈力仍然是10N球所受的摩擦力Ff=μmg=0.25×1×10N=2.5N由牛頓第二定律得小球的加速度

FFa

102.5 ms27.5ms2m 1正確，C．由以上分析可知，剪掉繩子瞬間，小球受到地面的彈力大小是10N，CBC。CD【詳解】對(duì)A、B球受力分析，如圖所示，由共點(diǎn)力平衡條件和幾何關(guān)系得mg1

F1tan1mg2

F2tan2不論q1與q2誰(shuí)大誰(shuí)小，它們之間的庫(kù)侖力F1和F2，總是大小相等，方向相反，在一條直線上，即大小總有F1=F2，所以當(dāng)m1=m2則有θ1=θ2當(dāng)m1<m2則有θ1>θ2當(dāng)m1>m2則θ1<θ2AB錯(cuò)誤，CD正確。故選CD。AB【詳解】向下，分別對(duì)應(yīng)磁場(chǎng)強(qiáng)度最小和最大；當(dāng)磁場(chǎng)強(qiáng)度為0時(shí)，可知mgsinmgcos故金屬棒不能靜止；當(dāng)fm沿斜面向上可得mgsinFN1

Bmin

ILcosF mgcosBN1 min

ILsin解得B mgmin 當(dāng)fm沿斜面向下可得mgsinFN2

Bmax

ILcosF mgcosBN2 max

ILsin解得B mgmax L

min又因?yàn)锽min

BB0 max故B的可取范圍小于11B0；故選AB。BD【詳解】AB．由安培定則可知，a、b電流產(chǎn)生的磁場(chǎng)在O處方向如圖甲所示由平行四邊形定則知，兩導(dǎo)體棒連線的中垂線上各點(diǎn)磁感應(yīng)強(qiáng)度的方向都是豎直向下，A錯(cuò)誤，B正確；C．設(shè)圓筒對(duì)b的支持力為F，受力示意圖如圖乙所示由平行四邊形定則和共點(diǎn)力的平衡條件得

Fcos2Fsin2

mgBIL解得mgtanB 2ILC錯(cuò)誤；D．將ad緩慢移動(dòng)，要使babab、b之間的距離又逐漸增大，由BkIr可知，導(dǎo)體棒中電流必須逐漸增大才行，