遼寧省2023-2024學(xué)年高二上學(xué)期期中物理試題（含答案）

遼寧省2023-2024學(xué)年高二上學(xué)期期中物理試題姓名：__________班級(jí)：__________考號(hào)：__________題號(hào)一二三四總分評(píng)分一、單選題1．一根細(xì)橡膠管中灌滿鹽水，兩端用短粗銅絲塞住管口，管中鹽水柱長(zhǎng)為30cm時(shí)，測(cè)得電阻為R，若溶液的電阻隨長(zhǎng)度、橫截面積的變化規(guī)律與金屬導(dǎo)體相同?，F(xiàn)將管中鹽水柱均勻拉長(zhǎng)至40cm（鹽水的體積不變，仍充滿橡膠管），則鹽水柱的電阻為（）A．34R B．43R C．2．如圖所示，三根長(zhǎng)度均為L(zhǎng)的直線電流在空間構(gòu)成等邊三角形，電流的方向垂直紙面向里。電流大小均為I，其中A、B電流在C處產(chǎn)生的磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小均為B0，直線電流C的質(zhì)量為m，重力加速度為gA．水平向右，μ=3B0C．水平向右，μ=3B03．如圖所示，質(zhì)量為m、長(zhǎng)為L(zhǎng)的導(dǎo)體棒電阻為R，初始時(shí)靜止于光滑的水平軌道上，電源電動(dòng)勢(shì)為E，內(nèi)阻為r，勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度為B，其方向與軌道平面成θ角斜向上方，開關(guān)閉合后導(dǎo)體棒開始運(yùn)動(dòng)，則（）A．導(dǎo)體棒向左運(yùn)動(dòng)B．開關(guān)閉合瞬間導(dǎo)體棒MN所受安培力為BELC．開關(guān)閉合瞬間導(dǎo)體棒MN所受安培力為BELD．開關(guān)閉合瞬間導(dǎo)體棒的加速度BEL4．如圖，圓形區(qū)域內(nèi)有垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，質(zhì)量為m、電荷量為q(q>0)的帶電粒子從圓周上的M點(diǎn)沿直徑MON方向射入磁場(chǎng)。若粒子射入磁場(chǎng)時(shí)的速度大小為v1，離開磁場(chǎng)時(shí)速度方向偏轉(zhuǎn)90°；若射入磁場(chǎng)時(shí)的速度大小為v2，離開磁場(chǎng)時(shí)速度方向偏轉(zhuǎn)60°，不計(jì)重力，則v1A．12 B．33 C．325．一質(zhì)量為0.06kg、長(zhǎng)為0.1m的金屬棒MN用兩根長(zhǎng)度均為1m的絕緣細(xì)線懸掛于天花板的頂端，現(xiàn)在金屬棒所在的空間加一豎直向下的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為0.5T的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，當(dāng)在金屬棒中通有恒定的電流后，金屬棒從最低點(diǎn)向右擺動(dòng)，當(dāng)金屬棒擺到最高點(diǎn)時(shí)，細(xì)線與豎直方向的夾角為37°，已知一切阻力可忽略不計(jì)，g＝10m/s2，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8。下列正確的說法是（）A．金屬棒在擺動(dòng)到最高點(diǎn)的過程中，機(jī)械能守恒B．金屬棒在擺動(dòng)到最高點(diǎn)的過程中，機(jī)械能先增加后減少C．通入金屬棒中的電流為9AD．通入金屬棒中的電流為4A6．如圖所示，線圈a、b的半徑分別為r和2r，匝數(shù)分別為n匝和2n匝．圓形勻強(qiáng)磁場(chǎng)B的邊緣恰好與a線圈重合，則穿過a、b兩線圈的磁通量之比為（）A．1：1 B．1：n C．1：4 D．1：4n7．如圖所示，一通電直導(dǎo)線在豎直向上的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中靜止于光滑斜面上，電流方向垂直于紙面向外。保持磁場(chǎng)強(qiáng)弱不變，僅把磁場(chǎng)方向按順時(shí)針逐漸旋轉(zhuǎn)，直至轉(zhuǎn)到水平向右，若要通電導(dǎo)線始終保持靜止，則應(yīng)控制導(dǎo)線內(nèi)的電流（）A．逐漸增大 B．逐漸減小C．先增大后減小 D．先減小后增大8．如圖所示，真空室內(nèi)存在勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁場(chǎng)方向垂直于底面向里，磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小B=0.60T，磁場(chǎng)內(nèi)有一塊較大的平面感光板ab，板面與磁場(chǎng)方向平行，在距ab的距離l=8cm處，有一個(gè)點(diǎn)狀的α粒子放射源S，它向各個(gè)方向發(fā)射α粒子，α粒子的速度都是v=1.5×106m/s，已知α粒子的電荷量與質(zhì)量之比qm=5.0×107A．5cm B．10cm C．15cm D．20cm二、多選題9．如圖所示，平行金屬板中有一個(gè)帶電油滴懸浮在兩板間的P點(diǎn)，不考慮電流表和電壓表對(duì)電路的影響，選地面的電勢(shì)為零，當(dāng)滑動(dòng)變阻器R4A．油滴帶負(fù)電，將向下運(yùn)動(dòng)B．P點(diǎn)的電勢(shì)升高C．電源的效率變低D．若電壓表、電流表的示數(shù)變化量分別為ΔU和ΔI，則|ΔU|10．某同學(xué)要將一小量程電流表（滿偏電流為250μA，內(nèi)阻為1.5kΩ）改裝成有兩個(gè)量程的電流表。設(shè)計(jì)電路如圖所示，其中定值電阻R1=60Ω，R2=240Ω。則下列說法正確的是（）A．當(dāng)開關(guān)S接A端時(shí)，該電流表的量程為1.5mAB．當(dāng)開關(guān)S接A端時(shí)，該電流表的量程為1mAC．當(dāng)開關(guān)S接B端時(shí)，該電流表的量程比接在A端時(shí)大D．當(dāng)開關(guān)S接A端時(shí)，該電流表的量程比接在B端時(shí)大11．圖甲是回旋加速器的示意圖，其核心部分是兩個(gè)D形金屬盒，在加速帶電粒子時(shí)，兩金屬盒置于勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，并分別與高頻電源相連。帶電粒子從靜止開始運(yùn)動(dòng)的速率v隨時(shí)間t變化如圖乙，已知乙tn時(shí)刻粒子恰射出回旋加速器，不考慮相對(duì)論效應(yīng)、粒子所受的重力和穿過狹縫的時(shí)間，下列判斷正確的是（）A．高頻電源的變化周期應(yīng)該等于tn-tn-1B．vC．粒子在電場(chǎng)中的加速次數(shù)為vD．在粒子的質(zhì)量m、電荷量q、磁感應(yīng)強(qiáng)度B及D形金屬盒的半徑r不變的情況下，粒子的加速次數(shù)越多，粒子的最大動(dòng)能一定越大12．如圖所示，邊長(zhǎng)為2a的等邊三角形ABC區(qū)域內(nèi)有垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B，一束質(zhì)量為m電荷量為?q（q>0）的同種帶電粒子（不計(jì)重力），從AB邊的中點(diǎn)，以不同速率沿不同方向射入磁場(chǎng)區(qū)域（均垂直于磁場(chǎng)方向射入），下列說法正確的是（）A．若粒子均平行于BC邊射入，則從BC邊射出的粒子最大速率為3B．若粒子均平行于BC邊射入，則從BC邊射出的粒子速率最小時(shí)，在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的半徑為3C．若粒子均垂直于AB邊射入，則粒子不可能從BC邊上距B點(diǎn)2?3D．若粒子射入時(shí)的速率為3Bqa2m三、實(shí)驗(yàn)題13．某物理興趣小組測(cè)量一段某材料制成的電阻絲Rx（1）先用螺旋測(cè)微器測(cè)量電阻絲Rx的直徑d，示數(shù)如圖甲所示，其直徑d=mm；再用刻度尺測(cè)出電阻絲R（2）用多用電表粗測(cè)電阻絲的阻值，當(dāng)用“×10”擋時(shí)發(fā)現(xiàn)指針偏轉(zhuǎn)角度過大，應(yīng)該換用（選填“×1”或“×100”）擋，進(jìn)行一系列正確操作后，指針靜止時(shí)位置如圖乙所示；（3）為了準(zhǔn)確測(cè)量電阻絲的電阻Rx①閉合S1，當(dāng)S2接a時(shí)，電壓表示數(shù)為U1，電流表示數(shù)為I1；當(dāng)S2接b時(shí)，電壓表示數(shù)為U2②根據(jù)電阻定律計(jì)算出該電阻絲的電阻率ρ=（用Rx14．學(xué)校物理興趣小組為了測(cè)定某金屬探測(cè)儀的電池的電動(dòng)勢(shì)（9V左右）和內(nèi)阻（40Ω左右），設(shè)計(jì)了如圖甲所示的電路，允許通過電池的最大電流為100mA，R0（1）實(shí)驗(yàn)室備有的保護(hù)電阻R0A．10Ω B．50Ω C．1000Ω（2）該小組首先正確得出1U與1R0+R的關(guān)系式為1U=（用E、r、R0和R表示），然后根據(jù)測(cè)得的電阻值R和電壓表的示數(shù)U，正確作出1U四、解答題15．一提升重物用的直流電動(dòng)機(jī)工作時(shí)的電路圖如圖所示．電動(dòng)機(jī)內(nèi)電阻r0=0.4Ω，電路中另一電阻R=10Ω，電源電動(dòng)勢(shì)E=180V，內(nèi)阻r=2Ω，電壓表的示數(shù)（1）通過電動(dòng)機(jī)的電流；（2）輸入電動(dòng)機(jī)的電功率；（3）若電動(dòng)機(jī)以v=1m/s的速度勻速豎直向上提升重物，則該重物的質(zhì)量。（g取10m/s16．如圖所示電路中，電源電動(dòng)勢(shì)E=12V，電源內(nèi)阻不計(jì)，電阻R1=18Ω，R2=6Ω，R3=2Ω，（1）電容器哪個(gè)極板帶正電，所帶的電荷量多大；（2）若R2突然斷路，將有多少電荷量通過R17．如圖所示，在光滑絕緣水平面上建立平面直角坐標(biāo)系xOy，第一象限存在磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B，方向豎直向下的勻強(qiáng)磁場(chǎng)；第四象限存在如圖所示的勻強(qiáng)電場(chǎng)，電場(chǎng)線與x軸夾角為45°。一帶負(fù)電的小球a，質(zhì)量為m，電量絕對(duì)值為q，從坐標(biāo)原點(diǎn)射入磁場(chǎng)，速度方向與x軸正方向夾角為45°，其恰好能與靜止在（x0，0）處的質(zhì)量為2m的帶電小球b發(fā)生彈性正碰。已知碰撞前后兩球的電量和電性均沒有發(fā)生變化，碰撞后的兩球不會(huì)再次相遇。求：（1）小球a射入磁場(chǎng)時(shí)的初速度的大??；（2）碰撞后小球b速度的大小；（3）若碰后經(jīng)過一段時(shí)間，小球b沿著碰前小球a的軌跡回到坐標(biāo)原點(diǎn)，請(qǐng)確定小球b的電性和電量。

答案解析部分1．【答案】D【解析】【解答】將管中鹽水柱均勻拉長(zhǎng)至40cm，則溶液的橫截面積為原來的34，根據(jù)歐姆定律R=ρ30cm得R故答案為：D。

【分析】根據(jù)歐姆定律得出鹽水柱的電阻。2．【答案】A【解析】【解答】A、B電流在C處產(chǎn)生的磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小分別為B0，C受力如圖所示根據(jù)力的平行四邊形定則，結(jié)合幾何的菱形關(guān)系，可得B再由左手定則可知，安培力方向水平向左，大小為FC位于水平面恰好處于靜止?fàn)顟B(tài)，則摩擦力的方向水平向右，且有f=μmg=解得μ=故答案為：A。

【分析】根據(jù)點(diǎn)電荷周圍電場(chǎng)強(qiáng)度的表達(dá)式以及電場(chǎng)強(qiáng)度的合成和共點(diǎn)力平衡得出動(dòng)摩擦因數(shù)的表達(dá)式。3．【答案】D【解析】【解答】A．開關(guān)閉合，由左手定則可知，磁感線穿過掌心，則大拇指向?yàn)榇怪贝鸥芯€向右，從而導(dǎo)致導(dǎo)體棒向右運(yùn)動(dòng)。A不符合題意；BC．當(dāng)開關(guān)閉合后，根據(jù)安培力公式F=BIL閉合電路歐姆定律I=可得F=BC不符合題意；D．當(dāng)開關(guān)閉合后，安培力的方向與導(dǎo)軌成90°?θ的夾角，由牛頓第二定律可知ma=解得a=D符合題意。故答案為：D。

【分析】開關(guān)閉合后根據(jù)左手定則得出安培力的方向，從而得出導(dǎo)體的運(yùn)動(dòng)情況，當(dāng)開關(guān)閉合后，利用安培力的表達(dá)式和歐姆定律得出F的表達(dá)式，結(jié)合牛頓第二定律得出加速度的表達(dá)式。4．【答案】B【解析】【解答】粒子在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，已知粒子入射方向和出射方向，利用兩速法可以畫出軌跡的圓心，如圖所示：設(shè)圓形磁場(chǎng)區(qū)域的半徑為R，根據(jù)幾何關(guān)系則第一次的半徑為：r同理可得第二次的半徑為：r根據(jù)牛頓第二定律有：qvB=可得v=所以v故答案為：B。

【分析】粒子在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，利用幾何關(guān)系可以求出軌道半徑的大小，結(jié)合牛頓第二定律可以求出粒子速度的大小比值。5．【答案】D【解析】【解答】AB．金屬棒的長(zhǎng)度用l表示，細(xì)線的長(zhǎng)度用R表示，則在金屬棒上升過程中，安培力做正功，機(jī)械能一直增加，AB不符合題意；CD．由動(dòng)能定理知W安－W重＝0即BIlRsin37°＝mgR（1－cos37°）代入數(shù)據(jù)解得I＝4AC不符合題意，D符合題意。故答案為：D。

【分析】根據(jù)安培力的表達(dá)式以及功能關(guān)系得出機(jī)械能的變化情況，結(jié)合動(dòng)能定理得出電流的大小。6．【答案】A【解析】【解答】由于線圈平面與磁場(chǎng)方向垂直，故穿過該面的磁通量為Φ=BS半徑為r的虛線范圍內(nèi)有勻強(qiáng)磁場(chǎng)，所以磁場(chǎng)的區(qū)域面積為S=π結(jié)合圖可知，穿過兩個(gè)線圈的磁感線的條數(shù)是相等的，所以磁通量都是Φ=πB與線圈的大小無關(guān)，與線圈的匝數(shù)無關(guān)，A符合題意，BCD不符合題意。A符合題意。故答案為：A

【分析】根據(jù)磁通量的表達(dá)式得出穿過該面的磁通量，磁通量與線圈的大小和匝數(shù)無關(guān)。7．【答案】D【解析】【解答】當(dāng)磁場(chǎng)豎直向上時(shí)，由左手定則可判斷安培力方向，對(duì)小球受力分析，小球受豎直向下的重力、垂直于斜面向上的支持力，和水平向右的安培力，如圖所示由圖可知，磁場(chǎng)方向按順時(shí)針逐漸旋轉(zhuǎn)，直至轉(zhuǎn)到水平向右，則安培力方向也順時(shí)針旋轉(zhuǎn)，直至轉(zhuǎn)到豎直向上，由幾何關(guān)系可知，安培力先減小后增大，由于安培力為F則導(dǎo)線內(nèi)的電流先減小后增大。故答案為：D。

【分析】根據(jù)左手定則得出啊安培力的方向，對(duì)小球進(jìn)行受力分析，根據(jù)共點(diǎn)力平衡和安培力的表達(dá)式進(jìn)行分析判斷應(yīng)控制導(dǎo)線內(nèi)的電流變化情況。8．【答案】B【解析】【解答】α粒子帶正電，故在磁場(chǎng)中沿逆時(shí)針方向做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，用R表示軌道半徑，有qvB=m解得R=由于2R>l>R，因此，向不同方向發(fā)射的α粒子的圓軌跡都過S，由此可知，某一圓軌跡在圖中N左側(cè)與ab相切，則此切點(diǎn)P1就是α粒子能打中的左側(cè)最遠(yuǎn)點(diǎn)；再考慮N的右側(cè)。任何α粒子在運(yùn)動(dòng)中離S的距離不可能超過2R，以2R為半徑、S為圓心作圓，交ab于N右側(cè)的P根據(jù)幾何關(guān)系可得NN則感光板ab上被α粒子打中區(qū)域的長(zhǎng)度L=N故答案為：B。

【分析】粒子在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，洛倫茲力提供向心力，從而得出軌道半徑的表達(dá)式，結(jié)合幾何關(guān)系得出感光板ab上被α粒子打中區(qū)域的長(zhǎng)度。9．【答案】A,C【解析】【解答】A．油滴原來靜止在電容器內(nèi)，受向上的電場(chǎng)力平衡重力，由圖可知電容器內(nèi)部電場(chǎng)方向向下，則油滴帶負(fù)電。當(dāng)滑片向b移動(dòng)時(shí)，滑動(dòng)變阻器接入電阻減小，則電路中總電阻減?。挥砷]合電路歐姆定律可知，電路中電流增大，路端電壓減小，R1兩端的電壓增大，則電容器兩端電壓減小，電容器內(nèi)場(chǎng)強(qiáng)減小，油滴所受電場(chǎng)力將小于重力，將向下運(yùn)動(dòng)，A符合題意；B．P點(diǎn)的電勢(shì)等于P點(diǎn)與下極板（接地，電勢(shì)為零）的電勢(shì)差，由U=Ed可知，E減小，P與下極板間距不變，所以電勢(shì)差減小，P點(diǎn)電勢(shì)降低，B不符合題意；C．電源的效率為η=當(dāng)滑動(dòng)變阻器R4的滑片向b端移動(dòng)時(shí)，R4的阻值減小，外電阻R減小，電源的效率變低，C符合題意；D．根據(jù)閉合電路歐姆定律U=E?I(r+解得|ΔU|D不符合題意。故答案為：AC。

【分析】對(duì)油滴進(jìn)行受力分析，根據(jù)共點(diǎn)力平衡以及閉合電路歐姆定律得出油滴的電性以及油滴的運(yùn)動(dòng)情況，結(jié)合閉合電路歐姆定律得出電壓表、電流表的示數(shù)變化量比值大小。10．【答案】A,C【解析】【解答】AB．由圖可知當(dāng)S接A時(shí)，R1和R2串聯(lián)接入電路，和電流表并聯(lián)，滿偏時(shí)電流表兩端的電壓為Ug=IgRg=250×10－6×1.5×103V=0.375V此時(shí)R1和R2的電流為I=所以總電流為I總=Ig＋I(xiàn)=1.5mA即量程為0~1.5mA，A符合題意、B不符合題意；CD．當(dāng)開關(guān)S接B端時(shí)，由圖可知R1和電流表串聯(lián)再和R2并聯(lián)，由于和電流表并聯(lián)的電阻變小，當(dāng)電流表滿偏時(shí)，流過R2的電流變大，干路電流變大，即量程變大，所以比接在A端時(shí)大，C符合題意、D不符合題意。故答案為：AC。

【分析】根據(jù)歐姆定律得出電流表滿偏時(shí)電表兩端的電壓，結(jié)合閉合電路歐姆定律和并聯(lián)電路的分流作用得出改裝后電流表的量程，當(dāng)開關(guān)S接B端時(shí)利用串并聯(lián)電路的特點(diǎn)和歐姆定律得出電流表的量程比接在A點(diǎn)時(shí)的大小。11．【答案】B,C【解析】【解答】A．帶電粒子在回旋加速器中每運(yùn)行一周電場(chǎng)加速兩次，高頻電源的變化周期應(yīng)該等于2（tn-tn-1），A不符合題意；B．根據(jù)動(dòng)能定理得qU=2qU=3qU=解得vB符合題意；C．粒子在電場(chǎng)中的加速次數(shù)為n=qU=解得n=C符合題意；D．粒子的最大動(dòng)能為E根據(jù)牛頓第二定律得q解得E在粒子的質(zhì)量m、電荷量q、磁感應(yīng)強(qiáng)度B及D形金屬盒的半徑r不變的情況下，粒子的最大動(dòng)能不變，D不符合題意。故答案為：BC。

【分析】帶電粒子根據(jù)動(dòng)能定理得出加速三次后的速度之比，結(jié)合功能關(guān)系得出粒子在電場(chǎng)中加速的次數(shù)，通過牛頓第二定律得出粒子的最大動(dòng)能的變化情況。12．【答案】C,D【解析】【解答】A．從BC邊射出的粒子速度最大時(shí)，半徑最大，則如圖由幾何關(guān)系R解得R根據(jù)qvB=m解得vA不符合題意；B．當(dāng)從BC邊射出的粒子速率最小時(shí)，半徑最小，此時(shí)軌跡與BC邊相切，則RB不符合題意；C．若粒子均垂直于AB邊射入，則當(dāng)軌跡與BC相切時(shí)r+解得BD=r則粒子不可能從BC邊上距B點(diǎn)2?3D．若粒子射入時(shí)的速率為3Bqa2m粒子從BC邊射出的時(shí)間最短時(shí)，軌跡對(duì)應(yīng)的弦最短，最短弦為射入點(diǎn)到BC的距離，長(zhǎng)度為32a，則由幾何關(guān)系可知，軌跡對(duì)應(yīng)的圓心角為πD符合題意。故答案為：CD。

【分析】粒子在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，根據(jù)幾何關(guān)系以及洛倫茲力提供向心力從而得出粒子的最大速度，結(jié)合粒子在磁場(chǎng)中的周期和時(shí)間的關(guān)系得出粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間。13．【答案】（1）0.200（2）×1（3）U1I【解析】【解答】（1）甲圖中，螺旋上的20對(duì)應(yīng)主尺的水平線，主尺上露出的示數(shù)是零，所以直徑為0.200mm；（2）用多用電表測(cè)電阻絲的阻值，當(dāng)用“×10”擋時(shí)發(fā)現(xiàn)指針偏轉(zhuǎn)角度過大，說明倍率過高，被測(cè)電阻很小，應(yīng)該換用小量程電阻擋，用“×1”擋；（3）①當(dāng)S2接a時(shí)，電壓表測(cè)的是Rx、RA和R0的電壓，電流表測(cè)的是Rx、RA和R0的電流，則有R當(dāng)S2接b時(shí)，電壓表測(cè)的是R0和RA的電壓，電流表測(cè)的是R0和RA的電流，則R聯(lián)立兩式可得R②根據(jù)電阻定律R可得ρ=【分析】（1）根據(jù)螺旋測(cè)微器的讀數(shù)原理得出電阻絲的直徑；

（2）結(jié)合歐姆表的讀數(shù)原理以及使用原理得出指針偏角過大是由于倍率太大；

（3）根據(jù)串聯(lián)電路的特點(diǎn)以及歐姆定律得出待測(cè)電阻的阻值的表達(dá)式；結(jié)合電阻定律得出電阻率的表達(dá)式。14．【答案】（1）B（2）1E+【解析】【解答】（1）當(dāng)變阻箱短路時(shí)，電路中通過的最大電流為100mA，則由閉合電路歐姆定律可知，定值電阻的最小阻值約為R所以定值電阻應(yīng)選50Ω的，故答案為：B。（2）由閉合電路歐姆定律可得U=變形得1由數(shù)學(xué)知識(shí)可知，圖象中的截距0.1斜率5解得E=10Vr=50Ω【分析】（1）根據(jù)閉合電路歐姆定律得出保護(hù)電阻的大?。?/p>

（2）根據(jù)閉合電路歐姆定律得出1U與115．【答案】（1）解：根據(jù)閉合電路歐姆定律有E=解得U電動(dòng)機(jī)、電源和電阻R串聯(lián)，通過的電流相等I=（2）解：輸入