2025屆浙江省金華十校物理高二第一學期期末考試模擬試題含解析

2025屆浙江省金華十校物理高二第一學期期末考試模擬試題考生須知：1．全卷分選擇題和非選擇題兩部分，全部在答題紙上作答。選擇題必須用2B鉛筆填涂；非選擇題的答案必須用黑色字跡的鋼筆或答字筆寫在“答題紙”相應位置上。2．請用黑色字跡的鋼筆或答字筆在“答題紙”上先填寫姓名和準考證號。3．保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，在草稿紙、試題卷上答題無效。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖，一有界區(qū)域內(nèi)，存在著磁感應強度大小均為B，方向分別垂直于光滑水平桌面向下和向上的勻強磁場，磁場寬度均為L．現(xiàn)有一邊長為L的正方形線框abcd，在外力作用下，保持ac垂直磁場邊緣，并以沿x軸正方向的速度水平勻速地通過磁場區(qū)域，若以逆時針方向為電流正方向，下圖中能反映線框中感應電流變化規(guī)律的圖是（）A. B.C. D.2、如圖所示，當交流電源的電壓（有效值）U=220V，頻率f=50Hz，3只燈泡L1、L2、L3的亮度相同（L無直流電阻），若將交流電源的頻率變?yōu)閒=100Hz，電壓有效值不變，則（）A.燈比原來亮B.燈比原來亮C.燈比原來暗D.燈和原來一樣亮3、一個德布羅意波長為λ1的中子和另一個德布羅意波長為λ2的氘核同向正碰后結合成一個氚核，該氚核的德布羅意波長為()A. B.C. D.4、下列哪個措施是為了防止靜電產(chǎn)生的危害（）A.在高大的煙囪中安裝靜電除塵器 B.靜電復印C.在高大的建筑物頂端裝上避雷針 D.靜電噴漆5、在某控制電路中，需要連成如圖所示的電路，主要由電動勢為E、內(nèi)阻為r的電源與定值電阻R1、R2及電位器(滑動變阻器)R連接而成，L1、L2是紅、綠兩個指示燈，當電位器的觸頭由弧形碳膜的中點逆時針滑向a端時，下列說法中正確的是()A.L1、L2兩個指示燈都變亮B.L1、L2兩個指示燈都變暗C.L1變亮，L2變暗D.L1變暗，L2變亮6、如圖所示,圖線1表示的導體的電阻為,圖線2表示的導體的電阻為,則下列說法正確的是A.B.把拉長到原來的3倍長后電阻等于C.將與并聯(lián)后接于電源上，則電流比D將與串聯(lián)后接于電源上，則功率之比二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、“場”（重力場、電場、磁場）是一種特殊物質(zhì)，“場”的產(chǎn)生有很多種，如：地球會在表面附近產(chǎn)生重力場；靜止的電荷會在周圍空間產(chǎn)生電場；通電導體會在周圍空間產(chǎn)生磁場為了研究、描述“場”，人們采用引用“探測物”的方法對場進行研究。下列說法正確的是（）A.靜電場對電荷有“力”的作用，由此定義了電勢，利用電勢這一概念對電場“力”的性質(zhì)進行描述B.磁場對通電導體有“力”的作用，由此定義了磁感應強度（），利用磁感應強度這一概念對磁場的強弱進行描述C.重力場對物體有“力”的作用，由此可以定義重力場強度，利用重力場強度這一概念對重力場的強弱進行描述D.磁場對運動電荷有“力”的作用，由此可以定義磁感應強度（），利用磁感應強度這一概念對磁場的強弱進行描述8、回旋加速器是加速帶電粒子的裝置，其核心部分是分別與高頻交流電極相連接的兩個D形金屬盒，兩盒間的狹縫中形成周期性變化的電場，使粒子在通過狹縫時都能得到加速，兩D形金屬盒處于垂直于盒底的勻強磁場中，如圖所示，要增大帶電粒子射出時的動能，則下列方法可行的是（）A.增大磁場磁感應強度 B.減小狹縫間的距離C.增大D形金屬盒的半徑 D.增大兩D形金屬盒間的加速電壓9、如圖所示的閉合電路中，當滑動變阻器的滑片P從左端滑向右端的過程中。兩個電壓表示數(shù)的變化量的大小分別為ΔU1、ΔU2，電流表示數(shù)的變化量為ΔI，則（）A.ΔU1＞ΔU2 B.ΔU1＜ΔU2C.＝ D.＜10、如圖所示的回旋加速器可將質(zhì)子的速度從零加速到v，獲得的最大動能為Ek。若保持勻強磁場B不變，加速靜止的氘核（H），在不考慮相對論效應的情況下有A.氘核可加速到B.氘核的最大動能為2EkC.加速氘核與加速質(zhì)子的交變電場頻率之比為1︰2D.加速氘核與加速質(zhì)子的交變電場頻率之比為2︰1三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）如圖為“用DIS（位移傳感器、數(shù)據(jù)采集器、計算機）研究加速度和力的關系”的實驗裝置。(1)在該實驗中必須采用控制變量法，應保持______不變，用鉤碼所受的重力作為______，用DIS測小車的加速度；(2)改變所掛鉤碼的數(shù)量，多次重復測量。在某次實驗中根據(jù)測得的多組數(shù)據(jù)可畫出a－F關系圖線（如圖所示）。此圖線的AB段明顯偏離直線，造成此誤差的主要原因是______；A.小車與軌道之間存在摩擦B.導軌保持了水平狀態(tài)C.所掛鉤碼的總質(zhì)量太大D.所用小車的質(zhì)量太大12．（12分）電磁波在真空中的傳播速度，如果中央人民廣播電臺向外發(fā)射500kHz的電磁波，若距該臺處有一臺收音機，此電磁波的波長是______從電臺發(fā)出的信號經(jīng)過時間______s可以到達收音機處四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，一塊質(zhì)量為M=0.5kg長木板，靜止在水平地面上，其左端正好與地面上的A點平齊。地面上A點右側是光滑的，A點左側是粗糙的。木板右端放一個質(zhì)量為m=0.2kg的木塊，木板與木塊之間的滑動摩擦因數(shù)為μ=0.2，在距木板左端距離為s0的D點，有一質(zhì)量為m0=0.1kg的小木塊以v0=8m/s的速度向木板運動，并與木板相碰，碰撞時間極短可忽略，碰后兩物體粘在一起，經(jīng)過一段時間木塊m在木板上滑行的距離為△s=0.25m后相對于木板靜止．已知木塊m0與地面間的動摩擦因數(shù)也是μ=0.2，求：（1）最終長木板和兩木塊的共同速度大?。唬?）s0大??；（3）木塊m0從D點開始到最終速度穩(wěn)定這一過程所需的時間。14．（16分）如圖所示，兩根足夠長的粗糙平行直導軌與水平面成α角放置，兩導軌間距為l，軌道上端接一電容為C的電容器．導軌處于勻強磁場中，磁場的磁感應強度大小為B，方向垂直于導軌平面斜向上．一質(zhì)量為m的金屬棒在沿平行斜面的恒力F作用下從靜止開始沿斜面向上運動．已知重力加速度大小為g，金屬棒與導軌之間的動摩擦因數(shù)為μ，忽略所有電阻，求：(1)電容器極板上積累的電荷量與金屬棒速度大小的關系；(2)回路中的電流強度大小15．（12分）一種測定電子比荷的實驗裝置如圖所示．真空玻璃管內(nèi)，陰極K發(fā)出的電子經(jīng)陽極A與陰極K之間的高壓加速后，形成細細的一束電子流，沿圖示方向進入間距為d的兩極板C、D間的區(qū)域．若兩極板C、D間無電壓，電子將沿直線打在熒光屏的中心O點；若在兩極板間施加恒定電壓U，則離開極板區(qū)域的電子將打在熒光屏上的P點；若再在極板間施加一個方向垂直于紙面的磁感應強度大小為B的勻強磁場，則電子在熒光屏上產(chǎn)生的亮點又回到O點（1）判斷勻強磁場的方向；（2）求電子擊中O點時的速度大小v；（3）已知極板的長度l＝5.00cm，間距d＝1.50cm，極板區(qū)的中點M到O點的距離L＝12.50cm，極板間電壓U＝200V，磁感應強度B＝6.3×10–4T，P點到O點的距離y＝3.0cm．根據(jù)上述數(shù)據(jù)，計算電子的比荷（保留2位有效數(shù)字）。

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解析】t在0-時間內(nèi)，線框右邊開始進入磁場時，由楞次定律可知，電流方向為逆時針，為正值；線框有效切割長度均勻增大，由E=BLv可知，感應電動勢均勻增大，感應電流均勻增大；在-時間內(nèi)，由楞次定律可知，電流方向為逆時針，為正值；線框有效切割長度均勻減小，由E=BLv可知，感應電動勢均勻減小，感應電流均勻減小；在-時間內(nèi)，由楞次定律可知，電流方向為順時針，為負值；線框兩邊都切割磁感線，產(chǎn)生感應電動勢，感應電動勢是進入過程的2倍，線框有效切割長度先均勻增大后均勻減小，由E=BLv可知，感應電動勢先均勻增大后均勻減小，感應電流也先均勻增大后均勻減小，感應電流的最大值是0-過程最大值的2倍；在-時間內(nèi)，由楞次定律可知，電流方向為逆時針，為正值；線框有效切割長度先均勻增大后均勻減小，由E=BLv可知，感應電動勢先均勻增大后均勻減小，感應電流也先均勻增大后均勻減小．故C正確；故選C【點睛】本題分段分析有效切割長度的變化情況是解答的關鍵．圖象往往由解析式選擇．本題采用排除法，分成線性和非線性兩類圖象，對比同類圖象的不同之處進行選擇2、D【解析】三個支路電壓相同，當交流電頻率變大時，電感的感抗增大，電容的容抗減小，電阻所在支路對電流的阻礙作用不變，所以流過L1的電流變大，流過L2的電流變小，流過L3的電流不變．由上分析可知，L1燈比原來亮，L2燈比原來暗，L3燈和原來一樣亮，故ABC錯誤，D正確；故選D點睛：解決本題的關鍵知道電感和電容對交流電的阻礙作用的大小與什么因素有關．記住感抗和容抗的兩個公式可以幫助定性分析．XL=2πLf，XC=3、A【解析】中子的動量氘核的動量對撞后形成的氚核的動量所以氚核的德布羅意波波長為故A正確，BCD錯誤；故選A【點睛】任何一個運動著的物體，小到電子、質(zhì)子，大到行星、太陽，都有德布羅意波，分別寫出中子和氘核的動量的表達式，然后根據(jù)動量守恒定律得出氚核的動量，代入公式即4、C【解析】本題考查靜電現(xiàn)象的應用于防止．ABD均為靜電現(xiàn)象的應用，C為防止靜電產(chǎn)生的危害，選C5、B【解析】當電位器向a段滑動時，電路的總電阻減小，干路電流增大，所以內(nèi)電壓增大，路段電壓減小，所以燈L1變暗；通過電阻R1的電流變大，所以電位器兩端的電壓減小，即通過燈L2兩端的電壓減小，所以燈L2變暗，故ACD錯誤，B正確．故選B6、D【解析】A．根據(jù)I-U圖象知，圖線的斜率表示電阻的倒數(shù)，所以R1：R2=1：3．故A錯誤B．把R1拉長到原來的3倍長后，橫截面積減小為原來的，根據(jù)電阻定律公式，電阻增加為9倍，變?yōu)镽2的3倍，故B錯誤；C．并聯(lián)電路，電壓相等，電流比等于電阻之反比，所以將R1與R2并聯(lián)后接于電源上，電流比I1：I2=3：1．故C錯誤D．串聯(lián)電路電流相等，所以將R1與R2串聯(lián)后接于電源上，電流比I1：I2=1：1；又由于R1：R2=1：3．根據(jù)P=UI=I2R，功率之比為1：3，故D正確二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BCD【解析】A．靜電場對電荷有“力”的作用，用的是試探電荷q，定義出電場強度，用電場強度描述電場的強弱和方向，而電勢是反映電場“能”的物理量，故A錯誤；B．磁場對通電導體有“力”的作用，用的是電流元，定義出磁感應該強度（），用磁感應強度描述磁場的強弱和方向，故B正確；C．重力場對物體有“力”的作用，用的是有質(zhì)量的物體m，定義重力場強度，用重力加速度描述重力場的強弱和方向，故C正確；D．磁場對運動電荷有“力”的作用，用的是運動電荷，定義磁感應強度（），利用磁感應強度對磁場的強弱進行描述，故D正確。故選BCD。8、AC【解析】由洛倫茲力提供向心力，可知計算得出則動能可知，動能與加速的電壓無關，與狹縫間的距離無關，與磁感應強度大小和D形盒的半徑有關，增大磁感應強度和D形盒的半徑，可以增加粒子的動能，故選AC。9、BD【解析】AB．閉合電路電壓特點知：E＝U1+U2+Ur其中Ur表示電路的內(nèi)電壓。當滑片向右滑動過程中，變阻器接入電路中的電阻變小，根據(jù)電路中電壓分配原則知，U1變大，U2變小，Ur變大。則有E＝U1+ΔU1+U2﹣ΔU2+Ur+ΔUr得：ΔU2＝ΔU1+ΔUr所以ΔU1＜ΔU2故A錯誤，B正確；CD．根據(jù)上面的分析知所以故C錯誤，D正確。故選BD.10、AC【解析】A.粒子在洛倫茲力作用下，做勻速圓周運動，根據(jù)得射出時速度：氘核質(zhì)量時質(zhì)子的2倍，電荷量相等，所以氘核可加速到，故A正確；B.質(zhì)子的最大動能為，則氘核的最大動能為：故B錯誤；C.根據(jù)周期公式有：，則有：，因質(zhì)量數(shù)之比為1：2，而電量之比為1：1；加速氘核的交流電壓頻率與加速質(zhì)子的交流電壓頻率之比為1：2；故C正確，D錯誤；故選：AC。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、①.小車的總質(zhì)量②.小車所受外力③.C【解析】(1)[1][2]探究加速度與力的關系，應保持小車的質(zhì)量不變，用鉤碼所受的重力作為小車受到的合外力(2)[3]本實驗要探索“加速度和力關系”所以應保持小車的總質(zhì)量不變，鉤碼所受的重力作為小車所受合外力；由于OA段a－F關系為一傾斜的直線，所以在質(zhì)量不變的條件下，加速度與外力成正比；設小車的質(zhì)量為M，鉤碼的質(zhì)量為m，由實驗原理得mg=Ma得a==而實際上a′=可見AB段明顯偏離直線是由于沒有滿足Mm造成的。故選C。12、①.600

m②.【解析】根據(jù)波長、波速與頻率的關系即可求得此電磁波的波長；根據(jù)位移時間的關系即可求得從電臺發(fā)出的信號經(jīng)過多長時間可以到達收音機【詳解】根據(jù)波長、波速與頻率的關系：，得：，電磁波在空氣在勻速傳播，所以傳播的時間：四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）m/s（2）4m（3）4+s【解析】(1)設m0滑過S0時的速度為v1，與M碰撞后的速度為v2，最后三者共同速度為v3，木塊向木板運動的過程，根據(jù)動能定理，得碰撞過程，由動量守恒得m0和M相撞后到三者速度相同時，由動量守恒定律得：聯(lián)立解得(3)木塊m0從D點到與木板碰撞過程由動量定理有木塊m0從與木板碰撞后到共同速度由動量定理有聯(lián)立解得14、(1)Q＝CBlv(2)【解析】(1)由法拉第電磁感應定律求出感應電動勢；再與相結合求出電荷量與速度的關系式(2)由動量定理求解加速度大小，再由電流強度的定義式求解電流強度大小【詳解】(1)設金屬棒下滑的速度大小為v，則感應電動勢為：E＝Blv平行板電容器兩極板之間的電勢差為：U＝E設此時電容器極板上積累的電荷量為Q，按定義有：得：Q＝CBlv(2)設導體棒運動過程中經(jīng)過t時間的速度為v，根據(jù)動量定理可得：Ft-μmg