2023屆高考數(shù)學(xué)二輪復(fù)習(xí)微專題5三角形中的范圍最值問題含解析

Page1微專題5三角形中的范圍(最值)問題三角形中的取值范圍和最值問題一直是高考的熱點(diǎn)和難點(diǎn)，常以小的壓軸題出現(xiàn)，解決此類問題要善于利用三角形的性質(zhì)或者巧妙地引入?yún)?shù)．本專題主要對以三角形為載體的最值問題進(jìn)行探究，并在解題過程中感受三角、解集、函數(shù)、不等式等知識的整體聯(lián)系.例題：(2018·江蘇卷)在△ABC中，角A，B，C所對的邊分別為a，b，c，∠ABC＝120°，BD是∠ABC的平分線，交AC于點(diǎn)D，且BD＝1，求4a＋c的最小值．變式1在△ABC中，角A，B，C所對的邊分別為a，b，c，向量m＝(2a＋c，b)，n＝(cosB，cosC)，且m，n垂直．(1)求角B的大??；(2)若∠ABC的平分線BD交AC于點(diǎn)D，且BD＝1，設(shè)BC＝x，BA＝y(tǒng)，試確定y關(guān)于x的函數(shù)關(guān)系式，并求邊AC的取值范圍．

變式2如圖，某水域有兩條直線型岸邊l1和l2成定角120°，該水域中位于該角平分線上且與頂點(diǎn)A相距1km的D處有一固定樁，現(xiàn)某漁民準(zhǔn)備經(jīng)過該樁安裝一直線型的隔離網(wǎng)BC(B，C分別在l1和l2上)圍出三角形ABC的養(yǎng)殖區(qū)，且AB和AC的長都不超過5km，設(shè)AB＝xkm，AC＝y(tǒng)km，(1)將y表示成x的函數(shù)，并求其定義域；(2)該漁民至少可以圍出多少平方千米的養(yǎng)殖區(qū)？串講1在△ABC中，角A，B，C的對邊分別為a，b，c，已知a＝b，△ABC周長為7，求BC邊上的中線AD的最小值．串講2在等腰直角△OPQ中，∠POQ＝eq\f(π,2)，OP＝2eq\r(2)，點(diǎn)M在線段PQ上，點(diǎn)N在線段MQ上，且∠MON＝eq\f(π,6).(1)設(shè)∠POM＝α，試用α表示OM，ON，并寫出α的范圍；(2)當(dāng)α取何值時，△OMN的面積最??？并求出面積的最小值．(2018·全國大聯(lián)考)已知△ABC的內(nèi)角A，B，C所對的邊分別為a，b，c，向量m＝(c＋a，b)，n＝(c－a，b＋c)，且a＝3，m⊥n.(1)求△ABC面積的最大值；(2)求b＋c的取值范圍．在△ABC中，三個內(nèi)角A，B，C的對邊分別為a，b，c，設(shè)△ABC的面積為S，且4S＝eq\r(3)(a2＋c2－b2)．(1)求∠B的大??；(2)設(shè)向量m＝(sin2A，3cosA)，n＝(3，－2cosA)，求m·n的取值范圍．答案：(1)eq\f(π,3)；(2)(－6，3eq\r(2)－3]．解析：(1)由題意，有4×eq\f(1,2)acsinB＝eq\r(3)(a2＋c2－b2)，2分則sinB＝eq\r(3)×eq\f(a2＋c2－b2,2ac)，所以sinB＝eq\r(3)cosB.4分因?yàn)閟inB≠0，所以cosB≠0，所以tanB＝eq\r(3).又0<B<π，所以B＝eq\f(π,3).6分(2)由向量m＝(sin2A，3cosA)，n＝(3，－2cosA)，得m·n＝3sin2A－6cos2A＝3sin2A－3cos2A－3＝3eq\r(2)sineq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(2A－\f(π,4)))－3.8分由(1)知B＝eq\f(π,3)，所以A＋C＝eq\f(2π,3)，所以0<A<eq\f(2π,3).所以2A－eq\f(π,4)∈eq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(－\f(π,4)，\f(13π,12))).10分所以sineq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(2A－\f(π,4)))∈eq\b\lc\(\rc\](\a\vs4\al\co1(－\f(\r(2),2)，1)).12分微專題5例題1答案：9.解法1由S△ABD＋S△CBD＝S△ABC，得eq\f(1,2)c·1·sin60°＋eq\f(1,2)a·1·sin60°＝eq\f(1,2)acsin120°，所以，a＋c＝ac.即eq\f(1,a)＋eq\f(1,c)＝1.所以4a＋c＝(4a＋c)(eq\f(1,a)＋eq\f(1,c))＝5＋eq\f(c,a)＋eq\f(4a,c)≥5＋2eq\r(\f(c,a)·\f(4a,c))＝9.當(dāng)且僅當(dāng)c＝2a即a＝eq\f(3,2)，c＝3取等號，所以4a＋c的最小值為9.解法2如圖作DE∥AB交BC點(diǎn)E，所以∠EDB＝∠DBA＝∠DBE＝60°，因?yàn)锽D＝1，所以△BDE是邊長為1的正三角形，eq\f(CE,CB)＝eq\f(DE,AB)，即eq\f(a－1,a)＝eq\f(1,c)，變形得a＋c＝ac，變形得eq\f(4,4a)＋eq\f(1,c)＝1.于是1＝eq\f(4,4a)＋eq\f(1,c)≥eq\f(（2＋1）2,4a＋c)，解得4a＋c≥9，當(dāng)且僅當(dāng)4a＝2c，當(dāng)且僅當(dāng)c＝2a即a＝eq\f(3,2)，c＝3時取等號，所以4a＋c的最小值為9.解法3設(shè)∠BDC＝θ，易得60°<θ<120°，在△BDC中，eq\f(BC,sinθ)＝eq\f(BD,sinC)，因?yàn)锽D＝1，sinC＝sin(θ＋60°)，所以a＝eq\f(sinθ,sin（θ＋60°）)，同理c＝eq\f(sinθ,sin（θ－60°）).所以4a＋c＝eq\f(4sinθ,sin（θ＋60°）)＋eq\f(sinθ,sin（θ－60°）)＝eq\f(4sinθ,\f(1,2)sinθ＋\f(\r(3),2)cosθ)＋eq\f(sinθ,\f(1,2)sinθ－\f(\r(3),2)cosθ)＝eq\f(8,1＋\f(\r(3),tanθ))＋eq\f(2,1－\f(\r(3),tanθ))≥eq\f(（2\r(2)＋\r(2)）2,（1＋\f(\r(3),tanθ)）＋（1－\f(\r(3),tanθ)）)＝9.當(dāng)且僅當(dāng)2eq\r(2)(1－eq\f(\r(3),tanθ))＝eq\r(2)(1＋eq\f(\r(3),tanθ))時取等號，即tanθ＝3eq\r(3)時4a＋c取最小值9.解法4以B為坐標(biāo)原點(diǎn)，BC為x軸正方向，建立平面直角坐標(biāo)系，則A落在第二象限，設(shè)直線AC的方程為y－eq\f(\r(3),2)＝k(x－eq\f(1,2))，其中－eq\r(3)<k<0，令y＝0得xC＝eq\f(k－\r(3),2k)>0，即a＝eq\f(k－\r(3),2k)，由于直線BA的方程為y＝－eq\r(3)x代入y－eq\f(\r(3),2)＝k(x－eq\f(1,2))，解得xA＝eq\f(k－\r(3),2（k＋\r(3)）)<0，所以c＝－2xA＝eq\f(\r(3)－k,（k＋\r(3)）)>0，則4a＋c＝eq\f(2（k－\r(3)）,k)＋eq\f(\r(3)－k,\r(3)＋k)＝1＋2eq\r(3)(eq\f(1,－k)＋eq\f(1,k＋\r(3)))≥1＋2eq\r(3)×eq\f(（1＋1）2,－k＋k＋\r(3))＝9.當(dāng)且僅當(dāng)－k·1＝(k＋eq\r(3))·1，即k＝－eq\f(\r(3),2)時取等號，所以4a＋c的最小值為9.變式聯(lián)想變式1答案：(1)eq\f(2π,3)；(2)[2eq\r(3)，＋∞)．解析：(1)因?yàn)閙⊥n，所以(2a＋c)cosB＋bcosC＝0，在△ABC中，由正弦定理得(4R·sinA＋2R·sinC)cosB＋2R·sinBcosC＝0，所以(2sinA＋sinC)cosB＋sinBcosC＝0，即2sinAcosB＋sin(B＋C)＝0，即sinA(2cosB＋1)＝0，因?yàn)锳，B∈(0，π)，所以sinA≠0，解得cosB＝－eq\f(1,2)，B＝eq\f(2π,3).(2)因?yàn)镾△ABC＝S△ABD＋S△BCD，S△ABC＝eq\f(1,2)xysineq\f(2π,3)＝eq\f(\r(3),4)xy，S△ABD＝eq\f(1,2)ysineq\f(π,3)＝eq\f(\r(3),4)y，S△BCD＝eq\f(1,2)xsineq\f(π,3)＝eq\f(\r(3),4)x，所以xy＝x＋y，即y＝eq\f(x,x－1)，x∈(1，＋∞)．在△ABC中，由余弦定理得AC2＝x2＋y2－2xycoseq\f(2π,3)＝x2＋y2＋xy＝(x＋y)2－xy＝(x＋y－eq\f(1,2))2－eq\f(1,4)，因?yàn)閤＋y＝xy≤eq\f(（x＋y）2,4)，x>0，y>0，所以x＋y≥4，所以AC2≥(4－eq\f(1,2))2－eq\f(1,4)，所以AC≥2eq\r(3).所以AC的取值范圍是[2eq\r(3)，＋∞)．變式2答案：(1)y＝eq\f(x,x－1)，eq\b\lc\{\rc\}(\a\vs4\al\co1(x|\f(5,4)≤x≤5))；(2)eq\r(3).解析：(1)由S△ABC＝S△ABD＋S△ACD得，eq\f(1,2)xsin60°＋eq\f(1,2)ysin60°＝eq\f(1,2)xysin120°，所以x＋y＝xy，所以y＝eq\f(x,x－1)，又0<y≤5，0<x≤5，所以eq\f(5,4)≤x≤5，即定義域?yàn)閑q\b\lc\{\rc\}(\a\vs4\al\co1(x|\f(5,4)≤x≤5)).(2)設(shè)△ABC的面積為S，則結(jié)合(1)得S＝eq\f(1,2)xysinA＝eq\f(1,2)x·eq\f(x,x－1)·sin120°＝eq\f(\r(3)x2,4（x－1）)(eq\f(5,4)≤x≤5)，因?yàn)閑q\f(x2,x－1)＝(x－1)＋eq\f(1,x－1)＋2≥4，當(dāng)且僅當(dāng)x－1＝eq\f(1,x－1)，即x＝2時取等號．故當(dāng)x＝y(tǒng)＝2時，面積S取得最小值eq\r(3)平方千米．答：該漁民至少可以圍出eq\r(3)平方千米的養(yǎng)殖區(qū)．串講激活串講1答案：eq\f(7\r(2),6).解析：設(shè)∠BDA＝θ，AD＝x，在△ABD中，由余弦定理得AB2＝AD2＋BD2－2AD·BD·cos∠BDA，可得eq\f(15a2,4)－28a＋49＝x2－xacosθ，①在△ACD中，由余弦定理得eq\f(3a2,4)＝x2＋xacosθ，②，由①＋②可得2x2＝eq\f(9,2)a2－28a＋49＝eq\f(9,2)(a－eq\f(28,9))2＋eq\f(49,9)≥eq\f(49,9)，所以x≥eq\f(7\r(2),6)，當(dāng)且僅當(dāng)a＝eq\f(28,9)時等號成立，所以中線AD的最小值為eq\f(7\r(2),6).串講2答案：(1)OM＝eq\f(2,sin（α＋\f(π,4)）)，ON＝eq\f(2,sin（α＋\f(5π,12)）)，0≤α≤eq\f(π,3)；(2)α＝eq\f(π,6)，8－4eq\r(3).解析：(1)在△OMP中，由正弦定理，得eq\f(OM,sin∠OPM)＝eq\f(OP,sin∠OMP)，即OM＝eq\f(2,sin（α＋\f(π,4)）)，同理ON＝eq\f(2,sin（α＋\f(5π,12)）)，0≤α≤eq\f(π,3).(2)S△OMN＝eq\f(1,2)OM·ONsin∠MON＝eq\f(1,sin（α＋\f(π,4)）×sin（α＋\f(5π,12)）)＝eq\f(1,sin（α＋\f(π,4)）×sin（α＋\f(π,4)＋\f(π,6)）)＝eq\f(1,\f(\r(3),2)sin2（α＋\f(π,4)）＋\f(1,2)sin（α＋\f(π,4)）cos（α＋\f(π,4)）)＝eq\f(1,\f(\r(3),4)[1－cos（2α＋\f(π,2)）]＋\f(1,4)sin（2α＋\f(π,2)）)＝eq\f(1,\f(\r(3),4)＋\f(\r(3),4)sin2α＋\f(1,4)cos2α)＝eq\f(1,\f(1,2)sin（2α＋\f(π,6)）＋\f(\r(3),4))，因?yàn)?≤α≤eq\f(π,3)，eq\f(π,6)≤2α＋eq\f(π,6)≤eq\f(5π,6)，所以當(dāng)α＝eq\f(π,6)時，sin(2α＋eq\f(π,6))的最大值為1，此時△OMN的面積最?。处粒絜q\f(π,6)時，△OMN的面積的最小值為8－4eq\r(3).新題在線答案：(1)eq\f(3\r(3),4)；(2)(3，2eq\r(3)]．解析：(1)因?yàn)閙⊥n，所以(c＋a)(c－a)＋b(b＋c)＝0，即c2－a2＋b2＋bc