2021年陜西省咸陽(yáng)市高考物理模擬檢測(cè)試卷（一）（一模）

2021年陜西省咸陽(yáng)市高考物理模擬檢測(cè)試卷（一）（一模）

1.如圖中四幅圖片涉及物理學(xué)史上的四個(gè)重大發(fā)現(xiàn)，下列說(shuō)法錯(cuò)誤的是（）

理想斜面實(shí)驗(yàn)引力扭秤實(shí)驗(yàn)電流磴效應(yīng)實(shí)驗(yàn)除電力扭秤實(shí)驗(yàn)

A.伽利略根據(jù)理想斜面實(shí)驗(yàn)，提出了力不是維持物體運(yùn)動(dòng)狀態(tài)的原因

B.卡文迪許運(yùn)用放大原理設(shè)計(jì)引力扭秤測(cè)定出了萬(wàn)有引力常量

C.安培通過(guò)實(shí)驗(yàn)研究，發(fā)現(xiàn)了電流的磁效應(yīng)

D.庫(kù)侖通過(guò)電荷均分原理及靜電力扭秤實(shí)驗(yàn)，發(fā)現(xiàn)了庫(kù)侖定律

2.用一輕繩將小球P系于光滑墻壁上的O點(diǎn)，在墻壁和球尸之間夾有一矩

形物塊。，如圖所示.P、Q均處于靜止?fàn)顟B(tài)，則下列相關(guān)說(shuō)法正確的

是（）

A.P物體受3個(gè)力

B.Q受到3個(gè)力

C.若繩子變長(zhǎng)，繩子的拉力將變小

D.若繩子變短，Q受到的靜摩擦力將增大

3.咸陽(yáng)市陳陽(yáng)寨十字車流量大、為多路口交匯，設(shè)置了環(huán)島交通設(shè)施，需要通過(guò)路口

的車輛都要按照逆時(shí)針?lè)较蛐羞M(jìn)，有效減少了交通事故發(fā)生.假設(shè)環(huán)島路為圓形，

外車道半徑為72〃內(nèi)車道半徑為50m,汽車受到的最大靜摩擦力等于車重的0.8倍,

g取10m/s2,當(dāng)汽車勻速率通過(guò)環(huán)形路段時(shí)，則汽車的運(yùn)動(dòng)（）

A.一定受到恒定的合外力作用

B.受重力、彈力、摩擦力和向心力的作用

C.最大速度不能超過(guò)20ni/s

D.最大速度不能超過(guò)24m/s

4./820年4月，丹麥物理學(xué)家?jiàn)W斯特發(fā)現(xiàn)了電流的磁效應(yīng)。已知

通電長(zhǎng)直導(dǎo)線周圍某點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度B=即磁感應(yīng)強(qiáng)度8pt

與導(dǎo)線中的電流/成正比、與該點(diǎn)到導(dǎo)線的距離，?成反比。如

圖所示，兩根平行長(zhǎng)直導(dǎo)線相距為沏，分別通以大小不等、方廠"

向相同的電流，已知A>/2?規(guī)定磁場(chǎng)方向垂直紙面向里為正，在0?X。區(qū)間內(nèi)磁感

強(qiáng)度B隨x變化的圖線可能是圖中的()

5.“兒童蹦極”是近期興起的一項(xiàng)游戲項(xiàng)目。為保證兒童在、

游戲過(guò)程中的安全，需在腰間左、右兩側(cè)栓與懸點(diǎn)等高、rV

完全相同的兩根橡皮繩。質(zhì)量為，〃的小朋友如圖所示靜止!

懸掛時(shí)，兩橡皮繩與水平方向的夾角均為30。，貝1()

A.每根橡皮繩上的拉力為

B.若將懸點(diǎn)間距離變小，則每根橡皮繩所受拉力將變大

C.若此時(shí)左側(cè)橡皮繩在腰間突然斷裂，則小朋友此時(shí)刻加速度a=g

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D.若將橡皮繩換成不可伸長(zhǎng)的輕繩，在左側(cè)輕繩在腰間突然斷裂時(shí)，小朋友此時(shí)

刻的加速度a=g

6.按壓式圓珠筆內(nèi)裝有一根小彈簧，尾部有一個(gè)小帽，壓一下小帽，筆尖A

就伸出來(lái)。如圖所示，使筆的尾部朝下，將筆向下按到最低點(diǎn)，使小帽]

縮進(jìn)，然后放手，筆將向上彈起至一定的高度。忽略摩擦和空氣阻力。

則筆從最低點(diǎn)運(yùn)動(dòng)至最高點(diǎn)的過(guò)程中，下列說(shuō)法正確的是（）

A.筆的動(dòng)能一直增大

B.彈簧的彈性勢(shì)能減少量等于筆的動(dòng)能和重力勢(shì)能總和的增加量

C.筆的重力勢(shì)能與彈簧的彈性勢(shì)能總和一直減小

D.筆的加速度先減小后增大

7.2020年9號(hào)臺(tái)風(fēng)“利奇馬”登陸浙江，對(duì)浙江多地造成了不同程度的破壞。臺(tái)風(fēng)登

陸某地時(shí)風(fēng)速為v,該地公園內(nèi)有一棵大樹(shù)，臺(tái)風(fēng)過(guò)境時(shí)這棵大樹(shù)與臺(tái)風(fēng)正對(duì)接觸

面積為5,假設(shè)臺(tái)風(fēng)與這棵大樹(shù)接觸后風(fēng)速變?yōu)?,已知空氣密度為p,則臺(tái)風(fēng)對(duì)這

棵大樹(shù)的作用力大小為（）

A.pSv2B.pSvC.唱D.y

8.如圖所示是電視機(jī)顯像管及其偏轉(zhuǎn)線圈的示意圖.如果發(fā)現(xiàn)電視畫(huà)面的幅度比正常

的偏小，可能引起的原因是（）

A.電子槍發(fā)射能力減弱，電子數(shù)減少

B.加速電場(chǎng)的電壓過(guò)低，電子速率偏小

C.偏轉(zhuǎn)線圈局部短路，線圈匝數(shù)減少

D.偏轉(zhuǎn)線圈電流過(guò)大，偏轉(zhuǎn)磁場(chǎng)增強(qiáng)

9.據(jù)報(bào)道，2018年4月18日，某市一處高壓電線落

地燃燒，幸好沒(méi)有造成人員傷亡.高壓電線落地可能

導(dǎo)致行人跨步觸電，如圖所示，設(shè)人的兩腳MN間

最大跨步距離為“，電線觸地點(diǎn)。流入大地的電流

為/，大地的電阻率為尸，ON間的距離為R.電流在

以。點(diǎn)為圓心、半徑為r的半球面上均勻分布，其

電流密度為二，若電流密度乘以電阻率等于電場(chǎng)強(qiáng)度，該電場(chǎng)強(qiáng)度可以等效成把

點(diǎn)電荷。放在真空中。點(diǎn)處產(chǎn)生的電場(chǎng)強(qiáng)度,下列說(shuō)法錯(cuò)誤的是（）

A.兩腳并攏跳離觸地點(diǎn)是防跨步觸電的一種有效方法等效

B.點(diǎn)電荷。的電荷量為三（k為靜電力常量）

C.圖中兩腳間路步電壓可能等于黑

D.當(dāng)兩腳間的距離處于最大跨步時(shí)，跨步電壓可能為零

10.我國(guó)已掌握“半彈道跳躍式高速再入返回技術(shù)”，為實(shí)現(xiàn)

“嫦娥”飛船月地返回任務(wù)奠定基礎(chǔ)。如圖所示，假設(shè)與

地球同球心的虛線球面為地球大氣層邊界，虛線球面外側(cè)

沒(méi)有空氣，返回艙從a點(diǎn)無(wú)動(dòng)力滑入大氣層，然后經(jīng)匕點(diǎn)

從。點(diǎn)“跳”出，再經(jīng)d點(diǎn)從e點(diǎn)“躍入”實(shí)現(xiàn)多次減速，

可避免損壞返回艙。"點(diǎn)為軌跡最高點(diǎn)，離地面高/?,已知地球質(zhì)量為"，半徑為

R,引力常量為G。則返回艙（）

A.在d點(diǎn)加速度等于懸J

B.在d點(diǎn)速度等于叵

7R+h

C.虛線球面上的a、c兩點(diǎn)離地面高度相等，所以%=%

D.虛線球面上的c、e兩點(diǎn)離地面高度相等，所以七=%

11.在機(jī)場(chǎng)和火車站可以看到對(duì)行李進(jìn)行安全檢查用的水平傳送帶如圖所示，當(dāng)旅客把

行李放在正在勻速運(yùn)動(dòng)的傳送帶上后，傳送帶和行李之間的滑動(dòng)摩擦力使行李開(kāi)始

運(yùn)動(dòng)，隨后它們保持相對(duì)靜止，行李隨傳送帶一起勻速通過(guò)檢測(cè)儀器接受檢查，設(shè)

某機(jī)場(chǎng)的傳送帶勻速前進(jìn)的速度為0.4/n/s,某行李箱的質(zhì)量為5依，行李箱與傳送

帶之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為0.2,當(dāng)旅客把這個(gè)行李箱小心地放在傳送帶上，通過(guò)安全

檢查的過(guò)程中，g^AlOm/s2,則（L&

A.開(kāi)始時(shí)行李的加速度為2m/s2

B.行李到達(dá)B點(diǎn)時(shí)間為2s

C.傳送帶對(duì)行李做的功為0.4/

D.傳送帶上將留下一段摩擦痕跡，該痕跡的長(zhǎng)度是0.04m

12.列火車共有"節(jié)車廂，各節(jié)車廂質(zhì)量相等，車廂之間間隙相等，間隙長(zhǎng)度的總和為

L,靜止于水平長(zhǎng)直軌道上。若第一節(jié)車廂以北向第二節(jié)車廂運(yùn)動(dòng)，碰撞后連在一

起運(yùn)動(dòng)，再與第三節(jié)車廂碰撞后連在一起運(yùn)動(dòng)，再與第四節(jié)車廂碰撞……，以此類

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推，直到〃節(jié)車廂全部運(yùn)動(dòng)，則火車的最后速度V及整個(gè)過(guò)程所經(jīng)歷的時(shí)間r為：(

不計(jì)鐵軌對(duì)車輪的阻力以及列車編組時(shí)的動(dòng)力)()

A.v=—B.v=T2-C.t=_—D.t=:

n2n2%(n-l)2vQ

13.用如圖甲所示裝置測(cè)物塊與長(zhǎng)木板間的動(dòng)摩擦因數(shù)。長(zhǎng)木板固定在水平桌面上，圓

弧軌道與長(zhǎng)木板的上表面相切。光電門(mén)安裝在長(zhǎng)木板上，位置可以調(diào)節(jié)；物塊上固

定遮光條寬d=2.10mm,從圓弧軌道上某點(diǎn)靜止釋放。

⑴某次遮光條通過(guò)光電門(mén)時(shí)間t=0.84ms,則物塊通過(guò)光電門(mén)速度u=

rn/s(結(jié)果保留三位有效數(shù)字)。

(2)調(diào)節(jié)光電門(mén)位置,測(cè)每次遮光條通過(guò)光電門(mén)時(shí)間，及對(duì)應(yīng)的物塊在長(zhǎng)木板上停止

后遮光條與光電門(mén)之間的距離尤多次測(cè)量，得到卷-x圖象如圖乙，已知圖線斜率

為k,重力加速度為g,則物塊與長(zhǎng)木板間的動(dòng)摩擦因數(shù)〃=(用已知量字

母表示)。

(3)本實(shí)驗(yàn)中，(選填“需要”或“不需要”)保證物塊必須從圓弧軌道上同

一點(diǎn)由靜止釋放。

14.某研究小組要精確測(cè)量一個(gè)只有刻度、沒(méi)有刻度值的電壓表的內(nèi)阻和一個(gè)失去標(biāo)簽

的電源的電動(dòng)勢(shì)。

國(guó)甲明乙

(1)第一步，先用多用電表的直流電壓擋粗測(cè)電源的開(kāi)路電壓，測(cè)得約為20匕再用

“xlk”的歐姆擋粗測(cè)電壓表的電阻，指針指示如圖中所示，則應(yīng)該轉(zhuǎn)換為

擋，結(jié)果測(cè)得電阻約為1200。。

(2)第二步，研究小組設(shè)計(jì)了沒(méi)有系統(tǒng)誤差的測(cè)量方法，電路如圖乙所示，其中電

流表量程為30〃?A,&是阻值范圍0?10000的電阻箱，/?2是阻值范圍0?500。的滑

動(dòng)變阻器。

①先測(cè)電壓表內(nèi)阻：將開(kāi)關(guān)工、S2閉合，調(diào)節(jié)比、/?2使電流表、電壓表都取得合

適刻度，多次改變此、%的值、同時(shí)保持不變，記錄％和對(duì)應(yīng)的電壓表指

示的格數(shù)M根據(jù)數(shù)據(jù)作*-*是圖象,得到一條一次函數(shù)圖線,截距是h,斜率是k,

IN"i

那么電壓表的內(nèi)阻等于;

②再測(cè)電源電動(dòng)勢(shì)：斷開(kāi)S1、閉合S2,調(diào)節(jié)&、/?2使電流表有合適讀數(shù)，再保持

不變，多次改變&,同時(shí)記錄電流表和％讀數(shù)。根據(jù)數(shù)據(jù)作的函數(shù)圖

線，截距是b',斜率是k',那么電源的電動(dòng)勢(shì)等于O

15.某校對(duì)學(xué)生進(jìn)行安全教育，講演者利用摩托車與小轎車

遙控模型演示追及場(chǎng)面，讓兩車在同一直線軌道上同向4、

勻速行駛，“摩托車”在“小轎車”的后面，兩車相距

L=1.5ni時(shí)，因前方事故，兩車同時(shí)開(kāi)始剎車，剎車后_________\)

8Ik

“摩托車”的速度-時(shí)間圖象如圖所示，“小轎車"的

速度與時(shí)間的關(guān)系為=3-0.25?2的單位為m/s,f的單位為s),求：

(1)從兩車剎車開(kāi)始到“摩托車”撞上“小轎車”的時(shí)間.

(2)為避免“摩托車”撞上“小轎車”，兩車的安全距離至少是多少？

16.如圖所示，水平地面上靜止放置一輛小車A,質(zhì)量7n4=4kg,上表面光滑，小車

與地面間的摩擦力極小，可以忽略不計(jì)，可視為質(zhì)點(diǎn)的物塊B置于A的最右端，B

的質(zhì)量巾8=2kg，現(xiàn)對(duì)A施加一個(gè)水平向右的恒力F=ION,A運(yùn)動(dòng)一段時(shí)間后，

小車左端固定的擋板與B發(fā)生碰撞，碰撞時(shí)間極短，碰后A、8粘合在一起，共同

在尸的作用下繼續(xù)運(yùn)動(dòng)，碰撞后經(jīng)時(shí)間t=0.6s,二者的速度達(dá)到％=2m/s,求

(1)4開(kāi)始運(yùn)動(dòng)時(shí)加速度a的大?。?/p>

(2)4、8碰撞后瞬間的共同速度v的大??；

(3)4的上表面長(zhǎng)度I。

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17.如圖所示，直線y=，”與y軸之間有垂直于xOy平面向外的勻強(qiáng)磁場(chǎng)巳，直線x=d

與y=間有沿y軸負(fù)方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)，電場(chǎng)強(qiáng)度E=gx104V/m,另有一?半徑R=

3m的圓形勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)域，磁感應(yīng)強(qiáng)度方向垂直坐標(biāo)平面向外，該圓與直

線x=d和X軸均相切，且與X軸相切于S點(diǎn)。一帶負(fù)電的粒子從S點(diǎn)沿y軸的正方

向以速度％進(jìn)入圓形磁場(chǎng)區(qū)域，經(jīng)過(guò)一段時(shí)間進(jìn)入磁場(chǎng)區(qū)域?yàn)?，且第一次進(jìn)入磁場(chǎng)

W時(shí)的速度方向與直線y=垂直。粒子速度大小為=10x10s7n/s,粒子的比

荷為\=5.0xl05c〃g,粒子重力不計(jì)。求：

(1)粒子在圓形勻強(qiáng)磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間匕；

(2)坐標(biāo)"的值；

(3)要使粒子無(wú)法運(yùn)動(dòng)到x軸的負(fù)半軸，則磁感應(yīng)強(qiáng)度B2應(yīng)滿足的條件

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答案和解析

1.【答案】C

【解析】解：A、伽利略通過(guò)理想斜面實(shí)驗(yàn)，提出了力不是維持物體運(yùn)動(dòng)狀態(tài)的原因，

而是改變物體運(yùn)動(dòng)狀態(tài)的原因，故A正確；

8、牛頓提出了萬(wàn)有引力定律，卡文迪許運(yùn)用放大原理設(shè)計(jì)引力扭秤測(cè)定出了萬(wàn)有引力

常量，故8正確；

C、奧斯特通過(guò)實(shí)驗(yàn)研究，發(fā)現(xiàn)了電流的磁效應(yīng)，故C錯(cuò)誤；

。、庫(kù)侖在前人的基礎(chǔ)上，通過(guò)實(shí)驗(yàn)得到真空中點(diǎn)電荷相互作用規(guī)律一庫(kù)侖定律，故。

正確。

本題選擇錯(cuò)誤的，

故選：Co

伽利略通過(guò)理想斜面實(shí)驗(yàn)，提出了力不是維持物體運(yùn)動(dòng)狀態(tài)的原因；牛頓提出了萬(wàn)有引

力定律，卡文迪許通過(guò)實(shí)驗(yàn)測(cè)出了萬(wàn)有引力恒量；奧斯特發(fā)現(xiàn)了電流的磁效應(yīng)：庫(kù)侖在

前人的基礎(chǔ)上，通過(guò)實(shí)驗(yàn)得到真空中點(diǎn)電荷相互作用規(guī)律.

物理學(xué)史是常識(shí)性問(wèn)題，對(duì)于重要的實(shí)驗(yàn)、重大發(fā)現(xiàn)、著名的學(xué)說(shuō)等等要加強(qiáng)忘記，不

能混淆.

2.【答案】C

【解析】解：A、P受到重力、Q的支持力和靜摩擦力，繩子的拉力，共4個(gè)力作用，

故4錯(cuò)誤。

8、。受到重力、墻壁的彈力、P的壓力和靜摩擦力，共4個(gè)力作用，故8錯(cuò)誤。

C、設(shè)繩子與豎直方向的夾角為a,P的重力為G,繩子的拉力大小為凡則由平衡條件

得：f=GQ,GP+f=Fcosa,則Gp+GQ=Fcosa,Gp與G。不變，若繩子變長(zhǎng)，a變

小，cosa變大，則F變小，故C正確。

。、Q受到的靜摩擦力豎直向上，與其重力平衡，與繩子長(zhǎng)度無(wú)關(guān)，所以若繩子變短，

Q受到的靜摩擦力不變，故。錯(cuò)誤。

故選：Co

先對(duì)小球P受力分析，然后對(duì)小方塊。受力分析，對(duì)P，由平衡條件研究繩子變長(zhǎng)時(shí)，

繩子的拉力如何變化.

為了防止多力或少力，一般按重力、彈力和摩擦力的順序分析物體的受力情況.

3.【答案】D

【解析】解：A、汽車做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，所受的合外力提供向心力，合外力方向始終指

向圓心，是變力，故4錯(cuò)誤；

8、向心力是效果力，在受力分析時(shí)不分析向心力，故B錯(cuò)誤：

CD,由題意靜摩擦力提供向心力，根據(jù)牛頓第二定律，有

V2

f=m——

r

整理得叵

7m

則圓周運(yùn)動(dòng)半徑最大且達(dá)到最大靜摩擦力時(shí)對(duì)于速度最大，有

0.8mgx72

v=--------------m/s=24m/s

mJm

故c錯(cuò)誤。正確；

故選：Do

4、根據(jù)勻速圓周運(yùn)動(dòng)所受合外力全部提供向心力可知，合外力是變力；

8、向心力是效果力，受力分析時(shí)不分析向心力；

CD,根據(jù)牛頓第二定律先寫(xiě)出速度的表達(dá)式，再結(jié)合題意可以求出最大速度。

本題考查向心力，對(duì)于勻速圓周運(yùn)動(dòng)要牢記，它是一種變加速曲線運(yùn)動(dòng)，物體所受的合

外力是變力。

4.【答案】A

【解析】解：根據(jù)右手螺旋定則可得左邊通電導(dǎo)線。在兩根導(dǎo)線之間的磁場(chǎng)方向垂直紙

面向里，右邊通電導(dǎo)線4在兩根導(dǎo)線之間的磁場(chǎng)方向垂直紙面向外，離導(dǎo)線越遠(yuǎn)磁場(chǎng)越

弱，由于A〉%，在兩根導(dǎo)線中間磁場(chǎng)為零的位置在大于半到狗之間，由于規(guī)定8的正

方向垂直紙面向里，所以A正確，錯(cuò)誤；

故選：A。

通電導(dǎo)線周圍有磁場(chǎng)存在，磁場(chǎng)除大小之外還有方向，所以合磁場(chǎng)通過(guò)矢量疊加來(lái)處理。

根據(jù)右手螺旋定則可得知電流方向與磁場(chǎng)方向的關(guān)系。

由于電流大小相等，方向相同，所以兩根連線的中點(diǎn)磁場(chǎng)剛好為零，從中點(diǎn)向兩邊移動(dòng)

磁場(chǎng)越來(lái)越強(qiáng)，左邊的磁場(chǎng)垂直紙面向里，右邊的磁場(chǎng)垂直紙面向外。

5.【答案】D

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【解析】解：A、小朋友受力情況如圖所示，根據(jù)平行

四邊形定則知：2Fcos30°=mg,解得：F故A

錯(cuò)誤。

B、根據(jù)共點(diǎn)力平衡條件得2Fcos8=mg,當(dāng)懸點(diǎn)間的

距離變小，貝好變小，COS&變大，可知懸繩的拉力將變

小。故B錯(cuò)誤。

C、當(dāng)左側(cè)橡皮繩斷裂，斷裂的瞬間，右側(cè)彈性繩的拉力不變，則重力和右側(cè)繩拉力的

合力與左側(cè)繩初始時(shí)拉力大小相等，方向相反，根據(jù)平行四邊形定則知，則合力大小為

Rmg,加速度為日g,故C錯(cuò)誤。

。、由于是兩根輕繩，當(dāng)斷裂時(shí)，繩子的力立刻消失，則小朋友的加速度a=g,故。

正確；

故選：D。

根據(jù)共點(diǎn)力平衡條件求出每根繩的拉力，根據(jù)平行四邊形定則判斷懸點(diǎn)間距變化時(shí)繩子

拉力的變化。當(dāng)左側(cè)繩子斷裂時(shí)，抓住合力沿垂直繩子方向求出合力的大小，從而得出

加速度的大小。

本題關(guān)鍵是對(duì)小朋友受力分析后，根據(jù)三力平衡時(shí)，三個(gè)力中任意兩個(gè)力的合力與第三

個(gè)力等值、反向、共線來(lái)確定撤去一個(gè)力后的合力，再根據(jù)牛頓第二定律求解加速度。

6.【答案】B

【解析】解：AD,筆從最低點(diǎn)向上運(yùn)動(dòng)，開(kāi)始階段，筆所受的彈簧彈力大于重力，彈

簧壓縮量變小，彈力減小，合力減小，加速度減小直至等于零；筆繼續(xù)往上運(yùn)動(dòng)，彈力

繼續(xù)減小，彈力小于重力，合力向下，隨著彈力減小，加速度反向增加，速度減小，直

至彈簧回復(fù)原長(zhǎng)，筆脫離桌面豎直上拋，加速度不變，故彈力等于重力時(shí)筆的速度最大，

筆的動(dòng)能先增大再減小，故4。錯(cuò)誤；

3、對(duì)于筆和彈簧組成系統(tǒng)，由于只有重力和彈力做功，所以系統(tǒng)的機(jī)械能守恒，即筆

的重力勢(shì)能、動(dòng)能和彈簧的彈性勢(shì)能總和保持不變，則彈簧的彈性勢(shì)能減少量等于筆的

動(dòng)能與重力勢(shì)能之和的增加量，故8正確；

C、筆的重力勢(shì)能、動(dòng)能和彈簧的彈性勢(shì)能總和保持不變，筆的動(dòng)能先增大再減小，則

筆的重力勢(shì)能與彈簧的彈性勢(shì)能總和先減小后增大，故C錯(cuò)誤；

故選：B。

根據(jù)筆的受力情況，分析其運(yùn)動(dòng)情況，確定其動(dòng)能的變化情況；筆和彈簧組成系統(tǒng)機(jī)械

能守恒，根據(jù)系統(tǒng)的機(jī)械能守恒分析能量的轉(zhuǎn)化情況。

分析能量轉(zhuǎn)化情況時(shí)，先要搞清涉及幾種形式的能，明確哪些能在增加，哪些能在減少，

即可明確能量的轉(zhuǎn)化情況。

7.【答案】A

【解析】解：臺(tái)風(fēng)過(guò)境時(shí)這棵大樹(shù)與臺(tái)風(fēng)正對(duì)接觸，設(shè)/時(shí)間內(nèi)吹到大樹(shù)上的空氣質(zhì)量

為“3則有：m=pSvt,這些空氣與大樹(shù)接觸前的動(dòng)量為：P=mv=pSv2t,與這棵

大樹(shù)接觸后風(fēng)速變?yōu)?,規(guī)定空氣接觸大樹(shù)前的運(yùn)動(dòng)方向?yàn)檎较?，根?jù)動(dòng)量定理可得：

△/=-Ft=0—mv——pSv2t,則：F=pSv2

根據(jù)牛頓第三定律，臺(tái)風(fēng)對(duì)這棵大樹(shù)的作用力大小為：F'=pSv2,故4正確，BCD錯(cuò)

誤。

故選：Ao

風(fēng)即是空氣的流動(dòng)，選f時(shí)間內(nèi)吹到大樹(shù)的空氣為研究對(duì)象，利用動(dòng)量定理列方程就可

以求出大樹(shù)對(duì)空氣的作用力，然后根據(jù)牛頓第三定律就可以得到臺(tái)風(fēng)對(duì)這棵大樹(shù)的作用

力。

本題考查了動(dòng)量定理的運(yùn)用，此題的關(guān)鍵在于在不斷流動(dòng)的空氣中選取任一段時(shí)間，內(nèi)

的空氣為研究對(duì)象，同時(shí)注意動(dòng)量定理的矢量性。

8.【答案】C

【解析】解：如果發(fā)現(xiàn)電視畫(huà)面幅度比正常時(shí)偏小，是由于電子束的偏轉(zhuǎn)角減小，即軌

道半徑增大所致.而電子在磁場(chǎng)中偏轉(zhuǎn)時(shí)的半徑：「=等

4、電子槍發(fā)射能力減弱，電子數(shù)減少，而運(yùn)動(dòng)的電子速率及磁場(chǎng)不變，因此不會(huì)影響

電視畫(huà)面偏大或小，所以A錯(cuò)誤；

8、當(dāng)加速電場(chǎng)電壓過(guò)低，電子速率偏小，則會(huì)導(dǎo)致電子運(yùn)動(dòng)半徑減小，從而使偏轉(zhuǎn)角

度增大，導(dǎo)致畫(huà)面比正常偏大，故B錯(cuò)誤；

C、當(dāng)偏轉(zhuǎn)線圈匝間短路，線圈匝數(shù)減小時(shí)，導(dǎo)致偏轉(zhuǎn)磁場(chǎng)減小，從而使電子運(yùn)動(dòng)半徑

增大，所以導(dǎo)致畫(huà)面比正常偏小，故C正確；

。、當(dāng)偏轉(zhuǎn)線圈電流過(guò)大，偏轉(zhuǎn)磁場(chǎng)增強(qiáng)時(shí)，從而導(dǎo)致電子運(yùn)動(dòng)半徑變小，所以導(dǎo)致畫(huà)

面比正常偏大，故。錯(cuò)誤；

故選：C

根據(jù)電視機(jī)顯像管的工作原理分析，可知其作用.運(yùn)動(dòng)的電子在電流提供的磁場(chǎng)中受到

洛倫茲力作用，從而使電子打到熒光屏上.畫(huà)面變大，是由于電子束的偏轉(zhuǎn)角增大，即

第12頁(yè)，共19頁(yè)

軌道半徑減小所致.根據(jù)洛倫茲力提供向心力，從而確定影響半徑的因素.

本題雖然是考查電視機(jī)顯像管的作用，但需要掌握電視機(jī)的工作原理，電視畫(huà)面的大小

是由電子偏轉(zhuǎn)角度決定，即電子運(yùn)動(dòng)的軌道半徑.當(dāng)軌道半徑變大，則畫(huà)面偏??；當(dāng)軌

道半徑變小，則畫(huà)面偏大.這是解答本題的關(guān)鍵.

9.【答案】C

【解析】解：A、兩腳并攏時(shí)跨步電壓較小，跳離觸地點(diǎn)是防跨步觸電的一種有效方法，

故A正確：

B、根據(jù)題意有當(dāng)=3-P,解得：Q=興,故B正確；

r22nrz2nk

C、N點(diǎn)處電流密度為心，由于MN間的電場(chǎng)是非勻強(qiáng)電場(chǎng)，電場(chǎng)強(qiáng)度越靠近。點(diǎn)越

大,則知MN間的場(chǎng)強(qiáng)大于力MN兩腳間跨步電壓大于巖，故C錯(cuò)誤；

D,當(dāng)兩腳位于同一等勢(shì)線上時(shí)即兩腳到0點(diǎn)的距離相等時(shí),跨步電壓為零,故。正確。

本題選錯(cuò)誤的，

故選：Co

根據(jù)題意：電流密度乘以電阻率等于電場(chǎng)強(qiáng)度，結(jié)合點(diǎn)電荷場(chǎng)強(qiáng)公式求等效點(diǎn)電荷Q

電量。由歐姆定律分析兩腳間跨步電壓。根據(jù)電勢(shì)的分布情況分析跨步電壓。

本題是信息給予題，要讀懂題意，抓住有效信息是關(guān)鍵，可采用類比的方法理解，將電

流場(chǎng)與點(diǎn)電荷的靜電場(chǎng)模擬分析。

10.【答案】AD

【解析】解：A、在d點(diǎn)時(shí)，萬(wàn)有引力提供向心力，^=ma,其中：r=R+h,力口

速度大?。好C*,故A正確；

B、根據(jù)萬(wàn)有引力提供向心力可知，智=瓶貯，其中：r=R+h,在d點(diǎn)時(shí)，萬(wàn)有引

rzr

力大于所需的向心力，做近心運(yùn)動(dòng)，故速度大小：v<&故8錯(cuò)誤；

yjR+h

CD,從。到c由于空氣阻力做負(fù)功，動(dòng)能減小，c到e過(guò)程中只有萬(wàn)有引力做功，機(jī)械

能守恒，隊(duì)c、e點(diǎn)時(shí)速度大小應(yīng)該滿足%>%=%,故C錯(cuò)誤，。正確。

故選：AD.

根據(jù)萬(wàn)有引力提供向心力，結(jié)合牛頓第二定律列式求解d點(diǎn)加速度大小。

根據(jù)萬(wàn)有引力提供向心力分析線速度。

克服阻力做功時(shí)，動(dòng)能減小。

該題考查了人造衛(wèi)星的相關(guān)知識(shí)，解決本題的關(guān)鍵知道衛(wèi)星在大氣層中受到空氣阻力作

用，在大氣層以外不受空氣阻力，結(jié)合動(dòng)能定理、機(jī)械能守恒進(jìn)行求解。

1I.【答案】ACD

【解析】解：A、開(kāi)始時(shí)行李在水平方向受摩擦力/=uG=umg,根據(jù)牛頓第二定律有：

f=ma,代入數(shù)據(jù)解得：a=2m/s,故A正確。

8、由于傳送帶長(zhǎng)度未知，所以不能求出運(yùn)動(dòng)時(shí)間，故B錯(cuò)誤。

C、行李初速度為零，后來(lái)與傳送帶速度相同，故行李末速度v=0.4m/s,傳送帶通過(guò)

摩擦力對(duì)物體做功，根據(jù)動(dòng)能定理得：-0,代入數(shù)據(jù)解得：UZ=0.47,故

C正確。

D、行李與傳送帶共速前相對(duì)滑動(dòng)，共速后相對(duì)靜止，共速前相對(duì)滑動(dòng)的時(shí)間為：t=9

代入數(shù)據(jù)解得：t=0.2s,摩擦痕跡為相對(duì)運(yùn)動(dòng)時(shí)傳送帶的位移減去行李的位移，即S=

vt-y,代入數(shù)據(jù)得：s=0.04m,故。正確。

故選：ACD。

根據(jù)牛頓第二定律求出行李在傳送帶上做勻加速運(yùn)動(dòng)的加速度，行李先做勻加速然后做

勻速，由于傳送帶的長(zhǎng)度未知，則無(wú)法求出行李到達(dá)B點(diǎn)的時(shí)間。根據(jù)動(dòng)能定理求出傳

送帶對(duì)行李做功的大小。抓住痕跡的長(zhǎng)度等于傳送帶的位移減去行李的位移，結(jié)合運(yùn)動(dòng)

學(xué)公式求出痕跡的長(zhǎng)度。

(1)一定要注意行李開(kāi)始做勻加速運(yùn)動(dòng)，等到速度與傳送帶相同時(shí)一起做勻速運(yùn)動(dòng)，不

是一直做勻加速運(yùn)動(dòng)。

(2)傳動(dòng)帶通過(guò)摩擦力做行李做功，動(dòng)能定理中摩擦力做的功，就是傳送帶對(duì)行李做的

功。

(3)在勻加速階段有相對(duì)位移，相對(duì)位移=傳送帶位移-行李位移。

12.【答案】AD

【解析】解：A3、用丫表示火車最后的速度，用，〃表示每節(jié)車廂的質(zhì)量，

由于軌道對(duì)車廂的阻力不計(jì)，所以由〃節(jié)車廂組成的系統(tǒng)，動(dòng)量守恒，取第一節(jié)車廂原

來(lái)的速度方向?yàn)檎较?，則有：

mv0-nmv,得"=￥，故A正確，B錯(cuò)誤。

第14頁(yè)，共19頁(yè)

CD、相鄰兩車廂的間隙長(zhǎng)度為：△乙=々，

n-1

設(shè)車廂間發(fā)生第1、2、…、々次碰撞后連在一起的車廂速度分別為次、v2、…、vK,則

有：

mv0=2mv1

mv0=3mv2

mv0=(k+l)mvk

解得：Vr=|v0；v2=|v0；,“、Vk=^-Vo；

所以整個(gè)掛接過(guò)程所用時(shí)間為：t=牛+中+…+竽=中[1+2+…+s-1)]=#.

vV1Vkv0N%

故C錯(cuò)誤，。正確。

故選：AD.

根據(jù)由〃節(jié)車廂組成的系統(tǒng)，動(dòng)量守恒列出等式求解。根據(jù)勻速直線運(yùn)動(dòng)的規(guī)律和動(dòng)量

守恒表示出整個(gè)掛接過(guò)程所經(jīng)歷的時(shí)間。

本題以火車掛鉤這一實(shí)際問(wèn)題為情景，涉及碰撞過(guò)程中的動(dòng)量守恒定律和勻速直線運(yùn)動(dòng)

狀態(tài)兩個(gè)知識(shí)點(diǎn)，運(yùn)算過(guò)程中滲透了數(shù)學(xué)歸納法。試題難度不算大，但能考查學(xué)生相應(yīng)

的物理能力。

13.【答案】2.50字不需要

【解析】解：(1)在極短時(shí)間內(nèi)的平均速度等于該時(shí)刻的瞬時(shí)速度，d=2,10mm=

0.00210m,t=0.84ms=8.4x10-4s?故v=：=:魯:：mjs=2.50m/s

(2)物塊在木板上做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，則/=2ax,即(》2=2ax,故e=豺，對(duì)物塊

受力分析，根據(jù)牛頓第二定律可得卬ng=ma，解得a=〃g,則專=需％

k=黎,解得〃=等

(3)在本實(shí)驗(yàn)中，物塊在木板上初速度時(shí)通過(guò)光電門(mén)獲得的，故不需要保證物塊必須從

圓弧軌道上同一點(diǎn)由靜止釋放；

故答案為：(1)2.50；(2)署；(3)不需要

(1)在極短時(shí)間內(nèi)的平均速度等于該時(shí)刻的瞬時(shí)速度求得物塊通過(guò)光電門(mén)的速度；

(2)根據(jù)牛頓第二定律求得物塊在木板上的加速度大小，根據(jù)速度-位移公式求得專-%

的函數(shù)關(guān)系即可求得；

(3)根據(jù)實(shí)驗(yàn)原理即可判斷是否保證物塊必須從圓弧軌道上同一點(diǎn)由靜止釋放。

本題主要考查了測(cè)定滑動(dòng)摩擦因數(shù)的實(shí)驗(yàn)原理，關(guān)鍵是明確實(shí)驗(yàn)原理，掌握測(cè)量瞬時(shí)速

度的方法即可。

14.【答案】X100電流表示數(shù):R2g

bak，

【解析】解：(1)歐姆表刻度不均勻，指針在中央刻度附近時(shí)測(cè)量最準(zhǔn)確，圖甲指針偏

轉(zhuǎn)較大，讀數(shù)較小，說(shuō)明選擇倍率大，應(yīng)該換小倍率x100,是指針偏向中央刻度附近；

(2)①當(dāng)測(cè)電壓表內(nèi)阻時(shí)，設(shè)電壓表每格對(duì)應(yīng)電壓為U0,由部分電路歐姆定律得：

［二NU。1NU。

RvRi

變式為.2=生.三+也

叉外，J.NIR［T/加

作(是圖象得到一條一次函數(shù)圖線，應(yīng)保持/不變，即電流表示數(shù)不變，

/VKj

由此關(guān)系式結(jié)合圖象可知："黑b=詈,

兩式聯(lián)立解得：Rv=l

②斷開(kāi)Si、閉合S?，由閉合電路歐姆定律得：E=/(&+R2+r)

變形得：)=>1+^

調(diào)節(jié)％、Rz使電流表有合適讀數(shù)，應(yīng)保持不變，才能保證:-⑹為一次函數(shù)關(guān)系

k'=~."=*

EE

兩式聯(lián)立解得：

E=%r=—/?

k'kiL2

故答案為：(1)x100；(2)①電流表示數(shù)、［；②/?2、5。

(1)歐姆表刻度不均勻，指針在中央刻度附近時(shí)測(cè)量最準(zhǔn)確，據(jù)此選擇選檔倍率；

(2)①根據(jù)圖乙結(jié)合部分電路歐姆定律寫(xiě)出《一搟的關(guān)系式，結(jié)合關(guān)系式分析求解；

②斷開(kāi)51、閉合S2,根據(jù)閉合電路歐姆定律寫(xiě)出3—%的函數(shù)關(guān)系式，結(jié)合:-此的圖

象斜率和截距列式求解。

本題考查精確測(cè)量一個(gè)只有刻度、沒(méi)有刻度值的電壓表的內(nèi)阻和一個(gè)失去標(biāo)簽的電源的

電動(dòng)勢(shì)，關(guān)鍵是掌握實(shí)驗(yàn)原理，根據(jù)實(shí)驗(yàn)原理寫(xiě)出函數(shù)關(guān)系式，根據(jù)關(guān)系式結(jié)合圖象分

析即可。

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15.【答案】解：（1）設(shè)剎車開(kāi)始到撞上過(guò)程中，摩托車的位移為S1，小轎車的位移為S2,

由圖像可知，摩托車做初速度為％=4771/5,根據(jù)口-t圖象的斜率，可得加速度大小為:

22

ai=^=^m/s=0.5m/s,摩托車做勻減速運(yùn)動(dòng)，由“小轎車”的速度一時(shí)間關(guān)系:

v2=3-0.25C,可知“小轎車”做=3m/s,a2=0.25m/s2的勻減速運(yùn)動(dòng)，

由題意得，若兩車相遇時(shí)間為f,則有

=s

L+s2i

12

Si-收一/%一

12

S2-v2t--a2t

代入數(shù)據(jù)解得：ti=2s,垃=6s（不符合實(shí)際，舍去）

則“摩托車”剎車開(kāi)始到撞上“小轎車”的時(shí)間：t=2s

（2）當(dāng)摩托車速度等于小轎車的速度時(shí)還未撞上，此后安全

由：4-0.5t'=3-0.25t'

代入數(shù)據(jù)解得：t'=4s

2

由位移一時(shí)間關(guān)系得，此段時(shí)間摩托車位移：S1'=v1t'-^a1t'

小轎車位移：52'=/'一72廣

摩托車比小轎車多走：d=S1'-s2'

代入數(shù)據(jù)解得：d=2m

答：（1）從兩車剎車開(kāi)始到“摩托車”撞上“小轎車”的時(shí)間2s；

（2）為避免“摩托車”撞上“小轎車”，兩車的安全距離至少是2機(jī)。

【解析】（1）根據(jù)速度-時(shí)間圖線得出摩托車的初速度和加速度，根據(jù)速度時(shí)間的表達(dá)式

得出初速度和加速度，結(jié)合運(yùn)動(dòng)學(xué)公式，抓住位移關(guān)系求解第一次相