2019年高考物理全真模擬試題9

2018年高考物理全真模擬試題（九）滿分110分，時(shí)間60分鐘第Ⅰ卷(選擇題共48分)選擇題：本題共8小題，每小題6分．在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第1～4題只有一項(xiàng)符合題目要求，第5～8題有多項(xiàng)符合題目要求．全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分．1．如圖所示的曲線是某個(gè)質(zhì)點(diǎn)在恒力作用下的一段運(yùn)動(dòng)軌跡．質(zhì)點(diǎn)從M點(diǎn)出發(fā)經(jīng)P點(diǎn)到達(dá)N點(diǎn)，已知弧長MP大于弧長PN，質(zhì)點(diǎn)由M點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到P點(diǎn)與從P點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到N點(diǎn)的時(shí)間相等．下列說法中正確的是()A．質(zhì)點(diǎn)從M點(diǎn)到N過程中速度大小保持不變B．質(zhì)點(diǎn)在這兩段時(shí)間內(nèi)的速度變化量大小相等，方向相同C．質(zhì)點(diǎn)在這兩段時(shí)間內(nèi)的速度變化量大小不相等，但方向相同D．質(zhì)點(diǎn)在MN間的運(yùn)動(dòng)不是勻變速運(yùn)動(dòng)2．如圖所示，重80N的物體A放在傾角為30°的粗糙斜面上，有一根原長為10cm、勁度系數(shù)為1000N/m的彈簧，其一端固定在斜面底端，在另一端放置物體A后，彈簧長度縮短為8cm，現(xiàn)用一測力計(jì)沿斜面向上拉物體，若物體與斜面間最大靜摩擦力為25N，當(dāng)彈簧的長度仍為8cm時(shí)，測力計(jì)讀數(shù)不可能為()A．10NB．20NC．40ND．60N3．如圖所示，一傾角為30°的光滑斜面固定于水平面上，勻強(qiáng)磁場垂直于斜面，勻強(qiáng)電場沿斜面向上并垂直于斜面底邊，一質(zhì)量為m、帶電荷量為q的小球以速度v在斜面上做半徑為R的勻速圓周運(yùn)動(dòng)，則()A．小球帶負(fù)電B．勻強(qiáng)磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小B＝eq\f(mv,qR)C．勻強(qiáng)電場的場強(qiáng)大小E＝eq\f(mg,q)D．小球在運(yùn)動(dòng)過程中機(jī)械能守恒4．如圖所示是汽車勻加速啟動(dòng)并最終達(dá)到最大速度vm＝30m/s的v-t圖象，其中t0＝10s(對應(yīng)的速度為v0＝20m/s)，0～t0的圖線是直線．下列對圖象的認(rèn)識正確的是()A．汽車勻加速過程的加速度為2m/s2B．汽車t0時(shí)刻之后的加速度逐漸增大C．汽車在該過程的平均速度等于15m/sD．汽車在該過程的平均速度小于15m/s5．某國際天文研究小組觀測到了一組雙星系統(tǒng)，它們繞二者連線上的某點(diǎn)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，雙星系統(tǒng)中質(zhì)量較小的星體能“吸食”質(zhì)量較大的星體的表面物質(zhì)，達(dá)到質(zhì)量轉(zhuǎn)移的目的．根據(jù)大爆炸宇宙學(xué)可知，雙星間的距離在緩慢增大，假設(shè)星體的軌道近似為圓，則在該過程中()A．雙星做圓周運(yùn)動(dòng)的角速度不斷減小B．雙星做圓周運(yùn)動(dòng)的角速度不斷增大C．質(zhì)量較大的星體做圓周運(yùn)動(dòng)的軌道半徑減小D．質(zhì)量較大的星體做圓周運(yùn)動(dòng)的軌道半徑增大6．如圖所示，一勻強(qiáng)電場的電場線平行于xOy平面，電場強(qiáng)度大小為E，xOy平面上有一橢圓，橢圓的長軸在x軸上，E、F兩點(diǎn)為橢圓的兩個(gè)焦點(diǎn)，AB是橢圓的短軸，橢圓的一端過O點(diǎn)，則下列說法正確的是()A．在橢圓上，O、C兩點(diǎn)間電勢差一定最大B．在橢圓上，A、B兩點(diǎn)間電勢差可能最大C．一個(gè)點(diǎn)電荷從E點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到橢圓上任意一點(diǎn)再運(yùn)動(dòng)到F點(diǎn)，電場力做功可能為零D．一個(gè)點(diǎn)電荷從O點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到A點(diǎn)與從B點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到C點(diǎn)，電場力做功一定相同圖為某住宅區(qū)的應(yīng)急供電系統(tǒng)，它由交流發(fā)電機(jī)和副線圈匝數(shù)可調(diào)的理想降壓變壓器組成．發(fā)電機(jī)中矩形線圈所圍的面積為S，匝數(shù)為N，電阻不計(jì)，它可繞水平軸OO′在磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的水平勻強(qiáng)磁場中以角速度ω勻速轉(zhuǎn)動(dòng)．矩形線圈通過滑環(huán)連接降壓變壓器，滑動(dòng)觸頭P上下滑動(dòng)時(shí)可改變輸出電壓，R0表示輸電線的電阻．以線圈平面與磁場平行時(shí)為計(jì)時(shí)起點(diǎn)，下列判斷正確的是()A．若發(fā)電機(jī)線圈某時(shí)刻處于圖示位置，則變壓器原線圈的電流瞬時(shí)值最大B．發(fā)電機(jī)線圈感應(yīng)電動(dòng)勢的瞬時(shí)值表達(dá)式為e＝NBSωsinωtC．當(dāng)用電量增加時(shí)，為使用戶電壓保持不變，滑動(dòng)觸頭P向上滑動(dòng)D．當(dāng)滑動(dòng)觸頭P向下滑動(dòng)時(shí)，變壓器原線圈兩端的電壓將升高8．如圖所示，傾角為θ的光滑斜面足夠長，一質(zhì)量為m的小物體，在沿斜面向上的恒力F作用下，由靜止從斜面底端沿斜面向上做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，經(jīng)過時(shí)間t，力F做功為60J，此后撤去力F，物體又經(jīng)過相同的時(shí)間t回到斜面底端，若以地面為零勢能參考面，則下列說法中正確的是()A．物體回到斜面底端的動(dòng)能為60JB．恒力F＝2mgsinθC．撤去力F時(shí)，物體的重力勢能是45JD．動(dòng)能與勢能相等的時(shí)刻一定出現(xiàn)在撤去力F之后第Ⅱ卷(非選擇題共62分)非選擇題：包括必考題和選考題兩部分．第9～12題為必考題，每個(gè)試題考生都必須做答．第13～14題為選考題，考生根據(jù)要求做答．9．(6分)將輕質(zhì)彈簧放置在光滑水平桌面上，彈簧左端固定，右端與一小球接觸而不固連；彈簧處于原長時(shí)，小球恰好在桌面邊緣，向左推小球，使彈簧壓縮一段距離后由靜止釋放；小球離開桌面后落到水平地面．測量出小球質(zhì)量m、平拋運(yùn)動(dòng)的豎直位移h(即桌面高度)以及________，就可以測出彈簧被壓縮后的彈性勢能為________．(結(jié)果用測量量表示，已知重力加速度大小為g)．10．(9分)現(xiàn)有一刻度盤總共有N個(gè)小格且刻度均勻、量程未準(zhǔn)確確定的電壓表V1，已知其量程在13～16V之間，內(nèi)阻R1＝150kΩ.為測定其準(zhǔn)確量程U1，實(shí)驗(yàn)室提供了如下表所列的器材，要求方法簡潔，盡可能減小誤差，并能測出多組數(shù)據(jù).器材(代號)規(guī)格標(biāo)準(zhǔn)電壓表V2量程3V，內(nèi)阻R2＝30kΩ電流表A量程3A，內(nèi)阻R3＝0.01Ω滑動(dòng)變阻器R總阻值1kΩ穩(wěn)恒電源E20V，內(nèi)阻很小開關(guān)S、導(dǎo)線若干－(1)某同學(xué)設(shè)計(jì)了如圖所示的甲、乙、丙三種電路圖你認(rèn)為選擇________(填“甲”“乙”或“丙”)電路圖測量效果最好．(2)根據(jù)測量效果最好的那個(gè)電路圖，將下列有關(guān)器材連接成測量電路．(3)若選擇測量數(shù)據(jù)中的一組來計(jì)算V1的量程U1，則所用的表達(dá)式U1＝________，式中各符號表示的物理量是：__________________________________________________________________________________________________.11．(14分)如圖所示，質(zhì)量為M的導(dǎo)體棒ab的電阻為r，水平放在相距為l的豎直光滑金屬導(dǎo)軌上．導(dǎo)軌平面處于磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B、方向垂直于導(dǎo)軌平面向外的勻強(qiáng)磁場中．左側(cè)是水平放置、間距為d的平行金屬板．導(dǎo)軌上方與一可變電阻R連接，導(dǎo)軌電阻不計(jì)，導(dǎo)體棒與導(dǎo)軌始終接觸良好．重力加速度為g.(1)調(diào)節(jié)可變電阻的阻值為R1＝3r，釋放導(dǎo)體棒，當(dāng)棒沿導(dǎo)軌勻速下滑時(shí)，將帶電量為＋q的微粒沿金屬板間的中心線水平射入金屬板間，恰好能勻速通過．求棒下滑的速率v和帶電微粒的質(zhì)量m.(2)改變可變電阻的阻值為R2＝4r，同樣在導(dǎo)體棒沿導(dǎo)軌勻速下滑時(shí)，將該微粒沿原來的中心線水平射入金屬板間，若微粒最后碰到金屬板并被吸收．求微粒在金屬板間運(yùn)動(dòng)的時(shí)間t.12．(18分)如圖所示，光滑水平面上一質(zhì)量為M、長為L的木板右端靠豎直墻壁．質(zhì)量為m的小滑塊(可視為質(zhì)點(diǎn))以水平速度v0滑上木板的左端，滑到木板的右端時(shí)速度恰好為零．(1)求小滑塊與木板間的摩擦力大小；(2)現(xiàn)小滑塊仍以水平速度v0從木板的右端向左滑動(dòng)，求小滑塊在木板上的滑行距離．(二)選考題(共15分．請考生從給出的2道題中任選一題做答．如果多做，則按所做的第一題計(jì)分)13．[物理——選修3－3](15分)(1)(5分)以下說法正確的是________．(選對1個(gè)得2分，選對2個(gè)得4分，選對3個(gè)得5分．每選錯(cuò)一個(gè)扣3分，最低得分為0分)A．某物質(zhì)的密度為ρ，其分子的體積為V0，分子的質(zhì)量為m，則ρ＝eq\f(m,V0)B．在裝滿水的玻璃杯內(nèi)，可以不斷地輕輕投放一定數(shù)量的大頭針，水也不會(huì)流出，這是由于大頭針填充了水分子間的空隙C．在油膜法粗測分子直徑的實(shí)驗(yàn)中，把油分子看成球形，是物理學(xué)中的一個(gè)理想化模型，因?yàn)榉肿硬⒉徽娴氖乔蛐蜠．物質(zhì)是由大量分子組成的，在這里的分子是組成物質(zhì)的分子、原子、離子的統(tǒng)稱E．玻璃管道裂口放在火上燒熔，它的尖端就變圓，是因?yàn)槿刍牟Ａг诒砻鎻埩Φ淖饔孟拢砻嬉湛s到最小的緣故(2)(10分)如圖所示，用面積為S的活塞在汽缸內(nèi)封閉著一定質(zhì)量的空氣，活塞上放一砝碼，活塞和砝碼的總質(zhì)量為m.現(xiàn)對汽缸緩緩加熱，使汽缸內(nèi)的空氣溫度從T1升高到T2，空氣柱的高度增加了ΔL，已知加熱時(shí)氣體吸收的熱量為Q，外界大氣壓強(qiáng)為p0.求：①此過程中被封閉氣體的內(nèi)能變化了多少？②汽缸內(nèi)溫度為T1時(shí)，氣柱的長度為多少？答案部分1．解析：選B.因?yàn)榛￠LMP大于弧長PN，且質(zhì)點(diǎn)由M點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到P點(diǎn)與從P點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到N點(diǎn)的時(shí)間相等，所以速度大小一定發(fā)生變化，A錯(cuò)誤．在恒力作用下，任意相等時(shí)間內(nèi)的速度變化量都是大小相等、方向相同的，運(yùn)動(dòng)一定是勻變速運(yùn)動(dòng)，B正確，C、D錯(cuò)誤．2．解析：選D.由胡克定律知彈簧彈力F0＝kx＝20N．對物體受力分析，由平衡條件可知：當(dāng)物體所受摩擦力沿斜面向下且達(dá)到最大靜摩擦力時(shí)測力計(jì)的示數(shù)最大：Fmax＝Gsin30°＋Ffmax－F0＝45N，D不可能；由于不施加拉力時(shí)物體處于靜止?fàn)顟B(tài)，所需摩擦力滿足Ff＋F0＝Gsin30°，即Ff＝Gsin30°－F0＝20N＜Ffmax，則測力計(jì)的示數(shù)最小可為0，答案為D.3．解析：選B.小球在斜面上做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，有Eq＝mgsin30°，解得E＝eq\f(mg,2q)，且小球帶正電，選項(xiàng)A、C錯(cuò)誤；由qvB＝meq\f(v2,R)，解得B＝eq\f(mv,Rq)，選項(xiàng)B正確；由于電場力對小球做功，故小球的機(jī)械能不守恒，選項(xiàng)D錯(cuò)誤．4．解析：選A.由題圖可知，汽車先做勻加速運(yùn)動(dòng)，加速度大小為a＝eq\f(v0,t0)＝2m/s2，t0時(shí)刻后做加速度逐漸減小的加速運(yùn)動(dòng)，A對，B錯(cuò)；若汽車由靜止開始勻加速運(yùn)動(dòng)到速度為vm，則平均速度為eq\f(vm,2)＝15m/s，而該汽車的實(shí)際運(yùn)動(dòng)不是勻加速運(yùn)動(dòng)，其平均速度不等于15m/s，根據(jù)v-t圖線與坐標(biāo)軸所圍面積表示位移，可推知其平均速度大于15m/s，C、D錯(cuò)．5．解析：選AD.雙星系統(tǒng)中的雙星是由相互間的萬有引力來提供各自所需向心力的，故兩星運(yùn)轉(zhuǎn)的角速度一定相同，由eq\f(GMm,L2)＝mrω2＝MRω2及r＋R＝L可得ω＝eq\r(\f(GM＋m,L3))，故兩星間距離L增大時(shí)角速度減小，故A正確，B錯(cuò)誤．還可解得r＝eq\f(ML,M＋m)、R＝eq\f(mL,M＋m)，可見在m增大、M減小、L增大的情況下，r變化情況不能確定，R增大，故C錯(cuò)誤，D正確．6．解析：選BCD.由于勻強(qiáng)電場方向平行于坐標(biāo)平面，當(dāng)電場方向平行于y軸時(shí)，O、C間的電勢差為零，A、B間的電勢差最大，B項(xiàng)正確，A項(xiàng)錯(cuò)誤；如果電場方向平行于y軸，則E、F兩點(diǎn)電勢相等，則一個(gè)點(diǎn)電荷從E點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到橢圓上任意一點(diǎn)再運(yùn)動(dòng)到F點(diǎn)，電場力做功為零，C項(xiàng)正確；由于O、A連線平行于B、C連線，且長度相等，因此在勻強(qiáng)電場中，O、A間的電勢差和B、C間的電勢差相等，一個(gè)點(diǎn)電荷從O點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到A點(diǎn)與從B點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到C點(diǎn)，電場力做功一定相同，D項(xiàng)正確．7．解析：選AC.發(fā)電機(jī)線圈平面某時(shí)刻處于平行于磁感線位置時(shí)，磁通量為0，但磁通量變化率最大，即變壓器原線圈的電流瞬時(shí)值最大，選項(xiàng)A正確；從線圈平面與磁場平行時(shí)開始計(jì)時(shí)，發(fā)電機(jī)線圈感應(yīng)電動(dòng)勢的瞬時(shí)值表達(dá)式為e＝NBSωcosωt，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；當(dāng)用電量增加時(shí)，總功率增大，原、副線圈中的電流均增大，R0兩端的電壓增大，為使用戶電壓保持不變，副線圈的輸出電壓要增大，由eq\f(U1,U2)＝eq\f(n1,n2)可知，需增大n2，即滑動(dòng)觸頭P應(yīng)向上滑動(dòng)，選項(xiàng)C正確；當(dāng)滑動(dòng)觸頭P向下滑動(dòng)時(shí)，變壓器原線圈兩端的電壓不變，副線圈兩端的電壓降低，選項(xiàng)D錯(cuò)誤．8．解析：選ACD.設(shè)第一個(gè)時(shí)間t內(nèi)加速度大小為a1、第二個(gè)時(shí)間t內(nèi)加速度大小為a2，由于兩段時(shí)間內(nèi)位移等值反向，故有：eq\f(1,2)a1t2＝－eq\b\lc\[\rc\](\a\vs4\al\co1(a1t×t－\f(1,2)a2t2))可得a2＝3a1，再由牛頓第二定律有：F－mgsinθ＝ma1、mgsinθ＝ma2，故F＝eq\f(4,3)mgsinθ，B錯(cuò)誤；從整個(gè)過程考慮；重力做功為0、支持力不做功、只有F做功，故由動(dòng)能定理可判定A正確；在第一個(gè)t內(nèi)，物體克服重力做功WG＝mgxsinθ，力F做功WF＝Fx＝eq\f(4,3)mgxsinθ，故WG＝mgxsinθ＝eq\f(3,4)WF＝45J，C正確；由于在第一階段開始運(yùn)動(dòng)后的任意時(shí)間內(nèi)，合力做功W合＝(F－mgsinθ)x＝eq\f(1,3)mgxsinθ總小于克服重力所做的功WG＝mgxsinθ＝3W合，由動(dòng)能定理可知此階段內(nèi)增加的動(dòng)能一定小于增加的重力勢能，力F撤去前一定沒有動(dòng)能與重力勢能相等的時(shí)刻，故D正確．9．解析：根據(jù)平拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律求小球拋出時(shí)的動(dòng)能．動(dòng)能Ek＝eq\f(1,2)mveq\o\al(2,0)，根據(jù)平拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律有：h＝eq\f(1,2)gt2，s＝v0t，可得：Ek＝eq\f(mgs2,4h).答案：球拋出點(diǎn)到落地點(diǎn)的水平距離s(3分)eq\f(mgs2,4h)(3分)10．解析：(1)從原理上說，因被測電壓表的內(nèi)阻已知，測其滿偏電壓時(shí)可用電壓表直接測其兩端電壓，也可測通過電壓表的電流計(jì)算出電壓，主要問題是考慮電壓的匹配．給定的電壓表V2量程太小，不宜直接測電壓；被測電壓表的滿偏電流約為0.1mA，而電流表A的量程為3A，故也不能用電流表A直接測電流，但電壓表V2的內(nèi)阻已知，滿偏電流為0.1mA，故將V2作為電流表測電流，因此電路選用乙圖．(3)由eq\f(U1,N)N1＝eq\f(U2,R2)R1，可得U1＝eq\f(NR1,N1R2)U2.答案：(1)乙(2分)(2)如圖所示(3分)(3)eq\f(NR1,N1R2)U2(2分)N：電壓表V1的總格數(shù)，N1：電壓表V1指針的偏轉(zhuǎn)格數(shù)，U2：電壓表V2的讀數(shù)，R1：待測電壓表的內(nèi)阻，R2：電壓表V2的內(nèi)阻(2分)11．解析：(1)棒勻速下滑，有IBl＝Mg(1分)回路中的電流I＝eq\f(Blv,R1＋r)(2分)將R1＝3r代入棒下滑的速率v＝eq\f(4Mgr,B2l2)(2分)金屬板間的電壓U＝IR1(1分)帶電微粒在板間勻速運(yùn)動(dòng)，有mg＝qeq\f(U,d)(1分)聯(lián)立解得帶電微粒的質(zhì)量m＝eq\f(3qMr,Bld)(2分)(2)導(dǎo)體棒沿導(dǎo)軌勻速下滑，回路電流保持不變，金屬板間的電壓U′＝IR2(1分)電壓增大使微粒射入后向上偏轉(zhuǎn)，有qeq\f(U′,d)－mg＝ma(1分)eq\f(d,2)＝eq\f(1,2)at2(1分)聯(lián)立解得微粒在金屬板間運(yùn)動(dòng)的時(shí)間t＝eq\r(\f(3d,g))(2分)答案：見解析12．解析：(1)對物塊根據(jù)動(dòng)能定理得－FfL＝0－eq\f(1,2)mveq\o\al(2,0)(4分)解得Ff＝eq\f(mv\o\al(2,0),2L)(4分)(2)對物塊與木板組成的系統(tǒng)，設(shè)兩者最后的共同速度為v1，根據(jù)動(dòng)量守恒定律得mv0＝(M＋m)v1(4分)設(shè)小滑塊相對木板滑行的距離為d，根據(jù)能