四川孰眉二中2025屆高三物理下學期適應性考試試題含解析

PAGE15-四川省峨眉二中2025屆高三物理下學期適應性考試試題（含解析）第Ⅰ卷一、選擇題：本題共8小題，每小題6分，共48分。在每小題給出的四個選項中，第1～4題只有一項符合題目要求，第5～8題有多項符合題目要求。全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。1.某放射性元素樣品在9天內衰變后剩下，其半衰期是（）A.6天 B.4.5天 C.3天 D.1.5天【答案】B【解析】【詳解】依據(jù)半衰期公式

結合在9天內衰變后剩下可得則有天即半衰期為4.5天，故B正確，ACD錯誤。故選B。2.2024年4月21日，我國在西昌衛(wèi)星放射中心用長征三號乙運載火箭，勝利放射第44顆北斗導航衛(wèi)星．若組成北斗導航系統(tǒng)的這些衛(wèi)星在不同高度的軌道上都繞地球做勻速圓周運動，其中低軌衛(wèi)星離地高度低于同步衛(wèi)星．關于這些衛(wèi)星，下列說法正確的是（）A.低軌衛(wèi)星的環(huán)繞速率可能大于7.9km/sB.地球同步衛(wèi)星可以固定對一個區(qū)域拍照C.低軌衛(wèi)星和地球同步衛(wèi)星可能具有相同的速率D.低軌衛(wèi)星和地球同步衛(wèi)星可能具有相同的周期【答案】B【解析】【詳解】A、依據(jù)萬有引力供應向心力得，可知軌道越大，速度越小，低軌衛(wèi)星軌道半徑大于近地衛(wèi)星的半徑，故低軌衛(wèi)星的環(huán)繞速率小于7.9km/s，故A錯誤；B、同步衛(wèi)星的周期與地球的周期相同，相對地球靜止，可以固定對一個區(qū)域拍照，故B正確；C、依據(jù)萬有引力供應向心力得，可知軌道越大，速度越小，低軌衛(wèi)星離地高度低于同步衛(wèi)星，故低軌衛(wèi)星的環(huán)繞速率大于同步衛(wèi)星，故C錯誤；D、依據(jù)開普勒第三定律可知，低軌衛(wèi)星小于地球同步衛(wèi)星的周期，故D錯誤3.如圖所示，長為L的小車置于光滑的水平面上，小車前端放一小物塊，用大小為F的水平力將小車向右拉動一段距離s，物塊剛好滑到小車的左端．物塊與小車間的摩擦力大小為f，在此過程中()A.摩擦力對小物塊做的功為fsB.摩擦力對系統(tǒng)做的功為0C.力F對小車做的功為fLD.小車克服摩擦力所做的功為fs【答案】D【解析】【詳解】由題，小物塊對地位移方向向右，大小為s-L，小物塊受到的摩擦力方向水平向右，則摩擦力對小物塊做的功為f（s-L）．故A錯誤．物塊相對于小車的位移大小為L，則摩擦力對系統(tǒng)做的總功為-fL．故B錯誤．小車對地位移大小為s，則力F對小車做的功為Fs．故C錯誤．小車受到的摩擦力方向水平向左，位移方向向右，大小為s，則小車克服摩擦力所做的功為fs．故D正確．4.如圖所示，一帶電小球質量為m，用絲線懸掛于O點，在豎直面內搖擺，最大擺角為60°，水平磁場垂直于小球搖擺的平面，當小球自左方擺到最低點時，懸線上的張力恰為零，則小球自右方擺到最低點時懸線上的張力為（）A.0 B.4mgC.2mg D.6mg【答案】B【解析】【詳解】設線的長度為L，小球經過最低點時速率為v．依據(jù)機械能守恒定律得mgL（1-cos60°）=mv2得到v=

當小球自左方擺到最低點時，有qvB-mg=m①當小球自右方擺到最低點時，有F-mg-qvB=m

②由①+②得F=2mg+2m=4mg故選B。5.在圖乙的電路中，通入如圖甲所示的交變電流，此交變電流的每個周期內，前三分之一個周期電壓按正弦規(guī)律改變，后三分之二周期電壓恒定．電阻R的阻值為，電表均為志向電表．下列推斷正確的是（）A.電壓表的示數(shù)為B.該交變電流的有效值為C.電阻R一個周期內產生的熱量肯定大于9JD.電流表的示數(shù)為【答案】D【解析】【詳解】由焦耳定律得，可得電壓有效值U=6V，電表讀數(shù)為有效值，故A錯；電壓變的讀數(shù)為有效值，即U=6V，故B錯誤；熱量依據(jù)有效值進行計算，則，故C錯誤；電流表讀數(shù)為有效值，則，故D正確．6.如圖所示，小車放在光滑地面上，A、B兩人站在車的兩端，這兩人同時起先相向行走，發(fā)覺車向左運動，分析小車運動的緣由可能是()A.A、B質量相等，但A比B的速率大B.A、B質量相等，但A比B的速率小C.A、B速率相等，但A比B的質量大D.A、B速率相等，但A比B的質量小【答案】AC【解析】A、B兩人與車組成的系統(tǒng)動量守恒，起先時系統(tǒng)動量為零；兩人相向運動時，車向左運動，車的動量向左，由于系統(tǒng)總動量為零，由動量守恒定律可知，A、B兩人的動量之和向右，A的動量大于B的動量；假如A、B的質量相等，則A的速度大于B的速度，故A正確，B錯誤；假如A、B速率相等，則A的質量大于B的質量，故C正確，D錯誤；故選AC．7.空間內存在方向與紙面平行、電場強度的勻強電場，一帶負電的粒子僅在電場力作用下的運動軌跡如圖所示，、是軌跡上的兩點，粒子經過、兩點時的速度大小均為，在點時的速度方向與、兩點連線的夾角。已知粒子的比荷，，則下列說法正確的是（）A.電場方向與、兩點連線的夾角為B.粒子由點到點經驗的時間為C.粒子從點到點的過程中，速度的最小值為D.、兩點連線的距離為【答案】BD【解析】【詳解】A．粒子經過、兩點時的速度大小相等，說明粒子從P運動到Q電場力做功為0，即P點與Q點電勢相等，PQ連線即為等勢線，所以電場線與等勢線垂直，故A錯誤；B．粒子加速度為粒子由點到點經驗的時間為故B正確；C．當粒子在電場力方向速度變?yōu)?時，速度最小，即為故C錯誤；D．、兩點連線的距離為故D正確。故選BD。8.如圖所示，位于同一絕緣水平面內的兩根固定金屬導軌MN、M′N′，電阻不計，兩導軌之間存在豎直向下的勻強磁場．現(xiàn)將兩根粗細勻稱、電阻分布勻稱的相同銅棒ab、cd放在兩導軌上，若兩棒從圖示位置以相同的速度沿MN方向做勻速直線運動，運動過程中始終與兩導軌接觸良好，且始終與導軌MN垂直，不計一切摩擦，則下列說法正確的是A.回路中有順時針方向感應電流B.回路中的感應電流不斷減小C.回路中的熱功率不斷增大D.兩棒所受安培力的合力不斷減小【答案】BD【解析】【分析】分析回路磁通量的改變，由楞次定律推斷感應電流方向．由E=BLv求得兩棒產生的感應電動勢，回路中總的感應電動勢等于cd棒和ab棒感應電動勢之差．依據(jù)歐姆定律分析感應電流是否改變，再探討回路的熱功率如何改變．【詳解】A．兩棒以相同的速度沿MN方向做勻速直線運動，回路的磁通量不斷增大，依據(jù)楞次定律可知，感應電流方向沿逆時針，故A錯誤；B．設兩棒原來相距的距離為S，M′N′與MN的夾角為α．回路中總的感應電動勢E=BLcdv-BLabv=Bv?（Lcd-Lab）=Bv?Stanα=BvStanα，保持不變，由于回路的電阻不斷增大，而總的感應電動勢不變，所以回路中的感應電流不斷減小，故B正確；C．回路中的熱功率為，E不變，R增大，則P不斷減小，故C錯誤；D．設兩棒原來相距的距離為S，M′N′與MN的夾角為α，安培力之差等于，由于電流減小，所以兩棒所受安培力的合力不斷減小，故D正確．故選BD．【點睛】本題中兩棒同向運動，要知道回路中總的感應電動勢等于cd棒和ab棒感應電動勢之差．要能嫻熟運用電路學問探討電磁感應問題．第Ⅱ卷二、非選擇題：本卷包括必考題和選考題兩部分。第9～12題為必考題，每個試題考生都必需作答。第13～16題考生依據(jù)要求作答。（一）必考題9.用如圖試驗裝置驗證、組成的系統(tǒng)機械能守恒。從高處由靜止起先下落，在上拖著的紙帶打出一系列的點，對紙帶上的點跡進行測量，即可驗證機械能守恒定律。下圖給出的是試驗中獲得的一條紙帶：是打下的第一個點，每相鄰兩計數(shù)點間還有個點未標出，計數(shù)點間的距離如圖所示。已知、，當?shù)刂亓铀俣?。則（本題計算結果保留兩位有效數(shù)字）(1)在紙帶上打下計數(shù)點時，的速度________；(2)在打點過程中系統(tǒng)動能的增量_______，系統(tǒng)勢能的削減量_______?！敬鸢浮?1).2.4(2).0.58(3).0.59【解析】【詳解】(1)[1]利用勻變速直線運動的推論得(2)[2]系統(tǒng)動能的增量[3]系統(tǒng)重力勢能減小量10.（1）在“測定金屬的電阻率”的試驗中，由于金屬絲直徑很小，不能運用一般刻度尺，應運用螺旋測微器。用螺旋測微器測量某金屬絲直徑時的刻度位置如圖所示，從圖中讀出金屬絲的直徑為________。（2）在此試驗中，金屬絲的電阻大約為，在用伏安法測定金屬絲的電阻時，除被測電阻絲外，選用了如下試驗器材：A．直流電源：電動勢約，內阻不計；B．電流表：量程，內阻約；C．電壓表：量程，內阻約；D．滑動變阻器：最大阻值；E．開關、導線等。在可供選擇的試驗電路（圖）中，應當選圖__________（填“甲”或“乙”）。（3）依據(jù)所選試驗電路圖，在實物圖（圖）中完成其余的連線_______。在閉合開關前，滑動變阻器的滑片應置在最左端。（4）依據(jù)所選量程，某次試驗兩電表的示數(shù)如圖，則讀數(shù)分別為________和________。（5）假如測出金屬絲接入電路的長度、直徑和金屬絲接入電路時的電流和其兩端的電壓，就可求出金屬絲的電阻率。用以上試驗中干脆測出的物理量來表示電阻率，其表達式為＝________。【答案】(1).~0.645(2).甲(3).(4).(5).(6).【解析】【詳解】（1）[1]從圖中讀出金屬絲的直徑為0.5mm+0.01mm×14.2=0.642mm（2）[2]由于電壓表的內阻（3kΩ）遠大于待測電阻的阻值（4Ω），可知應當采納電流表外接電路，故選甲圖；（3）[3]實物連線如圖；（4）[4][5]由圖可知電壓表最小刻度為0.1V，讀數(shù)為2.15V；電流表最小刻度為0.02A，讀數(shù)為0.16A。（5）[6]依據(jù)歐姆定律依據(jù)電阻定律解得11.如圖所示，一水平方向的傳送帶以恒定的速度v=2m/s沿順時針方向勻速轉動，傳送帶右端有一光滑的半徑R=0.45m的四分之一圓弧軌道，圓弧底端與傳送帶相切．一質量為m=0.5kg的物體，從圓弧軌道最高點由靜止起先滑下，物體與傳送帶之間的動摩擦因數(shù)為μ=0.2，不計物體滑過圓弧與傳送帶交接處時的能量損失，傳送帶足夠長，g=10m/s2．求：（1）物體滑上傳送帶向左運動的最遠距離及此過程中物體與傳送帶摩擦所產生的內能（2）物體第一次從滑上傳送帶到離開傳送帶所經驗的時間；【答案】（1）5.25J（2）3.125s【解析】【分析】依據(jù)機械能守恒定律求出滑塊滑上傳送帶的速度，滑上傳送帶先做勻減速直線運動到零，然后返回做勻加速直線運動達到傳送帶速度一起做勻速運動，依據(jù)牛頓其次定律和運動學公式求出物體從第一次滑上傳送帶到離開傳送帶所經驗的時間；依據(jù)運動學公式求出相對路程的大小，從而依據(jù)Q=f△x求出摩擦產生的熱量．【詳解】（1）沿圓弧軌道下滑過程中mgR=mv12得v1=3m/s物體在傳送帶上運動的加速度a=μg=2m/s2向左滑動的最大距離s=v12/2a=2.25m物體在傳送帶上向左運動的時間t1=v1/a=1.5s物體向左運動過程中與傳送帶摩擦所產生內能為：（2）物體向右運動速度達到v時，已向右移動的距離s1=v2/2a=1m所用時間t2=v/a=1s勻速運動的時間t=t1+t2+t3=1.5+1+0.625=3.125s【點睛】解決本題的關鍵理清物體的運動過程，知道物體的運動規(guī)律，結合動能定理、牛頓其次定律和運動學公式進行求解．12.如圖所示，真空中的始終角坐標系y軸上安裝有熒光屏，在x軸上方有高度為h的沿y軸正方向的勻強電場，電場強度為E，在x軸下方有垂直于紙面的勻強磁場，磁感應強度為B。坐標原點有一個原來靜止的核，發(fā)生一次α衰變后，產生一個氦核和一個新核。新核馬上進入x軸上方電場，氦核進入x軸下方磁場，最終沿x軸負方向打在熒光屏上P點（0，－h(huán)）。元電荷量為e，一個中子和質子質量均為m，不計粒子重力，新核元素符號用X表示。(1)x軸下方勻強磁場的方向以及衰變方程；(2)衰變后新核的速度大小；(3)新核射出電場的坐標。【答案】(1)磁場方向垂直紙面對外；；(2)；(3)（）【解析】【詳解】(1)由題意可知磁場方向垂直紙面對外，衰變方程：(2)系統(tǒng)動量守恒0=4mv1-234mv2在磁場中由得由幾何關系得由上式可得新核速度為(3)電場中豎直方向水平方向，由上式可得新核射出電場坐標為（）（二）選考題（共15分）：請考生從給出的2道物理題任選一題作答，并用2B鉛筆在答題卡上把所選題目的題號涂黑。留意所做題目的題號必需與所涂題目的題號一樣，在答題卡選答區(qū)域指定位置答題。假如多做，則每學科按所做的第一題計分。【物理——選修3-3】13.下列說法中正確的是（）A.肯定質量的氣體，在壓強不變時，則單位時間內分子與器壁碰撞次數(shù)隨溫度降低而削減B.知道阿伏伽德羅常數(shù)、氣體的摩爾質量和密度，可以估算出該氣體中分子間的平均距離C.生產半導體器件時，須要在純凈半導體材料中摻入其它元素，可以在高溫條件下利用分子的擴散來完成D.同種物質不行能以晶體和非晶體兩種不同的形態(tài)出現(xiàn)E.液體表面具有收縮的趨勢，是由于液體表面層里分子的分布比內部稀疏的原因【答案】BCE【解析】【詳解】A．氣體對容器的壓強與氣體分子的平均動能、分子的密集程度這有關，在壓強不變時，氣體分子單位時間內與單位面積器壁發(fā)生碰撞的次數(shù)隨溫度降低而增加，故A錯誤；B．用摩爾質量除以摩爾密度可以得到摩爾體積，再除以阿伏加德羅常數(shù)得到每個分子平均占有的體積，用正方體模型得到邊長，即為分子間距，故B正確；C．生產半導體器件時，須要在純凈的半導體材料中摻入其它元素，可以在高溫條件下利用分子的擴散來完成，故C正確；D．同一種物質在不同的溫度時可能以晶體和非晶體兩種不同的形態(tài)出現(xiàn)，如石墨和金剛石；故D錯誤；E．液體表面具有收縮的趨勢，是由于液體表面層里分子的分布比內部稀疏的原因，故E正確。故選BCE．【點睛】此題考查了氣體的壓強、阿伏加德羅常數(shù)、晶體與非晶體，表面張力，要多加強記憶和理解．14.有一傳熱良好的圓柱形氣缸置于水平地面上，并用一光滑的質量為M活塞密封肯定質量的的志向氣體，活塞面積為S。起先時汽缸開口向上（如圖一），已知外界大氣壓強p0，被封氣體的體積V0。(1)求被封氣體的壓強；(2)現(xiàn)將汽缸倒置（如圖二），待系統(tǒng)重新穩(wěn)定后，活塞移動的距離是多少？【答案】(1)(2)【解析】【詳解】(1)設封閉氣體的壓強為p，對活塞受力分析有解得(2)氣缸倒置后，對活塞受力分析得所以對封閉氣體運用玻意耳定律有得所以【物理—