2023-2024學(xué)年廣東省東莞市某校高三上學(xué)期第二次月考物理試題（解析版）

高級中學(xué)名校試卷PAGEPAGE12025屆高三上物理月考（二）測試時間：75分鐘總分：100分一、單項選擇題（本大題共7小題，每小題4分，共28分。每題只有一個正確選項，錯選或不答的得0分。）1.核電池壽命長，經(jīng)常應(yīng)用在航天領(lǐng)域。某核電池其能量來自钚發(fā)生衰變，反應(yīng)方程式為。下列說法正確的是（）A.該衰變?yōu)棣滤プ傿.X中質(zhì)子數(shù)為2C.環(huán)境溫度升高可以加快钚核的衰變D.若一次衰變過程中的質(zhì)量虧損為，則該過程放出的核能為〖答案〗B〖解析〗AB．由核反應(yīng)的質(zhì)量數(shù)和電荷數(shù)守恒可知X為，質(zhì)子數(shù)為2，該衰變?yōu)棣了プ儯蔄錯誤，B正確；C．半衰期不受溫度壓強影響，故C錯誤；D．若一次衰變過程中的質(zhì)量虧損為，則該過程放出的核能應(yīng)為，故D錯誤。故選B。2.人體的細胞膜由磷脂雙分子層組成，雙分子層之間存在電壓（醫(yī)學(xué)上稱為膜電位），使得只有帶特定電荷的粒子才能通過細胞膜進入細胞內(nèi)。如圖初速度為零的正一價鈉離子僅在電場力的作用下，從細胞膜外A點運動到細胞膜內(nèi)B點，則下列說法正確的是（）A.A點電勢高于B點電勢B.鈉離子的電勢能增大C.若膜內(nèi)的電場可看作勻強電場，鈉離子的加速度變大D.若膜電位上升但細胞膜厚度不變，鈉離子進入細胞內(nèi)的速度不變〖答案〗A〖解析〗A．初速度為零的正一價鈉離子僅在電場力的作用下，從圖中的A點運動到B點，則電場線由A到B，沿電場線方向電勢逐漸降低，所以A點電勢高于B點電勢，故A正確；B．鈉離子運動過程中電場力做正功，電勢能減小，故B錯誤；C．若膜內(nèi)的電場可看作勻強電場，故電場強度不變，電場力不變，故加速度不變，故C錯誤；D．根據(jù)動能定理可得則膜電位上升時，鈉離子進入細胞內(nèi)的速度增大，故D正確。故選A3.在勻強磁場中有一電阻忽略不計的矩形線圈，繞垂直于磁場的軸勻速轉(zhuǎn)動，產(chǎn)生的正弦交流電的感應(yīng)電動勢e隨時間t的變化如圖甲所示，把該交流電輸入到圖乙中理想變壓器的A、B兩端。已知R，為熱敏電阻（其電阻隨溫度升高而減小），R為定值電阻，圖中各電表均為理想電表。下列說法正確的是（）A.變壓器A、B兩端電壓的瞬時值表達式為u=100sin50πt（V）B.圖甲中t=2×10?2s時，穿過線圈的磁通量最大C.Rt處溫度升高后，電壓表V1與V2示數(shù)的比值不變D.Rt處溫度升高后，變壓器的輸入功率減小〖答案〗B〖解析〗A．根據(jù)圖甲可知，Em=100V，T=0.02s，則故變壓器原線圈兩端電壓的瞬時值表達式為u=100sin100πt（V），故A錯誤；B．圖甲中t=2×10?2s時，線圈平面與磁場垂直，穿過線圈的磁通量最大，故B正確；C．理想變壓器匝數(shù)不變，輸入電壓不變，則電壓表V1示數(shù)不變，副線圈兩端的電壓U2不變，Rt處溫度升高時，Rt的阻值減小，根據(jù)閉合電路歐姆定律可知，副線圈回路中的電流I2增大，電壓表V2測量Rt兩端的電壓，根據(jù)串并聯(lián)電路規(guī)律及歐姆定律有Ut=U2?I2R則電壓表V2示數(shù)減小，電壓表V1示數(shù)與V2示數(shù)的比值變大，故C錯誤；D．理想變壓器匝數(shù)不變，輸入電壓不變，副線圈兩端的電壓U2不變，Rt處溫度升高時，Rt的阻值變小，變壓器的輸出功率輸出功率變大，理想變壓器輸入功率等于輸出功率，故變壓器的輸入功率變大，故D錯誤。故選B。4.水晶球是用天然水晶加工而成的一種透明的球型物品。如圖甲所示為一個質(zhì)量分布均勻的透明水晶球，半徑為a，過球心的截面如圖乙所示，PQ為直徑，一單色細光束從P點射入球內(nèi)，折射光線與PQ夾角為37℃，出射光線與PQ平行。已知光在真空中的傳播速度為c，sin37°=0.6，cos37°=0.8，則（）A.光束在P點的入射角為53° B.“水晶球”的折射率為1.6C.光在“水晶球”中的傳播速度為 D.光在“水晶球”中的傳播時間為〖答案〗B〖解析〗B．根據(jù)題意作出光路圖如圖由幾何關(guān)系可知，光線射出時的折射角r為2θ，折射率故B正確；A．由圖β=r=2θ=74°故A錯誤；C．光在“水晶球”中的傳播速度為故C錯誤；D．光在“水晶球”中傳播的距離時間帶入數(shù)據(jù)有故D錯誤。故選B。5.2023年，我國“雙曲線二號”火箭完成垂直起降飛行試驗，意味著運載火箭的可重復(fù)使用技術(shù)取得了重要突破。試驗過程中，火箭持續(xù)向下噴射燃氣獲得豎直向上的推力，若地面測控系統(tǒng)測出火箭豎直起降全過程的圖像如圖所示，火箭在時刻離開地面，在時刻落回起點。不計空氣阻力及火箭質(zhì)量的變化，下列說法正確的是（??）A.在時刻，火箭上升到最高位置B.在時間內(nèi)，火箭受到的推力先增大后逐漸減小為零C.在時間內(nèi)，火箭動能的減少量小于重力勢能的增加量D.在時間內(nèi)，火箭處于失重狀態(tài)〖答案〗C〖解析〗A．時間內(nèi)速度始終為正，說明火箭一直在向上運動，時間內(nèi)火箭的速度為0，處于靜止狀態(tài)，時間內(nèi)速度始終為負，說明火箭一直在向下運動，故時刻上升到最高點，故A錯誤；B．v-t圖像的斜率表示加速度，在時間內(nèi)，火箭加速度先增大后逐漸減小為零，則火箭受到的推力先增大后逐漸減小，在時刻，火箭受到的推力等于其重力，故B錯誤；C．在時間內(nèi)，根據(jù)動能定理，火箭受到的推力做功與其重力做功之和等于動能的變化量，所以火箭動能的減少量小于重力勢能的增加量，故C正確；D．在時間內(nèi)，火箭加速度方向先向下后向上，先處于失重狀態(tài)后處于超重狀態(tài)，故D錯誤。故選C。6.如圖所示，圖甲為一簡諧橫波在t=0.2s時的波形圖，P是平衡位置在x=3m處的質(zhì)點，Q是平衡位置在x=4m處的質(zhì)點，圖乙為質(zhì)點Q的振動圖像。下列說法正確的是（）A.這列波沿x軸正方向傳播B.當這列波遇到尺寸超過8m的障礙物時不能發(fā)生衍射現(xiàn)象C.t=0.2s到t=0.3s，P點通過的路程為20cmD.t=0.35s時，P點的加速度方向與y軸正方向相同〖答案〗D〖解析〗A．由乙圖可知，周期為0.4s，0.2s時，Q質(zhì)點向下振動，根據(jù)同側(cè)法可得，波向x軸負方向傳播，故A錯誤；B．由甲圖可知這列波的波長為8m，所以，遇到尺寸超過8m的障礙物時能發(fā)生衍射現(xiàn)象，但不明顯，故B錯誤；C．在甲圖中，由P質(zhì)點的坐標，可知P質(zhì)點偏離平衡位置個周期，0.3s時是在此圖的基礎(chǔ)上再振動周期，因為要向下運動跨越平衡位置，所以P質(zhì)點通過的路程大于20cm，故C錯誤；D．該波的波速為從t=0.20s到t=0.35s，波傳播的距離為則根據(jù)波形平移法知，0.35s時P質(zhì)點到達最低點，加速度方向與y軸正方向相同，故D正確。故選D。7.圖甲為掛在架子上的雙層晾衣籃。上、下籃子完全相同且保持水平，每個籃子由兩個質(zhì)地均勻的圓形鋼圈穿進網(wǎng)布構(gòu)成，兩籃通過四根等長的輕繩與鋼圈的四等分點相連，上籃鋼圈用另外四根等長輕繩系在掛鉤上。晾衣籃的有關(guān)尺寸如圖乙所示，則圖甲中上、下各一根繩中的張力大小之比為（）A.1：1 B.2：1 C.5：2 D.5：4〖答案〗C〖解析〗設(shè)一個籃子的質(zhì)量為，連接下籃的繩子的拉力為，對下籃，根據(jù)平衡條件得解得設(shè)連接上籃繩子的拉力為，繩子與豎直方向夾角為，對兩個籃整體由平衡條件得根據(jù)幾何關(guān)系得聯(lián)立解得則故C正確，ABD錯誤。故選C。二、多選題（本題共3小題，每小題6分，共18分，全部選對得6分，選對但不選全得3分，有選錯得0分）8.神州十三號載人飛船與天和核心艙實現(xiàn)了我國首次飛船徑向?qū)?，從發(fā)射到對接成功僅歷時6.5小時，對接前兩者穩(wěn)定運行的圓周軌道如圖所示，則兩者穩(wěn)定運行時（）A.天和核心艙運行周期更小B.天和核心艙加速度更小C.天和核心艙運行線速度更小D.神州十三號需在原軌道減速才能完成對接〖答案〗BC〖解析〗A．根據(jù)可得天和核心艙的軌道半徑更大，則運行周期更大，故A錯誤；B．根據(jù)可得天和核心艙的軌道半徑更大，則加速度更小，故B正確；C．根據(jù)可知神州十三號的軌道半徑小，則線速度更大，故C正確；D．變軌需要神州十三號的軌道半徑變大，則需要加速做離心運動完成對接，故D錯誤。故選BC。9.蕩秋千是一項古老的休閑體育運動。如圖所示，李明同學(xué)某次蕩秋千時，O、A兩點分別為其運動過程中的最低點和最高點，A到O的過程中，李明的身體姿勢保持不變。已知李明和座椅的總質(zhì)量為m，兩根平行的秋千繩長均為L，A點時繩子與豎直方向的夾角為θ，重力加速度大小為g，空氣阻力和繩的質(zhì)量忽略不計。下列說法正確的是（）A.在A位置時，該同學(xué)速度為0，處于平衡狀態(tài)B.A位置到O位置的過程中，該同學(xué)的機械能守恒C.在A位置時，每根秋千繩的拉力大小為D.在O位置時，每根秋千繩的拉力大小約為〖答案〗BCD〖解析〗A．在A位置時，該人受到重力和秋千繩的拉力，合力不為零，不是平衡狀態(tài)，故A錯誤；B．A位置到O位置的過程中，只有重力做功，機械能守恒，故B正確；C．在A位置時，已知繩子與豎直方向成θ，有解得故C正確；D．在O位置時，由牛頓第二定律可得從A到O，由動能定理可知每根秋千繩的拉力大小為故D正確。故選BCD。10.某科技館設(shè)計了一種磁力減速裝置，簡化為如題圖所示模型。在小車下安裝長為L、總電阻為R的正方形單匝線圈，小車和線圈總質(zhì)量為m。小車從靜止開始沿著光滑斜面下滑s后，下邊框剛進入勻強磁場時，小車開始做勻速直線運動。已知斜面傾角為θ，磁場上下邊界的距離為L，磁感應(yīng)強度大小為B，方向垂直斜面向上，重力加速度為g，則（）A.線圈通過磁場過程中，感應(yīng)電流方向先順時針后逆時針方向（俯視）B.線框在穿過磁場過程中產(chǎn)生的焦耳熱為C.線框剛進入磁場上邊界時，感應(yīng)電流的大小為D.小車和線圈的總質(zhì)量為〖答案〗AD〖解析〗A．線框剛進入磁場上邊界時，根據(jù)楞次定律可得感應(yīng)電流的方向為順時針方向（從斜面上方俯視線框），穿出磁場時，根據(jù)楞次定律可得感應(yīng)電流的方向為逆時針方向，故A正確；BC．設(shè)線框進入磁場時的速度大小為v0，自由下滑過程中，根據(jù)動能定理可得解得v0=根據(jù)閉合電路歐姆定律可得下邊框剛進入勻強磁場時，小車開始做勻速直線運動。根據(jù)功能關(guān)系可得線框穿過磁場的過程中產(chǎn)生的焦耳熱為故BC錯誤；D．根據(jù)平衡條件可得解得故D正確。故選AD。三、實驗題（共16分）11.學(xué)習(xí)了力學(xué)知識后，小王同學(xué)組裝了圖甲所示的裝置，想利用它來測量一些物理量。他做了如下的實驗操作：Ⅰ．將礦泉水瓶P和物塊Q，分別與跨過滑輪的輕繩連接，滑輪通過豎直彈簧測力計懸掛，已知滑輪的質(zhì)量為M；Ⅱ．將紙帶上端粘在Q的下面，下端穿過打點計時器（圖中未畫出），往P中裝適量水，接通電源，釋放P后，P向下運動，讀出測力計的示數(shù)F，打出點跡清晰的紙帶如圖乙所示；Ⅲ．逐漸往P中加適量水，重復(fù)實驗（P始終向下運動，Q始終未跟滑輪相碰），獲得多組實驗數(shù)據(jù)。（1）在圖乙所示的紙帶上，相鄰兩個計數(shù)點間還有四個點未畫出，已知打點計時器的頻率為50Hz，則Q的加速度大小為___________。（結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）（2）根據(jù)實驗數(shù)據(jù)，作出Q的加速度a隨測力計示數(shù)F變化的圖像如圖丙所示，若圖線的斜率為k，圖線在F軸上的截距為b，不計輕繩與滑輪間的摩擦，則Q的質(zhì)量為____________________，當?shù)氐闹亓铀俣葹開______________。（以上兩空均用字母k、b、M表示）〖答案〗（1）1.0（2）〖解析〗（1）[1]根據(jù)題意可知相鄰兩個計數(shù)點間的時間間隔T＝0.1s，而勻變速直線運動在連續(xù)相等時間間隔內(nèi)的位移差相等，則根據(jù)逐差相等公式取位移和位移，此為連續(xù)時間內(nèi)通過的位移，則可得Q的加速度大小為（2）[2][3]根據(jù)牛頓第二定律，對Q有T－mg＝ma對滑輪，由平衡條件F＝2T＋Mg整理得所以，解得Q的質(zhì)量為重力加速度為12.半導(dǎo)體薄膜壓力傳感器是一種常用的傳感器，其阻值會隨壓力變化而改變。某實驗小組想測量某一薄膜壓力傳感器在不同壓力下的阻值RN，其阻值約幾十千歐，現(xiàn)有以下器材；壓力傳感器；電源：電動勢6V，內(nèi)阻不計；電流表A，量程250μA，內(nèi)阻約為；電壓表V：量程3V，內(nèi)阻約為；滑動變阻器：阻值范圍；滑動變阻器，阻值范圍；開關(guān)S；導(dǎo)線若干（1）為了提高測量的準確性，應(yīng)該選以下___________電路圖進行測量，其中，滑動變阻器應(yīng)選___________（填元器件符號），使用該電路得到的測量值___________（選填“大于”“小于”或者“等于”）真實值；A.B.C.D.（2）通過多次實驗測得其阻值隨壓力F變化的關(guān)系圖像如圖甲所示，該學(xué)習(xí)小組利用該壓力傳感器設(shè)計了如圖乙所示的自動分揀裝置，可以將質(zhì)量大于0.5kg的物體和小于0.5kg的物體進行分揀，圖中為壓力傳感器，R'為滑動變阻器，電源電動勢為6V（內(nèi)阻不計）。分揀時質(zhì)量不同的物體通過傳送帶運送到托盤上，OB為一個可繞O轉(zhuǎn)動的杠桿，下端有彈簧，當控制電路兩端電壓2V時，杠桿OB水平，物體水平進入通道1；當控制電路兩端電壓<2V時，控制電路控制杠桿的B端下移，物體下滑進入通道2，從而實現(xiàn)分揀功能。根據(jù)以上原理可知，R'接入電路的阻值為___________（重力加速度大小取10m/s2，結(jié)果保留2位有效數(shù)字），質(zhì)量為0.4kg的物體將進入___________（選填“通道1”或“通道2”）?！即鸢浮剑?）C大于（2）9.0通道2〖解析〗【小問1詳析】[1][2]滑動變阻器便于調(diào)節(jié)，故選擇，題中待測電阻是大電阻，且其電阻值遠大于滑動變阻器最大阻值，故電路應(yīng)為分壓，內(nèi)接。故選C。[3]由歐姆定律可知電路中因為電流表分壓，導(dǎo)致電壓表讀數(shù)大于兩端電壓，故測量值大于真實值?！拘?詳析】[1]質(zhì)量為0.5kg的物體對的壓力為由圖甲可知，此時，由閉合電路歐姆定律且聯(lián)立解得[2]由圖甲可知，壓力變小，阻值變大，故電路中電流變小，兩端電壓變小，小于2V，故物體進入通道2。四、解答題（共38分）13.如圖所示，一粗細均勻且一端密閉的細玻璃管開口向下豎直放置，管內(nèi)有一段長為的水銀柱，水銀柱上方封閉了長度為的理想氣體，此時封閉在管內(nèi)的氣體處于狀態(tài)A，溫度。先緩慢加熱封閉氣體使其處于狀態(tài)B，此時封閉氣體長度為。然后保持封閉氣體溫度不變，將玻璃管緩慢倒置后使氣體達到狀態(tài)C。已知大氣壓強恒為，求：（1）判斷氣體從狀態(tài)A到狀態(tài)B的過程是吸熱還是放熱，并說明理由；（2）氣體處于狀態(tài)B時的溫度；（3）氣體處于狀態(tài)C時的長度?！即鸢浮剑?）吸熱，見〖解析〗；（2）；（3）〖解析〗（1）根據(jù)題意可知，從狀態(tài)A到狀態(tài)B，氣體溫度升高，內(nèi)能增大，氣體體積變大，氣體對外做功，由熱力學(xué)第一定律有可知即氣體吸熱。（2）根據(jù)題意，設(shè)玻璃管橫截面積為S，由蓋呂薩克定律有得（3）根據(jù)題意，氣體處于狀態(tài)B時，有得氣體處于狀態(tài)C時，有得由玻意耳定律得14.某生產(chǎn)線上的傳送裝置如圖所示，質(zhì)量為的零件先從A點由靜止釋放，通過半徑的圓弧軌道，然后進入一段水平軌道，運動了之后，從水平軌道末端C點沖上靜止在地面上且表面與水平軌道相切的傳送小車，零件與小車相對靜止后，小車到達擋板與擋板碰撞后立即停止運動，零件在小車上又滑行了恰好能被擋板處的工人接到，已知小車質(zhì)量為，小車與地面間摩擦力很小可以忽略，已知零件與水平軌道和傳送小車間的動摩擦因數(shù)均為，g取，求：（1）傳送小車的長度L；（2）圓弧軌道的摩擦力對零件做的功?！即鸢浮剑?）3.5m；（2）〖解析〗（1）車靜止后，零件在車上滑行過程根據(jù)動量守恒和能量守恒定律可知零件在車上相對滑動過程有解得傳送小車的長度（2）根據(jù)動量定理，零件在BC段滑行過程根據(jù)動能定理，在圓弧軌道上下滑可得圓弧軌道的摩擦力對零件做的功15.如圖，直角坐標系xOy中，在第一象限內(nèi)有沿y軸負方向的勻強電場；在第三、第四象限內(nèi)分別有方向垂直于坐標平面向里和向外的勻強磁場。一質(zhì)量為m、電荷量為q（q>0）的粒子從y軸上P點（0、h）以初速度v0垂直于y軸射入電場，再經(jīng)x軸上的Q點沿與x軸正方向成45°角進入磁場。粒子重力不計。（1）求勻強電場場強大小E；（2）要使粒子能夠進入第三象限，求第四象限內(nèi)磁感應(yīng)強度B的大小范圍；（3）若第四象限內(nèi)磁感應(yīng)強度大小為，第三象限內(nèi)磁感應(yīng)強度大小為，且第三、第四象限的磁場在y=-L（L>2h）處存在一條與x軸平行的下邊界MN（圖中未畫出），則要使粒子能夠垂直邊界MN飛出磁場，求L的可能取值?！即鸢浮剑?）；（2）；（3）〖解析〗〖祥解〗（1）在第一象限內(nèi)，粒子在電場力作用下做類平拋運動由運動學(xué)規(guī)律有，由牛頓第二定律有：聯(lián)立解得（2）粒子在點的速率，可得的距離為粒子進入第四象限后做勻速圓周運動，如答圖所示，軌跡恰與軸相切時，對應(yīng)恰能夠進入第三象限的磁感應(yīng)強度最大值由牛頓第二定律有由幾何關(guān)系有聯(lián)立以上各式解得故的大小范圍為（3）由洛倫茲力提供向心力可知粒子在第四、第三象限的軌道半徑分別為，易知：粒子由點進入第四象限后運動半周進入第三象限，作出粒子在第四、第三象限的可能運動軌跡如答圖所示要讓粒子垂直邊界飛出磁場，則滿足的條件為結(jié)合題意解得2025屆高三上物理月考（二）測試時間：75分鐘總分：100分一、單項選擇題（本大題共7小題，每小題4分，共28分。每題只有一個正確選項，錯選或不答的得0分。）1.核電池壽命長，經(jīng)常應(yīng)用在航天領(lǐng)域。某核電池其能量來自钚發(fā)生衰變，反應(yīng)方程式為。下列說法正確的是（）A.該衰變?yōu)棣滤プ傿.X中質(zhì)子數(shù)為2C.環(huán)境溫度升高可以加快钚核的衰變D.若一次衰變過程中的質(zhì)量虧損為，則該過程放出的核能為〖答案〗B〖解析〗AB．由核反應(yīng)的質(zhì)量數(shù)和電荷數(shù)守恒可知X為，質(zhì)子數(shù)為2，該衰變?yōu)棣了プ?，故A錯誤，B正確；C．半衰期不受溫度壓強影響，故C錯誤；D．若一次衰變過程中的質(zhì)量虧損為，則該過程放出的核能應(yīng)為，故D錯誤。故選B。2.人體的細胞膜由磷脂雙分子層組成，雙分子層之間存在電壓（醫(yī)學(xué)上稱為膜電位），使得只有帶特定電荷的粒子才能通過細胞膜進入細胞內(nèi)。如圖初速度為零的正一價鈉離子僅在電場力的作用下，從細胞膜外A點運動到細胞膜內(nèi)B點，則下列說法正確的是（）A.A點電勢高于B點電勢B.鈉離子的電勢能增大C.若膜內(nèi)的電場可看作勻強電場，鈉離子的加速度變大D.若膜電位上升但細胞膜厚度不變，鈉離子進入細胞內(nèi)的速度不變〖答案〗A〖解析〗A．初速度為零的正一價鈉離子僅在電場力的作用下，從圖中的A點運動到B點，則電場線由A到B，沿電場線方向電勢逐漸降低，所以A點電勢高于B點電勢，故A正確；B．鈉離子運動過程中電場力做正功，電勢能減小，故B錯誤；C．若膜內(nèi)的電場可看作勻強電場，故電場強度不變，電場力不變，故加速度不變，故C錯誤；D．根據(jù)動能定理可得則膜電位上升時，鈉離子進入細胞內(nèi)的速度增大，故D正確。故選A3.在勻強磁場中有一電阻忽略不計的矩形線圈，繞垂直于磁場的軸勻速轉(zhuǎn)動，產(chǎn)生的正弦交流電的感應(yīng)電動勢e隨時間t的變化如圖甲所示，把該交流電輸入到圖乙中理想變壓器的A、B兩端。已知R，為熱敏電阻（其電阻隨溫度升高而減小），R為定值電阻，圖中各電表均為理想電表。下列說法正確的是（）A.變壓器A、B兩端電壓的瞬時值表達式為u=100sin50πt（V）B.圖甲中t=2×10?2s時，穿過線圈的磁通量最大C.Rt處溫度升高后，電壓表V1與V2示數(shù)的比值不變D.Rt處溫度升高后，變壓器的輸入功率減小〖答案〗B〖解析〗A．根據(jù)圖甲可知，Em=100V，T=0.02s，則故變壓器原線圈兩端電壓的瞬時值表達式為u=100sin100πt（V），故A錯誤；B．圖甲中t=2×10?2s時，線圈平面與磁場垂直，穿過線圈的磁通量最大，故B正確；C．理想變壓器匝數(shù)不變，輸入電壓不變，則電壓表V1示數(shù)不變，副線圈兩端的電壓U2不變，Rt處溫度升高時，Rt的阻值減小，根據(jù)閉合電路歐姆定律可知，副線圈回路中的電流I2增大，電壓表V2測量Rt兩端的電壓，根據(jù)串并聯(lián)電路規(guī)律及歐姆定律有Ut=U2?I2R則電壓表V2示數(shù)減小，電壓表V1示數(shù)與V2示數(shù)的比值變大，故C錯誤；D．理想變壓器匝數(shù)不變，輸入電壓不變，副線圈兩端的電壓U2不變，Rt處溫度升高時，Rt的阻值變小，變壓器的輸出功率輸出功率變大，理想變壓器輸入功率等于輸出功率，故變壓器的輸入功率變大，故D錯誤。故選B。4.水晶球是用天然水晶加工而成的一種透明的球型物品。如圖甲所示為一個質(zhì)量分布均勻的透明水晶球，半徑為a，過球心的截面如圖乙所示，PQ為直徑，一單色細光束從P點射入球內(nèi)，折射光線與PQ夾角為37℃，出射光線與PQ平行。已知光在真空中的傳播速度為c，sin37°=0.6，cos37°=0.8，則（）A.光束在P點的入射角為53° B.“水晶球”的折射率為1.6C.光在“水晶球”中的傳播速度為 D.光在“水晶球”中的傳播時間為〖答案〗B〖解析〗B．根據(jù)題意作出光路圖如圖由幾何關(guān)系可知，光線射出時的折射角r為2θ，折射率故B正確；A．由圖β=r=2θ=74°故A錯誤；C．光在“水晶球”中的傳播速度為故C錯誤；D．光在“水晶球”中傳播的距離時間帶入數(shù)據(jù)有故D錯誤。故選B。5.2023年，我國“雙曲線二號”火箭完成垂直起降飛行試驗，意味著運載火箭的可重復(fù)使用技術(shù)取得了重要突破。試驗過程中，火箭持續(xù)向下噴射燃氣獲得豎直向上的推力，若地面測控系統(tǒng)測出火箭豎直起降全過程的圖像如圖所示，火箭在時刻離開地面，在時刻落回起點。不計空氣阻力及火箭質(zhì)量的變化，下列說法正確的是（??）A.在時刻，火箭上升到最高位置B.在時間內(nèi)，火箭受到的推力先增大后逐漸減小為零C.在時間內(nèi)，火箭動能的減少量小于重力勢能的增加量D.在時間內(nèi)，火箭處于失重狀態(tài)〖答案〗C〖解析〗A．時間內(nèi)速度始終為正，說明火箭一直在向上運動，時間內(nèi)火箭的速度為0，處于靜止狀態(tài)，時間內(nèi)速度始終為負，說明火箭一直在向下運動，故時刻上升到最高點，故A錯誤；B．v-t圖像的斜率表示加速度，在時間內(nèi)，火箭加速度先增大后逐漸減小為零，則火箭受到的推力先增大后逐漸減小，在時刻，火箭受到的推力等于其重力，故B錯誤；C．在時間內(nèi)，根據(jù)動能定理，火箭受到的推力做功與其重力做功之和等于動能的變化量，所以火箭動能的減少量小于重力勢能的增加量，故C正確；D．在時間內(nèi)，火箭加速度方向先向下后向上，先處于失重狀態(tài)后處于超重狀態(tài)，故D錯誤。故選C。6.如圖所示，圖甲為一簡諧橫波在t=0.2s時的波形圖，P是平衡位置在x=3m處的質(zhì)點，Q是平衡位置在x=4m處的質(zhì)點，圖乙為質(zhì)點Q的振動圖像。下列說法正確的是（）A.這列波沿x軸正方向傳播B.當這列波遇到尺寸超過8m的障礙物時不能發(fā)生衍射現(xiàn)象C.t=0.2s到t=0.3s，P點通過的路程為20cmD.t=0.35s時，P點的加速度方向與y軸正方向相同〖答案〗D〖解析〗A．由乙圖可知，周期為0.4s，0.2s時，Q質(zhì)點向下振動，根據(jù)同側(cè)法可得，波向x軸負方向傳播，故A錯誤；B．由甲圖可知這列波的波長為8m，所以，遇到尺寸超過8m的障礙物時能發(fā)生衍射現(xiàn)象，但不明顯，故B錯誤；C．在甲圖中，由P質(zhì)點的坐標，可知P質(zhì)點偏離平衡位置個周期，0.3s時是在此圖的基礎(chǔ)上再振動周期，因為要向下運動跨越平衡位置，所以P質(zhì)點通過的路程大于20cm，故C錯誤；D．該波的波速為從t=0.20s到t=0.35s，波傳播的距離為則根據(jù)波形平移法知，0.35s時P質(zhì)點到達最低點，加速度方向與y軸正方向相同，故D正確。故選D。7.圖甲為掛在架子上的雙層晾衣籃。上、下籃子完全相同且保持水平，每個籃子由兩個質(zhì)地均勻的圓形鋼圈穿進網(wǎng)布構(gòu)成，兩籃通過四根等長的輕繩與鋼圈的四等分點相連，上籃鋼圈用另外四根等長輕繩系在掛鉤上。晾衣籃的有關(guān)尺寸如圖乙所示，則圖甲中上、下各一根繩中的張力大小之比為（）A.1：1 B.2：1 C.5：2 D.5：4〖答案〗C〖解析〗設(shè)一個籃子的質(zhì)量為，連接下籃的繩子的拉力為，對下籃，根據(jù)平衡條件得解得設(shè)連接上籃繩子的拉力為，繩子與豎直方向夾角為，對兩個籃整體由平衡條件得根據(jù)幾何關(guān)系得聯(lián)立解得則故C正確，ABD錯誤。故選C。二、多選題（本題共3小題，每小題6分，共18分，全部選對得6分，選對但不選全得3分，有選錯得0分）8.神州十三號載人飛船與天和核心艙實現(xiàn)了我國首次飛船徑向?qū)?，從發(fā)射到對接成功僅歷時6.5小時，對接前兩者穩(wěn)定運行的圓周軌道如圖所示，則兩者穩(wěn)定運行時（）A.天和核心艙運行周期更小B.天和核心艙加速度更小C.天和核心艙運行線速度更小D.神州十三號需在原軌道減速才能完成對接〖答案〗BC〖解析〗A．根據(jù)可得天和核心艙的軌道半徑更大，則運行周期更大，故A錯誤；B．根據(jù)可得天和核心艙的軌道半徑更大，則加速度更小，故B正確；C．根據(jù)可知神州十三號的軌道半徑小，則線速度更大，故C正確；D．變軌需要神州十三號的軌道半徑變大，則需要加速做離心運動完成對接，故D錯誤。故選BC。9.蕩秋千是一項古老的休閑體育運動。如圖所示，李明同學(xué)某次蕩秋千時，O、A兩點分別為其運動過程中的最低點和最高點，A到O的過程中，李明的身體姿勢保持不變。已知李明和座椅的總質(zhì)量為m，兩根平行的秋千繩長均為L，A點時繩子與豎直方向的夾角為θ，重力加速度大小為g，空氣阻力和繩的質(zhì)量忽略不計。下列說法正確的是（）A.在A位置時，該同學(xué)速度為0，處于平衡狀態(tài)B.A位置到O位置的過程中，該同學(xué)的機械能守恒C.在A位置時，每根秋千繩的拉力大小為D.在O位置時，每根秋千繩的拉力大小約為〖答案〗BCD〖解析〗A．在A位置時，該人受到重力和秋千繩的拉力，合力不為零，不是平衡狀態(tài)，故A錯誤；B．A位置到O位置的過程中，只有重力做功，機械能守恒，故B正確；C．在A位置時，已知繩子與豎直方向成θ，有解得故C正確；D．在O位置時，由牛頓第二定律可得從A到O，由動能定理可知每根秋千繩的拉力大小為故D正確。故選BCD。10.某科技館設(shè)計了一種磁力減速裝置，簡化為如題圖所示模型。在小車下安裝長為L、總電阻為R的正方形單匝線圈，小車和線圈總質(zhì)量為m。小車從靜止開始沿著光滑斜面下滑s后，下邊框剛進入勻強磁場時，小車開始做勻速直線運動。已知斜面傾角為θ，磁場上下邊界的距離為L，磁感應(yīng)強度大小為B，方向垂直斜面向上，重力加速度為g，則（）A.線圈通過磁場過程中，感應(yīng)電流方向先順時針后逆時針方向（俯視）B.線框在穿過磁場過程中產(chǎn)生的焦耳熱為C.線框剛進入磁場上邊界時，感應(yīng)電流的大小為D.小車和線圈的總質(zhì)量為〖答案〗AD〖解析〗A．線框剛進入磁場上邊界時，根據(jù)楞次定律可得感應(yīng)電流的方向為順時針方向（從斜面上方俯視線框），穿出磁場時，根據(jù)楞次定律可得感應(yīng)電流的方向為逆時針方向，故A正確；BC．設(shè)線框進入磁場時的速度大小為v0，自由下滑過程中，根據(jù)動能定理可得解得v0=根據(jù)閉合電路歐姆定律可得下邊框剛進入勻強磁場時，小車開始做勻速直線運動。根據(jù)功能關(guān)系可得線框穿過磁場的過程中產(chǎn)生的焦耳熱為故BC錯誤；D．根據(jù)平衡條件可得解得故D正確。故選AD。三、實驗題（共16分）11.學(xué)習(xí)了力學(xué)知識后，小王同學(xué)組裝了圖甲所示的裝置，想利用它來測量一些物理量。他做了如下的實驗操作：Ⅰ．將礦泉水瓶P和物塊Q，分別與跨過滑輪的輕繩連接，滑輪通過豎直彈簧測力計懸掛，已知滑輪的質(zhì)量為M；Ⅱ．將紙帶上端粘在Q的下面，下端穿過打點計時器（圖中未畫出），往P中裝適量水，接通電源，釋放P后，P向下運動，讀出測力計的示數(shù)F，打出點跡清晰的紙帶如圖乙所示；Ⅲ．逐漸往P中加適量水，重復(fù)實驗（P始終向下運動，Q始終未跟滑輪相碰），獲得多組實驗數(shù)據(jù)。（1）在圖乙所示的紙帶上，相鄰兩個計數(shù)點間還有四個點未畫出，已知打點計時器的頻率為50Hz，則Q的加速度大小為___________。（結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）（2）根據(jù)實驗數(shù)據(jù)，作出Q的加速度a隨測力計示數(shù)F變化的圖像如圖丙所示，若圖線的斜率為k，圖線在F軸上的截距為b，不計輕繩與滑輪間的摩擦，則Q的質(zhì)量為____________________，當?shù)氐闹亓铀俣葹開______________。（以上兩空均用字母k、b、M表示）〖答案〗（1）1.0（2）〖解析〗（1）[1]根據(jù)題意可知相鄰兩個計數(shù)點間的時間間隔T＝0.1s，而勻變速直線運動在連續(xù)相等時間間隔內(nèi)的位移差相等，則根據(jù)逐差相等公式取位移和位移，此為連續(xù)時間內(nèi)通過的位移，則可得Q的加速度大小為（2）[2][3]根據(jù)牛頓第二定律，對Q有T－mg＝ma對滑輪，由平衡條件F＝2T＋Mg整理得所以，解得Q的質(zhì)量為重力加速度為12.半導(dǎo)體薄膜壓力傳感器是一種常用的傳感器，其阻值會隨壓力變化而改變。某實驗小組想測量某一薄膜壓力傳感器在不同壓力下的阻值RN，其阻值約幾十千歐，現(xiàn)有以下器材；壓力傳感器；電源：電動勢6V，內(nèi)阻不計；電流表A，量程250μA，內(nèi)阻約為；電壓表V：量程3V，內(nèi)阻約為；滑動變阻器：阻值范圍；滑動變阻器，阻值范圍；開關(guān)S；導(dǎo)線若干（1）為了提高測量的準確性，應(yīng)該選以下___________電路圖進行測量，其中，滑動變阻器應(yīng)選___________（填元器件符號），使用該電路得到的測量值___________（選填“大于”“小于”或者“等于”）真實值；A.B.C.D.（2）通過多次實驗測得其阻值隨壓力F變化的關(guān)系圖像如圖甲所示，該學(xué)習(xí)小組利用該壓力傳感器設(shè)計了如圖乙所示的自動分揀裝置，可以將質(zhì)量大于0.5kg的物體和小于0.5kg的物體進行分揀，圖中為壓力傳感器，R'為滑動變阻器，電源電動勢為6V（內(nèi)阻不計）。分揀時質(zhì)量不同的物體通過傳送帶運送到托盤上，OB為一個可繞O轉(zhuǎn)動的杠桿，下端有彈簧，當控制電路兩端電壓2V時，杠桿OB水平，物體水平進入通道1；當控制電路兩端電壓<2V時，控制電路控制杠桿的B端下移，物體下滑進入通道2，從而實現(xiàn)分揀功能。根據(jù)以上原理可知，R'接入電路的阻值為___________（重力加速度大小取10m/s2，結(jié)果保留2位有效數(shù)字），質(zhì)量為0.4kg的物體將進入___________（選填“通道1”或“通道2”）?！即鸢浮剑?）C大于（2）9.0通道2〖解析〗【小問1詳析】[1][2]滑動變阻器便于調(diào)節(jié)，故選擇，題中待測電阻是大電阻，且其電阻值遠大于滑動變阻器最大阻值，故電路應(yīng)為分壓，內(nèi)接。故選C。[3]由歐姆定律可知電路中因為電流表分壓，導(dǎo)致電壓表讀數(shù)大于兩端電壓，故測量值大于真實值?！?/p>