2021屆江蘇省揚(yáng)州市高考物理考前調(diào)研試卷(含答案解析)

2021屆江蘇省揚(yáng)州市高考物理考前調(diào)研試卷

一、單選題（本大題共11小題，共44.0分）

1.如圖所示，一束復(fù)色可見光入射到置于空氣中的平行玻璃嵇MNPQ上,

穿過(guò)玻璃后從下表面射出〃兩束單色光，則下列說(shuō)法正確的是（）

A.a、b兩束單色光可能不平行

B.改變?nèi)肷涔獾娜肷浞较?，a、匕兩束單色光的間距不變

C.只增加玻璃磚的厚度，心6兩束單色光的間距不變

D.即使增大MN面上入射光的入射角，八6兩束單色光在P0面上也不會(huì)因發(fā)生全反射而消失

2.某物質(zhì)的密度為p,摩爾質(zhì)量為小阿伏伽德羅常數(shù)為N4,則單位體積該物質(zhì)中所含的分子個(gè)數(shù)

為（）

.NA_NA_NA—NA

A.—B.—C.M—D.p—

3.如圖所示，兩個(gè)相同小物塊a和6之間用一根輕彈簧相連，系統(tǒng)用細(xì)線靜止懸掛于足夠

高的天花板下。細(xì)線某時(shí)刻被剪斷，系統(tǒng)下落，已知重力加速度為g,貝或）

A.細(xì)線剪斷瞬間，〃和人的加速度大小均為g

B.細(xì)線剪斷瞬間，。和b的加速度大小均為0

C.下落過(guò)程中彈簧一直保持拉伸狀態(tài)

D.下落過(guò)程中6和彈簧組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒

4.如圖所示，實(shí)線表示勻強(qiáng)電場(chǎng)的電場(chǎng)線.一個(gè)帶負(fù)電荷的粒子以某一速度射入勻J

強(qiáng)電場(chǎng)，只在電場(chǎng)力作用下，運(yùn)動(dòng)的軌跡如圖中的虛線所示，p、q為軌跡上的兩

點(diǎn).若2點(diǎn)電勢(shì)為外，q點(diǎn)電勢(shì)為%,貝女）

A.場(chǎng)強(qiáng)方向一定向上，且電勢(shì)9P>（pq

B.場(chǎng)強(qiáng)方向一定向上，且電勢(shì)Wp<0q

C.場(chǎng)強(qiáng)方向一定向下，且電勢(shì)@p>Wq

D.場(chǎng)強(qiáng)方向一定向下，且電勢(shì)<Pp<<Pq

5.下列說(shuō)法正確的是（）

A.普朗克為了解釋黑體輻射現(xiàn)象，第一次提出了能量量子化理論

B.比結(jié)合能越大表示原子核中的核子結(jié)合得越牢固

C.6衰變說(shuō)明原子核內(nèi)部在電子

D.太陽(yáng)輻射的能量主要來(lái)自太陽(yáng)內(nèi)部的鏈?zhǔn)搅炎兎磻?yīng)

6.下列關(guān)于光的認(rèn)識(shí)，正確的是（）

A.光的干涉和衍射不僅說(shuō)明了光具有波動(dòng)性，還說(shuō)明了光是橫波

B.全息照片往往用激光來(lái)拍攝，主要是利用了激光的相干性

C.驗(yàn)鈔機(jī)是利用紅外線的特性工作的

D.拍攝玻璃櫥窗內(nèi)的物品時(shí)，往往在鏡頭前加一個(gè)偏振片以增加透射光的強(qiáng)度

7.洗衣機(jī)的脫水筒采用帶動(dòng)衣物旋轉(zhuǎn)的方式脫水，下列說(shuō)法中不正確的是（）

A.脫水過(guò)程中，衣物是緊貼筒壁的：

B.加快脫水筒轉(zhuǎn)動(dòng)角速度，脫水效果會(huì)更好:：r'?

/1?'

c.水會(huì)從桶中甩出是因?yàn)樗问艿较蛐牧艽蟮木壒?/p>

D.靠近中心的衣物脫水效果不如四周的衣物脫水效果好

8.201年11月3日，“神州八號(hào)”飛船與“天宮一號(hào)”目標(biāo)飛行器成功實(shí)施了首次交會(huì)對(duì)接.任

務(wù)完成后“天宮一號(hào)”經(jīng)變軌升到更高的軌道，等待與“神州九號(hào)”交會(huì)對(duì)接.變軌前和變軌

完成后“天宮一號(hào)”的運(yùn)行軌道均可視為圓軌道，對(duì)應(yīng)的軌道半徑分別為R1、R2,線速度大小

分別為巧、v2,則僚于（）

B.患C寶口.監(jiān)

9.如圖所示，將一不帶電的絕緣枕形導(dǎo)體尸放在正電荷。的電場(chǎng)中，導(dǎo)體尸的。、。兩端分別帶

上了感應(yīng)負(fù)電荷與等量的感應(yīng)正電荷，另外，導(dǎo)體內(nèi)部還有兩點(diǎn)c、%則以下說(shuō)法錯(cuò)誤的是（）

Qapb

?式d?/+

A.導(dǎo)體上〃、力兩端的電勢(shì)高低關(guān)系是。Q=0b

B.導(dǎo)體上。、b兩端的電勢(shì)高低關(guān)系是。aV機(jī)

C.導(dǎo)體內(nèi)部c、d兩點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大小關(guān)系是%=%=0

D.感應(yīng)電荷在導(dǎo)體內(nèi)部c、d兩點(diǎn)產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)大小關(guān)系是品＞%

10.如圖所示為汽車在水平路面上啟動(dòng)過(guò)程中的速度圖象，0”為過(guò)原點(diǎn)

的傾斜直線，"段表示以額定功率行駛時(shí)的加速階段，歷段是與必

段相切的水平直線，則下述說(shuō)法中正確的是（）叫//

A.0?0時(shí)間內(nèi)汽車做勻加速運(yùn)動(dòng)且功率恒定介乙j--------；----------

B.在全過(guò)程中J時(shí)刻的牽引力及功率都是最大值

時(shí)間內(nèi)的平均速度為空

C.tx?t2

D.G?t2時(shí)間內(nèi)汽車牽引力做功為萼一萼

11.如圖所示，螺線管匝數(shù)n=1500匝，橫截面積S=20cm2,螺線管導(dǎo)線電阻r=10,電阻R=40.

螺線管所在空間存在著向右的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小隨時(shí)間的變化如圖所示，下列說(shuō)法正

確的是()

圖1圖2

A.流過(guò)電阻R的電流方向是從A到CB.感應(yīng)電流的大小隨時(shí)間均勻增大

C.電阻R兩端的電壓為4.8VD.C點(diǎn)的電勢(shì)為一4.8V

二、實(shí)驗(yàn)題(本大題共1小題，共15.0分)

12.小海同學(xué)新買了一節(jié)干電池，為了測(cè)出這節(jié)干電池的內(nèi)阻和電動(dòng)勢(shì)，從實(shí)驗(yàn)室借的實(shí)驗(yàn)器材,

連接成了如圖(1)所示的實(shí)驗(yàn)電路圖(圖中的定值電阻為1。)

圖1圖2

(1)在閉合開關(guān)前，滑動(dòng)變阻器的滑片應(yīng)處于(填左“或“右”)端

(2)實(shí)驗(yàn)時(shí)電流表A應(yīng)選量程(“3A”或“0.64”)

(3)請(qǐng)?jiān)诖鹁砑埳系奶摼€方框中按小海同學(xué)的實(shí)驗(yàn)電路的實(shí)物圖畫出電路圖；

(4)小海同學(xué)在坐標(biāo)紙上已標(biāo)出做實(shí)驗(yàn)測(cè)量面得到的數(shù)據(jù)點(diǎn)，如圖(2)所示，根據(jù)圖可求得干電池的

電動(dòng)勢(shì)為匕內(nèi)阻為2(均保留一位有效數(shù)字)

三、簡(jiǎn)答題(本大題共1小題，共15.0分)

13.如圖，質(zhì)量為2.5kg的一只長(zhǎng)方體空鐵箱在水平拉力尸作用下沿水平

面向右勻加速運(yùn)動(dòng)，鐵箱與水平面間的動(dòng)摩擦因數(shù)%為0.6.鐵箱內(nèi)一一

個(gè)質(zhì)量為0.5kg的木塊恰好能靜止在后壁上。木塊與鐵箱內(nèi)壁間的動(dòng)

摩擦因數(shù)出為03.設(shè)最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力，g取10m/s2.求：

(1)木塊對(duì)鐵箱的壓力；

(2)水平拉力廠的大??；

(3)減小拉力F,進(jìn)過(guò)一段時(shí)間，木塊沿鐵箱左側(cè)壁落到底部且不反彈，當(dāng)箱的速度為6m/s時(shí)撤去拉

力，又經(jīng)過(guò)1s時(shí)間，木塊從鐵箱左側(cè)到達(dá)右側(cè)，求鐵箱的長(zhǎng)度是多少？(結(jié)果保留一位小數(shù))

四、計(jì)算題(本大題共3小題，共26.0分)

14.如圖所示，內(nèi)壁光滑的圓柱形氣缸豎直倒立在兩木塊上，氣缸底水平，氣

缸質(zhì)量為M=20kg,橫截面積為S=5.0x10-3m2＞高為H-0.5m,質(zhì)量

m=10kg的活塞在氣缸中封閉了定質(zhì)量的理想氣體，氣體溫度口=27℃,

活塞靜止，此時(shí)活塞到氣缸開口端的距離為九=0.1m,通過(guò)一定的方法使

氣缸內(nèi)的封閉氣體從外界吸收了熱量Q=620/,此時(shí)氣體溫度為t2=177。&已知大氣壓強(qiáng)為

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p0=10x10Pa,重力加速度大小g=10m/s,求

①最終氣體的壓強(qiáng)

②此過(guò)程中封閉氣體的內(nèi)能變化

15.某同學(xué)用如圖所示裝置驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律，用輕質(zhì)細(xì)線將小球1懸掛于O

點(diǎn)，使小球1的球心到懸點(diǎn)。的距離為L(zhǎng)被碰小球2放在光滑的水平桌

面上，將小球1從右方的A點(diǎn)(04與豎直方向的夾角為a)由靜止釋放，擺

到最低點(diǎn)時(shí)恰與小球2發(fā)生正碰,碰撞后，小球1繼續(xù)向左運(yùn)動(dòng)到C位置，

小球2落到水平地面上到桌面邊緣水平距離為s的。點(diǎn).

(1)實(shí)驗(yàn)中已經(jīng)測(cè)得上述物理量中的a、乙、s,為了驗(yàn)證兩球碰撞過(guò)程動(dòng)量守恒，還應(yīng)該測(cè)量的物理

量有__

(2)請(qǐng)用測(cè)得的物理量結(jié)合已知物理量來(lái)表示碰撞前小球1的動(dòng)量：pi=；碰撞后小球2的

動(dòng)量P2'—?

16.如圖所示，水平平行線代表電場(chǎng)線，但未指明方向，帶電量為10-8。的

正電微粒，在電場(chǎng)中只受電場(chǎng)力的作用，由A運(yùn)動(dòng)到B,動(dòng)能損失2x一

^4---------2---------

ICT4/,A點(diǎn)的電勢(shì)為-2X1。3k則微粒運(yùn)動(dòng)軌跡是虛線哪條軌跡？電

場(chǎng)方向如何？B點(diǎn)的電勢(shì)為多少？

【答案與解析】

1.答案：D

解析：解：

A、由于光線射到玻璃磚下表面時(shí)的入射角等于上表面的折射角，根據(jù)光路的可逆性可知光線射出玻

璃磚時(shí)的折射角等于上表面的入射角，根據(jù)幾何知識(shí)可知出線光線與入射光線平行，所以6兩束

單色光都與入射光線平行，則人兩束單色光必定平行，故4錯(cuò)誤。

8、改變?nèi)肷涔獾娜肷浞较?，考慮極端情況，如入射角為0。時(shí)，〃、方兩束單色光的間距減小為零，

可知改變?nèi)肷涔獾娜肷浞较颍?。、b兩束單色光的間距會(huì)發(fā)生改變。故B錯(cuò)誤。

C、只增加玻璃磚的厚度，入射光的折射角不變，根據(jù)數(shù)學(xué)知識(shí)可知〃、6兩束單色光的間距增大。

故C錯(cuò)誤。

。、光線通過(guò)玻璃磚發(fā)生了兩次折射，第二次的入射角等于第一次的折射角，根據(jù)光路可逆性原理

可知，光不可能在。的下表面發(fā)生全反射，一定能從下表面射出玻璃磚。故O正確。

故選：Do

根據(jù)平行玻璃磚的光學(xué)特性，分析出射光線與入射光線的關(guān)系.根據(jù)折射定律和幾何知識(shí)，得到

b兩束單色光的間距表達(dá)式，再進(jìn)行分析間距的變化情況或用極限法分析.根據(jù)全反射的條件和光

路可逆性原理分析光線能否在PQ面上發(fā)生全反射.

本題分析時(shí)要注意玻璃磚上下表面平行，玻璃磚兩側(cè)的光線是平行，與折射率無(wú)關(guān).運(yùn)用極限法分

析出射光線間距的變化情況是難點(diǎn)，要學(xué)會(huì)應(yīng)用.

2.答案：D

解析：解：每個(gè)分子的質(zhì)量機(jī)=色?單位體積的質(zhì)量等于單位體積乘以密度，質(zhì)量除以摩爾質(zhì)量等于

摩爾數(shù)，所以單位體積所含的分子數(shù)n=

故選：D。

每摩爾物體含有Nq個(gè)分子數(shù)，所以分子的質(zhì)量等于摩爾質(zhì)量除以阿伏伽德羅常數(shù).要求出單位體積

內(nèi)的分子數(shù)，先求出單位體積的摩爾量，再用摩爾量乘以阿伏伽德羅常數(shù).

解決本題的關(guān)鍵掌握摩爾質(zhì)量與分子質(zhì)量的關(guān)系，知道質(zhì)量除以摩爾質(zhì)量等于摩爾數(shù).

3.答案：D

解析：解：4、開始時(shí)系統(tǒng)處于平衡狀態(tài)，彈簧的彈力大小為，咫，當(dāng)細(xì)線剪斷瞬間，彈簧不能突變，

則6受力仍然平衡，加速度為零，而。受向下的拉力和重力作用，加速度為2g,故AB錯(cuò)誤；

C、由于〃的加速度大于匕的加速度，故。下落較快，因此開始時(shí)彈簧處于壓縮狀態(tài)，故C錯(cuò)誤；

。、對(duì)，。和人和彈簧組成的系統(tǒng)來(lái)說(shuō)，由于只有重力做功，故機(jī)械能守恒，故O正確。

故選：Do

分析開始時(shí)兩物體及彈簧的受力，根據(jù)彈簧的彈力不能突變的性質(zhì)，根據(jù)牛頓第二定律可求得加速

度大?。辉俑鶕?jù)兩物體的運(yùn)動(dòng)情況分析彈簧的形變；根據(jù)機(jī)械能守恒的條件分析系統(tǒng)是否機(jī)械能守

恒。

本題是動(dòng)力學(xué)中典型的問(wèn)題：瞬時(shí)問(wèn)題，往往先分析懸線剪斷前彈簧的彈力，再分析懸線判斷瞬間

物體的受力情況，再求解加速度，抓住懸線剪斷瞬間彈力沒有來(lái)得及變化。

4.答案：B

解析：解：由曲線運(yùn)動(dòng)條件可知合力偏向曲線內(nèi)側(cè)，電場(chǎng)強(qiáng)度方向應(yīng)該是電場(chǎng)線上一點(diǎn)的切線方向，

所以電荷所受電場(chǎng)力向下.

由于是負(fù)電荷的粒子，所以場(chǎng)強(qiáng)方向一定向上.

沿著電場(chǎng)線的方向電勢(shì)降低的.作出p、q點(diǎn)的等勢(shì)點(diǎn)（要同在一根電場(chǎng)線），接著沿著電場(chǎng)線可判定

P點(diǎn)的電勢(shì)小于g點(diǎn).

故選：B.

粒子在電場(chǎng)力作用下，由運(yùn)動(dòng)與力關(guān)系可知，根據(jù)軌跡的彎曲程度，判斷出合力（電場(chǎng)力）的方向，

再根據(jù)電場(chǎng)力方向和電荷性質(zhì)判斷場(chǎng)強(qiáng)方向.沿著電場(chǎng)線的方向電勢(shì)降低的.

電場(chǎng)線雖然不存在，但可形象來(lái)描述電場(chǎng)的分布.對(duì)于本題關(guān)鍵是根據(jù)運(yùn)動(dòng)軌跡來(lái)判定電場(chǎng)力方向，

由曲線運(yùn)動(dòng)條件可知合力偏向曲線內(nèi)側(cè).

5.答案：A

解析：

普朗克為了解釋黑體輻射現(xiàn)象，第一次提出了能量量子化理論；比結(jié)合能越大的原子核越穩(wěn)定；s衰

變的實(shí)質(zhì)是原子核中的一個(gè)中子轉(zhuǎn)變?yōu)橐粋€(gè)質(zhì)子，同時(shí)釋放一個(gè)電子；太陽(yáng)輻射的能量主要來(lái)自太

陽(yáng)內(nèi)部的聚變反應(yīng)。

本題考查的知識(shí)點(diǎn)較多，如黑體輻射，原子核的結(jié)合能，夕衰變等等，需要我們?cè)趯W(xué)習(xí)過(guò)程中全面掌

握各個(gè)知識(shí)點(diǎn).

A.普朗克為了解釋黑體輻射現(xiàn)象，第一次提出了能量量子化理論，故A正確；

8.比結(jié)合能越大的原子核越穩(wěn)定，故8錯(cuò)誤；

C.0衰變的實(shí)質(zhì)是原子核中的一個(gè)中子轉(zhuǎn)變?yōu)橐粋€(gè)質(zhì)子，同時(shí)釋放一個(gè)電子，原子核內(nèi)部沒有電

子，故C錯(cuò)誤；

D.太陽(yáng)輻射的能量主要來(lái)自太陽(yáng)內(nèi)部的聚變反應(yīng)，故O錯(cuò)誤.

故選A.

6.答案：B

解析：解：人光的干涉和衍射說(shuō)明了光具有波動(dòng)性，光的偏振現(xiàn)象說(shuō)明了光是橫波，A錯(cuò)誤；

從全息照片往往用激光來(lái)拍攝，主要是利用了激光的相干性，8正確；

C、驗(yàn)鈔機(jī)是利用紫外線的特性工作，C錯(cuò)誤；

。、拍攝玻璃櫥窗內(nèi)的物品時(shí)，往往在鏡頭前加一個(gè)偏振片以減小反射光的強(qiáng)度，。錯(cuò)誤.

故選：B.

從光現(xiàn)象形成的原因出發(fā)，把光現(xiàn)象與說(shuō)明的問(wèn)題對(duì)應(yīng)起來(lái).

解決本題的關(guān)鍵知道干涉和衍射都說(shuō)明光具有波動(dòng)性，知道什么叫光的干涉、光的衍射、光的偏振.

7.答案：C

解析：解：A、脫水過(guò)程中，衣物做離心運(yùn)動(dòng)而甩向桶壁。故A正確。

B、F=ma=ma)2R,3增大會(huì)使向心力尸增大，而轉(zhuǎn)筒有洞，不能提供足夠大的向心力，水滴就

會(huì)被甩出去，增大向心力，會(huì)使更多水滴被甩出去。故B正確。

C、水滴依附的附著力是一定的，當(dāng)水滴因做圓周運(yùn)動(dòng)所需的向心力大于該附著力時(shí)，水滴被甩掉。

故C錯(cuò)誤。

。、中心的衣服，R比較小，角速度3一樣，所以向心力小，脫水效果差。故力正確。

本題選錯(cuò)誤的，故選：C。

A、水滴依附的附著力是一定的，當(dāng)水滴因做圓周運(yùn)動(dòng)所需的向心力大于該附著力時(shí)，水滴被甩掉.

B、F=ma=ma)2R,角速度增大，水滴所需向心力增大，脫水效果更好.

C、脫水過(guò)程中，衣物做離心運(yùn)動(dòng)而甩向桶壁.

。、周邊的衣物因圓周運(yùn)動(dòng)的半徑更大，在角速度一定時(shí)，所需向心力比中心的衣物大，脫水效果

更好.

此題要理解勻速圓周運(yùn)動(dòng)的向心力的來(lái)源、向心力的大小因素、做離心運(yùn)動(dòng)的條件.屬于基礎(chǔ)題.

8.答案：D

解析：解：“神舟八號(hào)”飛船與“天宮一號(hào)”繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，靠萬(wàn)有引力提供向心力：

故選：D

天宮一號(hào)繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，靠萬(wàn)有引力提供向心力，根據(jù)萬(wàn)有引力定律和牛頓第二定律比較

線速度的大小關(guān)系.

本題的關(guān)鍵根據(jù)萬(wàn)有引力提供向心力粵=m《，解出線速度與軌道半徑的關(guān)系.

R2R

9.答案：B

解析：解：4、當(dāng)正電荷。處在金屬導(dǎo)體P附近時(shí)，正電荷周圍存在電場(chǎng)，從而使得金屬中的自由

電子在電場(chǎng)力作用下向。端發(fā)生移動(dòng)，導(dǎo)致。端的正電荷多余，。端的負(fù)電荷多余，最終導(dǎo)體P的6

端帶正電，。端帶負(fù)電。形成靜電屏蔽，從而金屬導(dǎo)體是一個(gè)等勢(shì)體，因此兩點(diǎn)的電勢(shì)關(guān)系九=九，

故A正確，B錯(cuò)誤；

C、當(dāng)金屬導(dǎo)體。端帶正電，〃端帶負(fù)電時(shí)，導(dǎo)體中有自人向〃的電場(chǎng)。由于正電荷。也產(chǎn)生電場(chǎng)。

故只有當(dāng)復(fù)合電場(chǎng)為。時(shí)，自由電子才停止運(yùn)動(dòng)，因此c、4兩點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大小關(guān)系是曷=魘=0,故

C正確；

D,根據(jù)正點(diǎn)電荷的電場(chǎng)強(qiáng)度的公式，結(jié)合合電場(chǎng)為0,可知：感應(yīng)電荷在導(dǎo)體內(nèi)部c、d兩點(diǎn)產(chǎn)生

的場(chǎng)強(qiáng)大小關(guān)系￡>EdW0,故。正確。

本題選擇錯(cuò)誤的，故選8。

物體帶電有接觸起電，有感應(yīng)帶電，有摩擦起電.對(duì)于感應(yīng)帶電，是利用同種電荷相互排斥，異種

電荷相互吸引的原理，且?guī)щ婓w是等勢(shì)體。

感應(yīng)帶電的本質(zhì)是電荷的轉(zhuǎn)移；當(dāng)金屬導(dǎo)體處于電場(chǎng)時(shí)出現(xiàn)靜電平衡現(xiàn)象。

10.答案：B

解析：解：A、。?h時(shí)間內(nèi)，汽車做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，牽引力不變，速度增大，根據(jù)P=Fv知，牽

引力的功率增大，故A錯(cuò)誤。

從在全過(guò)程中方時(shí)刻的牽引力和功率達(dá)到最大值，口?t2時(shí)間內(nèi)功率不變，速度增大，牽引力減小，

加速度減小，最終保持"2作勻速運(yùn)動(dòng)，故8正確。

C、ti?t2時(shí)間內(nèi)，若汽車做勻變速直線運(yùn)動(dòng)，平均速度為“%+%)，因?yàn)樽兗铀賵D線圍成的面積

大于勻加速直線圖線圍成的面積，則變加速的位移大于勻加速直線運(yùn)動(dòng)的位移，所以匕?今時(shí)間內(nèi)的

平均速度大于*%+%),故C錯(cuò)誤。

D、根據(jù)動(dòng)能定理可知十-/%=萼一嗒，解得勿=/%+萼一等，故。錯(cuò)誤

故選：B。

在速度-時(shí)間圖象中傾斜的直線表示勻變速直線運(yùn)動(dòng)，而水平的直線表示勻速直線運(yùn)動(dòng)，曲線表示

變速直線運(yùn)動(dòng)；由圖象可知物體的運(yùn)動(dòng)情況，由「=??？芍?，牽引力的變化.根據(jù)圖線圍成的面積

比較變加速和勻加速運(yùn)動(dòng)的位移，從而比較平均速度的大小

本題由圖象確定物體的運(yùn)動(dòng)情況，由「=尸"可分析牽引力及功率的變化：平均速度公式推論只適用

于勻變速直線運(yùn)動(dòng).

11.答案：C

解析：解：A、根據(jù)楞次定律，結(jié)合原磁場(chǎng)的方向向右，且大小增加，則電阻R的電流方向是從C

到A,故A錯(cuò)誤；

△4>AB6-9

B、根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律：E="w="Sw=1500xO.(X)2x—―V=6,，

而感應(yīng)電流大小為：/=左=24=1.24即感應(yīng)電流大小恒定，故B錯(cuò)誤；

R+r4+1

C、根據(jù)全電路歐姆定律，有：U=1R=1.2x4V=4.8V,故C正確；

D、由上分析知螺線管左端是正極，C點(diǎn)的電勢(shì)為4.8V,故。錯(cuò)誤；

故選：Co

根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律求出螺線管中產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)，結(jié)合閉合電路歐姆定律，可求解感應(yīng)電

流的大小，R兩端電壓，及C點(diǎn)的電勢(shì)。再根據(jù)楞次定律可知感應(yīng)電流的大??；從而即可求解。

考查楞次定律與法拉第電磁感應(yīng)定律的應(yīng)用，注意交流電與直流電的區(qū)別，掌握閉合電路歐姆定律

的應(yīng)用，同時(shí)理解電勢(shì)的正負(fù)含義。

12.答案：右0.621

解析：解：(1)伏安法測(cè)電源電動(dòng)勢(shì)與內(nèi)阻實(shí)驗(yàn)，滑動(dòng)變阻器應(yīng)采用限流接法，為保護(hù)電路，閉合開

關(guān)前滑片應(yīng)處于右端。

(2)一節(jié)干電池電動(dòng)勢(shì)約為1.5V,電路最大電流約為零點(diǎn)幾安培，電流表應(yīng)選擇0.64量程。

(3)根據(jù)圖示實(shí)物電路圖作出實(shí)驗(yàn)電路圖，實(shí)驗(yàn)電路圖如圖所示：

(4)根據(jù)坐標(biāo)系內(nèi)描出的點(diǎn)作出電源U-/圖象如圖所示:

u/v

由圖示電源U-/圖象可知，電源電動(dòng)勢(shì)：E=1.50V=2V,電源內(nèi)阻:r=與一R=產(chǎn)芋-1?W；

故答案為：(1)右；(2)0.6；(3)電路圖如圖所示；(4)圖象如圖所示；2；1o

(1)滑動(dòng)變阻器采用限流接法，為保護(hù)電路閉合開關(guān)前滑片應(yīng)置于阻值最大處。

(2)根據(jù)電路最大電流選擇電流表量程。

(3)根據(jù)實(shí)物電路圖作出實(shí)驗(yàn)電路圖。

(4)根據(jù)坐標(biāo)系內(nèi)描出的點(diǎn)作出圖象，電源U-/圖象與縱軸交點(diǎn)坐標(biāo)值是電源電動(dòng)勢(shì)，圖象斜率的絕

對(duì)值等于電源內(nèi)阻。

本題考查了實(shí)驗(yàn)注意事項(xiàng)與實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)處理，掌握實(shí)驗(yàn)原理是解題的前提與關(guān)鍵，電源U-/圖象與縱

軸交點(diǎn)坐標(biāo)值是電源電動(dòng)勢(shì)，圖象斜率的絕對(duì)值等于電源內(nèi)阻，掌握基礎(chǔ)知識(shí)即可解題，要注意基

礎(chǔ)知識(shí)的學(xué)習(xí)與積累。

13.答案：解：(1)對(duì)木塊：在豎直方向，由相對(duì)靜止得：產(chǎn)

mg=Ff=H2FNFf^F

v

解得：FN=MN(M+m)E

由牛頓第三定律得：木塊對(duì)鐵箱的壓力為：FN'=FN=MN,方向水平向左；

(2)對(duì)木塊在水平方向根據(jù)牛頓第二定律可得：FN=ma

解得：a=1m/s2

對(duì)鐵箱和木塊整體：F—+m)g=(M+m)a

故水平拉力為：/=(M+m)(a+%g)=118N；

(3)撤去拉力F時(shí)，箱和木塊的速度均為：v=6m/s,

因外>如，以后木塊相對(duì)箱滑動(dòng)。

木塊加速度為：a2=42g=3mls2

又鐵箱加速度為：的=巴①繆.二虹2=6.6m/s2

鐵箱減速時(shí)間為：to=：=091s<1s,故木塊到達(dá)箱右端時(shí)，箱停止。

al

則經(jīng)t=Is木塊比鐵箱向右多移動(dòng)距離L即鐵箱長(zhǎng)。即有：

11

2

L=(vt--a2t}—(vto—給)

解得：L=1.7m

答：(1)木塊對(duì)鐵箱的壓力大是三N,方向水平向左；

(2)水平拉力廠的大小是118N。

(3)鐵箱長(zhǎng)度是1.7m。

解析：(1)分析木箱的受力情況：木塊恰好能靜止在鐵箱后壁上，木塊所受的靜摩擦力達(dá)到最大值,

豎直方向上木塊受力平衡，木塊所受的重力恰好等于最大靜摩擦力加，由篩=〃2無(wú)，求出木塊對(duì)鐵

箱的壓力；

(2)以木塊為研究對(duì)象，根據(jù)牛頓第二定律求出加速度，再對(duì)鐵箱和木塊整體，由牛頓第二定律求出

水平拉力尸的大??；

(3)撤去拉力尸時(shí)，箱和木塊的速度均為v=6m/s,由于〃1>取，木塊相對(duì)箱滑動(dòng)，由牛頓第二定

律分別求出木塊與鐵箱的加速度，由速度公式求出鐵箱減速至停止所受的時(shí)間，分析1s內(nèi)可知木塊

到達(dá)箱右端時(shí)，箱停止。貝Ut=ls木塊與鐵箱的位移之差等于鐵箱長(zhǎng)度，由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式求出。

本題要通過(guò)分析木塊的狀態(tài)，由牛頓第二定律求解木塊對(duì)鐵箱的壓力和水平拉力。抓住木塊與鐵箱

位移的關(guān)系，由牛頓第二定律和運(yùn)動(dòng)學(xué)公式結(jié)合研究鐵箱的長(zhǎng)度。

14.答案：解：①初始時(shí)氣體壓強(qiáng)為Pi=Po-詈=0.8x105尸〃

氣體體積匕=(H-h)S,溫度7;=300K

假設(shè)氣缸足夠長(zhǎng)，溫度變?yōu)?=(273+177)K,

根據(jù)蓋-薩克定律：TM=T2V2

解得彩=0.6S>%(氣缸體積)，表明活塞向下移動(dòng)//后氣體做等容變化

氣體終態(tài)：壓強(qiáng)為P3，體積匕=VQ,溫度T3=T2

根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程：竽=黎

5

解得：p3=0.96x10Pa

②封閉氣體在等壓變化過(guò)程中氣體對(duì)外界做的功：W=-P.hS

對(duì)封閉氣體，應(yīng)用熱力學(xué)第一定律有△U=Q+IV

解得△U=580J,氣體內(nèi)能增加580J

答：①最終氣體的壓強(qiáng)為0.96x105Pa；

②此過(guò)程中封閉氣體的內(nèi)能增加580人

解析：①氣體先等壓膨脹，再做等容變化，根據(jù)理想氣體的狀態(tài)方程即可解答；

②根據(jù)氣體的做功情況和熱力學(xué)第一定律求解。

本題的關(guān)鍵找出初末狀態(tài)以及會(huì)判斷臨界狀態(tài)，然后根據(jù)氣體實(shí)驗(yàn)定律列方程求解。要注意解答的

過(guò)程要規(guī)范。

15.答案:小球1質(zhì)量nii，小球2質(zhì)量Tn2，桌面高度h,OC與OB夾角.；m1y/2gL(l-cosa)-,m2s-

解析：解：(1)為了驗(yàn)證兩球碰撞過(guò)程動(dòng)量守恒，需要測(cè)量?jī)尚∏虻馁|(zhì)量，小球1質(zhì)量m】，小球2

質(zhì)量62,小球1碰撞前后的速度可以根據(jù)機(jī)械能守恒定律測(cè)出，所以還需