2025年岳麓版高三物理下冊(cè)階段測(cè)試試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線(xiàn)…………○…………※※請(qǐng)※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線(xiàn)※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線(xiàn)…………○…………第=page22頁(yè)，總=sectionpages22頁(yè)第=page11頁(yè)，總=sectionpages11頁(yè)2025年岳麓版高三物理下冊(cè)階段測(cè)試試卷732考試試卷考試范圍：全部知識(shí)點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級(jí)：______考號(hào)：______總分欄題號(hào)一二三四五總分得分評(píng)卷人得分一、選擇題(共7題，共14分)1、關(guān)于靜電場(chǎng)的下列說(shuō)法，哪是正確的（）A.帶電粒子只受電場(chǎng)力作用下的運(yùn)動(dòng)，電勢(shì)能可能增加B.勻強(qiáng)電場(chǎng)中，兩點(diǎn)間電勢(shì)差僅與兩點(diǎn)間距離有關(guān)C.電勢(shì)降低的方向就是場(chǎng)強(qiáng)方向D.一點(diǎn)電荷在電場(chǎng)中由a點(diǎn)移動(dòng)到b點(diǎn)，電勢(shì)能增量為零，則該電荷一定是沿著等勢(shì)面移動(dòng)的2、關(guān)于磁場(chǎng)和磁場(chǎng)力的描述，正確的說(shuō)法是（）A.沿磁感線(xiàn)方向，磁場(chǎng)逐漸減弱B.磁場(chǎng)力的方向跟磁場(chǎng)方向可能相同C.在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的帶電粒子一定受到磁場(chǎng)力的作用D.同一通電導(dǎo)體在磁場(chǎng)強(qiáng)的地方受到的磁場(chǎng)力不一定大3、如圖所示，豎直放置在水平面上的輕質(zhì)彈簧上疊放著兩物塊AB

相互絕緣且質(zhì)量均為2kgA

帶正電，電荷量為0.1CB

不帶電.

開(kāi)始處于靜止?fàn)顟B(tài)，若突然加沿豎直方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)，此瞬間A

對(duì)B

的壓力大小變?yōu)?5N.g=10m/s2

則(

)

A.電場(chǎng)強(qiáng)度為50N/C

B.電場(chǎng)強(qiáng)度為100N/C

C.電場(chǎng)強(qiáng)度為150N/C

D.電場(chǎng)強(qiáng)度為200N/C

4、示波管是一種多功能電學(xué)儀器，它的工作原理可以等效成下列情況：如圖所示，真空室中電極K發(fā)出電子（初速度不計(jì)），經(jīng)過(guò)電壓為U1的加速電場(chǎng)后，由小孔S沿水平金屬板A、B間的中心線(xiàn)射入板中．金屬板長(zhǎng)為L(zhǎng)，相距為d，當(dāng)A、B間電壓為U2時(shí)電子偏離中心線(xiàn)飛出電場(chǎng)打到熒光屏上而顯示亮點(diǎn)．已知電子的質(zhì)量為m、電荷量為e，不計(jì)電子重力，下列情況中一定能使亮點(diǎn)偏離中心距離變大的是（）A.U1變大，U2變大B.U1變小，U2變大C.U1變大，U2變小D.U1變小，U2變小5、如圖所示，均勻介質(zhì)中，兩波源S1、S2分別位于x軸上x(chóng)1=0，x2=12m處，質(zhì)點(diǎn)P位于x軸上x(chóng)p=4m處．t=0時(shí)刻兩波源同時(shí)開(kāi)始有平衡位置向y軸正方向振動(dòng)，振動(dòng)周期均為T(mén)=0.1s，傳播速度均為v=40m/s，波源S1、S2的振幅分別為A1=2cm，A2=1cm．則在t=0至t=0.3s內(nèi)質(zhì)點(diǎn)P通過(guò)的路程為（）A.20cmB.16cmC.12cmD.28cm6、在“探究求合力的方法”的實(shí)驗(yàn)中，用兩只彈簧測(cè)力計(jì)A，B把小圓環(huán)拉到某一位置O，這時(shí)AO，BO間夾角∠AOB＜90°，如圖所示．現(xiàn)改變彈簧測(cè)力計(jì)A的拉力方向，使α角減小，但不改變拉力的大小，那么要使小圓環(huán)仍被拉到O點(diǎn)，就應(yīng)調(diào)節(jié)彈簧測(cè)力計(jì)B的拉力大小及β角．在下列調(diào)整方法中，哪些是可行的（）A.增大B的拉力，增大β角B.增大B的拉力，β角不變C.增大B的拉力，減小β角D.B的拉力大小不變，增大β角7、表征物體振動(dòng)快慢程度的物理量是（）A.頻率B.振幅C.回復(fù)力D.位移評(píng)卷人得分二、多選題(共6題，共12分)8、空間某一靜電場(chǎng)的電勢(shì)φ在x軸上分布如圖所示，x軸上兩點(diǎn)B、C處電場(chǎng)強(qiáng)度在x方向上的分量分別是EBx、ECx，下列說(shuō)法中正確的有（）A.EBx的大小大于ECx的大小B.EBx的方向沿x軸的正方向C.電荷在O點(diǎn)受到的電場(chǎng)力在x方向上的分量為0D.負(fù)電荷沿x軸從B移到C的過(guò)程中，電場(chǎng)力先做負(fù)功，后做正功9、某一電容器上標(biāo)注的是“300V，5μF”，則下述說(shuō)法正確的是（）A.該電容器只能在300V電壓時(shí)正常工作B.該電容器可在低于300V的電壓下正常工作C.電壓是200V時(shí)，電容仍是5μFD.使用時(shí)只需考慮工作電壓，不必考慮電容器的引出線(xiàn)與電源的哪個(gè)極相連10、如圖所示；某物體沿兩個(gè)半徑為R的圓弧由A經(jīng)B到C，下列結(jié)論正確的是（）

A.物體的位移等于4R，方向向東B.物體的位移等于2πRC.物體的路程等于4R，方向向東D.物體的路程等于2πR11、為提高百米競(jìng)賽運(yùn)動(dòng)員的成績(jī)，教練員分析了運(yùn)動(dòng)員跑百米全過(guò)程的錄象帶，測(cè)得運(yùn)動(dòng)員在第1s內(nèi)的位移為8m，前7s內(nèi)跑了61.6m，跑到終點(diǎn)共用10s，則（）A.運(yùn)動(dòng)員在百米全過(guò)程的平均速度是10m/sB.運(yùn)動(dòng)員在第1s內(nèi)的平均速度是8m/sC.運(yùn)動(dòng)員在7s末的瞬時(shí)速度是8.8m/sD.運(yùn)動(dòng)員在百米的終點(diǎn)沖刺速度為10m/s12、關(guān)于晶體和非晶體，下列說(shuō)法中正確的是（）A.單晶體具有各向異性B.多晶體具有各向異性C.非晶體的各種物理性質(zhì)，在各個(gè)方向上都是相同的D.晶體的各種物理性質(zhì)，在各個(gè)方向上都是不同的13、如圖所示，把一個(gè)架在絕緣支架上的枕形導(dǎo)體放在正電荷形成的電場(chǎng)中，導(dǎo)體處于靜電平衡時(shí)，下敘說(shuō)法正確的是（）A.B兩點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)相等，且都為零B.B兩點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)不相等C.感應(yīng)電荷產(chǎn)生的附加場(chǎng)強(qiáng)大小是|EA|＜|EB|D.當(dāng)電鍵K閉合時(shí)，電子從大地沿導(dǎo)線(xiàn)向?qū)w移動(dòng)評(píng)卷人得分三、填空題(共9題，共18分)14、（2015春?湖州期末）如圖所示，用外力把一矩形線(xiàn)圈勻速拉出勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)域，如果兩次拉出的速度之比v1：v2=1：2，則在將線(xiàn)圈拉出磁場(chǎng)區(qū)域的過(guò)程中，線(xiàn)圈產(chǎn)生的焦耳熱之比Q1：Q2=____，通過(guò)線(xiàn)圈橫截面的電量之比q1：q2=____．15、（2011春?山西期中）如圖所示，當(dāng)光敏電阻RG受到光照時(shí)，阻值____，非門(mén)輸入端A出現(xiàn)低電平，輸出端Y出現(xiàn)高電平，發(fā)光二極管LED____發(fā)光（填“能”或“不能”），當(dāng)把光遮住時(shí)，RG阻值____，輸入端A出現(xiàn)高電平，Y端是低電平，二極管____發(fā)光（填“能”或“不能”，）達(dá)到路燈白天不亮晚上亮的目的．若要使更暗時(shí)路燈才亮，應(yīng)調(diào)節(jié)R1使其____．16、一小車(chē)正以6m/s的速度在水平面上運(yùn)動(dòng)，某時(shí)刻起小車(chē)獲得2m/s2的加速度而加速運(yùn)動(dòng)，當(dāng)速度增加到10m/s時(shí)，經(jīng)歷的時(shí)間是____秒，這個(gè)過(guò)程的位移是____米．17、【題文】如圖所示，一個(gè)半徑為R、透明的球體放置在水平面上，一束藍(lán)光從A點(diǎn)沿水平方向射入球體后經(jīng)B點(diǎn)射出，最后射到水平面上的C點(diǎn)。已知該球體對(duì)藍(lán)光的折射率為則它從球面射出時(shí)的出射角____。

若換用一束紫光同樣從A點(diǎn)射入該球體，則它從球體射出后落到水平面上形成的光點(diǎn)與C點(diǎn)相比，位置____（填“偏左”、“偏右”或“不變”）。18、如圖所示，在不計(jì)滑輪摩擦和繩子質(zhì)量的前提下，當(dāng)小車(chē)以速度v

勻速向右運(yùn)動(dòng)時(shí)，則當(dāng)拉繩與水平方向成婁脠

角時(shí)物塊A

的速度大小為_(kāi)_____，繩中拉力______A

所受的重力(

填大于、小于、等于)

19、利用氣墊導(dǎo)軌驗(yàn)證動(dòng)能定理；實(shí)驗(yàn)裝置示意圖如圖所示：

（1）實(shí)驗(yàn)步驟：

①將氣墊導(dǎo)軌放在水平桌面上；桌面高度不低于1m，將導(dǎo)軌調(diào)至水平．

②用游標(biāo)卡尺測(cè)量擋光條的寬度l；

③由導(dǎo)軌標(biāo)尺（最小分度1mm）讀出兩光電門(mén)中心之間的距離s=____cm．

④將滑塊移至光電門(mén)1左側(cè)某處；待砝碼靜止不動(dòng)時(shí)，釋放滑塊，要求砝碼落地前擋光條已通過(guò)光電門(mén)2．

⑤從數(shù)字計(jì)數(shù)器（圖中未畫(huà)出）上分別讀出擋光條通過(guò)光電門(mén)1和光電門(mén)2所用的時(shí)間△t1和△t2．

⑥用天平稱(chēng)出滑塊和擋光條的總質(zhì)量M；再稱(chēng)出托盤(pán)和砝碼的總質(zhì)量m．

（2）用表示直接測(cè)量量的字母寫(xiě)出下列所求物理量的表達(dá)式：

①滑塊通過(guò)光電門(mén)1和光電門(mén)2時(shí)瞬時(shí)速度分別為v1=____和v2=____．

②當(dāng)滑塊通過(guò)光電門(mén)1和光電門(mén)2時(shí)，系統(tǒng)（包括滑塊、擋光條、托盤(pán)和砝碼）的總動(dòng)能分別為EK1=____和EK2=____．

③在滑塊從光電門(mén)1運(yùn)動(dòng)到光電門(mén)2的過(guò)程中，外力對(duì)系統(tǒng)做的總功W=____（重力加速度為g）．

（3）如果W≈____，則可認(rèn)為驗(yàn)證了動(dòng)能定理．20、平行板電容器所帶電量Q=3.0×10-8C，它的兩板之間的電壓U=2.0V，則它的電容為_(kāi)___μF．如果兩板的帶電量各減少一半，則兩板電勢(shì)差為_(kāi)___伏．21、（2014春?啟東市校級(jí)月考）某交流電壓如圖所示，則此電壓的有效值為_(kāi)___V；如將輝光電壓（超過(guò)此電壓氖管就發(fā)光，低于此電壓氖管熄滅）為50V的氖管接到此電壓上去．那么，1s內(nèi)氖管發(fā)光____次，1次閃光的時(shí)間是____s．22、（2014?江蘇三模）用氫發(fā)出的光照射光電管陰極，如圖所示，閉合開(kāi)關(guān)S，發(fā)現(xiàn)靈敏電流計(jì)中有電流通過(guò)，調(diào)節(jié)滑線(xiàn)變阻器，當(dāng)電壓表讀數(shù)小于9.0V時(shí)，電流計(jì)讀數(shù)不為零，當(dāng)電壓表讀數(shù)大于或等于9.0V時(shí)，電流計(jì)讀數(shù)為零，由此可知陰極材料的逸出功為_(kāi)___eV，若將電（電動(dòng)勢(shì)足夠大）極性反接，滑線(xiàn)變阻器滑片P從左端向右端移動(dòng)時(shí)，電流計(jì)讀數(shù)變化是____．評(píng)卷人得分四、判斷題(共3題，共18分)23、物體的瞬時(shí)速度總為零，則平均速度一定為零．____．（判斷對(duì)錯(cuò)）24、單晶體的所有物理性質(zhì)都是各向異性的．____．（判斷對(duì)錯(cuò)）25、一定質(zhì)量的理想氣體，當(dāng)壓強(qiáng)不變而溫度由100℃上升到200℃時(shí)，其體積增加為原來(lái)的2倍．____．（判斷對(duì)錯(cuò)）評(píng)卷人得分五、推斷題(共2題，共8分)26、【化學(xué)rm{隆陋隆陋}選修r(nóng)m{5}有機(jī)化學(xué)基礎(chǔ)】結(jié)晶玫瑰和高分子樹(shù)脂rm{M}的合成路線(xiàn)如下圖所示：已知：rm{壟脵A}是苯的同系物，在相同條件下，其蒸氣相對(duì)于氫氣的密度為rm{46}rm{(1)C}中含氧官能團(tuán)的名稱(chēng)為_(kāi)___，rm{E}的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式為_(kāi)___。rm{(2)}寫(xiě)出由rm{G}生成結(jié)晶玫瑰的化學(xué)方程式____。rm{(3)}在上述流程中“rm{C隆煤D}”在rm{M}的合成過(guò)程中的作用是____。rm{(4)}己知rm{G}在一定條件下水解生成rm{H(C_{8}H_{8}O_{3})}寫(xiě)出rm{H}滿(mǎn)足下列條件的同分異構(gòu)體的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式____。rm{a}與氯化鐵溶液發(fā)生顯色反應(yīng)rm苯環(huán)上的一氯取代物只有一種rm{c}與足量的氫氧化鈉溶液反應(yīng)，rm{1mol}可消耗rm{3molNaOH}rm{(5)E}的同分異構(gòu)體是一種重要的藥物中間體，其合成路線(xiàn)與rm{E}相似，請(qǐng)以為原料設(shè)計(jì)它的合成路線(xiàn)rm{(}其他所需原料自選rm{)}27、有機(jī)物rm{H}是一種中樞神經(jīng)興奮劑，其合成路線(xiàn)如下圖所示。是一種中樞神經(jīng)興奮劑，其合成路線(xiàn)如下圖所示。

rm{H}請(qǐng)回答下列題：的化學(xué)名稱(chēng)為_(kāi)________，rm{(1)A}的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式為_(kāi)_______。rm{C}中官能團(tuán)的名稱(chēng)為_(kāi)_______。rm{(2)E}rm{B隆煤C}的反應(yīng)類(lèi)型分別為_(kāi)_______、________。rm{G隆煤H}分子中最多有_____個(gè)原子共平面。rm{(3)D}歷經(jīng)兩步反應(yīng)，第一步反應(yīng)反應(yīng)的化學(xué)方程式為_(kāi)_____________。rm{(4)F隆煤G}同時(shí)滿(mǎn)足下列條件的rm{(5)}的同分異構(gòu)體有_____種rm{F}不考慮立體異構(gòu)rm{(}rm{)}能發(fā)生銀鏡反應(yīng)；rm{壟脵}能與氯化鐵溶液反應(yīng)；rm{壟脷}分子中只有rm{壟脹}個(gè)甲基。其中核磁共振氫譜有rm{1}組峰的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式為_(kāi)_________。rm{6}參照上述合成路線(xiàn)和信息，以乙烯為原料制備強(qiáng)吸水性樹(shù)脂的合成路線(xiàn)流程圖rm{(6)}可選擇題干中相關(guān)試劑，無(wú)機(jī)試劑任選rm{(}_____________________________。rm{)}參考答案一、選擇題(共7題，共14分)1、A【分析】【分析】電場(chǎng)強(qiáng)度與電勢(shì)之間無(wú)必然聯(lián)系，但沿電場(chǎng)方向電勢(shì)降低，而且速度最快；電勢(shì)差與兩點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)無(wú)關(guān)，只與兩點(diǎn)間沿電場(chǎng)方向的距離和兩點(diǎn)間的場(chǎng)強(qiáng)有關(guān)；電場(chǎng)力做功，只與電荷以及兩點(diǎn)間的電勢(shì)差有關(guān)，與兩點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)沒(méi)有關(guān)系．【解析】【解答】解：A：電勢(shì)能的改變與電場(chǎng)力做功有關(guān)；帶電粒子只受電場(chǎng)力作用下的運(yùn)動(dòng)，沒(méi)有說(shuō)明是做正功或做負(fù)功，所以電勢(shì)能可能增大，也可能減小．故A正確；

B：電勢(shì)差的大小決定于兩點(diǎn)間沿電場(chǎng)方向的距離和電場(chǎng)強(qiáng)度；故B錯(cuò)誤；

C：沿電場(chǎng)方向電勢(shì)降低速度最快；但電勢(shì)降落的方向可能與場(chǎng)強(qiáng)方向存在夾角；故C錯(cuò)誤；

D：點(diǎn)電荷在電場(chǎng)中由a點(diǎn)移動(dòng)到b點(diǎn)，電勢(shì)能增量為零，僅僅說(shuō)明了a、b兩點(diǎn)的電勢(shì)相等；沒(méi)有提到運(yùn)動(dòng)的路徑，則該電荷“可能是”沿著等勢(shì)面移動(dòng)的．故D錯(cuò)誤．

故選：A2、D【分析】【分析】磁感線(xiàn)的疏密表示磁場(chǎng)強(qiáng)弱，磁感線(xiàn)某點(diǎn)的切線(xiàn)方向表示該點(diǎn)的磁場(chǎng)方向；磁感線(xiàn)是閉合曲線(xiàn)，磁體外部磁感線(xiàn)是從N極到S極，而內(nèi)部是從S極到N極；【解析】【解答】解：A；磁感線(xiàn)的疏密表示磁場(chǎng)強(qiáng)弱；沿磁感線(xiàn)方向，磁場(chǎng)不一定減弱，比如勻強(qiáng)磁場(chǎng)沿磁感線(xiàn)方向，磁場(chǎng)強(qiáng)弱不變，故A錯(cuò)誤；

B；磁場(chǎng)力的方向跟磁場(chǎng)方向不可能相同；磁場(chǎng)的方向與通電導(dǎo)體在磁場(chǎng)中某點(diǎn)受磁場(chǎng)作用力的方向相互垂直．故B錯(cuò)誤．

C；磁場(chǎng)的方向與運(yùn)動(dòng)的帶電粒子相平行時(shí)；帶電粒子不受到磁場(chǎng)力作用，故C錯(cuò)誤；

D；在磁場(chǎng)強(qiáng)的地方同一通電導(dǎo)體受的安培力可能比在磁場(chǎng)弱的地方受的安培力?。灰?yàn)橥煌妼?dǎo)線(xiàn)在同一磁場(chǎng)地方，不同角度放置，則安培力大小也不同．故D正確；

故選：D3、B【分析】解：物體B

開(kāi)始時(shí)平衡；A

對(duì)其的壓力等于A

的重力，為20N

加上電場(chǎng)后瞬間A

對(duì)B

的壓力大小變?yōu)?5N

而彈簧的彈力和重力不變，故合力為5N

向上，根據(jù)牛頓第二定律，有：

a=F潞脧m=5N2kg=2.5m/s2

再對(duì)物體A

受力分析；設(shè)電場(chǎng)力為F(

向上)

根據(jù)牛頓第二定律，有：

FN+F鈭?mg=ma

解得：

F=m(g+a)鈭?FN=2隆脕(10+2.5)鈭?15=10N

故電場(chǎng)力向上；為10N

故場(chǎng)強(qiáng)為：

E=Fq=100.1=100N/C

向上。

故選：B

．

先對(duì)物體B

受力分析求解加速度；再對(duì)物體A

受力分析求解電場(chǎng)力，最后根據(jù)F=Eq

求解電場(chǎng)強(qiáng)度．

本題關(guān)鍵是采用隔離法先后對(duì)物體B

和A

受力分析，然后根據(jù)牛頓第二定律多次列方程求解，不難．【解析】B

4、B【分析】【分析】在加速電場(chǎng)中運(yùn)用動(dòng)能定理求出末速度v，粒子進(jìn)入偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)后做類(lèi)平拋運(yùn)動(dòng)，根據(jù)平拋運(yùn)動(dòng)的規(guī)律求出偏轉(zhuǎn)位移，再進(jìn)行討論即可解題．【解析】【解答】解：設(shè)經(jīng)過(guò)電壓為U1的加速電場(chǎng)后；速度為v，在加速電場(chǎng)中，由動(dòng)能定理得：

mv2=eU1；

電子進(jìn)入偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)后做類(lèi)平拋運(yùn)動(dòng)；

在水平方向上：L=vt；

在豎直方向上：y=at2=??t2；

解得：y=；

由此可知，當(dāng)U1變小，U2變大時(shí)；y變大；

故選：B．5、A【分析】【分析】?jī)闪胁ㄏ嘤鰰r(shí)振動(dòng)情況相同時(shí)振動(dòng)加強(qiáng)，振動(dòng)情況相反時(shí)振動(dòng)減弱．同一介質(zhì)里，波速是相同，則波長(zhǎng)與頻率成反比．【解析】【解答】解：兩列波的波長(zhǎng)為λ=vT=40×0.1m=4m；即振動(dòng)在一個(gè)周期內(nèi)傳播的距離為4m．則：

在0-0.1s時(shí)間內(nèi)，兩列波都沒(méi)有到達(dá)質(zhì)點(diǎn)P，質(zhì)點(diǎn)P處于靜止?fàn)顟B(tài)，0.1s-0.2s時(shí)間內(nèi)，質(zhì)點(diǎn)P只參與S1引起的振動(dòng)，振幅為A=A1=2cm；在△t=0.1s=T時(shí)間內(nèi)，路程為l1=4A1=8cm；在0.2s-0.3s時(shí)間內(nèi)，質(zhì)點(diǎn)P參與兩列波引起的振動(dòng)，其振幅為A′=A1+A2=3cm，在△t′=0.1s=T時(shí)間內(nèi)，路程l2=4A′=12cm．故質(zhì)點(diǎn)P在t=0至t=0.3s內(nèi)質(zhì)點(diǎn)P通過(guò)的路程為L(zhǎng)=l1+l2=20cm；故A正確．

故選：A．6、A【分析】【分析】要使結(jié)點(diǎn)不變，應(yīng)保證合力大小、方向不變，保持A的讀數(shù)不變，即要求一個(gè)分力大小不變，故可以根據(jù)平行四邊形定則作圖分析得出結(jié)果．【解析】【解答】解：該題本質(zhì)上考查了物體的動(dòng)態(tài)平衡；由題意可知：保持O點(diǎn)位置不動(dòng)，即合力大小方向不變，彈簧測(cè)力計(jì)A的讀數(shù)不變，只要符合該條件而且能夠做出平行四邊形即可，由此可知ABC可以做出平行四邊形，D不能．

故選：ABC7、A【分析】【分析】簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的頻率（或周期）跟振幅沒(méi)有關(guān)系，而是由本身的性質(zhì)（在單擺中由初始設(shè)定的繩長(zhǎng)）決定，所以又叫固有頻率，反映了振動(dòng)的快慢．【解析】【解答】解：A；頻率是單位時(shí)間內(nèi)完成全振動(dòng)的次數(shù)；反映了振動(dòng)的快慢，故A正確；

B；振幅反映了振動(dòng)的強(qiáng)弱；故B錯(cuò)誤；

C；回復(fù)力F=-kx；是時(shí)刻變化的，與位移有關(guān)，故C錯(cuò)誤；

D；位移是偏離平衡位置的距離；是時(shí)刻變化的，最大位移的大小等于振幅，反映振動(dòng)的強(qiáng)度，故D錯(cuò)誤；

故選：A．二、多選題(共6題，共12分)8、AC【分析】【分析】本題的入手點(diǎn)在于如何判斷EBx和ECx的大小，由圖象可知在x軸上各點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度在x方向的分量不相同，如果在x方向上取極小的一段，可以把此段看做是勻強(qiáng)電場(chǎng)，用勻強(qiáng)電場(chǎng)的處理方法思考，從而得到結(jié)論，此方法為微元法．【解析】【解答】解：A、在B點(diǎn)和C點(diǎn)附近分別取很小的一段d，由圖象，B點(diǎn)段對(duì)應(yīng)的電勢(shì)差大于C點(diǎn)段對(duì)應(yīng)的電勢(shì)差，看做勻強(qiáng)電場(chǎng)有，可見(jiàn)EBx＞ECx；故A正確；

B、沿電場(chǎng)方向電勢(shì)降低，在O點(diǎn)左側(cè)，EBx的方向沿x軸負(fù)方向，在O點(diǎn)右側(cè)，ECx的方向沿x軸正方向；故B錯(cuò)誤；

C；與A的分析同理可知O點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)最??；電荷在O點(diǎn)受到的電場(chǎng)力在x方向上的分量為0，故C正確；

D、在O點(diǎn)左側(cè)，EBx的方向沿x軸負(fù)方向，在O點(diǎn)右側(cè)，ECx的方向沿x軸正方向；負(fù)電荷沿x軸從B移到C的過(guò)程中，負(fù)電荷的電勢(shì)能先減小后增大，所以電場(chǎng)力先做正功，后做負(fù)功．故D錯(cuò)誤．

故選：AC．9、BC【分析】【分析】電容器標(biāo)注的是：“300V，5μF”，是指其允許的最高電壓及容量，與電壓高低無(wú)關(guān)．【解析】【解答】解：A；300V是電容器允許的最高電壓；5μF是電容器的容量，與電壓高低無(wú)關(guān)，BC正確，A錯(cuò)誤；

D；由于電解電容器存在極性；在使用時(shí)必須注意正負(fù)極的正確接法，否則不僅電容器發(fā)揮不了作用，而且漏電流很大，短時(shí)間內(nèi)電容器內(nèi)部就會(huì)發(fā)熱，破壞氧化膜，隨即損壞，D錯(cuò)誤；

故選：BC．10、AD【分析】【分析】位移大小等于初位置到末位置有向線(xiàn)段的長(zhǎng)度，方向從初位置指向末位置．路程是物體運(yùn)動(dòng)路線(xiàn)的長(zhǎng)度．【解析】【解答】解：

A；B物體沿兩個(gè)半徑為R的圓弧由A經(jīng)B到C；初位置是A點(diǎn)，末位置是C點(diǎn)，則位移大小等于4R，方向向東．故A正確，B錯(cuò)誤．

C；D物體的路程等于物體運(yùn)動(dòng)路線(xiàn)的長(zhǎng)度；由圖看出路程等于2πR，沒(méi)有方向．故C錯(cuò)誤，D正確．

故選：AD．11、AB【分析】【分析】運(yùn)動(dòng)員在整個(gè)過(guò)程中做變速運(yùn)動(dòng)，通過(guò)位移和時(shí)間，根據(jù)平均速度的定義式求出平均速度的大小，由于運(yùn)動(dòng)員具體的運(yùn)動(dòng)規(guī)律未知，無(wú)法求出瞬時(shí)速度的大?。窘馕觥俊窘獯稹拷猓篈、運(yùn)動(dòng)員全程的平均速度．故A正確；

B、第1s內(nèi)的位移v1===8m/s；故B正確；

C；由于運(yùn)動(dòng)員具體的運(yùn)動(dòng)規(guī)律未知；故無(wú)法得出運(yùn)動(dòng)員的瞬時(shí)速度．故C、D錯(cuò)誤．

故選：AB．12、AC【分析】【分析】晶體分為單晶體和多晶體：其中單晶體具有各向異性，多晶體和非晶體一樣具有各向同性．【解析】【解答】解：A：?jiǎn)尉w由于內(nèi)部原子排列規(guī)律相同；所以具有各向異性．故A正確．

B：多晶體是由許多雜亂無(wú)章的排列著的小晶體組成的；所以具有各向同性．故B錯(cuò)誤．

C：非晶體由于內(nèi)部分子（或原子；離子）排列不呈有規(guī)則空間結(jié)構(gòu)；所以具有各向同性．故C正確．

D：晶體分為單晶體和多晶體；單晶體具有各向異性，多晶體具有各向同性．故D錯(cuò)誤．

故選：AC13、AD【分析】【分析】枕形導(dǎo)體在點(diǎn)電荷附近，出現(xiàn)靜電感應(yīng)現(xiàn)象，導(dǎo)致電荷重新分布．因此在枕形導(dǎo)體內(nèi)部出現(xiàn)感應(yīng)電荷的電場(chǎng)，正好與點(diǎn)電荷的電場(chǎng)疊加，只有疊加后電場(chǎng)為零時(shí)，電荷才不會(huì)定向移動(dòng)移動(dòng)．當(dāng)點(diǎn)電荷移走后，電荷恢復(fù)原狀．【解析】【解答】解：A；枕形導(dǎo)體在點(diǎn)電荷附近；出現(xiàn)靜電感應(yīng)現(xiàn)象，導(dǎo)致電荷重新分布．因此在枕形導(dǎo)體內(nèi)部出現(xiàn)感應(yīng)電荷的電場(chǎng)，正好與點(diǎn)電荷的電場(chǎng)疊加，內(nèi)部電場(chǎng)強(qiáng)度處處為零，故A正確．

B；A、B兩點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)相等；且都為零，故B錯(cuò)誤．

C、點(diǎn)電荷的產(chǎn)生電場(chǎng)在A點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大于在B點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)，在枕形導(dǎo)體內(nèi)部出現(xiàn)感應(yīng)電荷的電場(chǎng)，正好與點(diǎn)電荷的電場(chǎng)疊加，疊加后電場(chǎng)為零，所以感應(yīng)電荷產(chǎn)生的附加電場(chǎng)EA＞EB故C錯(cuò)誤．

D；當(dāng)電鍵S閉合時(shí)；電子從大地沿導(dǎo)線(xiàn)移向?qū)w中和枕形導(dǎo)體右端的正電荷，相當(dāng)于右端正電荷流向遠(yuǎn)端，故D正確．

故選AD．三、填空題(共9題，共18分)14、1：21：1【分析】【分析】在拉力作用下，矩形線(xiàn)圈以不同速度被勻速拉出，根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律、歐姆定律、焦耳定律求焦耳熱，推導(dǎo)出感應(yīng)電量表達(dá)式，求電量之比．【解析】【解答】解：設(shè)線(xiàn)圈左右兩邊邊長(zhǎng)為L(zhǎng)；上下兩邊邊長(zhǎng)為L(zhǎng)′，整個(gè)線(xiàn)圈的電阻為R，磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度為B．

線(xiàn)圈拉出磁場(chǎng)時(shí)產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為：E=BLv，感應(yīng)電流為：I=，產(chǎn)生的焦耳熱Q=t=?=：Q∝v，則得：Q1：Q2=v1：v2=1：2．

通過(guò)導(dǎo)線(xiàn)的電荷量為：q=It=t==，則q與線(xiàn)框移動(dòng)速度無(wú)關(guān)，磁通量的變化量△Φ相同，所以通過(guò)導(dǎo)線(xiàn)橫截面的電荷量q1：q2=1：1．

故答案為：1：2，1：1．15、變小不能增大能增大【分析】【分析】光敏電阻隨著光照強(qiáng)度的增大，電阻減小．非門(mén)的特點(diǎn)是輸入狀態(tài)和輸出狀態(tài)完全相反．二極管具有單向?qū)щ娦裕窘馕觥俊窘獯稹拷猓汗饷綦娮枋艿焦庹諘r(shí)，電阻變小，所分擔(dān)的電壓減小，則輸入非門(mén)的是低電平，非門(mén)的特點(diǎn)是輸入狀態(tài)和輸出狀態(tài)完全相反，所有輸出為高電平，二極管具有單向?qū)щ娦裕卸O管不能發(fā)光．當(dāng)光敏電阻增大，分擔(dān)的電壓增大，則輸入非門(mén)的是高電平，輸出為低電平，二極管具有單向?qū)щ娦?，所有二極管能發(fā)光．若要使更暗時(shí)路燈才亮，應(yīng)調(diào)節(jié)R1使其增大．

故答案為：變小，不能，增大，能，增大．16、216【分析】【分析】根據(jù)勻變速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)的速度時(shí)間公式求出經(jīng)歷的時(shí)間，結(jié)合位移時(shí)間公式求出該過(guò)程中的位移．【解析】【解答】解：根據(jù)速度時(shí)間公式得，t=．

該過(guò)程中的位移x==16m．

故答案為：2，16．17、略

【分析】【解析】

試題分析：（1）由折射率的定義式可得由幾何關(guān)系可知=30°，故60°。在同種介質(zhì)中；紫光的偏折程度大于藍(lán)光，故紫光從球體射出后落到水平面上形成的光點(diǎn)與C點(diǎn)相比，位置偏左。

考點(diǎn)：光的折射【解析】【答案】60°；偏左18、vcosθ大于

【分析】【分析】將小車(chē)的速度分解為沿繩子方向和垂直于繩子方向，沿繩子方向的速度等于A

的速度，根據(jù)平行四邊形定則判斷出A

的速度變化，從而得出A

的加速度方向，根據(jù)牛頓第二定律判斷拉力和重力的大小關(guān)系。本題考查了運(yùn)動(dòng)的合成和分解；解決本題的關(guān)鍵知道小車(chē)沿繩子方向的分速度等于物體A

的速度，根據(jù)平行四邊形定則進(jìn)行分析?！窘獯稹咳鐖D：小車(chē)沿繩子方向的速度等于A

的速度；設(shè)繩子與水平方向的夾角為婁脠

根據(jù)平行四邊形定則；物體A

的速度vA=vcos婁脠

小車(chē)勻速向右運(yùn)動(dòng)時(shí)；婁脠

減小，則A

的速度增大，所以A

加速上升，加速度方向向上；

根據(jù)牛頓第二定律有：T鈭?GA=mAa

知拉力大于重力；

故填：vcos婁脠

大于?！窘馕觥縱cos婁脠vcos婁脠大于

19、60.00（M+m）（）2（M+m）（）2mgsEk2-Ek1【分析】【分析】光電門(mén)測(cè)量瞬時(shí)速度是實(shí)驗(yàn)中常用的方法．由于光電門(mén)的寬度l很小，所以我們用很短時(shí)間內(nèi)的平均速度代替瞬時(shí)速度；紙帶法實(shí)驗(yàn)中，若紙帶勻變速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，測(cè)得紙帶上的點(diǎn)間距，利用勻變速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)的推論，可計(jì)算出打出某點(diǎn)時(shí)紙帶運(yùn)動(dòng)的瞬時(shí)速度和加速度，從而求出動(dòng)能．合外力等于重力，則合外力做功等于重力做功．【解析】【解答】解：（1）兩光電門(mén)中心之間的距離s=60.00cm；

（2）①由于擋光條寬度很??；因此將擋光條通過(guò)光電門(mén)時(shí)的平均速度當(dāng)作瞬時(shí)速度．

v1=，v2=

②根據(jù)動(dòng)能的定義式；通過(guò)光電門(mén)1，系統(tǒng)（包括滑塊；擋光條、托盤(pán)和砝碼）的總動(dòng)能為：

Ek1=（M+m）（）2

通過(guò)光電門(mén)2；系統(tǒng)（包括滑塊；擋光條、托盤(pán)和砝碼）的總動(dòng)能為：

Ek2=（M+m）（）2

③在滑塊從光電門(mén)1運(yùn)動(dòng)到光電門(mén)2的過(guò)程中；外力對(duì)系統(tǒng)做的總功：

W=mgh=mgs

（3）如果W=△Ek=Ek2-Ek1則可認(rèn)為驗(yàn)證了動(dòng)能定理．

故答案為：

（1）60.00（59.96-60.04也可）；

（2）①；；

②（M+m）（）2；（M+m）（）2；

③mgs；

（3）Ek2-Ek1．20、1.5×10-21.0【分析】【分析】根據(jù)電容的定義式C=求出電容的大小，抓住電容不變，根據(jù)定義式求出電勢(shì)差的大?。窘馕觥俊窘獯稹拷猓弘娙萜鞯碾娙軨=μF．

帶電量減小一半；電容不變；

則U=V．

故答案為：1.5×10-2；1.0；21、50100【分析】【分析】根據(jù)交流電壓的變化規(guī)律為u=100sin100πt（V）求出交流電壓的有效值．因?yàn)橐粋€(gè)周期內(nèi)氖管上的電壓兩次超過(guò)50V；正半周一次，負(fù)半周一次．

由正弦函數(shù)對(duì)稱(chēng)性求出一個(gè)周期內(nèi)氖管發(fā)光的時(shí)間．【解析】【解答】解：交流電壓如圖所示，根據(jù)最大值與有效值關(guān)系，則有：U==50V；

輝光電壓為50V，即加在氖管上的電壓不小于50V；氖管就會(huì)發(fā)光；

因u=100sin100πt；

當(dāng)50V≤u≤100V；

所以半個(gè)周期內(nèi)，閃光的時(shí)間是：s≤t≤s；

由正弦函數(shù)對(duì)稱(chēng)性，在一個(gè)周期內(nèi)加在氖管上的電壓不小于50V的時(shí)間是2×s=s．

交流電壓的周期T=0.02s；所以在1s內(nèi)有50個(gè)周期，因此1s內(nèi)氖管發(fā)光50×2=100次．

故答案為：50，100，．22、3.09先變大后不變【分析】【分析】光電子射出后，有一定的動(dòng)能，若能夠到達(dá)另一極板則電流表有示數(shù)，當(dāng)恰好不能達(dá)到時(shí)，說(shuō)明電子射出的初動(dòng)能恰好克服電場(chǎng)力做功，然后根據(jù)愛(ài)因斯坦光電效應(yīng)方程即可正確解答．【解析】【解答】解：氫發(fā)出的光中具有的最大能量為：Em=（13.6-1.51）eV=12.09eV；又由于當(dāng)電壓表V讀數(shù)小于9V時(shí)；電流計(jì)G讀數(shù)不為零；

當(dāng)電壓表V讀數(shù)大于或等于9.0V時(shí)；電流計(jì)G讀數(shù)為零，所以陰極材料的逸出功；

根據(jù)愛(ài)因斯坦光電效應(yīng)方程有：W=hv-Ek=12.09eV-9.0eV=3.09eV；

當(dāng)電源極性反接時(shí)；光電子將被加速，因此光電流增大，電壓表讀數(shù)不斷變大，但增至一定程度時(shí)，光電流達(dá)到飽和值將不變．因此電壓表的讀數(shù)又將不變．所以，電壓表的讀數(shù)是先變大后不變．

故答案為：3.09，先變大后不變．四、判斷題(共3題，共18分)23、√【分析】【分析】平均速度表示物在某一段時(shí)間或某一過(guò)程內(nèi)的運(yùn)動(dòng)情況；而瞬時(shí)速度只能表示物體在某一瞬時(shí)或某一位置時(shí)的速度．平均速度與位移與時(shí)間的比值求解．【解析】【解答】解：因瞬時(shí)速度為0；則物體不動(dòng)，無(wú)位移，則平均速度為0

故答案為：√24、×【分析】【分析】晶體有單晶體和多晶體兩種，單晶體各向異性，而多晶體各向同性．【解析】【解答】解：由于晶體在不同方向上物質(zhì)微粒的排列情況不同；即為各向異性，則為單晶體具有各向異性，但并不是所有物理性質(zhì)都是各向異性的．故該說(shuō)法是錯(cuò)誤的．

故答案為：×25、×【分析】【分析】一定質(zhì)量的氣體，保持體積不變，溫度升高時(shí)，發(fā)生等容變化，根據(jù)查理定律分析壓強(qiáng)的變化【解析】【解答】解：根據(jù)理想氣體的狀態(tài)方程，一定質(zhì)量的氣體，保持壓強(qiáng)不變，溫度升高時(shí)氣體的體積跟它的熱力學(xué)溫度成正比，即：；

初狀態(tài)：T0=100℃=373K，末狀態(tài)：T1=200℃=473K；所以溫度從100℃升高到200℃時(shí)，它的體積改變?yōu)樵瓉?lái)的倍．

故答案為：×五、推斷題(共2題，共8分)26、（1）醛基（2）（3）保護(hù)碳碳雙鍵，防止被氧化（4）（5）【分析】【分析】本題考查有機(jī)物的推斷與合成，明確有機(jī)物的官能團(tuán)及其性質(zhì)是解本題關(guān)鍵，結(jié)合題中已知信息采用正逆相結(jié)合的方法進(jìn)行分析推理解答，注重考查分析信息應(yīng)用信息的自學(xué)能力，難度中等。【解答】rm{A}是苯的同系物，分子組成為rm{C}是苯的同系物，分子組成為rm{A}rm{C}rm{n}rm{n}rm{H}rm{H}rm{2n}rm{-}rm{6}，其相對(duì)分子質(zhì)量為：rm{2n}rm{-}rm{6}，則，在相同條件下，其蒸氣相對(duì)于氫氣的密度為rm{46}，其相對(duì)分子質(zhì)量為：rm{46}rm{隆脕}rm{2=92}，則rm{14n}rm{-}rm{6=92}，解得rm{n=7}，故rm{A}的分子式為rm{C}rm{46}rm{46}，解得rm{隆脕}，故rm{2=92}的分子式為rm{14n}rm{-}rm{6=92}rm{n=7}rm{A}為rm{C}氧化生成rm{7}，rm{7}與乙醛反應(yīng)得到rm{H}，rm{H}與rm{8}rm{8}，則rm{A}為，結(jié)合信息rm{A}可知，rm{A}氧化生成rm{B}，rm{B}與乙醛反應(yīng)得到rm{C}，rm{B}與rm{CHCl}為rm{A}為rm{B}為rm{B}與乙酸發(fā)生酯化反應(yīng)得到結(jié)晶玫瑰．rm{C}與溴發(fā)生加成反應(yīng)生成得到rm{B}為rm{CHCl}氧化生成rm{3}為rm{3}可知反應(yīng)得到rm{G}，結(jié)合信息rm{壟脷壟脹}可知rm{B}為為rm{G}發(fā)生加聚反應(yīng)得到rm{壟脷壟脹}為rm{B}，rm{C}為rm{C}，rm{G}為rm{G}為，rm{G}與乙酸發(fā)生酯化反應(yīng)得到結(jié)晶玫瑰．rm{C}與溴發(fā)生加成反應(yīng)生成得到rm{D}為的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式為rm{G}rm{C}rm{D}，rm{D}氧化生成rm{E}為rm{D}由rm{E}生成結(jié)晶玫瑰的化學(xué)方程式：，結(jié)合信息rm{壟脺}可知rm{F}為rm{壟脺}rm{F}，rm{F}發(fā)生加聚反應(yīng)得到rm{M}為rm{F}在上述流程中“rm{M}rm{(}rm{1}rm{)}rm{C}為”在rm{(}的合成過(guò)程中的作用是：保護(hù)碳碳雙鍵，防止被氧化；rm{1}rm{)}rm{C}，含氧官能團(tuán)為醛基，rm{E}的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式為rm{E}在一定條件下水解生成故答案為：醛基；；rm{(}rm{2}rm{)}由rm{G}生成結(jié)晶玫瑰的化學(xué)方程式：rm{(}rm{2}rm{)}rm{G}故答案為：；則rm{(}rm{3}rm{)}在上述流程中“rm{C}rm{隆煤}rm{D}”在rm{M}的合成過(guò)程中的作用是：保護(hù)碳碳雙鍵，防止被氧化；為rm{(}的同分異構(gòu)體滿(mǎn)足條件：rm{3}rm{)}與氯化鐵溶液發(fā)生顯色反應(yīng)，說(shuō)明含有酚羥基與苯環(huán)，rm{C}rm{隆煤}苯環(huán)上的一氯取代物只有一種，rm{D}rm{M}與足量的氫氧化鈉溶液反應(yīng)，故答案為：保護(hù)碳碳雙鍵，防止被氧化；可消耗，符合條件的同分異構(gòu)體為：rm{(}rm{4}rm{)}rm{G}在一定條件下水解生成rm{H}rm{(}rm{C}rm{(}rm{4}rm{)}rm{G}苯乙醛與rm{H}反應(yīng)生成rm{(}rm{C}rm{8