2025屆華東師大二附中高三物理第一學期期中達標測試試題含解析

2025屆華東師大二附中高三物理第一學期期中達標測試試題注意事項1．考生要認真填寫考場號和座位序號。2．試題所有答案必須填涂或書寫在答題卡上，在試卷上作答無效。第一部分必須用2B鉛筆作答；第二部分必須用黑色字跡的簽字筆作答。3．考試結束后，考生須將試卷和答題卡放在桌面上，待監(jiān)考員收回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、傾角為α、質量為M的斜面體靜止在水平桌面上，質量為m的木塊靜止在斜面體上．下列結論正確的是（）A．桌面對斜面體的支持力大小是（M＋m）gB．桌面對斜面體的摩擦力大小是mgsinαcosαC．木塊受到的摩擦力大小是mgcosαD．木塊對斜面體的壓力大小是mgsinα2、某人站在三樓陽臺上，同時以10m/s的速率拋出兩個小球，其中一球豎直上拋，另一球豎直下拋，它們落地的時間差為；如果該人站在六樓陽臺上，以同樣的方式拋出兩個小球，它們落地的時間差為，不計空氣阻力．則下列關系中正確的是()A． B． C． D．無法判斷3、如圖所示為單擺在兩次受迫振動中的共振曲線，下列說法正確的是（）A．若兩次受迫振動分別在月球上和地球上進行，且擺長相等，則圖線II是月球上的單擺共振曲線B．若兩次受迫振動均在地球上同一地點進行的，則兩次擺長之比為C．圖線II若是在地球表面上完成的，則該擺擺長約為D．若擺長約為，則圖線I是在地球表面上完成的4、如圖所示，豎直平面內(nèi)有水平向左的勻強電場E，M點與P點的連線垂直于電場線，M點與N在同一電場線上．兩個完全相同的帶等量正電荷的粒子，以相同大小的初速度v0分別從M點和N點沿豎直平面進入電場，重力不計．N點的粒子垂直電場線進入，M點的粒子與電場線成一定夾角進入，兩粒子恰好都能經(jīng)過P點，在此過程中，下列說法正確的是A．電場力對兩粒子做功相同B．兩粒子到達P點的速度大小可能相等C．兩粒子到達P點時的電勢能都減小D．兩粒子到達P點所需時間一定不相等5、如圖所示，地球衛(wèi)星P繞某地球做勻速圓周運動，地球相對飛行器的張角為θ=2α；另一衛(wèi)星Q的張角為4α。則P與Q的周期之比為A． B．C． D．6、有四個運動的物體A、B、C、D，物體A、B運動的x—t圖像如圖①所示；物體C、D從同一地點沿同一方向運動的v—t圖像如圖②所示．根據(jù)圖像做出的以下判斷中正確的是()A．物體A和B均做勻加速直線運動，且A的加速度比B更大B．在0～3s的時間內(nèi)，物體A運動的位移為10mC．t=3s時，物體C追上物體DD．t=3s時，物體C與物體D之間有最大間距二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，兩個質量分別為m1=2kg、m2=3kg的物體置于光滑的水平面上，中間用輕質彈簧秤連接．兩個大小分別為F1=30N、F2=20N的水平拉力分別作用在m1、m2上，則（）A．系統(tǒng)運動穩(wěn)定時，彈簧秤的示數(shù)是50NB．系統(tǒng)運動穩(wěn)定時，彈簧秤的示數(shù)是26NC．在突然撤去F1的瞬間，m1的加速度大小為13m/s2D．在突然搬去F1的瞬間，m1的加速度大小為15m/s28、如圖所示，楔形木塊abc固定在水平面上，粗糙斜面ab和光滑斜面bc與水平面的夾角相同，頂角b處安裝一定滑輪．質量分別為M、m（M>m）的滑塊,通過不可伸長的輕繩跨過定滑輪連接，輕繩與斜面平行．兩滑塊由靜止釋放后，沿斜面做勻加速運動．若不計滑輪的質量和摩擦，在兩滑塊沿斜面運動的過程中（）A．兩滑塊組成系統(tǒng)的機械能守恒B．重力對M做的功等于M動能的增加C．輕繩對m做的功等于m機械能的增加D．兩滑塊組成系統(tǒng)的機械能損失等于M克服摩擦力做的功9、在花崗巖、大理石等裝飾材料中，都不同程度地含有放射性元素，下列有關放射性元素的說法中正確的是（）A．α射線是發(fā)生α衰變時產(chǎn)生的，生成核與原來的原子核相比，中子數(shù)減少了4個B．氡的半衰期為3.8天，16個氡原子核經(jīng)過7.6天后就一定只剩下2個氡原子核C．92238U衰變成82206Pb要經(jīng)過6次β衰變和8次α衰變D．放射性元素發(fā)生β衰變時所釋放的電子是原子核內(nèi)的質子轉化為中子時產(chǎn)生的10、如圖，光滑水平面上有兩輛小車，用細線相連，中間有一個被壓縮的輕彈簧，小車處于靜止狀態(tài)。燒斷細線后，由于彈力的作用兩小車分別向左、右運動。已知兩小車質量之比m1:m2=2:1，下列說法正確的是（）A．彈簧彈開后兩車速度大小之比為1:2B．彈簧彈開后兩車動量大小之比為1:2C．彈簧彈開過程受到的沖量大小之比為2:1D．彈簧彈開過程彈力對做功之比為1:2三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）寫出下列讀數(shù)：（1）______________mm（2）_____________mm12．（12分）在“描繪小燈泡的伏安特性曲線”的實驗中，利用實驗得到了8組數(shù)據(jù)，在圖1所示的坐標系中，通過描點連線得到了小燈泡的伏安特性曲線.（1）根據(jù)圖線的坐標數(shù)值，請在圖2中選出該實驗正確的實驗電路圖：____(選填“甲”或“乙”).（2）根據(jù)所選電路圖，請在圖3中用筆畫線代替導線，把實驗儀器連接成完整的實驗電路.（________）（3）根據(jù)圖1，可判斷出圖4中正確的關系圖象是（圖中P為小燈泡功率"為通過小燈泡的電流）___.（5）將同種規(guī)格的兩個這樣的小燈泡并聯(lián)后再與R=10的定值電阻串聯(lián)，接在電動勢為8V、內(nèi)阻不計的電源上，如圖5所示.閉合開關S后，則電流表的示數(shù)為____A，兩個小燈泡的總功率為__W(本小題結果均保留兩位有效數(shù)字）.四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）一質量為M=4kg的長木板在粗糙水平地面上向右運動，在t=0時刻，木板速度為vo=6m/s,此時將一質量為m=2kg的小物塊(可視為質點)無初速度地放在木板的右端，二者在0~1s內(nèi)運動的v-t圖象如圖所示。己知重力加速度g=10m/s2。求：(1)小物塊與木板的動摩擦因數(shù)μ1,以及木板與地面間的動摩擦因數(shù)μ2；(2)若小物塊不從長木板上掉下,則小物塊最終停在距木板右端多遠處?(3)若在t=1s時,使小物塊的速度突然反向(大小不變),小物塊恰好停在木板的左端,求木板的長度L。14．（16分）一質量為的滑塊能在傾角為的足夠長的斜面上以的加速度勻加速下滑。如圖所示，若用一水平向右的恒力作用于滑塊上，使之由靜止開始在內(nèi)沿斜面向下運動的位移。（?。┣螅海?）滑塊和斜面之間的動摩擦因數(shù)；（2）恒力的大小。15．（12分）如圖所示，汽缸放置在水平臺上，活塞質量為5kg，厚度不計，由活塞產(chǎn)生的壓強為0.2×105Pa，汽缸全長25cm，大氣壓強為1×105Pa，當溫度為27時，活塞封閉的氣柱長10cm。若保持封閉氣體溫度不變，將汽缸緩慢豎起倒置。（1）求汽缸倒置后封閉氣柱的長度？（2）汽缸倒置后，使封閉氣體溫度升至多少K時，活塞剛好接觸平臺（活塞摩擦不計）?

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、A【解析】

AB．對M和m整體受力分析，受重力和支持力，二力平衡，故桌面對斜面體的支持力為（M+m）g，靜摩擦力為零，故B錯誤，A正確；C．先對木塊m受力分析，受重力、支持力和靜摩擦力，根據(jù)平衡條件，有f=mgsinα①N=mgcosα②由①式，選項C錯誤；D．斜面對木塊的支持力和木塊對斜面的壓力相等，由②式得D錯誤；故選A。2、C【解析】某人站在三樓陽臺上，同時以10m/s的速率拋出兩個小球，其中一個球豎直上拋，另一個球豎直下拋，將豎直上拋運動按照時間段分解為：①豎直上拋到落回拋出點；②接下來的豎直下拋過程；故兩個小球的時間差為：；該人站在六樓陽臺上，以同樣的方式拋出兩個小球，它們落地的時間差為：，故△t=△t′，故選C．點睛：本題考查了豎直上拋運動的知識，關鍵是將豎直上拋運動按時間分解為上拋到落回拋出點和接下來的豎直下拋過程；然后再比較兩個小球的時間差．3、C【解析】試題分析：當受迫振動的頻率等于單擺的固有頻率，將發(fā)生共振，根據(jù)共振的頻率大小，得出固有周期的大小，根據(jù)單擺的周期公式進行分析．若兩次受迫振動分別在月球上和地球上進行，因為圖線Ⅰ單擺的固有頻率較小，則固有周期較大，根據(jù)，知，周期大的重力加速度小，則圖線Ⅰ是月球上單擺的共振曲線，A錯誤；若兩次受迫振動均在地球上同一地點進行的，則重力加速度相等，因為固有頻率比為2：5，則固有周期比為5：2，根據(jù)，知擺長比為25：4，B錯誤；圖線Ⅱ若是在地球表面上完成的，則固有頻率為0.5Hz，則=2，解得L=1m，C正確D錯誤．4、D【解析】

A.由圖可知MP兩點在同一等勢面上，所以兩點間的電勢差為零，而NP間的電勢差大于零，根據(jù)W=qU知，電場力對M點的粒子不做功，對N點的粒子做正功，故A錯誤；B.根據(jù)動能定理知N點的粒子到達P點時電場力做正功，所以速度增大，而M點的粒子到達P點時電場力不做功，所以速度大小不變，又因它們的初速度大小相等，所以兩粒子達到P點的速度大小不等，故B錯誤；C.M點的粒子到達P點時電勢能不變，N點的粒子到達P點電場力做正功，所以電勢能減少，故C錯誤；D.在垂直于電場線方向，兩個粒子都做勻速直線運動，設PM=L，設M點的粒子與電場線的夾角為α．則M點的粒子到達P點的時間：N點的粒子到達P點的時間：由此可見，兩粒子到達P點所需時間一定不相等，故D正確．故選D．【點睛】本題主要考查了電場力做功、電勢能及速度的分解得應用，首先分析初末位置的電勢差，判斷電場力做功的關系．由動能定理分析速度大小關系．運用運動的分解法和運動學公式分析運動時間的關系．5、D【解析】

根據(jù)幾何關系可知衛(wèi)星P的軌道半徑為衛(wèi)星Q的軌道半徑為根據(jù)開普勒第三定律，可知P與Q的周期之比為，故D正確；ACD錯誤6、D【解析】

A.由甲圖看出：物體A和B位移圖象都是傾斜的直線，斜率都不變，速度都不變，說明兩物體都做勻速直線運動，A圖線的斜率大于B圖線的斜率，A的速度比B更大；故A錯誤.B.由甲圖看出：在0-3s的時間內(nèi)，物體B運動的位移為△s=10m=0=10m，A的位移大于10m；故B錯誤.C.由乙圖看出：t=3s時，D圖線所圍“面積”大于C圖線所圍“面積”，說明D的位移大于的位移，而兩物體從同一地點開始運動的，所以物體C還沒有追上物體D；故C錯誤.D.由乙圖看出：前3s內(nèi)，D的速度較大，DC間距離增大，3s后C的速度較大，兩者距離減小，t=3s時，物體C與物體D之間有最大間距；故D正確.二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BC【解析】

AB．對整體運用牛頓第二定律得隔離對分析，有則A錯誤B正確；CD．在突然撤去的瞬間，的加速度大小C正確D錯誤．故選BC。8、CD【解析】試題分析：由于“粗糙斜面ab”，故兩滑塊組成系統(tǒng)的機械能不守恒，故A錯誤；由動能定理得，重力、拉力、摩擦力對M做的總功等于M動能的增加，故B錯誤；除重力彈力以外的力做功，將導致機械能變化，故C正確；除重力彈力以外的力做功，將導致機械能變化，摩擦力做負功，故造成機械能損失，故D正確考點：機械能守恒定律，動能定理的應用．9、CD【解析】A、發(fā)生α衰變時，生成核與原來的原子核相比，核內(nèi)質量數(shù)減少4，但中子數(shù)減少2個．故A錯誤．B、半衰期的對大量原子核的衰變的統(tǒng)計規(guī)律，對于單個是不成立的，故B錯誤．C、根據(jù)質量數(shù)和電荷數(shù)守恒可知：發(fā)生α衰變放出24He，導致質子數(shù)減小2個，質量數(shù)減小4，故中子數(shù)減小2；發(fā)生β衰變時，生成核與原來的原子核相比，電荷數(shù)多1，質量數(shù)不變，所以發(fā)生α衰變的次數(shù)是：238-2064=8次，發(fā)生β衰變的次數(shù)是：2×8-（92-82）=6次．故C正確．D、根據(jù)β【點睛】該題考查對衰變和半衰期的理解，解決本題的關鍵知道三種衰變的實質，知道衰變的過程中電荷數(shù)守恒、質量數(shù)守恒．10、AD【解析】

AB．兩車組成的系統(tǒng)動量守恒，系統(tǒng)初動量為零，由動量守恒定律可知，彈簧彈開后系統(tǒng)總動量仍為零，即兩車動量大小相等、方向相反，動量之比故A正確，B錯誤；C．兩車彈開過程兩車受到的合力大小相等、方向相反、力的作用時間相等，小車受到的沖量：I=Ft大小相等，沖量大小之比為1：1，故C錯誤；D．由動能定理可知，彈力對小車做功做功之比故D正確。故選AD。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、0.90010.70【解析】

螺旋測微器的固定刻度讀數(shù)為0.5mm，可動刻度讀數(shù)為0.01×40.0mm=0.400mm，所以最終讀數(shù)為：0.5mm+0.400=0.900mm；游標卡尺的固定刻度讀數(shù)為10mm，游標尺上第14個刻度與主尺上某一刻度對齊，因此游標讀數(shù)為0.05×14mm=0.70mm，所以最終讀數(shù)為：10mm+0.70mm=10.70mm．【點睛】解決本題的關鍵掌握游標卡尺和螺旋測微器的讀數(shù)方法，游標卡尺讀數(shù)的方法是主尺讀數(shù)加上游標讀數(shù)，不需估讀．螺旋測微器的讀數(shù)方法是固定刻度讀數(shù)加上可動刻度讀數(shù)，在讀可動刻度讀數(shù)時需估讀．12、甲D0.601.2【解析】

（1）[1]描繪燈泡伏安特性曲線，電壓與電流應從零開始變化，滑動變阻器應采用分壓接法，所以正確的實驗電路圖是甲．（2）[2]根據(jù)實驗電路圖連接實物電路圖，實物電路圖如圖所示：（3）[3]由于燈泡電阻隨電流增大電阻R增大，由可知，圖象斜率增大，故選D．（4）[4][5]由圖5所示電路圖可知，兩燈泡并聯(lián)，可以把電源與定值電阻等效為電源，設每只電燈加上的實際電壓和實際電流分別為U和I，在這個閉合電路中，則有：代入數(shù)據(jù)并整理得：在圖a所示坐標系中作出的圖象如圖所示由圖象可知，兩圖象交點坐標值為：U=2V，I=0.3A此時通過電流表的電流值0.6A每只燈泡的實際功率=2×0.3=0.6W所以兩個小燈泡的總功率為1.2W．四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）μ1=0.1，μ2=0.3；（2）2.625m；（3）3.6m；【解析】

（1）由v-t圖象得到小物塊的加速度，根據(jù)牛頓第二定律列式求解動摩擦因數(shù)；再對長木板受力分析，根據(jù)v-t圖象得到加速度，根據(jù)牛頓第二定律列式求解木板與地面間的動摩擦因數(shù)μ2。（2）根據(jù)v-t圖象得到1s內(nèi)滑塊與木板的位移大小，得到相對位移大??；1s后都是減速，但滑塊相對木板再次右移，根據(jù)運動學公式列式分析；（3）先小物塊的速度突然反向，先對木板和滑塊分別受力分析，根據(jù)牛頓第二定律得到加速度，再結合運動學公式求解相對位移?！驹斀狻浚?）小物塊的加速度：，

長木板的加速度：，

對小物塊受力分析，受重力、支持力和滑動摩擦力，根據(jù)牛頓第二定律，有：μ1mg=ma1，

木板水平方向受滑塊向后的摩擦力和地面向后的摩擦，根據(jù)牛頓第二定律