上海市虹口區(qū)2018屆高三一?？荚囄锢碓囶}含答案解析

-#—虹口區(qū)2017學(xué)年度第一學(xué)期期終教學(xué)質(zhì)量監(jiān)控測(cè)試高三物理試卷一、選擇題下列物理量中，屬于矢量的是（）電勢(shì) 磁感應(yīng)強(qiáng)度 磁通量 電流強(qiáng)度【答案】【解析】【詳解】矢量既有大小，又有方向，磁感應(yīng)強(qiáng)度是矢量，故正確；標(biāo)量只有大小沒(méi)有方向，電勢(shì)、磁通量和電流強(qiáng)度都是標(biāo)量，故 錯(cuò)誤。所以正確，錯(cuò)誤。下列現(xiàn)象中屬于靜電利用的是油罐車(chē)上有鐵鏈拖到地面飛機(jī)輪胎用導(dǎo)電橡膠制作屋頂安裝避雷針汽車(chē)表面噴涂油漆【答案】【解析】油罐車(chē)在運(yùn)輸過(guò)程中產(chǎn)生靜電，若不及時(shí)導(dǎo)走，當(dāng)人碰到會(huì)被擊傷，通過(guò)連接地線導(dǎo)走是靜電的防止，故錯(cuò)誤；飛機(jī)在地面上滑行時(shí)，輪胎與地面摩擦而帶上靜電，飛機(jī)輪胎用導(dǎo)電橡膠制作是為了防止靜電的危害，故錯(cuò)誤；下雨天，云層帶電打雷，往往在屋頂安裝避雷針，是導(dǎo)走靜電，防止觸電，故錯(cuò)誤；汽車(chē)表面噴涂油漆屬于靜電的應(yīng)用，故正確；故選【點(diǎn)睛】物體帶電的本質(zhì)是電荷的轉(zhuǎn)移，出現(xiàn)多余的電荷從而帶電，所以靜電的產(chǎn)生有利有弊.在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中、兩點(diǎn)分別引入長(zhǎng)度相等的長(zhǎng)直導(dǎo)線，導(dǎo)線與磁場(chǎng)方向垂直，如圖所示，圖中、兩條圖線分別表示在磁場(chǎng)中、兩點(diǎn)導(dǎo)線所受磁場(chǎng)力和通過(guò)導(dǎo)線的電流關(guān)系，關(guān)于、兩點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大?。?、B；,下列說(shuō)法正確的是

.、I：，I二」 無(wú)法比較【答案】【解析】根據(jù)公式=13幾，可知FT圖象的斜率為,由于長(zhǎng)度相等，故斜率越大，表示磁感應(yīng)強(qiáng)度越大，故點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大于點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度；故錯(cuò)誤，正確；故選不同質(zhì)量的兩個(gè)物體由同一地點(diǎn)以相同的動(dòng)能豎直向上拋出，不計(jì)空氣阻力，則這兩個(gè)物體所能達(dá)到的最大高度和最大重力勢(shì)能都相同所能達(dá)到的最大高度和最大重力勢(shì)能均不同所能達(dá)到的最大高度不同，但最大重力勢(shì)能相同所能達(dá)到的最大高度相同，但最大重力勢(shì)能不同【答案】【解析】物體豎直上拋到最高點(diǎn)，速度為零，根據(jù)機(jī)械能守恒定律得：二、二：了，解得：二一，不同，：‘、相等，故最mg大高度不同，而最大重力勢(shì)能Ep=mgh=Ek相同，故 錯(cuò)誤，正確，故選【點(diǎn)睛】物體豎直向上拋出，不計(jì)空氣阻力，物體的機(jī)械能守恒，到達(dá)最大高度時(shí)動(dòng)能為，根據(jù)機(jī)械能守恒定律判斷重力勢(shì)能的大小關(guān)系即可.如圖所示，下列速度一時(shí)間圖像中，表示兩個(gè)做自由落體運(yùn)動(dòng)的物體同時(shí)落地的是(表示落地時(shí)刻)( )【解析】自由落體運(yùn)動(dòng)的初速度為0速度隨時(shí)間均勻增大，圖線甲有初速度，不是自由落體運(yùn)動(dòng)，故錯(cuò)誤；自由落體運(yùn)動(dòng)的加速度相同，都為，所以圖線斜率相等，圖象應(yīng)平行，故錯(cuò)誤；圖線甲有初速度，不是自由落體運(yùn)動(dòng)，故錯(cuò)誤；自由落體運(yùn)動(dòng)的初速度為0速度隨時(shí)間均勻增大，加速度相同，所以圖線的斜率相等，圖象平行，同時(shí)落地，即在同一時(shí)刻落地，故正確；故選一輛汽車(chē)正在水平公路上轉(zhuǎn)彎，沿曲線由向行駛，速度逐漸增大。下列四幅圖中畫(huà)出的汽車(chē)所受合力的方向，可能正確的是 （ ）【答案】【解析】【詳解】因汽車(chē)向行駛，故速度方向沿切線向上，由曲線運(yùn)動(dòng)條件知錯(cuò)誤；又因速度逐漸增大，故與速度夾角為銳角，故、錯(cuò)誤，故本題正確。將地球視為理想球體，且只考慮自轉(zhuǎn)，不考慮其繞太陽(yáng)的運(yùn)動(dòng)，則南回歸線與北回歸線上各點(diǎn)的線速度都相等赤道上各點(diǎn)的向心加速度重力重力加速度地球表面和內(nèi)部各點(diǎn)的向心加速度方向均指向地4在地球的某一條半徑上，各點(diǎn)的線速度均與它到地4的距離成正比【答案】【解析】由于回歸線上各點(diǎn)的線速度方向并不相同，故線速度不相等，故、錯(cuò)誤；向心加速度是指各點(diǎn)做圓周運(yùn)動(dòng)的加速度，所以赤道上各點(diǎn)的向心加速度不同于重力加速度，故錯(cuò)誤；地球表面各點(diǎn)向心加速度的方向都指向地軸的一點(diǎn)，只有赤道上各點(diǎn)向心加速度的方向指向地心，故錯(cuò)誤；因各點(diǎn)的角速度相同，由,可知，在地球的某一條半徑上，各點(diǎn)的線速度均與它到地心的距離成正比，故正確，故選【點(diǎn)睛】地面上的物體隨地球自轉(zhuǎn)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，角速度相等，根據(jù)向心加速度公式:L一1分析向心加速度的關(guān)系.由, 分析線速度的大小關(guān)系.向心加速度的方向指向圓心.如圖所示，在繩下端掛一物體，用力作用于點(diǎn)，使懸線偏離豎直方向的夾角為a，且保持物體平衡。設(shè)與水平方向的夾角為P，在保持a角不變的情況下，要使拉力的值最小，則P應(yīng)等于（ ）1-TT22【答案】【解析】點(diǎn)受三個(gè)拉力處于平衡，向上的兩個(gè)拉力的合力大小等于物體的重力，方向豎直向上，根據(jù)作圖法，作出力的變化圖象"冬＜mg由圖可知，當(dāng)與天花板相連的繩子垂直時(shí)，拉力最小，根據(jù)幾何關(guān)系知P=a.故正確， 錯(cuò)誤，故選【點(diǎn)睛】對(duì)結(jié)點(diǎn)受力分析，抓住拉物體繩子的拉力大小和方向都不變，與天花板相連繩子拉力方向不變，通過(guò)作圖法求出拉力的最小值.已知磁敏電阻在沒(méi)有磁場(chǎng)時(shí)電阻很小，在有磁場(chǎng)時(shí)電阻很大，并且磁場(chǎng)越強(qiáng)阻值越大，為了探測(cè)有無(wú)磁場(chǎng)，利用磁敏電阻作為傳感器設(shè)計(jì)了如圖所示電路，電源電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻不變，在沒(méi)有磁場(chǎng)時(shí)，條件變阻器使電燈發(fā)光，當(dāng)探測(cè)裝置從無(wú)磁場(chǎng)區(qū)進(jìn)入強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)（設(shè)電燈不會(huì)燒壞），則*通敏電RI電燈變亮電流表示數(shù)增大變阻器的功率增大磁敏電阻兩端的電壓減小【答案】【解析】探測(cè)裝置從無(wú)磁場(chǎng)區(qū)進(jìn)入強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)時(shí)，其電阻變大，電路的總電阻變大，根據(jù)閉合電路歐姆定律可知電路中的總電流變小，所以電流表的示數(shù)減??；根據(jù)U=ETi，可知減小，路端電壓增大，所以燈泡兩端的電壓增大，則電燈變亮，故流過(guò)電燈的電流增大，而總電流減小，則流過(guò)磁敏電阻的電流減小，因?yàn)樵谶M(jìn)入強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)后沒(méi)有改變滑動(dòng)變阻器滑片的位置，即滑動(dòng)變阻器的有效阻值不變，根據(jù)「「R，可知變阻器的功率減小，根據(jù):：R可知，兩端的電壓減小，而路端電壓增大，故磁敏電阻兩端的電壓增大，故正確，錯(cuò)誤；故選如圖所示，在有界勻強(qiáng)磁場(chǎng)中水平放置相互平行的金屬導(dǎo)軌，導(dǎo)軌電阻不計(jì)，導(dǎo)軌上金屬桿與導(dǎo)線接觸良好，磁感線垂直導(dǎo)軌平面向上（俯視圖），導(dǎo)軌與處于磁場(chǎng)外的大線圈相接，欲使置于內(nèi)的小閉合線圈產(chǎn)生順時(shí)針?lè)较虻母袘?yīng)電流，下列做法可行的是加速向右運(yùn)動(dòng)加速向左運(yùn)動(dòng)勻速向左運(yùn)動(dòng)【答案】【解析】勻速向右運(yùn)動(dòng)，切割磁感線產(chǎn)生的電動(dòng)勢(shì)： B可知感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)不變，則產(chǎn)生的感應(yīng)電流不變，故由感應(yīng)電流產(chǎn)生的磁場(chǎng)也不變，則穿過(guò)線圈的磁通量不變，故線圈不產(chǎn)生感應(yīng)電流，故錯(cuò)誤；加速向右運(yùn)動(dòng)， 切割磁感線產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)： B可知感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)增大，產(chǎn)生的感應(yīng)電流增大，故由感應(yīng)電流產(chǎn)生的磁場(chǎng)也增大，則穿過(guò)的磁通量增大，由右手定則可知，產(chǎn)生的感應(yīng)電流由流向，由安培定則可知，穿過(guò)的磁場(chǎng)方向垂直于紙面向里，由楞次定律可知，中產(chǎn)生逆時(shí)針?lè)较虻母袘?yīng)電流，故錯(cuò)誤；加速向左運(yùn)動(dòng)時(shí)，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)： B可知感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)增大，故感應(yīng)電流增大，故由感應(yīng)電流產(chǎn)生的磁場(chǎng)也增大，則穿過(guò)線圈的磁通量增大，由右手定則與楞次定律可知，中產(chǎn)生順時(shí)針?lè)较虻母袘?yīng)電流，故正確;勻速向左運(yùn)動(dòng)，切割磁感線產(chǎn)生的電動(dòng)勢(shì)： B可知感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)不變，則產(chǎn)生的感應(yīng)電流不變，故由感應(yīng)電流產(chǎn)生的磁場(chǎng)也不變，則穿過(guò)線圈的磁通量不變，故線圈不產(chǎn)生感應(yīng)電流，故錯(cuò)誤；故選一個(gè)質(zhì)量為的箱子放在水平地面上，箱內(nèi)用一段固定長(zhǎng)度的輕質(zhì)細(xì)線栓一質(zhì)量為的小球，線的另一端拴在箱子的頂板上，現(xiàn)把細(xì)線和球拉到左側(cè)與豎直方向成Q角處?kù)o止釋放，如圖所示，在小球擺動(dòng)的過(guò)程中箱子始終保持靜止，則以下判斷正確的是在小球擺動(dòng)的過(guò)程中，線的張力呈周期性變化，但箱子對(duì)地面的作用力始終保持不變小球擺到右側(cè)最高點(diǎn)時(shí)，地面受到的壓力為△，：噂'，箱子受到地面向左的靜摩擦小球擺到最低點(diǎn)時(shí)，地面受到的壓力為二't"箱子不受地面的摩擦力小球擺到最低點(diǎn)時(shí)，繩對(duì)箱頂?shù)睦Υ笥?，箱子?duì)地面的壓力大于(M+m)g【答案】【解析】2在小球擺動(dòng)的過(guò)程中，速度越來(lái)越大，對(duì)小球受力分析根據(jù)牛頓第二定律可知：「:［，繩子在豎直r2方向的分力為：卜3…H二二.、：：，由于速度越來(lái)越大，角度H越來(lái)越小，故」越大，故箱子對(duì)地面的作用力增大，在整個(gè)運(yùn)動(dòng)過(guò)程中箱子對(duì)地面的作用力時(shí)刻變化，故錯(cuò)誤；小球擺到右側(cè)最高點(diǎn)時(shí)，小球有垂直于繩斜向下的加速度，對(duì)整體由于箱子不動(dòng)加速度為％=,。，；為小球在豎直方向的加速度，根據(jù)牛頓第二定律可知：4,n“，則有：1、、；「；:，故二⑴，根據(jù)牛頓第三定律可知對(duì)地面的壓力小于ny，故錯(cuò)誤；在最低點(diǎn)，小球受到的重力和拉力的合力提供向心力，由牛頓第二2 2 2定律有：.n:。、n.二，聯(lián)立解得：.二:二，則根據(jù)牛頓第三定律知，球?qū)ο涞睦Υ笮椋海?「，、；二，r r r故此時(shí)箱子對(duì)地面的壓力為：N△，;二.△，n:二n：、二二，故小球擺到最低點(diǎn)時(shí)，繩對(duì)箱頂?shù)睦Υ笥冢合渥訉?duì)地面的壓力大于：ny,故錯(cuò)誤，正確，故選【點(diǎn)睛】對(duì)運(yùn)動(dòng)分析，判斷出速度大小的變化，根據(jù)牛頓第二定律求得繩子的拉力，即可判斷出與地面間的相互作用力的變化，在最低點(diǎn)，球受到的重力和拉力的合力提供向心力，由牛頓第二定律求出繩子的拉力，從而得到箱子對(duì)地面的壓力.一質(zhì)點(diǎn)做簡(jiǎn)諧振動(dòng)，振幅為，周期為，為平衡位置，、為兩側(cè)最大位移處，從經(jīng)過(guò)位置（與、B三點(diǎn)均不重合）時(shí)開(kāi)始計(jì)時(shí)，則下列說(shuō)法正確的是1 4A經(jīng)過(guò)二.時(shí)，質(zhì)點(diǎn)的平均速度必小于一經(jīng)過(guò)時(shí)，質(zhì)點(diǎn)的路程不可能大于，但可能小于經(jīng)過(guò)「時(shí)，質(zhì)點(diǎn)的瞬時(shí)速度不可能與經(jīng)過(guò)時(shí)相等01經(jīng)過(guò)1時(shí)，質(zhì)點(diǎn)的瞬時(shí)速度與經(jīng)過(guò)點(diǎn)時(shí)速度方向可能相同也可能相反【答案】【解析】質(zhì)點(diǎn)的半個(gè)周期內(nèi)的路程為A由于開(kāi)始時(shí)的位置不是在最大位移處，所以質(zhì)點(diǎn)的位移一定小于A則半個(gè)__x2A_4A周期內(nèi)的平均速度：'=：＜匚=亍，故正確；質(zhì)點(diǎn)在平衡位置附近的速度較大，而在最大位移附近的速度—12，一~ 4一一， E__I 4_一， 較小，所以若質(zhì)點(diǎn)從點(diǎn)開(kāi)始時(shí)運(yùn)動(dòng)的方向指向平衡位置，則質(zhì)點(diǎn)在;T內(nèi)的路程要大于A若質(zhì)點(diǎn)從點(diǎn)開(kāi)始41時(shí)運(yùn)動(dòng)的方向遠(yuǎn)離平衡位置，則質(zhì)點(diǎn)子在4T內(nèi)的路程要小于.故錯(cuò)誤；若質(zhì)點(diǎn)開(kāi)始時(shí)向平衡位置運(yùn)動(dòng)，經(jīng)過(guò)；時(shí)，若質(zhì)點(diǎn)到達(dá)與對(duì)稱(chēng)的位置，則質(zhì)點(diǎn)的瞬時(shí)速度與經(jīng)過(guò)時(shí)的瞬時(shí)速度是相等的，故錯(cuò)誤；根據(jù)振動(dòng)的周期性可知，經(jīng)過(guò)半個(gè)周期后，質(zhì)點(diǎn)速度方向一定與開(kāi)始時(shí)速度的方向相反，故錯(cuò)誤；故選【點(diǎn)睛】由振幅的定義可得出質(zhì)點(diǎn)的振幅；由質(zhì)點(diǎn)振動(dòng)的過(guò)程可求解通過(guò)的路程及位移；經(jīng)過(guò)半個(gè)周期后，質(zhì)點(diǎn)速度方向一定與開(kāi)始時(shí)速度的方向相反.二、填空題國(guó)際單位制中力學(xué)的基本物理量是長(zhǎng)度、時(shí)間和 _用國(guó)際單位制基本單位表示磁感應(yīng)強(qiáng)度的單位，。【答案】 質(zhì)量 （24）.2【解析】國(guó)際單位制中,長(zhǎng)度、質(zhì)量、時(shí)間三個(gè)物理量被選作力學(xué)的基本物理量,力學(xué)的三個(gè)基本單位分別是米、千克、秒；磁感應(yīng)強(qiáng)度B=5,磁感應(yīng)強(qiáng)度單位為,貝UlT=l￡=l￥+=lkgATs-2IL AmA-m如圖所示，兩金屬棒ab、cd放在磁場(chǎng)中，并組成閉合電路，當(dāng)ab棒向左運(yùn)動(dòng)時(shí)，cd棒受到向下的磁場(chǎng)力，則可知磁極是 極，理由是 。【答案】 由左手定則判斷電流方向c-d,從而電流是b-a,根據(jù)右手定則，磁感線垂直穿過(guò)手心，為極【解析】是極，理由是：由左手定則判斷電流方向c-d,從而電流是b-a,根據(jù)右手定則，磁感線垂直穿過(guò)手心,故為極如圖為點(diǎn)電荷產(chǎn)生的電場(chǎng)，圖中虛線為等勢(shì)線，若將兩個(gè)帶正電檢驗(yàn)電荷和％、q?分別從、兩點(diǎn)移動(dòng)到無(wú)窮遠(yuǎn)處的過(guò)程中，外力克服電場(chǎng)力做功均為W=6x0-6j,其中心=2乂0一七，貝U點(diǎn)電勢(shì)必 ，q2的電荷量 （選填“等于"、“小于”或“大于”）％的電荷量?！敬鸢浮?大于【解析】從、兩點(diǎn)移動(dòng)到無(wú)窮遠(yuǎn)處的過(guò)程中，外力克服電場(chǎng)力做功均為W=6xCf6j,電勢(shì)能增加6x0-6］，以無(wú)窮遠(yuǎn),工-— 4 —，—，，， -6 jEpa-6x10-6 ,為零勢(shì)點(diǎn)，％在點(diǎn)電勢(shì)能為Epa=6xC）6j,根據(jù)電勢(shì)公式， 點(diǎn)電勢(shì)甲A=——= r=-3V,根據(jù)題意q2xio-6點(diǎn)電勢(shì)高于點(diǎn)電勢(shì)，點(diǎn)到無(wú)窮遠(yuǎn)處的電勢(shì)差大于點(diǎn)到無(wú)窮遠(yuǎn)處的電勢(shì)差，由電場(chǎng)力做功公式 ，q?的電荷量大于二的電荷量.如圖所示電路，、是一對(duì)平行金屬板，將板接地。已知電源電動(dòng)勢(shì) ，內(nèi)阻不計(jì)，R。=200◎?yàn)槎ㄖ惦娮?，R1、R2均為 Q的可調(diào)電阻箱，帶負(fù)電的小球用絕緣細(xì)線懸掛在平行金屬板之間。閉合電鍵當(dāng)、.:「當(dāng)、.:「Q.R、：時(shí)，；若將％從 Q調(diào)到 Q，小球的電勢(shì)能將 （選填“變大”、“變小”或“不變”）。5/5/不變【答案】【解析】〈與電容器串聯(lián)，則R.相當(dāng)導(dǎo)線作用，改變R.對(duì)電路的總電阻沒(méi)有影響，對(duì)總電流沒(méi)有影響，故改變R.時(shí)小球不變E36的電勢(shì)能將保持不變；「與上串聯(lián)，則電路中的總電流為：7~T、一一；「『,、，而電容器與公并聯(lián)，Xvq十iv9/UU十4UU故電容器兩端的電壓等于、。兩端的電壓，則U^n:R。二'一質(zhì)量為的物體從傾角為1的固定長(zhǎng)直斜面頂端由靜止開(kāi)始下滑，已知斜面與物體間的動(dòng)摩擦因數(shù)，與物，從一開(kāi)始體離開(kāi)斜面底端距離之間滿足,、、（為已知量），則物體剛下滑的加速度大小為，從一開(kāi)始下滑到速度達(dá)到最大這一過(guò)程中重力做功為【答案】；；i）mgtanOsinO

【答案】；；i）mgtanOsinO

)【解析】物體剛下滑時(shí)，只受重力作用，物體所受重力沿斜面向下的分力1：：、“，根據(jù)牛頓第二定律，物體此時(shí)產(chǎn) F …一，…一，生的加速度a=—=gsin9，當(dāng)物體的加速度為 時(shí)，物體的速度最大，故此時(shí)物體所受摩擦力與重力沿斜面向m下的分力大小相等，即：c］；、:】：：，又因?yàn)椋海?、':，則有：］=、:］：），解得此時(shí)物體的位tanO移乂=—，從開(kāi)始下滑到物體速度最大時(shí)物體產(chǎn)生的位移為，故在此過(guò)程中重力對(duì)物體所做的功為:ktanO mgtan9sin0WG=ingxsinO=mg sin0= k k如圖甲所示的電路中R、R：均為定值電阻，且、；「：），、、電阻值未知，R,為滑動(dòng)變阻器，當(dāng)k滑片從左端滑到右端時(shí)，測(cè)得電源中流過(guò)的電流變化圖像如圖乙所示，其中、兩點(diǎn)是滑片在變阻器的兩個(gè)不同端點(diǎn)得到的，求：（）點(diǎn)對(duì)應(yīng)的滑片的位置是變阻器的哪一端，請(qǐng)畫(huà)出對(duì)應(yīng)的電路圖;（）R2阻值;（3）電源的內(nèi)電阻；（）滑動(dòng)變阻器的最大阻值?！敬鸢浮浚ǎ┯叶?，見(jiàn)解析（）Q（） 0（）Q【解析】（）當(dāng)R3滑片從左端滑到右端時(shí)，其有效阻值在減小，則總電阻減小，故總電流增大，由一圖可知，點(diǎn)對(duì)應(yīng)的滑片的位置的右端，當(dāng)滑片在點(diǎn)時(shí)，R3的有效阻值為，R1被短接，對(duì)應(yīng)的電路圖，如圖所示：— U2（）由（）電路可知，此時(shí)路端電壓為5=4V，總電流為l2=0.8A，則R=—=5口16-4（）將乙圖中線延長(zhǎng)，交軸于 處，所以電源的電動(dòng)勢(shì)為 .圖象斜率表示內(nèi)阻為：：0.8-0.2（）當(dāng)滑到R3的左端時(shí)，由題圖乙知，此時(shí)路端電壓為5=16V,總電流為L(zhǎng)=0.2Ar,r, , 5 16則外電阻為R外一一W：。外I10.2R1&「又因?yàn)?、外?+^-2均十尺3解得：R，如圖，把一重為的物體，用一個(gè)水平的推力 （為恒量，為時(shí)間）壓在豎直的足夠高的平整墻上，動(dòng)摩擦因數(shù)為M，從開(kāi)始（）作出物體所受墻面的摩擦力隨變化關(guān)系圖；（）分析、說(shuō)明物體在各段時(shí)間內(nèi)加速度、速度的變化情況。

)物體的加速度先減小后增大，最終為零，速度先增大，后減小試題分析：由題意可知，隨著時(shí)間的推移，壓力不斷增大，導(dǎo)致物體從滑動(dòng)到靜止.則物體所受的摩擦力先是滑動(dòng)摩擦力后是靜摩擦力.而滑動(dòng)摩擦力的大小與推物體的壓力大小成正比，而靜摩擦力的大小與重力大小相等.()從開(kāi)始水平推力，即壓力不斷增大，則物體受到滑動(dòng)摩擦力作用，所以滑動(dòng)摩擦力的大小與壓力正比.因此滑動(dòng)摩擦力不斷增大.合外力減小，加速度減小；當(dāng)摩擦力等于重力時(shí)，加速度為零；當(dāng)物體的摩擦力大于重力時(shí)，物體開(kāi)始做減速