云南省大理白族自治州2024屆高三下學(xué)期二?；瘜W(xué)試題（解析版）

高級(jí)中學(xué)名校試卷PAGEPAGE1云南省大理白族自治州2024屆高三下學(xué)期二模可能用到的相對(duì)原子質(zhì)量：H1C12Na23O16S32Cl35.5Cr52Fe56Cu64一、選擇題：本題共7小題，每小題6分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1.化學(xué)與生活密切相關(guān)，下列說法不合理的是（）A.青銅器“四羊方尊”的主要材質(zhì)為合金B(yǎng).具有導(dǎo)電性，可用于制作光電池C.乙二醇溶液可用作汽車的防凍液D.大豆蛋白纖維一種可降解材料〖答案〗B〖解析〗A．青銅器“四羊方尊”主要材質(zhì)為銅錫合金，故A正確；B．具有優(yōu)良的光學(xué)性能，可用于制作光導(dǎo)纖維，單質(zhì)硅制作光電池，故B錯(cuò)誤；C．乙二醇熔點(diǎn)低，可用作汽車的防凍液，故C正確；D．蛋白質(zhì)在酸性或堿性條件下能水解為氨基酸，大豆蛋白纖維是一種可降解材料，故D正確；選B。2.2022年諾貝爾化學(xué)獎(jiǎng)授予了對(duì)點(diǎn)擊化學(xué)和生物正交反應(yīng)做出貢獻(xiàn)的三位科學(xué)家。環(huán)辛烯衍生物(A)與四嗪(B)的生物正交反應(yīng)過程為下列說法錯(cuò)誤的是（）A.A中碳原子的雜化類型為sp2、sp3 B.B中雜環(huán)上四個(gè)氮原子共平面C.反應(yīng)1和反應(yīng)2均為消去反應(yīng) D.D中苯環(huán)上的一氯代物有6種〖答案〗C〖解析〗A．由題干A的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式可知，A中碳碳雙鍵上的碳原子采用sp2雜化，其余碳原子采用sp3雜化，即A中碳原子的雜化類型為sp2、sp3，A正確；B．由題干B的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式可知，B中雜環(huán)上的兩個(gè)碳原子和四個(gè)氮原子均采用sp2雜化，形成類似苯環(huán)的平面結(jié)構(gòu)，則四個(gè)氮原子共平面，B正確；C．由題干合成流程圖可知，反應(yīng)1為加成反應(yīng)，反應(yīng)2為消去反應(yīng)，C錯(cuò)誤；D．由題干D的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式可知，D的兩個(gè)苯環(huán)不相同，每個(gè)苯環(huán)上均有鄰間對(duì)三種位置關(guān)系，則D上兩個(gè)苯環(huán)上一共有6種氫原子，所以其苯環(huán)上的一氯代物有6種，D正確；故〖答案〗為：C。3.科學(xué)家利用四種原子序數(shù)依次遞增的短周期元素W、X、Y、Z“組合”成一種新型超分子，其分子結(jié)構(gòu)如下圖所示(Y和Y之間重復(fù)單元的W、X未全部標(biāo)出)，W、X、Z分別位于不同周期，Z是同周期中金屬性最強(qiáng)的元素，下列說法正確的是（）A.簡(jiǎn)單氣態(tài)氫化物的沸點(diǎn)：B.第一電離能：C.只含有離子鍵D.原子半徑：〖答案〗D〖祥解〗W、X、Y、Z是原子序數(shù)依次遞增的短周期元素，W、X、Z分別位于不同周期，則W為H元素，Y、Z分別位于第二、第三周期；Z是同周期中金屬性最強(qiáng)的元素，則Z為Na元素；新型超分子中X、Y形成的共價(jià)鍵數(shù)目分別為4、2，則X為C元素、Y為O元素?！驹斘觥緼．水分子能形成分子間氫鍵，甲烷不能形成分子間氫鍵，所以水分子的分子間作用力大于甲烷，沸點(diǎn)高于甲烷，故A錯(cuò)誤；B．金屬元素的第一電離能小于非金屬元素，同周期元素，從左到右第一電離能呈增大趨勢(shì)，所以三種元素的第一電離能大小順序?yàn)?，故B錯(cuò)誤；C．過氧化鈉是含有離子鍵和非極性鍵的離子化合物，故C錯(cuò)誤；D．三種原子中氫原子的原子半徑最小，同周期元素，從左到右原子半徑依次減小，則原子半徑大小順序?yàn)?，故D正確；故選D。4.第二代鈉離子電池是正極為錳基高錳普魯士白、負(fù)極為鑲嵌在硬碳中的鈉的一種新型二次電池，其工作原理如下圖所示。下列說法正確的是（）A.充電時(shí)，B極發(fā)生氧化反應(yīng)B.充電時(shí)，穿過離子交換膜在A極上得電子C.配離子中配體為D.放電時(shí)，正極反應(yīng)為〖答案〗C〖祥解〗由圖可知，放電時(shí)，B極是原電池的負(fù)極，鑲嵌在硬碳中的鈉失去電子發(fā)生氧化反應(yīng)生成鈉離子，電極反應(yīng)式為Na—e—=Na+，A極是正極，在鈉離子作用下，Mn[Mn(CN)6]在正極得到電子發(fā)生還原反應(yīng)生成Na2Mn[Mn(CN)6]，電極反應(yīng)式為Mn[Mn(CN)6]+2Na++2e—=Na2Mn[Mn(CN)6]，充電時(shí)，A極與直流電源的正極相連，做電解池的陽(yáng)極，B極為陰極?！驹斘觥緼．由分析可知，充電時(shí)，B極為陰極，鈉離子在陰極得到電子發(fā)生還原反應(yīng)生成鈉，故A錯(cuò)誤；B．由分析可知，充電時(shí)，A極與直流電源的正極相連，做電解池的陽(yáng)極，B極為陰極，則鈉離子穿過離子交換膜在B極上得電子，故B錯(cuò)誤；C．[Mn(CN)6]4+離子中中心離子為錳離子，配體為氰酸根離子，故C正確；D．由分析可知，放電時(shí)，A極是正極，在鈉離子作用下，Mn[Mn(CN)6]在正極得到電子發(fā)生還原反應(yīng)生成Na2Mn[Mn(CN)6]，電極反應(yīng)式為Mn[Mn(CN)6]+2Na++2e—=Na2Mn[Mn(CN)6]，故D錯(cuò)誤；故選C。5.只利用下列實(shí)驗(yàn)藥品，不能達(dá)到實(shí)驗(yàn)?zāi)康牡氖牵ǎ?shí)驗(yàn)?zāi)康膶?shí)驗(yàn)藥品A探究溫度對(duì)化學(xué)平衡的影響與混合氣體、冷水、熱水B驗(yàn)證乙醇的消去產(chǎn)物是乙烯乙醇、酸性高錳酸鉀溶液、濃硫酸C證明犧牲陽(yáng)極法保護(hù)鐵、、酸化的食鹽水、溶液D比較水和四氯化碳分子的極性、、〖答案〗B〖解析〗A．二氧化氮轉(zhuǎn)化為四氧化二氮的反應(yīng)為放熱反應(yīng)，將盛有二氧化氮和四氧化二氮混合氣體的玻璃球分別放入冷水和熱水中，放入冷水中的混合氣體顏色變淺、放入熱水中的混合氣體顏色變深，說明升高溫度，平衡向逆反應(yīng)方向移動(dòng)，降低溫度，平衡向正反應(yīng)方向移動(dòng)，所以用二氧化氮和四氧化二氮混合氣體、冷水、熱水可以達(dá)到探究溫度對(duì)化學(xué)平衡的影響的實(shí)驗(yàn)?zāi)康?，故A正確；B．乙醇具有揮發(fā)性，濃硫酸具有脫水性和強(qiáng)氧化性，則濃硫酸與乙醇共熱發(fā)生消去反應(yīng)制得的乙烯中混有二氧化硫和乙醇，二氧化硫、乙烯以及揮發(fā)出的乙醇均能被酸性高錳酸鉀溶液氧化，所以用乙醇、酸性高錳酸鉀溶液、濃硫酸不能達(dá)到驗(yàn)證乙醇的消去產(chǎn)物是乙烯的實(shí)驗(yàn)?zāi)康?，故B錯(cuò)誤；C．鋅和鐵在酸化的食鹽水中構(gòu)成原電池，金屬性強(qiáng)于鐵的鋅做正極被損耗，鐵做正極被保護(hù)，向反應(yīng)后的溶液中滴加鐵氰化鉀溶液，溶液中沒有藍(lán)色沉淀生成，則用鋅、鐵、酸化的食鹽水、鐵氰化鉀溶液可達(dá)到證明犧牲陽(yáng)極法保護(hù)鐵的實(shí)驗(yàn)?zāi)康?，故C正確；D．非極性分子碘微溶于極性分子水，易溶于非極性分子四氯化碳，則用水、四氯化碳、碘可以達(dá)到比較水和四氯化碳分子的極性的實(shí)驗(yàn)?zāi)康?，故D正確；故選B。6.某反應(yīng)可有效降低汽車尾氣污染物的排放，一定條件下該反應(yīng)(均為氣體)經(jīng)歷三個(gè)基元反應(yīng)階段，反應(yīng)歷程如下圖所示(TS表示過渡態(tài))。下列說法錯(cuò)誤的是（）A.該過程包含一個(gè)吸熱反應(yīng)和兩個(gè)放熱反應(yīng)B.反應(yīng)②逆反應(yīng)的活化能為C.該過程的總反應(yīng)為D.反應(yīng)③生成2mol時(shí)，轉(zhuǎn)移電子數(shù)為〖答案〗D〖祥解〗從圖中可得出三個(gè)熱化學(xué)方程式：反應(yīng)①：2NO=N2O2

△H1=+199.2kJ?mol-1；反應(yīng)②：N2O2+CO=CO2+N2O

△H2=-513.5kJ?mol-1；反應(yīng)③：CO2+N2O+CO=2CO2+N2

△H3=-306.6kJ?mol-1據(jù)此分析解題?！驹斘觥緼．由圖可知，三個(gè)基元反應(yīng)中，反應(yīng)②和反應(yīng)③的反應(yīng)物總能量大于生成物的總能量，屬于放熱反應(yīng)，①屬于吸熱反應(yīng)，A正確；B．正反應(yīng)活化能減焓變值為逆應(yīng)活化能，反應(yīng)②逆反應(yīng)的活化能為130kJ?mol-1-(-513.5)kJ?mol-1=，B正確；C．利用蓋斯定律，將反應(yīng)①+②+③得，

△H=+199.2kJ?mol-1+(-513.5kJ?mol-1)+(-306.6)kJ?mol-1]=-620.9kJ?mol-1，C正確；D．反應(yīng)③：CO2+N2O+CO=2CO2+N2

△H3=--306.6kJ?mol-1，根據(jù)反應(yīng)式可知N的化合價(jià)+1→0價(jià)，生成2mol時(shí)，轉(zhuǎn)移電子數(shù)為，D錯(cuò)誤；故選D。7.25℃時(shí)，用0.1溶液滴定同濃度的溶液，被滴定分?jǐn)?shù)與值、微粒分布分?jǐn)?shù)，X表示、或]的關(guān)系如圖所示，下列說法正確的是（）A.用溶液滴定0.1溶液可以用酚酞作指示劑B.25℃時(shí)，第二步電離平衡常數(shù)C.c點(diǎn)溶液中：D.a、b、c、d四點(diǎn)溶液中水的電離程度：〖答案〗A〖解析〗A．根據(jù)圖示，KHA溶液呈酸性，K2A溶液的pH≈10，酚酞的變色范圍是8~10，所以用溶液滴定0.1溶液可以用酚酞作指示劑，故A正確；B．根據(jù)圖示，c()=c()時(shí)，pH=7，25℃時(shí)，第二步電離平衡常數(shù)，故B錯(cuò)誤；C．c點(diǎn)溶液中，c()=c()，pH=7，c(H+)=c(OH-)，根據(jù)電荷守恒，，故C錯(cuò)誤；D．隨滴入KOH的體積增大，H2A減少、K2A最多，H2A抑制水電離，K2A水解促進(jìn)水電離，所以a、b、c、d四點(diǎn)溶液中水的電離程度，，故D錯(cuò)誤；選A。二、非選擇題8.近年來，人們發(fā)現(xiàn)不僅在顏料、防腐工業(yè)等方面具有廣泛的用途，而且的大單晶體是一種很重要的電光調(diào)制晶體，也是有機(jī)合成中性能優(yōu)良的催化劑。研究發(fā)現(xiàn)一種利用低品位銅礦(含、和等)為原料制取的工藝流程如下：已知：i．水溶液中不存在碳酸銅，碳酸銅遇水立即水解為堿式碳酸銅和氫氧化銅。ii.室溫時(shí)，的溶度積常數(shù)。（1）銅礦中未被氧化的物質(zhì)有___________。（2）濾液D中鐵離子的濃度約為___________。（3）向?yàn)V液D中先通氨氣的目的是_________。A.中和溶液中的 B.調(diào)節(jié)溶液值，生成沉淀C.有利于的生成 D.增加的溶解度（4）固體E主要是，生成的離子方程式是_______________________。（5）濾液F加熱生成、和，反應(yīng)的化學(xué)方程式是___________________。（6）若要制取99.5g，理論上至少需要質(zhì)量分?jǐn)?shù)為25%的的銅礦粉的質(zhì)量為___________g。（7）查閱資料：立方晶胞結(jié)構(gòu)如下圖所示，其晶胞參數(shù)為apm，以配位鍵與相結(jié)合，其中的配位數(shù)為________，晶體密度為_____________?！即鸢浮剑?）（2）（3）AC（4）（5）（6）320（7）4〖祥解〗由題給流程可知，向低品位銅礦中加入二氧化錳和稀硫酸酸浸，氧化鐵溶于稀硫酸生成硫酸鐵，硫化亞銅、氧化亞鐵被氧化生成硫、硫酸銅和硫酸鐵，過濾得到含有硫的濾渣和濾液；向?yàn)V液中加入氨水調(diào)節(jié)溶液pH，將溶液中鐵離子轉(zhuǎn)化為氫氧化鐵沉淀，過濾得到含有氫氧化鐵的濾渣和濾液；向?yàn)V液中先通氨氣將溶液中的銅離子轉(zhuǎn)化為四氨合銅離子，再加入碳酸氫銨將溶液中的錳離子轉(zhuǎn)化為碳酸錳沉淀，過濾得到含有碳酸錳的濾渣和濾液；加熱濾液，溶液中碳酸四氨合銅受熱分解生成氧化銅、氨氣、二氧化碳，過濾得到氧化銅；將氧化銅粉末與水、鹽酸、氯化鈉、銅混合反應(yīng)得到Na[CuCl2]，過濾得到含有Na[CuCl2]的濾液；向?yàn)V液中加入大量水，將Na[CuCl2]轉(zhuǎn)化為氯化亞銅沉淀，過濾得到氯化亞銅。【詳析】（1）由分析可知，加入二氧化錳和稀硫酸酸浸的目的是氧化鐵溶于稀硫酸生成硫酸鐵，硫化亞銅、氧化亞鐵被氧化生成硫、硫酸銅和硫酸鐵，則銅礦中未被二氧化錳氧化的物質(zhì)為氧化鐵；（2）由溶度積可知，溶液pH為3的溶液中，鐵離子濃度為=；（3）由分析可知，先通氨氣的目的是中和溶液中的氫離子，將溶液中的銅離子轉(zhuǎn)化為四氨合銅離子，有利于加入碳酸氫銨將溶液中的錳離子轉(zhuǎn)化為碳酸錳沉淀，故選AC；（4）由分析可知，加入碳酸氫銨的目的是將溶液中的錳離子轉(zhuǎn)化為碳酸錳沉淀，反應(yīng)的離子方程式為；（5）由分析可知，加熱濾液F的目的是溶液中碳酸四氨合銅受熱分解生成氧化銅、氨氣、二氧化碳，反應(yīng)的化學(xué)方程式為；（6）由銅原子個(gè)數(shù)守恒可知，若要制取99.5g氯化亞銅，理論上至少需要質(zhì)量分?jǐn)?shù)為25%的硫化亞銅的銅礦粉的質(zhì)量為=320g；（7）由晶胞結(jié)構(gòu)可知，晶胞中位于頂點(diǎn)和面心的亞銅離子個(gè)數(shù)為8×+6×=4，位于體內(nèi)的氯離子個(gè)數(shù)為4，晶胞中與氯離子距離最近的亞銅離子個(gè)數(shù)為4，則氯離子的配位數(shù)為4；設(shè)晶體的密度為dg/cm3，由晶胞的質(zhì)量公式可得：=(10—10a)3d，解得d=。9.三氯化鉻()可用作媒染劑和催化劑，易水解，650℃以上升華。某學(xué)習(xí)小組在實(shí)驗(yàn)室中用和制備無水并測(cè)定產(chǎn)品純度，進(jìn)行如圖實(shí)驗(yàn)探究，回答下列問題：（1）制備無水①所選裝置的連接順序?yàn)椋篈→___________→C→E(填“B”或“D”)，不選另一裝置的原因是：___________________________。②實(shí)驗(yàn)開始時(shí)，點(diǎn)燃酒精噴燈適合在水浴加熱之___________(填“前”或“后”)。③已知制備時(shí)有氣體生成，制備反應(yīng)的化學(xué)方程式為____________；氣體易水解則尾氣處理時(shí)適合選用的試劑為_________(填序號(hào))。A．溶液B．稀溶液C．水（2）測(cè)定產(chǎn)品純度(雜質(zhì)不參加反應(yīng))已知：準(zhǔn)確稱取31.7g產(chǎn)品，溫水溶解后稀釋至250，量取25.00溶液加入錐形瓶中，向其中加入足量充分反應(yīng)；將反應(yīng)后溶液加硫酸酸化至橙色，煮沸、冷卻后加入足量溶液；滴加淀粉作指示劑，用2標(biāo)準(zhǔn)溶液滴定，達(dá)到滴定終點(diǎn)時(shí)消耗標(biāo)準(zhǔn)液的體積為15。①加入足量的主要作用為__________________。②寫出加硫酸酸化后的橙色物質(zhì)與溶液發(fā)生反應(yīng)的離子方程式____________________。③反應(yīng)后溶液煮沸的目的為________________________。④產(chǎn)品中的質(zhì)量分?jǐn)?shù)為___________。〖答案〗（1）①D由于凝華后易堵塞B中的導(dǎo)管②前③A（2）①將氧化為②③除去殘留的④50%〖祥解〗由實(shí)驗(yàn)裝置圖可知，裝置A為四氯化碳?xì)饣b置，裝置B、D都為四氯化碳與氧化鉻共熱反應(yīng)制備、并冷凝收集氯化鉻的裝置，由題意可知，氯化鉻650℃以上升華，為防止氯化鉻凝華堵塞B的導(dǎo)管發(fā)生意外事故，實(shí)驗(yàn)時(shí)需要裝置D制備、收集氯化鉻，裝置C中盛有的濃硫酸用于吸收水蒸氣，防止水蒸氣進(jìn)入裝置D中導(dǎo)致氯化鉻水解，裝置E中盛有的氫氧化鈉溶液用于吸收光氣，防止污染空氣，則裝置的連接順序?yàn)锳DCE。【詳析】（1）①由分析可知，為防止氯化鉻凝華堵塞B的導(dǎo)管發(fā)生意外事故，實(shí)驗(yàn)時(shí)需要裝置D制備、收集氯化鉻，故〖答案〗為：D；由于凝華后易堵塞B中的導(dǎo)管；②實(shí)驗(yàn)開始時(shí)，先通氮?dú)馀疟M裝置中空氣后，點(diǎn)燃噴燈預(yù)熱三氧化二鉻，再水浴加熱提供四氯化碳可提高原料利用率，則點(diǎn)燃酒精噴燈適合在水浴加熱之前，故〖答案〗為：前；③由題給信息可知，制備氯化鉻的反應(yīng)為四氯化碳與三氧化二鉻高溫條件下反應(yīng)生成氯化鉻和光氣，反應(yīng)的化學(xué)方程式為；由分析可知，裝置E中盛有的氫氧化鈉溶液用于吸收光氣，防止污染空氣，故選A，故〖答案〗為：；A；（2）①由題意可知，加入足量過氧化氫溶液的主要作用為將溶液中的鉻離子氧化為鉻酸根離子，故〖答案〗為：將氧化為；②由題意可知，加硫酸酸化后的橙色物質(zhì)與碘化鉀溶液發(fā)生的反應(yīng)為重鉻酸根離子在酸性溶液中與溶液中的碘離子反應(yīng)生成鉻離子、碘和水，反應(yīng)的離子方程式為，故〖答案〗為：；③為防止過量的過氧化氫溶液氧化硫代硫酸根離子導(dǎo)致消耗硫代硫酸鈉溶液的體積偏大，加入過氧化氫溶液反應(yīng)后應(yīng)將溶液煮沸除去過量的過氧化氫溶液，故〖答案〗為：除去殘留的；④由題意可得如下轉(zhuǎn)化關(guān)系：2CrCl3—Cr2O—3I2—6S2O，滴定消耗15mL2mol/L硫代硫酸鈉溶液，則產(chǎn)品中氯化鉻的質(zhì)量分?jǐn)?shù)為×100%=50%，故〖答案〗為：50%。10.丙烯是重要的化工原料，可用于生產(chǎn)丙醇、鹵代烴和塑料。（1）工業(yè)上用丙烯加成法制備1，2-二氯丙烷，主要副產(chǎn)物為3-氯丙烯。反應(yīng)原理如下：I．Ⅱ.___________Ⅲ.。（2）某研究小組向密閉容器中充入一定量的和，分別在A、B兩種不同催化劑作用下發(fā)生反應(yīng)I，一段時(shí)間后測(cè)得的產(chǎn)率與溫度的關(guān)系如圖所示。①下列說法正確的是___________(填序號(hào))。A．使用催化劑B的最佳溫度約為250℃B．相同條件下，改變壓強(qiáng)會(huì)影響的產(chǎn)率C．催化劑不僅能改變反應(yīng)速率，還能改變平衡時(shí)產(chǎn)率D．兩種催化劑均能降低反應(yīng)的活化能，但不能改變的數(shù)值②在催化劑A作用下，溫度低于200°C時(shí)，的產(chǎn)率隨溫度升高變化不大，主要原因是___________________________________________。（3）反應(yīng)在不同溫度下達(dá)到平衡，在總壓強(qiáng)分別為和時(shí)，測(cè)得丙烷及丙烯的物質(zhì)的量分?jǐn)?shù)如圖所示。①b、c代表_________(填“丙烷”或“丙烯”)，_________(填“大于”“小于”或“等于”)②起始時(shí)充入一定量丙烷，在恒壓條件下發(fā)生反應(yīng)，Q點(diǎn)對(duì)應(yīng)溫度下丙烷的轉(zhuǎn)化率為___________(用分?jǐn)?shù)表示)，該反應(yīng)的平衡常數(shù)=___________(用平衡分壓代替平衡濃度計(jì)算，分壓=總壓×物質(zhì)的量分?jǐn)?shù))。（4）丙烷氧化脫氫法制備丙烯的反應(yīng)為，過程中還生成、等副產(chǎn)物。相同時(shí)間內(nèi)，的轉(zhuǎn)化率和的產(chǎn)率隨溫度變化的關(guān)系如圖所示。①550°C時(shí)，的選擇性為___________%(的選擇性=，計(jì)算結(jié)果精確到0.1)。②基于上述研究結(jié)果，能提高的選擇性的措施是___________________________?！即鸢浮剑?）-102（2）①BD②溫度較低或催化劑的活性較低，對(duì)化學(xué)反應(yīng)速率影響?。?）①丙烯小于②0.0625(或)（4）①61.5②選擇相對(duì)較低溫度〖解析〗（1）根據(jù)蓋斯定律可知，Ⅱ=I-Ⅲ，則；（2）①A．由圖示可知使用催化劑A時(shí)產(chǎn)率最高時(shí)，溫度約為450℃，所以使用催化劑A的最佳溫度約為450℃，A錯(cuò)誤；B．反應(yīng)Ⅰ是一個(gè)氣體分子數(shù)減少的反應(yīng)，改變壓強(qiáng)可以使該反應(yīng)的化學(xué)平衡發(fā)生移動(dòng)，故的產(chǎn)率會(huì)隨著壓強(qiáng)的改變而改變，B正確；C．加入催化劑平衡不移動(dòng)，則不能改變平衡時(shí)的產(chǎn)率，C錯(cuò)誤；D．催化劑能降低反應(yīng)的活化能，但不影響ΔH，D正確；故選BD；②在催化劑A作用下，溫度低于200℃時(shí)，的產(chǎn)率隨溫度升高變化不大，主要原因是溫度較低、催化劑的活性較低，對(duì)化學(xué)反應(yīng)速率影響小，故〖答案〗為：溫度較低、催化劑的活性較低，對(duì)化學(xué)反應(yīng)速率影響??；（3）①此反應(yīng)是吸熱反應(yīng)，溫度升高平衡正向移動(dòng)，丙烷的物質(zhì)的量分?jǐn)?shù)增加，丙烯的物質(zhì)的量分?jǐn)?shù)減小，由圖知，b、c曲線平衡時(shí)物質(zhì)的量分?jǐn)?shù)隨溫度升高而升高，所以b、c曲線代表丙烯；溫度一定，壓強(qiáng)增大，平衡逆向移動(dòng)，平衡時(shí)反應(yīng)物丙烷物質(zhì)的量分?jǐn)?shù)增大，故P2小于P1；②圖像中可知丙烷在Q點(diǎn)物質(zhì)的量分?jǐn)?shù)為50%，設(shè)丙烷物質(zhì)的量為1mol，消耗物質(zhì)的量為x列出三段式可得解得x=；Q點(diǎn)C3H8的物質(zhì)的量分?jǐn)?shù)為50%，C3H6和H2的物質(zhì)的量分?jǐn)?shù)為25%，；（4）①由題干圖像信息可知，550℃時(shí)，設(shè)C3H8的起始量為n，C3H6的產(chǎn)率為8%，而C3H8的轉(zhuǎn)化率為13%，故此溫度下C3H6的選擇性=×100%=61.5%；③由圖2可知，升高溫度，C3H6的選擇性減小，故能提高C3H6選擇性的措施是選擇相對(duì)較低的溫度，增大主反應(yīng)產(chǎn)生的C3H6的反應(yīng)速率，故〖答案〗為：選擇相對(duì)較低的溫度。11.褪黑素是迄今發(fā)現(xiàn)的最強(qiáng)的內(nèi)源性自由基清除劑。褪黑素的基本功能就是參與抗氧化系統(tǒng)，防止細(xì)胞產(chǎn)生氧化損傷，在這方面，它的功效超過了已知的所有體內(nèi)物質(zhì)。某研究小組以乙炔為原料，設(shè)計(jì)合成褪黑素，合成路線如下(部分反應(yīng)條件已省略)：已知：無水乙酸鈉在堿石灰作用下發(fā)生反應(yīng)：回答下列問題：（1）B→C的反應(yīng)類型為___________，C中含氧官能團(tuán)的名稱為___________，C分子是否為手性分子：___________(填“是”或“否”)。（2）已知：，通常用酯基和氨基生成酰胺基，不用羧基和氨基直接反應(yīng)，結(jié)合成鍵元素間電負(fù)性差值大小解釋原因_______________________________________________________________。元素HCO電負(fù)性2.12.53.5（3）E→F過程中，反應(yīng)i的化學(xué)方程式為：_______________________________。（4）J的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式為___________________，其中氮原子的雜化軌道類型為_________。（5）寫出符合下列條件的H的一種同分異構(gòu)體(不考慮立體異構(gòu))的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式_______________________。i．含有3個(gè)六元環(huán)，其中1個(gè)是苯環(huán)；ii.含有結(jié)構(gòu)，不含鍵；iii.含有4種不同化學(xué)環(huán)境的氫原子。（6）綜合上述信息并結(jié)合所學(xué)知識(shí)，在下圖方框中填寫合適的物質(zhì)(寫結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式)。①________________；②_________________；③___________________?！即鸢浮剑?）加成反應(yīng)酯基否（2）羧基中氧氫元素電負(fù)性差值較大，因此羧基中O-H鍵比C-O鍵更容易斷裂