2024年滬科新版高二物理上冊階段測試試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2024年滬科新版高二物理上冊階段測試試卷759考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共9題，共18分)1、電流的磁效應(yīng)揭示了電與磁的關(guān)系。若直導(dǎo)線通有方向垂直紙面向外的恒定電流，則電流的磁感線分布正確的是()2、圖示為氫原子的能級圖；下列說法正確的是(

)

A.氫原子從較高能級躍遷到較低能級時，釋放一定頻率的光子，核外電子動能增加，電勢能減小B.氫原子從n=3

能級躍遷到n=4

能級時，需要吸收的光子能量必須大于0.66eV

C.氫原子處于不同能級時，核外電子在各處出現(xiàn)的頻率相同D.一個處于n=4

能級的氫原子向低能級躍遷時，可以釋放6

種頻率的光子3、如圖所示；電阻R

和電感線圈L

的值都較大，電感線圈的電阻不計，AB

是兩只完全相同的燈泡，當(dāng)開關(guān)S

閉合時，下面能發(fā)生的情況是(

)

A.B

比A

先亮，然后B

熄滅B.A

比B

先亮；然后A

熄滅。

C.B

一起亮，然后A

熄滅D.B

一起亮，然后B

熄滅4、關(guān)于電磁感應(yīng)，下列說法正確的是(

)

A.穿過線圈的磁通量變化越大，感應(yīng)電動勢就越大B.當(dāng)導(dǎo)體平動做切割磁感線的運動時，導(dǎo)體中一定有感應(yīng)電流產(chǎn)生C.當(dāng)穿過線圈的磁通量變化越快時，感應(yīng)電動勢越小D.當(dāng)穿過線圈的磁通量發(fā)生變化時，感應(yīng)電動勢的大小與線圈電阻無關(guān)5、航空母艦是大規(guī)模戰(zhàn)爭中的重要武器，靈活起降的飛機是它主要的攻擊力之一。民航客機起飛時要在2.5min內(nèi)使飛機從靜止加速到44m/s，而航載飛機借助助推設(shè)備，在2s內(nèi)就可把飛機從靜止加速到82m/s，設(shè)起飛前飛機在跑道上做勻加速直線運動，供客機起飛的跑道的長度約是航空母艦的甲板跑道長度的A.40倍B.80倍C.400倍D.800倍6、電荷Q在電場中某兩點間移動時；電場力做功W，由此可算出兩點間的電勢差為U；若讓電量為2Q的電荷在電場中的這兩點間移動則（）

A.電場力做功仍為W

B.電場力做功

C.兩點間的電勢差仍為U

D.兩點間的電勢差為

7、某種金屬導(dǎo)體的U-I圖象如圖所示，圖象上A點和原點的連線與橫軸成α角，A點的切線與橫軸成β角．關(guān)于導(dǎo)體的下列說法正確的是（）A.歐姆定律對于該種導(dǎo)體是不適用的B.該導(dǎo)體的電阻隨電壓的增大而增大C.在A點，導(dǎo)體的電阻等于tanβD.在A點，導(dǎo)體的電阻等于anα8、兩個大小相同、帶等量異種電荷的導(dǎo)體小球A

和B

彼此間的引力為F.

另一個不帶電的與AB

大小相同的導(dǎo)體小球C

先與A

接觸，再與B

接觸，然后移開，這時A

和B

之間的作用力為F隆盲

則F

與F隆盲

之比為(

)

A.83

B.81

C.18

D.41

9、如圖所示，滑塊A

置于水平地面上，滑塊B

在一水平力作用下緊靠滑塊A

(

A

、B

接觸面豎直)

此時A

恰好不滑動，B

剛好不下滑.

已知A

與B

間的動摩擦因數(shù)為婁脤

1

A

與地面間的動摩擦因數(shù)為婁脤

2

最大靜摩擦力等于滑動摩擦力．A

與B

的質(zhì)量之比為()A.1婁脤1婁脤2

B.1鈭?婁脤1婁脤2婁脤1婁脤2

C.1+婁脤1婁脤2婁脤1婁脤2

D.2+婁脤1婁脤2婁脤1婁脤2

評卷人得分二、填空題(共7題，共14分)10、如圖所示，滑動變阻器R1的最大阻值是100Ω，R2=100Ω，A、B兩端電壓恒定為10V．當(dāng)電鍵S斷開時，移動滑動變阻器滑片P，電壓表示數(shù)范圍是____V；當(dāng)電鍵S閉合時，移動滑動變阻器滑片P，電壓表示數(shù)范圍是____V．

11、一位工人在水平道路上推一輛運料車，車的質(zhì)量為45kg，所用水平推力為90N，產(chǎn)生的加速度為1.6m/s2，工人不再用力推車時，車的加速度大小為____m/s2．12、兩電阻R1、R2的伏安特性曲線如圖所示，由圖可知，這兩個電阻阻值之比R1：R2=____．

13、(1)

在用兩面平行的玻璃磚“測定玻璃的折射率”的實驗中；其光路圖如圖1

所示，對此實驗中的一些具體問題，下列的各種說法中正確的是______

A.為了減少測量誤差；P1

和P2

的連線與玻璃磚界面的夾角越大越好。

B.為了減少作圖誤差；P3

和P4

的距離應(yīng)適當(dāng)取大些。

C.若P1P2

的距離較大時；通過玻璃磚會看不到它們的像。

D.若P1P2

連線與法線夾角太大，有可能在ab

隆盲

界面發(fā)生全反射。

(2)

某同學(xué)由于沒有量角器，他在完成了光路圖后，以O(shè)

點為圓心，10.00

cm

為半徑畫圓，分別交線段OA

于A

點，交線段OO隆盲

的延長線于C

點，過A

點作法線NN隆盲

的垂線AB

交NN隆盲

于B

點，過C

點作法線NN隆盲

的垂線CD

交NN隆盲

于D

點，如圖2

所示.

用刻度尺量得OB=8.00

cm

，CD=4.00

cm

，由此可得出玻璃的折射率n

=

______．14、一個100匝的圓形閉合線圈，總電阻為15Ω，面積為50cm2，放在勻強磁場中，線圈平面與磁感線方向垂直，在0～4×10-3s內(nèi)勻強磁場的磁感應(yīng)強度從0.1T增加到0.7T，則每匝線圈磁通量的改變量為____Wb．在這段時間里線圈產(chǎn)生的平均感應(yīng)電動勢大小為____V．15、在探究彈力和彈簧伸長量的關(guān)系時，某同學(xué)先按圖1對彈簧甲進(jìn)行探究，然后將彈簧乙和彈簧甲串聯(lián)起來按圖2進(jìn)行探究．不考慮兩個彈簧重力的影響，在彈性限度內(nèi)，將質(zhì)量m=50g的鉤碼逐個掛在彈簧下端，分別測得圖1、圖2中彈簧總長度L1、L2如表所示．取g=9.8m/s2，則彈簧甲的勁度系數(shù)k甲=______N/m，彈簧乙的勁度系數(shù)k乙=______N/m．

。鉤碼個數(shù)1234L1/cm26.0026.4826.9727.47L2/cm79.4480.8982.3683.8516、如圖所示，在勻強電場中有abc

三點，ab

相距4cmbc

相距10cm.

將一個帶電荷量為2隆脕10鈭?8C

的電荷從a

點移到b

點時，電場力做功為4隆脕10鈭?6J.

將此電荷從b

點移到c

點時電場力做功為______Jac

間電勢差為______V.

評卷人得分三、判斷題(共7題，共14分)17、電勢差有正有負(fù)，所以是矢量，且電場中兩點間的電勢差隨著零電勢點的選取變化而變化．（判斷對錯）18、處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體內(nèi)部的場強處處為零，導(dǎo)體外表面場強方向與導(dǎo)體的表面一定不垂直．（判斷對錯）19、如圖所示，有一水平方向的勻強電場，場強大小為9000N/C，在電場內(nèi)一水平面上作半徑為10cm的圓，圓上取A、B兩點，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圓心處放一電量為10﹣8C的正點電荷，則A處場強大小EA為零．________（判斷對錯）

20、如圖所示為某示波管內(nèi)的聚焦電場，實線和虛線分別表示電場線和等勢線．兩電子分別從a、b兩點運動到c點．設(shè)電場力對兩電子做的功分別為Wa和Wb，a、b點的電場強度大小分別為Ea和Eb，則Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判斷對錯）

21、處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體內(nèi)部的場強處處為零，導(dǎo)體外表面場強方向與導(dǎo)體的表面一定不垂直．（判斷對錯）22、空間兩點放置兩個異種點電荷a、b，其所帶電荷量分別為qa和qb，其產(chǎn)生的電場的等勢面如圖所示，且相鄰等勢面間的電勢差均相等，電場中A、B兩點間的電勢大小的關(guān)系為φA＞φB，由此可以判斷出a為正電荷，且有qa＜qb．________（判斷對錯）

23、如圖所示為某示波管內(nèi)的聚焦電場，實線和虛線分別表示電場線和等勢線．兩電子分別從a、b兩點運動到c點．設(shè)電場力對兩電子做的功分別為Wa和Wb，a、b點的電場強度大小分別為Ea和Eb，則Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判斷對錯）

評卷人得分四、實驗探究題(共4題，共28分)24、AB兩閉合線圈為同樣導(dǎo)線繞成且均為10匝，半徑為rA=2rB，內(nèi)有如圖所示的有理想邊界的勻強磁場，若磁場均勻地減小，則A、B環(huán)中感應(yīng)電動勢之比EA：EB=______，產(chǎn)生的感應(yīng)電流之比IA：IB=______．25、將一個質(zhì)量為m的物體掛在一個勁度系數(shù)為k的彈簧下面，如果不考慮彈簧的質(zhì)量和空氣的阻力，振動周期T=2π．為了研究振動周期與振子質(zhì)量的關(guān)系；設(shè)計如圖所示的實驗裝置，將彈簧的一端固定在鐵架臺上，另一端掛一只小盤，鐵架臺的豎桿上固定一個可以上下移動的標(biāo)志物，作為計時標(biāo)志．改變小盤中砝碼的質(zhì)量m，測量全振動50次的時間并求出相應(yīng)的周期T．某次實驗得到下列數(shù)據(jù)：

。m（10-3kg）5.0010.0015.0020.0025.0030.00T（s）T2（s2）0.7290.8030.8760.9411.0161.086（1）以橫軸代表m，縱軸代表T2，作出T2-m圖．并回答為什么不用T作為縱軸而用T2作為縱軸？______．

（2）根據(jù)圖線求解彈簧的勁度系數(shù)______．

（3）對T2-m圖作出必要的解釋______．

26、某同學(xué)測量一只未知阻值的電阻：

(1)

他先用多用電表進(jìn)行測量；按照正確的步驟操作后，測量的結(jié)果如圖甲所示，為了使多用電表測量的結(jié)果更準(zhǔn)確，該同學(xué)接著應(yīng)該進(jìn)行下列哪項操作______

A.換“隆脕1

”檔；再機械調(diào)零，重新測量。

B.換“隆脕1

”檔；再歐姆調(diào)零，重新測量。

C.換“隆脕100

”檔；再機械調(diào)零，重新測量。

D.換“隆脕100

”檔；再歐姆調(diào)零，重新測量。

(2)

如圖乙為簡易多用表的內(nèi)部電路原理圖，其中G

為靈敏電流計，已知：E1>E2.S

為單刀多擲電鍵(

功能鍵)

可調(diào)到123456

不同的位置，由圖可知，測電壓時將功能鍵置于______位置時電壓的量程較大；測電流時應(yīng)將功能鍵置于______位置時電流的量程較大。(

填寫功能鍵位置序號)

27、有一個額定電壓為2.8V

功率約為0.8W

的小燈泡，現(xiàn)要用伏安法描繪這個小燈泡的I鈭?U

圖線，有下列器材供選用：A.電壓表(0隆蘆3V

內(nèi)阻6k婁賂)B.

電壓表(0隆蘆15V

內(nèi)阻30k婁賂)

C.電流表(0隆蘆3A

內(nèi)阻0.1婁賂)D.

電流表(0隆蘆0.6A

內(nèi)阻0.5婁賂)

E.滑動變阻器(10婁賂,2A)F.

滑動變阻器(200婁賂,0.5A)

G.蓄電池(

電動勢6V

內(nèi)阻不計)

(1)

用如圖甲所示的電路進(jìn)行測量，電壓表應(yīng)選用________，電流表應(yīng)選用________，滑動變阻器應(yīng)選用________.(

用序號字母表示)

(2)

通過實驗測得此小燈泡的伏安特性曲線如圖乙所示，由圖線可求得此小燈泡在正常工作時的電阻為________婁賂

評卷人得分五、畫圖題(共2題，共10分)28、13.矩形導(dǎo)線框abcd固定在勻強磁場中，磁感線的方向與導(dǎo)線框所在平面垂直，規(guī)定磁場的正方向垂直紙面向里，磁感應(yīng)強度B隨時間變化的規(guī)律如圖所示.若規(guī)定順時針方向為感應(yīng)電流i的正方向，在下列i-t圖中畫出感應(yīng)電流隨時間變化的圖象29、13.矩形導(dǎo)線框abcd固定在勻強磁場中，磁感線的方向與導(dǎo)線框所在平面垂直，規(guī)定磁場的正方向垂直紙面向里，磁感應(yīng)強度B隨時間變化的規(guī)律如圖所示.若規(guī)定順時針方向為感應(yīng)電流i的正方向，在下列i-t圖中畫出感應(yīng)電流隨時間變化的圖象評卷人得分六、實驗題(共4題，共36分)30、(6分)某同學(xué)用一個定值電阻R、兩個開關(guān)、一個電壓表和若干導(dǎo)線連成一個測量電源內(nèi)阻的實驗電路，如圖所示，已知電壓表的內(nèi)阻遠(yuǎn)大于電源的內(nèi)電阻和R，其量程大于電源電動勢，表盤上刻度清晰，但數(shù)字不清，電源內(nèi)阻約為幾歐。（1）在方框內(nèi)畫出實驗電路圖。（2）實驗中始終閉合開關(guān)S1，當(dāng)開關(guān)S2處于斷開和閉合兩種狀態(tài)時，電壓表指針偏轉(zhuǎn)格數(shù)分別為n1、n2，則計算電源內(nèi)阻的表達(dá)式是r=。31、（8分）在做“用單擺測定重力加速度”的實驗中，①以下對實驗的幾點建議中，有利于提高測量結(jié)果精確度的是________。A．實驗中適當(dāng)加長擺線B．單擺偏離平衡位置的角度不能太大C．當(dāng)單擺經(jīng)過最大位置時開始計時D．測量多組周期T和擺長L，作L－T2關(guān)系圖像來處理數(shù)據(jù)②某同學(xué)在正確操作和測量的情況下，測得多組擺長L和對應(yīng)的周期T，畫出L－T2圖像，如圖所示。出現(xiàn)這一結(jié)果最可能的原因是：擺球重心不在球心處，而是在球心的正__________方(選填“上”或“下”)。為了使得到的實驗結(jié)果不受擺球重心位置無法準(zhǔn)確確定的影響，他采用恰當(dāng)?shù)臄?shù)據(jù)處理方法：在圖線上選取A、B兩個點，找到兩點相應(yīng)的橫縱坐標(biāo)，如圖所示。用表達(dá)式g＝________計算重力加速度，此結(jié)果即與擺球重心就在球心處的情況一樣。32、(6分)做勻變速直線運動的小車帶動紙帶通過打點計時器，打出的部分計數(shù)點如圖2-3所示。每相鄰兩點間還有四點未畫出來，打點計時器使用的是50Hz的低壓交流電，求打點計時器打“2”時，小車的速度v2＝＿＿＿＿m/s，小車的加速度a＝＿＿＿m/s2．請你依據(jù)本實驗原理推斷第7計數(shù)點和第8計數(shù)點之間的距離大約是＿＿＿m。(結(jié)果保留兩位有效數(shù)字)33、【化學(xué)選做】（15分）功能高分子P的合成路線如下：（1）A的名稱是____。B的結(jié)構(gòu)簡式____。（2）反應(yīng)③的化學(xué)方程式：____。（3）F是高分子化合物，E中含有的官能團(tuán)的名稱是____。（4）請寫出一種滿足下列條件的E的同分異構(gòu)體的結(jié)構(gòu)簡式____。①只含有一種官能團(tuán)；②核磁共振氫譜只有一個吸收峰。（5）反應(yīng)⑤的化學(xué)方程式：____。（6）已知：以乙烯為起始原料，選用必要的無機試劑合成E，寫出合成路線（用結(jié)構(gòu)簡式表示有機物），用箭頭表示轉(zhuǎn)化關(guān)系，箭頭上注明試劑和反應(yīng)條件）。____。參考答案一、選擇題(共9題，共18分)1、D【分析】【解析】試題分析：根據(jù)安培定則可知，當(dāng)電流方向向外時，所形成的磁場方向為逆時針方向閉合的曲線，故ABC錯誤，D正確．故選D．考點：本題考查了安培定則的應(yīng)用，【解析】【答案】D2、A【分析】解：A

氫原子的核外電子由較高能級躍遷到較低能級時；軌道半徑減小，能量減小，釋放一定頻率的光子；

根據(jù)ke2r2=mv2r

知；電子動能增大，則電勢能減小，故A正確；

B、根據(jù)輻射的光子能量等于兩能級間的能級差，可知，E4鈭?E3=鈻?E

因此氫原子從n=3

能級躍遷到n=4

能級時，需要吸收的光子能量必須等于0.66eV.

故B錯誤；

C；處于不同能級時；核外電子在各處出現(xiàn)的概率不同.

故C錯誤；

D；根據(jù)C42=6

可知，大量處于n=4

能級的氫原子躍遷到基態(tài)的過程中最多可釋放出6

種頻率的光子，但如今只有一個氫原子，則n=4

能級的氫原子向低能級躍遷時，可以釋放3

種頻率的光子，故D錯誤；

故選：A

．

A；根據(jù)軌道半徑的變化；通過庫侖引力提供向心力比較出電子動能的變化，通過能量的變化得出電勢能的變化；

B；能級間躍遷時；輻射的光子能量等于兩能級間的能級差；

C；核外電子在各處出現(xiàn)的頻率不同；

D；根據(jù)數(shù)學(xué)組合公式Cn2

求出氫原子可能輻射光子頻率的種數(shù)．

解決本題的關(guān)鍵知道光電效應(yīng)的條件以及知道能級間躍遷時輻射或吸收的光子能量等于兩能級間的能級差，注意電離時，吸引能量可以大于能級之差，而躍遷必須是兩能級之差，否則不會發(fā)生，注意大量氫原子與一個氫原子躍遷種類的區(qū)別．【解析】A

3、D【分析】【分析】當(dāng)開關(guān)S

閉合時，電源的電壓同時加到兩個燈泡上，它們會同時發(fā)光，根據(jù)電感線圈的電阻不計，會將B

燈短路，分析B

燈亮度的變化。本題考查了電感線圈L

對電流發(fā)生突變時的阻礙作用，關(guān)鍵要抓住線圈的雙重作用：當(dāng)電流變化時，產(chǎn)生感應(yīng)電動勢，相當(dāng)于電源；而當(dāng)電路穩(wěn)定時，相當(dāng)于導(dǎo)線，能將并聯(lián)的燈泡短路?！窘獯稹慨?dāng)開關(guān)S

閉合時；電源的電壓同時加到兩個燈泡上，它們會一起亮，但由于電感線圈的電阻不計，線圈將B

燈逐漸短路，B

燈變暗直至熄滅，故ABC錯誤，D正確。

故選D?！窘馕觥緿

4、D【分析】解：A

由法拉第電磁感應(yīng)定律可知；感應(yīng)電動勢與磁通量無關(guān)，取決于磁通量的變化率，磁通量的變化率越大，感應(yīng)電動勢才越大，所以磁通量變化越大，感應(yīng)電動勢不一定越大，還與發(fā)生變化所用時間有關(guān)，故A錯誤．

B；當(dāng)導(dǎo)體平動做切割磁感線的運動時；導(dǎo)體中一定有感應(yīng)電動勢產(chǎn)生，但不一定有感應(yīng)電流產(chǎn)生，電路還要閉合才有感應(yīng)電流，故B錯誤．

C；當(dāng)穿過線圈的磁通量變化越快時；磁通量的變化率越大，感應(yīng)電動勢越大，故C錯誤．

D；當(dāng)穿過線圈的磁通量發(fā)生變化時；感應(yīng)電動勢的大小與磁通量的變化率成正比，與線圈電阻無關(guān).

故D正確．

故選：D

感應(yīng)電動勢與磁通量的變化率成正比.

根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律分析答題．

本題考查了影響感應(yīng)電動勢大小的因素，應(yīng)用法拉第電磁感應(yīng)定律即可正確解題，要注意正確區(qū)分磁通量、磁通量變化量和磁通量變化率，不要混淆．【解析】D

5、A【分析】試題分析：供客機起飛跑道的長度航空母艦跑道的長度則故A正確?？键c：勻變速直線運動的位移與時間的關(guān)系．【解析】【答案】A6、C【分析】

電場中兩點的電勢差由電場本身決定；與電量和功W無關(guān)，因此即便是移動的電話電量加倍，電場中兩點的電勢差是不變的，故C正確，D錯誤；

根據(jù)W=QU；可知，W′=2QU=2W，故AB錯誤．

故選C．

【解析】【答案】電場中兩點的電勢差由電場本身決定；與電量和功W無關(guān)，電場力做功W=qU，只與電量和電勢差有關(guān)，與具體路徑無關(guān)．

7、B【分析】解：A；金屬導(dǎo)體是適用歐姆定律求解的；本題中圖象為曲線的原因是電阻隨溫度的變化而變化造成的，故A錯誤；

B；由圖可知；該導(dǎo)體的斜率越來越大，故該導(dǎo)體的電阻隨電壓的增大而增大，故B正確；

CD；A點電阻應(yīng)根據(jù)坐標(biāo)值來求；由于不能兩坐標(biāo)采用的標(biāo)度不同，故不能根據(jù)斜率來求電阻，故CD錯誤．

故選：B．

明確伏安特性曲線的性質(zhì)；能根據(jù)斜率求解電阻的變化；同時明確圖象斜率的意義，知道不能根據(jù)斜率來求解電阻大?。?/p>

本題考查歐姆定律的應(yīng)用以及伏安特性曲線的性質(zhì)，要注意明確歐姆定律適用于金屬導(dǎo)體導(dǎo)電，但由于其電阻隨溫度的變化而變化，故對應(yīng)的圖象為曲線．【解析】【答案】B8、B【分析】解：假設(shè)A

帶電量為QB

帶電量為鈭?Q

兩球之間的相互吸引力的大小是F=kQ2r2

第三個不帶電的金屬小球C

與A

接觸后，A

和C

的電量都為Q2

C

與B

接觸時先中和再平分，則CB

分開后電量均為鈭?Q4

這時，AB

兩球之間的相互作用力的大小F隆盲=kQ2鈰?Q4r2=18F

即F

與F隆盲

之比為81

故選：B

理解庫侖定律的內(nèi)容．

知道帶電體相互接觸后移開；同種電荷電量平分，異種電荷電量先中和再平分．

要清楚帶電體相互接觸后移開；同種電荷電量平分，異種電荷電量先中和再平分．

根據(jù)庫侖定律的內(nèi)容，找出變化量和不變量求出問題．【解析】B

9、B【分析】對物體A

、B

整體在水平方向上有F

=

婁脤

2(

mA

+

mB

)

g

；對物體B

在豎直方向上有婁脤

1

F

=

mBg

；聯(lián)立解得：mAmB=1鈭?婁脤1婁脤2婁脤1婁脤2

選項B正確．【解析】B

二、填空題(共7題，共14分)10、略

【分析】

當(dāng)電鍵S斷開時，滑片滑到最下端時，變阻器與電阻R2串聯(lián)，滑動變阻器滑片P滑到最上端時，電壓表的示數(shù)最大，等于100V；當(dāng)滑片滑到最下端時，電壓表示數(shù)最小，最小值為U=UAB=5V；電壓表示數(shù)范圍是5～10V．

當(dāng)電鍵S閉合時；滑片P滑到最上端時，電壓表的示數(shù)最大，等于100V；滑片滑到最下端時，電壓表被短路，電壓表示數(shù)為零．則電壓表示數(shù)范圍是0～10V．

故答案為：5～10V．0～10V．

【解析】【答案】當(dāng)電鍵S斷開時；滑動變阻器滑片P滑到最上端時，電壓表的示數(shù)最大，等于100V；當(dāng)滑片滑到最下端時，電壓表示數(shù)最小，由歐姆定律求出．當(dāng)電鍵S閉合時，電壓表示數(shù)最大值不變，滑片滑到最下端時，電壓表示數(shù)為零．

11、略

【分析】

未撤去拉力時；設(shè)阻力為f，拉力為F，根據(jù)牛頓第二定律得：

F-f=ma

得：f=F-ma=18N

撤去拉力的瞬間，物體的加速度大?。篴′==0.4m/s2．

故答案為：0.4．

【解析】【答案】未撤去拉力時；物體在豎直方向受到重力和支持力，大小相等，方向相反，相互抵消．在水平方向受到水平拉力和阻力作用，根據(jù)牛頓第二定律求解阻力．撤去拉力的瞬間，物體所受摩擦力等于合力，再由牛頓第二定律求解加速度．

12、略

【分析】

電阻R1===電阻R2===

則兩個電阻阻值之比R1：R2=1：3

故答案為：1：3

【解析】【答案】導(dǎo)體的電阻R=等于伏安特性曲線斜率倒數(shù)的大?。鶕?jù)數(shù)學(xué)知識求出斜率倒數(shù)之比求解電阻之比．

13、（1）B（2）【分析】【分析】P1P2

和P3P4

之間的距離適當(dāng)大一些，這樣引起的角度的誤差較小，可提高精度，入射角婁脠1

盡量大些，折射角也會大些，角度的相對誤差會減小，根據(jù)光路可逆性原理可知，折射光線不會在玻璃磚的內(nèi)表面發(fā)生全反射。本題考查了測定玻璃的折射率的實驗，明確實驗原理，掌握實驗步驟，以及注意事項就可解決問題。【解答】(1)

A.為了減少測量誤差，入射角應(yīng)適當(dāng)大一些，則P1

和P2

的連線與玻璃磚界面的夾角適當(dāng)小一些，故A錯誤；B.為了減少作圖誤差，P3

和P4

的距離應(yīng)適當(dāng)取大一些，故B正確；C.若P1

和P2

距離要適當(dāng)大一些，由于光在同一種介質(zhì)中沿著直線傳播，故通過玻璃磚不可能看不到他們的像，故C錯誤；D.根據(jù)光路可逆性原理知，光線一定會從下表面射出，這折射光不會在玻璃磚的bb鈥?

表面發(fā)生全反射，則即使P1P2

的連線與法線夾角太大，通過玻璃磚仍然可以看到P1P2

的像，故D錯誤。故選B。(2)

由幾何知識得，入射角sin(i)=R2鈭?OB2R=0.6

反射角sin(r)=CDR=0.4

則由折射率公式得：n=sin(i)sin(r)=32

故答案為：(1)B

(2)32

【解析】(1)B

(2)32

14、略

【分析】

根據(jù)磁通量的定義Φ=BS，得每匝線圈磁通量的改變量△Φ=△B?S=（0.7-0.1）×50×10-4Wb=3×10-3Wb

根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律有=100×=75V

故答案為3×10-3；75

【解析】【答案】根據(jù)磁通量的定義Φ=BS得△Φ=△B?S可以求出線圈磁通量的改變量；再根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律可以求得線圈產(chǎn)生的平均感應(yīng)電動勢．

15、略

【分析】解：由表格中的數(shù)據(jù)可知；當(dāng)彈力的變化量△F=2mg=2×0.05×9.8N=0.98N時；

彈簧形變量的變化量為△x1==0.98cm；

根據(jù)胡克定律知甲的勁度系數(shù)：k1===100N/m．

根據(jù)表中數(shù)據(jù)要知；乙的形變量分別為53.44cm；54.41cm、55.39cm、56.38cm；

同理可解得k2==50N/m；故。

答案為：10050

根據(jù)彈簧形變量的變化量；結(jié)合胡克定律求出彈簧甲的勁度系數(shù)．通過彈簧并聯(lián)時的彈力的變化量和形變量的變化量可以求出彈簧并聯(lián)的勁度系數(shù)．

解決本題的關(guān)鍵掌握胡克定律，知道F=kx，x表示形變量，以及知道其變形式△F=k△x，△x為形變量的變化量．【解析】100；5016、略

【分析】解：由題，電荷從a

點移到b

點時，電場力做功Wab=qELab壟脵

電荷從b

點移到c

點時電場力做功Wbc=qELbccos60鈭?壟脷

由壟脷壟脵

得Wbc=5隆脕10鈭?6J

ac

間電勢差Uac=Wacq=Wab+Wbcq=450V

故本題答案是：5隆脕10鈭?6450

電荷從a

點移到b

點時電場力做功Wab=qELab

從b

點移到c

點時電場力做功Wbc=qELbccos60鈭?

用比例法求出電荷從b

點移到c

點時電場力做功.

根據(jù)公式Uac=Wacq

求出ac

間電勢差．

本題考查求解電場力做功的基本能力.

對于電勢差公式U=Wq

應(yīng)用時，往往各個量均代入符號．【解析】5隆脕10鈭?6450

三、判斷題(共7題，共14分)17、B【分析】【解答】解：電勢差類似于高度差；沒有方向，是標(biāo)量，正負(fù)表示電勢的相對大?。?/p>

兩點間的電勢差等于電勢之差；由電場中兩點的位置決定，與零電勢點的選取無關(guān)．由以上的分析可知，以上的說法都錯誤．

故答案為：錯誤。

【分析】電勢差是標(biāo)量，正負(fù)表示大??；電勢差與零電勢點的選取無關(guān)；沿著電場線方向電勢降低；電勢反映電場本身的性質(zhì)，與試探電荷無關(guān)．18、B【分析】【解答】解：根據(jù)靜電平衡的特點；導(dǎo)體是等勢體，金屬導(dǎo)體的內(nèi)部電場強度處處為零；

由于處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體是一個等勢體；則表面電勢處處相等，即等勢面，那么電場線與等勢面垂直；

故答案為：錯誤．

【分析】金屬導(dǎo)體在點電荷附近，出現(xiàn)靜電感應(yīng)現(xiàn)象，導(dǎo)致電荷重新分布．因此在金屬導(dǎo)體內(nèi)部出現(xiàn)感應(yīng)電荷的電場，正好與點電荷的電場疊加，只有疊加后電場為零時，電荷才不會移動．此時導(dǎo)體內(nèi)部電場強度處處為零，電荷全部分布在表面，且為等勢面，導(dǎo)體是等勢體．19、A【分析】【解答】解：點電荷在A點的場強

根據(jù)場強的疊加原理得；則兩點的場強是由正點電荷和勻強電場場強的合成，A點的場強大小為。

EA=E點﹣E勻=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A處場強大小為0

故答案為：正確。

【分析】根據(jù)公式E=k求出點電荷在A點處產(chǎn)生的場強大小，判斷出場強方向，A點的場強是由正點電荷和勻強電場場強的合成，根據(jù)平行四邊形定則求解A點處的場強大小及方向．20、A【分析】【解答】解：圖中a、b兩點在一個等勢面上；

故Uac=Ubc，根據(jù)W=qU，有Wa=Wb；

a位置的電場強度較密集，故Ea＞Eb；

故答案為：正確．

【分析】圖中a、b兩點在一個等勢面上，根據(jù)W=qU判斷電場力做功的大小，根據(jù)電場線的疏密程度判斷電場強度的大小．21、B【分析】【解答】解：根據(jù)靜電平衡的特點；導(dǎo)體是等勢體，金屬導(dǎo)體的內(nèi)部電場強度處處為零；

由于處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體是一個等勢體；則表面電勢處處相等，即等勢面，那么電場線與等勢面垂直；

故答案為：錯誤．

【分析】金屬導(dǎo)體在點電荷附近，出現(xiàn)靜電感應(yīng)現(xiàn)象，導(dǎo)致電荷重新分布．因此在金屬導(dǎo)體內(nèi)部出現(xiàn)感應(yīng)電荷的電場，正好與點電荷的電場疊加，只有疊加后電場為零時，電荷才不會移動．此時導(dǎo)體內(nèi)部電場強度處處為零，電荷全部分布在表面，且為等勢面，導(dǎo)體是等勢體．22、B【分析】【解答】解：若把該圖象與等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖比較；可以得到：靠近正電荷的點電勢高，靠近負(fù)電荷的點，電勢較低．所以，a處為正電荷．

等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖象中的等勢面左右對稱；無窮遠(yuǎn)處的電勢為0．該圖象的左側(cè)的等勢線比較密，無窮遠(yuǎn)處的電勢為0，所以無窮遠(yuǎn)處到兩點之間的電勢差相比，與a點之間的電勢差比較大，所以a點所帶的電量就多．

故答案為：錯誤．

【分析】若把該圖象與等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖比較，很容易得出正確的結(jié)論．23、A【分析】【解答】解：圖中a、b兩點在一個等勢面上；

故Uac=Ubc，根據(jù)W=qU，有Wa=Wb；

a位置的電場強度較密集，故Ea＞Eb；

故答案為：正確．

【分析】圖中a、b兩點在一個等勢面上，根據(jù)W=qU判斷電場力做功的大小，根據(jù)電場線的疏密程度判斷電場強度的大?。摹嶒炋骄款}(共4題，共28分)24、略

【分析】解：根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律，可得線圈中感應(yīng)電動勢：E=N=NS

AB兩閉合線圈；磁場隨著時間的變化均相同，由題意可知，它們的有效面積相同，所以感應(yīng)電動勢相同．

則A；B環(huán)中感應(yīng)電動勢之比1：1．

由歐姆定律得I==

因S相同，而L=2πr

由上式可得，IA：IB=rB：rA=1：2

故答案為：1：1；1：2．

根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律；求出線圈中感應(yīng)電動勢．

根據(jù)歐姆定律；可求出電流之比．

注意在法拉第電磁感應(yīng)定律中；S為有效面積．

求一個物理量之比，先把這個物理量表示出來．【解析】1：1；1：225、略

【分析】解：（1）由表格數(shù)據(jù)看出，T與m是非線性關(guān)系在，而T2與m是線性關(guān)系，所以T2-m圖象簡單；呈線性關(guān)系．

（2）由振動周期T=2π變形得到T2=m；

T2-m圖象的斜率K=由數(shù)學(xué)知識得到圖象的斜率大小為K=14；

則k=2.8N/m

（3）圖線不經(jīng)過原點的原因：沒有考慮砝碼盤的質(zhì)量和彈簧的質(zhì)量。

故答案為：（1）圖線簡單；呈線性關(guān)系；（2）2.8N/m；（3）圖線不經(jīng)過原點的原因，沒有考慮砝碼盤的質(zhì)量．

（1）由表格數(shù)據(jù)看出，T與m是非線性關(guān)系在，而T2與m是線性關(guān)系．

（2）由實驗原理：振動周期T=2π變形得到T2=m，T2-m圖象的斜率K=由數(shù)學(xué)知識求出斜率，即可得到k．

（3）分析可知圖線不經(jīng)過原點的原因：沒有考慮砝碼盤的質(zhì)量和彈簧的質(zhì)量。

該題中采用了轉(zhuǎn)換法的思維，將非線性關(guān)系轉(zhuǎn)換成線性關(guān)系研究，簡單直觀．【解析】圖象簡單，呈線性關(guān)系．；2.8N/m；沒有考慮砝碼盤的質(zhì)量和彈簧的質(zhì)量26、略

【分析】解：(1)

由圖可知歐姆表的讀數(shù)為：R=100隆脕10婁賂=1000婁賂

歐姆表的指針偏角過小說明待測電阻阻值較大；應(yīng)換較大的倍率隆脕100

調(diào)零以后再進(jìn)行測量，故選D；

(2)

多用電阻若測電壓；應(yīng)讓表頭與電阻串聯(lián)；由圖可知，與電阻串聯(lián)的接法只有5

或6

且接6

時串聯(lián)的電阻大，則量程大；測電流時應(yīng)使表頭與電阻并聯(lián)，由接1

或2

時可以用來測電流；接1

時，R2

與表頭串聯(lián)后再與R1

并聯(lián)，因此R1

相對于表頭及串聯(lián)電阻更要小，故測量的量程更大；

故答案為：(1)D(2)61

(1)

用歐姆表測電阻要選擇合適的擋位使指針指在中央刻度線附近；歐姆表換擋后要重新進(jìn)行歐姆調(diào)零。

(2)

靈敏電流計與分壓電阻串聯(lián)可以改裝成電壓表；分壓電阻阻值越大，電壓表量程越大；靈敏電流計與分流電阻并聯(lián)可以改裝為電流表，分流電阻阻值越小，電流表量程越大，根據(jù)圖示電路圖分析答題。

本題考查了歐姆表的使用方法與注意事項、考查了多用電表結(jié)構(gòu)；用歐姆表測電阻要選擇合適的擋位使指針指在中央刻度線附近，歐姆表換擋后要重新進(jìn)行歐姆調(diào)零；知道多用電表的改裝原理是解題的前提，應(yīng)用基礎(chǔ)知識即可解題，平時要注意基礎(chǔ)知識的學(xué)習(xí)與積累?！窘馕觥緿61

27、ADE10【分析】解：(1)

由題意可知；燈泡的額定電壓為2.8V

故電壓表的量程應(yīng)大于2.8V

故電壓表應(yīng)選3V

量程，故選A；

由P=UI

可得；電流為I=0.28A

故電流表應(yīng)選D；

本實驗中應(yīng)選用分壓接法；故滑動變阻器應(yīng)選小電阻，故滑動變阻器選E；

(2)

由圖可知，當(dāng)電壓為2.8V

時，電流為0.28A

故電阻R=UI=2.80.28婁賂=10婁賂

故答案為：(1)A

D

E(2)10

根據(jù)小