2023屆甘肅省鎮(zhèn)原縣鎮(zhèn)原高考物理押題試卷含解析

2023學(xué)年高考物理模擬試卷

考生請注意：

1.答題前請將考場、試室號、座位號、考生號、姓名寫在試卷密封線內(nèi)，不得在試卷上作任何標(biāo)記。

2.第一部分選擇題每小題選出答案后，需將答案寫在試卷指定的括號內(nèi)，第二部分非選擇題答案寫在試卷題目指定的

位置上。

3.考生必須保證答題卡的整潔?？荚嚱Y(jié)束后，請將本試卷和答題卡一并交回。

一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。

1、如圖，將a、5兩小球以不同的初速度同時水平拋出，它們均落在水平地面上的P點，。球拋出時的高度較b球的

高，尸點到兩球起拋點的水平距離相等，不計空氣阻力.與b球相比，a球

a

?T-*

\b

''K

、/

t/

t/

tI?，

P

A.初速度較大

B.速度變化率較大

C.落地時速度一定較大

D.落地時速度方向與其初速度方向的夾角較大

2、如圖所示，5、M、N分別為豎直光滑圓軌道的右端點，最低點和左端點，。點和圓心等高，N點和圓心O的連線

與豎直方向的夾角為”=6()?！，F(xiàn)從3點的正上方某處A點由靜止釋放一個小球，經(jīng)圓軌道飛出后以水平上的v通過

C點，已知圓軌道半徑為R,丫=嫻，重力加速度為g,則一下結(jié)論正確的是

A.C、N的水平距離為RB.C、N的水平距離為2R

C.小球在M點對軌道的壓力為6,〃gD.小球在M點對軌道的壓力為4mg

3、AC、CD為兩個傾斜角度不同的固定光滑斜面，其中NACB<45。，水平距離均為BC,兩個完全相同且可視為質(zhì)

點的物塊分別從A點和O點由靜止開始下滑，不計一切阻力，則()

A

I

A.沿AC下滑的物塊到底端用時較少

B.沿AC下滑的物塊重力的沖量較大

C.沿AC下滑的物塊到底端時重力功率較小

D.沿AC下滑的物塊到底端時動能較小

4、甲、乙兩物體從同一點出發(fā)且在同一條直線上運動，它們的位移一時間(x-Z)圖象如圖所示，由圖象可以得出在

B.4s時甲、乙兩物體間的距離最大

C.甲的平均速度等于乙的平均速度

D.甲、乙兩物體間的最大距離為6m

5、如圖所示，固定在水平地面的斜面體，其斜面傾角a=30。、斜面長x=1.6m,底端與長木板B上表面等高，B靜止

在光滑水平地面上，左端與斜面接觸但不粘連，斜面底端與B的上表面接觸處平滑連接。一可視為質(zhì)點的滑塊A從斜

面頂端處由靜止開始下滑，最終A剛好未從B上滑下。已知A、B的質(zhì)量均為1kg,A與斜面間的動摩擦因數(shù)“產(chǎn)走，

4

A與B上表面間的動摩擦因數(shù)"2=05重力加速度g取10m/s2,下列說法正確的是()

A.A的最終速度為0

B.B的長度為0.4m

C.A在B上滑動過程中，A、B系統(tǒng)所產(chǎn)生的內(nèi)能為1J

D.A在B上滑動過程中，A、B系統(tǒng)所產(chǎn)生的內(nèi)能為2J

6、一質(zhì)點在xOy平面內(nèi)運動軌跡如圖所示，下列判斷正確的是（）

A.質(zhì)點沿x方向可能做勻速運動

B.質(zhì)點沿y方向一定做勻速運動

C.若質(zhì)點沿y方向始終勻速運動，則x方向可能先加速后減速

D.若質(zhì)點沿y方向始終勻速運動，則x方向可能先減速后反向加速

二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。

全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得。分。

7、夏天，從湖底形成的一個氣泡，在緩慢上升到湖面的過程中沒有破裂。若越接近水面，湖內(nèi)水的溫度越高，大氣壓

強沒有變化，將氣泡內(nèi)看做理想氣體。則上升過程中，以下說法正確的是.

A.氣泡內(nèi)氣體對外界做功

B.氣泡內(nèi)氣體分子平均動能增大

C.氣泡內(nèi)氣體溫度升高導(dǎo)致放熱

D.氣泡內(nèi)氣體的壓強可能不變

E.氣泡內(nèi)分子單位時間內(nèi)對氣泡壁單位面積的撞擊力減小。

8、如圖所示，4、8兩板間電壓為600V,A板帶正電并接地，4、8兩板間距離為12cm,C點離A板4cm,下列說

A.E=2000V/m,(pc=200V

B.E=5000V/m,(pc=-200V

C.電子在C點具有的電勢能為-200eV

D.電子在C點具有的電勢能為200eV

9、如圖，豎直平面內(nèi)有。、b、c三個點，分點在a點正下方，仄c連線水平。第一次，將一質(zhì)量為，〃的小球從“點

以初動能線。水平拋出，經(jīng)過c點時，小球的動能為5紇°；第二次，使此小球帶正電，電荷量為g,同時加一方向平

行于abc所在平面、場強大小為管的勻強電場，仍從a點以初動能線。沿某一方向拋出小球，小球經(jīng)過c點時的動

能為13七0。下列說法正確的是（不計空氣阻力，重力加速度大小為g）（）

b

5￡4E

A.a、〃兩點間的距離為一^B.a、?兩點間的距離為一i^0

mgmg

a、c間的電勢差為阻212E

C.D.a、c間的電勢差為一也tn

qq

10、如圖所示，光滑細桿MN傾斜固定，與水平方向夾角為e,一輕質(zhì)彈簧一端固定在0點，另一端連接一小球，小

球套在細杯上，O與桿MN在同一豎直平面內(nèi)，P為MN的中點，且OP垂直于MN,已知小球位于桿上M、P兩點

時，彈簧的彈力大小相等且在彈性限度內(nèi)?，F(xiàn)將小球從細桿頂端M點由靜止釋放，則在小球沿細桿從M點運動到N

點的過程中（重力加速度為g）,以下判斷正確的是

A.彈簧彈力對小球先做正功再做負功

B.小球加速度大小等于gsinO的位置有三個

C.小球運動到P點時的速度最大

D.小球運動到N點肘的動能是運動到P點時動能的兩倍

三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。

11.（6分）如圖甲所示裝置，可以進行以下實驗：

A.“研究勻變速直線運動”

5.“驗證牛頓第二定律”

C.“研究合外力做功和物體動能變化關(guān)系

(1)在4、B、C這三個實驗中，需要平衡摩擦阻力.

(2)已知小車的質(zhì)量為盤和祛碼的總質(zhì)量為機，且將機g視為細繩對小車的拉力；為此需要滿足前述A、

B、C三個實驗中，不需要滿足此要求.

(3)如果用此裝置做“研究合外力做功和物體動能變化關(guān)系這個實驗，由此可求得如圖乙紙帶上由。點到D點所對應(yīng)的

運動過程中，盤和祛碼受到的重力所做功的表達式卬=,該小車動能改變量的表達式4=.由于實驗

中存在系統(tǒng)誤差，所以W々.(選填“小于”、“等于”或“大于，，).

12.(12分)某物理興趣小組設(shè)計了如圖甲所示的歐姆表電路，通過控制開關(guān)S和調(diào)節(jié)電阻箱，可使歐姆表具有“xio”

和“xlOO”兩種倍率，所用器材如下：

A.干電池：電動勢E=1.5V,內(nèi)阻r=0.5C

B.電流表G：滿偏電流/g=lmA,內(nèi)阻4=150。

C.定值電阻Ri=1200￡l

D.電阻箱R2和叢：最大阻值999.99。

E.電阻箱及：最大阻值9999。

F.開關(guān)一個，紅、黑表筆各1支，導(dǎo)線若干

（D該實驗小組按圖甲正確連接好電路。當(dāng)開關(guān)S斷開時，將紅、黑表筆短接，調(diào)節(jié)電阻箱&=。，使電流

表達到滿偏，此時閉合電路的總電阻叫作歐姆表的內(nèi)阻R內(nèi)，則R內(nèi)=歐姆表的倍率是（選填“xio”

或“xlOO”）；

（2）閉合開關(guān)S：

第一步：調(diào)節(jié)電阻箱及和心，當(dāng)&=。且。時，將紅、黑表筆短接，電流表再次滿偏；

第二步：在紅、黑表筆間接入電阻箱R4,調(diào)節(jié)當(dāng)電流表指針指向圖乙所示的位置時，對應(yīng)的歐姆表的刻度值為

四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算

步驟。

13.（10分）近幾年家用煤氣管道爆炸的事件頻繁發(fā)生，某中學(xué)實驗小組的同學(xué)進行了如下的探究：該實驗小組的同

學(xué)取一密閉的容積為1OL的鋼化容器，該容器的導(dǎo)熱性能良好，開始該容器與外界大氣相通，已知外界大氣壓強為

latm,然后將壓強恒為5atm的氫氣緩慢地充入容器，當(dāng)容器內(nèi)混合氣的壓強達到1.5atm時會自動發(fā)生爆炸。假設(shè)整

個過程中容器的體積不變。求：

（1）有多少升壓強為5atm的氫氣充入容器時容器將自動爆炸？

（2）假設(shè)爆炸時鋼化容器內(nèi)的氣體不會向外泄露，經(jīng)測量可知容器內(nèi)氣體的溫度由27℃突然上升到2727C瞬間的壓強

應(yīng)為多大？

14.（16分）如圖（a）所示，傾角，=30。的光滑固定斜桿底端固定一電量為。=2x10-氣的正點電荷，將一帶正電小球

（可視為點電荷）從斜桿的底端（但與。未接觸）靜止釋放，小球沿斜桿向上滑動過程中能量隨位移的變化圖象如圖

（b）所示,其中線1為重力勢能隨位移變化圖象，線2為動能隨位移變化圖象.（g=10m/s2,靜電力恒量K=9xlO9N.m2/C2）

則

（a）（b）

（1）描述小球向上運動過程中的速度與加速度的變化情況；

（2）求小球的質(zhì)量，”和電量g；

（3）斜桿底端至小球速度最大處由底端正點電荷形成的電場的電勢差U；

（4）在圖（b）中畫出小球的電勢能￡隨位移s變化的圖線.（取桿上離底端3m處為電勢零點）

15.（12分）2018年8月美國航空航天科學(xué)家梅利莎宣布開發(fā)一種儀器去尋找外星球上單細胞微生物在的證據(jù)，力求

在其他星球上尋找生命存在的跡象。如圖所示，若宇航員在某星球上著陸后，以某一初速度斜面頂端水平拋出一小球,

小球最終落在斜面上，測得小球從拋出點到落在斜面上點的距離是在地球上做完全相同的實驗時距離的A倍。已知星

球的第二宇宙速度是第一宇宙速度的血倍，星球的半徑為R,地球表面的重力加速度為g,求：

(1)星球表面處的重力加速度；

(2)在星球表面一質(zhì)量為機。飛船要有多大的動能才可以最終脫離該星球的吸引。

參考答案

一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。

1,D

【解析】

1,

A.由〃=/g廠可得，高度越高，下落時間越大，由％=”可知，兩球水平位移相同，但是。求運動時間短，故》球初

速度較大，A錯誤；

B.速度變化率即表示加速度，兩球加速度相同，故速度變化率相同，B錯誤；

C.a球的水平速度小于b球，故落地時雖然豎直分速度大于小球，但是合速度不一定大于b球，C錯誤；

D.由tanO=&，a球落地時間/大，但是。小，故a球的tan6一定大于5球，即。球落地時速度方向與其初速度方

V

向的夾角較大，D正確；

故選D。

2、C

【解析】

AB.小球從N到C的過程可看作逆過來的平拋，則

vNcosa-v

vNsina=gt

XCN=VT

解得：

唳=2v=2/gR

XCN='J^R

故A、B項錯誤。

CD.小球從M到N的過程應(yīng)用動能定理可得：

—mg(R_Rcosa)=gmv%-；mv^

對小球在M點時受力分析，由牛頓第二定律可得：

F-mg=m^-

NMK

解得：

FNM=6叫

根據(jù)牛頓第三定律可得：小球在用點對軌道的壓力為6,〃g。故C項正確，D項錯誤。

故選C.

3、A

【解析】

A.由于兩者水平距離相同，均可用水平距離表示出運動時間，設(shè)水平距離為x,斜面傾角為。，貝！J：

則傾角越大用時越少，A正確;

B.重力沖量:

I=mgt

沿軌道AC下滑的物塊到底端用時較小，重力的沖量較小，B錯誤;

CD.由動能定理：

mgh=-mv'

可知沿軌道AC下滑的物塊重力做功大，所以到底端時速度大，動能較大；沿軌道AC下滑的物塊到底端時速度大,

傾斜角度〃大，由重力瞬時功率功率：

P-mgvsm6

可知其重力瞬時功率較大，C錯誤，D錯誤。

故選A。

4、C

【解析】

A.X一，圖像的斜率等于速度，可知在0~2s內(nèi)甲、乙都沿正向運動，運動方向相同。2~4s內(nèi)甲沿負向運動，乙仍

沿正向運動，運動方向相反，故A錯誤。

BD.()?2s內(nèi)甲乙同向運動，甲的速度較大，兩者距離不斷增大。2s后甲反向運動，乙仍沿原方向運動，兩者距離

減小，則2s時甲、乙兩物體間的距離最大，最大距離為s=4m—lm=3m,故BD錯誤。

C.由圖知，在0~4s內(nèi)甲、乙的位移都是2m,平均速度相等，故C正確。

5、C

【解析】

A.設(shè)A、B的質(zhì)量均為相，A剛滑上B的上表面時的速度大小為嘰滑塊A沿斜面下滑的過程，由動能定理得:

mgxsina-〃刈gxcos。；mvo一。

解得:

vi=2m/s

設(shè)A剛好滑B右端的時間為t,兩者的共同速度為vo滑塊A滑上木板B后，木板B向右做勻加速運動，A向右做勻

減速運動。根據(jù)牛頓第二定律得：對A有

H2ing=mas

對B有

fi2mg=maK

則

v=V}-a\t=aBt

聯(lián)立解得

Ul.2s,v=lm/s

所以，A的最終速度為lm/s,故A錯誤；

B.木板B的長度為

rv(1+vvvn2c八八c

L—x.—XR------1—t——t——x0.2m=0.2m

AB2222

故B錯誤；

CD.A在B上滑動過程中，A、B系統(tǒng)所產(chǎn)生的內(nèi)能為

（2=//i77/gL=1.5xlxllxl,2J=lJ

故C正確，D錯誤。

故選C。

6、D

【解析】

AB.物體做曲線運動，合力大致指向軌跡凹的一側(cè)，則加速度大致指向軌跡凹的一側(cè)，由圖可知：x軸方向有分加速

度，所以x軸方向不可能勻速，y方向可能有分加速度，故質(zhì)點沿y方向可能做變速運動，也可能做勻速運動，故A、

B錯誤；

CD.物體在y方向勻速，則合力在水平方向，合力指向軌跡的凹側(cè)可知合力水平向左，因此物體在水平方向先向右減

速后向左加速，C錯誤，D正確。

故選D。

二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。

全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。

7、ABE

【解析】

AI）.氣泡內(nèi)氣體壓強。=。0+必/,,氣泡升高過程中，其壓強減小，溫度升高，根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程牛=C,體積

一定增大，故氣泡內(nèi)氣體對外界做功，故A正確，D錯誤。

B,溫度是分子平均動能的標(biāo)志，溫度升高，泡內(nèi)氣體分子平均動能增大，故B正確。

C.溫度升高，氣泡內(nèi)氣體內(nèi)能增大，即AU>0,體積增大，即WV0,根據(jù)熱力學(xué)第一定律△U=W+。，可得。>0,

故氣泡內(nèi)的氣體吸熱，故c錯誤。

E.根據(jù)氣體壓強定義及其微觀意義，氣泡內(nèi)氣體壓強減小，氣泡內(nèi)分子單位時間內(nèi)對氣泡壁單位面積的撞擊力減小，

故E正確。

故選ABE。

8、BD

【解析】

由"=后一可求得場強E,C點的電勢等于C與4板的電勢差，由U=Ed求解C點的電勢；由Ep=q伙:可求得電子在C

點具有的電勢能.

【詳解】

A,B、48間有勻強電場，場強為E="="v/m=5000V/m4C間的電勢差為t7AC=￡</i=5000x0.04V=200V,因A

d0.12

帶正電且電勢為零，C點電勢低于A點的電勢，故9C=-UAC=-200V,故A錯誤，B正確；

C、D、電子在C點具有的電勢能Ep=9cx(-e)=200eV；故C錯誤，D正確；

故選BD.

【點睛】

在研究電場中電勢時一定要注意各個量的正負，明確各點間電勢的高低，注意電勢的符號.

9、BC

【解析】

AB.不加電場時根據(jù)動能定理得

mghah=5Eko-Ekn=4Ekn

解得

mg

故A錯誤，B正確；

CD.加電場時，根據(jù)動能定理得

mghab+Uaeq=13Eko-Eko

解得

U=8%

ac

q

故C正確，D錯誤；

故選BC?

10、BD

【解析】

A項：由題意不能確定在M點和在N點時彈簧是壓縮還是拉伸狀態(tài)，所以彈簧對小球可能先做正功后做負功，也可

能先做負功后做正功，故A錯誤；

B項：由于MP之間和PN之間各有一位置彈簧彈力為零，當(dāng)彈力為零時小球的加速度為gsin8,在P點時由于彈簧

的彈力與桿垂直，所以小球的加速度也為gsin。，所以小球加速度大小等于gsinO的位置有三個，故B正確；

C項：由于小球在P點的加速度為gsin6,所以小球的速度一定不為最大，故C錯誤；

mv

D項：從M到P由能量守恒得：mghMP=bEp+^mvp,從P到N由能量守恒得：mghm+△約=g，"反-^p>

聯(lián)立解得：小球運動到N點肘的動能是運動到P點時動能的兩倍，故D正確。

故選：BDo

三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。

11、3cAmgs4「(氣二.大于

8T2

【解析】

根據(jù)實驗原理與實驗注意事項分析答題.由勻變速直線運動的推論求出打D點的速度，然后根據(jù)重力勢能與動能的計

算公式分析答題.

【詳解】

:(1)在A、8、C這三個實驗中，“驗證牛頓第二定律”、“研究合外力做功和物體動能變化關(guān)系，都需要平衡摩擦阻

力；

故選BC.

(2)已知小車的質(zhì)量為M,盤和硅碼的總質(zhì)量為且將/ng視為細繩對小車的拉力.為此需要滿足，力前述4、

5、C三個實驗中，實驗A只需要小車做勻加速運動即可，不需要滿足此要求；

故選A.

(3)紙帶上由O點到D點所對應(yīng)的運動過程中，盤和注碼受到的重力所做功的表達式：W=mgs,；

打。點時的速度：為=三?,

2T

則小車動能的改變量：E=1”(a二包＞="紂工；

*22T8T2

由于實驗中存在系統(tǒng)誤差，所以盤和祛碼受到的重力所做功W大于小車動能的增量

故答案為(1)5。⑵A⑶加的；絲哈對；大于

【點睛】

此題涉及到三個高中物理的重要實驗，基本裝置都相同，只是實驗的原理及目的不同；關(guān)鍵是弄清每個實驗的原理及

操作的方法、注意事項等問題，做到融會貫通不混淆.

12、149.51500X10014.515010

【解析】

(1)[1][2].由閉合電路歐姆定律可知：

歐姆表的內(nèi)阻為

E1.5

Q=1500Q

0=0.001

則

Rz=R內(nèi)一品一&一r=(1500—1200—150—0.5)。=149.5。，

中值電阻應(yīng)為1500。，根據(jù)多用電表的刻度設(shè)置可知，表盤上只有兩種檔位，若為xlO,則中值刻度太大，不符合實

際，故歐姆表倍率應(yīng)為“xlOO”。

(2)[3][4].為了得到“xlO”倍率，應(yīng)讓滿偏時對應(yīng)的電阻為150C；

電流為

/,=-^-A=0.01A；

1150

此時表頭中電流應(yīng)為0.001A,則與之并聯(lián)電阻R3電流應(yīng)為(0.01—0.001)A=0.009A,

并聯(lián)電阻為

0.001x(150+1200)

R=----------------------------Q=150Q；

30.009

,1.5-1.35

Rz+r=-------------￡1=1512

0.01

故

/?2=(15—0.5)。=14.5。；

[5].圖示電流為0.60mA,干路電流為6.0mA

則總電阻為

1.53

R=—xlO3Q=250Q

&6.0

故待測電阻為

R?=(250-150)fl=100

故對應(yīng)的刻度應(yīng)為10?

四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算

步驟。

13、(1)1L5(2)15atm

【解析】

(1)體積為匕壓強為5atm的氫氣充入容器時，容器將自動爆炸，分壓原理可知爆炸時氫氣的壓強

g=邛1s-4=1.5atm-latm=0.5atm

選擇最終充入的所有氫氣為研究對象，因為導(dǎo)熱性能良好，并且是緩慢地充入容器，故發(fā)生等溫變化：

初態(tài)：壓強？=5atm,體積匕；

末態(tài)：壓強6=0.5atm,體積匕=10L；

根據(jù)玻意耳定律可得