2021年安徽省淮北市高考物理一模試卷（附詳解）

2021年安徽省淮北市高考物理一模試卷

一、單選題（本大題共7小題，共28.（）分）

1.圖示為某物體做直線運(yùn)動(dòng)的速度u隨時(shí)間t變化的圖像，則物體（）

A.加速度一直不變B.2s末和6s末速度相同

C.0?8s內(nèi)一直做勻減速直線運(yùn)動(dòng)D.0?8s內(nèi)，8s末離出發(fā)點(diǎn)最遠(yuǎn)

2.2020年6月23日北斗全球組網(wǎng)衛(wèi)星的收官之星發(fā)射成功，上..…羅

4----------------------------0.SS

其中“北斗三號(hào)”采用星載氫原子鐘，通過(guò)氫原子的能級(jí)3---------------------151

躍遷而產(chǎn)生的電磁波校準(zhǔn)時(shí)鐘。氫原子的部分能級(jí)結(jié)構(gòu)如234

圖所示，下列說(shuō)法正確的是（）i”6

A.氫原子由基態(tài)躍遷到激發(fā)態(tài)后，核外電子動(dòng)能增大，

原子的電勢(shì)能減小

B.大量處于n=3激發(fā)態(tài)的氫原子，向低能級(jí)躍遷時(shí)可輻射出2種不同頻率的光

C.用lleU的光子照射，能使處于基態(tài)的氫原子躍遷到激發(fā)態(tài)

D.由n=2能級(jí)向n=1能級(jí)躍遷時(shí)會(huì)輻射10.2eU能量的光子，氫原子中電子的動(dòng)

能增加

3.如圖所示，三根長(zhǎng)為3電流大小均為/的直線電流在空間構(gòu)成等邊三角形，其中4、

B電流的方向均垂直紙面向外，C電流的方向垂直紙面向里。A、B電流在C處產(chǎn)生

的磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小均為名,導(dǎo)線C位于水平面處于靜止?fàn)顟B(tài)，則導(dǎo)線C受到的靜

摩擦力為（）

?、、

*、、

?、、

?、、

//

A.0B.爭(zhēng)o】L，方向水平向右

C.V3F0/L，方向水平向左D.四BQIL,方向水平向右

4.如圖所示，4、B、C、D是正四面體的四個(gè)頂點(diǎn)，在B、。兩

點(diǎn)分別固定等量異種點(diǎn)電荷。下列說(shuō)法正確的是()

A.A點(diǎn)電勢(shì)比C點(diǎn)電勢(shì)高

B.A、C兩點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)等大反向

C.將一試探電荷從4點(diǎn)沿直線移動(dòng)到C點(diǎn)，電場(chǎng)力不做功

D.將一試探電荷從4點(diǎn)沿直線移動(dòng)到C點(diǎn)，電場(chǎng)力先變小后變大

5.某健身愛(ài)好者質(zhì)量為55kg,在做俯臥撐運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中可將他的身體視為一根直棒。

已知重心在c點(diǎn)，其垂線與腳、兩手連線中點(diǎn)間的距離。服ob分別為1.0m和0.5m。

若他在lmin內(nèi)做了36個(gè)俯臥撐，每次肩部上升的距離均為0.5m,則lmin克服重力

做功和相應(yīng)的功率約為()

A.660/,11IV

C.990/,16.5WD.9900J,1651V

6.如圖所示為一臺(tái)小型發(fā)電機(jī)構(gòu)造示意圖，圖示時(shí)刻線圈平面和磁感線平行。線圈匝

數(shù)為N,電阻為r,理想電壓表與外接電阻R并聯(lián)。當(dāng)線圈繞。0'軸以角速度3勻速

轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)，電壓表的示數(shù)為U。貝IJ()

B.從圖示位置開(kāi)始計(jì)時(shí)，電動(dòng)勢(shì)的表達(dá)式為北(R+r)s譏3t

第2頁(yè)，共22頁(yè)

C.線圈從圖示位置轉(zhuǎn)過(guò)90。的過(guò)程中通過(guò)電阻R的電荷量為感空

3R

D.線圈轉(zhuǎn)動(dòng)一圈，發(fā)電機(jī)提供的電能為空空咨

a）R2

7.2020年12月6日凌晨5時(shí)42分，嫦娥五號(hào)月球探測(cè)器采用停控加抓取的方式，在軌

道器及返回器組合體追上上升器并以相同速度飛行過(guò)程中，從后面伸手牽過(guò)上升器

之后拉緊實(shí)現(xiàn)完美的交會(huì)對(duì)接。這是我國(guó)首次也是國(guó)際首次，探測(cè)器在距離地球大

約幾十萬(wàn)公里的月球?qū)崿F(xiàn)了月球軌道無(wú)人交會(huì)對(duì)接。已知：月球表面的重力加速度

約為地球表面重力加速度的g地球半徑約為月球半徑的3.7倍，地球的第一宇宙速

度為7.9/cm/s。假設(shè)軌道器及返回器組合體和上升器對(duì)接前的軌道都是圓軌道，則

下列說(shuō)法正確的是（）

A.上升器離開(kāi)月面時(shí)的速度可能小于1.67km/s

B.在追趕過(guò)程中，軌道器及返回器組合體的速度一定一直在增大

C.在追趕過(guò)程中，軌道器及返回器組合體的軌道低于上升器的軌道

D.完成交會(huì)對(duì)接后軌道器及返回器組合體和上升器均處于失重狀態(tài)

二、多選題（本大題共3小題，共12.0分）

8.如圖所示，在無(wú)軸上放有兩個(gè)電荷量分別為％和《2的點(diǎn)電荷，其中qi位于%軸的坐標(biāo)

原點(diǎn)，電荷勺2的右側(cè)各點(diǎn)電勢(shì)9隨%變化的關(guān)系如圖曲線所示，其余部分的電勢(shì)變

化情況沒(méi)有畫(huà)出，其中B點(diǎn)電勢(shì)為零，BO段中的電勢(shì)最低點(diǎn)為C點(diǎn)，則下列說(shuō)法正

確的是（）

A.4點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度方向向左

B.從B點(diǎn)到。點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度先增大后減小

C.兩點(diǎn)電荷的電荷量的大小關(guān)系為qi><72

D.將一帶負(fù)電的試探電荷從C點(diǎn)移到。點(diǎn)，電場(chǎng)力做負(fù)功

9.如圖所示，質(zhì)量為27n的物塊4和質(zhì)量為m的物塊B用一輕彈簧

相連，將4用承受力足夠大的輕繩懸掛于天花板上，用一個(gè)托

盤(pán)托著8使彈簧恰好處于原長(zhǎng)，系統(tǒng)處于靜止?fàn)顟B(tài)?，F(xiàn)將托盤(pán)

撤掉，則下列說(shuō)法正確的是（）

A.托盤(pán)撤掉瞬間，輕繩拉力大小為mg

B.托盤(pán)撤掉瞬間，B物塊的加速度大小為g

C.托盤(pán)撤掉后，B物塊向下運(yùn)動(dòng)速度最大時(shí)，輕繩拉力大小為3mg

D.托盤(pán)撤掉后，物塊向下運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)時(shí)，彈簧彈力大小為mg

10.如圖，矩形閉合導(dǎo)體線框在勻強(qiáng)磁場(chǎng)上方，由不同高度

靜止釋放，用ti、t2分別表示線框帥邊和cd邊剛進(jìn)入磁

場(chǎng)的時(shí)刻.線框下落過(guò)程形狀不變，好邊始終保持與磁□

場(chǎng)水平邊界線。。'平行，線框平面與磁場(chǎng)方向垂直.設(shè)o**XX-5。'

。。'下方磁場(chǎng)區(qū)域足夠大，不計(jì)空氣影響，則下列反映xxxxx

B

線框下落過(guò)程中速度D隨時(shí)間t變化的規(guī)律圖象中，可能XXXXX

三、實(shí)驗(yàn)題（本大題共2小題，共15.0分）

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11.某學(xué)習(xí)小組利用如圖甲所示的裝置驗(yàn)證動(dòng)能定理。

拉力傳感器

光電門(mén)1光電H2

型加！si細(xì)繩工

定清輪

7「譚，?3/71—

氣里導(dǎo)軌標(biāo)-----工—m

導(dǎo)軌A

硅碼盤(pán)

和硅碼

圖甲

0___________1020

I/

圖乙

(1)如圖乙所示，使用游標(biāo)卡尺測(cè)量遮光條寬度，讀數(shù)為mm。

(2)實(shí)驗(yàn)前將氣墊導(dǎo)軌調(diào)節(jié)水平，實(shí)驗(yàn)中測(cè)出拉力傳感器示數(shù)為F,滑塊遮光條和拉

力傳感器的總質(zhì)量M，遮光條寬度d,與光電門(mén)相連的數(shù)字計(jì)時(shí)器1和2(圖中未畫(huà)出

)的讀數(shù)為△"、^t2,兩光電門(mén)之間的距離為x,若在實(shí)驗(yàn)誤差允許范圍內(nèi)，滿足

關(guān)系式，則可驗(yàn)證動(dòng)能定理。

(3)關(guān)于上述實(shí)驗(yàn)，下列說(shuō)法正確的是。

4遮光條的寬度不宜過(guò)大

B.托盤(pán)及祛碼的質(zhì)量應(yīng)遠(yuǎn)小于滑塊的質(zhì)量

C.兩光電門(mén)之間的距離小一些利于減小誤差

/).該裝置也可用于驗(yàn)證系統(tǒng)機(jī)械能守恒

12.某同學(xué)用甲圖所示電路測(cè)量電池的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻以及一個(gè)未知電阻

圖乙圖丙

(1)請(qǐng)用筆畫(huà)線代替導(dǎo)線完成實(shí)物圖連接；

(2)將S2接到a,閉合Si，撥動(dòng)電阻箱旋鈕，使電阻箱阻值為11.0。，此時(shí)電壓表讀

數(shù)為2.20V；然后保持電阻箱示數(shù)不變，將S2切換到b,閉合Si，電壓表讀數(shù)如圖乙

所示，則其讀數(shù)為V,此可算出電阻％的阻值為0(結(jié)果保留三位有效

數(shù)字)；

(3)在完成上述操作后，該同學(xué)將S2切換到a,閉合S】，多次調(diào)節(jié)電阻箱，讀出多組

電阻箱的示數(shù)R和對(duì)應(yīng)的電壓表示數(shù)U,由測(cè)得的數(shù)據(jù)，繪出了如圖丙所示的53圖

UK

線，由此可求得電源電動(dòng)勢(shì)后=V,電源內(nèi)阻「=_____0(結(jié)果保留三位有效

數(shù)字)。

四、計(jì)算題(本大題共4小題，共45.0分)

13.如圖所示，半徑R=0.45m的;光滑圓弧軌道與粗糙的水平軌道平滑連接?，F(xiàn)有一質(zhì)

量=1kg的小滑塊，從軌道上端無(wú)初速釋放，滑到最下端B后，與靜置在水平軌

道的質(zhì)量巾2=0.5句的小滑塊相碰后粘在一起沿水平軌道運(yùn)動(dòng)，兩小滑塊經(jīng)過(guò)時(shí)間

t=1s停止運(yùn)動(dòng)。已知兩滑塊與水平地面動(dòng)摩擦因數(shù)相同，重力加速度g取10rn/s2。

求：

(1)滑塊到達(dá)B端之前瞬間對(duì)軌道壓力：

(2)兩滑塊與水平地面間動(dòng)摩擦因數(shù)。

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B

14.如圖所示，電阻不計(jì)且間距L=1m的光滑平行金屬導(dǎo)軌水平放置，左端接一阻值

/?=60的電阻，導(dǎo)軌間I、n區(qū)域中有垂直紙面向里、磁感應(yīng)強(qiáng)度相同的勻強(qiáng)磁

場(chǎng)，其中I區(qū)域和n區(qū)域間距%1=0.25m,n區(qū)域足夠長(zhǎng)。有一質(zhì)量?n=0.1kg、

電阻r=2。的金屬桿與導(dǎo)軌保持良好接觸，桿在一個(gè)大小尸=1N、方向水平向右

的恒力作用下，從距區(qū)域I左端％=0.2巾處由靜止開(kāi)始運(yùn)動(dòng)，并恰好勻速穿過(guò)/區(qū)

域。

(1)求勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小；

(2)求金屬桿剛進(jìn)入?yún)^(qū)域H時(shí)加速度；

(3)金屬桿由靜止開(kāi)始運(yùn)動(dòng)位移殉=1.06時(shí)，已經(jīng)在n區(qū)域做勻速宜線運(yùn)動(dòng)，求此

過(guò)程中電阻R產(chǎn)生的熱量。

XXXXXX

XXXXXX

XXXXXX

XXXXXX

II

XXXXXX

XXXXXX

XXXXXX

15.如圖所示，水平地面上有一個(gè)薄木板，在木板最右端疊放一個(gè)可視為質(zhì)點(diǎn)的小滑塊。

小滑塊質(zhì)量m=1kg,與木板間動(dòng)摩擦因數(shù)=0.3,木板長(zhǎng)/=0.5m,質(zhì)量M=

2kg,木板和小滑塊與水平地面間的動(dòng)摩擦因數(shù)均為%=04?，F(xiàn)對(duì)木板施加方向

水平向右的拉力，拉力大小F=14N。重力加速度大小g取10m/s2。求：

(1)小滑塊經(jīng)多長(zhǎng)時(shí)間從木板上掉下；

(2)小滑塊停止運(yùn)動(dòng)時(shí)，小滑塊與木板的距離。

16.如圖所示，在地面附近，坐標(biāo)系xOy在豎直平面內(nèi)，在x>0的空間有沿水平方向

垂直于紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B。在豎直線PQ與y軸之間還有沿x

軸負(fù)方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)，場(chǎng)強(qiáng)大小為一個(gè)帶正電的小球從4點(diǎn)水平拋出后，恰好

從。點(diǎn)進(jìn)入復(fù)合場(chǎng)中，并沿著0P方向做直線運(yùn)動(dòng)，已知OP與％軸正方向之間的夾角

a=30。。帶電小球進(jìn)入豎直線PQ右側(cè)區(qū)域后能在豎直平面內(nèi)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，需

要加一個(gè)勻強(qiáng)電場(chǎng)，若帶電小球做圓周運(yùn)動(dòng)時(shí)要通過(guò)x軸上的N點(diǎn)，且。M=MN。

已知地表附近重力加速度為g。求：

(1)小球從4點(diǎn)拋出時(shí)的初速度；

(2)在豎直線PQ右側(cè)所加電場(chǎng)的場(chǎng)強(qiáng)大小和方向；

(3)小球從4點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到N點(diǎn)所用的時(shí)間。

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答案和解析

1.【答案】A

【解析】解：4、圖線的斜率表示加速度，可知加速度方向不變，故A正確；

B、2s末和6s末的速度方向相反，則兩速度不相同，故8錯(cuò)誤；

C、圖線的斜率表示加速度，由圖可知，加速度大小和方向均不變，則物體0-4s內(nèi)做

勻減速運(yùn)動(dòng)，4-8s內(nèi)做反向的勻加速直線運(yùn)動(dòng)，故C錯(cuò)誤；

D、根據(jù)圖線與坐標(biāo)軸圍成的面積表示位移可知，4s末物體的位移最大x=|x4x

10m=20m,8s末物體的位移為0,故。錯(cuò)誤。

故選：4。

在速度-時(shí)間圖象中，速度的符號(hào)表示速度的方向，由圖可直接讀出速度的大小和方向。

u-t圖象的“面積“大小等于位移，圖線斜率表示加速度。

速度-時(shí)間圖線與時(shí)間軸圍成的面積表示位移，斜率表示加速度，根據(jù)圖象分析物體速

度的變化和位移的變化。

2.【答案】D

【解析】解：4、氫原子由基態(tài)躍遷到激發(fā)態(tài)后，核外電子動(dòng)能減小，原子的電勢(shì)能增

大，故A錯(cuò)誤：

B、大量處于n=3激發(fā)態(tài)的氫原子，向低能級(jí)躍遷時(shí)可輻射出的光子的頻率種類(lèi)為N=

彎2=3種，故B錯(cuò)誤；

C、處于基態(tài)的氫原子躍遷到第一激發(fā)態(tài)需要吸收的能量為E=E2-J,代入數(shù)據(jù)得E=

10.2eV,

躍遷到第二激發(fā)態(tài)需要吸收的能量為故C錯(cuò)誤；

D、由九=2能級(jí)向n=l能級(jí)躍遷時(shí)會(huì)輻射10.2"能量的光子，電場(chǎng)力做正功，氫原子

中電子的動(dòng)能增加，故。正確。

故選：Do

氫原子從高能級(jí)向低能級(jí)躍遷時(shí)，輻射特定頻率的光子；由低能級(jí)向高能級(jí)躍遷則要吸

收特定頻率的光子；氫原子中的電子從高能級(jí)到低能級(jí)躍遷時(shí)，輻射的能量等于兩能級(jí)

差，電子軌道半徑變小，動(dòng)能增大；根據(jù)能級(jí)躍遷條件可知，必須滿足能級(jí)差才能躍遷。

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本題考查能級(jí)躍遷的知識(shí)，關(guān)鍵是理解能級(jí)躍遷滿足的條件，難度不大。

3.【答案】C

【解析】解：如圖所示

AB電流在C處產(chǎn)生的磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小都為B。，根據(jù)右手螺旋定則和力的平行四邊形定

則，由幾何關(guān)系得出=

由左手定則可知，導(dǎo)線C所受的安培力方向水平向右，大小為”=舊歷//.；

由于導(dǎo)線C位于水平面處于靜止?fàn)顟B(tài)，故導(dǎo)線C受到的摩擦力大小為方向水平

向左；故480錯(cuò)誤，C正確；

故選：Co

根據(jù)右手螺旋定則判斷出電流4B在C處產(chǎn)生的磁感應(yīng)強(qiáng)度方向，再根據(jù)左手定則判斷出

電流C在磁場(chǎng)中受到的安培力的大小，由物體處于平衡狀態(tài)可知，在水平方向上，摩擦

力與安培力平衡，可求摩擦力的大小。

明確右手螺旋定則和左手定則，明確物體處于平衡狀態(tài)。

4.【答案】C

【解析】答：4、4、C兩點(diǎn)在8D連線的中錘面上，等量異種電荷的中錘面是等勢(shì)面，

所以Wa=9c，故4錯(cuò)誤；

B、4、C兩點(diǎn)到BC連線的中點(diǎn)距離相等，并在80連線的中錘面上，由等量異種電荷的

電場(chǎng)線分布特點(diǎn)知，4、C兩點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)等大同向，故3錯(cuò)誤；

C、4、C兩點(diǎn)在BD連線的中錘面上，等量異種電荷的中錘面是等勢(shì)面，在等勢(shì)面上移

動(dòng)電荷，電場(chǎng)力不做功，故C正確；

。、將一試探電荷從4點(diǎn)沿直線移動(dòng)到C點(diǎn)，距離兩電荷先變小后變大，由等量異種電荷

的電場(chǎng)線分布特點(diǎn)知，場(chǎng)強(qiáng)先變大后變小，則電場(chǎng)力也先變大后變小，故。錯(cuò)誤.

故選:Co

A、C由等量異種電荷的中錘面是等勢(shì)面判斷；B、。、由等量異種電荷的電場(chǎng)線分布特

點(diǎn)判斷；

熟記等量異種電荷的電場(chǎng)線和等勢(shì)面(線)分布特點(diǎn)是解此題的關(guān)鍵，同時(shí)要求學(xué)生有較

強(qiáng)的空間想象力。

5.【答案】B

【解析】解：設(shè)重心上升高度為九，根據(jù)幾何關(guān)系得：卷=五煮

解得：/i=

故做一次俯臥撐克服重力做功為：Wo=mgh=55x10x3=等/

所以一分鐘克服重力做功為：W=36%=36x?/=6600；

功率為：p=f=甯勿=110勿，故B正確，AC。錯(cuò)誤；

t60

故選：B。

根據(jù)幾何關(guān)系計(jì)算出重心的上升高度，先計(jì)算出克服重力做的功，結(jié)合功率的計(jì)算公式

計(jì)算出功率的大小。

本題主要考查了功和功率的計(jì)算，熟悉相應(yīng)的計(jì)算公式，解題的關(guān)鍵點(diǎn)是根據(jù)幾何關(guān)系

求出人做俯臥撐時(shí)的重心的上升高度。

6.【答案】D

【解析】解：4、流過(guò)電阻R的電流/=，，根據(jù)閉合電路的歐姆定律可知線圈產(chǎn)生的感

應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的有效值為E=/(R+r)="之，產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的最大值為7=&E=

無(wú)"吟，根據(jù)/=N43,解得%=遜絲2故4錯(cuò)誤；

R171Na)R

B、從圖示位置開(kāi)始計(jì)時(shí)，電動(dòng)勢(shì)的表達(dá)式為e=Emcosa)t=+r)cosa)t＞故8錯(cuò)

誤；

C、線圈從圖示位置轉(zhuǎn)過(guò)90。的過(guò)程中通過(guò)電阻R的電荷量為q=N—=衛(wèi)，故C錯(cuò)誤；

1z.iP

第12頁(yè)，共22頁(yè)

。、線圈轉(zhuǎn)動(dòng)一圈，發(fā)電機(jī)提供的電能為W=互7=gX型=2”（R+?U：故￡＞正確；

R+rR+ro）u）R2

故選：Do

根據(jù)歐姆定律求得回路中的電流，結(jié)合閉合電路的歐姆定律求得線圈轉(zhuǎn)動(dòng)產(chǎn)生的感應(yīng)電

動(dòng)勢(shì)的有效值，即可求得最大值，結(jié)合后m=夜后求得最大值，結(jié)合/=NBS3求得磁

通量的最大值，根據(jù)轉(zhuǎn)動(dòng)的計(jì)時(shí)位置寫(xiě)出電動(dòng)勢(shì)的表達(dá)式，根據(jù)q=N著?求得通過(guò)電

K"rT

阻的電荷量，根據(jù)焦耳定律求得回路中產(chǎn)生的熱量即可求得電機(jī)提供的電能。

本題關(guān)鍵知道正弦式交流電峰值的表達(dá)式Em=nNS3,結(jié)合歐姆定律，以及瞬時(shí)值與

最大值之間的關(guān)系，對(duì)于交變電流，求解熱量、電功和電功率要用有效值，對(duì)于正弦式

電流最大值是有效值企倍

7.【答案】C

【解析】解：

在地球表面，萬(wàn)有引力提供近地衛(wèi)星的向心力G翳=m脛，鬻=小。解得地球的第一

宇宙速度u=J證=7.90n/s,同理，對(duì)于月球上的第一宇宙速度，=77#=

=J222X7.9km]sx1.76/cm/s,因此在月球上發(fā)射衛(wèi)星的最小速度為

1.76km/s,故選項(xiàng)4錯(cuò)誤

在追趕過(guò)程中，軌道器及返回器組合體先減速到低軌道再加速到高軌道追趕，所以速度

并不是一直增大，故3選項(xiàng)錯(cuò)誤

追趕過(guò)程是先減速近心，再加速離心運(yùn)動(dòng)的過(guò)程，所以軌道器及返回器組合體的軌道低

于上升期的軌道，故C選項(xiàng)正確

對(duì)接后運(yùn)動(dòng)過(guò)程中受到地球和月球引力的影響，不同位置兩個(gè)力的大小不同，不能說(shuō)單

純失重，故。選項(xiàng)錯(cuò)誤

故選：C。

根據(jù)萬(wàn)有引力提供向心力求解第一宇宙速度表達(dá)式進(jìn)行分析；另外考查變軌及對(duì)接的知

識(shí)點(diǎn)，低軌對(duì)接高軌，要點(diǎn)火加速做離心運(yùn)動(dòng)，高軌對(duì)接低軌，要減速做近心運(yùn)動(dòng)。

本題主要是針對(duì)于第一宇宙速度的求解，以及理解第一宇宙速度的含義。另外對(duì)于變軌

問(wèn)題的考查也較為常規(guī)，需要掌握對(duì)接相對(duì)應(yīng)的知識(shí)點(diǎn)即可。但是仍然存在一個(gè)不易得

分點(diǎn)，就是題目描述有些晦澀難懂，沒(méi)有圖像加以輔助說(shuō)明，考驗(yàn)各位同學(xué)的讀題的文

字功底。

8.【答案】AC

【解析】答：2、由電勢(shì)分布可知，%帶負(fù)電，勺2帶正電，故A點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)方向向左，故A

正確；

B、，從B到C,斜率變小，C點(diǎn)斜率為0,從C到D,斜率變小，所以從B到。，場(chǎng)強(qiáng)先變

小后變大，再變小，故8錯(cuò)誤；

C、曲線斜率表示場(chǎng)強(qiáng)，C點(diǎn)斜率為0,所以女=0,由點(diǎn)電荷場(chǎng)強(qiáng)公式E=及疊加

原理可知：qi>q2，故C正確；

。、由圖知，從C到D電勢(shì)逐漸升高，因沿電場(chǎng)線方向電勢(shì)逐漸降低，所以電場(chǎng)線向左，

負(fù)電荷從C到D,電場(chǎng)力做正功，故。錯(cuò)誤。

故選：AC.

A、由正負(fù)電荷電勢(shì)分布特點(diǎn)解答；B、a-%的斜率表示場(chǎng)強(qiáng)，比較斜率變化判斷；C、

找到場(chǎng)強(qiáng)為。點(diǎn)，由點(diǎn)電荷場(chǎng)強(qiáng)公式和疊加原理解答：。、根據(jù)沿電場(chǎng)線方向電勢(shì)逐漸

降低，判斷從C到。的電場(chǎng)線方向，然后判斷電場(chǎng)力做功。

本題重點(diǎn)要知道中-X的斜率表示場(chǎng)強(qiáng)，熟記正負(fù)電荷電場(chǎng)線和電勢(shì)分布特點(diǎn)，點(diǎn)電荷

場(chǎng)強(qiáng)公式，記住電場(chǎng)線的特點(diǎn)：沿電場(chǎng)線方向電勢(shì)逐漸降低。

9.【答案】BC

【解析】解：4、托盤(pán)撤掉瞬間，彈簧還是原長(zhǎng)，則輕繩拉力與4的重力平衡,大小為2mg,

故A錯(cuò)誤；

B、托盤(pán)撤掉瞬間，B物體只受重力，則其加速度大小g,故8正確；

C、托盤(pán)撤掉后，B物塊向下運(yùn)動(dòng)速度最大時(shí)，B物塊的加速度為零，則彈簧彈力等于B

的重力，根據(jù)平衡條件可得輕繩拉力大小為F=2mg+mg=3mg,故C正確；

。、托盤(pán)撤掉后，物塊先向下做加速運(yùn)動(dòng)，再向下做減速運(yùn)動(dòng)，運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)時(shí)，有向

上的加速度，所以彈簧彈力大小大于mg，故。錯(cuò)誤；

故選:BC。

先分析出托盤(pán)存在時(shí)繩子和彈簧的彈力，撤去瞬間，彈簧的彈力不變，結(jié)合牛頓第二定

律分析出物塊的加速度；當(dāng)物塊的速度最大時(shí)，加速度為零，由此進(jìn)行分析輕繩拉力。

本土主要考查了力的瞬變性問(wèn)題，理解彈簧的彈力在瞬間無(wú)法突變，結(jié)合牛頓第二定律

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分析出加速度即可。

10.【答案】BCD

【解析】解：4B線框先做自由落體運(yùn)動(dòng)，若安培力大于重力，ab邊進(jìn)入磁場(chǎng)先做減

速運(yùn)動(dòng)，根據(jù)安培力公式F=喈可知，線框的加速度應(yīng)該是逐漸減小，u-t圖象的斜

率應(yīng)逐漸減小，先線框所受的安培力與重力二力平衡后，做勻速直線運(yùn)動(dòng)，速度不變;

線框完全進(jìn)入磁場(chǎng)后，磁通量不變，沒(méi)有感應(yīng)電流產(chǎn)生，線框只受重力，做加速度為g的

勻加速直線運(yùn)動(dòng)，故。-力圖象的斜率可能先不變，后減小，再為零，最后又不變，故A

錯(cuò)誤，8正確.

C、線框先做自由落體運(yùn)動(dòng)，時(shí)邊進(jìn)入磁場(chǎng)后因?yàn)橹亓Υ笥诎才嗔?，做加速度減小的加

速運(yùn)動(dòng)，cd邊離開(kāi)磁場(chǎng)做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，加速度為g,故C正確.

。、線框先做自由落體運(yùn)動(dòng)，時(shí)邊進(jìn)入磁場(chǎng)后因?yàn)橹亓Φ扔诎才嗔?，做勻速直線運(yùn)動(dòng)，

cd邊離開(kāi)磁場(chǎng)做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，加速度為g,故D正確.

故選：BCD.

線框進(jìn)入磁場(chǎng)前先做自由落體運(yùn)動(dòng)，進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)，若安培力大于重力，則線框做加速度

逐漸減小的減速運(yùn)動(dòng)，在cd邊未進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)，若加速度減為零，則做勻速運(yùn)動(dòng)，cd邊進(jìn)

入磁場(chǎng)后做勻加速直線運(yùn)動(dòng).

若安培力小于重力，進(jìn)入磁場(chǎng)做加速度減小的加速運(yùn)動(dòng)，在cd邊未進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)，若加速

度減為零，則做勻速運(yùn)動(dòng)，cd邊進(jìn)入磁場(chǎng)后做勻加速直線運(yùn)動(dòng).

若安培力等于重力，進(jìn)入磁場(chǎng)做勻速直線運(yùn)動(dòng)，cd邊進(jìn)入磁場(chǎng)后做勻加速直線運(yùn)動(dòng).

解決本題的關(guān)鍵能夠根據(jù)物體的受力判斷物體的運(yùn)動(dòng)，結(jié)合安培力公式、切割產(chǎn)生的感

應(yīng)電動(dòng)勢(shì)公式進(jìn)行分析.要利用安培力經(jīng)驗(yàn)公式尸=*，根據(jù)安培力與速度成正比進(jìn)

行分析.

11.【答案】6.20尸*=加黨）2一,臉）2AD

【解析】解：（1）游標(biāo)卡尺讀數(shù)為主尺刻度讀數(shù)加游標(biāo)尺刻度讀數(shù)，圖乙中主尺讀數(shù)為

0.6cm=6mm,可動(dòng)刻度讀數(shù)為4x0.05mm=0.20mm

所以游標(biāo)卡尺讀數(shù)為6nwi+0.20mm=6.20mm

（2）拉力傳感器可看成滑塊遮光條和拉力傳感器的合力，如果滿足

則可驗(yàn)證動(dòng)能定理；

(3)4遮光條的寬度越小，滑塊的運(yùn)動(dòng)越接近勻速運(yùn)動(dòng)，所以遮光條的寬度不宜過(guò)大，

故A正確；

反以滑塊遮光條和拉力傳感器為研究對(duì)象，拉力傳感器直接測(cè)出來(lái)合力的大小，不需要

滿足托盤(pán)及祛碼的質(zhì)量應(yīng)遠(yuǎn)小于滑塊的質(zhì)量，故8錯(cuò)誤；

C.為減小實(shí)驗(yàn)誤差，兩光電門(mén)之間的距離應(yīng)大一些，故C錯(cuò)誤；

D以滑塊遮光條、拉力傳感器、祛碼和祛碼盤(pán)為一個(gè)系統(tǒng)，該裝置也可用于驗(yàn)證系統(tǒng)機(jī)

械能守恒，故。正確。

故選AD.

22

故答案為：(1)6.20；(2)Fx=|M(￡)-iM(^-);(3)AD

(1)游標(biāo)卡尺的讀數(shù)等于主尺讀數(shù)加上游標(biāo)讀數(shù)，不需估讀；

(2)根據(jù)極短時(shí)間內(nèi)的平均速度表示瞬時(shí)速度求出滑塊通過(guò)光電門(mén)的速度，結(jié)合動(dòng)能定

理列出表達(dá)式；

(3)結(jié)合實(shí)驗(yàn)原理確定正確的做法。

解決本題的關(guān)鍵掌握游標(biāo)卡尺的讀數(shù)方法，以及知道驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律的實(shí)驗(yàn)原理以

及方法。

12.【答案】2.602.002.861.29

【解析】解：(1)電源由兩節(jié)干電池串聯(lián)組成，其電動(dòng)勢(shì)約為3人電壓表使用小量程,

實(shí)物圖連接如下圖:

(2)電壓表量程為0-3V,分度值為0.1乙則其讀數(shù)為2.60V；

將52接a,電阻箱阻值為11.00,電壓表讀數(shù)為2.20U,則電路的電流為人=句4=0.20/1；

將52接b,電壓表讀數(shù)為2.60V,則5兩端電壓％=2.607-2.207=0.40，，

電阻&的阻值：&=￡=鬻。=2.0012

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(3)由閉合電路歐姆定律得：/=孱三，電壓表示數(shù)：U=1R,可得到：U=

K~rt\^"VTK"rK^"TI

變形為.1=

又UER+E"

圖丙的《-￡圖像斜率:k=華="蕓逆O”=1.15?！?；縱軸截距:b=i=0.351/7,

URE0.40E

解得：E=2.867,r=1.290

故答案為：(1)連接圖見(jiàn)解答；(2)2.60,2.00；(3)2.86,1.29。

(1)先由電源電動(dòng)勢(shì)確定電壓表的量程，再根據(jù)電路圖連接實(shí)物圖；

(2)根據(jù)電壓表量程和分度值進(jìn)行讀數(shù)；由串聯(lián)電路的特點(diǎn)和歐姆定律求解&的阻值；

(3)由閉合電路歐姆定律得到電壓表示數(shù)的表達(dá)式，推導(dǎo)出圖像的表達(dá)式，由圖像斜率

和截距求解電源電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻。

本題考查了利用“伏阻法”測(cè)量電源電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻的實(shí)驗(yàn)，需掌握利用圖像處理數(shù)據(jù)的

過(guò)程，由實(shí)驗(yàn)的原理推導(dǎo)出圖像的表達(dá)式，根據(jù)圖像的斜率與截距求解電源的電動(dòng)勢(shì)與

內(nèi)阻。

13.【答案】解：(1)滑塊滑到B的過(guò)程中，根據(jù)動(dòng)能定理有詔

滑塊到達(dá)B端之前瞬間，根據(jù)牛頓第二定律有F-=嚕

代入數(shù)據(jù)解得F=30N

根據(jù)牛頓第三定律可知滑塊到達(dá)B端之前瞬間對(duì)軌道壓力F'=F=30N；

(2)兩滑塊碰撞滿足動(dòng)量守恒，規(guī)定向左為正方向，則

m1v1=(m1+m2)v

兩滑塊一起運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，根據(jù)動(dòng)量定理有

+m2)gt=(mx+m2)v

代入數(shù)據(jù)解得4=0.2

答：(1)滑塊到達(dá)B端之前瞬間對(duì)軌道壓力為30N；

(2)兩滑塊與水平地面間動(dòng)摩擦因數(shù)為0.2。

【解析】(1)根據(jù)動(dòng)能定理結(jié)合牛頓第二定律解得支持力，根據(jù)牛頓第三定律可知壓力

大小；

(2)兩滑塊碰撞滿足動(dòng)量守恒，根據(jù)動(dòng)量守恒定律結(jié)合動(dòng)能定理解得動(dòng)摩擦因數(shù)。

本題考查動(dòng)量守恒定律與動(dòng)能定理的應(yīng)用，解題關(guān)鍵注意動(dòng)量的矢量性，需要規(guī)定正方

向。

14.【答案】解：(1)進(jìn)入磁場(chǎng)前，做勻速直線運(yùn)動(dòng)，有：F=ma

代入可得：a=10m/s2

由盧=2ax

得到：v—2m/s

金屬棒勻速穿過(guò)磁場(chǎng)區(qū)域時(shí)有：F=BIL

且有./=旦=空巴

聯(lián)立可得：B=2T

2

(2)金屬桿剛進(jìn)入?yún)^(qū)域II時(shí)，由說(shuō)—v=2axr

則速度為：%=3m/s

貝ij由：F-BLV1—

R+r1

可得：Qi=-0.5m/s2

(3)設(shè)電路中產(chǎn)生的總熱量為Q,因?yàn)閮蓚€(gè)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度相等，所以金屬桿在區(qū)域n

做勻速直線運(yùn)動(dòng)時(shí)，速度也是〃=2m/s,根據(jù)能量守恒定律得：

1

z9

Fxx0=-mv+Q

代入數(shù)據(jù)得到：Q=8J

則電阻R上產(chǎn)生的熱量：Q'=±Q=占'8/=6/

K~rio+Z

答：(1)勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為27；

(2)金屬桿剛進(jìn)入?yún)^(qū)域n時(shí)加速度為-0.5m/s2；

(3)金屬桿由靜止開(kāi)始運(yùn)動(dòng)位移殉=1.0m時(shí)，已經(jīng)在口區(qū)域做勻速直線運(yùn)動(dòng)，此過(guò)程中

電阻R產(chǎn)生的熱量為6人

【解析】(1)根據(jù)牛頓第二定律可以求出在無(wú)場(chǎng)區(qū)的加速度，當(dāng)安培力與阻力相等時(shí)有

最大速度，根據(jù)平衡條件即可求得勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小；

(2)由勻變速直線運(yùn)動(dòng)運(yùn)動(dòng)的規(guī)律先求出剛進(jìn)入磁場(chǎng)的速度，由歐姆定律、切割磁感線

公式、安培力公式及牛頓第二定律求出加速度；

(3)由能量守恒定律和焦耳定律求出電阻R上產(chǎn)生的熱量。

本題考查電磁感應(yīng)定律中能量和受力分析的綜合應(yīng)用；對(duì)于電磁感應(yīng)問(wèn)題研究思路常常

有兩條：一條從力的角度，重點(diǎn)是分析安培力作用下物體的平衡問(wèn)題；另一條是能量,

第18頁(yè)，共22頁(yè)

分析電磁感應(yīng)現(xiàn)象中的能量如何轉(zhuǎn)化是關(guān)鍵。

15.【答案