2024學年福建福州市物理高二第一學期期末質(zhì)量跟蹤監(jiān)視試題含解析

2024學年福建福州市物理高二第一學期期末質(zhì)量跟蹤監(jiān)視試題注意事項：1．答卷前，考生務(wù)必將自己的姓名、準考證號、考場號和座位號填寫在試題卷和答題卡上。用2B鉛筆將試卷類型（B）填涂在答題卡相應(yīng)位置上。將條形碼粘貼在答題卡右上角"條形碼粘貼處"。2．作答選擇題時，選出每小題答案后，用2B鉛筆把答題卡上對應(yīng)題目選項的答案信息點涂黑；如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案。答案不能答在試題卷上。3．非選擇題必須用黑色字跡的鋼筆或簽字筆作答，答案必須寫在答題卡各題目指定區(qū)域內(nèi)相應(yīng)位置上；如需改動，先劃掉原來的答案，然后再寫上新答案；不準使用鉛筆和涂改液。不按以上要求作答無效。4．考生必須保證答題卡的整潔?？荚嚱Y(jié)束后，請將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，當磁鐵的磁極靠近陰極射線管時，熒光屏上的亮線發(fā)生了彎曲．這個現(xiàn)象說明A.陰極射線中的粒子帶負電B.運動電荷受到磁場的作用力C.陰極射線中的粒子帶正電D.運動電荷的周圍存在電場2、如圖所示，在通有恒定電流螺線管內(nèi)有一點P，過P點的磁感線方向一定是A.從螺線管的N極指向S極 B.放在P點的小磁針S極受力的方向C.靜止在P點的小磁針N極指的方向 D.與螺線管垂直3、如圖所示，線框面積為S，線框平面與磁感應(yīng)強度為B的勻強磁場方向垂直，則穿過平面的磁通量的情況是()A.若從初始位置轉(zhuǎn)過180°角，磁通量的變化量為零B.若從初始位置轉(zhuǎn)過90°角，磁通量的變化量為零C.若使線框繞OO′轉(zhuǎn)過60°角，磁通量為BSD.若使線框繞OO′轉(zhuǎn)過30°角，磁通量為BS4、如圖，“L”型導線abc固定并垂直放置在磁感應(yīng)強度為B的勻強磁場中，，ab長為l，bc長為，導線通入恒定電流I，設(shè)導線受到的安培力大小為F，方向與bc夾角為θ，則A.， B.，C.， D.，5、電磁炮是利用電磁發(fā)射技術(shù)制成的一種先進的動能殺傷武器。如圖為美國試驗所采用的電磁軌道，該軌道長10m，寬2m。若發(fā)射質(zhì)量為100g的炮彈從軌道左端以初速度為零開始加速，當回路中的電流恒為20A時，最大速度可達4km/s軌道間所加磁場為勻強磁場，不計空氣及摩擦阻力。下列說法正確的是（）A.磁場方向為豎直向下B.磁場方向為水平向右C.電磁炮的加速度大小為4×105m/s2D.磁感應(yīng)強度的大小為2×103T6、一個電荷量為q的正點電荷位于電場中A點，受到的電場力為F，則A點的電場強度大小E=F/q，方向與F相同．若把該點電荷換為電荷量為2q的負點電荷，則A點的電場強度A.大小仍為E，方向與原來相反B.大小變?yōu)镋/2，方向與原來相反C.大小仍為E，方向與原來相同D.大小變?yōu)镋/2，方向與原來相同二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、兩根足夠長的光滑導軌豎直放置，間距為L，底端接阻值為R的電阻．將質(zhì)量為m的金屬棒懸掛在一個固定的輕彈簧下端，金屬棒和導軌接觸良好，導軌所在平面與磁感應(yīng)強度為B的勻強磁場垂直，如圖所示．除電阻R外其余電阻不計．現(xiàn)將金屬棒從彈簧原長位置由靜止釋放，則A.釋放瞬間金屬棒的加速度等于重力加速度gB.金屬棒向下運動時，流過電阻R的電流方向為a→bC.金屬棒的速度為v時，所受的按培力大小為F=D.電阻R上產(chǎn)生的總熱量等于金屬棒重力勢能的減少8、如圖所示，已知一帶電小球在光滑絕緣的水平面上從靜止開始經(jīng)電壓U加速后，水平進入互相垂直的勻強電場E和勻強磁場B的復合場中（E、g和B已知），小球在此空間的豎直面內(nèi)做勻速圓周運動，則下列說法正確的是（）A.小球帶負電B.小球做勻速圓周運動過程中機械能保持不變C.小球做勻速圓周運動過程中周期D.若電壓U增大，則小球做勻速圓周運動的周期變大9、如圖所示電路中,電源的電動勢為E,內(nèi)阻為r,各電阻阻值如圖所示,當滑動變阻器的滑動觸頭P從b端滑到a端的過程中,下列說法不正確的是()A.電流表的讀數(shù)I先增大,后減小B.電壓表的讀數(shù)U先增大,后減小C.電壓表讀數(shù)U與電流表讀數(shù)I的比值不變D.電壓表讀數(shù)的變化量與電流表讀數(shù)的變化量的比值不變10、關(guān)于電磁感應(yīng)，下列說法中正確的是（）A.導體做切割磁感線運動，導體內(nèi)一定會產(chǎn)生感應(yīng)電流B.當穿過閉合電路的磁通量發(fā)生變化時，閉合電路中一定有感應(yīng)電流C.閉合電路在磁場中做切割磁感線運動，電路中一定會產(chǎn)生感應(yīng)電流D.穿過同一閉合電路的磁通量變化越快，電路中產(chǎn)生的感應(yīng)電流強度一定越大三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）測定電源的電動勢和內(nèi)電阻的實驗電路和U-I圖像如下:（1）閉合開關(guān)前為防止電表過載滑動變阻器的滑動頭P應(yīng)放在_____處（2）現(xiàn)備有以下器材：A.干電池1個B.滑動變阻器（0~50Ω）C滑動變阻器（0~1750Ω）D.電壓表（0~3V）E.電壓表（0~15V）F.電流表（0~0.6A）G.電流表（0~3A）其中滑動變阻器應(yīng)選_____，電流表應(yīng)選____，電壓表應(yīng)選_____．(填字母代號)（3）由U-I圖像．由此可知這個干電池的電動勢E=_______V，內(nèi)電阻r=______Ω（4）由于電壓表的分流作用使本實驗電路存在系統(tǒng)誤差，導致E測___E真，，r測____r真(填“>”“<”或“=”)12．（12分）某同學研究小燈泡的伏安特性,所使用的器材有：小燈泡L(額定電壓3.8V，額定電流0.32A)電壓表V(量程3V，內(nèi)阻3kΩ)電流表A(量程05A，內(nèi)阻0.5Ω)固定電阻(阻值1000Ω)滑動變阻器R(阻值0～90Ω)電源E(電動勢5V，內(nèi)阻不計)開關(guān)S，導線若干（1）實驗要求能夠?qū)崿F(xiàn)在0～3.8V的范圍內(nèi)對小燈泡的電壓進行測量，畫出實驗電路原理圖____（2）實驗測得該小燈泡伏安特性曲線如圖（a）所示由實驗曲線可知，隨著電流的增加小燈泡的電阻___(填“增大”“不變”或“減小”)，燈絲的電阻率____(填“增大”“不變”或“減小”)（3）用另一電源(電動勢4V，內(nèi)阻1.00Ω)和題給器材連接成圖（b）所示的電路，調(diào)節(jié)滑動變阻器R的阻值，可以改變小燈泡的實際功率，閉合開關(guān)S，在R的變化范圍內(nèi)，小燈泡的最小功率為___W．(結(jié)果均保留2位有效數(shù)字)四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，水平放置的兩塊長直平行金屬板a、b相距d=0.10m，a、b間的電場強度為E=5.0×105N/C，b板下方整個空間存在著磁感應(yīng)強度大小為B=6.0T、方向垂直紙面向里的勻強磁場.今有一質(zhì)量為m=4.8×10-25kg、電荷量為q=1.6×10-18C的帶正電的粒子(不計重力)，從貼近a板的左端以v0=1.0×106m/s的初速度水平射入勻強電場，剛好從狹縫P處穿過b板而垂直進入勻強磁場，最后粒子回到b板的Q處（圖中未畫出）．求P、Q之間的距離L14．（16分）ABC表示豎直放在電場強度為E=104V/m的水平勻強電場中的絕緣光滑軌道，其中軌道的BC部分是半徑為R的圓環(huán)，軌道的水平部分與半圓環(huán)相切．A為水平軌道上的一點，而且AB=R=0.2m，把一質(zhì)量m=0.1kg，帶電量為q=+C的小球，放在A點由靜止釋放后，求：（g=10m/s2）(1)小球到達C點的速度大小(2)小球在C點時，軌道受到的壓力大小15．（12分）如圖，兩根間距為L＝0.5m的平行光滑金屬導軌間接有電動勢E＝3V、內(nèi)阻r＝1Ω的電源，導軌平面與水平面間的夾角θ＝37°．金屬桿ab垂直導軌放置，質(zhì)量m＝0.2kg．導軌與金屬桿接觸良好且金屬桿與導軌電阻均不計，整個裝置處于豎直向上的勻強磁場中．當R0＝1Ω時，金屬桿ab剛好處于靜止狀態(tài)，取g＝10m/s2，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8（1）求磁感應(yīng)強度B的大小；（2）若保持B的大小不變而將方向改為垂直于斜面向上，求金屬桿的加速度

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、B【解題分析】明確題意，知道射線管放置在磁場內(nèi)，故說明運動電荷在磁場中受到的磁場力的作用【題目詳解】由圖可知，射線管中亮線在磁場中發(fā)生偏轉(zhuǎn)，故說明運動電荷是受到了磁場作用力；由題意無法確定粒子的電性；同時也無法證明運動電荷周圍是否存在電場；故B正確，ACD錯誤．故選B2、C【解題分析】由右手螺旋定則知P點磁感線方向向右，右側(cè)為螺線管的N極，故A錯誤；某點磁感線的方向為放在P點的小磁針N極受力的方向，故B錯誤；磁感線方向是靜止在P點的小磁針N極指的方向，故C正確，P點磁感線的方向與螺線管平行，故D錯誤．所以C正確，ABD錯誤3、D【解題分析】圖示時刻，線圈與磁場垂直，穿過線圈的磁通量等于磁感應(yīng)強度與線圈面積的乘積．當它繞軸轉(zhuǎn)過θ角時，線圈在垂直磁場方向投影面積為Scosθ，磁通量等于磁感應(yīng)強度與這個投影面積的乘積．線圈從圖示轉(zhuǎn)過90°時，磁通量為0，磁通量的變化量大小等于初末位置磁通量之差【題目詳解】A.線圈與磁場垂直，穿過線圈的磁通量等于磁感應(yīng)強度與線圈面積的乘積．故圖示位置的磁通量為φ=BS，從初始位置轉(zhuǎn)過180°角,

磁通量變化為△?=BS?(?BS)=2BS，故A錯誤；B.線圈從圖示轉(zhuǎn)過90°的過程中，S垂直磁場方向上的投影面積逐漸減小，故磁通量逐漸減小，當線圈從圖示轉(zhuǎn)過90°時，S磁通量為0，故B錯誤；C.使框架繞OO′轉(zhuǎn)過60°角，則在垂直磁場方向的投影面積為S/2，則磁通量為BS/2，故C錯誤；D.使框架繞OO′轉(zhuǎn)過30°角，則在垂直磁場方向的投影面積為S，則磁通量為BS，故D正確；故選D.4、D【解題分析】連接ac，根據(jù)幾何關(guān)系得導線在磁場中受安培力的有效長度：根據(jù)，得：F與bc的夾角θ：ABC.與計算不符，ABC錯誤；D.與計算結(jié)果相符，D正確。5、D【解題分析】AB．要使炮彈向右加速，安培力應(yīng)向右，根據(jù)左手定則可知，磁場方向應(yīng)豎直向上，故AB錯誤；CD．由題意可知，最大速度達4km/s，加速距離為10m，由速度和位移關(guān)系可知：v2=2aL解得：a=8×105m/s2；由牛頓第二定律可得：F=ma而F=BIL聯(lián)立解得：B=2×103

T；故C錯誤，D正確。故選D。6、C【解題分析】電場中某點的電場強度是由電場本身決定的物理量，與試探電荷的電量和電性以及所受的電場力均無關(guān)；A．大小仍為E，方向與原來相反，與結(jié)論不相符，選項A錯誤；B．大小變?yōu)镋/2，方向與原來相反，與結(jié)論不相符，選項B錯誤；C．大小仍為E，方向與原來相同，與結(jié)論相符，選項C正確；D．大小變?yōu)镋/2，方向與原來相同，與結(jié)論不相符，選項D錯誤；二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AC【解題分析】A、金屬棒剛釋放時，彈簧處于原長，彈力為零，又因此時速度為零，沒有感應(yīng)電流，金屬棒不受安培力作用，金屬棒只受到重力作用，其加速度應(yīng)等于重力加速度，故A正確；B、金屬棒向下運動時，由右手定則可知，在金屬棒上電流方向向右，流過電阻R的電流方向為，故B錯誤；C、金屬棒速度為時，安培力大小為，，由以上兩式得：，故C正確；D、金屬棒下落過程中，由能量守恒定律知，金屬棒減少的重力勢能轉(zhuǎn)化為彈簧的彈性勢能、金屬棒的動能（速度不為零時）以及電阻R上產(chǎn)生的熱量，故D錯誤【題目點撥】釋放瞬間金屬棒只受重力，加速度為．金屬棒向下運動時，根據(jù)右手定則判斷感應(yīng)電流的方向．由安培力公式、歐姆定律和感應(yīng)電動勢公式推導安培力的表達式．金屬棒下落過程中，金屬棒減少的重力勢能轉(zhuǎn)化為彈簧的彈性勢能、金屬棒的動能（金屬棒速度不是零時）和電阻R產(chǎn)生的內(nèi)能；本題考查分析、判斷和推導電磁感應(yīng)現(xiàn)象中導體的加速度、安培力、能量轉(zhuǎn)化等問題的能力，是一道基礎(chǔ)題8、AC【解題分析】小球在豎直平面內(nèi)做勻速圓周運動，重力與電場力平衡，則知小球所受的電場力豎直向上，與電場方向相反，因此小球帶負電，故A正確．小球做勻速圓周運動，動能不變，重力勢能不斷變化，兩者之和即機械能在變化，故B錯誤．小球做勻速圓周運動，由洛倫茲力提供向心力，則有qvB=mr，又qE=mg，聯(lián)立得，故C正確．在加速電場中，根據(jù)動能定理得qU=mv2，得，知若電壓U增大，小球獲得的速度v增大，小球做勻速圓周運動的軌跡半徑增大，根據(jù)知小球做勻速圓周運動的周期不變．故D錯誤．故選AC9、AC【解題分析】當滑動變阻器的滑動觸頭P從a端滑到b端的過程中，總電阻發(fā)生變化，根據(jù)電源的電動勢和內(nèi)阻不變，知總電流發(fā)生變化，內(nèi)電壓外電壓也發(fā)生變化【題目詳解】A、B、當滑動變阻器的滑動觸頭P從a端滑到b端的過程中，總電阻先增大后減小，電源的電動勢和內(nèi)阻不變，根據(jù)閉合電路歐姆定律，知總電流先減小后增大，則內(nèi)電壓先減小后增大，外電壓先增大后減?。噪娏鞅淼淖x數(shù)I先減小，后增大.電壓表的讀數(shù)U先增大后減小，故A錯誤,B正確.C、電壓表讀數(shù)U與電流表讀數(shù)I的比值表示外電阻，應(yīng)先增大后減小;故C錯誤.D、因為內(nèi)外電壓之和不變，所以外電壓的變化量的絕對值和內(nèi)電壓變化量的絕對值相等．所以不變，故D正確.本題選不正確的故選AC.【題目點撥】解決本題的關(guān)鍵抓住電源的電動勢和內(nèi)阻不變，根據(jù)閉合電路歐姆定律進行動態(tài)分析10、BD【解題分析】本題考查產(chǎn)生感應(yīng)電流的條件?！绢}目詳解】A．當導體做切割磁感線運動，導體一定會產(chǎn)生感應(yīng)電動勢，若沒有形成閉合回路，就沒有電流，A錯誤；B．根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律：只要穿過閉合導體回路的磁通量發(fā)生變化，回路中就一定有感應(yīng)電流產(chǎn)生，B正確；C．如果整個回路都在磁場中做切割磁感線運動，這時穿過回路的磁通量沒有發(fā)生變化，回路中就沒有感應(yīng)電流產(chǎn)生，C錯誤；D．根據(jù)感應(yīng)電動勢可知，磁通量變化越快，感應(yīng)電動勢越大，而同一回路電阻不變，因此感應(yīng)電流一定越大，D正確。故選BD。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、①.a②.B③.D④.F⑤.1.5⑥.0.75⑦.<⑧.<【解題分析】（1）[1]閉合開關(guān)之前滑動變阻器的滑動頭P應(yīng)放在最大值位置處，即a處（2）[2]滑動變阻器起控制電流的作用，而電源電動勢大約1.5V，電路中電流較小，故為了便用調(diào)節(jié)，滑動變阻器選取B[3]電源電動勢大約1.5V，因此電壓表選擇量程為3V比較合適，故電壓表選擇D，[4]由圖可知，電路中的電流較小，因此電流表選擇F（3）[5]在U-I圖象中圖象與縱坐標的交點等于電源的電動勢，所以由圖可以讀出電源的電動勢為1.5V；[6]圖象中的斜率表示電源的內(nèi)阻，則有：Ω（4）[7][8]由圖所示電路圖可知，相對于電源來說，電流表采用外接法，由于電壓表分流，電流測量值小于真實值，當外電路短路時，電流測量值等于真實值，電源的U-I圖象如圖所示：電源的U-I圖象與縱軸交點坐標值是電源電動勢，圖象斜率的絕對值是電源內(nèi)阻，由圖象可知，電源電動勢的測量值小于真實值，電源內(nèi)阻測量值小于真實值12、①.電路圖見解析；②.增大；③.增大；④.0.39【解題分析】（1）[1]．因本實驗需要電流從零開始調(diào)節(jié)，因此應(yīng)采用滑動變阻器分壓接法；因燈泡內(nèi)阻與電流表內(nèi)阻接近，故應(yīng)采用電流表外接法；另外為了擴大電壓表量程，應(yīng)用R0和電壓表串聯(lián)，故原理圖如圖所示；（2）[3][4]．I-U圖象中圖象的斜率表示電阻的倒數(shù)，由圖可知，圖象的斜率隨電壓的增大而減小，故說明電阻隨電流的增大而增大；其原因是燈絲的電阻率隨著電流的增大而增大；