安徽省池州市第六中學(xué)高三物理知識(shí)點(diǎn)試題含解析

安徽省池州市第六中學(xué)高三物理知識(shí)點(diǎn)試題含解析一、選擇題：本題共5小題，每小題3分，共計(jì)15分．每小題只有一個(gè)選項(xiàng)符合題意1.如圖，輕桿的一端緊固一光滑球體，桿的另一端O為自由轉(zhuǎn)動(dòng)軸，而球又?jǐn)R置在光滑斜面上。若桿與墻面的夾角為β，下面傾角為α，開(kāi)始時(shí)輕桿與豎直方向的夾角β＜α，且α+β＜90°，則為使斜面能在光滑地面上向右作勻速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，在球體離開(kāi)斜面之前，作用于斜面上的水平外力F的大小及輕桿受力T的大小變化情況是

（

）

A．F逐漸增大，T逐漸減小

B．F逐漸減小，T逐漸增大

C．F逐漸增大，T先減小后增大

D．F逐漸減小，T先減小后增大參考答案：

答案：C2.2012年8月3日中國(guó)選手董棟在倫敦奧運(yùn)會(huì)奪得男子蹦床金牌。忽略空氣阻力，下面說(shuō)法正確的是

A．運(yùn)動(dòng)員下落到剛接觸蹦床時(shí)，速度最大

B．運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)時(shí)，床對(duì)運(yùn)動(dòng)員的作用力大于運(yùn)動(dòng)員對(duì)床的作用力

C．從剛接觸蹦床到運(yùn)動(dòng)至最低點(diǎn)的過(guò)程中，運(yùn)動(dòng)員的加速度先減小后增大

D．在下落過(guò)程中，重力對(duì)運(yùn)動(dòng)員所做的功等于其重力勢(shì)能的減小參考答案：CD3.下列說(shuō)法中不正確的是

A.玻璃裂痕處在光的照射下，看上去會(huì)比周?chē)黠@變亮，是由于光的全反射

B.無(wú)影燈主要是應(yīng)用了光的衍射，光導(dǎo)纖維是應(yīng)用了光的全反射現(xiàn)象

C.原子輻射光子的頻率，是由發(fā)生躍遷的兩能級(jí)的能量差決定

D.在重核的裂變、輕核的聚變中，均有質(zhì)量虧損，釋放大量的核能參考答案：答案：B4.（單選）M、N兩顆質(zhì)量相同的衛(wèi)星繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，其軌道如圖所示，已知M衛(wèi)星的軌道半徑大于N衛(wèi)星的軌道半徑，則(

)A.M衛(wèi)星與地球中心連線(xiàn)在相等的時(shí)間內(nèi)轉(zhuǎn)過(guò)的角度較大B.M衛(wèi)星的機(jī)械能大于N衛(wèi)星的機(jī)械能C.M衛(wèi)星的速度變化更快D.M衛(wèi)星在相同的時(shí)間內(nèi)經(jīng)過(guò)的路程較長(zhǎng)參考答案：B。由和可得：，A錯(cuò)；發(fā)射的衛(wèi)星赿高，所具有的發(fā)射速度大，克服萬(wàn)有引力做的功就多，即M衛(wèi)星的機(jī)械能大于N衛(wèi)星的機(jī)械能，B對(duì)；由可知N衛(wèi)星速度變化快，C錯(cuò)；又由可得：即在相同時(shí)間內(nèi)N衛(wèi)星經(jīng)過(guò)路程較長(zhǎng)，D錯(cuò)；故本題選擇B答案。5.某水電站，用總電阻為2.5的輸電線(xiàn)輸電給500km外的用戶(hù)，其輸出電功率是3×106kW?，F(xiàn)用500kV電壓輸電，則下列說(shuō)法正確的是（）A.輸電線(xiàn)上輸送的電流大小為2.0×105AB.輸電線(xiàn)上由電阻造成的損失電壓為15kVC.若改用5kV電壓輸電，則輸電線(xiàn)上損失的功率為9×108kWD.輸電線(xiàn)上損失的功率為△P＝U2/r，U為輸電電壓，r為輸電線(xiàn)的電阻參考答案：B二、填空題：本題共8小題，每小題2分，共計(jì)16分6.（5分）兩個(gè)共力點(diǎn)F1,F2互相垂直，合力為F，F(xiàn)1與F之間的夾角為α，F(xiàn)2與F之間的夾角β，如圖所示，若保持合力F的大小和方向均不變，而改變F1時(shí)，對(duì)于F2的變化情況以下判斷正確的是

A.若保持α不變而減小F1，則β變小，F(xiàn)2變大；

B.若保持α不變而減小F1，則β變小，F(xiàn)2變?。?/p>

C.若保持F1的大小不變而減小α，則β變小，F(xiàn)2變大；

D.若保持F1的大小不變而減小α，則β變小，F(xiàn)2變小。參考答案：

AD7.地球繞太陽(yáng)公轉(zhuǎn)的周期為T(mén)1，軌道半徑為R1，月球繞地球公轉(zhuǎn)的周期為T(mén)2，軌道半徑為R2，則太陽(yáng)的質(zhì)量是地球質(zhì)量的____倍。參考答案：8.如圖所示，從傾角為θ的足夠長(zhǎng)斜面上的A點(diǎn)，先后將同一個(gè)小球以不同的初速度水平向右拋出．第一次初速度為υ1，球落到斜面上時(shí)瞬時(shí)速度方向與斜面夾角為α1；第二次初速度為υ2，球落到斜面上時(shí)瞬時(shí)速度方向與斜面夾角為α2．不計(jì)空氣阻力，若υ1>υ2，則α1

α2（填>、=、<）．參考答案：＝

9.（3分）一個(gè)質(zhì)量為m的皮球，從距地面高為h處自由落下，反彈回去的高度為原來(lái)的3/4，若此時(shí)立即用力向下拍球，使球再次反彈回到h高度。設(shè)空氣阻力大小不變，且不計(jì)皮球與地面碰撞時(shí)的機(jī)械能損失，則拍球時(shí)需對(duì)球做的功為

。參考答案：mgH/210.電容器作為儲(chǔ)能器件，在生產(chǎn)生活中有廣泛的應(yīng)用。對(duì)給定電容值為C的電容器充電，無(wú)論采用何種充電方式，其兩極間的電勢(shì)差u隨電荷量q的變化圖像都相同。（1）請(qǐng)?jiān)趫D1中畫(huà)出上述u–q圖像。類(lèi)比直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)中由v–t圖像求位移方法，求兩極間電壓為U時(shí)電容器所儲(chǔ)存的電能Ep。（

）______（2）在如圖2所示的充電電路中，R表示電阻，E表示電源（忽略?xún)?nèi)阻）。通過(guò)改變電路中元件的參數(shù)對(duì)同一電容器進(jìn)行兩次充電，對(duì)應(yīng)的q–t曲線(xiàn)如圖3中①②所示。a．①②兩條曲線(xiàn)不同是______（選填E或R）的改變?cè)斐傻?；b．電容器有時(shí)需要快速充電，有時(shí)需要均勻充電。依據(jù)a中的結(jié)論，說(shuō)明實(shí)現(xiàn)這兩種充電方式的途徑。__________________（3）設(shè)想使用理想的“恒流源”替換（2）中電源對(duì)電容器充電，可實(shí)現(xiàn)電容器電荷量隨時(shí)間均勻增加。請(qǐng)思考使用“恒流源”和（2）中電源對(duì)電容器的充電過(guò)程，填寫(xiě)下表（選填“增大”、“減小”或“不變”）。

“恒流源”（2）中電源電源兩端電壓________通過(guò)電源的電流________

參考答案：

(1).

(2).

(3).R

(4).要快速度充電時(shí)，只要減小圖2中的電阻R；要均勻充電時(shí)，只要適當(dāng)增大圖2中的電阻R即可

(5).增大

(6).不變

(7).不變

(8).減小【詳解】由電容器電容定義式得到圖象，類(lèi)比圖象求位移求解電量，由圖3斜率解決兩種充電方式不同的原因和方法；根據(jù)電容器充電過(guò)程中電容器兩極板相當(dāng)于電源解答(1)由電容器電容定義式可得：，整理得：，所以圖象應(yīng)為過(guò)原點(diǎn)的傾斜直線(xiàn)，如圖：由題可知，兩極間電壓為U時(shí)電容器所儲(chǔ)存的電能即為圖線(xiàn)與橫軸所圍面積，即，當(dāng)兩極間電壓為U時(shí)，電荷量為，所以；(2)a.由于電源內(nèi)阻不計(jì)，當(dāng)電容器充滿(mǎn)電后電容器兩端電壓即電源的電動(dòng)勢(shì)，電容器最終的電量為：，由圖可知，兩種充電方式最終的電量相同，只是時(shí)間不同，所以①②曲線(xiàn)不同是R造成的；b.由圖3可知，要快速度充電時(shí)，只要減小圖2中的電阻R，要均勻充電時(shí)，只要適當(dāng)增大圖2中的電阻R即可；(3)在電容器充電過(guò)程中在電容器的左極板帶正電，右極板帶負(fù)電，相當(dāng)于另一電源，且充電過(guò)程中電量越來(lái)越大，回路中的總電動(dòng)勢(shì)減小，當(dāng)電容器兩端電壓與電源電動(dòng)勢(shì)相等時(shí)，充電結(jié)束，所以換成“恒流源”時(shí)，為了保證電流不變，所以“恒流源兩端電壓要增大，通過(guò)電源的電流不變，在(2)電源的電壓不變，通過(guò)電源的電流減小。11.應(yīng)用物理知識(shí)分析生活中的常見(jiàn)現(xiàn)象，可以使物理學(xué)習(xí)更加有趣和深入．例如平伸手掌托起物體，由靜止開(kāi)始豎直向上運(yùn)動(dòng)，直至將物體拋出．對(duì)此現(xiàn)象分析正確的是A．受托物體向上運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中，物體始終處于超重狀態(tài)B．受托物體向上運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中，物體始終處于失重狀態(tài)C．在物體離開(kāi)手的瞬間，物體的加速度大于重力加速度D．在物體離開(kāi)手的瞬間，手的加速度大于重力加速度參考答案：D12.如圖所示，兩條平行金屬導(dǎo)軌ab、cd置于磁感應(yīng)強(qiáng)度B=0.5T的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，兩導(dǎo)軌間的距離l=0.6m，導(dǎo)軌間連有電阻R。金屬桿MN垂直置于導(dǎo)軌上，且與軌道接觸良好，現(xiàn)使金屬桿MN沿兩條導(dǎo)軌向右勻速運(yùn)動(dòng)，產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為3V。由此可知，金屬桿MN滑動(dòng)的速度大小為 m/s；通過(guò)電阻R的電流方向?yàn)?/p>

（填“aRc”或“cRa”）。

參考答案：10；cRa13.一人造地球衛(wèi)星繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，假如該衛(wèi)星變軌后仍做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，動(dòng)能減小為原來(lái)的1/4，不考慮衛(wèi)星質(zhì)量的變化，則變軌前后衛(wèi)星的軌道半徑之比為

，周期之比為

。參考答案：1︰4

；

1︰8三、簡(jiǎn)答題：本題共2小題，每小題11分，共計(jì)22分14.（選修3—3（含2—2））（7分）如圖所示是一定質(zhì)量的氣體從狀態(tài)A經(jīng)狀態(tài)B到狀態(tài)C的p－T圖象，已知?dú)怏w在狀態(tài)B時(shí)的體積是8L，求氣體在狀態(tài)A和狀態(tài)C的體積分別是多大？并判斷氣體從狀態(tài)B到狀態(tài)C過(guò)程是吸熱還是放熱？參考答案：解析：由圖可知：從A到B是一個(gè)等溫過(guò)程，根據(jù)玻意耳定律可得：……(2分)

代入數(shù)據(jù)解得：……………(1分)

從B到C是一個(gè)等容過(guò)程，

……………(1分)

【或由，代入數(shù)據(jù)解得：】

由圖可知?dú)怏w從B到C過(guò)程為等容變化、溫度升高，……(1分)故氣體內(nèi)能增大，……(1分)由熱力學(xué)第一定律可得該過(guò)程氣體吸熱?！?1分)15.（8分）一定質(zhì)量的理想氣體由狀態(tài)A經(jīng)狀態(tài)B變?yōu)闋顟B(tài)C，其中AB過(guò)程為等壓變化，BC過(guò)程為等容變化。已知VA=0.3m3，TA=TB=300K、TB=400K。（1）求氣體在狀態(tài)B時(shí)的體積。（2）說(shuō)明BC過(guò)程壓強(qiáng)變化的微觀(guān)原因（3）沒(méi)AB過(guò)程氣體吸收熱量為Q，BC過(guò)氣體

放出熱量為Q2，比較Q1、Q2的大小說(shuō)明原因。參考答案：解析：（1）設(shè)氣體在B狀態(tài)時(shí)的體積為VB，由蓋--呂薩克定律得，，代入數(shù)據(jù)得。(2)微觀(guān)原因：氣體體積不變，分子密集程度不變，溫度變小，氣體分子平均動(dòng)能減小，導(dǎo)致氣體壓強(qiáng)減小。(3)大于；因?yàn)門(mén)A=TB，故AB增加的內(nèi)能與BC減小的內(nèi)能相同，而AB過(guò)程氣體對(duì)外做正功，BC過(guò)程氣體不做功，由熱力學(xué)第一定律可知大于?？键c(diǎn)：壓強(qiáng)的微觀(guān)意義、理想氣體狀態(tài)方程、熱力學(xué)第一定律四、計(jì)算題：本題共3小題，共計(jì)47分16.（15分）如圖所示，小球A系在細(xì)線(xiàn)的一端，線(xiàn)的另一端固定在O點(diǎn)，O到光滑水平面的距離為h=0.8m，已知A的質(zhì)量為m，物塊B的質(zhì)量是小球A的5倍，置于水平傳送帶左端的水平面上且位于O點(diǎn)正下方，傳送帶右端有一帶半圓光滑軌道的小車(chē)，小車(chē)的質(zhì)量是物塊B的5倍，水平面、傳送帶及小車(chē)的上表面平滑連接，物塊B與傳送帶間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ=0.5，其余摩擦不計(jì)，傳送帶長(zhǎng)L=3.5m，以恒定速率v0=6m/s順時(shí)針運(yùn)轉(zhuǎn)．現(xiàn)拉動(dòng)小球使線(xiàn)水平伸直后由靜止釋放，小球運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)時(shí)與物塊發(fā)生彈性正碰，小球反彈后上升到最高點(diǎn)時(shí)與水平面的距離為，若小車(chē)不固定，物塊剛好能滑到與圓心O1等高的C點(diǎn)，重力加速度為g，小球與物塊均可視為質(zhì)點(diǎn)，求：（1）小球和物塊相碰后物塊B的速度VB大小．（2）若滑塊B的質(zhì)量為mB=1kg，求滑塊B與傳送帶之間由摩擦而產(chǎn)生的熱量Q及帶動(dòng)傳送帶的電動(dòng)機(jī)多做的功W電．（3）小車(chē)上的半圓軌道半徑R大小．參考答案：解：（1）小球A下擺及反彈上升階段機(jī)械能守恒，由機(jī)械能守恒定律得：mgh=mvA2，mg?h=mv12，A．B碰撞過(guò)程系統(tǒng)動(dòng)量守恒，以A的初速度方向?yàn)檎较?，由?dòng)量守恒定律得：mvA=﹣mv1+5mvB，代入數(shù)據(jù)解得：vB=1m/s；（2）經(jīng)過(guò)時(shí)間t，B與傳送帶速度相等，由勻變速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)速度公式得：v0=vB+μgt，代入數(shù)據(jù)解得：t=1s，物塊滑行的距離為：，解得：s物=3.5m=L，傳送帶的位移為：s傳=v0t=6×1=6m，則有：S相=S傳﹣S物=6﹣3.5=2.5m，Q=fS相=μmgS相，電動(dòng)機(jī)多做的功為：W電=，代入數(shù)據(jù)解得：W電=30J．（3）物塊在傳送帶上一直加速到達(dá)右端時(shí)恰好與傳送帶速度相等，系統(tǒng)水平方向動(dòng)量守恒，以向右為正方向，由動(dòng)量守恒定律得：5mv0=（5m+25m）v，由機(jī)械能守恒定律得：，代入數(shù)據(jù)解得：R=1.5m；答：（1）小球和物塊相碰后物塊B的速度VB大小為1m/s．（2）滑塊B與傳送帶之間由摩擦而產(chǎn)生的熱量Q及帶動(dòng)傳送帶的電動(dòng)機(jī)多做的功W電為30J．（3）小車(chē)上的半圓軌道半徑R大小為1.5m．【考點(diǎn)】動(dòng)量守恒定律；功能關(guān)系．【專(zhuān)題】計(jì)算題；定量思想；方程法；動(dòng)量定理應(yīng)用專(zhuān)題．【分析】（1）小球下擺與反彈后上升過(guò)程機(jī)械能守恒，A、B碰撞過(guò)程系統(tǒng)動(dòng)量守恒，應(yīng)用機(jī)械能守恒定律與動(dòng)量守恒定律可以求出速度．（2）應(yīng)用勻變速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)的速度公式與位移公式求出相對(duì)位移，然后求出摩擦力產(chǎn)生的熱量，再求出電動(dòng)機(jī)做功．（3）應(yīng)用勻變速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)的運(yùn)動(dòng)學(xué)公式與動(dòng)量守恒定律、機(jī)械能守恒定律可以求出圓軌道半徑．17.（9分）如圖所示，打樁機(jī)錘頭質(zhì)量為M，從距樁頂h高處自由下落，打在質(zhì)量為m的木樁上，且在極短時(shí)間內(nèi)便隨樁一起向下運(yùn)動(dòng)，使得木樁深入泥土的距離為s，那么在木樁下陷過(guò)程中泥土對(duì)木樁的平均阻力是多少？參考答案：

解析：

18.如圖所示，一塊質(zhì)量為M長(zhǎng)為L(zhǎng)的均質(zhì)板放在很長(zhǎng)的光滑水平桌面上，板的左端有一質(zhì)量為m的物塊(可視為質(zhì)點(diǎn))，物塊上連接一根很長(zhǎng)的細(xì)繩，細(xì)繩跨過(guò)位于桌面的定滑輪，某人以恒定的速率v向下拉繩，物塊最多只能到達(dá)板的中央，而此時(shí)木板的右端尚未到桌邊定滑輪，試求：

(1)物塊與板的動(dòng)摩擦因數(shù)及物體剛到達(dá)板的中點(diǎn)時(shí)板的位移?

(2)若板與桌面之間有摩擦，為使物體能達(dá)到板的右端，板與桌面間的動(dòng)摩擦因數(shù)范圍是多少?

(3)若板與桌面之間的動(dòng)摩擦因數(shù)取(2)問(wèn)中的最小值,在物體從板的左端運(yùn)動(dòng)到板的右端的過(guò)程中，人拉繩的力所做的功(其它阻力不計(jì))?參考答案：答：（1）m與M之間摩擦因數(shù)μ1=,當(dāng)物體剛達(dá)木板中點(diǎn)時(shí)木板的位移為．

（2）若木板與桌面之間有摩擦，為使物體能達(dá)到板的右端，板與桌面之間的動(dòng)摩擦因數(shù)應(yīng)滿(mǎn)足μ≥．

（3）在物體從板的左端運(yùn)動(dòng)到板的右端的過(guò)程中，人拉繩的力所做的功2Mv2考點(diǎn)：牛頓第二定律F=ma，摩擦力、勻變速運(yùn)動(dòng)規(guī)律和功的計(jì)算專(zhuān)題：物塊和木板模