2020年遼寧省沈陽(yáng)市和平區(qū)高一(下)期中物理試卷

2020年遼寧省沈陽(yáng)市和平區(qū)高一(下)期中物理試卷2020年遼寧省沈陽(yáng)市和平區(qū)高一(下)期中物理試卷/2020年遼寧省沈陽(yáng)市和平區(qū)高一(下)期中物理試卷期中物理試卷題號(hào)一二三四總分得分一、單項(xiàng)選擇題（本大題共8小題，共32.0分）1.以下圖，繩的上端固定在O點(diǎn)，下端系小球P．P與斜面Q的接觸面粗拙．用水平力向右推Q，使它沿圓滑水平面勻速運(yùn)動(dòng)．從圖中實(shí)線地點(diǎn)到虛線地點(diǎn)過(guò)程中，以下說(shuō)法中正確的選項(xiàng)是（）A.摩擦力對(duì)小球P做負(fù)功B.斜面Q對(duì)小球的彈力垂直于斜面所以對(duì)小球不做功C.繩的拉力對(duì)小球P做正功D.推力F對(duì)斜面做的功和小球P對(duì)斜面做的功的絕對(duì)值相等2.以下圖，有一個(gè)足夠長(zhǎng)的斜坡，傾角為α=30°．一個(gè)兒童在做游戲時(shí)，從該斜坡頂端將一只足球朝下坡方向水平踢出去，已知該足球第一次落在斜坡上時(shí)的動(dòng)能為21J，則踢球過(guò)程兒童對(duì)足球做的功為（）A.7JB.9JC.12JD.16J以下圖：固定的圓滑豎直桿上套著一個(gè)滑塊，用輕繩系著滑塊繞過(guò)圓滑的定滑輪，以大小恒定的拉力F拉繩，使滑塊從A點(diǎn)起由靜止開(kāi)始上漲，若從A點(diǎn)上漲至B點(diǎn)和從B點(diǎn)上漲至C點(diǎn)的過(guò)程中拉力F做的功分別為W和W，12滑塊經(jīng)B、C兩點(diǎn)時(shí)的動(dòng)能分別是EKB、EKC，圖中AB=BC，則必定有（）C.D.A.W1＞W(wǎng)2B.W1＜W2＞EKB＜EKcEKBEKC4.滑塊以速率v1靠慣性沿固定斜面由底端向上運(yùn)動(dòng)，當(dāng)它回到出發(fā)點(diǎn)時(shí)速率變成v2，且v2＜v1．若滑塊向上運(yùn)動(dòng)的位移中點(diǎn)為A，取斜面底端重力勢(shì)能為零，則（）A.上漲過(guò)程中動(dòng)能和勢(shì)能相等的地點(diǎn)在A點(diǎn)B.上漲過(guò)程中動(dòng)能和勢(shì)能相等的地點(diǎn)在A點(diǎn)下方上漲機(jī)遇械能減小，降落機(jī)遇械能增大上漲機(jī)遇械能減小，降落機(jī)遇械能也減小5. 以下圖，豎直面內(nèi)有一個(gè)固定圓環(huán)， MN是它在豎直方向上的直徑。兩根圓滑滑軌MP、QN的端點(diǎn)都在圓周上，MP＞QN．將兩個(gè)完整同樣的小滑塊a、b分別從M、Q點(diǎn)無(wú)初速度開(kāi)釋，在它們各自沿MP、QN運(yùn)動(dòng)到圓周上的過(guò)程中，以下說(shuō)法中正確的是（ ）A.協(xié)力對(duì)兩滑塊的沖量大小同樣 B.重力對(duì)a滑塊的沖量較大C.兩滑塊的動(dòng)量變化大小同樣 D.彈力對(duì)a滑塊的沖量較小以下圖，圓滑水平面上停著一輛小車，小車的固定支架左端用不計(jì)質(zhì)量的細(xì)線系一個(gè)小鐵球．開(kāi)始將小鐵球提起到圖示地點(diǎn)，而后無(wú)初速開(kāi)釋．在小鐵球往返搖動(dòng)的過(guò)程中，以下說(shuō)法中正確的是（）小車和小球系統(tǒng)動(dòng)量守恒小球向右搖動(dòng)過(guò)程小車向來(lái)向左加快運(yùn)動(dòng)第1頁(yè)，共12頁(yè)小球擺到右方最高點(diǎn)時(shí)辰，因?yàn)閼T性，小車仍在向左運(yùn)動(dòng)小球擺到最低點(diǎn)時(shí)，小車的速度最大7. 圖中a、b是兩個(gè)點(diǎn)電荷，它們的電量分別為 Q1、Q2，MN是ab連線的中垂線， P是中垂線上的一點(diǎn)．以下哪一種狀況能使P點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)方向指向 MN的右邊（ ）Q1、Q2都是正電荷，且Q1＜Q2Q1是正電荷，Q2是負(fù)電荷，且Q1＞|Q2|Q1是負(fù)電荷，Q2是正電荷，且|Q1|＜Q2Q1、Q2都是負(fù)電荷，且|Q1|＞|Q2|均勻散布在地球赤道平面上的三顆同步通訊衛(wèi)星能夠?qū)崿F(xiàn)除地球南北極等少量地區(qū)外的“全世界通訊”．已知地球半徑為 R，地球表面的重力加快度為 g，同步衛(wèi)星所在的軌道處的重力加快度為 g′，地球自轉(zhuǎn)周期為 T，下邊列出的是對(duì)于三顆衛(wèi)星中隨意兩顆衛(wèi)星間距離 s的表達(dá)式，此中正確的選項(xiàng)是（ ）① ② ③ ④ ⑤2 R．A.①③ B.②④ C.④⑤ D.②③二、多項(xiàng)選擇題（本大題共 2小題，共 8.0分）圓滑水平面上停著一質(zhì)量M的木塊，質(zhì)量m、速度v0的子彈沿水平方向射入木塊，深入木塊距離為 d后二者擁有共同速度 v，該過(guò)程木塊行進(jìn)了 s，木塊對(duì)子彈的平均阻力大小為 f。則有（ ）A.mv0=（M+m）v B.C. D.如圖，質(zhì)量都是m的物體A、B用輕質(zhì)彈簧相連，靜置于水平川面上，此時(shí)彈簧壓縮了△l．假如再給A一個(gè)豎直向下的力，使彈簧再壓縮△l，形變一直在彈性限度內(nèi)，穩(wěn)固后，忽然撤去豎直向下的力，在A物體向上運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中（）A.B遇到的彈簧的彈力大小等于 mg時(shí)，A的速度最大B.B的彈簧的彈力大小等于 mg時(shí)，A的加快度最大C.B對(duì)水平面的壓力一直不小于 mgD.B對(duì)水平面的壓力可能小于 mg三、實(shí)驗(yàn)題（本大題共 2小題，共 32.0分）11. 用圖甲所示的裝置來(lái)研究功和動(dòng)能變化的關(guān)系。 木板上固定兩個(gè)完整同樣的遮光條A、B，用不行伸長(zhǎng)的細(xì)線將木板經(jīng)過(guò)兩個(gè)滑輪與彈簧測(cè)力計(jì) C相連，木板放在安裝有定滑輪和光電門的軌道 D上，軌道放在水平桌面上， P為小桶（內(nèi)有沙子），滑輪質(zhì)量、摩擦不計(jì)，重力加快度為 g。（1）實(shí)驗(yàn)中軌道應(yīng)傾斜必定角度，對(duì)此以下說(shuō)法正確的選項(xiàng)是 ______。A．為了開(kāi)釋木板后，木板在細(xì)線拉動(dòng)下能勻速下滑B．為了增大木板下滑的加快度，提升實(shí)驗(yàn)精度C．盡量保證細(xì)線拉力對(duì)木板做的功等于木板所受協(xié)力對(duì)木板做的功D．使木板在未施加拉力時(shí)能勻速下滑（2）實(shí)驗(yàn)主要步驟以下：①丈量木板、遮光條的總質(zhì)量 M，丈量?jī)烧诠鈼l間的距離 L，遮光條的寬度 d按甲圖正確安裝器械。②將木板左端與軌道左端對(duì)齊，靜止開(kāi)釋木板，木板在細(xì)線拉動(dòng)下運(yùn)動(dòng)，記錄彈簧測(cè)力計(jì)示數(shù)F及遮光條B、A先后經(jīng)過(guò)光電門的時(shí)間t1、t2．則遮光條B、A經(jīng)過(guò)光電門的過(guò)程中木板動(dòng)能的變化量△Ek=______，合外力對(duì)木板做功W=______，（均第2頁(yè)，共12頁(yè)用字母M、t1、t2、d、L、F表示）。③在小桶中增添沙子，重復(fù)②的操作。④比較W、△Ek的大小，得出實(shí)驗(yàn)結(jié)論。（3）若在本實(shí)驗(yàn)中軌道水平擱置，其余條件和實(shí)驗(yàn)步驟不變，假定木板與軌道之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ．測(cè)得多組F、t1、t2的數(shù)據(jù)，并獲得F與-的關(guān)系圖象如圖所示。已知圖象在縱軸上的截距為b，直線的斜率為k，求解μ=______（用字母b、d、L、k、g表示）。用如圖甲實(shí)驗(yàn)裝置考證m1、m2構(gòu)成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒．m2從高處由靜止開(kāi)始著落，m1上拖著的紙帶打出一系列的點(diǎn)，對(duì)紙帶上的點(diǎn)跡進(jìn)行丈量，即可考證機(jī)械能守恒定律．如圖乙給出的是實(shí)驗(yàn)中獲得的一條紙帶：0是打下的第一個(gè)點(diǎn)，每相鄰兩計(jì)數(shù)點(diǎn)間還有4個(gè)打點(diǎn)（圖中未標(biāo)出），計(jì)數(shù)點(diǎn)間的距離以下圖．已知m1=50g、m2=150g，則（結(jié)果保存兩位有效數(shù)字）（1）在紙帶上打下記數(shù)點(diǎn) 5時(shí)的速度 v=______m/s；（2）在0～5過(guò)程中系統(tǒng)動(dòng)能的增量 △EK=______J，系統(tǒng)勢(shì)能的減少許△EP=______J；（g=10m/s2）（3）若某同學(xué)作出v2-h圖象如圖丙，則當(dāng)?shù)氐闹亓涌於萭=______m/s2．四、計(jì)算題（本大題共3小題，共28.0分）以下圖，質(zhì)量均為m的三個(gè)帶電小球A、B、C擱置在圓滑絕緣的水平直槽上，AB間和BC間的距離均為L(zhǎng)．已知A、B帶同種電荷，且A球帶電量為QA=8q，B球帶電量為QB=q，若在C球上施加一個(gè)水平向右的恒力F，恰巧能使A、B、C三個(gè)小球保持相對(duì)靜止，共同向右加快運(yùn)動(dòng)．求：（1）拉力F的大小．（2）C球的帶電量QC．第3頁(yè)，共12頁(yè)14. 以下圖，一對(duì)雜技演員（都視為質(zhì)點(diǎn)）乘秋千（秋千繩處于水平川點(diǎn)）從 A點(diǎn)由靜止出發(fā)繞 O點(diǎn)下擺，當(dāng)擺到最低點(diǎn) B時(shí)，女演員在極短時(shí)間內(nèi)將男演員沿水平方向推出，而后自己恰巧能回到高處 A．求男演員落地址 C與O點(diǎn)的水平距離 s。已知男演員質(zhì)量 m1，和女演員質(zhì)量 m2之比 =2，秋千的質(zhì)量不計(jì)，秋千的擺長(zhǎng)為R，C點(diǎn)比O點(diǎn)低5R。以下圖，水平川面上有三個(gè)靜止的小物塊A、B、C，質(zhì)量均為m=2kg，相距均為l=5m，物塊與地面間的動(dòng)摩擦因數(shù)均為μ=0.25．班對(duì)A施加一水平向右的恒力F=10N，今后每次碰撞后物體都粘在一同運(yùn)動(dòng)。設(shè)碰撞時(shí)間極短，重力加快度大小為g=10m/s2．求：1）物體A與B碰撞后瞬時(shí)的速度；2）物體AB與C碰撞后摩擦產(chǎn)生的熱量。第4頁(yè)，共12頁(yè)第5頁(yè)，共12頁(yè)答案和分析1.【答案】D【分析】解：A、斜面對(duì)B的摩擦力沿斜面向下，與B的位移方向夾角為銳角，所以斜面對(duì)P的摩擦力對(duì)m做正功，故A錯(cuò)誤；B、斜面Q對(duì)小球的彈力垂直于斜面，速度垂直與細(xì)線，所以支持力對(duì)小球做正功，故B錯(cuò)誤；C、拉力沿著繩索縮短方向，速度方向垂直與繩索，故拉力不做功，故C錯(cuò)誤；D、對(duì)物體Q受力剖析，受推力、重力、支持力、P對(duì)Q的壓力和摩擦力，因?yàn)橹С至椭亓εc速度垂直不做功，依據(jù)動(dòng)能定理，推力F對(duì)斜面做的功和小球P對(duì)斜面做的功的代數(shù)和為零，故推力F對(duì)斜面做的功和小球P對(duì)斜面做的功的絕對(duì)值相等，故D正確；應(yīng)選：D。依據(jù)恒力做功的表達(dá)式W=FScosθ，功的正負(fù)能夠看力與位移的夾角，當(dāng)θ＜90°時(shí)，力做正功；當(dāng)θ=90°時(shí)，力不做功；當(dāng)θ＞90°時(shí)，力做負(fù)功．解決本題的重點(diǎn)掌握功的正負(fù)的判斷方法，以及會(huì)依據(jù)功的定義和動(dòng)能定理比較功的大小，不難．2.【答案】B【分析】解：設(shè)踢球過(guò)程兒童對(duì)足球做的功為W，那么，由能量守恒可知：小球做平拋運(yùn)動(dòng)的初動(dòng)能為W，所以，初速度；那么，由平拋運(yùn)動(dòng)的位移公式可知： ，x=v0t， ；所以， ；那么，由機(jī)械能守恒可得：該足球第一次落在斜坡上時(shí)的動(dòng)能；所以， ，故B正確，ACD錯(cuò)誤；應(yīng)選：B。依據(jù)平拋運(yùn)動(dòng)位移公式求得豎直著落高度，再由平拋運(yùn)動(dòng)機(jī)械能守恒求得末動(dòng)能與初動(dòng)能的關(guān)系，即可獲得初動(dòng)能，最后由能量守恒即可獲得功．經(jīng)典力學(xué)識(shí)題，一般先進(jìn)行受力剖析求得合外力，而后依據(jù)幾何關(guān)系求得運(yùn)動(dòng)軌跡，即可由牛頓第二定律和動(dòng)能定理聯(lián)立求解．3.【答案】A【分析】解：A、這是一道變力做功的創(chuàng)新題，可進(jìn)行半定量剖析。從A點(diǎn)上漲至 B點(diǎn)和從B點(diǎn)上漲至 C點(diǎn)的過(guò)程中，依據(jù)幾何關(guān)系我們看出輕繩拉著滑塊的拉力與圓滑豎直桿的夾角 α愈來(lái)愈大。圖中 AB=BC，即從A點(diǎn)上漲至 B點(diǎn)的位移等于從B點(diǎn)上漲至 C點(diǎn)的位移。輕繩拉著滑塊的拉力是恒力，夾角 α愈來(lái)愈大，那么 cosα愈來(lái)愈小，因?yàn)?F大小恒定，故F在豎直方向的重量Fcosα隨α的增大而減小，明顯從A點(diǎn)上漲至B點(diǎn)繩索對(duì)滑塊拉力做的功大于從B點(diǎn)上漲至C點(diǎn)的過(guò)程中繩索對(duì)滑塊拉力做的功。因?yàn)橛幂p繩系著滑塊繞過(guò)圓滑的定滑輪，所以繩索對(duì)滑塊的拉力做的功與拉力 F做的功相等。所以 W1＞第6頁(yè)，共12頁(yè)W2，故A正確。B、經(jīng)過(guò)以上剖析，故B錯(cuò)誤。C、因?yàn)樵贏點(diǎn)因?yàn)殪o止出發(fā)，能夠必定最先滑塊是加快上漲的，也就是說(shuō)剛開(kāi)始繩對(duì)滑塊拉力的豎直分力要大于滑塊的重力，但因?yàn)槔K對(duì)滑塊拉力的豎直分力是漸漸減小的（對(duì)滑塊的拉力大小不變，但與豎直方向的夾角在漸漸增大），B到C的過(guò)程繩對(duì)滑塊拉力的豎直分力與重力的大小關(guān)系不清楚，所以滑塊的運(yùn)動(dòng)可能是加快的，也可能是減速的，還可能是先加快后減速的（豎直分力小于重力時(shí)做減速運(yùn)動(dòng)），所以沒(méi)法確立滑塊在B、C地點(diǎn)哪個(gè)地點(diǎn)的速度大，也就沒(méi)法確立哪個(gè)地點(diǎn)的動(dòng)能大，故C錯(cuò)誤。D、經(jīng)過(guò)以上剖析，故D錯(cuò)誤。應(yīng)選：A。依據(jù)功的定義式去判斷兩個(gè)過(guò)程中功的大小．剖析滑塊的運(yùn)動(dòng)過(guò)程，依據(jù)受力狀況找出滑塊可能出現(xiàn)的狀況．對(duì)于功的大小定性比較，我們能夠運(yùn)用功的表達(dá)式去比較，也能夠從動(dòng)能定理去比較．對(duì)于不一樣地點(diǎn)動(dòng)能的大小比較，我們能夠經(jīng)過(guò)受力剖析（結(jié)協(xié)力的變化），剖析物體的運(yùn)動(dòng)過(guò)程，是加快仍是減速．4.【答案】D【分析】解：AB、設(shè)物體上漲的最大位移為s，動(dòng)能和勢(shì)能相等時(shí)的位移為l，速度為v3在上漲過(guò)程由動(dòng)能定理有：（ mgsinθ+f）?s= ①（mgsinθ+f）?l= - ②由動(dòng)能等于勢(shì)能，有： mglsinθ= ③由②③得：l= ；由①得：s=比較可得 l大于，故AB錯(cuò)誤；CD、上漲、降落時(shí)都要戰(zhàn)勝摩擦力做功，故機(jī)械能均減小，故 C錯(cuò)誤D正確；應(yīng)選：D。依據(jù)除重力之外其余力做功等于機(jī)械能的增量判斷上漲和降落過(guò)程中機(jī)械能的變化。依據(jù)動(dòng)能定理，抓住動(dòng)能勢(shì)能相等，求出最大位移，進(jìn)而剖析判斷。本題后AB選項(xiàng)，是判斷向上階段中動(dòng)能與勢(shì)能相等點(diǎn)的地點(diǎn)，乍一看覺(jué)的較簡(jiǎn)單，實(shí)則是一道有必定難度的計(jì)算題。若定性議論，也不太簡(jiǎn)單，反倒不如計(jì)算來(lái)得快、準(zhǔn)。5.【答案】D【分析】解：對(duì)滑塊，由牛頓第二定律得： a= =gsinθ（θ為桿與水平方向的夾角），由圖中的直角三角形可知，滑塊的位移 S=2Rsinθ，滑塊做初速度為零的勻加快直線運(yùn)動(dòng)， 運(yùn)動(dòng)時(shí)間：t= = =2 ，t與θ沒(méi)關(guān)，即：t1=t2AC、小球遇到的合外力等于重力沿軌道方向的分力，即： mgsinθ，所以合外力的沖量大小為：mgsinθ?t．由圖可知 MP與水平方向之間的夾角大，所以沿 MP運(yùn)動(dòng)的a球遇到的合外力的沖量大；沿 MP運(yùn)動(dòng)的a球遇到的合外力的沖量大，由動(dòng)量定理可知， a球第7頁(yè)，共12頁(yè)的動(dòng)量變化大。故AC錯(cuò)誤；B、重力的沖量為mgt，因?yàn)檫\(yùn)動(dòng)的時(shí)間相等，所以重力的沖量大小相等，故B錯(cuò)誤；D、彈力的沖量：mgcosθtMP與水平方向之間的夾角大，所以a球的彈力?，由圖可知的沖量小，故D正確。應(yīng)選：D。依據(jù)牛頓第二定律計(jì)算出滑環(huán)沿隨意一根桿滑動(dòng)的加快度，而后依據(jù)位移時(shí)間關(guān)系公式計(jì)算出時(shí)間，而后聯(lián)合沖量的定義以及動(dòng)量定理解題。該題也能夠依據(jù)“等時(shí)圓”的合用條件結(jié)構(gòu)出“等時(shí)圓”，作出圖象，依據(jù)位移之間的關(guān)系即可判斷運(yùn)動(dòng)時(shí)間，難度適中。6.【答案】D【分析】解：A、小車與小球構(gòu)成的系統(tǒng)在水平方向動(dòng)量守恒，在豎直方向動(dòng)量不守恒，系統(tǒng)整體動(dòng)量不守恒，故A錯(cuò)誤；B、小球從圖示地點(diǎn)下擺到最低點(diǎn)，小車受力向左加快運(yùn)動(dòng)，當(dāng)小球到最低點(diǎn)時(shí)，小車速度最大。當(dāng)小球從最低點(diǎn)向右邊運(yùn)動(dòng)時(shí)，小車向左減速，當(dāng)小球運(yùn)動(dòng)到與左邊圖示位置相對(duì)稱的地點(diǎn)時(shí)，小車靜止。故小球向右搖動(dòng)過(guò)程小車先向左加快運(yùn)動(dòng)，后向左減速運(yùn)動(dòng)，故 BC錯(cuò)誤，D正確；應(yīng)選：D。因?yàn)樗矫鎴A滑，球、車系統(tǒng)水平方向動(dòng)量守恒，但豎直方向動(dòng)量不守恒，系統(tǒng)機(jī)械能守恒，小球擺過(guò)程中機(jī)械能不守恒．本題主要考察了動(dòng)量守恒、機(jī)械能守恒條件的判斷，要求同學(xué)們能正確剖析小球和小車的運(yùn)動(dòng)狀況，難度適中．7.【答案】B【分析】解：A、Q1，Q2都是正電荷，對(duì)放在 P點(diǎn)的正嘗試電荷都是排擠力，故協(xié)力在兩個(gè)排擠力之間的某個(gè)方向，因?yàn)镼1＜Q2，故Q2的排擠力較大，故協(xié)力傾向左邊，故電場(chǎng)強(qiáng)度傾向左邊，不行能沿指向MN的右邊。故A錯(cuò)誤；B、Q1是正電荷，Q2是負(fù)電荷，且Q1＞|Q2|，故Q1對(duì)放在P點(diǎn)的正嘗試電荷的排擠力大于Q2對(duì)其的吸引力，故協(xié)力傾向右，故電場(chǎng)強(qiáng)度傾向右邊，故B正確；C、Q1是負(fù)電荷，Q2是正電荷，且|Q1|＜Q2，故Q1對(duì)放在P點(diǎn)的正嘗試電荷的吸引力小于Q2對(duì)其的排擠力，故協(xié)力傾向左，故電場(chǎng)強(qiáng)度傾向左邊，故C錯(cuò)誤；D、Q1，Q2都是負(fù)電荷，且|Q1|＞|Q2|，對(duì)放在P點(diǎn)的正嘗試電荷都是吸引力，故協(xié)力在兩個(gè)吸引力之間的某個(gè)方向，因?yàn)閨Q1|＞|Q2|，故Q1的吸引力較大，故協(xié)力傾向左邊，故電場(chǎng)強(qiáng)度傾向左邊，故D錯(cuò)誤；應(yīng)選：B。利用在該點(diǎn)正電荷所受電場(chǎng)力方向?yàn)殡妶?chǎng)強(qiáng)度方素來(lái)確立各自電場(chǎng)強(qiáng)度方向．而后兩點(diǎn)電荷在同一點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)是由各自電場(chǎng)強(qiáng)度矢量疊加而成的．本題重點(diǎn)是在 P點(diǎn)擱置一個(gè)嘗試電荷， 利用平行四邊形定章確立電場(chǎng)力方向， 而后進(jìn)一步確立電場(chǎng)強(qiáng)度的方向．8.【答案】D【分析】解：依據(jù)萬(wàn)有引力供給向心力得： ，r為軌道半徑，有：，依據(jù)地球表面處萬(wàn)有引力等于重力得： m=mg，得：GM=gR2依據(jù)題意畫出俯視三顆同步通訊衛(wèi)星的幾何地點(diǎn)圖象：第8頁(yè)，共12頁(yè)依據(jù)幾何關(guān)系得： L= 。所以L= =依據(jù)同步衛(wèi)星處萬(wàn)有引力等于重力得： ，r=因?yàn)镚M=gR2所以L=所以：②③正確，①④⑤錯(cuò)誤。應(yīng)選：D。認(rèn)識(shí)同步衛(wèi)星的含義，即同步衛(wèi)星的周期一定與地球同樣；經(jīng)過(guò)萬(wàn)有引力供給向心力，列出等式經(jīng)過(guò)已知量確立未知量；依據(jù)萬(wàn)有引力等于重力，代換 GM．不一樣的同步衛(wèi)星在地球赤道平面上空同一軌道上，畫出幾何圖象，找出物理量的幾何關(guān)系，運(yùn)用黃金代換式GM=gR2求出問(wèn)題是考試中常有的方法．9.【答案】AD【分析】解：A、子彈擊中木塊過(guò)程系統(tǒng)動(dòng)量守恒，由動(dòng)量守恒定律得：mv0=（M+m）v，故A正確；B、對(duì)子彈，由動(dòng)能定理得：-f（s+d）=，故B錯(cuò)誤；C、子彈擊中木塊過(guò)程戰(zhàn)勝阻力做功，部分機(jī)械能轉(zhuǎn)變成內(nèi)能，系統(tǒng)機(jī)械能不守恒，故錯(cuò)誤；D、對(duì)系統(tǒng)，由能量守恒定律得：，即：fd=，故D正確；應(yīng)選：AD。依據(jù)機(jī)械能守恒的條件和動(dòng)量守恒定律的條件分別判斷出機(jī)械能和動(dòng)量能否守恒；分別對(duì)子彈和木塊運(yùn)用動(dòng)能定理，列出動(dòng)能定理的表達(dá)式。摩擦力與相對(duì)位移的乘積等于系統(tǒng)能量的損失。本題考察了動(dòng)量守恒定律的應(yīng)用，依據(jù)題意剖析清楚運(yùn)動(dòng)過(guò)程是解題的前提，解決本題的重點(diǎn)知道運(yùn)用動(dòng)能定理解題，第一要確立好研究的對(duì)象以及研究的過(guò)程，而后依據(jù)動(dòng)能定理列表達(dá)式。10.【答案】AC【分析】解：A、當(dāng)A的協(xié)力為零，即所受的彈力和重力均衡時(shí)，A的速度最大，此時(shí)彈簧的彈力F=mg．故A正確。B、開(kāi)始彈簧的彈力大小等于A的重力mg，再給A一個(gè)豎直向下的力，使彈簧再壓縮△l，依據(jù)胡克定律知，此時(shí)彈簧的彈力大小為2mg，此時(shí)A的加快度最大，大小為a===g．故B錯(cuò)誤。CD、當(dāng)A運(yùn)動(dòng)到最高點(diǎn)時(shí)，依據(jù)對(duì)稱性知，A的加快度大小為g，方向豎直向下，則彈簧的彈力為零，此時(shí)B對(duì)水平面的壓力大小等于mg，所以B對(duì)水平面的壓力一直不小于mg，故C正確，D錯(cuò)誤。應(yīng)選：AC。當(dāng)A所受的重力和彈簧彈力相等時(shí)，A的速度最大，當(dāng)彈簧的彈力最大時(shí)，A物體的加速度最大，此時(shí)B對(duì)地面的壓力最大。依據(jù)牛頓第二定律解答。第9頁(yè)，共12頁(yè)本題考察了牛頓第二定律和共點(diǎn)力均衡的基本運(yùn)用，知道彈簧彈力與 A的重力均衡時(shí)，的速度最大。11.FL【答案】CD【分析】解：（Ⅰ）為了使繩索拉力充任協(xié)力，即細(xì)線拉力做的功等于協(xié)力對(duì)小車做的功應(yīng)先均衡摩擦力，摩擦力均衡掉的檢測(cè)標(biāo)準(zhǔn)即：可使得小車在未施加拉力時(shí)做勻速直線運(yùn)動(dòng)，故CD正確；應(yīng)選：CD；（2）小車經(jīng)過(guò)A時(shí)的速度：vA=，小車經(jīng)過(guò)B時(shí)的速度：vB=；則小車經(jīng)過(guò)A、B過(guò)程中動(dòng)能的變化量：△EK=MvB2-MvA2=）；拉力所做的功：W=FL；（3）由題意，小車遇到的拉力是：F=（mg-f），小車的位移是s，設(shè)小車的質(zhì)量是M，小車動(dòng)能的變化是：△EK=，依據(jù)做功與動(dòng)能變化的關(guān)系可得：（mg-f）s=，整理得：mg-f=（），則圖線的坐標(biāo)軸的截距表示摩擦力f，即：f=b；圖線的斜率：k=，由摩擦力的公式得：μ==；故答案為：（ 1）CD；（2） ；FL；（3） 。1）為了使繩索拉力充任協(xié)力，即細(xì)線拉力做的功等于協(xié)力對(duì)小車做的功應(yīng)先均衡摩擦力。（2）小車在鉤碼的作用下拖動(dòng)紙帶在水平面上做加快運(yùn)動(dòng)， 經(jīng)過(guò)速度傳感器可算出 AB兩點(diǎn)的速度大小，依據(jù)動(dòng)能的計(jì)算公式可計(jì)算出動(dòng)能的變化；3）由功與動(dòng)能變化的關(guān)系式，確立圖線上斜率與截距的意義，聯(lián)合摩擦力的公式即可求出摩擦因數(shù)。本題考察研究動(dòng)能定理的實(shí)驗(yàn)，這個(gè)實(shí)驗(yàn)對(duì)于我們可能是一個(gè)新的實(shí)驗(yàn)，但該實(shí)驗(yàn)的原理都是我們學(xué)過(guò)的物理規(guī)律。做任何實(shí)驗(yàn)問(wèn)題仍是要從最基本的物理規(guī)律下手去解決。對(duì)于系統(tǒng)問(wèn)題辦理時(shí)我們要清楚系統(tǒng)內(nèi)部各個(gè)物體能的變化。12.【答案】2.40 0.576 0.588 9.70【分析】解：（1）計(jì)數(shù)點(diǎn)5的剎時(shí)速度v5==cm/s=240cm/s=2.40m/s．（2）系統(tǒng)增添的動(dòng)能△EK12）522=（m+mv=×0.2×2.40J=0.576J，系統(tǒng)重力勢(shì)能的減小量△Ep=（m2-m1）gh=0.1×10×（0.384+0.216）J=0.588J．可知在偏差同意的范圍內(nèi)，系統(tǒng)機(jī)械能守恒．（3）依據(jù)（m2-m1）gh=（m1+m2）v2得，=gh，則圖線的斜率k=g==4.85，解得g=9.70m/s2．第10頁(yè)，共12頁(yè)故答案為：（ 1）2.40；（2）0.576；0.588，（3）9.70．（1）依據(jù)某段時(shí)間內(nèi)的均勻速度等于中間時(shí)辰的順?biāo)艿那蟪鲇?jì)數(shù)點(diǎn) 5的剎時(shí)速度；（2）依據(jù)動(dòng)能的定義進(jìn)而得出動(dòng)能的增添量， 依據(jù)降落的高度求出重力勢(shì)能的減小量，注意m2的重力勢(shì)能減小， m1的重力勢(shì)能增大．（3）依據(jù)機(jī)械能守恒得出 v2-h的關(guān)系式，聯(lián)合圖線的斜率求出重力加快度．本題全面的考察了考證機(jī)械能守恒定律中的數(shù)據(jù)辦理問(wèn)題，要嫻熟掌握勻變速直線運(yùn)動(dòng)的規(guī)律以及功能關(guān)系，加強(qiáng)數(shù)據(jù)辦理能力．本題還要注意與課本實(shí)驗(yàn)進(jìn)行差別，注意兩個(gè)物體重力勢(shì)能變化，才能正確求解總的重力勢(shì)能的改變量．13.【答案】解：A、B、C三者作為整體為研究對(duì)象，有：F=3ma ①所以加快度方向向右，而AB帶同種電荷電，所以C帶異種電荷；以A為研究對(duì)象，有：- + =ma ②以B為研究對(duì)象，有：+ =ma ③由①②③可解得：qc=16qF=答：（1）外力大小 F為 ；（2）C球所帶電量 QC為-16q．【分析】先把A、B、C三者作為整體為研究對(duì)象，依據(jù)牛頓第二定律求出加快度，再分別以A、B為研究對(duì)象，運(yùn)用靜電力公式聯(lián)合牛頓第二定律即可解題．本題主要考察了庫(kù)侖定律及牛頓第二定律的直策應(yīng)用， 重點(diǎn)靈巧地選擇研究對(duì)象， 而后依據(jù)牛頓第二定律列式，不難．14.【答案】解：兩演員一同從從A點(diǎn)擺到B點(diǎn)，只有重力做功，機(jī)械能守恒定律，