2025年滬教版選修3物理下冊(cè)月考試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請(qǐng)※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年滬教版選修3物理下冊(cè)月考試卷476考試試卷考試范圍：全部知識(shí)點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級(jí)：______考號(hào)：______總分欄題號(hào)一二三四五六總分得分評(píng)卷人得分一、選擇題(共8題，共16分)1、如圖所示為一陰極射線管，接通電源后，電子射線由陰極沿x軸方向射出，在熒光屏上會(huì)看到一條亮線，若要加一磁場使熒光屏上的亮線向上（z軸正方向）偏轉(zhuǎn)；則所加磁場方向?yàn)椋ǎ?/p>

A.沿z軸正方向B.沿z軸負(fù)方向C.沿y軸正方向D.沿y軸負(fù)方向2、在如圖所示電路中，合上開關(guān)S，將滑動(dòng)變阻器R2的滑動(dòng)觸點(diǎn)向b端移動(dòng)，則三個(gè)電表A1、A2和V的示數(shù)I1、I2和U的變化情況是（）

A.I1增大，I2不變，U增大B.I1減小，I2不變，U減小C.I1增大，I2減小，U增大D.I1減小，I2增大，U減小3、2021年4月6日，我國成功發(fā)射“實(shí)踐十號(hào)”衛(wèi)星。在該衛(wèi)星內(nèi)進(jìn)行制造泡沫鋁的實(shí)驗(yàn)。給金屬鋁加熱，使之熔化成液體，給液體中通入氫氣，液體內(nèi)將會(huì)產(chǎn)生大量氣泡，冷凝液體就會(huì)得到泡沫鋁。實(shí)驗(yàn)過程中下列說法正確的是（）A.熔化的鋁液中不同位置壓強(qiáng)不同B.泡沫鋁是非晶體C.液態(tài)鋁表面張力“阻礙”氣泡的膨脹D.鋁在熔化過程中分子平均動(dòng)能不斷增大4、如圖所示，AOB為一邊界為圓的勻強(qiáng)磁場，O點(diǎn)為圓心，D點(diǎn)為邊界OB的中點(diǎn)，C點(diǎn)為邊界上一點(diǎn)，且CD//AO.現(xiàn)有兩個(gè)完全相同的帶電粒子以相同的速度射入磁場（不計(jì)粒子重力），其中粒子1從A點(diǎn)正對(duì)圓心射入，恰從B點(diǎn)射出，粒子2從C點(diǎn)沿CD射入，從某點(diǎn)離開磁場，則可判斷（）

A.粒子2在AB圓弧之間某點(diǎn)射出磁場B.粒子2必在B點(diǎn)射出磁場C.粒子1與粒子2在磁場中的運(yùn)行時(shí)間之比為2:3D.粒子1與粒子2的速度偏轉(zhuǎn)角度相同5、如圖所示為質(zhì)譜儀測定帶電粒子質(zhì)量的裝置的示意圖．速度選擇器(也稱濾速器)中場強(qiáng)E的方向豎直向下，磁感應(yīng)強(qiáng)度B1的方向垂直紙面向里，分離器中磁感應(yīng)強(qiáng)度B2的方向垂直紙面向外．在S處有甲、乙、丙、丁四個(gè)一價(jià)正離子垂直于E和B1入射到速度選擇器中，若m甲＝m乙<m丙＝m丁，v甲>v乙＝v丙>v丁，在不計(jì)重力的情況下，則分別打在P1、P2、P3、P4四點(diǎn)的離子分別是

A.甲、丁、乙、丙B.丁、甲、乙、丙C.甲、丁、丙、乙D.丁、甲、丙、乙6、一正三角形導(dǎo)線框高為從圖示位置沿x軸正方向勻速穿過兩勻強(qiáng)磁場區(qū)域．兩磁場區(qū)域磁感應(yīng)強(qiáng)度大小均為B、磁場方向相反且均垂直于xOy平面，磁場區(qū)域?qū)挾染鶠閍．則感應(yīng)電流I與線框移動(dòng)距離x的關(guān)系圖象可能是（以逆時(shí)針方向?yàn)楦袘?yīng)電流的正方向。

A.B.C.D.7、如圖所示的電路，閉合開關(guān)S，當(dāng)滑動(dòng)變阻器滑片P向右移動(dòng)時(shí)；下列說法正確的是（）

A.小燈泡L變暗B.電源的總功率變小C.電容器C上電荷量減小D.電流表讀數(shù)變小，電壓表讀數(shù)變大8、如果一個(gè)系統(tǒng)不受外力，或者所受外力的矢量和為零，這個(gè)系統(tǒng)的總動(dòng)量保持不變．這就是動(dòng)量守恒定律．若一個(gè)系統(tǒng)動(dòng)量守恒時(shí)，則（）A.此系統(tǒng)內(nèi)每個(gè)物體所受的合力一定都為零B.此系統(tǒng)的機(jī)械能一定守恒C.此系統(tǒng)的機(jī)械能可能增加D.此系統(tǒng)內(nèi)每個(gè)物體的動(dòng)量大小不可能都增加評(píng)卷人得分二、多選題(共8題，共16分)9、如圖1所示，光滑的平行豎直金屬導(dǎo)軌AB、CD相距L，在A、C之間接一個(gè)阻值為R的電阻，在兩導(dǎo)軌間abcd矩形區(qū)域內(nèi)有垂直導(dǎo)軌平面豎直向上、寬為5d的勻強(qiáng)磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B，一質(zhì)量為m、電阻為r、長度也剛好為L的導(dǎo)體棒放在磁場下邊界ab上（與ab邊重合），現(xiàn)用一個(gè)豎直向上的力F拉導(dǎo)體棒，使它由靜止開始運(yùn)動(dòng)，已知導(dǎo)體棒離開磁場前已開始做勻速直線運(yùn)動(dòng)，導(dǎo)體棒與導(dǎo)軌始終垂直且保持良好接觸，導(dǎo)軌電阻不計(jì)，F(xiàn)隨導(dǎo)體棒與初始位置的距離x變化的情況如圖2所示；下列判斷正確的是（）

A.導(dǎo)體棒離開磁場時(shí)速度大小為B.導(dǎo)體棒經(jīng)過磁場的過程中，通過電阻R的電荷量為C.離開磁場時(shí)導(dǎo)體棒兩端電壓為D.導(dǎo)體棒經(jīng)過磁場的過程中，電阻R產(chǎn)生焦耳熱為10、如圖所示的電路中，電源電動(dòng)勢E和內(nèi)阻r恒定不變，滑片P從左端向右端移動(dòng)，則

A.電流表的示數(shù)變大B.電壓表的示數(shù)變大C.電阻消耗的功率變小D.電燈L消耗的功率變小11、下列說法中正確的是（）A.自然界中能量雖然是守恒的，但有的能量便于利用，有的不便于利用，故要節(jié)約能源B.第二類永動(dòng)機(jī)和第一類永動(dòng)機(jī)，都違背了能量守恒定律C.若氣體的溫度隨時(shí)間不斷升高，其壓強(qiáng)也一定不斷增大E.液晶是一種特殊物質(zhì)，它既具有液體的流動(dòng)性，又像某些晶體那樣有光學(xué)各向異性E.液晶是一種特殊物質(zhì)，它既具有液體的流動(dòng)性，又像某些晶體那樣有光學(xué)各向異性12、下列說法正確的是（）A.熱機(jī)中燃?xì)獾膬?nèi)能不可能全部轉(zhuǎn)化為機(jī)械能B.已知某氣體的摩爾體積及阿伏加德羅常數(shù)，可求得該分子的體積C.一定量100的水變成100的水蒸氣，其分子之間的勢能減小E.一定量的理想氣體，在壓強(qiáng)不變時(shí)，分子每秒對(duì)單位面積器壁的平均碰撞次數(shù)隨著溫度升高而減少E.一定量的理想氣體，在壓強(qiáng)不變時(shí)，分子每秒對(duì)單位面積器壁的平均碰撞次數(shù)隨著溫度升高而減少13、一個(gè)理想變壓器，開始時(shí)開關(guān)S接1，此時(shí)原、副線圈的匝數(shù)比為一個(gè)理想二極管和一個(gè)滑動(dòng)變阻器串聯(lián)接在副線圈上，電流表和電壓表均為理想交流電表，此時(shí)滑動(dòng)變阻器接入電路的阻值為10Ω，如下左圖所示．原線圈接入如下右圖所示的正弦式交流電．則下列判斷正確的是（）

A.電壓表的示數(shù)為4VB.滑動(dòng)變阻器消耗的功率為0.8WC.若將開關(guān)S由1撥到2，同時(shí)滑動(dòng)變阻器滑片向下滑動(dòng)，電流表示數(shù)將變大D.若將二極管用導(dǎo)線短接，電流表示數(shù)加倍14、如圖，在磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B的勻強(qiáng)磁場中，有一面積為S的矩形單匝閉合導(dǎo)線abcd,ab邊與磁場方向垂直，線框的電阻為R．使線框以恒定角速度ω繞過ad、bc中點(diǎn)的軸旋轉(zhuǎn)．下列說法正確的是()

A.線框abcd中感應(yīng)電動(dòng)勢的最大值是BSωB.線框abcd中感應(yīng)電動(dòng)勢的有效值是BSωC.線框平面與磁場方向平行時(shí)，流經(jīng)線框的電流最大D.線框平面與磁場方向垂直時(shí)，流經(jīng)線框的電流最大15、如圖所示，一定質(zhì)量的理想氣體從狀態(tài)a開始，經(jīng)歷ab、be、cd、de四個(gè)過程到達(dá)狀態(tài)e，其中ba的延長線經(jīng)過原點(diǎn)，bc連線與橫軸平行；de連線與縱軸平行．下列說法正確的是_______

A.ab過程中氣體從外界吸熱B.bc過程中氣體內(nèi)能不變C.cd過程中氣體從外界吸熱E.狀態(tài)a的氣體體積比狀態(tài)d的氣體體積小E.狀態(tài)a的氣體體積比狀態(tài)d的氣體體積小16、新華中學(xué)高三物理興趣小組用實(shí)驗(yàn)探究光的色散規(guī)律，他們將半圓形玻璃磚放在豎直面內(nèi)，在其左方豎直放置一個(gè)很大的光屏P，讓一復(fù)色光束SA射向玻璃磚的圓心O后，有兩束單色光a和b射向光屏P；如圖所示．他們根據(jù)實(shí)驗(yàn)現(xiàn)象提出了以下四個(gè)猜想，你認(rèn)為正確的是。

A.單色光a的波長大于單色光b的波長B.單色光a的頻率大于單色光b的頻率C.若用b光照射鋅板發(fā)生了光電效應(yīng)，則a光照射鋅板也能發(fā)生光電效應(yīng)D.當(dāng)光束SA繞圓心O逆時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)過程中，在光屏P上最早消失的是b光評(píng)卷人得分三、填空題(共8題，共16分)17、在電解液中，(1)若5s內(nèi)沿相反方向通過某截面的正、負(fù)離子的電荷量均為5C，則電解液中的電流為_______A；(2)若5s內(nèi)到達(dá)陽極的負(fù)離子和到達(dá)陰極的正離子均為5C，則電流為_______A．18、如圖，電源電動(dòng)勢E＝10V，內(nèi)阻r＝0.8Ω，R1＝3.2Ω，當(dāng)電鍵S斷開時(shí)，電阻R2消耗的電功率為4W；電鍵S閉合后，R2和R3的并聯(lián)電路消耗的總功率也是4W．則R2＝_______Ω，R3＝_______Ω．

19、如圖所示，一輕質(zhì)彈簧兩端連著物體A、B，放在光滑的水平面上，若物體A被水平速度為v0的子彈射中，且后者嵌在物體A的中心，已知物體A的質(zhì)量是物體B質(zhì)量的子彈質(zhì)量是物體B的彈簧被壓縮到最短時(shí)，求物體A；B的速度。

20、封閉在汽缸內(nèi)一定質(zhì)量的理想氣體由狀態(tài)A變到狀態(tài)D，其體積V與熱力學(xué)溫度T關(guān)系如圖所示，O、A、D三點(diǎn)在同一直線上，則由狀態(tài)A變到狀態(tài)B過程中，氣體___________熱量（填“吸收”、“放出”或“既不吸收也不放出”）；狀態(tài)C氣體的壓強(qiáng)___________狀態(tài)D氣體的壓強(qiáng)（填“大于”；“小于”或“等于”）。

21、利用掃描隧道顯微鏡（STM）可以得到物質(zhì)表面原子排列的圖像；從而可以研究物質(zhì)的結(jié)構(gòu)。如圖所示的照片是一些晶體材料表面的STM圖像，通過觀察；比較，可以看到這些材料表面的原子排列有著共同的特點(diǎn)，這些共同的特點(diǎn)是：

(1)______________；

(2)_____________。

22、石坑崆位于廣東省乳源瑤族自治縣西部70多公里的群山中，是廣東和湖南交界的地方，又名莽山峰，海拔1902米，是廣東第一高峰。某人從山底釋放一氣象探測氣球，氣球上升到山頂時(shí)，內(nèi)部氣體的壓強(qiáng)變小。若氣球上升過程中體積不變，則從山底到山頂，氣球內(nèi)氣體分子的平均動(dòng)能___________（選填“變大”“變小”或“不變”）；該過程中，氣球內(nèi)氣體___________（選填“放出”或“吸收”）熱量。23、如圖，一個(gè)是振動(dòng)圖像，一個(gè)是波動(dòng)圖像，其中是___________是振動(dòng)圖像(選填：“a”或“b”)，圖a的物理意義是：___________．24、.如圖甲所示，為某簡諧橫波在t=0時(shí)刻的波形圖象，乙圖為在該波的傳播方向上某質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)圖象．下列說法中正確的是_______(填正確答案標(biāo)號(hào)．)

A.該波的波速為10m/s

B.該波一定沿x軸正方向傳播

C.若圖乙是質(zhì)點(diǎn)P的振動(dòng)圖象，那么，在t=0.15s時(shí)刻，質(zhì)點(diǎn)Q的坐標(biāo)為(0.5m，0)

D.若圖乙是質(zhì)點(diǎn)Q的振動(dòng)圖象，那么，在t=0.15s時(shí)刻，質(zhì)點(diǎn)P的坐標(biāo)為(1m，－4cm)

E.當(dāng)t=0.1s時(shí)，質(zhì)點(diǎn)P一定正在經(jīng)過平衡位置評(píng)卷人得分四、作圖題(共3題，共27分)25、如圖所示，甲、乙是直線電流的磁場，丙、丁是環(huán)形電流的磁場，戊、己是通電螺線管的磁場，試在各圖中補(bǔ)畫出電流方向或磁感線方向．

26、示波管的內(nèi)部結(jié)構(gòu)如圖所示．如果在偏轉(zhuǎn)電極XX/、YY/之間都沒有加電壓，電子束將打在熒光屏中心．如果在偏轉(zhuǎn)電極XX/之間和YY/之間分別加上如圖所示的電壓，請(qǐng)畫出熒光屏上出現(xiàn)的完整掃描波形圖．

27、圖中表示某一時(shí)刻的波形圖，已知波速為0.5m/s，波沿著x軸的正方向傳播；畫出經(jīng)過7s后的波形曲線。

評(píng)卷人得分五、實(shí)驗(yàn)題(共4題，共40分)28、在“測定金屬的電阻率”實(shí)驗(yàn)中；所用測量儀器均已校準(zhǔn)．待測金屬絲接入電路部分的長度約為50cm．

（1）用螺旋測微器測量金屬絲的直徑，其中某一次測量結(jié)果如圖1所示，其讀數(shù)應(yīng)為______mm（該值接近多次測量的平均值）．

（2）用伏安法測金屬絲的電阻Rx．實(shí)驗(yàn)所用器材為：電池組（電動(dòng)勢為3V；內(nèi)阻約1Ω）；電流表（內(nèi)阻約0.1Ω）、電壓表（內(nèi)阻約3kΩ）、滑動(dòng)變阻器R（0~20Ω，額定電流2A）、開關(guān)、導(dǎo)線若干．某小組同學(xué)利用以上器材正確連接好電路，進(jìn)行實(shí)驗(yàn)測量，記錄數(shù)據(jù)如下表：

由右表數(shù)據(jù)可知，他們測量Rx是采用圖2中的_________圖（選填“甲”或“乙”）．

（3）圖3是測量Rx的實(shí)驗(yàn)器材實(shí)物圖，圖中已連接了部分導(dǎo)線，滑動(dòng)變阻器的滑片P置于變阻器的一端．請(qǐng)根據(jù)第（2）問所選的電路圖，補(bǔ)充完成圖3中實(shí)物間的連線，并使閉合開關(guān)的瞬間，電壓表或電流表不至于被燒壞______．

（4）這個(gè)小組的同學(xué)在坐標(biāo)紙上建立U、I坐標(biāo)系，如圖4所示，圖中已標(biāo)出了測量數(shù)據(jù)對(duì)應(yīng)的4個(gè)坐標(biāo)點(diǎn)．請(qǐng)?jiān)趫D4中標(biāo)出第2、4、6次測量數(shù)據(jù)坐標(biāo)點(diǎn)，并描繪出U─I圖線，由圖線得到金屬絲的阻值Rx=___________Ω（保留兩位有效數(shù)字）．

（5）根據(jù)以上數(shù)據(jù)可以估算出金屬絲的電阻率約為___________（填選項(xiàng)前的符號(hào)）．

A．1×10-2ΩmB．1×10-3ΩmC．1×10-6ΩmD．1×10-8Ωm29、有一根細(xì)長而均勻的金屬管線樣品；長約60cm，電阻約為6Ω，橫截面如圖甲所示．

(1)用螺旋測微器測量金屬管線的外徑，示數(shù)如圖乙所示，金屬管線的外徑為_______mm；

(2)現(xiàn)有如下器材：

A．電流表（量程0.6A；內(nèi)阻約0.1Ω）

B．電流表（量程3A；內(nèi)阻約0.03Ω）

C．電壓表（量程3V；內(nèi)阻約3kΩ）

D．滑動(dòng)變阻器（1750Ω；0.3A）

E．滑動(dòng)變阻器（15Ω；3A）

F．蓄電池（6V；內(nèi)阻很?。?/p>

G．開關(guān)一個(gè)；帶夾子的導(dǎo)線若干。

要進(jìn)一步精確測量金屬管線樣品的阻值，電流表應(yīng)選______，滑動(dòng)變阻器應(yīng)選_______．（只填代號(hào)字母）

(3)請(qǐng)將圖丙所示的實(shí)際測量電路補(bǔ)充完整．()

(4)已知金屬管線樣品材料的電阻率為ρ，通過多次測量得出金屬管線的電阻為R，金屬管線的外徑為d，要想求得金屬管線內(nèi)形狀不規(guī)則的中空部分的橫截面積S，在前面實(shí)驗(yàn)的基礎(chǔ)上，還需要測量的物理量是______．（所測物理量用字母表示并用文字說明）．計(jì)算中空部分橫截面積的表達(dá)式為S=_______．（用字母填寫表達(dá)式）30、某同學(xué)想把滿偏電流為1.0mA的電流表A1改裝稱為雙量程電壓表；并用改裝的電表去測量某電源的電動(dòng)勢和內(nèi)阻；

(1)圖甲是測量A1內(nèi)阻的實(shí)驗(yàn)原理圖，其中A2量程小于A1，先閉合開關(guān)S1,將S2撥向接點(diǎn)a，調(diào)節(jié)變阻器R2直至A2滿偏；

(2)保持R2滑片位置不動(dòng)，將S2撥向接點(diǎn)b，調(diào)節(jié)R1，直至A2滿偏，此時(shí)電阻箱旋鈕位置如圖乙所示，記錄數(shù)據(jù)，斷開S1，則可得A1的內(nèi)阻R=_________Ω；

(3)現(xiàn)用此電流表改裝成0-3V和0-6V的雙量程電壓表，電路如圖丙所示，則RB=_____Ω；

(4)用改裝后的電壓表的0-3V檔接在待測電源（內(nèi)阻較大）兩端時(shí)，電壓表的示數(shù)為2.10V；換用0-6V檔測量，示數(shù)為2.40V；則電源的電動(dòng)勢E為______V，內(nèi)阻r為_____Ω；若實(shí)際改裝過程中誤將RA和RB位置互換了；則對(duì)_____（填“0-3V”或者“0-6V”）量程的使用沒有影響；電壓表的另一量程正確使用時(shí)，電壓測量值比真實(shí)值_______；（填“偏大”；“偏小”）

(5)將上述電源與兩個(gè)完全相同的元件X連接成電路圖丁，X元件的伏安特性曲線如圖戊；則通過X元件的工作電流為____m。A．

31、某同學(xué)為了測量一節(jié)電池的電動(dòng)勢和內(nèi)阻；從實(shí)驗(yàn)室找到以下器材：

一個(gè)滿偏電流為內(nèi)阻為的表頭，一個(gè)開關(guān)，兩個(gè)電阻箱和若干導(dǎo)線.

①由于表頭量程偏小，該同學(xué)首先需將表頭改裝成量程為的電流表，則應(yīng)將表頭與電阻箱______（填“串聯(lián)”或“并聯(lián)”），并將該電阻箱阻值調(diào)為______（準(zhǔn)確到小數(shù)點(diǎn)后一位）。

②接著該同學(xué)用改裝的電流表對(duì)電池的電動(dòng)勢及內(nèi)阻進(jìn)行測量，實(shí)驗(yàn)電路如圖所示，通過改變電阻R測相應(yīng)的電流I；且作相關(guān)計(jì)算后一并記錄；

根據(jù)數(shù)據(jù)，畫出圖線如下：

根據(jù)圖線可得電池的電動(dòng)勢E是______V，內(nèi)阻是______評(píng)卷人得分六、解答題(共4題，共36分)32、如圖1所示，固定于水平面的U形導(dǎo)線框處于豎直向下、磁感應(yīng)強(qiáng)度為B0的勻強(qiáng)磁場中，導(dǎo)線框兩平行導(dǎo)軌間距為l，左端接一電動(dòng)勢為E0、內(nèi)阻不計(jì)的電源．一質(zhì)量為m、電阻為r的導(dǎo)體棒MN垂直導(dǎo)線框放置并接觸良好．閉合開關(guān)S，導(dǎo)體棒從靜止開始運(yùn)動(dòng)．忽略摩擦阻力和導(dǎo)線框的電阻，平行軌道足夠長．請(qǐng)分析說明導(dǎo)體棒MN的運(yùn)動(dòng)情況，在圖2中畫出速度v隨時(shí)間t變化的示意圖；并推導(dǎo)證明導(dǎo)體棒達(dá)到的最大速度為

33、如圖所示，豎直放置的兩根足夠長的光滑金屬導(dǎo)軌相距為L，導(dǎo)軌的兩端分別與電源（串有一滑動(dòng)變阻器R）、定值電阻、電容器（原來不帶電）和開關(guān)K相連．整個(gè)空間充滿了垂直于導(dǎo)軌平面向外的勻強(qiáng)磁場，其磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小為B．一質(zhì)量為m，電阻不計(jì)的金屬棒ab橫跨在導(dǎo)軌上．已知電源電動(dòng)勢為E，內(nèi)阻為r；電容器的電容為C，定值電阻的阻值為R0，不計(jì)導(dǎo)軌的電阻．

（1）當(dāng)K接1時(shí)，金屬棒ab在磁場中恰好保持靜止；則滑動(dòng)變阻器接入電路的阻值R為多大？

（2）當(dāng)K接2后，金屬棒ab從靜止開始下落；下落距離s時(shí)達(dá)到穩(wěn)定速度，則此穩(wěn)定速度的大小為多大？下落s的過程中所需的時(shí)間為多少？

（3）ab達(dá)到穩(wěn)定速度后，將開關(guān)K突然接到3，試通過推導(dǎo)，說明ab作何種性質(zhì)的運(yùn)動(dòng)？求ab再下落距離s時(shí)；電容器儲(chǔ)存的電能是多少？（設(shè)電容器不漏電，此時(shí)電容器沒有被擊穿）

34、如圖寬為a=0.1m長為b=0.2m的兩個(gè)金屬板M、N之間的距離是d=0.2m，兩板間有磁感應(yīng)強(qiáng)度為B1=2T方向與兩金屬板平行的勻強(qiáng)磁場，帶有正負(fù)電荷的等離子體（電阻率為ρ=0.1Ωm）以垂直于磁場的速度v=10m/s進(jìn)入兩板之間形成一個(gè)磁流體發(fā)電機(jī)．金屬板M、N分別與水平面內(nèi)的兩平行導(dǎo)軌相連，平行導(dǎo)軌間距離為L=0.5m，處于豎直向下的磁感應(yīng)強(qiáng)度為B2=1.25T的勻強(qiáng)磁場內(nèi)，質(zhì)量為m=0.5kg的導(dǎo)體棒PQ垂直放在平行導(dǎo)軌上并與導(dǎo)軌有良好的接觸，若導(dǎo)體棒PQ與每根導(dǎo)軌之間的最大靜摩擦因數(shù)均為μ=0.2，重力加速度g=10m/s2，金屬板M、N和導(dǎo)線以及平行導(dǎo)軌的電阻都不計(jì)．在導(dǎo)體棒PQ剛剛開始運(yùn)動(dòng)的瞬間具有a=0.5m/s2的加速度；求：

（1）磁流體發(fā)電機(jī)的電動(dòng)勢。

（2）通過導(dǎo)體棒PQ的電流強(qiáng)度大小和方向。

（3）導(dǎo)體棒PQ的電阻大小35、如圖所示，一足夠長的透氣圓筒豎直固定在地面上，筒中有一勁度系數(shù)為k的輕彈簧，其下端固定，上端連接一質(zhì)量為m的薄滑塊，圓筒內(nèi)壁涂有一層新型智能材料——ER流體，它對(duì)薄滑塊的阻力可調(diào)節(jié)．開始薄滑塊靜止，ER流體對(duì)其阻力為0，彈簧的長度為L，現(xiàn)有一質(zhì)量也為m的物體從距地面2L處自由落下，與薄滑塊碰撞后粘在一起向下運(yùn)動(dòng)為使薄滑塊恰好做勻減速運(yùn)動(dòng)且下移距離為時(shí)其速度減為0；ER流體對(duì)薄滑塊的阻力必須隨薄滑塊下移而適當(dāng)變化，以薄滑塊初始位置處為原點(diǎn)，向下為正方向建立Ox軸，不計(jì)空氣阻力，重力加速度為g．

(1)求ER流體對(duì)薄滑塊的阻力Ff隨位置坐標(biāo)x變化的函數(shù)關(guān)系式。

(2)在薄滑塊速度第一次減為0的瞬間；通過調(diào)節(jié)使之后ER流體對(duì)運(yùn)動(dòng)的薄滑塊阻力大小恒為λmg，若此后薄滑塊仍能向上運(yùn)動(dòng)，求λ的取值范圍．

(3)在薄滑塊速度第一次減為0的瞬間，通過調(diào)節(jié)使之后ER流體對(duì)運(yùn)動(dòng)的薄滑塊阻力大小恒為λmg，若此后薄滑塊向上運(yùn)動(dòng)一段距離后停止運(yùn)動(dòng)不再下降，求A的最小值．參考答案一、選擇題(共8題，共16分)1、D【分析】【分析】

電子射線由陰極沿x軸方向射出；形成的亮線向上（z軸正方向）偏轉(zhuǎn)，說明電子受到的洛倫茲力方向向上，根據(jù)左手定則判斷分析，選擇可行的磁場方向．

【詳解】

電子受到的洛倫茲力方向沿z軸正方向；亮線向上偏轉(zhuǎn)，根據(jù)左手定則，且由于電子帶負(fù)電，則加一沿y軸負(fù)方向的磁場，故D正確，ABC錯(cuò)誤．故選D．

【點(diǎn)睛】

本題考查電偏轉(zhuǎn)與磁偏轉(zhuǎn)方向判斷的能力，負(fù)電荷運(yùn)動(dòng)的方向與電流方向相反，洛倫茲力方向由左手定則判斷，同時(shí)要將左手定則與右手定則的區(qū)別開來．2、D【分析】【詳解】

試題分析：理清電路；確定電壓表測得什么電壓，電流表測得什么電流，抓住電動(dòng)勢和內(nèi)阻不變，采用局部→整體→局部的方法，利用閉合電路歐姆定律進(jìn)行分析．

觸點(diǎn)向b端移動(dòng)過程中連入電路的電阻減小，即總電阻減小，干路電流即總電流增大，所以根據(jù)可知路端電壓減小，即U減小，在干路，通過它的電流增大，所以兩端的電壓增大，而所以減小，即并聯(lián)電路兩端的電壓減小，所以的電流減小，而所以增大，D正確3、C【分析】【詳解】

A．在衛(wèi)星中處于完全失重狀態(tài)；則熔化的鋁液中不同位置壓強(qiáng)相同，故A錯(cuò)誤；

B．泡沫金屬物理性質(zhì)仍然是晶體；故B錯(cuò)誤；

C．失重條件下液態(tài)金屬呈球狀是由于液體表面分子間存在表面張力的結(jié)果；液態(tài)鋁表面張力將會(huì)阻礙氣泡的膨脹，故C正確；

D．鋁是晶體；在熔化過程中溫度不變，則分子平均動(dòng)能不變，故D錯(cuò)誤。

故選C。4、B【分析】【詳解】

AB.粒子1從A點(diǎn)正對(duì)圓心射入，恰從B點(diǎn)射出，粒子在磁場中運(yùn)動(dòng)的圓心角為90度，粒子軌道半徑等于BO，粒子2從C點(diǎn)沿CD射入，運(yùn)動(dòng)軌跡如圖，設(shè)對(duì)應(yīng)圓心為運(yùn)動(dòng)半徑也為BO=R，連接是平行四邊形，所以粒子2一定從B點(diǎn)射出，A錯(cuò)誤B正確。

CD.粒子1的速度偏轉(zhuǎn)角為90度，連接PB可知P為中點(diǎn)，所以粒子2速度偏轉(zhuǎn)角為60度，根據(jù)所以時(shí)間比等于轉(zhuǎn)過角度比，等于3：2，CD錯(cuò)誤5、B【分析】【分析】

粒子通過速度選擇器；只有滿足qvB=qE，即速度滿足v=E/B，才能沿直線通過．當(dāng)粒子的速度大于E/B，洛倫茲力大于電場力，粒子向上偏轉(zhuǎn)，當(dāng)粒子的速度小于E/B，洛倫茲力小于電場力，粒子向下偏轉(zhuǎn)．

【詳解】

四種粒子，只有兩個(gè)粒子通過速度選擇器，只有速度滿足v=E/B，才能通過速度選擇器．所以通過速度選擇器進(jìn)入磁場的粒子是乙和丙．由牛頓第二定律得：qvB=m解得：乙的質(zhì)量小于丙的質(zhì)量，所以乙的半徑小于丙的半徑，則乙打在P3點(diǎn)，丙打在P4點(diǎn)．甲的速度大于乙的速度，即大于E/B，洛倫茲力大于電場力，粒子向上偏轉(zhuǎn)，打在P2點(diǎn)．丁的速度小于乙的速度，即小于E/B，洛倫茲力小于電場力，粒子向下偏轉(zhuǎn)，打在P1點(diǎn)．故選B．

【點(diǎn)睛】

解決本題的關(guān)鍵知道速度選擇器的原理，即所受洛倫茲力和電場力等大反向的粒子才能沿直線通過速度選擇器．6、C【分析】【詳解】

當(dāng)線框移動(dòng)距離x在a～2a范圍，線框穿過兩磁場分界線時(shí)，BC、AC邊在右側(cè)磁場中切割磁感線，有效切割長度逐漸增大，產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢E1增大，AC邊在左側(cè)磁場中切割磁感線，產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢E2不變，兩個(gè)電動(dòng)勢串聯(lián)，總電動(dòng)勢E=E1+E2增大，故A錯(cuò)誤；當(dāng)線框移動(dòng)距離x在0～a范圍，線框穿過左側(cè)磁場時(shí)，根據(jù)楞次定律，感應(yīng)電流方向?yàn)槟鏁r(shí)針，為正值，故B錯(cuò)誤；當(dāng)線框移動(dòng)距離x在2a～3a范圍，線框穿過左側(cè)磁場時(shí)，根據(jù)楞次定律，感應(yīng)電流方向?yàn)槟鏁r(shí)針，為正值，故C正確，D錯(cuò)誤．所以C正確，ABD錯(cuò)誤．7、C【分析】【分析】

首先認(rèn)識(shí)電路的結(jié)構(gòu)：燈泡與變阻器串聯(lián)；電容器與燈泡并聯(lián)．當(dāng)滑動(dòng)變阻器滑片P向右移動(dòng)時(shí)，變阻器接入電路的電阻減小，根據(jù)歐姆定律分析．

【詳解】

當(dāng)滑動(dòng)變阻器滑片P向右移動(dòng)時(shí)；變阻器接入電路的電阻減小；

A.燈泡功率P=I2RL，RL不變；I增大，P增大，則燈泡變亮．故A錯(cuò)誤；

B.電源的總功率P總=EI，E不變，I增大，P總增大．故B錯(cuò)誤；

C.電容器電壓UC=E-I（RL+r）減小，電容器電量Q=CUC減?。蔆正確；

D.根據(jù)歐姆定律可知，電流增大，電壓表的讀數(shù)U=E-Ir減?。蔇錯(cuò)誤；

故選C．

【點(diǎn)睛】

本題考查電路動(dòng)態(tài)分析的能力，比較簡單．對(duì)于電路動(dòng)態(tài)分析往往按“局部→整體→局部”的思路．8、C【分析】系統(tǒng)動(dòng)量守恒，系統(tǒng)所受合外力為零，但此系統(tǒng)內(nèi)每個(gè)物體所受的合力不一定都為零，故A錯(cuò)誤；當(dāng)只有重力或只有彈力做功時(shí)系統(tǒng)機(jī)械能守恒，系統(tǒng)動(dòng)量守恒，系統(tǒng)所受合外力為零，系統(tǒng)動(dòng)量守恒但機(jī)械能不一定守恒，系統(tǒng)機(jī)械能可能增加，故B錯(cuò)誤，C正確；系統(tǒng)動(dòng)量守恒，系統(tǒng)總動(dòng)量保持不變，系統(tǒng)內(nèi)有的物體動(dòng)量增大，有的物體動(dòng)量減小，系統(tǒng)總動(dòng)量保持不變，故B錯(cuò)誤．所以C正確，ABD錯(cuò)誤．二、多選題(共8題，共16分)9、A:C:D【分析】【詳解】

A.設(shè)導(dǎo)體棒離開磁場時(shí)速度大小為v．此時(shí)導(dǎo)體棒受到的安培力大小為：

由平衡條件得：

由圖2知：

聯(lián)立解得：

故A正確；

B.導(dǎo)體棒經(jīng)過磁場的過程中，通過電阻R的電荷量為：

故B錯(cuò)誤；

C.離開磁場時(shí)，由F=BIL+mg得：

導(dǎo)體棒兩端電壓為：

故C正確；

D.導(dǎo)體棒經(jīng)過磁場的過程中，設(shè)回路產(chǎn)生的總焦耳熱為Q．根據(jù)功能關(guān)系可得：

而拉力做功為：

電阻R產(chǎn)生焦耳熱為：

聯(lián)立解得：

故D正確．

故選ACD．

【點(diǎn)睛】

本題是電磁感應(yīng)與力學(xué)知識(shí)的綜合應(yīng)用，對(duì)于這類問題一定要正確分析安培力的大小和方向，要掌握安培力經(jīng)驗(yàn)公式能正確分析能量是轉(zhuǎn)化的，運(yùn)用能量守恒定律求焦耳熱．10、A:D【分析】【分析】

在滑動(dòng)變阻器的滑片向右端滑動(dòng)過程；變阻器接入電路的電阻變小，外電路總電阻減小，由歐姆定律分析總電流的變化和路端電壓的變化，來判斷電表示數(shù)的變化．根據(jù)功率公式判斷功率的變化情況．

【詳解】

滑動(dòng)變阻器的滑片向右端滑動(dòng)過程，變阻器接入電路的電阻減小，所以外電路總R減小，由歐姆定律得知總電流I增大，所以電流表示數(shù)變大；路端電壓減小．電燈L的電壓等于路端電壓，所以電燈L的電流減小，而所以電燈L消耗的功率變??；而總電流增大，所以通過滑動(dòng)變阻器及的電流增大，根據(jù)可知電阻消耗的功率增大；的電壓增大，所以R的電壓減小；所以電壓表的示數(shù)減小，故AD正確，BC錯(cuò)誤．

【點(diǎn)睛】

本題是簡單的電路動(dòng)態(tài)分析問題．對(duì)于路端電壓也可以直接根據(jù)路端電壓隨外電阻增大而增大判斷變化．11、A:D:E【分析】【詳解】

A．自然界中的能量雖然是守恒的；由熱力學(xué)第二定律可知，能量集中的各種能量最終將會(huì)變?yōu)閮?nèi)能而耗散在大氣中，從而不能再被利用，故要節(jié)約能源，所以A正確；

B．能量守恒定律說明第一類永動(dòng)機(jī)不可能制成；能量守恒的熱力學(xué)過程具有方向性，即第二類永動(dòng)機(jī)不可能實(shí)現(xiàn)，但第二類永動(dòng)機(jī)不違背能量守恒定律，故B錯(cuò)誤；

C．根據(jù)一定質(zhì)量的理想氣體狀態(tài)方程＝恒量可知，若溫度T升高，體積V增大且增大的更多，則壓強(qiáng)p可能減??；故C錯(cuò)誤；

D．浸潤現(xiàn)象和不浸潤現(xiàn)象都與表面層與表面張力有關(guān)；都是分子力作用的表現(xiàn)，故D正確；

E．液晶是一種特殊物質(zhì)；它既具有液體的流動(dòng)性，又像某些晶體那樣有光學(xué)各向異性，故E正確。

故選ADE。12、A:D:E【分析】【分析】

【詳解】

A．熱力學(xué)第二定律的一種表述為：不可能從單一熱源吸取熱量；使之完全變?yōu)橛杏霉Χ划a(chǎn)生其他影響，即無論采用任何設(shè)備和手段進(jìn)行能量轉(zhuǎn)化，總是遵循“機(jī)械能可全部轉(zhuǎn)化為內(nèi)能，而內(nèi)能不能全部轉(zhuǎn)化為機(jī)械能”，故A正確；

B．已知某氣體的摩爾體積及阿伏加德羅常數(shù)；可以求出氣體分子占據(jù)的平均空間，不能求出該分子的體積，故B錯(cuò)誤；

C．一定量100的水變成100的水蒸氣其內(nèi)能增加；但分子平均動(dòng)能不變，其分子之間的勢能增大，故C錯(cuò)誤；

D．多晶體是許多單晶體雜亂無章地組合而成的；所以多晶體具有各向同性現(xiàn)象，故D正確；

E．根據(jù)壓強(qiáng)的微觀意義可知；當(dāng)氣體的壓強(qiáng)不變時(shí)，單位時(shí)間內(nèi)作用在單位面積上的力不變；溫度升高時(shí)，分子對(duì)器壁的平均撞擊力增大，所以在壓強(qiáng)不變時(shí)，分子每秒對(duì)單位面積器壁的平均碰撞次數(shù)隨著溫度升高而減小，故E正確。

故選ADE。13、B:D【分析】【詳解】

A．根據(jù)交流電圖像可知，原線圈中交流電壓的有效值為

根據(jù)

可知副線圈兩端的電壓為

二極管具有單向?qū)щ娦?，根?jù)電流的熱效應(yīng)有

解得

即電壓表讀數(shù)為A錯(cuò)誤；

B．滑動(dòng)變阻器消耗的功率為

B正確；

C．將開關(guān)S由1撥到2，同時(shí)滑動(dòng)變阻器滑片向下滑動(dòng)，根據(jù)電壓與匝數(shù)成正比，副線圈電壓變小，滑動(dòng)變阻器電阻變大，輸出功率變小，輸入功率變小，根據(jù)

電流表示數(shù)將變??；C錯(cuò)誤；

D．若將二極管用導(dǎo)線短接，半波整流前后，有效值之比為故輸出功率加倍；輸入功率不加倍，電流表示數(shù)也不加倍，D錯(cuò)誤。

故選B。14、A:C【分析】【分析】

本題考查了交變電流的最大值；有效值和瞬時(shí)值的相關(guān)知識(shí)點(diǎn)。

【詳解】

一個(gè)單匝線圈在勻強(qiáng)磁場中旋轉(zhuǎn)，當(dāng)從中性面開始計(jì)時(shí),產(chǎn)生的正弦式交變電流電動(dòng)勢的瞬時(shí)值表達(dá)式為：e=Emsin＝Emsinωt.故感應(yīng)電動(dòng)勢的最大值Em＝BSω，有效值E＝故A正確，B錯(cuò)誤；當(dāng)即線框平面與磁場方向平行時(shí)，感應(yīng)電動(dòng)勢最大，電流最大，故C正確，D錯(cuò)誤．15、A:C:E【分析】【詳解】

由理想氣體狀態(tài)方程：圖線斜率代表體積的倒數(shù)，ab過程中圖線斜率不變，故氣體的體積不變，不做功，又溫度升高，內(nèi)能增大，由故A正確；bc過程為等壓過程，熱力學(xué)溫度升高，氣體體積增大，內(nèi)能增大，故B錯(cuò)誤；cd過程減小，則氣體體積增大，氣體對(duì)外做功，氣體溫度升高內(nèi)能增大，由熱力學(xué)第一定律可知，Q為正值，即氣體要從外界吸熱，故C正確；de段為等溫過程，壓強(qiáng)降低，氣體體積增大，對(duì)外做功，D錯(cuò)誤；由于圖線斜率代表體積的倒數(shù)，由圖可知，Oa的斜率大于Od的斜率，則狀態(tài)a的體積小于狀態(tài)d的體積，故E正確．16、A:D【分析】【詳解】

AB、由圖知光的偏折程度小于光，所以根據(jù)折射定律得知光的折射率小于光的折射率，光的頻率小于光的頻率，由可知光的波長大于光的波長；故選項(xiàng)A正確，B錯(cuò)誤；

C、用光照射鋅板發(fā)生了光電效應(yīng)，由單色光的頻率小于單色光的頻率和光電效應(yīng)方程可知用光照射鋅板不一定能發(fā)生光電效應(yīng)；故選項(xiàng)C錯(cuò)誤；

D、由知光的臨界角較大，光的臨界角較小，則當(dāng)光束繞圓心逆時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)過程中，入射角增大，光最早發(fā)生全反射，所以在光屏上最早消失的是光，故選項(xiàng)D正確；三、填空題(共8題，共16分)17、略

【分析】【詳解】

(1)[1]若5s內(nèi)沿相反方向通過某截面的正、負(fù)離子的電荷量均為5C，則電解液中的電流

(2)[2]若5s內(nèi)到達(dá)陽極的負(fù)離子為5C，則電流【解析】2118、略

【分析】【詳解】

當(dāng)電鍵斷開時(shí)，電阻與串聯(lián)連接到電源上；則有：

解得：

令的電阻為則有：

解得：

由電阻并聯(lián)的特點(diǎn)，均舍去。

所以．【解析】1619、略

【分析】【詳解】

設(shè)B的質(zhì)量為m，則A的質(zhì)量是子彈質(zhì)量是子彈和A、B木塊組成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒，有

解得【解析】20、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]狀態(tài)A變到狀態(tài)B過程中；是等容變化，不對(duì)外做功，但溫度升高，所以氣體吸熱；

[2]從狀態(tài)C到狀態(tài)D，是等容變化，溫度降低，由

可得，壓強(qiáng)減小，所以狀態(tài)C氣體的壓強(qiáng)大于狀態(tài)D氣體的壓強(qiáng)；【解析】吸收大于21、略

【分析】【詳解】

(1)[1]在確定的方向上原子有規(guī)律地排列；在不同方向上原子的排列規(guī)律一般不同。

(2)[2]原子排列具有一定的對(duì)稱性?！窘馕觥竣?在確定的方向上原子有規(guī)律地排列，在不同方向上原子的排列規(guī)律一般不同；②.原子排列具有一定的對(duì)稱性22、略

【分析】【詳解】

[1][2]從山底到山頂，氣球的體積不變，氣球內(nèi)氣體的壓強(qiáng)變小，可知?dú)怏w的溫度變低，分子平均動(dòng)能變小，又由熱力學(xué)第一定律可知，氣體的內(nèi)能減小，則氣體要放出熱量?！窘馕觥孔冃》懦?3、略

【分析】【分析】

振動(dòng)圖像描述的是一個(gè)質(zhì)點(diǎn)在不同時(shí)刻離開平衡位置的位移；波的圖像描述的是同一時(shí)刻各個(gè)質(zhì)點(diǎn)的位移.

【詳解】

振動(dòng)圖像描述的是一個(gè)質(zhì)點(diǎn)在不同時(shí)刻離開平衡位置的位移，則圖像b是振動(dòng)圖像；圖a是波的圖像；物理意義是同一時(shí)刻各個(gè)質(zhì)點(diǎn)的位移(或者相對(duì)平衡位置的位移)．

【點(diǎn)睛】

本題要理解振動(dòng)圖象和波動(dòng)圖象各自的物理意義；知道振動(dòng)圖像是“照相機(jī)”；波的圖像是“錄像機(jī)”.【解析】b同一時(shí)刻各個(gè)質(zhì)點(diǎn)的位移(或者相對(duì)平衡位置的位移)24、A:D:E【分析】【詳解】

由甲圖讀出波長由乙圖讀出周期T=0.2s，則該波的波速故A正確；由于不知道乙圖為波的傳播方向上哪個(gè)具體質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)圖象，所以無法判斷波的傳播方向，故B錯(cuò)誤；若乙是質(zhì)點(diǎn)P的振動(dòng)圖象，則此時(shí)刻P向下振動(dòng)，則波沿x軸負(fù)方向傳播，所以Q點(diǎn)向上振動(dòng)，經(jīng)過時(shí)間：時(shí)，處于波谷處，所以坐標(biāo)為（2m、-4cm），故C錯(cuò)誤；若乙是質(zhì)點(diǎn)Q的振動(dòng)圖象，則此時(shí)刻Q向下振動(dòng)，則波沿x軸正方向傳播，所以P點(diǎn)向上振動(dòng)，經(jīng)過時(shí)間：時(shí)，處于波谷處，所以坐標(biāo)為（1m、-4cm），故D正確．由圖可知t=0時(shí)刻P點(diǎn)處于平衡位置，經(jīng)時(shí)P點(diǎn)又再次回到平衡位移，向反方向運(yùn)動(dòng)，故E正確.故選ADE.四、作圖題(共3題，共27分)25、略

【分析】【詳解】

利用右手螺旋定則；已知電流的方向可判定磁場方向，也可以通過磁場方向來確定電流的方向；

圖甲；已知磁場方向，順時(shí)針方向，則電流垂直紙面向里；

圖乙；電流右側(cè)的磁場的方向向里，左側(cè)的磁場的方向向外，則電流的方向向上；

圖丙；已知磁場方向，則可知電流方向，逆時(shí)針方向；

圖丁；環(huán)形電流從左側(cè)流入，從右側(cè)流出，所以磁場的方向向下；

圖戊；根據(jù)螺線管中電流方向，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向左；

圖已；根據(jù)螺線管中上邊的電流方向向外，下邊的電流的方向向里，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向右．如圖所示：

【解析】26、略

【分析】試題分析：A圖中；在XX′偏轉(zhuǎn)電極所加的電壓的周期為2T，即在2T的時(shí)間內(nèi)才能完成一次水平方向的掃描，而豎直方向（y方向）的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過程中，豎直方向由2個(gè)周期性的變化；y方向的電壓變化為正弦式的變化，由于電子到達(dá)熒光屏的偏轉(zhuǎn)量與偏轉(zhuǎn)電壓成正比，所以A圖中的掃描圖形如圖；

要在熒光屏上得到待測信號(hào)在一個(gè)周期內(nèi)的穩(wěn)定圖象．XX′偏轉(zhuǎn)電極要接入鋸齒形電壓；即掃描電壓．

B圖中；在XX′偏轉(zhuǎn)電極所加的電壓的周期為T，即在一個(gè)周期T的時(shí)間內(nèi)完成一次水平方向的掃描，同時(shí)豎直方向的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過程中，豎直方向也完成一個(gè)周期性的變化；y方向的電壓大小不變，方向每半個(gè)周期變化一次，結(jié)合電子到達(dá)熒光屏的偏轉(zhuǎn)量與偏轉(zhuǎn)電壓成正比，所以B圖中的掃描圖形如圖．

考點(diǎn)：考查了示波器的工作原理。

【名師點(diǎn)睛】本題關(guān)鍵要清楚示波管的工作原理，示波管的YY′偏轉(zhuǎn)電壓上加的是待顯示的信號(hào)電壓，XX′偏轉(zhuǎn)電極通常接入鋸齒形電壓，即掃描電壓，當(dāng)信號(hào)電壓與掃描電壓周期相同時(shí)，就可以在熒光屏上得到待測信號(hào)在一個(gè)周期內(nèi)的穩(wěn)定圖象【解析】27、略

【分析】【分析】

【詳解】

7s波向前傳播的距離為

7s后，故x=3.5m位置的原圖中x=0位置的振動(dòng)情況相同；因此作出以下圖形。

【解析】五、實(shí)驗(yàn)題(共4題，共40分)28、略

【分析】【詳解】

（1）螺旋測微器的讀數(shù)：測量值（mm）＝固定刻度數(shù)（mm）（注意半毫米刻度線是否露出）＋可動(dòng)刻度數(shù)（估讀一位）×0.01（mm）；可讀出此時(shí)的讀數(shù)0.397．

（2）若用限流法；電流達(dá)不到0.02A，故用分壓法，故選擇甲圖．

（3）由電路圖連接實(shí)物圖；實(shí)物電路圖見答案．

（4）根據(jù)坐標(biāo)系內(nèi)描出的點(diǎn)作出圖像如圖所示：

由圖像可知，電阻（4.3～4.7都對(duì)）

（5）由得：代入數(shù)據(jù)知C對(duì)．

考點(diǎn)：測定金屬的電阻率．【解析】0.395~0.399甲4.3~4.7C29、略

【分析】【詳解】

(1)[1]螺旋測微器的固定刻度讀數(shù)為1mm；可動(dòng)刻度讀數(shù)為0.01×12.5mm=0.125mm，所以最終讀數(shù)為1mm+0.01×12.5mm=1.125mm；

(2)[2]電路中的電流大約為：

所以電流表選擇A；[3]待測電阻較??；若選用大電阻滑動(dòng)變阻器，從測量誤差角度考慮，所以滑動(dòng)變阻器選擇E；

(3)[4]待測電阻遠(yuǎn)小于電壓表內(nèi)阻；屬于小電阻，所以電流表采取外接法；滑動(dòng)變阻器可以采用限流式接法；

(4)[5]根據(jù)則有：

所以還需要測量的物理量是管線長度

[6]則中空部分的橫截面積：【解析】AE管線長度L30、略

【分析】【詳解】

(2)A1的內(nèi)阻等于R1的阻值，R1的阻值為：1×10+0×0.1=10.0Ω.

(3)由歐姆定律知

(4)量程為3V的內(nèi)阻