2023-2024學(xué)年江蘇省鹽城市響水中學(xué)高二（上）暑期物理試卷（含解析）

第=page11頁，共=sectionpages11頁2023-2024學(xué)年江蘇省鹽城市響水中學(xué)高二（上）暑期物理試卷一、單選題（本大題共11小題，共44.0分）1.一小車沿直線運(yùn)動，從t=0開始由靜止勻加速至t=t1時刻，此后做勻減速運(yùn)動，到t=t2A. B.

C. D.2.如圖所示，在一圓形線圈AB平面內(nèi)有一可自由旋轉(zhuǎn)的小磁針，當(dāng)電流通過線圈時，磁針將發(fā)生偏轉(zhuǎn)。對于小磁針的偏轉(zhuǎn)情況，以下的判斷正確的是(

)A.當(dāng)線圈通以沿順時針方向的電流時，磁針N極將指向紙面外

B.當(dāng)線圈通以沿逆時針方向的電流時，磁針N極將指向紙面外

C.當(dāng)線圈通以沿逆時針方向的電流時，磁針S極將指向紙面外

D.不管磁針如何偏轉(zhuǎn)，線圈中的電流總是沿順時針方向

3.利用如圖(甲)所示電路進(jìn)行“測定電源的電動勢和內(nèi)阻”的實(shí)驗(yàn)中，某學(xué)習(xí)小組測出多組數(shù)據(jù)，并根據(jù)實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)作出U?I圖像，如圖(乙)所示，電源電動勢E和內(nèi)阻r分別為(

)

A.E=1.50V，r=3.00Ω B.E=1.00V，r=4.圖中的平行直線表示一簇垂直于紙面的等勢面．一個電量為?5.0×10?8C的點(diǎn)電荷，沿圖中曲線從A點(diǎn)移到

A.?5.0×10?7J B.5.05.如圖所示，線圈A內(nèi)通有電流，B、C為與A在同一平面內(nèi)的兩同心圓，ΦB、ΦC分別為通過兩圓的磁通量的大小，則(

)A.ΦB>ΦC

B.ΦB=ΦC

C.

6.如圖所示，實(shí)線表示電場線，虛線表示只受電場力作用的帶電粒子的運(yùn)動軌跡，粒子先經(jīng)過M點(diǎn)，再經(jīng)過N點(diǎn)，以下正確的是(

)A.粒子在N點(diǎn)的加速度小于在M點(diǎn)的加速度

B.該帶電粒子應(yīng)該帶負(fù)電

C.M

點(diǎn)的電勢低于在N點(diǎn)的電勢

D.粒子在M點(diǎn)的電勢能大于在N點(diǎn)的電勢能

7.如圖，ab是水平面上一個圓的直徑，在過ab的豎直面內(nèi)有一根通電導(dǎo)線ef，且ef平行于ab，當(dāng)eA.始終為零 B.逐漸變小

C.逐漸變大 D.不為零，但始終保持不變8.撥浪鼓最早出現(xiàn)在戰(zhàn)國時期，宋代時小型撥浪鼓已成為兒童玩具。四個撥浪鼓上分別系有長度不等的兩根細(xì)繩，繩一端系著小球，另一端固定在關(guān)于手柄對稱的鼓沿上?，F(xiàn)使鼓繞豎直放置的手柄勻速轉(zhuǎn)動，兩小球在水平面內(nèi)做周期相同的圓周運(yùn)動。下列各圖中兩球的位置關(guān)系可能正確的是(圖中細(xì)繩與豎直方向的夾角α<θ<A. B.

C. D.9.2019年4月20日，我國在西昌衛(wèi)星發(fā)射中心用長征三號乙運(yùn)載火箭，成功發(fā)射第44顆北斗導(dǎo)航衛(wèi)星，拉開了今年北斗全球高密度組網(wǎng)的序幕。北斗系統(tǒng)主要由離地面高度約為6R(R為地球半徑)同步軌道衛(wèi)星和離地面高度約為3R的中圓軌道衛(wèi)星組成，已知地球表面重力加速度為gA.中圓軌道衛(wèi)星的運(yùn)行周期為12小時

B.中圓軌道衛(wèi)星的向心加速度約為g16

C.同步軌道衛(wèi)星受到的向心力小于中圓軌道衛(wèi)星受到的向心力

D.10.如圖，G為靈敏電流計(jì)，V為理想電壓表，R1、R2為定值電阻，R3是一根鹽水柱(封于橡皮管內(nèi)，與電路導(dǎo)通)，平行板電容器兩極板水平，開關(guān)S閉合后，電容器兩板間的帶電油滴恰好靜止。則握住鹽水柱兩端將它豎直均勻拉伸的過程中(忽略溫度對電阻的影響)(

)A.電阻R3的阻值減小 B.V表示數(shù)減小

C.油滴向上運(yùn)動 D.G表中有從a到c11.如圖所示，帶電荷量為Q的正點(diǎn)電荷固定在傾角為30°的光滑絕緣斜面底端C點(diǎn)，斜面上有A、B、D三點(diǎn)，A和C相距為L，B為AC的中點(diǎn)，D為AB的中點(diǎn).現(xiàn)將一帶電小球從A點(diǎn)由靜止釋放，當(dāng)帶電小球運(yùn)動到B點(diǎn)時速度恰好為零.已知重力加速度為g，帶電小球在A點(diǎn)處的加速度大小為g4，靜電力常量為k.A.小球從A到B的過程中，速度最大的位置在AD之間

B.小球運(yùn)動到B點(diǎn)時的加速度大小為

g2

C.BD之間的電勢差UBD大于DA之間的電勢差二、實(shí)驗(yàn)題（本大題共1小題，共15.0分）12.為了測定某電源的電動勢和內(nèi)阻，實(shí)驗(yàn)室提供了如下器材：

電阻箱R1、R2兩個、阻值為6Ω定值電阻R0、電流表A(內(nèi)阻未知)、電鍵若干、待測電源、導(dǎo)線若干。

(1)現(xiàn)實(shí)驗(yàn)小組成員先測量電流表內(nèi)阻，實(shí)驗(yàn)電路如圖甲所示，有關(guān)實(shí)驗(yàn)操作如下：

①S1閉合，S2打開，調(diào)節(jié)R1，使電流表A滿偏；

②保持R1不變，再閉合S2，調(diào)節(jié)R2，當(dāng)R2=2.0Ω，電流表A的讀數(shù)為滿刻度的三分之二，由此可得電流表的內(nèi)阻RA的測量值為

。

③上述測量中，電流表的測量值比真實(shí)值

(填“偏大”、“偏小”或“不變”)，產(chǎn)生誤差的原因是合上開關(guān)S2后，通過電阻箱R2的電流

(填“大于”或“小于”)電流表A的滿刻度的三分之一的值。

(2)測定電流表內(nèi)阻后，實(shí)驗(yàn)小組成員設(shè)計(jì)如圖乙所示的電路圖測量圖中的電源的電動勢和內(nèi)阻。

將開關(guān)S合上，多次調(diào)節(jié)電阻箱R三、簡答題（本大題共1小題，共10.0分）13.如圖所示，AB為固定在豎直平面內(nèi)、半徑為R的四分之一圓弧軌道，B點(diǎn)切線水平且距水平地面CD的高度為R=0.45m。將質(zhì)量為m=0.16kg的滑塊(可視為質(zhì)點(diǎn))從A點(diǎn)由靜止釋放，滑塊離開B點(diǎn)后水平拋出，落在水平地面上的P點(diǎn)(圖中未畫出)，B、P之間的水平距離也為R，不計(jì)空氣阻力，重力加速度為g，求

(1)物塊滑到B

四、計(jì)算題（本大題共3小題，共31.0分）14.如圖所示電路中，電源電動勢E=12V，內(nèi)阻r=2Ω，指示燈RL的阻值16Ω，電動機(jī)M線圈電阻RM為2Ω。當(dāng)開關(guān)S閉合時，指示燈RL的電功率P=4W。求：15.如圖所示，在xOy直角坐標(biāo)系中，第一象限內(nèi)的等腰直角三角形ABO區(qū)域內(nèi)有水平向左的勻強(qiáng)電場(電場強(qiáng)度大小未知)，在第二象限邊長為L的正方形CBOM區(qū)域內(nèi)有豎直向下的勻強(qiáng)電場，電場強(qiáng)度大小為E0，現(xiàn)有一帶正電粒子(重力不計(jì))從AB邊上的A點(diǎn)由靜止釋放，恰好能通過M點(diǎn)。

(1)求ABO區(qū)域內(nèi)的勻強(qiáng)電場的電場強(qiáng)度大小E1；16.如圖所示，半徑R=3m的四分之一光滑圓弧軌道AB豎直固定，其末端B點(diǎn)切線水平，與B點(diǎn)等高的粗糙平面CD長L=5m，靜止于光滑水平地面上質(zhì)量M=5kg的足夠長的長木板的上表面與CD面齊平，左端緊靠D點(diǎn)。將一質(zhì)量m=2kg的滑塊(可視為質(zhì)點(diǎn))從圓弧最高點(diǎn)A處由靜止釋放，當(dāng)滑塊剛滑至長木板上表面的同時施加給長木板一個大小為F=16N的水平向右的作用力。已知滑塊與粗糙平面CD間的動摩擦因數(shù)μ1=0.24，滑塊與長木板上表面間的動摩擦因數(shù)μ2=0.2，取重力加速度大小g答案和解析1.【答案】D

【解析】解：AC、小車沿直線運(yùn)動，先勻加速后勻減速，從0～t2位移一直增加，速度一直沿正方向，在x?t圖像上斜率不等于負(fù)值，故AC錯誤；

BD、小車在t2時刻速度為零，x?t圖像上斜率為零，故B錯誤，D正確。

故選：D。

小車沿直線運(yùn)動，先勻加速后勻減速，從2.【答案】B

【解析】解：A、根據(jù)右手螺旋定則，當(dāng)線圈通以沿順時針方向的電流時，線圈內(nèi)部磁場方向垂直紙面向里，根據(jù)磁感線的方向就是小磁針N極的受力方向，所以磁針N極將指向紙面里，故A錯誤；

BCD、當(dāng)線圈通以沿逆時針方向的電流時，線圈內(nèi)部磁場方向垂直紙面向外，則磁針N極將指向紙面外，磁針S極將指向紙面里，故B正確，CD錯誤；

故選：B。

根據(jù)右手螺旋法則結(jié)合電流的方向判斷線圈內(nèi)部磁場的方向，再根據(jù)磁感線與磁極的指向判斷小磁針N極和S極的指向。3.【答案】C

【解析】解：根據(jù)閉合電路歐姆定律U=E?Ir，當(dāng)I=0時，U=E，由圖讀出圖線縱軸截距：U=E=1.50V

U?I圖象的斜率絕對值等于內(nèi)阻r，則：r=1.50?1.00.5Ω=4.【答案】B

【解析】解：由圖得：A、B間的電勢差為：

UAB=?20V?(?10V)=?10V

點(diǎn)電荷從A點(diǎn)移到B點(diǎn)，電場力做的功為：

WAB=qU5.【答案】A

【解析】解：根據(jù)右手螺旋定則，線圈A產(chǎn)生的磁場的中軸線上磁場方向垂直平面向外，而外部則垂直平面向里；磁通量可看成穿過線圈的磁感線條數(shù)，由于線圈A產(chǎn)生的磁場的磁場方向垂直平面向外，而外部則垂直平面向里，當(dāng)線圈的面積越大時，垂直平面向里的條數(shù)越多，則相互抵消的越多，因此穿過線圈B的磁通量大，線圈C的磁通量小，故A正確，BCD錯誤；

故選：A。

根據(jù)右手螺旋定則可知，環(huán)形導(dǎo)線周圍磁場的分布；注意磁通量為合磁通。

本題主要考查右手螺旋定則的應(yīng)用，掌握磁通量的概念，解題關(guān)鍵是掌握求磁通量時為合磁通。6.【答案】D

【解析】解：A.電場線的疏密表示電場的強(qiáng)弱，由圖可知，N點(diǎn)的電場線密，所以N點(diǎn)的電場強(qiáng)度大，點(diǎn)電荷在N點(diǎn)受到的電場力大，所以粒子在M點(diǎn)的加速度小于在N點(diǎn)的加速度，故A錯誤。

B.由電場力方向應(yīng)指向軌跡的內(nèi)側(cè)得知，粒子所受電場力方向大致斜向左下方，與電場線的方向基本一致，可知粒子帶正電，故B錯誤。

C.順著電場線電勢降低，所以M點(diǎn)電勢高，故C錯誤。

D.粒子所受電場力方向大致斜向左下方，從M到N電場力對粒子做正功，其電勢能減小，動能增大，則知粒子在M點(diǎn)的電勢能大于在N點(diǎn)的電勢能，在M點(diǎn)的動能小于在N點(diǎn)的動能，故D正確。

故選：D。

由粒子軌跡的彎曲方向判斷電場力方向.電場力方向應(yīng)指向軌跡的內(nèi)側(cè).由電場力做功正負(fù)，判斷電勢能的大小和動能的大小.由電場線的疏密判斷場強(qiáng)大小，確定電場力的大小。

7.【答案】A

【解析】解：由題，通電直導(dǎo)線產(chǎn)生穩(wěn)定的磁場，由于從線圈這面穿過，又從這面穿出，則穿過線框的磁感線的條數(shù)為零，磁通量為零，當(dāng)ef豎直向上平移時，穿過這個圓面的磁通量將為零，故A正確，BCD錯誤。

故選：A。

磁通量是穿過磁場中某一平面的磁感線的條數(shù)．當(dāng)線圈面積不變，根據(jù)磁感線是閉合曲線，從穿進(jìn)線圈后又穿出線圈，則可判斷穿過線框的磁通量為零，從而即可求解．

8.【答案】C

【解析】解：小球做勻速圓周運(yùn)動，角速度相同，受力分析如下圖所示：

令繩長為繩子為L′，反向延長與撥浪鼓轉(zhuǎn)軸交點(diǎn)為O，小球到O點(diǎn)的距離為L，鼓面半徑為r。根據(jù)牛頓第二定律得：

mgtanθ=mω2Lsinθ

整理得：h=Lcosθ=gω2=L′cosθ+rtanθ

即繩子反向延長與撥浪鼓轉(zhuǎn)軸交點(diǎn)為9.【答案】B

【解析】解：A、同步軌道衛(wèi)星的周期為24h，根據(jù)開普勒第三定律有(R+6R)3(R+3R)3=T同2T中2，得中圓軌道衛(wèi)星的運(yùn)行周期為T中=(47)3T同≈0.1910.【答案】C

【解析】解：A、握住鹽水柱兩端將它豎直均勻拉伸的過程中，鹽水柱變長，橫截面積變小，根據(jù)電阻定律R3=ρLS，可知電阻R3的阻值增大，故A錯誤；

BC、R3增大，則電路總電阻增大，總電流減小，R1電壓減小，電源內(nèi)電壓減小，路端電壓增大，根據(jù)串聯(lián)電路分壓規(guī)律可知R2兩端電壓增大，即電壓表示數(shù)增大，電容器兩端電壓增大，兩極板間電場強(qiáng)度增大，油滴所受電場力增大，將向上運(yùn)動，故B錯誤，C正確；

D、根據(jù)C=QU，C不變，U增大，知電容器所帶電荷量Q增大，電容器充電，上級板與電源正極相連，則G表中有從c到a11.【答案】A

【解析】解：A、假設(shè)小球在A點(diǎn)受到的電場力為F，由牛頓第二定律：mgsin30°?F=maA

解得：F=14mg

帶電小球在A點(diǎn)時受到的庫侖力

F=kQqL2

帶電小球在D點(diǎn)受到的電場力

F′=kQq(34L)2=16kQq9L2=169F=49mg<12mg

可知小球在D點(diǎn)時合力的方向向下，則加速度不等于零，故A錯誤；

B、小球在B點(diǎn)受到的庫侖力

FB=kQq(1212.【答案】1Ω

偏小

大于

3

0.8【解析】解：(1)②保持R1不變，再閉合S2，干路電流不變，仍為電流表A的滿偏電流Ig，調(diào)節(jié)R2，當(dāng)R2=2.0Ω，電流表A的讀數(shù)為滿刻度的三分之二，則流過電阻箱的電流為電流表滿偏電流的三分之一，并聯(lián)電路兩端電壓相等，由歐姆定律可知：23IgRA=13IgR2，解得電流表的內(nèi)阻RA=12R2=12×2.0Ω=1Ω．

③合上開關(guān)S2后，電流表與電阻箱并聯(lián)，電路總電阻變小，由閉合電路的歐姆定律可知，電路電流變大，大于電流表A的滿偏電流，當(dāng)電流表讀數(shù)為慢刻度的三分之二時，通過電阻箱R213.【答案】解：(1)滑塊離開B點(diǎn)后做平拋運(yùn)動，豎直方向做自由落體運(yùn)動，有R=12gt2

解得平拋運(yùn)動的時間為

t=2Rg=2×0.4510s=0.3s

水平方向做勻速直線運(yùn)動，有R=vt

解得平拋運(yùn)動的初速度為

v=Rt=0.450.3m/s=1.5m/s

滑塊在B點(diǎn)時，由牛頓第二定律可得

F?mg=mv2R

解得滑塊在B點(diǎn)受到軌道的支持力大小為

【解析】(1)滑塊離開B點(diǎn)后做平拋運(yùn)動，根據(jù)分運(yùn)動的規(guī)律求出物塊滑到B點(diǎn)時的速度。在B點(diǎn)，對滑塊，利用牛頓第二、第三定律求物塊滑到B點(diǎn)時對軌道的壓力；

(2)從A到14.【答案】解：(1)設(shè)流過指示燈RL的電流為I1，流過電流表A的電流為I

則指示燈RL的電功率P=I12RL

代入數(shù)據(jù)解得I1=0.5A

路端電壓U=I1RL=8V

由閉合電路歐姆定律有E=U+Ir

解得：I=2A

即流過電流表的電流示數(shù)為2A；

(2【解析】此類題目首先要明確電路的結(jié)構(gòu)，再根據(jù)電路特點(diǎn)選擇合適的方法；因電動機(jī)不是純電阻電路，故應(yīng)特別注意功率公式的選擇，應(yīng)由P=UI15.【答案】解：(1)設(shè)粒子的質(zhì)量為m，電荷量為q，射出第一象限時的速度大小為v；

粒子在第一象限的電場中運(yùn)動，只受電場