2025屆福州第一中學(xué)物理高二第一學(xué)期期中監(jiān)測模擬試題含解析

2025屆福州第一中學(xué)物理高二第一學(xué)期期中監(jiān)測模擬試題請考生注意：1．請用2B鉛筆將選擇題答案涂填在答題紙相應(yīng)位置上，請用0．5毫米及以上黑色字跡的鋼筆或簽字筆將主觀題的答案寫在答題紙相應(yīng)的答題區(qū)內(nèi)。寫在試題卷、草稿紙上均無效。2．答題前，認真閱讀答題紙上的《注意事項》，按規(guī)定答題。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、質(zhì)量均為M的兩小車A和B，停在光滑的水平地面上，一質(zhì)量為m的人從A車以水平速度v跳上B車，以v的方向為正方向，則跳后A，B兩車的速度分別為（）A．， B．，C．， D．，2、一石塊從樓頂自由落下，不計空氣阻力，取g=10m/s2，石塊在下落過程中，第1.0s末速度的大小為（）A．5.0m/sB．10m/sC．15m/sD．20m/s3、真空中有兩個靜止的點電荷，它們之間靜電力的大小為F．若將這兩個點電荷之間的距離加倍，其中一個點電荷的電荷量不變，另一個點電荷的電荷量變?yōu)樵瓉淼膬杀?，則改變電荷量后這兩個點電荷之間靜電力的大小為A．2F B．F C． D．4、一臺電動機，額定電壓是100V，電阻是1Ω。正常工作時，通過的電流為5A，則電動機因發(fā)熱損失的功率為（）A．25W B．475W C．500W D．1000W5、如圖，靜電噴涂時，被噴工件接正極，噴槍口接負極，它們之間形成高壓電場．涂料微粒從噴槍口噴出后，只在靜電力作用下向工件運動，最后吸附在工件表面，圖中虛線為涂料微粒的運動軌跡．下列說法正確的是A．涂料微粒一定帶正電B．圖中虛線可視為高壓電場的部分電場線C．噴射出的微粒動能不斷轉(zhuǎn)化為電勢能D．微粒做加速度先減小后增大的曲線運動6、用比值法定義物理量是物理學(xué)中一種常用方法，以下物理量表達式中不屬于比值法定義的是（）A．電源電動勢E=WqB．C．電容器的電容C=εrS二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，為有界的豎直向下的勻強電場，電場強度為，為光滑固定的半圓形軌道，圓軌道半徑為，、為圓水平直徑的兩個端點，為圓弧．一個質(zhì)量為、電荷量為的帶負電小球，從點正上方高為處由靜止釋放，并從點沿切線進入半圓軌道．不計空氣阻力及一切能量損失，關(guān)于帶電小球的運動情況，下列說法正確的是（）A．若點為零勢能點，則小球在點的電勢能為B．小球在部分可能做勻速圓周運動C．小球到達點的速度可能為零D．當(dāng)小球從點離開時，上升的高度一定等于8、如圖所示的電路中，電源電動勢為E，內(nèi)電阻為r，平行板電容器C的兩金屬板水平放置，G為靈敏電流計，A為理想電流表．開關(guān)S閉合后，電容C的兩板間恰好有一質(zhì)量為m、電荷量為q的油滴處于靜止?fàn)顟B(tài)，則以下說法正確的是A．在滑動變阻器觸頭向上移動的過程中，A表的示數(shù)變大，油滴仍然靜止，G中有方向由a至b的電流B．在在滑動變阻器觸頭向上移動的過程中，A表的示數(shù)變小，油滴向上加速運動，G中有方向由b至a的電流C．在滑動變阻器觸頭向下移動的過程中，A表的示數(shù)變大，油滴向上加速運動，G中有由a至b的電流D．將開關(guān)斷開，A表的示數(shù)立即為零，油滴開始向下運動，G中有由a至b的電流9、如圖，電流表A1(0～3A)和A2(0～0.6A)是由兩個相同的電流計改裝而成，現(xiàn)將這兩個電流表并聯(lián)后接入電路中。閉合開關(guān)S，調(diào)節(jié)滑動變阻器，下列說法中正確的是()A．A1、A2的讀數(shù)之比為1∶1B．A1、A2的讀數(shù)之比為5∶1C．A1、A2的指針偏轉(zhuǎn)角度之比為1∶1D．A1、A2的指針偏轉(zhuǎn)角度之比為1∶510、理發(fā)用的電吹風(fēng)機中有電動機和電熱絲，電動機帶動風(fēng)葉轉(zhuǎn)動，電熱絲給空氣加熱，得到熱風(fēng)將頭發(fā)吹干，設(shè)電動機線圈電阻為R1，它與電熱絲電阻值R2串聯(lián)后接到直流電源上，吹風(fēng)機兩端電壓為Ｕ，電流為Ｉ，消耗的功率為P，則有（）A．P=UI B．P=I2(R1+R2) C．P＞UI D．P＞I2(R1+R2)三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）在“測定電源的電動勢和內(nèi)電阻”的實驗中，采用如圖所示實驗電路．(1)如圖是根據(jù)實驗數(shù)據(jù)作出的U－I圖象，由圖可知，電源的電動勢E＝________V，內(nèi)阻r＝________Ω.(2)在其他操作規(guī)范的情況下，該實驗誤差產(chǎn)生的主要原因是________，測得電源的電動勢________．(填“偏大”或“偏小”)(3)在測定電源的電動勢和內(nèi)阻的實驗中，除上述方法外，待測電池、開關(guān)和導(dǎo)線配合下列哪組儀器，可以達到測定目的（_____）A．一只電流表和一個滑動變阻器

B．一只電壓表和一個定值電阻C．一只電流表和一個電阻箱

D．一只電壓表和一個電阻箱12．（12分）小明在研究由某種新材料制成的圓柱體電學(xué)元件(圖甲所示)的過程中，進行了如下操作：(1)用20分度的游標(biāo)卡尺測量其長度如圖乙所示，由圖可知其長度為________mm，用螺旋測微器測量其直徑如圖丙所示，其直徑為________mm；四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）水平放置的平行金屬板AB間的距離d=2．2m，板長L=2．3m，在金屬板的左端豎直放置一帶有小孔的擋板，小孔恰好位于AB板的正中間，距金屬板右端x=2．5m處豎直放置一足夠大的熒光屏，現(xiàn)在AB板間加如圖（b）所示的方波形電壓，已知U2=2．2×222V，在擋板的左側(cè)，有大量帶正電的相同粒子以平行于金屬板方向的速度持續(xù)射向擋板，粒子的質(zhì)量m=2．2×22-7kg，電荷量q=2．2×22-2C，速度大小均為v2=2．2×22（2）求粒子在電場中的運動時間；（2）求t=2時刻進入的粒子離開電場時在豎直方向的位移；（3）若撤去擋板，求熒光屏上出現(xiàn)的光帶長度。14．（16分）如圖所示，長L=0.4m的兩平行金屬板A、B豎直放置，相距d=0.02m，兩板間接入的恒定電壓為182V，B板接正極，一電子質(zhì)量m=9.1×10-31kg，電荷量q=1.6×10-19C，以v0=4×107m/s的速度緊靠A板向上射入電場中，不計電子的重力。求：（1）電子的加速度a（2）電子能否射出電場？若能，計算在電場中的偏轉(zhuǎn)距離；若不能，在保持電壓不變的情況下，B板至少平移多少，電子才能射出電場？15．（12分）如圖所示，坐標(biāo)系xOy平面內(nèi)，第一、二象限內(nèi)有與y軸平行的勻強電場（圖中未面出），第三、四象限內(nèi)有垂直于xOy平面向內(nèi)的勻強磁場，從第一象限的點P（20cm，5cm）沿x軸負方向以大小為v0=100m/s的速度拋出一質(zhì)量m=l×l0﹣6kg、電荷量q=0.5C的帶負電粒子，粒子從x軸的點A（10cm，0）進入第四象限，在第四象限巾運動一段時間后又恰好從坐標(biāo)原點進入第二象限．不計粒子重力和空氣阻力．求：（1）第一、二象限中電場的電場強度大小E和方向．（2）第三、四象限中磁場的磁感應(yīng)強度大小B．（3）t=5.5×10﹣3s時粒子的位置坐標(biāo)．（取π=3）

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、A【解析】人從A車跳出過程，人和A車組成的系統(tǒng)動量守恒，則得：0=mv+MvA，

解得人跳出后A車的速度為：

人跳上B車的過程，人和B車組成的系統(tǒng)動量守恒，則得：mv=（M+m）vB，

解得B車的速度為：故選A．2、B【解析】石塊做自由落體運動，則石塊做初速度為0，加速度為g的勻加速直線運動，根據(jù)勻加速直線運動的速度與時間的關(guān)系式v=v0+at可得第1s末石塊的速度大小為：v=gt=10×1=10m/s

故選B.3、C【解析】電荷量變化之前，電荷間的靜電力電荷量變化之后，電荷間的靜電力故B項正確．4、A【解析】

根據(jù)焦耳定律得故電動機因發(fā)熱損失的功率為，故BCD錯誤，A正確。故選A。5、D【解析】A、由圖知，工件帶正電，則在涂料微粒向工件靠近的過程中，涂料微粒帶負電，故A錯誤；B、由于涂料微粒有初速度，初速度和電場力不一定方向相同，則有涂料微粒的運動軌跡不一定沿電場線方向運動，故B錯誤；C、涂料微粒所受的電場力方向向左，其位移方向大體向左，則電場力對涂料微粒做正功，其動能增大，電勢能減小，故C錯誤；D、根據(jù)電場強度的分布可知，所受電場力先減小后增大，微粒做加速度先減小后增大的曲線運動，故D正確；故選D。6、C【解析】

電動勢公式E=Wq是電動勢的定義式，故A不符合題意；導(dǎo)體電阻R=UI，R等于電壓U與電流I的比值，屬于比值法定義，故B不符合題意；電容器的電容是由電容器本身決定的，電容器的電容C=εS4πkd，是電容器電容決定式，本身定義式，故C符合題意；電流強度I=qt二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BD【解析】若C點為零勢能點，從A到C過程中電場力電場力做負功，根據(jù)功能關(guān)系可知，解得，A錯誤；若過程中重力和電場力相等，則小球在AC部分做勻速圓周運動，B正確；因為是從O點釋放的，所以若在C點速度為零，則，因為，所以電場力大于重力，則小球不可能沿半圓軌道運動，所以小球到達C點的速度不可能為零，C錯誤；由于小球在AB部分電場力做功為零，所以若小球能從B點離開，上升的高度一定等于H，故D正確．8、BD【解析】粒子原來處于平衡狀態(tài),重力和靜電力平衡；電容器與電阻R2、滑動變阻器R并聯(lián)后與R1串聯(lián)．AB.觸頭向上移動，電阻R變大，電路總電阻變大，電流變小，則A表的示數(shù)變小，電容器兩端電壓為：U=E?I(r+R1)，故電容器兩端電壓變大，帶電量變大，G中有由b至a的電流，電場力變大，粒子向上加速，故A錯誤，B正確；C.觸頭向上移動，電阻R變小，電路總電阻變小，電流變大，則A表的示數(shù)變大，電容器兩端電壓為：U=E?I(r+R1)，故電容器兩端電壓變小，帶電量變小，G中有由a至b的電流，電場力變小，粒子向下加速，故C錯誤；D.將開關(guān)斷開，A表的示數(shù)立即為零，電容器將通過R和R2放電，兩板間電壓減小，油滴開始向下運動，G中有由a至b的電流，故D正確．故選BD點睛：電容器與電阻R、電阻R2相并聯(lián)后與R1串聯(lián)，滑片移動，根據(jù)電路串并聯(lián)知識和閉合電路歐姆定律得到導(dǎo)致電容器兩端電壓變化情況，最終判斷油滴受力變化和運動情況，以及電容器的充放電情況．．9、BC【解析】

AB．根據(jù)電表改裝原理可知，電流計并聯(lián)電阻改裝成大量程的電流表，則內(nèi)阻之比等于最大量程的反比，A1、A2的內(nèi)阻之比為1：5，并聯(lián)時，電流之比等于內(nèi)阻的反比，電流讀數(shù)之5：1，故A錯誤，B正確；CD．電流表A1（0－3A）和A2（0－0.6A）是由兩個相同的電流計改裝而成，圖中兩個電流表為并聯(lián)電路，則兩電流計也是并聯(lián)的，電壓相等，流過電流計的電流相等，則A1、A2

的指針偏轉(zhuǎn)角度之比為1：1，故C正確，D錯誤。故選BC。10、AD【解析】

AC．電吹風(fēng)機消耗的電功率P是總的功率，總功率的大小應(yīng)該是用P=IU來計算，所以總功率P=IU，故A正確，C錯誤；BD．電吹風(fēng)機中發(fā)熱的功率要用I2R來計算，所以總的發(fā)熱功率為，因為總功率一部分轉(zhuǎn)化為機械功率，一部轉(zhuǎn)化熱功率，則吹風(fēng)機的總功率要大于發(fā)熱部分的功率，故B錯誤，D正確。故選AD。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、(1)2.960.74（2）電壓表分流偏小（3）CD【解析】(1)根據(jù)U=E-Ir可知，結(jié)合圖像，電源的電動勢E＝2.96V，內(nèi)阻.（2）由于電壓表的分流作用使得產(chǎn)生測量誤差；可用“等效電源法”分析誤差大小：可以把電源與電壓表看做一等效電源，則電動勢測量值等于外電路斷開時“等效電源”兩極間的電壓，由于電壓表不是理想電表，所以有電流通過“電源”，因而路端電壓要小于電動勢，所以電動勢測量值小于真實值即偏?。煌?，此電路測得的內(nèi)電阻是“等效電源”的內(nèi)阻，即電壓表與電池內(nèi)阻的并聯(lián)電阻，所以測得的內(nèi)阻也小于真實值．（1）根據(jù)閉合電路歐姆定律E=Ir+IR=Ir+U=r+U，測定電源電動勢有伏安法（測量U、I）、伏阻法（測量U、R）、安阻法（測量I、R）；其中伏安法要改變電流，需要滑動變阻器；故選CD．點睛：測定電源的電動勢和內(nèi)電阻是高中階段電學(xué)實驗考查的重點，是近幾年各地高考題目的出題熱點，本題突出了對于實驗原理、誤差及U-I圖象處理等多方面內(nèi)容的考查，題目層次源于課本，凸顯能力，體現(xiàn)創(chuàng)新意識，側(cè)重于對實驗?zāi)芰Φ目疾椋?2、4.204.700【解析】游標(biāo)卡尺的主尺讀數(shù)為4mm，游標(biāo)讀數(shù)為0.05×4mm=0.20mm，所以最終讀數(shù)為4.20mm；螺旋測微器固定刻度為4.5mm，可動刻度為0.01×20.0=0.200mm，所以最終讀數(shù)為4.700mm．四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（2）（2）（3）2．295m【解析】試題分析:（2）進入電場的粒子在水平方向不受力，做勻速直線運動L=v2t電子在電場中運動時間（2）電子在電場運動時間一共是，根據(jù)兩極板電壓變換圖b，豎直方向其中電子勻加速運動，電子勻減速直線運動，由于電壓大小一樣，所以加速度大小相等離開電場時豎直方向位移（3）擋板去后，所有粒子離開電場的速度都相同。示意圖如下t=2時刻進入的粒子，正向偏轉(zhuǎn)位移最大，且運動過程沒有速度反向若粒子進入的位置合適，粒子可以從極板的上邊沿離開電場。時刻進入的粒子反向偏轉(zhuǎn)過程中位移最大是速度減小到2的時候，若粒子位置合適，粒子此時剛好到達下極板，隨后開始加速，時間為，此粒子下面的粒子將打在下極板上而不能離開電場。次粒子正向偏移為根據(jù)離開粒子速度大小方向相同，判斷打在熒光屏上面的光帶長度為考點：考查帶電粒子在電場中的運動、動能定理、牛頓第二定律、勻變速直線運動的規(guī)律。14、（1）（2）不能，移動0.02m【解析】

（1）電容器兩極板電場強度，由牛頓第二定律聯(lián)立解得（2）帶電粒子在電容器中做類平拋運動，豎直方向勻速直線，水平方向勻加速，假設(shè)粒子能夠射出電場，則豎直方