2025屆山西省長治市屯留縣第一中學高二物理第一學期期末達標檢測試題含解析

2025屆山西省長治市屯留縣第一中學高二物理第一學期期末達標檢測試題注意事項1．考試結(jié)束后，請將本試卷和答題卡一并交回．2．答題前，請務(wù)必將自己的姓名、準考證號用0．5毫米黑色墨水的簽字筆填寫在試卷及答題卡的規(guī)定位置．3．請認真核對監(jiān)考員在答題卡上所粘貼的條形碼上的姓名、準考證號與本人是否相符．4．作答選擇題，必須用2B鉛筆將答題卡上對應(yīng)選項的方框涂滿、涂黑；如需改動，請用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案．作答非選擇題，必須用05毫米黑色墨水的簽字筆在答題卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律無效．5．如需作圖，須用2B鉛筆繪、寫清楚，線條、符號等須加黑、加粗．一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖，兩根平行金屬導(dǎo)軌置于水平面內(nèi)，金屬棒ab與兩導(dǎo)軌垂直并接觸良好，整個裝置放在垂直于導(dǎo)軌平面向下的勻強磁場中,現(xiàn)使磁感應(yīng)強度B隨時間均勻減小，ab始終保持靜止，下列說法正確的是（）A.ab中的感應(yīng)電流方向由b到aB.ab中的感應(yīng)電流逐漸減小C.ab所受的安培力保持不變D.ab所受的靜摩擦力逐漸減小、運動趨勢向右2、如圖所示，把帶電小球用絕緣細線懸掛于勻強磁場中，從圖示位置由靜止釋放，當帶電小球第一、二兩次經(jīng)過最低點時，相同的量是A.小球的速度B.細線的拉力C.小球的加速度D.小球受到的洛倫茲力3、在如圖所示的各電場中，a、b兩點的電場強度相同的是（）A. B.C. D.4、如圖所示，M、N為兩個帶等量的正點電荷，在其連線的中垂線上有一點P（規(guī)定無窮遠處的電勢為零），下列說法中正確的是A.P點電場強度方向水平向右B.P點到O點電場強度大小可能先增大后減小C.P點的電勢大于O點的電勢D.O點的電勢為零5、如圖所示，理想變壓器的原線圈接在的交流電源上，副線圈接有R=55Ω的負載電阻，原、副線圈匝數(shù)之比為2：1，電流表、電壓表均為理想電表。下列說法正確的是（）A.原線圈的輸入功率為 B.電流表的讀數(shù)為1AC.電壓表的讀數(shù)為 D.副線圈輸出交流電的周期為50s6、如圖所示，把一個光滑圓球放在兩塊擋板AC和AB之間，AC與AB之間夾角為30°，現(xiàn)將AC板固定而使AB板順時針緩慢轉(zhuǎn)動90°，則()A.球?qū)B板的壓力先減小后增大B.球?qū)B板的壓力逐漸減小C.球?qū)C板的壓力逐漸增大D.球?qū)C板的壓力先減小后增大二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，邊長為L、匝數(shù)為N、電阻不計的正方形線圈abcd，在磁感應(yīng)強度為B的勻強磁場中繞轉(zhuǎn)軸OO′以角速度ω勻速轉(zhuǎn)動，軸OO′'垂直于磁感線，制成一臺交流發(fā)電機，它與理想變壓器的原線圈連接，變壓器原、副線圈的匝數(shù)之比為1∶2，二極管的正向電阻為零，反向電阻無窮大，從正方形線圈處于圖示位置開始計時，下列判斷正確的是()A.交流發(fā)電機的感應(yīng)電動勢的瞬時值表達式為e＝NBωL2cosωtB.變壓器的輸入功率與輸出功率之比為2∶1C.電壓表V示數(shù)為NBωL2D.若將滑動變阻器的滑片向下滑動，電流表和電壓表示數(shù)均變小8、如圖所示，O是一固定的點電荷，另一點電荷P從很遠處以初速度v射入點電荷O的電場，在電場力作用下的運動軌跡是曲線MN，a、b、c是以O(shè)為中心Ra、Rb、Rc為半徑畫出的三個圓，它們之間間距相等，1、2、3、4為軌跡MN與三個圓的一些交點．以|W12|表示點電荷P由l到2的過程中電場力做的功的大小，|W34|表示由3到4的過程中電場力做的功的大小，則（）A.|W12|＞2|W34| B.|W12|=2|W34|C.P、O兩電荷可能同號 D.P、O兩電荷一定異號9、如圖所示，理想變壓器原線圈接在交流電源上，圖中各電表均為理想電表．下列說法正確的是A.當滑動變阻器的滑動觸頭P向上滑動時，R1消耗的功率變大B.當滑動變阻器的滑動觸頭P向上滑動時，電壓表V示數(shù)變大C.當滑動變阻器的滑動觸頭P向上滑動時，電流表A1示數(shù)變大D.若閉合開關(guān)S，則電流表A1示數(shù)變大、A2示數(shù)變小10、如圖所示，水平放置的平行板電容器上極板帶正電，從上極板的左端A點緊貼上極板以水平初速度v0向右射入一個帶正電的粒子，粒子重力不計．當它的水平分速度與豎直分速度的大小之比為1︰2時，恰好從下極板的右端B點射出．設(shè)極板長為L，板間距為d，則A.d=LB.d=2LC.若粒子初速度為2v0，則粒子從電容器中飛出時距上極板D.若粒子初速度為2v0，則粒子從電容器中飛出時距上極板三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）水平放置的平行金屬導(dǎo)軌相距為d，導(dǎo)軌一端與電源相連，電源電動勢為E，垂直于導(dǎo)軌平面的勻強磁場的磁感應(yīng)強度為B，方向如圖所示。長為l的金屬棒ab靜止在導(dǎo)軌上，棒與導(dǎo)軌成60°角，金屬棒受到的安培力為F，則此時通過金屬棒的電流為_________，回路的總電阻為_________。12．（12分）現(xiàn)利用如圖所示的裝置驗證動量守恒定律.在圖中，小車A的前端粘有橡皮泥，后連著紙帶，啟動打點計時器，給小車A一初速度，然后與原來靜止在前方的小車B相碰并粘合成一體，繼續(xù)運動.實驗測得小車A的質(zhì)量m1＝0.81kg，小車B的質(zhì)量m2＝0.84kg，打點計時器所用交流電的頻率f＝50.0Hz.碰撞前后打出的紙帶如圖乙所示（單位cm）.(1)關(guān)于實驗過程中的注意事項，下列說法正確的是（）A．長木板下應(yīng)墊著薄木片以平衡摩擦力B．小車A和小車B的車輪應(yīng)該選用同種材料制成的C．應(yīng)選用質(zhì)量差不多大的兩個小車D．應(yīng)選用足夠光滑的長木板(2)碰前兩小車的總動量為________kg·m/s，碰后兩小車的總動量為________kg·m/s.（保留三位有效數(shù)字）四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，勻強磁場的磁感應(yīng)強度B=0.5T，邊長為L=10cm的正方形線圈abcd共100匝，線圈電阻r=1Ω，線圈繞垂直于磁感線的對稱軸勻速轉(zhuǎn)動，角速度為ω=2πrad/s，外電路電阻R=4Ω，求：(答案可以保留根號和π)(1)轉(zhuǎn)動過程中感應(yīng)電動勢的最大值；(2)由圖示位置轉(zhuǎn)過60?角的過程中產(chǎn)生的平均感應(yīng)電動勢；(3)交流電電壓表的示數(shù)；(4)轉(zhuǎn)動一周外力所做的功；(5)由圖示位置轉(zhuǎn)過60?角過程通過R的電荷量為多少?14．（16分）如圖所示，R為電阻箱，V為理想電壓表?當電阻箱讀數(shù)為時，電壓表讀數(shù)為；當電阻箱讀數(shù)為時，電壓表讀數(shù)為?求電源的電動勢E和內(nèi)阻r?15．（12分）如圖所示，質(zhì)量m="0.1"g的小球，帶有q=5×10-4C的正電荷，套在一根與水平方向成θ=37°角的絕緣桿上，小球可以沿桿滑動，與桿間的動摩擦因數(shù)μ=0.4，這個裝置放在磁感應(yīng)強度B="0.5"T的勻強磁場中，求小球無初速釋放后沿桿下滑的最大加速度和最大速度.（g取10N/kg）

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、D【解析】根據(jù)楞次定律得出感應(yīng)電流的方向，結(jié)合法拉第電磁感應(yīng)定律判斷感應(yīng)電流是否不變，根據(jù)安培力公式分析安培力是否保存不變，結(jié)合平衡分析靜摩擦力的變化【詳解】A．磁感應(yīng)強度均勻減小，磁通量減小，根據(jù)楞次定律得，ab中的感應(yīng)電流方向由a到b，故A錯誤；B．由于磁感應(yīng)強度均勻減小，根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律得，感應(yīng)電動勢恒定，則ab中的感應(yīng)電流不變，故B錯誤；C．根據(jù)安培力公式F=BIL知，電流不變，B均勻減小，則安培力減小，故C錯誤；D．導(dǎo)體棒受安培力和靜摩擦力處于平衡，f=F，安培力減小，則靜摩擦力減小，根據(jù)左手定則可知，安培力的方向向右，導(dǎo)體棒有向右運動的趨勢，故D正確；故選D【點睛】本題考查了法拉第電磁感應(yīng)定律、楞次定律、安培力公式的基本運用，注意磁感應(yīng)強度均勻變化，面積不變，則感應(yīng)電動勢不變，但是導(dǎo)體棒所受的安培力在變化2、C【解析】A項：小球兩次經(jīng)過最低點時的速度方向不同，所以兩次小球過最低點的速度不相同，故A錯誤；B、D項：由于洛倫茲力和拉力不做功，所以小球兩次經(jīng)過最低點的速度大小相等，根據(jù)牛頓第二定律可知，由于速度方向不同，導(dǎo)致產(chǎn)生的洛倫茲力的方向不同，則拉力的大小不同，故B、D錯誤；C項：由公式可知，小球的向心加速度大小相同，且方向指向固定點，即加速度相，故C正確；故選C3、D【解析】AB．A圖和B圖中的ab兩點的電場的方向不同，場強大小相等，所以兩點的電場強度不相同。故AB錯誤；C．C圖中的ab兩點，b點的電場線比較密，所以b點的場強大。故C錯誤；D．D圖中的兩點所在的電場為勻強電場，兩點的電場強度大小相等，方向相同，場強相同，故D正確；故選D。4、B【解析】M、N為兩個等量的正點電荷，在O上方，其連線中垂線上電場強度方向O→P，由于電場線的疏密情況不確定，電場強度大小變化情況不確定，根據(jù)沿著電場線方向電勢是降低的，電場強度與電勢無關(guān)【詳解】A項：在O上方，在等量同種正電荷連線中垂線上電場強度方向O→P，故A錯誤；B項：由于電場線的疏密情況不確定，電場強度大小變化情況不確定，因此P點到O點電場強度大小可能先增大后減小，也可能一直減小，故B正確；C項：依據(jù)沿著電場線方向電勢是降低的，因此P點的電勢小于O點的電勢，故C錯誤；D項：依據(jù)電場的疊加，結(jié)合矢量合成法則，則O點的電場強度為零，但電勢不一定為零，故D錯誤故選B【點睛】本題的關(guān)鍵要掌握等量異種電荷電場線的分布情況及特點，要抓住電場線的對稱性，要注意在電場線分布情況不確定時電場強度的大小也不確定5、B【解析】C．電表的讀數(shù)均為有效值，原線圈兩端電壓有效值為220V，由理想變壓器原、副線圈兩端電壓與線圈匝數(shù)成正比，可知副線圈兩端電壓有效值為110V，電壓表的讀數(shù)為110V，C錯誤；A．根據(jù)可知流過電阻R的電流為2A，所以負載消耗的功率為220W，根據(jù)能量守恒可知，原線圈的輸入功率為220W，A錯誤；B．由理想變壓器原、副線圈電流與線圈匝數(shù)成反比可知，電流表的讀數(shù)為1A，B正確；D．由交變電壓瞬時值表達式可知，ω=πrad/s，周期T=2s，D錯誤。故選B。6、A【解析】以小球為研究對象，分析受力情況，作出小球三個不同位置的受力圖如圖，可見，使AB板順時針緩慢轉(zhuǎn)動90°的過程中，AB板對球的支持力N1先減小后增大，AC板對球的支持力N2一直減小，由牛頓第三定律得知，球?qū)B板的壓力先減小后增大，球?qū)C板的壓力一直減?。蔄正確，BCD均錯誤考點：物體平衡條件的應(yīng)用平行四邊形定則二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AC【解析】A．從垂直于中性面時開始時，矩形線圈產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢的瞬時值表達式為e=NBL2ωcosωt故A正確；B．變壓器的輸入與輸出功率之比為1：1，故B錯誤；C．交流電在一個周期內(nèi)有半個周期通過二極管，次級交流電壓的最大值等于U2m=2NBωL2根據(jù)電流的熱效應(yīng)可得解得U=NBωL2故C正確；D．當P位置向下移動，R增大，根據(jù)理想變壓器的變壓原理知輸出電壓即電壓表V的示數(shù)不變，電阻消耗的功率變小，故電流表示數(shù)變小，故D錯誤。故選AC8、AD【解析】根據(jù)電場線的分布情況可知，2、3間的場強大于3、4間場強，由公式U=Ed分析得知，2、3間的電勢差大于3、4間的電勢差，所以1、2間的電勢差大于3、4間電勢差的2倍，即有|U12|＞2|U34|，由電場力做功公式W=qU得，|W12|＞2|W34|．故A正確，B錯誤．由軌跡的彎曲方向可判定兩電荷間存在引力，是異號電荷．故C錯誤，D正確．故選AD【點睛】本題是電場中軌跡問題，由U=Ed定性分析非勻強電場中兩點間電勢差的關(guān)系，由軌跡彎曲方向判斷電場力方向都是常見的問題，要加強訓(xùn)練，熟練掌握9、BD【解析】滑動變阻器的滑動觸頭P向上滑動時，電阻變大，則干路電流變小，則R1消耗的功率變小，A錯誤；干路電流變小，R1分壓變小，則電壓表V的測量的電壓變大，示數(shù)變大，則B正確；因輸出電流變小，則輸出功率變小即輸入功率變小，電流表A1示數(shù)變小，則C錯誤；閉合開關(guān)S并聯(lián)支路增加，電阻變小，則副線圈即R1的電流變大，分壓變大，則R2的分壓變小，電流變?。娏鞅鞟1示數(shù)隨副線圈電流的變大而變大，則D錯誤【點睛】考查電路的動態(tài)分析：本題中P的移動與電鍵的閉合均會引起電阻的變小，再由電路的連接關(guān)系可分析各表的示數(shù)的變化，可見明確電路的結(jié)構(gòu)是求解的關(guān)鍵10、AD【解析】帶正電粒子在勻強電場中做類平拋運動，豎直方向做初速度為零的勻加速直線運動，帶電粒子在水平方向做勻速直線運動，水平速度恒為v0，當粒子恰好從下端點B射出，它的水平速度與豎直速度的大小之比為1：2，故豎直分速度為2v0，豎直方向的平均速度為v0，再根據(jù)運動的等時性，可得d與L的關(guān)系【詳解】帶電粒子在勻強電場中做類平拋運動，水平方向上做勻速直線運動，速度恒為v0，豎直方向上做初速度為零的勻加速直線運動；當粒子恰好從下端點B射出時，它的水平速度與豎直速度的大小之比為1：2，故豎直方向的末速度為2v0，由勻變速直線的運動規(guī)律可知：豎直方向的平均速度為v0，水平分運動和豎直分運動的運動時間相同，設(shè)為t，故，故B錯誤，A正確．若粒子初速度為2v0，則粒子飛出電場時時間變?yōu)樵瓉淼囊话?，根?jù)可知，從電容器中飛出時距上極板的距離變?yōu)樵瓉淼?/4，即d/4，選項C錯誤，D正確；故選AD三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、①.②.【解析】[1]通電導(dǎo)體垂直于磁場的長度為受到的安培力為解得通過金屬棒電流為。[2]根據(jù)歐姆定律回路的總電阻為。12、①.（1）ABC;②.（2）1.62；③.1.60；【解析】（1）長木板右端下面墊放一小木片是為了平衡摩擦力，讓重力沿斜面的分量平衡滑塊與木板間的摩擦力，故A正確；材料制成相同，則在平衡摩擦力時只要調(diào)一個角度即可，故B正確；為到達到碰撞的效果，故應(yīng)選用質(zhì)量差不多大的兩個小車，故C正確；為保證小車碰撞前后做勻速運動，故需要滑動摩擦力去平衡重力沿斜面向下的分力，故在該實驗中不需要斜面光滑，故D錯誤；故選ABC（2）碰前小車的速度為，碰前的總動量為：；碰后小車的共同速度為：，碰后的動量為：【點睛】下車碰撞前后要做勻速直線運動，所受合外力為零，因此實驗要平衡摩擦力；小車做勻速直線運動時，在相等時間內(nèi)小車的位移相等，分析紙帶，根據(jù)紙帶分析答題四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、(1)Em=πV(2)(3)(4)(5)【解析】(1)先根據(jù)Em=NBωS求出最大值，再根據(jù)最大值與有效值的關(guān)系求出有效值；(2)利用法拉第電磁感應(yīng)定律，求出平均感應(yīng)電動勢；(3)電壓表測量的是電阻R的電壓，根據(jù)閉合電路歐姆定律即可求解;(4)通過最大值求出有效值，根據(jù)W=EIT求解；(5)線圈由如圖位置轉(zhuǎn)過60?角過程通過R的電量為：.【詳解