2024-2025學(xué)年人教版（2019）高二（上）物理寒假作業(yè)（十）

第1頁(yè)（共1頁(yè)）2024-2025學(xué)年人教版（2019）高二（上）物理寒假作業(yè)（十）一．選擇題（共8小題）1．（2024秋?鼓樓區(qū)校級(jí)月考）如圖，電源電動(dòng)勢(shì)為12V，內(nèi)阻為1Ω，定值電阻R1＝1Ω，定值電阻R2＝6Ω。開關(guān)S閉合后，電動(dòng)機(jī)M恰好正常工作。已知電動(dòng)機(jī)額定電壓U＝6V，線圈電阻RM＝0.5Ω，當(dāng)電動(dòng)機(jī)M正常工作時(shí)，電動(dòng)機(jī)輸出的機(jī)械功率是（）A．6W B．9W C．10W D．27W2．（2024秋?南京月考）實(shí)驗(yàn)室有兩個(gè)變阻箱R1、R2，只能看到每個(gè)倍數(shù)刻度的0刻度線，其余倍數(shù)刻度磨損不清，其它功能正常。小明為了測(cè)量每個(gè)倍數(shù)刻度所對(duì)應(yīng)的阻值，利用如圖所示的測(cè)量電路，設(shè)計(jì)了兩套方案。方案1：調(diào)節(jié)R1至待測(cè)刻度，保持不變，多次改變R2，進(jìn)行測(cè)量，電壓表、電流表的讀數(shù)分別為U、I，作出U﹣I關(guān)系圖，測(cè)得R1待測(cè)刻度對(duì)應(yīng)的阻值；方案2：調(diào)節(jié)R2至待測(cè)刻度，保持不變，多次改變R1，進(jìn)行測(cè)量，同理，測(cè)得R2的阻值。下列表述正確的是（）A．方案1，R1測(cè)量值偏大 B．方案1，R1測(cè)量值準(zhǔn)確 C．方案2，R2測(cè)量值準(zhǔn)確 D．方案2，R2測(cè)量值偏小3．（2024秋?北碚區(qū)校級(jí)月考）開開家有一盞“智能”臺(tái)燈，它能根據(jù)環(huán)境的光照強(qiáng)度自動(dòng)調(diào)節(jié)亮度，也可以手動(dòng)調(diào)節(jié)臺(tái)燈的亮度。經(jīng)查閱資料后，開開猜想臺(tái)燈內(nèi)部的電路結(jié)構(gòu)可能如圖，已知光敏電阻在光照強(qiáng)度增大時(shí)，電阻會(huì)減小。則閉合開關(guān)后，下列分析正確的是（）A．滑動(dòng)變阻器滑片不動(dòng)，光照強(qiáng)度減弱時(shí)，小燈泡變亮 B．滑動(dòng)變阻器滑片不動(dòng)，光照強(qiáng)度增大時(shí)，光敏電阻兩端的電壓變大 C．在光照條件不變時(shí)，滑動(dòng)變阻器的滑片向左滑，小燈泡變亮 D．在光照條件不變時(shí)，滑動(dòng)變阻器的滑片向右滑，電源輸出功率增大4．（2024秋?南寧月考）如圖甲所示，隨著人工智能的發(fā)展，機(jī)器人用于生產(chǎn)生活中的場(chǎng)景越來(lái)越普遍。如圖乙為某款配送機(jī)器人內(nèi)部電路結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)化圖，電源電動(dòng)勢(shì)E＝36V，內(nèi)阻r＝0.25Ω。機(jī)器人整機(jī)凈重30kg，在某次配送服務(wù)時(shí)載重20kg，勻速行駛速度為1.2m/s，行駛過(guò)程中受到的阻力大小為總重力的0.2倍，工作電流為4A。假設(shè)機(jī)器人工作時(shí)均在水平路面上行駛，不計(jì)電動(dòng)機(jī)的摩擦損耗，取g＝10m/s2，則下列說(shuō)法正確的是（）A．電動(dòng)機(jī)內(nèi)部的熱功率為24W B．電動(dòng)機(jī)消耗的電功率為144W C．電動(dòng)機(jī)輸出的機(jī)械功率為140W D．機(jī)器人工作8小時(shí)至少消耗電能1.152kWh5．（2024秋?南寧月考）下列關(guān)于電源的說(shuō)法正確的是（）A．電源的電動(dòng)勢(shì)就是電壓 B．電源通過(guò)非靜電力做功把其他形式的能轉(zhuǎn)化為電能 C．在電源內(nèi)部電流從正極流向負(fù)極 D．只要有電源，電路中就能產(chǎn)生持續(xù)的電流6．（2024秋?重慶月考）如圖所示，R為一光敏電阻，其電阻阻值隨光照強(qiáng)度的減小而增大。在A、B之間接一恒流源（電流大小、方向均不變），當(dāng)光照強(qiáng)度減小時(shí)（）A．R1上兩端電壓減小 B．電容器所帶的電荷量增大 C．電流表的示數(shù)增大 D．電源的輸出功率不變7．（2024秋?鼓樓區(qū)校級(jí)月考）某學(xué)習(xí)小組利用如圖甲所示的實(shí)驗(yàn)電路測(cè)量一節(jié)干電池的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻，根據(jù)測(cè)得的數(shù)據(jù)作出U﹣I圖線如圖乙所示。下列說(shuō)法正確的是（）A．電池內(nèi)阻的測(cè)量值為3.50Ω B．外電路發(fā)生短路時(shí)的電流為0.40A C．電池電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻的測(cè)量值均偏小 D．電池電動(dòng)勢(shì)的測(cè)量值準(zhǔn)確，內(nèi)阻的測(cè)量值偏大8．（2023秋?杜集區(qū)校級(jí)期末）如圖所示的U﹣I圖像中，一條為電源的U﹣I圖線，一條為定值電阻的U﹣I圖線，若將該電源與定值電阻構(gòu)成閉合回路，下列說(shuō)法正確的是（）A．電源的電動(dòng)勢(shì)為1.2V B．電源的輸出功率為0.6W C．定值電阻的阻值為0.4Ω D．電源的內(nèi)阻為6Ω二．多選題（共4小題）（多選）9．（2024秋?綠園區(qū)校級(jí)期中）如圖所示，直線A為某電源的U﹣I圖線，曲線B為某小燈泡D1的U﹣I圖線的一部分，用該電源和小燈泡D1組成閉合電路時(shí)，燈泡D1恰好能正常發(fā)光，則下列說(shuō)法中正確的是（）A．此電源的內(nèi)阻約為0.67Ω B．燈泡D1的額定電壓為3V，額定功率為6W C．把燈泡D1換成阻值為1Ω的定值電阻，電源的輸出功率將變大 D．把D1和“3V，20W”的燈泡D2并聯(lián)后接在電源上，兩燈泡仍能正常發(fā)（多選）10．（2024秋?海珠區(qū)校級(jí)月考）科學(xué)家通過(guò)粒子速度篩選器來(lái)將一群粒子中速度較小的粒子去除。速度篩選器原理如圖所示，電路中電源電動(dòng)勢(shì)為E（內(nèi)阻不計(jì)），R0是定值電阻，R1，R2為可變電阻，D為二極管，M、N是水平正對(duì)放置的金屬極板，在電路中視為電容器。在某次速度篩選中，閉合S后，不斷有帶正電荷的微粒沿兩金屬板的中軸線從左側(cè)以某一相同的初速度射入，因初速度不夠大，這些微粒恰好打在下極板的中點(diǎn)O，無(wú)法通過(guò)篩選器。下列說(shuō)法正確的是（）A．減小R1，粒子打在O點(diǎn)左側(cè) B．貼著M板下沿插入板狀電介質(zhì)，電容器電荷量增加 C．N極板稍微下移，兩極板間場(chǎng)強(qiáng)大小不變 D．M極板稍微下移，粒子依然打在O點(diǎn)（多選）11．（2024秋?開福區(qū)校級(jí)月考）如圖所示的電路中，電源的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻分別為E、r，電壓表和電流表均為理想電表，在滑動(dòng)變阻器的滑片P由a向b移動(dòng)的過(guò)程中，關(guān)于各物理量的變化情況的下列描述正確的是（）A．R0兩端的電壓先減小后增加 B．電流表的示數(shù)先增大后減小 C．電源的輸出功率可能先增大后減小 D．電源的輸出功率可能一直不變（多選）12．（2024秋?市中區(qū)校級(jí)月考）在如圖所示電路中，閉合開關(guān)S，當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)觸頭P向下滑動(dòng)時(shí)，四個(gè)理想電表的示數(shù)都發(fā)生變化，電表的示數(shù)分別用I、U1、U2和U3表示，電表示數(shù)變化量的大小分別用ΔI、ΔU1、ΔU2和ΔU3表示。下列判斷正確的是（）A．U1變小，U2變大 B．|ΔU1|＜|ΔU2|，|ΔU2|＜|ΔU3| C．U2I變小，ΔD．U3I變大，三．填空題（共4小題）13．（2024秋?鼓樓區(qū)校級(jí)期中）兩根材料相同的均勻?qū)Ь€A和B，其長(zhǎng)度分別為1m和2m，串聯(lián)在電路中形成回路時(shí)，電勢(shì)φ的變化規(guī)律如圖所示，則A和B導(dǎo)線兩端的電壓之比為，A和B導(dǎo)線的電阻之比為，A和B導(dǎo)線的橫截面積之比為。14．（2024秋?普陀區(qū)校級(jí)月考）如圖所示電路中，電源電動(dòng)勢(shì)E＝6V，內(nèi)電阻r＝2Ω，定值電阻R1＝1Ω，R為最大阻值是20Ω的變阻器，則在變阻器滑動(dòng)過(guò)程中，變阻器消耗的最大功率為W，電壓表和電流表的示數(shù)變化量的比值ΔUΔI=15．（2024秋?思明區(qū)校級(jí)期中）如圖甲所示，電源電壓為6V恒定不變，滑動(dòng)變阻器R2最大阻值是20Ω。閉合開關(guān)，滑動(dòng)變阻器的P﹣R圖像如圖乙所示，則R1＝Ω，滑動(dòng)變阻器R2消耗的最大功率為W。16．（2024秋?浦東新區(qū)校級(jí)期中）“用DIS測(cè)某電源的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻”的實(shí)驗(yàn)，得到如圖所示的U﹣I圖，根據(jù)圖像可知電源電動(dòng)勢(shì)為V，內(nèi)阻為Ω。四．解答題（共4小題）17．（2024秋?松江區(qū)期末）隨著國(guó)家“碳達(dá)峰，碳中和”政策的出臺(tái)，光伏領(lǐng)域成為最熱門的領(lǐng)域之一。（1）一輛用光伏電池驅(qū)動(dòng)的小車，其電路總電阻為r。小車受到的阻力大小與其速率之比為k。某次運(yùn)動(dòng)中電池接收到的光照功率恒為P時(shí)，小車以速率v勻速行駛，通過(guò)電池的電流大小為I，則電池的光電轉(zhuǎn)化效率為。（2）光照進(jìn)半導(dǎo)體材料內(nèi)激發(fā)出自由電荷，在材料內(nèi)部電場(chǎng)作用下，正、負(fù)電荷分別往兩端積累。若材料內(nèi)部電場(chǎng)的電場(chǎng)強(qiáng)度E與位置x的關(guān)系如圖所示。①正電荷僅在內(nèi)部電場(chǎng)力作用下沿x軸從N點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到P點(diǎn)，其加速度。A.先沿x軸負(fù)方向減小，后沿x軸正方向增大B.先沿x軸負(fù)方向增大，后沿x軸正方向減小C.先沿x軸正方向減小，后沿x軸正方向增大D.先沿x軸正方向增大，后沿x軸正方向減?、谌點(diǎn)的電勢(shì)為零，N點(diǎn)到P點(diǎn)的電勢(shì)φ隨位置x變化的圖象可能為。（3）一光伏電池在特定光照下的I﹣U關(guān)系如圖所示。在這種光照條件下，將總長(zhǎng)度為100m、截面積為0.100mm2的金屬絲繞制的電阻接在該電池兩端時(shí)，電阻兩端電壓為2.10V，則該金屬絲的電阻率為Ω?m。（保留3位有效數(shù)字）（4）在某一電壓區(qū)間內(nèi)，光伏電池可視為一個(gè)恒流源（輸出電流恒定）。某同學(xué)連接了如圖所示的兩個(gè)電路：電路a由干電池、阻值為R4的定值電阻、阻值為RT的熱敏電阻（RT隨溫度升高而減?。┖托暨B接而成；電路b由恒流源、三個(gè)阻值分別為R1、R2，R3（R1＜R2＜R3）的定值電阻和阻值為RL的光敏電阻（RL隨光照強(qiáng)度增大而減小，且其阻值變化范圍足夠大）連接而成。RL受到燈L照射。當(dāng)RT所處環(huán)境溫度降低時(shí)：①設(shè)電流表示數(shù)變化量為ΔI，R1兩端電壓變化量為ΔU1，RL兩端電壓變化量為ΔUL，則。A.ΔI＜0，|ΔU1|＞|ΔUL|B.ΔI＜0，|ΔU1|＜|ΔUL|C.ΔI＞0，|ΔU1|＞|ΔUL|D.ΔI＞0，|ΔU1|＜|ΔUL|②設(shè)電壓表的示數(shù)變化量為ΔU，電流表的示數(shù)變化量為ΔI，則，|ΔUΔI|為③（簡(jiǎn)答）分析說(shuō)明當(dāng)RL為多大時(shí)，RL和R1的總功率P最大。18．（2024秋?奉賢區(qū)月考）電池因其便攜、易用，在日常生活中應(yīng)用十分普遍。（1）常用的干電池電動(dòng)勢(shì)為1.5V，鉛蓄電池電動(dòng)勢(shì)為2V。①電動(dòng)勢(shì)的高低，反映了電源內(nèi)部的本領(lǐng)不同。②如圖1所示是一節(jié)可充電鋰電池，其上所標(biāo)的參數(shù)“5000mAh”反映的物理量是。A．電能B．電荷量C．電壓D．電功率（2）為測(cè)量某電池的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻，小悟同學(xué)設(shè)計(jì)了如圖2（甲）所示的電路。連接好實(shí)物后，他閉合電鍵，記錄了多組變阻箱的阻值R及理想電流表對(duì)應(yīng)的示數(shù)I，并用圖像法處理數(shù)據(jù)，得到一條如圖2（乙）所示的不過(guò)原點(diǎn)且斜率為k，截距為b的傾斜直線。①圖2（乙）的橫坐標(biāo)為R，縱坐標(biāo)為。A．IB．1C．I2D．1②由圖2（乙）可得，該電池的電動(dòng)勢(shì)大小E＝，內(nèi)阻r＝。（結(jié)果用k、b表示）19．（2023秋?桂林期末）如圖所示，電源電動(dòng)勢(shì)為20V，小燈泡L的規(guī)格為“6W，12V”；當(dāng)開關(guān)S接1，電阻箱調(diào)到R＝14Ω時(shí)，小燈泡L正常發(fā)光；當(dāng)開關(guān)S接2時(shí)，小燈泡L正常發(fā)光和電動(dòng)機(jī)M正常工作。已知電動(dòng)機(jī)的線圈電阻為2Ω。求：（1）小燈泡正常工作時(shí)的電阻；（2）電源的內(nèi)阻；（3）開關(guān)接1時(shí)，電源的輸出功率；（4）開關(guān)接2時(shí)，電動(dòng)機(jī)的輸出功率。20．（2024秋?海珠區(qū)校級(jí)月考）如圖所示，電源電動(dòng)勢(shì)E＝9V，內(nèi)阻r＝0.5Ω，電阻R1＝5.0Ω，R2＝3.5Ω，R3＝6.0Ω，R4＝3.0Ω，電容C＝2.0μF。（1）求電鍵與a接觸時(shí)，電容的帶電量是多少？電鍵與b接觸時(shí)，電容的帶電量是多少？（2）求電鍵從與a接觸變?yōu)榕cb接觸時(shí)，通過(guò)R3的電荷量是多少？

2024-2025學(xué)年人教版（2019）高二（上）物理寒假作業(yè)（十）參考答案與試題解析題號(hào)12345678答案CAADBBCB一．選擇題（共8小題）1．（2024秋?鼓樓區(qū)校級(jí)月考）如圖，電源電動(dòng)勢(shì)為12V，內(nèi)阻為1Ω，定值電阻R1＝1Ω，定值電阻R2＝6Ω。開關(guān)S閉合后，電動(dòng)機(jī)M恰好正常工作。已知電動(dòng)機(jī)額定電壓U＝6V，線圈電阻RM＝0.5Ω，當(dāng)電動(dòng)機(jī)M正常工作時(shí)，電動(dòng)機(jī)輸出的機(jī)械功率是（）A．6W B．9W C．10W D．27W【考點(diǎn)】閉合電路歐姆定律的內(nèi)容和表達(dá)式；電功和電功率的計(jì)算；計(jì)算電動(dòng)機(jī)正常工作時(shí)輸出的機(jī)械功或機(jī)械功率．【專題】定量思想；推理法；恒定電流專題；推理論證能力．【答案】C【分析】根據(jù)閉合回路歐姆定律結(jié)合電路特點(diǎn)求解通過(guò)電動(dòng)機(jī)的電流；根據(jù)PM＝IMUM求出電動(dòng)機(jī)消耗的電功率，由焦耳定律求得電動(dòng)機(jī)的內(nèi)部熱功率，機(jī)械功率等于電功率減去電動(dòng)機(jī)發(fā)熱功率?！窘獯稹拷猓洪_關(guān)閉合后，電動(dòng)機(jī)恰好正常工作，由電路可知此時(shí)R2兩端電壓為6V，所以內(nèi)阻以及R1上電壓之和為12V﹣6V＝6V，根據(jù)閉合電路歐姆定律可得R1中的電流為I=通過(guò)電動(dòng)機(jī)的電流為IM電動(dòng)機(jī)的電功率PM＝UIM＝（6×2）W＝12W電動(dòng)機(jī)正常工作時(shí)內(nèi)部消耗的功率為P熱=IM2則電動(dòng)機(jī)輸出的機(jī)械功率P＝PM﹣P熱＝12W﹣2W＝10W故ABD錯(cuò)誤，C正確。故選：C。【點(diǎn)評(píng)】電動(dòng)機(jī)正常工作時(shí)的電路非純電阻電路，機(jī)械功率由電功率減去電動(dòng)機(jī)發(fā)熱功率求解，能靈活應(yīng)用串并聯(lián)電路的規(guī)律及歐姆定律求解。2．（2024秋?南京月考）實(shí)驗(yàn)室有兩個(gè)變阻箱R1、R2，只能看到每個(gè)倍數(shù)刻度的0刻度線，其余倍數(shù)刻度磨損不清，其它功能正常。小明為了測(cè)量每個(gè)倍數(shù)刻度所對(duì)應(yīng)的阻值，利用如圖所示的測(cè)量電路，設(shè)計(jì)了兩套方案。方案1：調(diào)節(jié)R1至待測(cè)刻度，保持不變，多次改變R2，進(jìn)行測(cè)量，電壓表、電流表的讀數(shù)分別為U、I，作出U﹣I關(guān)系圖，測(cè)得R1待測(cè)刻度對(duì)應(yīng)的阻值；方案2：調(diào)節(jié)R2至待測(cè)刻度，保持不變，多次改變R1，進(jìn)行測(cè)量，同理，測(cè)得R2的阻值。下列表述正確的是（）A．方案1，R1測(cè)量值偏大 B．方案1，R1測(cè)量值準(zhǔn)確 C．方案2，R2測(cè)量值準(zhǔn)確 D．方案2，R2測(cè)量值偏小【考點(diǎn)】用閉合電路的歐姆定律計(jì)算電路中的電壓、電流或電阻．【專題】比較思想；方程法；恒定電流專題；實(shí)驗(yàn)探究能力．【答案】A【分析】方案1：改變R2，R1保持不變，根據(jù)歐姆定律得到U與I的關(guān)系式，分析U﹣I關(guān)系圖的斜率變化，判斷R1測(cè)量值的變化；方案2：R2保持不變，多次改變R1，根據(jù)閉合電路歐姆定律列式，得到U與I的關(guān)系式，分析U﹣I關(guān)系圖的斜率變化，判斷R2測(cè)量值的變化?！窘獯稹拷猓篈B、方案1：改變R2，R1保持不變，根據(jù)歐姆定律得U＝I（R1+RA）電流表電阻未知，將U﹣I關(guān)系圖的斜率R1+RA當(dāng)成R1待測(cè)刻度對(duì)應(yīng)的阻值，則R1測(cè)量值偏大，故A正確，B錯(cuò)誤；CD、方案2：R2保持不變，多次改變R1，根據(jù)閉合電路歐姆定律得E＝U+I（R2+r）可得U＝E﹣I（R2+r）電源電阻未知，將U﹣I關(guān)系圖的斜率R2+r當(dāng)成R2待測(cè)刻度對(duì)應(yīng)的阻值，R2測(cè)量值偏大，故CD錯(cuò)誤。故選：A?！军c(diǎn)評(píng)】解答本題時(shí)，要理解實(shí)驗(yàn)原理，能根據(jù)歐姆定律和閉合電路歐姆定律列式，分析誤差情況。3．（2024秋?北碚區(qū)校級(jí)月考）開開家有一盞“智能”臺(tái)燈，它能根據(jù)環(huán)境的光照強(qiáng)度自動(dòng)調(diào)節(jié)亮度，也可以手動(dòng)調(diào)節(jié)臺(tái)燈的亮度。經(jīng)查閱資料后，開開猜想臺(tái)燈內(nèi)部的電路結(jié)構(gòu)可能如圖，已知光敏電阻在光照強(qiáng)度增大時(shí)，電阻會(huì)減小。則閉合開關(guān)后，下列分析正確的是（）A．滑動(dòng)變阻器滑片不動(dòng)，光照強(qiáng)度減弱時(shí)，小燈泡變亮 B．滑動(dòng)變阻器滑片不動(dòng)，光照強(qiáng)度增大時(shí)，光敏電阻兩端的電壓變大 C．在光照條件不變時(shí)，滑動(dòng)變阻器的滑片向左滑，小燈泡變亮 D．在光照條件不變時(shí)，滑動(dòng)變阻器的滑片向右滑，電源輸出功率增大【考點(diǎn)】電路動(dòng)態(tài)分析；電源的最大輸出功率和條件．【專題】比較思想；控制變量法；恒定電流專題；推理論證能力．【答案】A【分析】根據(jù)光照強(qiáng)度的變化，分析光敏電阻阻值的變化，再分析干路電流的變化，即可判斷小燈泡和光敏電阻并聯(lián)電壓的變化，從而判斷燈泡亮度的變化。在光照條件不變時(shí)，根據(jù)滑動(dòng)變阻器的滑片移動(dòng)方向，分析其接入電路的阻值變化，判斷干路電流的變化，即可判斷小燈泡和光敏電阻并聯(lián)電壓的變化，從而判斷燈泡亮度的變化。根據(jù)內(nèi)外電阻的關(guān)系分析電源輸出功率的變化?！窘獯稹拷猓篈、由題圖可知，光敏電阻與小燈泡并聯(lián)。滑動(dòng)變阻器滑片不動(dòng)，光照強(qiáng)度減弱時(shí)，光敏電阻的阻值增大，電路的總電阻增大，由閉合電路歐姆定律可知，電路中總電流減小，電源的內(nèi)電壓和滑動(dòng)變阻器兩端電壓都減小，則小燈泡和光敏電阻并聯(lián)電壓增大，小燈泡變亮，故A正確；B、滑動(dòng)變阻器滑片不動(dòng)，光照強(qiáng)度增大時(shí)，光敏電阻的阻值減小，電路的總電阻減小，由閉合電路歐姆定律可知，電路中總電流增大，電源的內(nèi)電壓和滑動(dòng)變阻器兩端電壓都增大，則小燈泡和光敏電阻并聯(lián)電壓減小，所以光敏電阻兩端的電壓減小，故B錯(cuò)誤；C、在光照條件不變時(shí)，滑動(dòng)變阻器的滑片向左滑，滑動(dòng)變阻器接入電路的電阻增大，電路的總電阻增大，電路中總電流減小，則小燈泡和光敏電阻并聯(lián)電壓，小燈泡變暗，故C錯(cuò)誤；D、當(dāng)內(nèi)外電阻相等時(shí)，電源的輸出功率最大。因外電路的總阻值與電源的內(nèi)阻關(guān)系不清楚，所以電源的輸出功率不一定增大，故D錯(cuò)誤。故選：A。【點(diǎn)評(píng)】本題是電路動(dòng)態(tài)分析問(wèn)題，要讀懂題意，抓住光敏電阻的特性分析其阻值的變化，運(yùn)用閉合電路歐姆定律和功率公式進(jìn)行分析。4．（2024秋?南寧月考）如圖甲所示，隨著人工智能的發(fā)展，機(jī)器人用于生產(chǎn)生活中的場(chǎng)景越來(lái)越普遍。如圖乙為某款配送機(jī)器人內(nèi)部電路結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)化圖，電源電動(dòng)勢(shì)E＝36V，內(nèi)阻r＝0.25Ω。機(jī)器人整機(jī)凈重30kg，在某次配送服務(wù)時(shí)載重20kg，勻速行駛速度為1.2m/s，行駛過(guò)程中受到的阻力大小為總重力的0.2倍，工作電流為4A。假設(shè)機(jī)器人工作時(shí)均在水平路面上行駛，不計(jì)電動(dòng)機(jī)的摩擦損耗，取g＝10m/s2，則下列說(shuō)法正確的是（）A．電動(dòng)機(jī)內(nèi)部的熱功率為24W B．電動(dòng)機(jī)消耗的電功率為144W C．電動(dòng)機(jī)輸出的機(jī)械功率為140W D．機(jī)器人工作8小時(shí)至少消耗電能1.152kWh【考點(diǎn)】計(jì)算電動(dòng)機(jī)正常工作時(shí)輸出的機(jī)械功或機(jī)械功率；電功和電功率的計(jì)算．【專題】定量思想；推理法；恒定電流專題；推理論證能力．【答案】D【分析】電動(dòng)機(jī)消耗的電功率等于電源的輸出功率；電動(dòng)機(jī)輸出的機(jī)械功率為P機(jī)＝fv；電動(dòng)機(jī)內(nèi)部的熱功率為P熱＝P﹣P機(jī)；機(jī)器人工作消耗的電能即為電源消耗的總電能?！窘獯稹拷猓篊、電動(dòng)機(jī)行駛過(guò)程中所受阻力為f＝0.2（m+m0）g＝0.2×（20+30）×10N＝100N，所以電動(dòng)機(jī)輸出的機(jī)械功率為P機(jī)＝fv＝100×1.2W＝120W，故C錯(cuò)誤；B、電動(dòng)機(jī)消耗的電功率等于電源的輸出功率，即為P＝EI﹣I2r＝36×4W﹣42×0.25W＝140W，故B錯(cuò)誤；A、電動(dòng)機(jī)內(nèi)部的熱功率為P熱＝P﹣P機(jī)＝140W﹣120W＝20W，故A錯(cuò)誤；D、機(jī)器人工作消耗的電能即為電源消耗的總電能，電源的功率為P總＝EI＝36×4W＝144W＝0.144kW，所以機(jī)器人工作8小時(shí)消耗的電能至少為W＝P總t＝0.144×8kWh＝1.152kWh，故D正確。故選：D?！军c(diǎn)評(píng)】掌握機(jī)器人的三個(gè)功率關(guān)系和電源的三個(gè)功率關(guān)系，知道電源的輸出功率等于機(jī)器人的輸入功率。在D選項(xiàng)中，機(jī)器人工作消耗的電能不能說(shuō)是機(jī)器人自身消耗的，還應(yīng)該包含電源內(nèi)阻所產(chǎn)生的熱能。5．（2024秋?南寧月考）下列關(guān)于電源的說(shuō)法正確的是（）A．電源的電動(dòng)勢(shì)就是電壓 B．電源通過(guò)非靜電力做功把其他形式的能轉(zhuǎn)化為電能 C．在電源內(nèi)部電流從正極流向負(fù)極 D．只要有電源，電路中就能產(chǎn)生持續(xù)的電流【考點(diǎn)】電動(dòng)勢(shì)的概念和物理意義．【專題】定性思想；推理法；恒定電流專題；理解能力．【答案】B【分析】A、電動(dòng)勢(shì)和電壓雖然具有相同的單位，但它們是本質(zhì)不同的兩個(gè)物理量；B、根據(jù)電源的定義分析；C、電源把正電荷從負(fù)極搬運(yùn)到正極；D、只有當(dāng)電路閉合時(shí)，電源才能產(chǎn)生持續(xù)的電流?！窘獯稹拷猓篈.電源的電動(dòng)勢(shì)不是電壓，當(dāng)外電路斷路時(shí)，路端電壓等于電源電動(dòng)勢(shì)，故A錯(cuò)誤；BC.電源是通過(guò)非靜電力做功把其他形式的能轉(zhuǎn)化為電勢(shì)能的裝置，也就是不斷地把正電荷從負(fù)極搬運(yùn)到正極，故B正確、C錯(cuò)誤；D.電路中形成持續(xù)的電流的條件是有電源且電路閉合，故D錯(cuò)誤。故選：B?！军c(diǎn)評(píng)】本題考查對(duì)于電源的電動(dòng)勢(shì)的理解能力.電動(dòng)勢(shì)是表征電源把其他形式的能轉(zhuǎn)化為電能本領(lǐng)大小，與外電路無(wú)關(guān).6．（2024秋?重慶月考）如圖所示，R為一光敏電阻，其電阻阻值隨光照強(qiáng)度的減小而增大。在A、B之間接一恒流源（電流大小、方向均不變），當(dāng)光照強(qiáng)度減小時(shí)（）A．R1上兩端電壓減小 B．電容器所帶的電荷量增大 C．電流表的示數(shù)增大 D．電源的輸出功率不變【考點(diǎn)】含容電路的動(dòng)態(tài)分析．【專題】比較思想；控制變量法；恒定電流專題；推理論證能力．【答案】B【分析】根據(jù)題意分析流過(guò)R1的電流的變化，再分析R1上兩端電壓的變化。當(dāng)光照強(qiáng)度減小時(shí)，根據(jù)光敏電阻的特性分析其阻值的變化，判斷R與R2并聯(lián)電阻的變化，再歐姆定律分析并聯(lián)部分電壓的變化，即可知道電容器所帶的電荷量的變化，并判斷出流過(guò)R2的電流變化，根據(jù)干路電流和流過(guò)R2的電流變化，分析電流表的示數(shù)變化。根據(jù)P＝UI分析電源的輸出功率變化情況?！窘獯稹拷猓篈、根據(jù)題意可知，流過(guò)R1的電流不變，則R1上兩端電壓不變，故A錯(cuò)誤；B、當(dāng)光照強(qiáng)度減小時(shí)，R增大，R與R2并聯(lián)電阻增大，干路電流不變，則R與R2并聯(lián)電壓增大，電容器的電壓增大，則電容器所帶的電荷量增大，故B正確；C、R2的電壓增大，則流過(guò)R2的電流增大，而干路電流不變，則電流表的示數(shù)減小，故C錯(cuò)誤；D、R1上兩端電壓不變，R與R2并聯(lián)電壓增大，則A、B間電壓增大，由P＝UI可知，電源的輸出功率增大，故D錯(cuò)誤。故選：B。【點(diǎn)評(píng)】本題是電路的動(dòng)態(tài)分析問(wèn)題，關(guān)鍵要抓住干路電流不變，根據(jù)歐姆定律和功率公式進(jìn)行分析。7．（2024秋?鼓樓區(qū)校級(jí)月考）某學(xué)習(xí)小組利用如圖甲所示的實(shí)驗(yàn)電路測(cè)量一節(jié)干電池的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻，根據(jù)測(cè)得的數(shù)據(jù)作出U﹣I圖線如圖乙所示。下列說(shuō)法正確的是（）A．電池內(nèi)阻的測(cè)量值為3.50Ω B．外電路發(fā)生短路時(shí)的電流為0.40A C．電池電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻的測(cè)量值均偏小 D．電池電動(dòng)勢(shì)的測(cè)量值準(zhǔn)確，內(nèi)阻的測(cè)量值偏大【考點(diǎn)】測(cè)量普通電源的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻．【專題】信息給予題；定量思想；推理法；恒定電流專題；理解能力．【答案】C【分析】AB.根據(jù)閉合電路的歐姆定律求解U﹣I函數(shù)，結(jié)合圖像斜率絕對(duì)值和縱截距的含義求解內(nèi)阻和電動(dòng)勢(shì)，再求短路電流；CD.實(shí)驗(yàn)的誤差來(lái)源于電壓表的分流作用，根據(jù)閉合電路的歐姆定律求解作答?！窘獯稹拷猓篈B．根據(jù)閉合電路歐姆定律E＝U+Ir變形得U＝E﹣rIU﹣I圖像斜率絕對(duì)值表示電池的內(nèi)阻，電源內(nèi)阻r圖像的縱截距表示電動(dòng)勢(shì)，電動(dòng)勢(shì)E＝1.40V外電路發(fā)生短路時(shí)的電流為I故AB錯(cuò)誤；CD．由圖甲所示電路圖可知，相對(duì)于電源來(lái)說(shuō)，電流表采用了外接法，由于電壓表的分流，使電流表所測(cè)電流小于流過(guò)電源的電流；實(shí)驗(yàn)誤差來(lái)源于電壓表的分流，電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻測(cè)量值和真實(shí)值之間的關(guān)系為電源電動(dòng)勢(shì)與內(nèi)阻測(cè)量值都小于真實(shí)值，故C正確，D錯(cuò)誤。故選：C?！军c(diǎn)評(píng)】本題考查了電池內(nèi)阻的測(cè)定，要明確實(shí)驗(yàn)原理，掌握歐姆定律，能夠根據(jù)歐姆定律進(jìn)行實(shí)驗(yàn)誤差的分析。8．（2023秋?杜集區(qū)校級(jí)期末）如圖所示的U﹣I圖像中，一條為電源的U﹣I圖線，一條為定值電阻的U﹣I圖線，若將該電源與定值電阻構(gòu)成閉合回路，下列說(shuō)法正確的是（）A．電源的電動(dòng)勢(shì)為1.2V B．電源的輸出功率為0.6W C．定值電阻的阻值為0.4Ω D．電源的內(nèi)阻為6Ω【考點(diǎn)】閉合電路歐姆定律的內(nèi)容和表達(dá)式；電功和電功率的計(jì)算．【專題】定量思想；推理法；恒定電流專題；推理論證能力．【答案】B【分析】根據(jù)閉合電路的歐姆定律結(jié)合圖像得到電源電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻；根據(jù)P＝UI計(jì)算功率；根據(jù)歐姆定律計(jì)算電阻。【解答】解：AD．b圖線為電源的U﹣I圖線，根據(jù)閉合電路的歐姆定律有U＝E﹣Ir，則圖像的縱軸截距表示電源的電動(dòng)勢(shì)，圖像斜率的絕對(duì)值表示電源內(nèi)阻，由圖可知，電源的電動(dòng)勢(shì)為E＝1.5V內(nèi)阻為r=故AD錯(cuò)誤；B．根據(jù)兩圖線交點(diǎn)可知，電源的輸出功率為P＝UI＝1.2×0.5W＝0.6W故B正確；C．根據(jù)a圖線可知，定值電阻的阻值為R=故C錯(cuò)誤。故選：B。【點(diǎn)評(píng)】掌握閉合電路的歐姆定律的應(yīng)用，能夠?qū)懗鰣D像的函數(shù)表達(dá)式是解題的關(guān)鍵。二．多選題（共4小題）（多選）9．（2024秋?綠園區(qū)校級(jí)期中）如圖所示，直線A為某電源的U﹣I圖線，曲線B為某小燈泡D1的U﹣I圖線的一部分，用該電源和小燈泡D1組成閉合電路時(shí)，燈泡D1恰好能正常發(fā)光，則下列說(shuō)法中正確的是（）A．此電源的內(nèi)阻約為0.67Ω B．燈泡D1的額定電壓為3V，額定功率為6W C．把燈泡D1換成阻值為1Ω的定值電阻，電源的輸出功率將變大 D．把D1和“3V，20W”的燈泡D2并聯(lián)后接在電源上，兩燈泡仍能正常發(fā)【考點(diǎn)】電源的總功率、輸出功率和效率；用閉合電路的歐姆定律計(jì)算電路中的電壓、電流或電阻；電源的U﹣I圖像與導(dǎo)體的U﹣I圖像相結(jié)合的問(wèn)題．【專題】定量思想；推理法；電學(xué)圖象專題；恒定電流專題；推理論證能力．【答案】BC【分析】由電源的U﹣I圖線的斜率求出電源的內(nèi)阻；兩圖線的交點(diǎn)表示把電源和小燈泡組成閉合回路的工作狀態(tài)，讀出小燈泡的電壓和電流，即可求出小燈泡的功率。再根據(jù)后續(xù)條件，利用閉合電路歐姆定律求解即可。【解答】解：A．電源的U﹣I圖線中，與U軸的交點(diǎn)即為電源電動(dòng)勢(shì)，故E＝4V，斜率表示內(nèi)阻，即為r=故A錯(cuò)誤；B．根據(jù)兩圖像的交點(diǎn)知：燈泡D1的額定電壓為：U＝3V，額定電流為：I＝2A，則額定功率為：P＝UI＝3×2W＝6W；故B正確；C．把燈泡D1換成阻值為1Ω的定值電阻，根據(jù)閉合電路歐姆定律：I=則電源的輸出功率為：P＝I2R＝（83）2×1W≈7.11W＞6W故C正確；D．把D1和“3V，20W”的燈泡D2并聯(lián)后接在電源上，外電路總電阻減小，路端電壓減小，兩燈泡的電壓將小于3V，不能正常發(fā)光，故D錯(cuò)誤。故選：BC?！军c(diǎn)評(píng)】本題考查對(duì)U﹣I圖線的理解，要明確電源的U﹣I圖線即路端電壓和電流的關(guān)系，根據(jù)U＝E﹣Ir求得電源的電動(dòng)勢(shì)、內(nèi)阻，同時(shí)要理解小燈泡伏安特性曲線的意義。（多選）10．（2024秋?海珠區(qū)校級(jí)月考）科學(xué)家通過(guò)粒子速度篩選器來(lái)將一群粒子中速度較小的粒子去除。速度篩選器原理如圖所示，電路中電源電動(dòng)勢(shì)為E（內(nèi)阻不計(jì)），R0是定值電阻，R1，R2為可變電阻，D為二極管，M、N是水平正對(duì)放置的金屬極板，在電路中視為電容器。在某次速度篩選中，閉合S后，不斷有帶正電荷的微粒沿兩金屬板的中軸線從左側(cè)以某一相同的初速度射入，因初速度不夠大，這些微粒恰好打在下極板的中點(diǎn)O，無(wú)法通過(guò)篩選器。下列說(shuō)法正確的是（）A．減小R1，粒子打在O點(diǎn)左側(cè) B．貼著M板下沿插入板狀電介質(zhì)，電容器電荷量增加 C．N極板稍微下移，兩極板間場(chǎng)強(qiáng)大小不變 D．M極板稍微下移，粒子依然打在O點(diǎn)【考點(diǎn)】含容電路的動(dòng)態(tài)分析；帶電粒子在勻強(qiáng)電場(chǎng)中做類平拋運(yùn)動(dòng)．【專題】比較思想；控制變量法；電容器專題；推理論證能力．【答案】ABC【分析】減小R1，分析電容器板間電壓的變化，判斷板間場(chǎng)強(qiáng)的變化，再分析粒子打在O點(diǎn)哪一側(cè)；貼著M板下沿插入板狀電介質(zhì)，分析電容的變化，由C=QU分析電容器電荷量的變化；N極板稍微下移，根據(jù)C=?rS4πkd，C=Q【解答】解：A、減小R1，電路中電流增大，則R0的電壓增大，電容器的電壓增大，電容器的電荷量要增加，板間場(chǎng)強(qiáng)增大，粒子受到的電場(chǎng)力增大，加速度增大，由類平拋運(yùn)動(dòng)的規(guī)律有x＝v0t，y=可得x＝v02ya，a增大，其他量不變，則x減小，粒子打在O點(diǎn)左側(cè)，故B、貼著M板下沿插入板狀電介質(zhì)，根據(jù)電容的決定式C=?rS4C、N極板稍微下移，電容器板間距離增大，根據(jù)電容的決定式C=?rS4πkd可知，電容器的電容減小，但由于二極管的存在，不能放電，所以電容器的電荷量不變，根據(jù)C=?rS4πkd，CD、M極板稍微下移，電容器板間距離減小，電容增大，電容器電荷量增加，根據(jù)E=Ud可知，板間場(chǎng)強(qiáng)增大，粒子受到的電場(chǎng)力增大，加速度增大，粒子打在O點(diǎn)左側(cè)，故故選：ABC?！军c(diǎn)評(píng)】本題是類平拋運(yùn)動(dòng)與電路知識(shí)的綜合，其聯(lián)系的紐帶是電壓，要抓住電路穩(wěn)定時(shí)與電容器串聯(lián)的電阻上沒(méi)有電壓，相當(dāng)于導(dǎo)線，電容器的電壓等于所并聯(lián)的電路兩端的電壓。（多選）11．（2024秋?開福區(qū)校級(jí)月考）如圖所示的電路中，電源的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻分別為E、r，電壓表和電流表均為理想電表，在滑動(dòng)變阻器的滑片P由a向b移動(dòng)的過(guò)程中，關(guān)于各物理量的變化情況的下列描述正確的是（）A．R0兩端的電壓先減小后增加 B．電流表的示數(shù)先增大后減小 C．電源的輸出功率可能先增大后減小 D．電源的輸出功率可能一直不變【考點(diǎn)】電路動(dòng)態(tài)分析．【專題】定性思想；推理法；恒定電流專題．【答案】AC【分析】電路結(jié)構(gòu)為：R右端部分Ra與R左端部分Rb并聯(lián)，然后與R0串聯(lián)，并聯(lián)電阻Rx=RaRbRa+Rb，Ra＝【解答】解：AB、滑動(dòng)變阻器在P點(diǎn)左、右兩邊的部分并聯(lián)，并聯(lián)總電阻記為Rx，隨著滑片從a移動(dòng)到b，Rx從0增大到最大（P均分R時(shí)），再減小為零，最大值記為Rxm，根據(jù)歐姆定律可知，電路中的電流先減小后增大，而電壓表測(cè)量的是路端電壓，根據(jù)閉合電路的歐姆定律有U＝E﹣Ir，則路端電壓先先減小后增大，所以電壓表的示數(shù)先減小后增加，電流表的示數(shù)先減小后增大，根據(jù)歐姆定律可知R0兩端的電壓先減小后增大。故A正確，B錯(cuò)誤。CD、整個(gè)過(guò)程外電阻從R0增大到R0+Rxm再減小到R0。若r≤R0，則外電阻不小于內(nèi)阻且先遠(yuǎn)離內(nèi)阻再接近內(nèi)阻，電源輸出功率先減小后增大。若r≥R0+Rxm，則外電阻不大于內(nèi)阻且先接近內(nèi)阻再遠(yuǎn)離內(nèi)阻，電源輸出功率先增大后減小。若R0＜r＜R0+Rxm，則電源輸出功率先增后減再增大再減小。故C正確，D錯(cuò)誤。故選：AC?！军c(diǎn)評(píng)】解決本題的關(guān)鍵是能夠分析清楚電路的結(jié)構(gòu)，知道滑片在變阻器正中間時(shí)電阻最大，然后結(jié)合串聯(lián)、并聯(lián)電路的規(guī)律分析。知道電源的輸出功率隨外電阻的變化規(guī)律是解題的基礎(chǔ)。（多選）12．（2024秋?市中區(qū)校級(jí)月考）在如圖所示電路中，閉合開關(guān)S，當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)觸頭P向下滑動(dòng)時(shí)，四個(gè)理想電表的示數(shù)都發(fā)生變化，電表的示數(shù)分別用I、U1、U2和U3表示，電表示數(shù)變化量的大小分別用ΔI、ΔU1、ΔU2和ΔU3表示。下列判斷正確的是（）A．U1變小，U2變大 B．|ΔU1|＜|ΔU2|，|ΔU2|＜|ΔU3| C．U2I變小，ΔD．U3I變大，【考點(diǎn)】電路動(dòng)態(tài)分析．【專題】比較思想；控制變量法；恒定電流專題；推理論證能力．【答案】AD【分析】根據(jù)滑動(dòng)變阻器阻值的變化，分析電路中電流的變化，進(jìn)而判斷U1的變化。根據(jù)閉合電路歐姆定律分析U2的變化。R1是定值電阻，根據(jù)歐姆定律分析U1I的大小。根據(jù)閉合電路歐姆定律列式分析ΔU【解答】解：A、根據(jù)題意可知，電路中R1、R2串聯(lián)，電壓表V3測(cè)量路端電壓，V1、V2分別測(cè)量定值電阻R1、滑動(dòng)變阻器R2兩端的電壓。當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑片P向下滑動(dòng)時(shí)，R2接入電路的阻值變大，根據(jù)閉合電路的歐姆定律有I=可知I變小。由歐姆定律得U1＝IR1，則U1變小。由閉合電路的歐姆定律有U2＝E﹣I（R1+r）I變小，則U2變大，故A正確；B、對(duì)于定值電阻R1有R1=U1I由U2＝E﹣I（R1+r）得|ΔU2ΔI|＝由閉合電路的歐姆定律有U3＝E﹣Ir則|ΔU3ΔI由上分析可知，|ΔU1|＜|ΔU2|，|ΔU2|＞|ΔU3|，故B錯(cuò)誤；C、根據(jù)歐姆定律有U2I=R2，變大。由上分析知，|ΔU2ΔI|＝R1D、根據(jù)歐姆定律有U3I=R1+R2，變大。由上分析知|ΔU3ΔI|＝故選：AD?！军c(diǎn)評(píng)】解答本題的關(guān)鍵要掌握閉合電路歐姆定律分析各部分電壓的變化，要知道電路動(dòng)態(tài)分析問(wèn)題中，ΔUΔI三．填空題（共4小題）13．（2024秋?鼓樓區(qū)校級(jí)期中）兩根材料相同的均勻?qū)Ь€A和B，其長(zhǎng)度分別為1m和2m，串聯(lián)在電路中形成回路時(shí)，電勢(shì)φ的變化規(guī)律如圖所示，則A和B導(dǎo)線兩端的電壓之比為3：2，A和B導(dǎo)線的電阻之比為3：2，A和B導(dǎo)線的橫截面積之比為1：3?！究键c(diǎn)】用閉合電路的歐姆定律計(jì)算電路中的電壓、電流或電阻；φ﹣x圖像的理解與應(yīng)用；利用電阻定律求導(dǎo)線長(zhǎng)度或橫截面積．【專題】定量思想；圖析法；恒定電流專題；分析綜合能力．【答案】3：2，3：2，1：3?！痉治觥扛鶕?jù)電壓等于電勢(shì)差，求出A和B導(dǎo)線兩端的電壓之比；導(dǎo)線A和B串聯(lián)，電流相等，根據(jù)歐姆定律求A和B導(dǎo)線的電阻之比；根據(jù)電阻定律求A和B導(dǎo)線的橫截面積之比?！窘獯稹拷猓河深}圖可知，A導(dǎo)線兩端電壓和B導(dǎo)線兩端電壓分別為UA＝10V﹣4V＝6V，UB＝4V﹣0＝4V則A和B導(dǎo)線兩端的電壓之比為UA：UB＝6：4＝3：2導(dǎo)線A和B串聯(lián)，則A和B導(dǎo)線中的電流相等，根據(jù)R=UI可得，ARA：RB＝UA：UB＝3：2根據(jù)電阻定律有R=可得S=則A和B導(dǎo)線的橫截面積之比為SA故答案為：3：2，3：2，1：3?！军c(diǎn)評(píng)】本題考查歐姆定律、電阻定律及串聯(lián)電路規(guī)律的應(yīng)用，要注意隱含條件：電流、材料相同。14．（2024秋?普陀區(qū)校級(jí)月考）如圖所示電路中，電源電動(dòng)勢(shì)E＝6V，內(nèi)電阻r＝2Ω，定值電阻R1＝1Ω，R為最大阻值是20Ω的變阻器，則在變阻器滑動(dòng)過(guò)程中，變阻器消耗的最大功率為3W，電壓表和電流表的示數(shù)變化量的比值ΔUΔI=2【考點(diǎn)】電路動(dòng)態(tài)分析；電功和電功率的計(jì)算．【專題】定量思想；等效替代法；恒定電流專題；分析綜合能力．【答案】3，2。【分析】當(dāng)外電阻等于內(nèi)電阻時(shí)，電源的輸出功率最大。將R1看成電源的內(nèi)阻，當(dāng)滑動(dòng)變阻器的電阻等于R1和內(nèi)阻之和時(shí)，滑動(dòng)變阻器消耗的功率最大，根據(jù)閉合電路歐姆定律和功率公式相結(jié)合求解變阻器消耗的最大功率。根據(jù)閉合電路歐姆定律求電壓表和電流表的示數(shù)變化量的比值?！窘獯稹拷猓簩1看成電源的內(nèi)阻，當(dāng)滑動(dòng)變阻器的電阻R＝R1+r＝1Ω+2Ω＝3Ω時(shí)，滑動(dòng)變阻器消耗的功率最大此時(shí)干路電流為I=E2R變阻器消耗的最大功率為P＝I2R＝12×3W＝3W電壓表示數(shù)為U＝E﹣Ir則ΔUΔI=r＝故答案為：3，2?！军c(diǎn)評(píng)】本題解題的關(guān)鍵是弄清楚電路的連接方式，掌握推論：外電阻等于內(nèi)電阻時(shí)，電源的輸出功率最大，能靈活運(yùn)用等效思維求解變阻器消耗的最大功率。15．（2024秋?思明區(qū)校級(jí)期中）如圖甲所示，電源電壓為6V恒定不變，滑動(dòng)變阻器R2最大阻值是20Ω。閉合開關(guān)，滑動(dòng)變阻器的P﹣R圖像如圖乙所示，則R1＝10Ω，滑動(dòng)變阻器R2消耗的最大功率為0.9W。【考點(diǎn)】用閉合電路的歐姆定律計(jì)算電路中的電壓、電流或電阻；電功和電功率的計(jì)算．【專題】定量思想；極值法；恒定電流專題；應(yīng)用數(shù)學(xué)處理物理問(wèn)題的能力．【答案】10，0.9?！痉治觥坑蓤D可知，當(dāng)滑動(dòng)變阻器電阻為5Ω或者20Ω時(shí)消耗的功率均為0.8W，根據(jù)功率公式P＝I2R求出電路中電流，再由歐姆定律求R1。根據(jù)功率公式得到P與R2的關(guān)系式，再求R2消耗的最大功率。【解答】解：由圖可知，當(dāng)滑動(dòng)變阻器電阻為5Ω或者20Ω時(shí)消耗的功率均為0.8W，則根據(jù)P＝I2R可知，電路中的電流分別為0.4A或0.2A。根據(jù)歐姆定律有I=解得R1＝10Ω滑動(dòng)變阻器消耗的功率為P=(由數(shù)學(xué)知識(shí)知，當(dāng)100R2=R2，即R2＝Pmax＝0.9W故答案為：10，0.9?！军c(diǎn)評(píng)】本題采用函數(shù)法求滑動(dòng)變阻器消耗功率的最大值，也可以直接運(yùn)用結(jié)論：當(dāng)電源的內(nèi)外電阻相等時(shí)，電源的輸出功率最大，將R1看成電源的內(nèi)阻，直接解答。16．（2024秋?浦東新區(qū)校級(jí)期中）“用DIS測(cè)某電源的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻”的實(shí)驗(yàn)，得到如圖所示的U﹣I圖，根據(jù)圖像可知電源電動(dòng)勢(shì)為2.9V，內(nèi)阻為7Ω。【考點(diǎn)】測(cè)量普通電源的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻．【專題】定量思想；推理法；恒定電流專題；實(shí)驗(yàn)探究能力．【答案】2.9，7【分析】根據(jù)圖示電路圖求出圖象的函數(shù)表達(dá)式，根據(jù)圖示圖象求出電源電動(dòng)勢(shì)與內(nèi)阻。【解答】解：由閉合電路歐姆定律U＝E﹣Ir結(jié)合圖像，圖像縱截距表電動(dòng)勢(shì)大小：E＝2.9V圖像斜率絕對(duì)值表電源內(nèi)阻大小r=故答案為：2.9，7【點(diǎn)評(píng)】本題考查測(cè)量電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)電阻的實(shí)驗(yàn)方法，關(guān)鍵在明確根據(jù)閉合電路歐姆定律得出對(duì)應(yīng)的表達(dá)式，再分析圖象的意義，求得電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)電阻。四．解答題（共4小題）17．（2024秋?松江區(qū)期末）隨著國(guó)家“碳達(dá)峰，碳中和”政策的出臺(tái)，光伏領(lǐng)域成為最熱門的領(lǐng)域之一。（1）一輛用光伏電池驅(qū)動(dòng)的小車，其電路總電阻為r。小車受到的阻力大小與其速率之比為k。某次運(yùn)動(dòng)中電池接收到的光照功率恒為P時(shí)，小車以速率v勻速行駛，通過(guò)電池的電流大小為I，則電池的光電轉(zhuǎn)化效率為I2r（2）光照進(jìn)半導(dǎo)體材料內(nèi)激發(fā)出自由電荷，在材料內(nèi)部電場(chǎng)作用下，正、負(fù)電荷分別往兩端積累。若材料內(nèi)部電場(chǎng)的電場(chǎng)強(qiáng)度E與位置x的關(guān)系如圖所示。①正電荷僅在內(nèi)部電場(chǎng)力作用下沿x軸從N點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到P點(diǎn)，其加速度D。A.先沿x軸負(fù)方向減小，后沿x軸正方向增大B.先沿x軸負(fù)方向增大，后沿x軸正方向減小C.先沿x軸正方向減小，后沿x軸正方向增大D.先沿x軸正方向增大，后沿x軸正方向減小②取O點(diǎn)的電勢(shì)為零，N點(diǎn)到P點(diǎn)的電勢(shì)φ隨位置x變化的圖象可能為C。（3）一光伏電池在特定光照下的I﹣U關(guān)系如圖所示。在這種光照條件下，將總長(zhǎng)度為100m、截面積為0.100mm2的金屬絲繞制的電阻接在該電池兩端時(shí)，電阻兩端電壓為2.10V，則該金屬絲的電阻率為5.28×10﹣7Ω?m。（保留3位有效數(shù)字）（4）在某一電壓區(qū)間內(nèi)，光伏電池可視為一個(gè)恒流源（輸出電流恒定）。某同學(xué)連接了如圖所示的兩個(gè)電路：電路a由干電池、阻值為R4的定值電阻、阻值為RT的熱敏電阻（RT隨溫度升高而減?。┖托暨B接而成；電路b由恒流源、三個(gè)阻值分別為R1、R2，R3（R1＜R2＜R3）的定值電阻和阻值為RL的光敏電阻（RL隨光照強(qiáng)度增大而減小，且其阻值變化范圍足夠大）連接而成。RL受到燈L照射。當(dāng)RT所處環(huán)境溫度降低時(shí)：①設(shè)電流表示數(shù)變化量為ΔI，R1兩端電壓變化量為ΔU1，RL兩端電壓變化量為ΔUL，則B。A.ΔI＜0，|ΔU1|＞|ΔUL|B.ΔI＜0，|ΔU1|＜|ΔUL|C.ΔI＞0，|ΔU1|＞|ΔUL|D.ΔI＞0，|ΔU1|＜|ΔUL|②設(shè)電壓表的示數(shù)變化量為ΔU，電流表的示數(shù)變化量為ΔI，則，|ΔUΔI|為R2③（簡(jiǎn)答）分析說(shuō)明當(dāng)RL為多大時(shí)，RL和R1的總功率P最大。【考點(diǎn)】電路動(dòng)態(tài)分析；用能量守恒定律解決實(shí)際問(wèn)題；E﹣x圖像的理解與應(yīng)用；利用電阻定律求電阻率；電功和電功率的計(jì)算．【專題】定量思想；推理法；電場(chǎng)力與電勢(shì)的性質(zhì)專題；恒定電流專題；推理論證能力．【答案】（1）I2r+kv2P；（2）①D；②C；（3）5.28×10﹣7；（4）①B；②R2；③當(dāng)RL為R2﹣R1時(shí)，R【分析】（1）由焦耳定律可得電路的發(fā)熱功率，小車勻速行駛，由平衡條件得到牽引力的表達(dá)式，由功率的表達(dá)式得到小車輸出的機(jī)械功率，根據(jù)能量的轉(zhuǎn)化求得電池的光電轉(zhuǎn)化效率。（2）①根據(jù)電場(chǎng)強(qiáng)度E與位置x的關(guān)系圖象，由電場(chǎng)力的變化和牛頓第二定律分析加速度的變化。②根據(jù)電勢(shì)φ隨位置x變化的圖象的斜率表示電場(chǎng)強(qiáng)度分析解答。（3）根據(jù)歐姆定律與電阻定律求解該金屬絲的電阻率。（4）①分析RT的阻值變化，得到小燈L的功率和亮度的變化。根據(jù)光敏電阻RL的光照強(qiáng)度的變化得到其阻值的變化。電路b中干路電流恒定，根據(jù)并聯(lián)分流的特點(diǎn)判斷ΔI的正負(fù)。因干路電流不變，故R2所在的支路電流變大，R2兩端電壓變大，可得RL與R1所在的支路總電壓的變化，再根據(jù)串聯(lián)分壓的特點(diǎn)判斷|ΔU1|與|ΔUL|大小關(guān)系；②由歐姆定律和串并聯(lián)電路的性質(zhì)解答；③由歐姆定律和串并聯(lián)電路的性質(zhì)，結(jié)合電功率的計(jì)算公式推導(dǎo)出RL和R1的總功率與RL的關(guān)系式，應(yīng)用數(shù)學(xué)知識(shí)求解?！窘獯稹拷猓海?）由焦耳定律可得電路的發(fā)熱功率為：P熱＝I2r小車以速率v勻速行駛，其牽引力等于受到的阻力大小，則有：F＝f阻＝kv小車輸出的機(jī)械功率為：P機(jī)＝Fv＝kv2由能量的轉(zhuǎn)化可得電池的光電轉(zhuǎn)化效率為：η=P（2）①由電場(chǎng)強(qiáng)度E與位置x的關(guān)系圖象，可知沿x軸從N點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到P點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度沿x軸正方向先增大后減小，正電荷在內(nèi)部所受電場(chǎng)力先沿x軸正方向增大，后沿x軸正方向減小，根據(jù)牛頓第二定律，可知其加速度先沿x軸正方向增大，后沿x軸正方向減小，故ABC錯(cuò)誤，D正確。故選：D。②根據(jù)電勢(shì)φ隨位置x變化的圖象的斜率表示電場(chǎng)強(qiáng)度，因從N點(diǎn)到P點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度先增大后減小，故φ﹣x圖象的斜率從N點(diǎn)到P點(diǎn)先變大后變小。O點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度最大，則φ﹣x圖象在O點(diǎn)的斜率最大，只有C選項(xiàng)的圖象符合此規(guī)律，故C正確，ABD錯(cuò)誤。故選：C。（3）電阻兩端電壓為U＝2.10V，由題圖可知流過(guò)電阻的電流為I＝3.98mA＝3.98×10﹣3A。金屬絲總長(zhǎng)度為L(zhǎng)＝100m、截面積為S＝0.100mm2＝1.00×10﹣7m2。根據(jù)歐姆定律與電阻定律得：R=該金屬絲的電阻率為：ρ=代入數(shù)據(jù)解得：ρ＝5.28×10﹣7Ω?m（4）①當(dāng)RT所處環(huán)境溫度降低時(shí)，其阻值增大，易知小燈L的功率變小，其亮度變小，導(dǎo)致光敏電阻RL的光照強(qiáng)度減小，其阻值變大。在電路b中干路電流恒定，RL與R1串聯(lián)組成的支路的總電阻變大，則此支路分流變小，即電流表示數(shù)變小，其變化量為負(fù)值，故ΔI＜0。RL與R1所在的支路電流變小，可得R1兩端電壓變?。处1＜0）。因干路電流不變，故R2所在的支路電流變大，R2兩端電壓變大，可得RL與R1所在的支路總電壓變大，即：ΔU1+ΔUL＞0，因ΔU1＜0，故可得：|ΔU1|＜|ΔUL|，故B正確，ACD錯(cuò)誤。故選：B。②設(shè)電壓表的示數(shù)為U，電流表的示數(shù)為I，流過(guò)R2的電流為I2，干路電流恒定設(shè)為I0，由歐姆定律和串并聯(lián)電路的性質(zhì)可得：U＝I0R3+I2R2＝I0R3+（I0﹣I）R2＝﹣R2?I+I0（R3+R2）可得：|ΔUΔI|＝R③設(shè)流過(guò)R1的電流為I1，流過(guò)R2的電流為I2，干路電流恒定設(shè)為I0，由歐姆定律和串并聯(lián)電路的性質(zhì)可得：I1+I2＝I0，I2R2＝I1（RL+R1）可得：I1=RL和R1的總功率為：P=I12（RL+R當(dāng)RL+R1＝R2，即RL＝R2﹣R1時(shí)，總功率P最大。故答案為：（1）I2r+kv2P；（2）①D；②C；（3）5.28×10﹣7；（4）①B；②R2；③當(dāng)RL為R2﹣R1時(shí)，R【點(diǎn)評(píng)】本題以新能源光伏電池的應(yīng)用為背景，考查了能量轉(zhuǎn)化效率，電場(chǎng)強(qiáng)度與電勢(shì)的關(guān)系，歐姆定律與電阻定律的應(yīng)用，電路的動(dòng)態(tài)分析問(wèn)題。重點(diǎn)掌握第（4）題的分析解答過(guò)程。18．（2024秋?奉賢區(qū)月考）電池因其便攜、易用，在日常生活中應(yīng)用十分普遍。（1）常用的干電池電動(dòng)勢(shì)為1.5V，鉛蓄電池電動(dòng)勢(shì)為2V。①電動(dòng)勢(shì)的高低，反映了電源內(nèi)部非靜電力做功的本領(lǐng)不同。②如圖1所示是一節(jié)可充電鋰電池，其上所標(biāo)的參數(shù)“5000mAh”反映的物理量是B。A．電能B．電荷量C．電壓D．電功率（2）為測(cè)量某電池的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻，小悟同學(xué)設(shè)計(jì)了如圖2（甲）所示的電路。連接好實(shí)物后，他閉合電鍵，記錄了多組變阻箱的阻值R及理想電流表對(duì)應(yīng)的示數(shù)I，并用圖像法處理數(shù)據(jù)，得到一條如圖2（乙）所示的不過(guò)原點(diǎn)且斜率為k，截距為b的傾斜直線。①圖2（乙）的橫坐標(biāo)為R，縱坐標(biāo)為B。A．IB．1C．I2D．1②由圖2（乙）可得，該電池的電動(dòng)勢(shì)大小E＝1k，內(nèi)阻r＝bk。（結(jié)果用k、【考點(diǎn)】測(cè)量普通電源的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻．【專題】定量思想；推理法；恒定電流專題；實(shí)驗(yàn)探究能力．【答案】（1）非靜電力做功；B；（2）B；1k；【分析】（1）根據(jù)電動(dòng)勢(shì)及電流的定義式分析解答；（2）根據(jù)閉合電路歐姆定律結(jié)合圖像意義解答?！窘獯稹拷猓海?）①電動(dòng)勢(shì)的高低，反映了電源內(nèi)部非靜電力做功的本領(lǐng)不同；②根據(jù)Q＝It可知“5000mAh”反映的物理量是電荷量，故B正確，ACD錯(cuò)誤；故選：B。（2）①根據(jù)閉合電路歐姆定律有E＝I（R+r）變形可得1則縱坐標(biāo)為1I，故B正確，ACD故選：B。②根據(jù)1I1E=k，解得E=1k，故答案為：（1）非靜電力做功；B；（2）B；1k；【點(diǎn)評(píng)】本題是應(yīng)用伏安法測(cè)量電源電動(dòng)勢(shì)與內(nèi)阻的實(shí)驗(yàn)，基礎(chǔ)題目。實(shí)驗(yàn)原理是閉合電路歐姆定律。19．（2023秋?桂林期末）如圖所示，電源電動(dòng)勢(shì)為20V，小燈泡L的規(guī)格為“6W，12V”；當(dāng)開關(guān)S接1，電阻箱調(diào)到R＝14Ω時(shí)，小燈泡L正常發(fā)光；當(dāng)開關(guān)S接2時(shí)，小燈泡L正常發(fā)光和電動(dòng)機(jī)M正常工作。已知電動(dòng)機(jī)的線圈電阻為2Ω。求：（1）小燈泡正常工作時(shí)的電阻；（2）電源的內(nèi)阻；（3）開關(guān)接1時(shí)，電源的輸出功率；（4）開關(guān)接2時(shí)，電動(dòng)機(jī)的輸出功率?！究键c(diǎn)】閉合電路歐姆定律的內(nèi)容和表達(dá)式；電功和電功率的計(jì)算．【專題】定量思想；推理法；恒定電流專題；推理論證能力．【答案】（1）小燈泡正常工作時(shí)的電阻為24Ω；（2）電源的內(nèi)阻為2Ω；（3）開關(guān)接1時(shí)，電源的輸出功率為9.5W；（4）開關(guān)接2時(shí)，電動(dòng)機(jī)的輸出功率為3W?！痉治觥浚?）由P=U（2）當(dāng)開關(guān)S接1時(shí)，由閉合電路歐姆定律可求出電源內(nèi)阻；（3）電源的輸出功率等于總功率減去電源的發(fā)熱功率；（4）當(dāng)開關(guān)S接2時(shí)燈泡正常發(fā)光，由分壓關(guān)系可以求出電動(dòng)機(jī)正常工作電壓，電動(dòng)機(jī)輸出的機(jī)械功率等于輸入功率與發(fā)熱功率之差?！窘獯稹拷猓海?）小燈泡正常工作時(shí)的電阻RL=UL2P（2）當(dāng)開關(guān)S接1，通過(guò)燈泡的電流I=PUL根據(jù)閉合電路歐姆定律有IL=ER+RL（3）開關(guān)接1時(shí)，電源的輸出功率P＝ILE-IL2r，代入數(shù)據(jù)可得（4）由題意，當(dāng)開關(guān)S接2時(shí)，小燈泡L正常發(fā)光和電動(dòng)機(jī)M正常工作，此時(shí)電動(dòng)機(jī)兩端的電壓UM＝E﹣UL﹣ILr電動(dòng)機(jī)的輸出功率P出＝ILUM-IL2RM答：（1）小燈泡正常工作時(shí)的電阻為24Ω；（2）電源的內(nèi)阻為2Ω；（3）開關(guān)接1時(shí)，電源的輸出功率為9.5W；（4）開關(guān)接2時(shí)，電動(dòng)機(jī)的輸出功率為3W?！军c(diǎn)評(píng)】解決本題的關(guān)鍵要明確電動(dòng)機(jī)正常工作時(shí)的電路是非純電阻元件，不適用歐姆定律。要搞清電動(dòng)機(jī)三種功率之間的關(guān)系，知道電動(dòng)機(jī)輸出的機(jī)械功率等于輸入功率與發(fā)熱功率之差。20．（2024秋?海珠區(qū)校級(jí)月考）如圖所示，電源電動(dòng)勢(shì)E＝9V，內(nèi)阻r＝0.5Ω，電阻R1＝5.0Ω，R2＝3.5Ω，R3＝6.0Ω，R4＝3.0Ω，電容C＝2.0μF。（1）求電鍵與a接觸時(shí)，電容的帶電量是多少？電鍵與b接觸時(shí)，電容的帶電量是多少？（2）求電鍵從與a接觸變?yōu)榕cb接觸時(shí)，通過(guò)R3的電荷量是多少？【考點(diǎn)】閉合電路歐姆定律的內(nèi)容和表達(dá)式；電容定義式的簡(jiǎn)單應(yīng)用．【專題】定量思想；推理法；電容器專題；恒定電流專題；推理論證能力．【答案】（1）求電鍵與a接觸時(shí)，電容的帶電量是10﹣5C；電鍵與b接觸時(shí)，電容的帶電量是7×10﹣6C；（2）求電鍵從與a接觸變?yōu)榕cb接觸時(shí)，通過(guò)R3的電荷量是1.7×10﹣5C。【分析】（1）根據(jù)閉合電路的歐姆定律分別計(jì)算出R1和R2兩端的電壓，然后根據(jù)Q＝CU計(jì)算；（2）電鍵接a時(shí)電容器上極板帶正電，電鍵接b時(shí)，電容器上極板帶負(fù)電，所以電容器先放電后充電，據(jù)此計(jì)算通過(guò)R3的電荷量。【解答】解：（1）當(dāng)電鍵接到a時(shí)，電容器的電壓U1代入數(shù)據(jù)解得U1＝5V則電量Q1＝CU1代入數(shù)據(jù)解得Q1＝10﹣5C當(dāng)電鍵與b接觸時(shí)，電容器的電壓U1代入數(shù)據(jù)解得U1＝3.5V則電量Q2＝CU2代入數(shù)據(jù)解題Q2＝7×10﹣6C（2）電鍵接a時(shí)電容器上極板帶正電，電鍵接b時(shí)，電容器上極板帶負(fù)電，所以開關(guān)由a接b的過(guò)程中，電容器先放電后充電，則電量變化為ΔQ＝Q1+Q2代入數(shù)據(jù)解得ΔQ＝1.7×10﹣5C答：（1）求電鍵與a接觸時(shí)，電容的帶電量是10﹣5C；電鍵與b接觸時(shí)，電容的帶電量是7×10﹣6C；（2）求電鍵從與a接觸變?yōu)榕cb接觸時(shí)，通過(guò)R3的電荷量是1.7×10﹣5C?！军c(diǎn)評(píng)】能夠看懂電路結(jié)構(gòu)是解題的關(guān)鍵，知道電鍵接a時(shí)電容器上極板帶正電，電鍵接b時(shí)，電容器上極板帶負(fù)電。

考點(diǎn)卡片1．E-x圖像的理解與應(yīng)用【知識(shí)點(diǎn)的認(rèn)識(shí)】1.圖像的意義：反映場(chǎng)強(qiáng)隨位置變化的情況。2.圖像的內(nèi)容：縱坐標(biāo)直接可判定電場(chǎng)強(qiáng)度的大小，正負(fù)表示方向。3.圖像的面積：圖線與橫軸之間的面積表示電勢(shì)差大小，電勢(shì)高低根據(jù)電場(chǎng)方向判定?！久}方向】真空中相距為3a的兩個(gè)點(diǎn)電荷M、N，分別固定于x軸上x1＝0和x2＝3a的兩點(diǎn)上，在它們連線上各點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)隨x變化關(guān)系如圖所示，以下判斷中正確的是（）A、點(diǎn)電荷M、N一定為異種電荷B、點(diǎn)電荷M、N一定是同種電荷C、點(diǎn)電荷M、N所帶電荷量的絕對(duì)值之比為4：1D、x＝2a處的電勢(shì)一定為零分析：由圖象可以知道，點(diǎn)電荷M、N的合場(chǎng)強(qiáng)在x＝2a處為零，由此可以判斷點(diǎn)電荷M、N一定是同種電荷，所以在它們之間的場(chǎng)強(qiáng)的方向才相反，再根據(jù)點(diǎn)電荷的公式可以求得它們的電荷量之間的關(guān)系．解答：A、由于點(diǎn)電荷M、N分別固定于x軸上x1＝0和x2＝3a的兩點(diǎn)上，由圖象可以知道，點(diǎn)電荷M、N的合場(chǎng)強(qiáng)在x＝2a處為零，所以在它們之間的場(chǎng)強(qiáng)的方向必定相反，由此可以判斷點(diǎn)電荷M、N一定是同種電荷，所以A錯(cuò)誤。B、根據(jù)A的方向可知，B正確。C、由點(diǎn)電荷的場(chǎng)強(qiáng)公式E＝kQr2可知，點(diǎn)電荷M、N在x＝2a處的場(chǎng)強(qiáng)分別為EM＝kQM(2a)2，EN＝kQNa2，根據(jù)EM＝EN，可以得到QMD、由于沒(méi)有給出零電勢(shì)作為參考點(diǎn)，所以無(wú)法判斷x＝2a處的電勢(shì)的大小，所以D錯(cuò)誤。故選：BC。點(diǎn)評(píng)：本題考查的就是學(xué)生對(duì)點(diǎn)電荷的電場(chǎng)的理解，知道用點(diǎn)電荷的場(chǎng)強(qiáng)公式來(lái)分析電場(chǎng)強(qiáng)度的變化，掌握住點(diǎn)電荷的場(chǎng)強(qiáng)公式就比較簡(jiǎn)單了．【解題思路點(diǎn)撥】與運(yùn)動(dòng)學(xué)圖像類似，解決圖像類問(wèn)題的一般步驟為：1.確定圖像的含義，明確兩個(gè)坐標(biāo)軸的代表的物理量2.從圖中直接讀出關(guān)鍵點(diǎn)的物理量3.分析圖像斜率、面積等的物理意義4.結(jié)合公式分析其他的物理量。2．φ-x圖像的理解與應(yīng)用【知識(shí)點(diǎn)的認(rèn)識(shí)】1.圖像的意義：反映電勢(shì)隨位置變化的圖像、2.圖像的內(nèi)容：縱坐標(biāo)直接判定電視高低3.圖像的斜率：斜率表示場(chǎng)強(qiáng)（1）斜率的大小表示該點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)的大小（2）斜率的正負(fù)可以確定電場(chǎng)強(qiáng)度的方向4.電視連續(xù)變化的拐點(diǎn)切線斜率為0時(shí)，表示該點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度為05.據(jù)此判斷電勢(shì)能時(shí)，一是結(jié)合粒子電性看電勢(shì)高低，二是由W＝qU判定?！久}方向】空間某一靜電場(chǎng)的電勢(shì)φ在x軸上分布如圖所示，x軸上兩點(diǎn)B、C點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度在x方向上的分量分別是EBx、ECx，下列說(shuō)法中正確的有（）A、EBx的大小大于ECx的大小B、EBx的方向沿x軸正方向C、電荷在O點(diǎn)受到的電場(chǎng)力在x方向上的分量最大D、負(fù)電荷沿x軸從B移到C的過(guò)程中，電場(chǎng)力先做正功，后做負(fù)功分析：本題的入手點(diǎn)在于如何判斷EBx和ECx的大小，由圖象可知在x軸上各點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度在x方向的分量不相同，如果在x方向上取極小的一段，可以把此段看作是勻強(qiáng)電場(chǎng)，用勻強(qiáng)電場(chǎng)的處理方法思考，從而得到結(jié)論，此方法為微元法。解答：在B點(diǎn)和C點(diǎn)附近分別取很小的一段d，由圖象，B點(diǎn)段對(duì)應(yīng)的電勢(shì)差大于C點(diǎn)段對(duì)應(yīng)的電勢(shì)差，看作勻強(qiáng)電場(chǎng)有E=Δφd，可見EBx＞ECx同理可知O點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)最小，電荷在該點(diǎn)受到的電場(chǎng)力最小，C項(xiàng)錯(cuò)誤；沿電場(chǎng)方向電勢(shì)降低，在O點(diǎn)左側(cè)，EBx的方向沿x軸負(fù)方向，在O點(diǎn)右側(cè)，ECx的方向沿x軸正方向，所以B項(xiàng)錯(cuò)誤，D項(xiàng)正確。故選：AD。點(diǎn)評(píng)：本題需要對(duì)電場(chǎng)力的性質(zhì)和能的性質(zhì)由較為全面的理解，并要求學(xué)生能靈活應(yīng)用微分法；故此題的難度較高?！窘忸}思路點(diǎn)撥】與運(yùn)動(dòng)學(xué)圖像類似，解決圖像類問(wèn)題的一般步驟為：1.確定圖像的含義，明確兩個(gè)坐標(biāo)軸的代表的物理量2.從圖中直接讀出關(guān)鍵點(diǎn)的物理量3.分析圖像斜率、面積等的物理意義4.結(jié)合公式分析其他的物理量。3．電容定義式的簡(jiǎn)單應(yīng)用【知識(shí)點(diǎn)的認(rèn)識(shí)】1.電容的定義式為：C=Q2.電容定義式的應(yīng)用有：①知道電容器的電荷量和電壓，可以計(jì)算出電容的大小。②知道電容器的電容和電壓，可以計(jì)算出電容器的電荷量。③知道電容器的電容和電荷量，可以計(jì)算兩極板間的電壓。3.如果做出電容器電荷量隨電電壓變化的圖像，應(yīng)該是一條過(guò)原點(diǎn)的直線。其斜率即為電容器的電容。C=【命題方向】如圖所示，彼此絕緣的同軸金屬圓管和圓柱分別帶上等量的異種電荷Q后，兩導(dǎo)體間的電勢(shì)差為U，若兩導(dǎo)體分別帶上+2Q和﹣2Q的電荷，則它們間的電勢(shì)差為（）A、2UB、4UC、8UD、16U分析：彼此絕緣的同軸金屬圓管和圓柱分別帶上等量的異種電荷后，構(gòu)成成一個(gè)電容器，帶電量變了后，電容未變，根據(jù)U=Q解答：電容器電量變了后，電容未變，由U=QC知，Q變?yōu)樵瓉?lái)的兩倍，電勢(shì)差也變?yōu)樵瓉?lái)的2倍。故B、C、D錯(cuò)，故選：A。點(diǎn)評(píng)：解決本題的關(guān)鍵是掌握電容的定義式及影響電容的因素．【解題思路點(diǎn)撥】C=Q4．帶電粒子在勻強(qiáng)電場(chǎng)中做類平拋運(yùn)動(dòng)【知識(shí)點(diǎn)的認(rèn)識(shí)】1.帶電粒子垂直射入勻強(qiáng)電場(chǎng)的運(yùn)動(dòng)類似于物體的平拋運(yùn)動(dòng)，可以利用運(yùn)動(dòng)的合成與分解知識(shí)分析。規(guī)律為：初速度方向：vx＝v0，x＝v0t靜電力方向：vy＝at，y=2.分析帶電粒子在勻強(qiáng)電場(chǎng)中的偏轉(zhuǎn)問(wèn)題也可以利用動(dòng)能定理，即qEΔy＝ΔEk。3.兩個(gè)特殊推論：（1）粒子從偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)中射出時(shí)，其速度方向的反向延長(zhǎng)線與初速度方向的延長(zhǎng)線交于一點(diǎn)，此點(diǎn)為初速度方向位移的中點(diǎn)，如圖所示。（2）位移方向與初速度方向間夾角α（圖中未畫出）的正切為速度偏轉(zhuǎn)角θ正切的12，即tanα=12【命題方向】一束電子流在經(jīng)U＝5000V的加速電壓加速后，在距兩極板等距離處垂直進(jìn)入平行板間的勻強(qiáng)電場(chǎng)，如圖所示，若兩板間距離d＝1.0cm，板長(zhǎng)l＝5.0cm，電子恰好從平行板邊緣飛出，求：（電子的比荷eme=1.76×10（1）電子進(jìn)入極板時(shí)的速度v0（2）兩極板間的電壓．分析：（1）由動(dòng)能定理可求得進(jìn)入極板的速度．（2）由豎直向做勻加速運(yùn)動(dòng)，水平向做勻速運(yùn)動(dòng)，由豎直向的距離可求得所加電壓值．解答：（1）由動(dòng)能定理：Uq=1得v0=2qUm（2）進(jìn)入偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)，所加電壓為U′電子在平行于板面的方向上做勻速運(yùn)動(dòng)：l＝v0t…②在垂直于板面的方向做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，加速度為：a=偏距：y=能飛出的條件為：y=d由①②③④⑤可得：U′=2答：（1）電子進(jìn)入極板時(shí)的速度為4.2×107m/s；（2）兩極板間的電壓為400V點(diǎn)評(píng)：本題考查帶電粒子在電場(chǎng)中的偏轉(zhuǎn)，在列式計(jì)算時(shí)應(yīng)注意不要提前代入數(shù)值，應(yīng)將公式簡(jiǎn)化后再計(jì)算，這樣可以減少計(jì)算量．【解題思路點(diǎn)撥】帶電粒子在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)問(wèn)題的處理方法帶電粒子在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的問(wèn)題實(shí)質(zhì)上是力學(xué)問(wèn)題的延續(xù)，從受力角度看，帶電粒子與一般物體相比多受到一個(gè)靜電力；從處理方法上看，仍可利用力學(xué)中的規(guī)律分析，如選用平衡條件、牛頓運(yùn)動(dòng)定律、動(dòng)能定理、功能關(guān)系，能量守恒等。5．利用電阻定律求電阻率【知識(shí)點(diǎn)的認(rèn)識(shí)】電阻定律的表達(dá)式為R＝ρlS，則導(dǎo)體的電阻率為ρ=RSl，R是導(dǎo)體的電阻，【命題方向】如圖所示，P是一個(gè)表面均勻鍍有很薄電熱膜的長(zhǎng)陶瓷管，其長(zhǎng)度為L(zhǎng)，直徑為D，鍍膜材料的電阻率為ρ，膜的厚度為d．管兩端有導(dǎo)電金屬箍M、N．現(xiàn)把它接入電路中，測(cè)得M、N兩端電壓為U，通過(guò)它的電流I．則金屬膜的電阻率的值為（）A、UIB、πUD24ILC分析：鍍膜材料的截面積為陶瓷管的周長(zhǎng)和膜的厚度為d的乘積，根據(jù)歐姆定律求出電阻的大小，再根據(jù)電阻定律R＝ρLs解答：由歐姆定律可得，鍍膜材料的電阻R=U鍍膜材料的截面積為S＝2πD2?d＝πDd根據(jù)電阻定律可得，R＝ρLs所以鍍膜材料的電阻率ρ為，ρ=sRL=故選：C。點(diǎn)評(píng)：本題容易出錯(cuò)的地方就是如何計(jì)算鍍膜材料的截面積，在計(jì)算時(shí)可以把它看成是邊長(zhǎng)為陶瓷管周長(zhǎng)，寬為d的矩形，計(jì)算出截面積，再根據(jù)電阻定律計(jì)算即可．【解題思路點(diǎn)撥】電阻定律R＝ρlS中，l是沿電流方向的長(zhǎng)度，S是垂直于電流方向的橫截面積，在用此式及其變形時(shí)，一定要注意l、S和R6．利用電阻定律求導(dǎo)線長(zhǎng)度或橫截面積【知識(shí)點(diǎn)的認(rèn)識(shí)】電阻定律的表達(dá)式為R＝ρlS，可以將該公式變形求解導(dǎo)體的長(zhǎng)度或橫截面積的大小，即l=RSρ或【命題方向】?jī)筛牧舷嗤木鶆驅(qū)Ь€A和B，其長(zhǎng)度分別為1m和2m，串聯(lián)在電路中時(shí)沿長(zhǎng)度方向電勢(shì)的變化如圖所示，則A和B導(dǎo)線的橫截面積之比為（）A、2：3B、1：3C、1：2D、3：1分析：串聯(lián)電路中電流相等，根據(jù)電勢(shì)差的大小，通過(guò)歐姆定律得出電阻的大小關(guān)系，再根據(jù)電阻定律得出A和B導(dǎo)線的橫截面積之比。解答：A、B兩端的電勢(shì)差分別為6V，4V，電流相等，根據(jù)歐姆定律得，RA根據(jù)電阻定律得，R=ρls，則s=ρlR．則橫截面積之比sAsB=故選：B。點(diǎn)評(píng)：本題考查了歐姆定律、電阻定律以及串并聯(lián)電路的特點(diǎn)，難度不大?！窘忸}思路點(diǎn)撥】對(duì)于同一個(gè)導(dǎo)體，如果導(dǎo)體接入電路的方式不同，那么導(dǎo)體的電阻也會(huì)有差異。7．電功和電功率的計(jì)算【知識(shí)點(diǎn)的認(rèn)識(shí)】1.電功的計(jì)算公式：W＝qU＝UIt2.電功率的計(jì)算公式：P=W3.如果是純電阻電路，電流做的功完全用來(lái)發(fā)熱，則有W＝qU＝UIt＝I2Rt=UP＝UI＝I2R=U【解題思路點(diǎn)撥】四個(gè)定值電阻連成如圖所示的電路。RA、RC的規(guī)格為“6V6W”，RB、RD的規(guī)格為“6V12W”。將該電路接在輸出電壓U＝11V的恒壓電源上，則（）A、RA的功率最大，為6WB、RB的功率最小，為0.67WC、RC的功率最小，為1.33WD、RD的功率最大，為12W分析：根據(jù)P=U2R求出每個(gè)電阻值，根據(jù)歐姆定律求出電路總電流，進(jìn)而求出每個(gè)并聯(lián)電阻兩端的電壓，根據(jù)P＝I2R和解答：由P=U2R知，RA＝RC=U12P1=626Ω＝6電阻B和C并聯(lián)的電阻RBC=RBRC則電路的總電流I=UR=則并聯(lián)電阻兩端電壓UBC＝IRBC＝1×2V＝2V則RA的功率為PA＝I2RA＝12×6W＝6WRB的功率為PB=UBC2RC的功率為PC=UBC2RD的功率為PD＝I2RD＝12×3W＝3W由此可知：RA的功率最大，為6WRC的功率最小，為0.67W故A正確，BCD錯(cuò)誤；故選：A。點(diǎn)評(píng)：本題考查閉合電路的歐姆定律以及電阻功率的求法。注意并聯(lián)電阻的求解，以及求功率時(shí)，串聯(lián)電路常用P＝I2R而并聯(lián)電路常用P=U【解題思路點(diǎn)撥】根據(jù)具體的電路，電功和電功率的計(jì)算有很多公式可選，要先具體分析電路條件，選擇出合適的公式，進(jìn)而計(jì)算電功或電功率。8．計(jì)算電動(dòng)機(jī)正常工作時(shí)輸出的機(jī)械功或機(jī)械功率【知識(shí)點(diǎn)的認(rèn)識(shí)】1.電動(dòng)機(jī)正常工作時(shí)的具體能量轉(zhuǎn)化如下（1）電動(dòng)機(jī)的輸入功率是電動(dòng)機(jī)消耗的總功率，P入＝UI。（2）電動(dòng)機(jī)的熱功率是線圈上電阻的發(fā)熱功率，P熱＝I2r。（3）電動(dòng)機(jī)的輸出功率是電動(dòng)機(jī)將電能轉(zhuǎn)化為機(jī)械能的功率，P出＝UI﹣I2r。（4）電動(dòng)機(jī)的效率η=P出P入2.本考點(diǎn)主要針對(duì)電動(dòng)機(jī)問(wèn)題中輸出功率、輸出功與機(jī)械效率的計(jì)算。【命題方向】如圖所示，電阻R1＝8Ω，電動(dòng)機(jī)繞組電阻R0＝2Ω，當(dāng)開關(guān)S斷開時(shí)，電阻R1消耗的電功率是2.88W；當(dāng)開關(guān)S閉合時(shí)，電阻R1消耗的電功率是2W．若電源的電動(dòng)勢(shì)為6V，求開關(guān)S閉合時(shí)，電動(dòng)機(jī)輸出的機(jī)械功率．分析：當(dāng)開關(guān)S斷開時(shí)，電阻R1消耗的電功率求出電路中電流，由歐姆定律求出電源的內(nèi)阻r．當(dāng)開關(guān)S閉合時(shí)，根據(jù)電阻R1消耗的電功率求出R1的電流和電壓，根據(jù)歐姆定律求出干路電流，得到電動(dòng)機(jī)的電流，再求出電動(dòng)機(jī)輸出的機(jī)械功率．解答：當(dāng)開關(guān)S斷開時(shí)，由P1=I12R1得：I整個(gè)電路有閉合電路的歐姆定律有：E＝I1×（R1+r）代入數(shù)據(jù)解得：r＝2Ω當(dāng)開關(guān)S閉合時(shí)，由P2=I22R1得：IR1的電壓為：U＝I2R1＝4V設(shè)干路中電流為I，則有：I=E電動(dòng)機(jī)的電流為：IM＝I﹣I2＝0.5A故電動(dòng)機(jī)的機(jī)械功率為：P＝UIM-IM2R答：開關(guān)S閉合時(shí)，電動(dòng)機(jī)輸出的機(jī)械功率為1.5W．點(diǎn)評(píng)：本題考查處理非純電阻電路問(wèn)題的能力．對(duì)于電動(dòng)機(jī)正常時(shí)，其電路是非純電阻電路，歐姆定律不成立，本題不能用IM=U【解題思路點(diǎn)撥】電動(dòng)機(jī)電路的分析與計(jì)算9．電動(dòng)勢(shì)的概念和物理意義【知識(shí)點(diǎn)的認(rèn)識(shí)】1.電源：電源是通過(guò)非靜電力做功把其它形式的能轉(zhuǎn)化成電勢(shì)能的裝置．2.非靜電力：電源內(nèi)將正電荷從電源的負(fù)極搬運(yùn)到電源正極的作用力稱為非靜電力。從功能角度看，非靜電力做功，使電荷的電勢(shì)能增加。3.電動(dòng)勢(shì)：非靜電力搬運(yùn)電荷所做的功與搬運(yùn)的電荷量的比值，E=Wq，單位：4.電動(dòng)勢(shì)的物理含義：電動(dòng)勢(shì)表示電源把其它形式的能轉(zhuǎn)化成電勢(shì)能本領(lǐng)的大小，在數(shù)值上等于電源沒(méi)有接入電路時(shí)兩極間的電壓，等于非靜電力把1C正電荷從電源負(fù)極搬運(yùn)到正極所做的功?！久}方向】鉛蓄電池的電動(dòng)勢(shì)為2V，這表示（）A、電路中每通過(guò)1C電荷量，電源把2J的化學(xué)能轉(zhuǎn)化為電能B、蓄電池將化學(xué)能轉(zhuǎn)變?yōu)殡娔艿谋绢I(lǐng)比一節(jié)干電池（電動(dòng)勢(shì)為1.5V）的大C、蓄電池與電路斷開時(shí)兩極間的電壓為2VD、蓄電池在1s內(nèi)將2J的化學(xué)能轉(zhuǎn)變成電能分析：電動(dòng)勢(shì)在數(shù)值上等于非靜電力將1C的正電荷在電源內(nèi)從負(fù)極移到正極所做的功，電動(dòng)勢(shì)大，非靜電力做功的本領(lǐng)就大，即將其它形式的能轉(zhuǎn)化為電能的本領(lǐng)就大．解答：A．電動(dòng)勢(shì)在數(shù)值上等于非靜電力將1C的正電荷在電源內(nèi)從負(fù)極移到正極所做的功，所以對(duì)于鉛蓄電池的電動(dòng)勢(shì)為2V，電路中每通過(guò)1C電荷量，電源把2J的化學(xué)能轉(zhuǎn)化為電能。故A正確。B．電動(dòng)勢(shì)大，非靜電力做功的本領(lǐng)就大，即將其它形式的能轉(zhuǎn)化為電能的本領(lǐng)就大。故B正確。C．電源未接入電路時(shí)兩端間的電壓等于電動(dòng)勢(shì)。故C正確。D．電動(dòng)勢(shì)是2V，意義是移動(dòng)1C的正電荷在電源內(nèi)從負(fù)極移到正極，非靜電力做功2J，即有2J的化學(xué)能轉(zhuǎn)變成電能，不是1s內(nèi)將2J的化學(xué)能轉(zhuǎn)變成電能。故D錯(cuò)誤。故選：ABC。點(diǎn)評(píng)：解決本題的關(guān)鍵理解電動(dòng)勢(shì)的大小反映將其它形式的能轉(zhuǎn)變?yōu)殡娔鼙绢I(lǐng)的大小以及電動(dòng)勢(shì)是電源非靜電力特性決定，與電源的體積無(wú)關(guān)，與外電路無(wú)關(guān)．【解題思路點(diǎn)撥】1.電源的電動(dòng)勢(shì)是表征電源把其他形式的能轉(zhuǎn)化為電勢(shì)能的本領(lǐng)大小的物理量，即非靜電力移送相同電荷量的電荷做功越多，則電動(dòng)勢(shì)越大。2.公式E=Wq是電動(dòng)勢(shì)的定義式而不是決定式，E的大小與W和10．閉合電路歐姆定律的內(nèi)容和表達(dá)式【知識(shí)點(diǎn)的認(rèn)識(shí)】1.內(nèi)容：閉合電路的電流跟電源的電動(dòng)勢(shì)成正比跟內(nèi)、外電路的電阻之和成反比。2.表達(dá)式：I=ER+r，E表示電動(dòng)勢(shì)，I表示干路總電流，3.閉合電路中的電壓關(guān)系：閉合電路中電源電動(dòng)勢(shì)等于內(nèi)、外電路電勢(shì)降落之和E＝U外+U內(nèi)。4.由E＝U外+U內(nèi)可以得到閉合電路歐姆定律的另一個(gè)變形U外＝E﹣Ir。【命題方向】在已接電源的閉合電路里，關(guān)于電源的電動(dòng)勢(shì)、內(nèi)電壓、外電壓的關(guān)系應(yīng)是（）A、如外電壓增大，則內(nèi)電壓增大，電源電動(dòng)勢(shì)也會(huì)隨之增大B、如外電壓減小，內(nèi)電阻不變，內(nèi)電壓也就不變，電源電動(dòng)勢(shì)必然減小C、如外電壓不變，則內(nèi)電壓減小時(shí)，電源電動(dòng)勢(shì)也隨內(nèi)電壓減小D、如外電壓增大，則內(nèi)電壓減小，電源的電動(dòng)勢(shì)始終為二者之和，保持恒量分析：閉合電路里，電源的電動(dòng)勢(shì)等于內(nèi)電壓與外電壓之和．外電壓變化時(shí)，內(nèi)電壓也隨之變化，但電源的電動(dòng)勢(shì)不變．解答：A、如外電壓增大，則內(nèi)電壓減小，電源電動(dòng)勢(shì)保持不變。故A錯(cuò)誤。B、如外電壓減小，內(nèi)電阻不變，內(nèi)電壓將增大，電源電動(dòng)勢(shì)保持不變。故B錯(cuò)誤。C、如外電壓不變，則內(nèi)電壓也不變。故C錯(cuò)誤。D、根據(jù)閉合電路歐姆定律得到，電源的電動(dòng)勢(shì)等于內(nèi)電壓與外電壓之和，如外電壓增大，則內(nèi)電壓減小，電源的電動(dòng)勢(shì)保持恒量。故D正確。故選：D。點(diǎn)評(píng)：本題要抓住電源的電動(dòng)勢(shì)是表征電源的本身特性的物理量，與外電壓無(wú)關(guān)．【解題思路點(diǎn)撥】閉合電路的幾個(gè)關(guān)系式的對(duì)比11．用閉合電路的歐姆定律計(jì)算電路中的電壓、電流或電阻【知識(shí)點(diǎn)的認(rèn)識(shí)】閉合電路的歐姆定律的表達(dá)式為（1）I=（2）E＝U內(nèi)+U外（3）U＝E﹣Ir可以根據(jù)具體的問(wèn)題選擇合適的公式計(jì)算電路的電壓、電流、電阻等參數(shù)?！久}方向】如圖所示的電路中，電源電動(dòng)勢(shì)E＝6V，電源的內(nèi)阻r＝2Ω，電阻R1＝3Ω，電阻R2＝6Ω．當(dāng)閉合電鍵S后，流過(guò)R2的電流為（）A、12AB、1AC、211AD、分析：根據(jù)閉合電路的歐姆定律求出通過(guò)電源的電流，再由并聯(lián)電路的特點(diǎn)知通過(guò)R2的電流。解答：R1，R2并聯(lián)后的電阻R=R1根據(jù)閉合電路的歐姆定律，流過(guò)電源的電流I=ER通過(guò)R1的電流為I2=R1R1+R2I故選：A。點(diǎn)評(píng)：本題主要考查了閉合電路歐姆定律的直接應(yīng)用，要求同學(xué)們能正確分析電路的結(jié)構(gòu)，掌握并聯(lián)電阻的計(jì)算方法?！窘忸}思路點(diǎn)撥】閉合電路的幾個(gè)關(guān)系式的對(duì)比12．電源的U-I圖像與導(dǎo)體的U-I圖像相結(jié)合的問(wèn)題【知識(shí)點(diǎn)的認(rèn)識(shí)】電源的U﹣I圖像表示電路的路端電壓隨電流變化的情況；導(dǎo)體的U﹣I圖像表示導(dǎo)體兩端的電壓隨電流變化的情況。本考點(diǎn)旨在針對(duì)兩種圖像相結(jié)合的考查?！久}方向】在如圖所示的U﹣I圖象中，直線I為某電源的路端電壓與電流的關(guān)系，直線Ⅱ?yàn)槟骋浑娮鑂的伏安特性曲線，用該電源直接與電阻R連接成閉合電路，由圖象可知（）A、R的阻值為1.5ΩB、電源電動(dòng)勢(shì)為3V，內(nèi)阻為0.5ΩC、電源的輸出功率為3.0wD、電阻R消耗的功率為1.5w分析：由圖象Ⅰ可知電源的電動(dòng)勢(shì)為3.0V，短路電流為2.0A；由圖象Ⅱ可得外電路電阻R為1.5Ω，兩圖象的交點(diǎn)坐標(biāo)即為電阻R和電源構(gòu)成閉合回路時(shí)的外電壓和干路電流．解答：A、由圖象Ⅱ可知，外電阻R=UIB、由圖象Ⅰ可知，電源電動(dòng)勢(shì)E＝3.0V，短路電流I短＝2.0A，電源內(nèi)阻r=EIC、由兩圖象的交點(diǎn)坐標(biāo)，可得電源的路端電壓為1.5V，干路電流為1.0A，電源的輸出功率為P＝UI＝1.5×1.0W＝1.5W，故C錯(cuò)誤。D、由兩圖象的交點(diǎn)坐標(biāo)，可得電阻兩端的電壓為1.5V，流過(guò)電阻的電流為1.0A，電阻消耗的功率為P＝UI＝1.5×1.0W＝1.5W，故D正確。故選：AD。點(diǎn)評(píng)：根據(jù)U﹣I圖象Ⅰ正確讀出電源的電動(dòng)勢(shì)和短路電流，根據(jù)U﹣I圖象正確讀出外電路兩端的電壓和流過(guò)電阻的電流，是解決此類問(wèn)題的出發(fā)點(diǎn)．【解題思路點(diǎn)撥】對(duì)于電源的U﹣I曲線與導(dǎo)體的U﹣I曲線相結(jié)合的情況，要結(jié)合曲線各自的物理意義進(jìn)行分析，并且要明白圖像的斜率、截距、面積、交點(diǎn)等代表的含義。13