但是并非作勻變速直線運動

但是并非作勻變速直線運動但是并非作勻變速直線運動但是并非作勻變速直線運動必考內(nèi)容范圍與要求

（運動學)Ⅰ類：參考系，質(zhì)點。Ⅱ類：位移、速度和加速、勻變速直線運動與其公式、圖像、v-t圖;2”通過閱讀科技書籍，我們能豐富知識，培養(yǎng)邏輯思維能力；但是并非作勻變速直線運動但是并非作勻變速直線運動但是并非作勻必考內(nèi)容范圍與要求

（運動學)Ⅰ類：參考系，質(zhì)點。Ⅱ類：位移、速度和加速、勻變速直線運動與其公式、圖像、v-t圖;2必考內(nèi)容范圍與要求

（運動學)Ⅰ類：參考系，質(zhì)點。2方法與解題思路

1、選擇研究對象（一個或兩個）2、對研究對象的運動狀態(tài)進行分析（畫V-t圖、或幾何關(guān)系圖）3、選擇解題方法：距離約束速度約束時間約束圖像法（v-t圖、s-t圖、a-t圖）函數(shù)分析法（盡量少用）

4、檢驗答案是否合理。

3方法與解題思路1、選擇研究對象（一個或兩個）3例1下述說法中正確的是

(

)A．速度不變的運動是勻速直線運動B．加速度不變的運動是勻變速直線運動C．加速度越來越小的加速直線運動一定有最大速度D．質(zhì)點在連續(xù)相等時間內(nèi)相鄰兩段位移差相等，該質(zhì)點的運動一定是勻變速直線運動。AC4例1下述說法中正確的是()AC4這是根據(jù)質(zhì)點的運動特點和規(guī)律判斷質(zhì)點的運動性質(zhì)：因為速度是矢量，速度不變即速度大小和方向都不變，其軌跡必然是直線，所以選項A是對的．加速度不變只表明加速度大小和方向不變，而不能影響質(zhì)點運動的軌跡．即勻變速直線運動包括勻變速直線運動和勻變速曲線運動(如平拋運動)，因此選項B是錯的．加速度越來越小的加速直線運動，當加速度減小到零時，質(zhì)點的速度不再變大，因此選項C正確．勻變速直線運動的質(zhì)點在連續(xù)相等時間內(nèi)相鄰兩段時間內(nèi)的位移差為一恒量(Δs=aT2)，然而“逆定理”卻不一定正確．事實上，如質(zhì)點在第1秒內(nèi)通過位移為1m；第2秒內(nèi)通過的位移為2m；第3秒內(nèi)通過的位移為3m；……很明顯，該質(zhì)點的運動滿足Δs恒定，但是并非作勻變速直線運動．故選項D是錯的．

5這是根據(jù)質(zhì)點的運動特點和規(guī)律判斷質(zhì)點的運動性質(zhì)：因為速度是矢例2、一枚火箭由地面豎直向上發(fā)射的速度圖象如圖所示，則火箭上升至最高點的位置對應(yīng)圖中的（

）A、O點

B、A點C、B點

D、C點

OABCvttD6例2、一枚火箭由地面豎直向上發(fā)射的速度圖象如圖所示，則火箭上例3汽車以1m/s2的加速度啟動，同時車后60m遠處有一人以一定的速度v0勻速追趕要車停下，已知人在離車距離小于20m、持續(xù)時間為2s喊停車，才能把信息傳給司機，問：（1）v0至少多大？（2）如果以v0＝10m/s的速度追車，人車距離最小為少？

人與車間的距離為20的時間由下式?jīng)Q定。人與車的速度相等時人車間的距離最小7例3汽車以1m/s2的加速度啟動，同時車后60m遠處有一人以必考內(nèi)容范圍與要求

（動力學)Ⅰ類：滑動摩擦力、動摩擦因數(shù)、靜摩擦力、形變、彈性、胡克定律、矢量和標量、超重和失重。Ⅱ類：力的合成和分解共點力的平衡牛頓運動定律、牛頓運動定律的應(yīng)用、

8必考內(nèi)容范圍與要求

（動力學)Ⅰ類：滑動摩擦力、動摩擦因數(shù)方法與解題思路

1、選擇研究對象（能整體絕不隔離）2、對研究對象的受力分析（畫力的示意圖、力的個數(shù)不多不少；力的方向一定準確）3、選擇解題方法：整體與隔離力的合成（矢量三角形）力的分解（矢量三角形）圖解法（滿足條件動態(tài)分析）建立恰當?shù)淖鴺讼嫡环纸夥ǎㄋ膫€力以上；列方程時盡可能回避未知量）函數(shù)分析法（盡量少用）

4、檢驗答案是否合理。

9方法與解題思路1、選擇研究對象（能整體絕不隔離）9例題1質(zhì)量為m的物體在質(zhì)量為M的長木板上滑行，而木板靜止。已知m與M之間的動摩擦因數(shù)為μ2，M與水平面之間的動摩擦因數(shù)為μ1，則桌面對M的摩擦力的大小等于[]A、μ2mgB、μ1MgC、μ1（m+M）gD、μ2mg+μ1Mg10例題1質(zhì)量為m的物體在質(zhì)量為M的長木板上滑行，而木板靜止。已例題分析與解答先研究m,它受到滑動摩擦力的作用，大小為μ2mg。μ2mgμ2mgf地=

μ2mg再研究M，它在水平方向受兩個摩擦力的作用，M與桌面間的摩擦力是靜摩擦力。正確選項是A。11例題分析與解答先研究m,它受到滑動摩擦力的作用，大小為μ2m例題2圖示ABC三個帶電小球用絕緣細線懸掛，A、B的質(zhì)量相等，C帶正電，三球靜止時三細線均豎直且在同一平面內(nèi)。問將C球移走后，AB兩球最終靜止時的位置在乙圖中哪張圖可能是正確的[]12例題2圖示ABC三個帶電小球用絕緣細線懸掛，A、B的質(zhì)量相等例題分析與解答在甲圖中先研究A根據(jù)ABC三物體受力平衡的條件可知，A帶負電，B帶正電

再在乙圖中研究AFmg因為tanθ=F/mg,F是A與B之間的相互作用力，A與B的質(zhì)量又相等，所以AB兩條線的傾角相等θ正確的選項是C。13例題分析與解答在甲圖中先研究AFmg因為tanθ=F/mg練習1如圖所示的質(zhì)量為m的小球用兩細線系住，位于豎直平面內(nèi)的半圓環(huán)的圓心處。細線AO與豎直線夾角為θ，OB水平，在B端沿圓形環(huán)緩慢移動到C點的過程中，OB上的張力怎么樣變化？OB上張力的最小值是多大？14練習1如圖所示的質(zhì)量為m的小球用兩細線系住，位于豎直平面內(nèi)的分析與解答這是一個三力平衡的問題，可以利用本題鞏固力的平行四邊形法則。這里已知一個力的大小與方向和一個分力的方向，判斷另一個分力的大小隨它的方向變化的規(guī)律。下面附本題的矢量變化圖。由圖可知：TB先減小后增大，當BO垂直于AO時，TB最小，Tmin=mgsinθmgTATB15分析與解答這是一個三力平衡的問題，可以利用本題鞏固力的平行四練習2如圖所示，在光滑水平面上放一物體B，B的上方再放一重為G的物體A，A的左端系一水平方向成θ角的繩子，繩的另一端系在墻上。若給B物施一逐漸增大的水平力F，但A與B仍保持靜止，則A對B的壓力將（）A、逐漸減小 B、逐漸增大 C、保持不變 D、無法判定TTyTx=FG總N=G總+TyB16練習2如圖所示，在光滑水平面上放一物體B，B的上方再放一重為練習3

如圖所示，質(zhì)量M=10kg的木楔ABC的靜置于粗糙水平地面上，它與地面間的動摩擦因數(shù)μ=0.2。在木楔的傾角θ為300的斜面上，有一質(zhì)量為m=1.0kg的物塊由靜止開始沿斜面下滑，當滑行路程s=1.4m時，其速度ν=1.4m/s。在這過程中木楔沒有動，求地面對木楔的摩擦力的大小和方向。（重力加速度取g=10m/s2）研究ma=0.7m/s2,mgsinθ-f=maf=4.3N，N1=mgcosθ=8.7N研究M，畫受力圖f地f地=0.61N，方向向左。

或17練習3如圖所示，質(zhì)量M=10kg的必考內(nèi)容范圍與要求

（曲線運動萬有引力定律）Ⅰ類：勻速圓周運動、角速度、線速度、向心加速度離心現(xiàn)象第二宇宙速度和第三宇宙速度經(jīng)典時空觀和相對論時空觀Ⅱ類：運動的合成與分解拋體運動勻速圓周運動的向心力萬有引力定律與其應(yīng)用環(huán)繞速度18必考內(nèi)容范圍與要求

（曲線運動萬有引力定律）Ⅰ類：勻速圓周方法與解題思路一、解題思路：1、明確研究對象；2、確定研究對象運動的軌道平面和圓心位置，以便確定向心力的方向。3、分析物體的受力情況（注意：向心力是根據(jù)效果命名的“效果力”，分析物體的受力時，切不可在性質(zhì)力以外再添加一個向心力）；4、以沿半徑方向和垂直半徑方向建立直角坐標系，則沿半徑方向的合力提供物體做圓周運動的向心力。

19方法與解題思路一、解題思路：19二、圓周運動中的臨界問題

1、外界不能提供支持力的物體的圓周運動，如細繩系著的物體、沿圓環(huán)內(nèi)壁在豎直平面內(nèi)做圓周運動時，物體通過最高點時其速度必須滿足

。（試推導）2、外界可以提供支持力的物體做圓周運動，如有輕桿或管約束的物體在豎直平面內(nèi)做圓周運動時，物體通過最高點時的速度必須滿足

。（試推導）mg=mV2/r.Mg-N=mV2/R≥020二、圓周運動中的臨界問題1、外界不能提供支持力的物體的圓周

三、人造衛(wèi)星的變軌問題

F供＝

；F需＝

。當F供<F需時，衛(wèi)星向著

偏離軌道，r變

，引力做

動能

，V變

，達到新的平衡。

當F供>F需時，衛(wèi)星向著圓心方向偏離軌道，r變小，引力做正功動能增大，V變大，F(xiàn)需增大，到F供=F需時達到新的平衡。21三、人造衛(wèi)星的變軌問題F供＝例題1一宇航員抵達一半徑為R的星球表面后，為了測定該星球的質(zhì)量M，做如下的實驗：取一根細線穿過光滑的水平細直管，細線一端拴一質(zhì)量為m的砝碼，另一端連接在固定的測力計上，手握細直管策動砝碼，使它在豎直平面內(nèi)做完整的圓周運動，停止策動細直管，砝碼可繼續(xù)在同一豎直平面內(nèi)做完整的圓周運動，如圖所示。此時觀察測力計，得到當砝碼運動到圓周的最低點和最高點兩位置時測力計的讀數(shù)差為△F。已知引力恒量為G，試根據(jù)題中所提供的條件和測量結(jié)果，求出該星球的質(zhì)量M。

22例題1一宇航員抵達一半徑為R的星球表面后，為了測定該星球的質(zhì)例題分析與解答先求出這個星球的重力加速度g0，最高點T2+mg0=mV22/r最低點T1-mg0=mV12/r機械能守恒△F=T2-T1，g0=△F/6m=GM/R2得M=△FR2/6Gm23例題分析與解答先求出這個星球的重力加速度g0，機械能守恒△F必考內(nèi)容范圍與要求

（機械能）Ⅱ類：功和功率.動能和動能定理重力做功與重力勢能功能關(guān)系、機械能守恒定律與其應(yīng)用24必考內(nèi)容范圍與要求

（機械能）Ⅱ類：功和功率.24方法與解題思路

解題思路1、選擇研究對象（可以是單個物體也可以是幾個物體組成的系統(tǒng)）2、選擇適用的規(guī)律（符合機械能守恒條件的應(yīng)用守恒定律；否則應(yīng)用動能定理解決）3、選定始末兩個狀態(tài)（明確始末兩狀態(tài)的動能、勢能）4、立式求解，并檢驗答案是否合理。25方法與解題思路解題思路25例題1一物體靜止在升降機的地板上，在升降機加速上升的過程中，地板對物體的支持力所做的功等于[]A物體勢能的增加量B物體動能的增加量加上克服重力所做的功C物體動能的增加量

D物體動能的增加量加上物體勢能的增加量BD根據(jù)動能定理WN+WG=ΔEK，且WG=-ΔEP，WN=ΔEK+ΔEP

由于克服重力所做的功等于ΔEP，所以正確選項是BD。26例題1一物體靜止在升降機的地板上，在升降機加速上升的過程中，例題二右示的圖中ABCD是位于水平面內(nèi)的粗細均勻的正方形金屬框，框的總電阻為R，每條邊的長為L、質(zhì)量為m，空間有豎直向下磁感應(yīng)強度為B的勻強磁場。金屬框由圖示的位置開始繞AD邊順時針轉(zhuǎn)動270°的過程中有一個外力作用于框，使框的角速度ω保持不變，求此外力在此過程中所做的功。

27例題二右示的圖中ABCD是位于水平面內(nèi)的粗細均勻的正方形金屬例題分析與解答外力在此過程中做的功應(yīng)等于電流做的功和線框增加的重力勢能。W=I2Rt+ΔEP

Im=ωL2B/RI2=B2ω2L4/2R2

t=3π/2ω

ΔEP=mgL+2(mgL/2)=2mgLW=28例題分析與解答外力在此過程中做的功W=28練習1兩個物體的質(zhì)量之比為1：3，它們距地面的離度之比也為1：3，讓它們自由下落，則它們落地時的動能之比是：[]A、1：3 B、3：1 C、1：9 D、9：1增加的動能等于減少的重力勢能C29練習1兩個物體的質(zhì)量之比為1：3，它們距地面的離度之比也為練習2質(zhì)量為m的木塊，從半徑為R的1/4圓軌道上由與圓心等高的A點滑到最低點B，由于摩擦，木塊勻速率下滑，下列敘述正確的是[]A、木塊的機械能減少了mgR

B、摩擦力對木塊不做功C、重力對木塊做正功mgR

D、支持力對木塊做負功，大小為mgR

AC30練習2質(zhì)量為m的木塊，從半徑為R的1/4圓軌道上由與圓心等高練習3蒸汽機中自控控制轉(zhuǎn)速的裝置叫做離心節(jié)速器，它的工作原理和下述力學模型類似：在一根豎直硬質(zhì)細桿的頂端O用鉸鏈連接兩根輕桿，輕桿的下端分別固定兩個金屬小球。當發(fā)動機帶動豎直硬質(zhì)細桿運動時，兩個金屬球可在水平面上做勻速圓周運動，如圖所示，設(shè)與金屬球連接的兩輕桿的長度均為l，兩金屬球的質(zhì)量均為m。各桿的質(zhì)量均可忽略不計。當發(fā)動機加速運轉(zhuǎn)時，輕桿與豎直桿的夾角從30°增加到60°，求這一過程中發(fā)動機對兩小球所做的功，忽略各處的摩擦和阻力。

31練習3蒸汽機中自控控制轉(zhuǎn)速的裝置叫做離心節(jié)速器，它的工作原理分析mgtan30°=mV12/Lsin30°mgtan60°=mV22/Lsin60°Ek1=mgLsin230°/2cos30°EK2=mgLsin260°/2cos60°W=ΔEK+ΔEP32分析mgtan30°=mV12/Lsin30°32必考內(nèi)容范圍與要求

（電場）Ⅰ類：物質(zhì)的電結(jié)構(gòu)、電荷守恒；靜電現(xiàn)象的解釋；點電荷；靜電場；電場線；電勢能、電勢；勻強電場中電勢差跟電場強度的關(guān)系；示波管；常見電容器、電容器的電壓、電荷量和電容的關(guān)系Ⅱ類：庫侖定律；電場強度、點電荷的場強；電勢差；帶電粒子在勻強電場中的運動；33必考內(nèi)容范圍與要求

（電場）Ⅰ類：物質(zhì)的電結(jié)構(gòu)、電荷守恒；方法與解題思路

一、用比值法定義物理量1、定義電場強度的方法；2、定義電勢差的方法；3、定義電容的方法；4、把地球視為質(zhì)點，定義地球周圍的引力場強度。二、解決帶電粒子在電場中的運動問題1、因電場力作功與路徑無關(guān)，所以用動能定理W＝△Ek＝qU＝mv2/2解決帶電粒子在電場中運動問題是首選的方法。2、用動能定理不能求解速度的方向，要求解速度的方向可用牛頓運動定律，復(fù)雜的曲線運動可以分解為兩個直線運動處理。

34方法與解題思路一、用比值法定義物理量34例題1一平行板電容器充電后與電源斷開，負極板接地，在兩極板間有一正電荷（電量很?。┕潭ㄔ赑點，如圖所示，以E表示兩極板間的場強，U表示電容器的電壓，W表示正電荷在P點的電勢能。若保持負極板不動，將正極板移到圖中虛線所示的位置，則（）A．U變小，E不變B．E變大，W變大C．U變小，W不變

D．U不變，W不變

35例題1一平行板電容器充電后與電源斷開，負極板接地，在兩極板間例題分析與解答電容器的帶電量不變，正對面積不變，C=S/4πkd,C=Q/U=Q/Ed,E=4πkQ/S故極間的電場強度不變。U=Ed,d變小，U變小，正電荷的電勢能W=Exq,這三個物理量均不變，W不變。正確選項是AC。

36例題分析與解答電容器的帶電量不變，正對面積不變，C=S練習1如圖所示，a、b、c、d是正方形，將一負電荷q從a點移到b點時，需克服電場力做功W，若將同一負電荷q從a點移到d點也需克服電場力做功W，則關(guān)于此空間存在的電場可能是（）A．方向由a指向c的勻強電場

B．方向由b指向d的勻強電場C．處于c點的正點電荷產(chǎn)生的電場

D．處于c點的負點電荷產(chǎn)生的電場

abcdb、d兩點電勢相等A

D37練習1如圖所示，a、b、c、d是正方形，將一負電荷q從a點移練習2、如圖所示，質(zhì)量為m=1.0×10-2kg的帶電小球，以1m／s的速度射向勻強電場中．已知v0的方向與水平成θ=45°角，電場中相鄰的兩等勢面間距為1cm．求(1)使小球在電場中作直線運動時所帶電量q；

(2)沿直線運動所經(jīng)過的最大距離．

38練習2、如圖所示，質(zhì)量為m=1.0×10-2kg的帶電小球，解答欲使小球作直線運動，即沿v0方向運動其所受合外力方向只能與v0方向共線重力向下電場力必向左所以小球帶正電荷，如圖所示可得

Eq=mg,E=U/dq=1.0×10-5(C)設(shè)最大位移為s，根據(jù)動能定理

-2as=0-V02,39解答欲使小球作直線運動，即沿v0方向運動Eq=mg,E=U/必考內(nèi)容范圍與要求

（電路）Ⅰ類：電阻定律、電阻的串聯(lián)、并聯(lián)、電源的電動勢和內(nèi)電阻、電功率、焦耳定律Ⅱ類：歐姆定律閉合電路的歐姆定律、40必考內(nèi)容范圍與要求

（電路）Ⅰ類：電阻定律、40方法與解題思路

解題思路1、閉合電路中電流、電壓、電功率隨電阻變化的判斷（動態(tài)分析）

2、電路的故障分析

3、電路中的能量轉(zhuǎn)化問題、含容電路41方法與解題思路解題思路41例題1定值電阻R1和一熱敏電阻R2串聯(lián)后與一內(nèi)阻不計的電源組成閉合電路，開始時R1=R2。現(xiàn)先后對R2加熱、冷卻，則下列關(guān)于R2的電功率變化情況正確的是

[]A、加熱時增加

B、加熱時減少

C冷卻時增加

D冷卻時減少。

42例題1定值電阻R1和一熱敏電阻R2串聯(lián)后與一內(nèi)阻不計的電源組例題分析與解答因電源內(nèi)電阻不計，可以把R1看作電源內(nèi)電阻，當R2=R1時，R2上的電功率最大，最大值為E2/4R1。給熱敏電阻加熱其電阻減小，使之冷卻其電阻增大，結(jié)果都是R2的電功率變小，正確選項為BD。電源的輸出功率隨外電阻變化的圖象如下

R外P出0r43例題分析與解答因電源內(nèi)電阻不計，可以把R1看作電源內(nèi)電阻，R必考內(nèi)容范圍與要求

（磁場）Ⅰ類：磁場、磁感應(yīng)強度、磁感線；通電直導線和通電線圈周圍磁場的方向；安培力、安培力的方向；洛侖茲力、洛侖茲力的方向；質(zhì)譜儀和回旋加速器。Ⅱ類：勻強磁場中的安培力洛侖茲力公式帶電粒子在勻強磁場中運動44必考內(nèi)容范圍與要求

（磁場）Ⅰ類：磁場、磁感應(yīng)強度、磁感線方法與解題思路

一、利用磁場研究帶電粒子的物理屬性（電性、質(zhì)荷比、能量）二、研究帶電粒子在復(fù)合場（重力場、電場、磁場的復(fù)合場）中的運動。解決這類問題動能定理是首選，（因為洛侖茲力不做功，而重力、電場力做功與路徑無關(guān)）找圓心、畫軌跡是突破口。三、充分利用對稱性畫出軌跡圖45方法與解題思路一、利用磁場研究帶電粒子的物理屬性（電性、質(zhì)練習1、如圖所示，兩根平行放置的長直導線a和b載有大小相同方向相反的電流，a受到的磁場力大小為F1，當加入一與導線所在平面垂直的勻強磁場后，a受到的磁場力大小變?yōu)镕2，則此時b受到的磁場力大小變?yōu)椋ǎ〢．F2

B．F1－F2

C．F1＋F2

D．2F1－F2

A46練習1、如圖所示，兩根平行放置的長直導線a和b載有大小相同方必考內(nèi)容范圍與要求

（電磁感應(yīng)）Ⅰ類：電磁感應(yīng)現(xiàn)象磁通量自感、渦流Ⅱ類：法拉第電磁感應(yīng)定律

楞次定律

47必考內(nèi)容范圍與要求

（電磁感應(yīng)）Ⅰ類：電磁感應(yīng)現(xiàn)象47方法與解題思路

1、電磁感應(yīng)現(xiàn)象中的能量轉(zhuǎn)化與守恒——楞次定律與其應(yīng)用

2、電磁感應(yīng)現(xiàn)象中的全電路問題——法拉第電磁感應(yīng)定律的應(yīng)用

3、用圖象表示電磁感應(yīng)的規(guī)律

48方法與解題思路1、電磁感應(yīng)現(xiàn)象中的能量轉(zhuǎn)化與守恒——楞次定例題1兩根相距d=0.20m的平行金屬導軌固定在同一水平面內(nèi)，并處于豎直方向的勻強磁場中，磁場的磁感應(yīng)強度B=0.20T。導軌上面橫放著兩根金屬細桿，構(gòu)成矩形回路，每條金屬細桿的電阻r=0.25Ω，回路中其余部分的電阻可不計。已知兩金屬細桿在平行于導軌的拉力的作用下沿導軌朝相反方向勻速平移，速度大小都是v=5.0m/s，如圖所示。不計導軌上的摩擦。（1）求作用于每條金屬細桿的拉力的大小；（2）求兩金屬細桿在間距增加0.40m的滑動過程中共產(chǎn)生的熱量。

49例題1兩根相距d=0.20m的平行金屬導軌固定在同一水平面內(nèi)例題分析與解答（1）E=LVB×2=0.4V，I=0.8A，F(xiàn)=IdB=0.032N。（2）Q=I2Rt=0.0128J本題中外力做的功等于電流產(chǎn)生的熱量，故：Q=2FΔX=2×0.2×0.032=0.0128J50例題分析與解答（1）E=LVB×2=0.4V，I=0.8A例題2圖為一個直流發(fā)電機與其給負載輸電的電路，導體滑軌為兩個半徑為L1=0.3m以及L2=1.3m的同心圓軌，水平放置，其電阻可略去，滑線可繞過圓心且垂直軌面的軸OO’自由轉(zhuǎn)動，并且與滑軌接觸良好，滑線單位長度的電阻為λ=1Ω/m，整個裝置處在垂直軌面、磁感應(yīng)強度為B的勻強磁場中，滑軌上a、b兩點為發(fā)電機的輸出端，R0=1Ω，L為“2V1W”燈泡，不計其電阻的變化。當K斷開時，L剛好發(fā)正常發(fā)光，B=0.5T。求：（1）滑線的轉(zhuǎn)數(shù)；（2）當K閉合時，L與R兩者的功率之和正好等于L的額定功率，求R。51例題2圖為一個直流發(fā)電機與其給負載輸電的電路，導體滑軌為兩個例題分析與解答（1）燈正常發(fā)光時電流I1=0.5AUab=2.5VE=Uab＋Ir=3V（2）EI=I2（r+R0）+1,3I=2I2+1，

I=1AU并=1V,R并=1Ω.R并=RRL/（R+RL）=4R/（4+R）=1Ω，R=4/3Ω=1.33Ω。52例題分析與解答（1）燈正常發(fā)光時電流I1=0.5A（2）EI練習1、圖示電路中A1和A2是完全相同的燈泡，線圈L的電阻為零下列說法中正確的是：[]A、合上開關(guān)K接通電路時A2先亮，A1后亮最后一樣亮B、合上開關(guān)K接通電路時，A1和A2始終一樣亮C、斷開開關(guān)K切斷電路時，A2立刻熄滅，A1過一會兒熄滅D、斷開開關(guān)K切斷電路時，A1和A2都要過一會兒才熄滅

合上電鍵時L阻礙電流增大，A2先亮斷開電鍵時L是個電源，LA1A2是個新回路AD53練習1、圖示電路中A1和A2是完全相同的燈泡，線圈L的電阻為必考內(nèi)容范圍與要求

（交變電流）Ⅰ類：交變電流、交變電流的圖像正弦交變電流的函數(shù)表達式、峰值和有效值理想變壓器遠距離輸電54必考內(nèi)容范圍與要求

（交變電流）Ⅰ類：交變電流、交變電流的方法與解題思路

一、有效值的計算二、交流電路中電功的計算和電量的計算三、電能輸送的方框圖55方法與解題思路一、有效值的計算55例題1分析與解答（1）線圈平面與磁感線平行時電動勢最大，

Em=（2）（3）E平均=