福建省2014屆高三下學(xué)期能力測(cè)試(四)物理+解析版

PAGEPAGE1第頁泉州五中2014屆高三下理科綜合能力測(cè)試卷（四）20143.1本試卷分第I卷（選擇題）和第II卷。第I卷為必考題，第II卷包括必考題和選考題兩部分。本試卷共12頁，滿分300分，考試時(shí)間150分鐘?？赡苡玫降南鄬?duì)原子質(zhì)量：Cu-64;Cl-35.5;N-14;O-16;C-12;H-1;S-32第I卷（選擇題共108分）本卷共18小題，每小題6分，共108分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一個(gè)選項(xiàng)符合題目要求。13．如圖所示為物體做直線運(yùn)動(dòng)的v－t圖象。若將該物體的運(yùn)動(dòng)過程用x－t圖象表示出來（其中x為物體相對(duì)出發(fā)點(diǎn)的位移），則下列選項(xiàng)中的四幅圖描述正確的是（）【答案】C由v-t圖象可以看出：物體在0到t1時(shí)間內(nèi)做向正方向的勻速直線運(yùn)動(dòng)，t1到t2時(shí)間內(nèi)速度為零，t2到t3時(shí)間內(nèi)做反方向的勻速直線運(yùn)動(dòng)，與第一段時(shí)間內(nèi)速度大小相同，因?yàn)槲灰?時(shí)間圖象的斜率表示速度，斜率的正負(fù)表示速度的方向；A、圖象中第一段時(shí)間內(nèi)的速度為負(fù)值，故A錯(cuò)誤；B、圖象中第三段時(shí)間內(nèi)物體的速度為正值，故B錯(cuò)誤；C、由位移時(shí)間圖象可以看出，物體在0到t1時(shí)間內(nèi)做向正方向的勻速直線運(yùn)動(dòng)，t1到t2時(shí)間內(nèi)速度為零，t2到t3時(shí)間內(nèi)做反方向的勻速直線運(yùn)動(dòng)，故C正確；D、由其圖象可以看出第一段時(shí)間內(nèi)的斜率與第三段時(shí)間內(nèi)的斜率大小不同，說明速度大小不同，故D錯(cuò)誤。故選C?！究键c(diǎn)】勻變速直線運(yùn)動(dòng)的圖像；勻變速直線運(yùn)動(dòng)的速度與時(shí)間的關(guān)系14．2007年3月26日，中俄共同簽署了《中國國家航天局和俄羅斯聯(lián)邦航天局關(guān)于聯(lián)合探測(cè)火星——火衛(wèi)一合作的協(xié)議》，雙方確定2008年聯(lián)合對(duì)火星及其衛(wèi)星“火衛(wèi)一”進(jìn)行探測(cè)．“火衛(wèi)一”在火星赤道正上方運(yùn)行，與火星中心的距離為9450km．繞火星1周需7h39min，若其繞行軌道簡化為圓軌道，引力常量G已知．則由以上信息能求出（）A．火星的質(zhì)量 B．火星的密度C．“火衛(wèi)一”的質(zhì)量 D．“火衛(wèi)一”受到火星的引力【答案】AA、根據(jù)萬有引力提供向心力，知道了軌道半徑和周期，可以求出中心天體（火星）的質(zhì)量，故A正確；B、由于不知道火星的半徑，所以無法求出火星的密度，故B錯(cuò)誤；C、環(huán)繞天體（火衛(wèi)一）的質(zhì)量在分析時(shí)已約去，不能求出，故C錯(cuò)誤；D、由于不知道火衛(wèi)一的質(zhì)量，所以無法求出“火衛(wèi)一”受到火星的引力，故D錯(cuò)誤。故選A?！究键c(diǎn)】人造衛(wèi)星的加速度、周期和軌道的關(guān)系；萬有引力定律及其應(yīng)用15．如圖所示，水平金屬圓盤置于磁感應(yīng)強(qiáng)度為B、方向豎直向下的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，隨盤繞金屬轉(zhuǎn)軸以角速度沿順時(shí)針方向勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，盤的中心及邊緣處分別用金屬滑片與一理想變壓器的原線圈相連。已知圓盤半徑為r，理想變壓器原、副線圈匝數(shù)比為n，變壓器的副線圈與一電阻為R的負(fù)載相連。不計(jì)圓盤及導(dǎo)線的電阻，則下列說法中正確的是（）A．變壓器原線圈兩端的電壓為B．變壓器原線圈兩端的電壓為C．通過負(fù)載R的電流為D．通過負(fù)載R的電流為【答案】BAB、圓盤半徑切割磁感線產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)：，則變壓器原線圈兩端電壓為，故A錯(cuò)誤B正確；CD、圓盤轉(zhuǎn)動(dòng)過程產(chǎn)生的電動(dòng)勢(shì)是定值，穿過變壓器副線圈的磁通量不變，副線圈不產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)，副線圈電流為零，故CD錯(cuò)誤。故選B?！究键c(diǎn)】變壓器的構(gòu)造和原理；法拉第電磁感應(yīng)定律16．如圖是某緩沖裝置，勁度系數(shù)足夠大的輕質(zhì)彈簧與直桿相連，直桿可在固定的槽內(nèi)移動(dòng)，與槽間的滑動(dòng)摩擦力恒為f，直桿質(zhì)量不可忽略。一質(zhì)量為m的小車以速度v0撞擊彈簧，最終以速度v彈回。直桿足夠長，且直桿與槽間的最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力，不計(jì)小車與地面的摩擦。則()A．小車被彈回時(shí)速度v一定小于v0B．直桿在槽內(nèi)移動(dòng)的距離等于C．直桿在槽內(nèi)向右運(yùn)動(dòng)時(shí)，小車與直桿始終保持相對(duì)靜止D．彈簧的彈力不可能大于直桿與槽間的最大靜摩擦力【答案】BA、小車在向右運(yùn)動(dòng)的過程中，彈簧的形變量若始終小于時(shí)，直桿和槽間無相對(duì)運(yùn)動(dòng)，小車被彈回時(shí)速度v一定等于v0；若形變量等于時(shí)，桿和槽間出現(xiàn)相對(duì)運(yùn)動(dòng)，克服摩擦力做功，小車的動(dòng)能減小，所以小車被彈回時(shí)速度v一定小于v0，故A錯(cuò)誤；B、整個(gè)過程應(yīng)用動(dòng)能定理：，直桿在槽內(nèi)移動(dòng)的距離，故B正確；C、直桿在槽內(nèi)向右運(yùn)動(dòng)時(shí)，開始小車速度比桿的大，所以不可能與直桿始終保持相對(duì)靜止，故C錯(cuò)誤；D、當(dāng)彈力等于最大靜摩擦力時(shí)桿即開始運(yùn)動(dòng)，此時(shí)車的速度大于桿的速度，彈簧進(jìn)一步被壓縮，彈簧的彈力大于最大靜摩擦力，故D錯(cuò)誤。故選B。【考點(diǎn)】動(dòng)能定理17．有一個(gè)固定的光滑與水平面夾為53°，桿上套著一個(gè)質(zhì)量為m=2kg的（可視為質(zhì)點(diǎn)用可伸長的細(xì)繩將滑塊m與另一個(gè)質(zhì)量為M=27kg的物塊通過光滑的滑輪相連接細(xì)繩因懸掛M而繃緊此時(shí)輪左側(cè)細(xì)繩恰好水且水平度，p點(diǎn)與滑輪的連線與直桿垂直（如圖所示）．現(xiàn)將滑塊m從圖中O點(diǎn)由止釋放，（整個(gè)運(yùn)過中M不會(huì)觸地,g=10m/s2）。則滑塊m滑至P點(diǎn)時(shí)的速大小為（）A．B．5m/sC．D．2m/s【答案】A由于圖中桿子與水平方向成53°，可以解出圖中虛線長度：，所以滑塊運(yùn)動(dòng)到P時(shí)，m下落，M下落，當(dāng)m到達(dá)P點(diǎn)與m相連的繩子此時(shí)垂直桿子方向的速度為零，即M速度為零，全過程兩物體減小的重力勢(shì)能等于m物體的動(dòng)能增加：，解得：。故選A?！究键c(diǎn)】運(yùn)動(dòng)的合成和分解18．如圖所示，有理想邊界的直角三角形區(qū)域abc內(nèi)部存在著兩個(gè)方向相反的垂直紙面的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，e是斜邊ac上的中點(diǎn)，be是兩個(gè)勻強(qiáng)磁場(chǎng)的理想分界線.現(xiàn)以b點(diǎn)為原點(diǎn)O，沿直角邊bc作x軸，讓在紙面內(nèi)與abc形狀完全相同的金屬線框ABC的BC邊處在x軸上，t=0時(shí)導(dǎo)線框C點(diǎn)恰好位于原點(diǎn)O的位置.讓ABC沿x軸正方向以恒定的速度v穿過磁場(chǎng)，現(xiàn)規(guī)定逆時(shí)針方向?yàn)閷?dǎo)線框中感應(yīng)電流的正方向,在下列四個(gè)圖像中，能正確表示感應(yīng)電流隨線框位移變化關(guān)系的是()【答案】D在0-2L過程，線框進(jìn)入磁場(chǎng)中，磁感線向外和向里的面積相等，整個(gè)線框的磁通量為零，保持不變，線框沒有感應(yīng)電流產(chǎn)生；在2L-2.5L過程：穿過線框的磁通量增加，總磁感線向里，根據(jù)楞次定律可知，感應(yīng)電流方向?yàn)槟鏁r(shí)針方向，是正值；由于有效的切割長度均勻減小，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)和感應(yīng)電流均勻減??；在2.5L-4L過程：穿過線框的磁通量減小，磁感線向里，根據(jù)楞次定律可知，感應(yīng)電流方向?yàn)轫槙r(shí)針方向，是負(fù)值；由于有效的切割長度均勻減小，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)和感應(yīng)電流均勻減??；故D正確。故選D?！究键c(diǎn)】法拉第電磁感應(yīng)定律；楞次定律第Ⅱ卷（簡答題共192分）必考部分第II卷必考部分共9題，共157分。19．（18分）（1）（8分）①小翔利用如圖甲所示的裝置，探究彈簧彈力F與伸長量△l的關(guān)系，由實(shí)驗(yàn)繪出F與△l的關(guān)系圖線如圖乙所示，該彈簧勁度系數(shù)為N/m。②小麗用如圖丙所示的裝置驗(yàn)證“力的平行四邊形定則”。用一木板豎直放在鐵架臺(tái)和彈簧所在平面后。其部分實(shí)驗(yàn)操作如下，請(qǐng)完成下列相關(guān)內(nèi)容：a.如圖丙，在木板上記下懸掛兩個(gè)鉤碼時(shí)彈簧末端的位置O；b.卸下鉤碼然后將兩繩套系在彈簧下端，用兩彈簧稱將彈簧末端拉到同一位置O，記錄細(xì)繩套AO、BO的__及兩彈簧稱相應(yīng)的讀數(shù)。圖丁中B彈簧稱的讀數(shù)為__N(保留2位小數(shù)點(diǎn)）；c.小麗在坐標(biāo)紙上畫出兩彈簧拉力FA、FB的大小和方向如圖丁所示，請(qǐng)你用作圖工具在圖戊中作出FA、FB的合力F′；d.已知鉤碼的重力，可得彈簧所受的拉力F如圖戊所示，e.最后觀察比較F和F′，得出結(jié)論。【答案】①125②方向11.40如圖所示。①彈簧的F-△l圖象的斜率是彈簧的勁度系數(shù)，由圖象可知，彈簧的勁度系數(shù)：；②根據(jù)驗(yàn)證平行四邊形定則的實(shí)驗(yàn)原理要記錄細(xì)繩套AO、BO的方向和拉力大小，拉力大小由彈簧秤讀出：11.40N，如圖?！究键c(diǎn)】探究彈簧彈力與伸長量的關(guān)系；驗(yàn)證力的平行四邊形定則；（2）（10分）二極管是一種半導(dǎo)體元件，它的符號(hào)為“”，其特點(diǎn)是具有單向?qū)щ娦?，即電流從正極流入時(shí)電阻比較小，而從負(fù)極流入時(shí)電阻比較大。①某課外興趣小組想要描繪某種晶體二極管的伏安特性曲線。因二極管外殼所印的標(biāo)識(shí)模糊，為判斷該二極管的正、負(fù)極，他們用多用電表電阻擋測(cè)二極管的正、反向電阻。其步驟是：將選擇開關(guān)旋至合適倍率，進(jìn)行歐姆調(diào)零，將黑表筆接觸二極管的左端、紅表筆接觸右端時(shí)，指針偏角比較小。然后將紅、黑表筆位置對(duì)調(diào)后再進(jìn)行測(cè)量，指針偏角比較大，由此判斷端為二極管的正極。（選填“左”、“右”）②廠家提供的伏安特性曲線如右圖，為了驗(yàn)證廠家提供的數(shù)據(jù)，該小組對(duì)加正向電壓時(shí)的伏安特性曲線進(jìn)行了描繪，可選用的器材有：A．直流電源E：電動(dòng)勢(shì)3V，內(nèi)阻忽略不計(jì)B．滑動(dòng)變阻器R：0～20ΩC．電壓表V1：量程5V、內(nèi)阻約50kΩD．電壓表V2：量程3V、內(nèi)阻約20kΩE．電流表A：量程0.6A、內(nèi)阻約0.5ΩF．電流表mA：量程50mA、內(nèi)阻約5ΩG．待測(cè)二極管DH．單刀單擲開關(guān)S，導(dǎo)線若干為了提高測(cè)量結(jié)果的準(zhǔn)確度，電壓表應(yīng)選用，電流表應(yīng)選用。（填序號(hào)字母）③為了達(dá)到測(cè)量目的，請(qǐng)?jiān)诖痤}卡上虛線框內(nèi)畫出正確的實(shí)驗(yàn)電路原理圖。④為了保護(hù)二極管，正向電流不要超過25mA，請(qǐng)你對(duì)本實(shí)驗(yàn)的設(shè)計(jì)或操作提出一條合理的建議：?！敬鸢浮竣儆遥虎贒，F(xiàn)③如右圖④a、在二極管支路串入一阻值合適的限流電阻起保護(hù)作用；b、閉合開關(guān)前滑動(dòng)觸頭停在最左端，向右移動(dòng)滑動(dòng)觸頭時(shí)應(yīng)緩慢進(jìn)行，同時(shí)仔細(xì)觀察電流表示數(shù)變化，以防止電流超過25mA。（1）歐姆表內(nèi)部有電源，電源正極接在負(fù)接線柱上，當(dāng)紅表筆接觸右端時(shí)，說明紅表筆接入電源的負(fù)極；此時(shí)指針偏角較小，說明電阻較大，故說明接入了反向電壓，故二極管右端應(yīng)為正極；

電源電壓為3V，故電壓表應(yīng)選3V量程進(jìn)行測(cè)量；而由坐標(biāo)可知，電路中電流較小，故電流表應(yīng)選50mA的即可；（3）為了得出完整的圖象，應(yīng)采用分壓接法，同時(shí)因正向電阻較小，故可以采用外接法，原理圖如圖；（4）為了防止超過最大電流，可以在電路中串接保護(hù)電阻；同時(shí)也可以通過實(shí)驗(yàn)方法，即慢慢調(diào)節(jié)滑動(dòng)觸片，注視電流表，使電流表示數(shù)不得超過25mA?！究键c(diǎn)】描繪小電珠的伏安特性曲線20．（15分）如圖所示，一小球自平臺(tái)上水平拋出，恰好落在臨近平臺(tái)的一傾角為α＝53°的光滑斜面頂端，并剛好沿光滑斜面下滑，已知斜面頂端與平臺(tái)的高度差h＝0.8m，重力加速度g＝10m/s2，sin53°＝0.8，cos53°＝0.6.求：（1）小球水平拋出的初速度v0是多少？（2）斜面頂端與平臺(tái)邊緣的水平距離x是多少？（3）若斜面頂端高H＝20.8m，則小球離開平臺(tái)后經(jīng)多長時(shí)間到達(dá)斜面底端？【答案】（1）由題意可知：小球落到斜面上并沿斜面下滑，說明此時(shí)小球速度方向與斜面平行，否則小球會(huì)彈起，所以代入數(shù)據(jù)，得.（2）由得，得.（3）小球沿斜面做勻加速直線運(yùn)動(dòng)的加速度，速度，代入數(shù)據(jù)，整理得：，解得或（不合題意舍去）所以【考點(diǎn)】勻變速直線運(yùn)動(dòng)規(guī)律；平拋運(yùn)動(dòng)21．（19分）如圖是計(jì)算機(jī)模擬出的一種宇宙空間的情境，在此宇宙空間存在這樣一個(gè)遠(yuǎn)離其他空間的區(qū)域，以MN為界，上部分勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感強(qiáng)度為B1，下部分的勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感強(qiáng)度為B2，B1=2B2=2B0，方向相同，且磁場(chǎng)區(qū)域足夠大。在距離界線為h的P點(diǎn)有一宇航員處于靜止?fàn)顟B(tài)，宇航員以平行于界線的速度拋出一質(zhì)量為m、帶電量-q的小球，發(fā)現(xiàn)球在界線處速度方向與界線成600角，進(jìn)入下部分磁場(chǎng)。然后當(dāng)宇航員沿與界線平行的直線勻速到達(dá)目標(biāo)Q點(diǎn)時(shí)，剛好又接住球而靜止，求：（1）電荷在磁感應(yīng)強(qiáng)度為B1、B2的磁場(chǎng)中的半徑分別為多少，并求出粒子在磁場(chǎng)中速度大小？（2）PQ間距離是多大？（3）宇航員以多大速度勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)才能剛好接到小球？【答案】（1）（2）（3）（1）畫出小球在磁場(chǎng)B1中運(yùn)動(dòng)的軌跡如圖所示，可知，由和，可知由得（2）根據(jù)運(yùn)動(dòng)的對(duì)稱性，PQ的距離為：（3）粒子由P運(yùn)動(dòng)到Q的時(shí)間為：又在宇航員勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)速度應(yīng)為：。【考點(diǎn)】帶電粒子在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)22．（20分）如圖所示，在真空中的豎直平面內(nèi)，用長為2L的絕緣輕桿連接兩個(gè)質(zhì)量均為m的帶電小球A和B，A球的電荷量為+4q，B球的電荷量為-3q，組成一帶電系統(tǒng)。虛線MN與PQ平行且相距3L，開始時(shí)PQ恰為桿的中垂線．在MN與PQ間加豎直向上的勻強(qiáng)電場(chǎng)，恰能使帶電系統(tǒng)靜止不動(dòng)。現(xiàn)使電場(chǎng)強(qiáng)度突然加倍（已知當(dāng)?shù)刂亓铀俣葹間），求：（1）B球剛到達(dá)電場(chǎng)邊界PQ時(shí)的速度大??；（2）判定A球能否到達(dá)電場(chǎng)邊界MN，如能，請(qǐng)求出A球到達(dá)電場(chǎng)邊界MN時(shí)的速度大小；如不能，請(qǐng)說明理由。（3）帶電系統(tǒng)運(yùn)動(dòng)過程中，B球電勢(shì)能增加量的最大值；（4）帶電系統(tǒng)從開始運(yùn)動(dòng)到返回原出發(fā)點(diǎn)所經(jīng)歷的時(shí)間？【答案】⑴⑵⑶⑷（1）設(shè)帶電系統(tǒng)靜止時(shí)電場(chǎng)強(qiáng)度為E，有，解得，電場(chǎng)強(qiáng)度加倍后，從開始靜止到B進(jìn)入電場(chǎng)，根據(jù)動(dòng)能定理有得B球剛進(jìn)入電場(chǎng)時(shí)的速度（2）B球進(jìn)入電場(chǎng)后，系統(tǒng)做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，假設(shè)A球能到達(dá)電場(chǎng)邊界MN，從開始到A剛運(yùn)動(dòng)到MN線時(shí)，電場(chǎng)力對(duì)系統(tǒng)做功為，系統(tǒng)克服重力做功為，則電場(chǎng)力對(duì)系統(tǒng)做功大于系統(tǒng)克服重力做功，說明A到達(dá)MN線時(shí)系統(tǒng)仍有向上的速度，所以A球能到達(dá)電場(chǎng)邊界MN。對(duì)AB系統(tǒng)應(yīng)用動(dòng)能定理得：解得。（3）設(shè)B球在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的最大位移為s，經(jīng)分析知B球在電場(chǎng)中的位移最大時(shí)，A球已向上越過了MN，根據(jù)動(dòng)能定理有：解得：電場(chǎng)力對(duì)B球做功：則B球電勢(shì)能增加（4）帶電系統(tǒng)向上運(yùn)動(dòng)分為三階段：第一階段勻加速運(yùn)動(dòng)，根據(jù)牛頓第二定律有：，運(yùn)動(dòng)時(shí)間，第二階段勻減速運(yùn)動(dòng)，同理可得，設(shè)A球出電場(chǎng)時(shí)速度為v2，根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)公式有：，解得，，第三階段勻減速運(yùn)動(dòng)，，因B球在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的最大位移為s=1.2L小于3L，故帶電系統(tǒng)不能全部離開電場(chǎng)，由運(yùn)動(dòng)的對(duì)稱性可知，系統(tǒng)剛好能夠回到原位置，此后系統(tǒng)又重復(fù)開始上述運(yùn)動(dòng)。所以帶電系統(tǒng)從開始運(yùn)動(dòng)到返回原地發(fā)點(diǎn)所經(jīng)歷的時(shí)間為。【考點(diǎn)】牛頓第二定律；動(dòng)能定理選考部分第II卷選考部分共5題，共35分。其中，第29、30題為物理題，第31、32題為化學(xué)題，考生從兩道物理題、兩道化學(xué)題中各任選一題作答，若第29、30題都作答，則按第29題計(jì)分，若第31、32題都作答，則按第31題計(jì)分；第33題為生物題，是必答題。請(qǐng)將答案都填寫在答題卷選答區(qū)域的指定位置上。29．【物理——選修3-3】（本題共有兩小題，每小題6分，共12分。每小題只有一個(gè)選項(xiàng)符合題意。）（1）下列說法正確的是________。（填選項(xiàng)前的字母）A．液體表面層分子間距離大于液體內(nèi)部分子間距離，液體表面存在張力B．?dāng)U散運(yùn)動(dòng)就是布朗運(yùn)動(dòng)C．把很多小的單晶體放在一起，就變成了非晶體D．第二類永動(dòng)機(jī)違反能量守恒定律【答案】AA、液體表面層分子間距離大于液體內(nèi)部分子間距離，分子間存在相互作用吸引力，從而產(chǎn)生表面張力，故A正確；B、布朗運(yùn)動(dòng)是懸浮在液體中的顆粒做的無規(guī)則運(yùn)動(dòng)，是液體分子無規(guī)則運(yùn)動(dòng)的間接反映．而擴(kuò)散運(yùn)動(dòng)是分子運(yùn)動(dòng)的直接反映，故B錯(cuò)誤；C、物質(zhì)在熔解和凝固過程中，固態(tài)和液態(tài)并存時(shí)，溫度保持不變，這類固態(tài)物質(zhì)叫做晶體；物質(zhì)在熔解和凝固過程中，其溫度不斷變化，沒有明顯的熔點(diǎn)和凝固點(diǎn)，這類固態(tài)物質(zhì)叫做非晶體；很多小的單晶體放在一起，其仍有明顯的熔點(diǎn)和凝固點(diǎn)，故C錯(cuò)誤；D、第二類永動(dòng)機(jī)不違反能量守恒定律，但違反了物理過程的方向性，故D正確。故選A。【考點(diǎn)】布朗運(yùn)動(dòng)；晶體和非晶體（2）已知地球半徑約為6.4×106m，空氣的摩爾質(zhì)量約為29×10－3kg·mol－1，一個(gè)標(biāo)準(zhǔn)大氣壓約為1.0×105Pa。利用以上數(shù)據(jù)可估算出地球表面大氣在標(biāo)準(zhǔn)狀況下的體積為________。（填選項(xiàng)前的字母）A．4×1016m3B．4×1018m3C．4×1020m3D．4×1022m3【答案】B大氣壓強(qiáng)，地球表面積為：則地球周圍空氣質(zhì)量為：；由于標(biāo)準(zhǔn)狀態(tài)下，一摩爾任何氣體的體積都是22.4升，即摩爾體積為：；故空氣密度為：；空氣的總體積為：；代入解得：。故選B?！究键c(diǎn)】理想氣體的狀態(tài)方程30．【物理——選修3-5】（本題共有兩小題，每小題6分，共12分。每小題只有一個(gè)選項(xiàng)符合題意。）（1）氦氖激光器能產(chǎn)生三種波長的激光，其中兩種波長分別為λ1＝0.6328μm，λ2＝3.39μm。已知波長為λ1的激光是氖原子在能級(jí)間隔為ΔE1＝1.96eV的兩個(gè)能級(jí)之間躍遷產(chǎn)生的。用ΔE2表示產(chǎn)生波長為λ2的激光所對(duì)應(yīng)的躍遷的能級(jí)間隔，則ΔE2的近似值為________。（填選項(xiàng)前的字母）A．10.50eVB．0.98eVC．0.53eVD．0.37eV【答案】D，，聯(lián)立兩式得，故D正確。故選D?！究键c(diǎn)】氫原子的能級(jí)公式和躍遷（2）質(zhì)量為M的快艇攜帶一顆質(zhì)量為m的魚雷，兩者一起以速度v向前運(yùn)動(dòng)．快艇沿前進(jìn)方向發(fā)射魚雷后，速度減為原來的eq\f(1,3)，不計(jì)水的阻力，則魚雷的發(fā)射速度為________。（填選項(xiàng)前的字母）A．eq\f(2M＋3m,3m)vB．eq\f(2M,3m)vC．eq\f(4M－m,3m)vD．eq\f(4M,3m)v【答案】A不計(jì)水的阻力，快艇和魚雷組成的系統(tǒng)在發(fā)射的瞬間動(dòng)量守恒，取快艇原來速度方向?yàn)檎较?，根?jù)動(dòng)量守恒定律有：解得魚雷的發(fā)射速度為：，故A正確。故選A?！究键c(diǎn)】動(dòng)量守恒定律泉州五中2014屆高三下理科綜合能力測(cè)試卷（四）20143.1物理試題部分參考答案13.C14.A15.B16.B17.A18.D19．（共18分）（1）①125（2分）②方向（2分）11.40N（11.38～11.42N均可）（2分）作圖如右（2分）（2）①右（2分）；②D，F(xiàn)（各2分）③如右圖（2分