重慶市2023-2024學(xué)年高三年級(jí)下冊(cè)第二次月考物理試題

重慶市高2024屆（三下）第二次月考物理試題

（試題滿分100分，考試時(shí)間75分鐘）

第I卷（共52分）

一、單項(xiàng)選擇題（本大題共7題，每題4分，共28分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一

項(xiàng)是正確的）

1.2023年12月14日，我國宣布新一代人造太陽”中國環(huán)流三號(hào)”面向全球開放，邀請(qǐng)全世界科學(xué)家來中

國集智攻關(guān)，共同追逐“人造太陽”能源夢(mèng)想?！叭嗽焯枴蔽锢肀举|(zhì)就是核聚變，其發(fā)生核聚變的原理

和太陽發(fā)光發(fā)熱的原理很相似，核反應(yīng)方程為；*陽￡He+X+17.6MeV。下列說法正確的是（）

A.X是質(zhì)子B.該反應(yīng)為鏈?zhǔn)椒磻?yīng)

C.；He的比結(jié)合能比；H的大D.：He的結(jié)合能為17.6MeV

【答案】C

【解析】

【詳解】A.根據(jù)質(zhì)量數(shù)與電荷數(shù)守恒有

2+34=1,1+12=0

可知，X是中子，故A錯(cuò)誤；

B.重核裂變是鏈?zhǔn)椒磻?yīng)，該反應(yīng)是輕核聚變，不是鏈?zhǔn)椒磻?yīng)，故B錯(cuò)誤；

C.該核反應(yīng)釋放核能，表明生成核比反應(yīng)核更加穩(wěn)定，即；He的比結(jié)合能比；H的大，故C正確；

D.結(jié)合能指單個(gè)自由發(fā)散的核子合成原子核釋放的能量，而17.6MeV是；H與；H發(fā)生聚變反應(yīng)釋放的核

能，可知，；He的結(jié)合能大于17.6MeV,故D錯(cuò)誤。

故選C。

2.如圖所示為某同學(xué)投籃的示意圖。出手瞬間籃球中心與籃筐中心的高度差為〃（籃球中心低于籃筐中心）,

水平距離為2〃，籃球出手時(shí)速度與水平方向夾角為37。，不計(jì)空氣阻力，重力加速度為g,sin37o=0.6,

cos37°=0.8；籃球中心恰好直接經(jīng)過籃筐中心，則籃球出手時(shí)速度的大小為（）

ifI修

【答案】B

【解析】

【詳解】設(shè)向上為正方向，初速度大小為%,由于籃球做斜拋運(yùn)動(dòng)，速度與水平方向夾角為37。，由籃球水

平方向做勻速直線運(yùn)動(dòng)得

2/1=%cos37°/

籃球豎直方向做勻減速直線運(yùn)動(dòng)得

1,

h=v0sin37°Z--gr

聯(lián)立解得籃球出手時(shí)速度的大小為

國

故選B。

3.靜電除塵是工業(yè)生產(chǎn)中處理煙塵的重要方法。除塵裝置由金屬管A和懸掛在管中心的金屬導(dǎo)線B組成，

如圖甲所示。工作時(shí)，使中心的金屬導(dǎo)線B帶負(fù)電，金屬管A接地，A、B之間產(chǎn)生如圖乙（俯視圖）所

示的電場，圓內(nèi)實(shí)線為未標(biāo)方向的電場線。金屬導(dǎo)線B附近的氣體分子被強(qiáng)電場電離，形成電子和正離子,

電子在向正極A運(yùn)動(dòng)的過程中，使煙塵中的顆粒帶上負(fù)電。這些帶電顆粒在靜電力作用下被吸附到正極A

上，最后在重力作用下落入下方的漏斗中。經(jīng)過這樣的除塵處理，原本飽含煙塵的氣體就可能達(dá)到排放標(biāo)

甲乙

A,圖乙中c點(diǎn)和d點(diǎn)的電場強(qiáng)度相同

B.帶上負(fù)電的顆粒在a點(diǎn)所受的電場力大于在c點(diǎn)所受的電場力

C.一電子從c點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到。點(diǎn)的過程中，其電勢(shì)能增大

D.電勢(shì)差關(guān)系：Uab<Ubc

【答案】D

【解析】

【詳解】A.c點(diǎn)和d點(diǎn)的電場強(qiáng)度大小相同，方向不同，故A錯(cuò)誤；

B.根據(jù)電場線的疏密可知，。點(diǎn)的電場強(qiáng)度小于。點(diǎn)的電場強(qiáng)度，帶上負(fù)電的顆粒在。點(diǎn)所受的電場力小

于在c點(diǎn)所受的電場力，故B錯(cuò)誤；

C.電子從。點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到。點(diǎn)的過程中，電場力做正功，電勢(shì)能減小，故C錯(cuò)誤；

D.由

U=Ed

可知，成間任意一點(diǎn)的電場強(qiáng)度都小于6c間任意一點(diǎn)的電場強(qiáng)度，因

ab=bc

所以

uab<ubc

故D正確。

故選D。

4.2023年10月26日，神舟十七號(hào)載人飛船與天和核心艙進(jìn)行了對(duì)接，“太空之家”迎來湯洪波、唐勝杰、

江新林3名中國航天史上最年輕的乘組入駐。如圖為神舟十七號(hào)的發(fā)射與交會(huì)對(duì)接過程示意圖，圖中①為

飛船的近地圓軌道,其軌道半徑為4,②為橢圓變軌軌道，③為天和核心艙所在的圓軌道，其軌道半徑為氏2,

尸、。分別為②軌道與①、③軌道的交會(huì)點(diǎn)。關(guān)于神舟十七號(hào)載人飛船與天和核心艙交會(huì)對(duì)接過程，下列說

法正確的是（）

A.飛船從②軌道到變軌到③軌道需要在。點(diǎn)點(diǎn)火減速

B.飛船在軌道3上運(yùn)行的速度大于第一宇宙速度

C.飛船在①軌道的動(dòng)能一定大于天和核心艙在③軌道的動(dòng)能

D.若核心艙在③軌道運(yùn)行周期為T,則飛船在②軌道從P到。的時(shí)間為

【答案】D

【解析】

【詳解】A.飛船從②軌道變軌到③軌道，飛船將由近心運(yùn)動(dòng)變成圓周運(yùn)動(dòng)，所以需要在。點(diǎn)點(diǎn)火加速，

故A錯(cuò)誤；

B.第一宇宙速度是最小發(fā)射速度，最大的環(huán)繞速度，即物體環(huán)繞地球表面做勻速圓周運(yùn)動(dòng)時(shí)的速度，根據(jù)

萬有引力充當(dāng)向心力有

GM

可知軌道半徑越大，線速度越小，而軌道3的軌道半徑大于地球半徑，因此飛船繞地球運(yùn)行的速度小于第

一宇宙速度，故B錯(cuò)誤；

C.根據(jù)以上分析可知，軌道半徑越大，線速度越小，因此①軌道的速度大于③軌道的速度，但由于飛船和

核心艙的質(zhì)量未知，因此無法判斷他們動(dòng)能的大小，故c錯(cuò)誤；

D.根據(jù)開普勒第三定律可知

飛船在②軌道從尸到0的時(shí)間為萬廠，即

故D正確。

故選D。

5.膠囊型元件水平放置，由某透明材料制成，兩端是半徑為廠的半球，中間是長度為4r的圓柱體，中軸線

是0℃。4。一激光束從左側(cè)平行中軸線水平射入，經(jīng)折射、反射再折射后又從左側(cè)水平射出。已知出射

光線與入射光線的間距為16、則該元件的折射率為（）

【答案】A

【解析】

【詳解】由光路的對(duì)稱性與可逆性可知，激光束在膠囊元件中的光路如下圖所示。

/N----------4r----------->|

設(shè)光線在半球處的入射角為i,折射角為/則由折射定律得

sinz

n=———

sin/

由幾何關(guān)系得

..0.8r

smz=-----二0.8

r

在三角形兒（>2。4中，由正弦定理得

sin/_sin(z-7)

5rr

結(jié)合三角公式

sin（z-/)=sinzcos/-coszsin/

聯(lián)解可得

tan7=1

折射角

折射率

5

故BCD錯(cuò)誤，A正確。

故選Ao

6.如圖所示，用輕桿通過錢鏈相連的小球A、B、C處于豎直平面內(nèi)，質(zhì)量均為相，兩段輕桿等長?，F(xiàn)將C

球置于距地面高〃處，由靜止釋放，假設(shè)三個(gè)小球只在同一豎直面內(nèi)運(yùn)動(dòng)，不計(jì)一切摩擦，重力加速度為g,

A.小球A、B、C組成的系統(tǒng)機(jī)械能不守恒

B.小球C的機(jī)械能一直減小

C.小球C落地前瞬間的速度大小為

D.當(dāng)小球C的機(jī)械能最小時(shí)，地面對(duì)小球B的支持力大于mg

【答案】C

【解析】

【詳解】A.由于小球A、B、C組成的系統(tǒng)只有重力做功，則系統(tǒng)的機(jī)械能守恒，故A錯(cuò)誤；

B.小球B的初速度為零，C落地瞬間，B的速度為零，故B的動(dòng)能先增大后減小，而B的重力勢(shì)能不變,

則B的機(jī)械能先增大后減小，同理可得A的機(jī)械能先增大后減小，而系統(tǒng)機(jī)械能守恒，故C的機(jī)械能先減

小后增大，故B錯(cuò)誤；

C.根據(jù)以上分析，設(shè)小球C落地前瞬間的速度大小為v,根據(jù)動(dòng)能定理有

gmv2=mgh

解得

v=y/2gh

故C正確；

D.當(dāng)小球C的機(jī)械能最小時(shí)，小球B速度最大，此時(shí)小球B的加速度為零，水平方向所受的合力為零，

則桿CB對(duì)小球B恰好沒有力的作用，所以地面對(duì)小球B的支持力大小為mg,故D錯(cuò)誤。

故選C。

7.如圖所示，半徑為R的金屬圓環(huán)固定在豎直平面，金屬環(huán)均勻帶電，帶電量為。，一長為￡=2R的絕緣

細(xì)線一段固定在圓環(huán)最高點(diǎn)，另一端連接一質(zhì)量為〃?、帶電量為q（未知）的金屬小球（可視為質(zhì)點(diǎn)）。穩(wěn)

定時(shí)帶電金屬小球在過圓心且垂直圓環(huán)平面的軸上的P點(diǎn)處于平衡狀態(tài)，點(diǎn)P（圖中未畫出）是點(diǎn)尸關(guān)于

圓心。對(duì)稱的點(diǎn)。已知靜電常量為上重力加速度為g,若取無窮遠(yuǎn)為零勢(shì)面，下列說法正確的是（）

v

A.。點(diǎn)的場強(qiáng)一定為零

B.P點(diǎn)場強(qiáng)大小為3g

8爐

C.金屬帶電小球的電量為4=電容

D.剪斷細(xì)線瞬間，小球加速度水平向右

【答案】C

【解析】

【詳解】A.根據(jù)對(duì)稱性可知，帶電量。的圓環(huán)，在圓心。點(diǎn)場強(qiáng)為0,帶電金屬小球在。點(diǎn)的場強(qiáng)不0,

所以。點(diǎn)的場強(qiáng)不為零，故A錯(cuò)誤；

B.設(shè)細(xì)線與半徑的夾角為仇由幾何關(guān)系

cos6>=-=-

L2

6=60°

由微元法，無限劃分，設(shè)每一極小段圓環(huán)帶電量為Aq,則

￡左當(dāng)sind=AE

L

其中

!Aq=Q

解得

A_yf3kQ_^3kQ

根據(jù)對(duì)稱性可知，帶電量為0的圓環(huán)，在尸、P兩點(diǎn)的場強(qiáng)大小相等，方向相反，即帶電量為0的圓環(huán)在P

點(diǎn)的場強(qiáng)大小為且g,而尸'點(diǎn)的場強(qiáng)大小是圓環(huán)與帶電金屬小球在P的電場強(qiáng)度的疊加，所以

8R2

故B錯(cuò)誤；

C.對(duì)小球受力分析如圖，則

qEp=mgtan60°

解得

SmgR2

q---------

kQ

選項(xiàng)c正確；

D.剪斷細(xì)線瞬間，小球受合外力沿細(xì)線方向斜向右下，則加速度方向斜向右下方，選項(xiàng)D錯(cuò)誤。

故選C。

二、多項(xiàng)選擇題（本題共3小題，每題5分，共15分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多項(xiàng)

符合題目要求。全選對(duì)得5分，選不全得3分，選錯(cuò)不得分）

8.一列簡諧橫波沿x軸方向傳播，在/=1.25s時(shí)的波形如圖甲所示，M、N、P、0是介質(zhì)中的四個(gè)質(zhì)點(diǎn)，

己知N、。兩質(zhì)點(diǎn)平衡位置之間的距離為16m,圖乙為質(zhì)點(diǎn)P的振動(dòng)圖像。下列說法正確的是（）

A.該波的波速為12cm/s

B.該波沿x軸負(fù)方向傳播

C.質(zhì)點(diǎn)P的平衡位置位于x=1m處

D,從/=1.25s開始，質(zhì)點(diǎn)。比質(zhì)點(diǎn)尸早0.25s回到平衡位置

【答案】BCD

【解析】

【詳解】A.根據(jù)三角函數(shù)相關(guān)知識(shí)可知，N、。兩質(zhì)點(diǎn)平衡位置之間距離為

71

X?=-A—①A=16m

NQ42?

解得

2=24m

根據(jù)乙圖可知波的周期為

T=2s

因此波速為

2，c

v=—=12m/;s

T

故A錯(cuò)誤；

B.由圖乙可知，=1.25s時(shí)刻，質(zhì)點(diǎn)尸沿/軸負(fù)方向運(yùn)動(dòng)，根據(jù)同側(cè)法可知，該波沿X軸負(fù)方向傳播，故B

正確；

C.由圖乙可知，在/=1.25s之后，質(zhì)點(diǎn)P第一次位于波峰的時(shí)間為/=2.5s,由此可知是由波峰為/=1.25s

時(shí)刻質(zhì)點(diǎn)。所在波峰傳播來的，所以有

x-x

&n~-p=2.5s-1.25s=1.25s

v

其中

xQ=16m

解得

xp=Im

故C正確；

D.從/=1.25s開始，質(zhì)點(diǎn)。第一次回到平衡位置所經(jīng)歷的時(shí)間為

T

t.=—=0.5s

14

。點(diǎn)左側(cè)波形的第一個(gè)平衡位置處坐標(biāo)為

2，八

X[=xQ--=10m

該振動(dòng)狀態(tài)第一次傳播到P點(diǎn)所需時(shí)間為

X.-XP10m-lmerr

t、=」~巴=---------=0.75s

v12m/s

則

=t2~tl=0.25s

即從/=1.25s開始，質(zhì)點(diǎn)。比質(zhì)點(diǎn)尸早0.25s回到平衡位置，故D正確。

故選BCDo

9.如圖所示，某理想變壓器原、副線圈的匝數(shù)之比為2：1,原線圈與阻值凡=120Q的定值電阻串聯(lián)后接

在電壓有效值恒為240V的正弦交流電源兩端，副線圈電路中接有理想電流表和最大阻值及=400的滑動(dòng)

變阻器，°、6為滑動(dòng)變阻器的兩端點(diǎn)。初始時(shí)滑動(dòng)變阻器的滑片P位于滑動(dòng)變阻器的中點(diǎn)，在將滑片P向

上緩慢滑至。點(diǎn)的過程中，下列說法正確的是（）

A.電流表的示數(shù)逐漸減小

B.交流電源的輸出功率逐漸增大

C.滑動(dòng)變阻器消耗電功率的最大值為120W

D.定值電阻消耗電功率的最大值為120W

【答案】AC

【解析】

【詳解】A.設(shè)滑動(dòng)變阻器接入電路的阻值為R],電流表的示數(shù)為/,則變壓器副線圈的電壓

。2=典

根據(jù)變壓器原理知原線圈中

U1』U,=2I&

n2

1。="

nx2

電壓有效值恒為240V的正弦交流電源兩端

u—/07?0+U、

聯(lián)立解得

2u

4+44

由此可知，電流表的示數(shù)隨滑動(dòng)變阻器接入電路的阻值的增大而逐漸減小，故A正確;

B.交流電源的輸出功率

U1

4二IU二

Q兒+鉆

由此可知，交流電源的輸出功率隨滑動(dòng)變阻器接入電路的阻值的增大而逐漸減小，故B錯(cuò)誤;

C.滑動(dòng)變阻器消耗的電功率

P,=[2R=414”_M_

2(4+44)~及+164+8&

410

當(dāng)

&=16片

4

即

&=a=30Q

'4

時(shí)，鳥有最大值

與nax=120W

故C正確;

D.定值電阻消耗的電功率

月=&=-a"。

(4+4凡『

當(dāng)用最小時(shí)，鳥有最大值

Amax=172.8W

故D錯(cuò)誤。

故選AC-

10.如圖所示，水平傳送帶以速度匕=2m/s向右勻速運(yùn)動(dòng)，小物體P、Q質(zhì)量均為1kg,由通過定滑輪且不

可伸長的輕繩相連，/=0時(shí)刻P在傳送帶左端具有向右的速度匕=5m/s,P與定滑輪間的繩水平，不計(jì)定

滑輪質(zhì)量和摩擦。小物體P與傳送帶之間動(dòng)摩擦因數(shù)〃=0.2,傳送帶兩端距離A=6m,繩足夠長,

g=10m/s2o關(guān)于小物體P的描述正確的是（）

□Q

A.小物體P離開傳送帶時(shí)速度大小為3J5m/s

B.小物體P在傳送帶上運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為5s

C.小物體P將從傳送帶的右端滑下傳送帶

D.小物體P在傳送帶上運(yùn)動(dòng)的全過程中，合外力對(duì)它做的功為匹=-3.5J

【答案】AD

【解析】

【詳解】ABC.P相對(duì)傳送帶向右運(yùn)動(dòng)時(shí)，對(duì)PQ,由牛頓第二定律有

一〃加g-mg=2ma

解得

a=-6m/s

相對(duì)運(yùn)動(dòng)的位移

22

丫」一％

-2a

（假設(shè)速度減小到匕時(shí)未從傳送帶右端滑出），代入數(shù)據(jù)解得

7,

x=-m<L

4

所用的時(shí)間

—v2—5

t=殳——=------s=0.5s

26

故假設(shè)成立，在P的速度和傳送帶速度相等后,，會(huì)繼續(xù)減速速度小于傳送帶速度，所以摩擦力會(huì)突變向右,

由牛頓第二定律有

-mg+/Limg=2m%

得

2

ax=-4m/s

則速度減小到0的位移為

0-v；

—2%

代入數(shù)據(jù)得

1

x2=-m

則從匕減速到o的時(shí)間

—=^s=0.5s

,2

ax-4

由于

x+x工2

l12

故P不會(huì)從傳送帶右端滑出，后面以外向左加速,由

X+X]=；卬;

求得

「遼s

34

傳動(dòng)到傳送帶最左端的速度

v3-ait3=^^x4m/s=3V^m/s

隨后掉下傳送帶，則P在傳送帶上的時(shí)間

0.5+0.5+迪

，=4++/3s=1+-----S

4

I4J\7

A正確，BC錯(cuò)誤;

D.由動(dòng)能定理可得合外力對(duì)P做的功為

代入數(shù)據(jù)求得

吟一3.5J

D正確。

故選ADo

第n卷（共48分）

二、實(shí)驗(yàn)題（本大題共2小題，11題6分，12題10分，共16分）

11.如圖甲所示，一位同學(xué)利用光電計(jì)時(shí)器等器材做“驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律”的實(shí)驗(yàn)。有一直徑為d、質(zhì)量

為加的金屬小球由A處靜止釋放，下落過程中能通過A處正下方、固定于8處的光電門，測(cè)得A、8間的

距離為〃，光電計(jì)時(shí)器記錄下小球通過光電門的時(shí)間為心當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣葹間。則：

/O金屬球

接計(jì)

時(shí)器

（1）如圖乙所示，用游標(biāo)卡尺測(cè)得小球的直徑d=emo

（2）多次改變高度〃，重復(fù)上述實(shí)驗(yàn)，作出:隨〃的變化圖像如圖丙所示，當(dāng)圖中已知量辦、名和重

力加速度g及小球的直徑d滿足以下表達(dá)式：時(shí)，可判斷小球下落過程中機(jī)械能守恒。

（3）某次實(shí)驗(yàn)發(fā)現(xiàn)動(dòng)能增加量AEk總是大于重力勢(shì)能減少量轉(zhuǎn)，則可能的原因是（多選）

A.金屬球從A點(diǎn)下落時(shí)初速度不為零

B.小杰測(cè)量的高度〃為金屬球在A點(diǎn)時(shí)球底與光電門B點(diǎn)的高度差

C.小球下落的高度太高，以致下落過程中空氣阻力的影響比較大

屋

【答案】0.1.86##1.87gH0=—③.AB##BA

【解析】

【詳解】（1）[1]用游標(biāo)卡尺測(cè)得小球的直徑

d=1.80cm+6x0.01cm=1.86cm

（2）⑵若小球下落過程中機(jī)械能守恒，則

mgH0二—m

（3）[3]A.根據(jù)能量守恒推斷金屬球從A點(diǎn)下落時(shí)初速度不為零，則末速度大，動(dòng)能增加量峽偏大

妝＞第

故A正確；

B.小杰測(cè)量的高度〃為金屬球在A點(diǎn)時(shí)球底與光電門B點(diǎn)的高度差，則“偏小，重力勢(shì)能妝偏小

AEKk>AEPp

故B正確;

C.小球下落的高度太高，以致下落過程中空氣阻力的影響比較大，則末速度偏小，AEk偏小

AE<AE

KkPp

故C錯(cuò)誤。

故選ABo

12.某校舉行了一次物理實(shí)驗(yàn)操作技能比賽，其中一項(xiàng)比賽為選用合適的電學(xué)元件設(shè)計(jì)合理的電路，并能較

準(zhǔn)確地測(cè)量同一電池組的電動(dòng)勢(shì)及其內(nèi)阻。提供的器材如下:

圖d

A.電流表G（滿偏電流10mA,內(nèi)阻為10。）

B.電流表A（0~0.6A~3A,內(nèi)阻未知）

C.電壓表V（0?5V?10V,內(nèi)阻未知）

D.滑動(dòng)變阻器尺（0-20Q,1A）

E.定值電阻&（阻值為990。）

F.開關(guān)與導(dǎo)線若干

（1）圖（a）是小李同學(xué)根據(jù)選用的儀器設(shè)計(jì)的測(cè)量該電池組電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻的電路圖。根據(jù)該實(shí)驗(yàn)電路測(cè)

出的數(shù)據(jù)繪制的/「人圖線如圖（b）所示（人為電流表G的示數(shù)，右為電流表A的示數(shù)），則由圖線可以

得到被測(cè)電池組的電動(dòng)勢(shì)E=V,內(nèi)阻尸Qo（結(jié)果均保留2位有效數(shù)字）

（2）另一位小張同學(xué)則設(shè)計(jì)了圖（c）所示的實(shí)驗(yàn)電路對(duì)電池組進(jìn)行測(cè)量，記錄了單刀雙擲開關(guān)S2分別接

1、2對(duì)應(yīng)電壓表的示數(shù)。和電流表的示數(shù)/；根據(jù)實(shí)驗(yàn)記錄的數(shù)據(jù)繪制圖線如圖（d）中所示的/、B

兩條圖線。可以判斷圖線N是利用單刀雙擲開關(guān)S2接（選填“1”或“2”）中的實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)描出的；

分析43兩條圖線可知，此電池組的電動(dòng)勢(shì)為￡=,內(nèi)阻尸o（用圖中E，、EB、IA、〃表

示）

E.

【答案】①.7.5②.5.0③.1④.EA⑤.

1B

【解析】

【詳解】（1）電流表G和定值電阻串聯(lián)，其可看成一個(gè)電壓表，則根據(jù)閉合電路的歐姆定律有

￡=（&+凡）+（4+，2）「

整理可得

rrE

/]=----------T-----12T---------------

RG+R0+r~4+&+，"

設(shè)該圖像的方程為

/]=—kJ?+b

將坐標(biāo)（0.1,7）,（0.5,5）代入可得

4=—0.5/2+7.5

則圖線與縱軸會(huì)相交于的位置（0,7.5mA）,則有

E.

-------------=7.5x10-3A

RG+&+T

k=r=（7-力1。，一

（j+7?nu+r0.5—0.1

聯(lián)立可得

E=7.5V,r=5.0Q

（2）[3][4][5]由圖（c）分析可知，單刀雙擲開關(guān)接1和2時(shí)，只是電流表的內(nèi)接與外接差別：當(dāng)S2接1時(shí),

是電流表的內(nèi)接法（相對(duì)于電源），從圖（d）可以看出，當(dāng)電流表的示數(shù)為零時(shí)，即電源的外電路斷開，

而對(duì)電源來說斷路電壓就是電動(dòng)勢(shì)，根據(jù)實(shí)驗(yàn)原理知：圖像的縱截距

1\=E

由于電流表內(nèi)阻的影響，則短電流

，短1<，短

即橫截距(即短路電流)小于真實(shí)值。當(dāng)S2接2時(shí)，電流表相對(duì)于電源外接，同理可以看出，當(dāng)電流的示

數(shù)為零時(shí)，但由于電壓表與電源仍構(gòu)成通路，則此時(shí)路端電壓小于電動(dòng)勢(shì)，根據(jù)實(shí)驗(yàn)原理知：圖像的縱截

距

\<E

由于電流表的測(cè)量值就是通過電源的電源，則

/短2=/短

即圖像的橫截距是真實(shí)值。總結(jié)以上兩點(diǎn)可知，U-/圖像中縱截距小的&是S2接2的數(shù)據(jù)所繪。圖線/

是S2接1時(shí)中的實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)描出，則電源電動(dòng)勢(shì)

E=EA

電源內(nèi)阻

EE

TA

四、計(jì)算題(本大題共3小題，13題12分，14題13分，15題18分，共41分)

13.如圖所示，兩個(gè)橫截面積相同、導(dǎo)熱性能良好的汽缸豎直放置在水平面上，右側(cè)汽缸頂端封閉，左側(cè)汽

缸頂部開口與大氣連通，兩個(gè)汽缸通過底部的細(xì)管連通，細(xì)管上裝有閥門K,閥門關(guān)閉時(shí)，在左側(cè)汽缸中

用質(zhì)量為加、截面積為S的活塞封閉體積為憶的氣柱A,右側(cè)汽缸內(nèi)封閉有體積為2%的氣柱B,打開閥

門K,右側(cè)汽缸中氣體緩慢流入左側(cè)汽缸中，當(dāng)左側(cè)汽缸中氣體體積為2%時(shí)，兩汽缸中氣體壓強(qiáng)相等。不

計(jì)活塞厚度，活塞與汽缸內(nèi)壁無摩擦且不漏氣，大氣壓強(qiáng)為網(wǎng)旦，重力加速度為g，環(huán)境溫度始終不變，

S

封閉氣體可視為理想氣體，不計(jì)細(xì)管的容積。

(1)求未打開閥門時(shí)右側(cè)汽缸中氣體的壓強(qiáng)。

(2)全過程氣體吸收的熱量。

AKB

【答案】⑴PL饕；⑵。=整

【解析】

【詳解】（1）未打開閥門時(shí)，對(duì)/中氣體有

PAlS=PoS+mg

解得

3mg

PAI=一^―

設(shè)2中氣體的壓強(qiáng)為。B1，打開閥門后，根據(jù)玻意耳定律有

pAy+pm-2V=pAl.4V

解得

9mg

PBI=..

（2）氣體發(fā)生等溫變化，則氣體的內(nèi)能不變，根據(jù)熱力學(xué)第一定律有

Q+W=0

解得

14.如圖所示，將一張長方形紙板放在水平桌面上，紙板T端稍稍伸出桌外，將一物塊置于距紙板左邊界

d=0.2m處。用水平向右的拉力廠將紙板迅速抽出，如果拉力足夠大，物塊幾乎不動(dòng)落在桌面上，這就是

大家熟悉的慣性演示實(shí)驗(yàn)。若物塊的質(zhì)量為啊=0.5kg,紙板的質(zhì)量為加2=0-3kg,物塊與紙板、紙板與

桌面、物塊與桌面之間的動(dòng)摩擦因數(shù)均為〃=0.5,重力加速度為g=10m/s2,假定最大靜摩擦力等于滑

動(dòng)摩擦力。求：

（1）當(dāng)紙板相對(duì)物塊運(yùn)動(dòng)時(shí)，桌面對(duì)紙板摩擦力了的大?。?/p>

（2）要使物塊與紙板發(fā)生相對(duì)滑動(dòng)，拉力尸應(yīng)滿足的條件；

（3）若物塊移動(dòng)的距離超過/=0.002m,人眼就能感知到物塊位置的變化，忽略物塊的體積因素影響，為

確保實(shí)驗(yàn)成功，紙板所需最小拉力的大小片。

【答案】（1）4N；（2）尸＞8N；（3）308N

【解析】

【詳解】（1）當(dāng)紙板相對(duì)物塊運(yùn)動(dòng)時(shí)，桌面對(duì)紙板摩擦力的大小

f-H（加i+加2）g=4N

（2）物塊與紙板發(fā)生相對(duì)滑動(dòng)時(shí)，物塊與紙板間摩擦力

工=〃叫g(shù)

紙板與桌面之間的摩擦力

-=〃（㈣+加2）g

設(shè)物塊的加速度為q,紙板的加速度為電，則

工=叫為

Fma

-fl-f2=22

物塊與紙板發(fā)生相對(duì)滑動(dòng)，則

a2>ax

解得

F>2〃（加i+加2）g=8N

（3）對(duì)物塊由牛頓第二定律得

/dmxg=mxa3

對(duì)紙板由牛頓第二定律得

F]-fimxg-〃（加i+加2）g=m2a4

物塊的位移大小

12

%]二5卬]

紙板的位移大小

二1,2

+u=-a/]

紙板抽出后物塊運(yùn)動(dòng)的距離

_j_/

X2=2%2

a5=a3=pig

由題意知

=a5t2'I=x1+x2

解得

K=2〃（加1+/%）g+m2g=308N

15.某興趣小組設(shè)計(jì)了一個(gè)磁懸浮列車的驅(qū)動(dòng)模型，簡化原理如圖甲所示，。町