2025年滬科版必修2物理下冊階段測試試卷含答案

…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年滬科版必修2物理下冊階段測試試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共8題，共16分)1、用恒力F使質量為1kg的物體從靜止開始，以10m/s2的加速度勻加速豎直上升，不計空氣阻力，g取10m/s2，以下說法中正確的是（）A.前2s內恒力F做功200JB.前2s內重力做功200JC.前2s內合力做功400JD.前2s內機械能增加400J2、如圖所示，在水平地面上M點的正上方h高度處，將小球S1以初速度v1水平向右拋出，同時在地面上N點處將小球S2以初速度v2豎直向上拋出。在S2上升到最高點時恰與S1球相遇；不計地面阻力和空氣阻力。則兩球在這段過程中（）

A.做的都是變加速運動B.速度變化量的大小不相等C.速度變化量的方向不相同D.相遇點在N點上方處3、重為的物體放在水平地面上，與地面的滑動摩擦因數(shù)為在大小為方向與水平面成斜向上的拉力作用下前進（），在此過程中力做功為（）

A.B.C.D.4、如圖為車牌自動識別系統(tǒng)的直桿道閘，離地面高為的細直桿可繞在豎直面內勻速轉動。汽車從自動識別線處到達直桿處的時間為自動識別系統(tǒng)的反應時間為汽車可看成高的長方體，其左側面底邊在直線上，且到汽車左側面的距離為要使汽車安全通過道閘，直桿轉動的角速度至少為（）

A.B.C.D.5、如圖所示，將不可伸長的細輕線一端系一小球，另一端固定于O點，在O點正下方的P點釘一顆釘子，使細線拉緊與豎直方向成一角度θ；然后由靜止釋放小球，當懸線碰到釘子前后瞬間，下列說法正確的是（）

A.小球的動能變大B.細線所受的拉力變大C.小球的角速度保持不變D.小球的向心加速度變小6、地球赤道上的物體隨地球自轉的向心加速度為a，地球的同步衛(wèi)星繞地球做勻速圓周運動的軌道半徑為r1，向心加速度為a1。已知萬有引力常量為G，地球半徑為R，地球赤道表面的加速度為g。下列說法正確的是（）A.地球質量B.地球質量C.a、a1、g的關系是a<g<a1D.加速度之比7、如圖所示，質量相同的三個小物塊a、b、c處在同一高度。a由靜止開始沿光滑斜面下滑，b做自由落體運動，c向右以某一初速度v0做平拋運動，三者最終都落在同一個水平面上、若不計空氣阻力，下列說法中正確的是（）

A.三者的運動時間都相等B.三者的重力做功都相等C.三者落地前瞬間，其動能都相等D.三者落地前瞬間，重力的功率相等8、如圖所示，兩個質量相同的小球A、B固定在一輕桿的兩端，繞一固定轉軸O從水平位置由靜止釋放，當桿到達豎直位置時，設桿對A做功為W1，桿對B做功為W2；則（）

A.W1＝0，W2＝0B.W1>0，W2>0C.W1>0，W2<0D.W1<0，W2>0評卷人得分二、多選題(共7題，共14分)9、如圖，在萬有引力作用下，a、b兩衛(wèi)星在同一平面內繞某一行星c沿逆時針方向做勻速圓周運動，已知軌道半徑之比為ra：rb=1：4；則下列說法中正確的有（）

A.a、b運動的周期之比為Ta：Tb=1：8B.a、b運動的周期之比為Ta：Tb=1：4C.從圖示位置開始，在b轉動一周的過程中，a、b、c共線12次D.從圖示位置開始，在b轉動一周的過程中，a、b、c共線14次10、2020年11月24日“嫦娥五號”探測器成功發(fā)射；開啟了我國首次地外天體采樣返回之旅，如圖為行程示意圖。關于“嫦娥五號”探測器，下列說法正確的是（）

A.剛進入地月轉移軌道時，速度大于7.9km/s小于11.2km/sB.在地月轉移軌道上無動力奔月時，動能不斷減小C.快要到達月球時，需要向前噴氣才能進入月球環(huán)繞軌道D.返回艙取月壤后，重新在月球上起飛的過程中，機械能守恒11、在地面上以速度v0拋出質量為m的物體，拋出后物體落到比地面低h高度的海平面上；若以拋出點為零勢能面，且不計空氣阻力，則（）

A.物體到海平面時的勢能為mghB.重力對物體做的功為mghC.物體在海平面上的機械能為D.物體在海平面上的動能為12、為減少機動車尾氣排放，很多汽車公司推出新型節(jié)能環(huán)保電動車。在檢測某款電動車性能的實驗中，質量為的電動車由靜止開始沿平直公路行駛，利用傳感器測得此過程中不同時刻電動車的牽引力F與對應的速度v，并描繪出如圖所示的圖像（圖中AB、BO均為直線），假設電動車行駛中所受阻力恒定，最終勻速運動，取重力加速度則（）

A.該車做勻加速運動的時間是B.電動車勻加速運動過程中的最大速度為C.該車啟動后，先做勻加速運動，然后勻速運動D.該車加速度大小為時，動能為13、2020年11月6日，我國成功發(fā)射全球首顆6G試驗地球衛(wèi)星，衛(wèi)星的軌道半徑的三次方與其周期的二次方的關系圖像如圖所示。已知地球半徑為R，引力常量為G；下列說法正確的是（）

A.地球的質量為B.地球表面的重力加速度為C.繞地球表面運行的衛(wèi)星的線速度大小為D.地球密度為14、時刻，機車以恒定的加速度由靜止啟動且沿水平直線運動，設阻力不變，則以后過程中發(fā)動機的功率和速度隨時間變化圖像正確的是（）A.B.C.D.15、類比是一種常用的研究方法。在利用圖像研究勻變速直線運動的位移時，我們可以把運動過程按橫軸t劃分為很多足夠小的小段，用細長矩形的面積之和代表物體的位移x；如圖所示。類比上述的方法，我們可以分析其他問題。下列說法正確的是（）

A.若橫軸表示時間t，縱軸表示加速度a，一定可以求得物體的速度B.若橫軸表示時間t，縱軸表示加速度a，一定可以求得物體的速度變化量C.若橫軸表示位移x，縱軸表示合外力F，一定可以求得合外力做的功WD.若橫軸表示位移x，縱軸表示合外力F，一定可以求得物體的末動能評卷人得分三、填空題(共8題，共16分)16、一個質量是lkg的物體，在20N的水平力作用下，在光滑的水平面上移動了2m，這個力做的功是__________J，然后這個水平力變?yōu)?5N，物體又移動了2m，整個過程中物體的動能增加了____________J．17、已知一顆人造衛(wèi)星在某行星表面繞行星做勻速圓周運動，經(jīng)過時間t，衛(wèi)星運動的路程為s，衛(wèi)星與行星的中心連線掃過的角度是1弧度，那么該衛(wèi)星的環(huán)繞周期T＝________，設萬有引力常量為G，該行星的質量為M＝________。18、汽車過拱形橋。汽車過拱形橋汽車過凹形橋受力。

分析向心力Fn=_____=Fn=_____=對橋的壓力FN′=mg-FN′=mg＋結論汽車對橋的壓力_______汽車的重力，而且汽車速度越大，汽車對橋的壓力越___汽車對橋的壓力_____汽車的重力，而且汽車速度越大，汽車對橋的壓力越_____19、圖甲是我國自主設計開發(fā)的全球最大回轉自升塔式起重機，它的開發(fā)標志著中國工程用超大噸位塔機打破長期依賴進口的局面，也意味著中國橋梁及鐵路施工裝備進一步邁向世界前列。該起重機某次從t=0時刻由靜止開始提升質量為m=200kg的物體，其a–t圖像如圖乙所示，5~10s內起重機的功率為額定功率，不計其它阻力，則此起重機的額定功率為___________W，10s內起重機對物體做的功為___________J（g取10m/s2）。

20、如圖所示，兩艘飛船A、B沿同一直線同向飛行，相對地面的速度均為v（v接近光速c）。地面上測得它們相距為L，則A測得兩飛船間的距離_______（選填“大于”、“等于”或“小于”）L。當B向A發(fā)出一光信號，A測得該信號的速度為_______。

21、火箭以c的速度飛離地球，在火箭上向地球發(fā)射一束高能粒子，粒子相對地球的速度為c，其運動方向與火箭的運動方向相反。則粒子相對火箭的速度大小為______。22、汽艇在靜水中的速度是渡河時向著垂直于河岸的方向勻速行駛．河水的流速是河寬600m，則汽艇駛到對岸的時間為______s，汽艇在河水中行駛的距離為______23、如圖所示，一小滑塊放在固定的凹形斜面上，用力F沿斜面向下拉小滑塊，小滑塊沿斜面向下運動了一段距離。已知在這過程中，拉力F所做的功為W1，滑塊克服摩擦力作用所做的功為W2，重力做功為W3。則此過程中小滑塊動能的變化ΔEk=____________，滑塊重力勢能的變化ΔEp=___________，滑塊機械能的變化ΔE=______________。

評卷人得分四、作圖題(共4題，共28分)24、如圖所示，在一內壁光滑環(huán)狀管道位于豎直面內，其管道口徑很小，環(huán)半徑為R（比管道的口徑大得多）。一小球直徑略小于管道口徑，可視為質點。此時小球滑到達管道的頂端，速度大小為重力加速度為g。請作出小球的受力示意圖。

25、圖甲為拋出的石子在空中運動的部分軌跡，圖乙是水平面上一小鋼球在磁鐵作用下的部分運動軌跡．請畫出物體在A、B、C、D四點的受力方向和速度方向．（不計空氣阻力）

26、一個物體在光滑水平面上運動，其速度方向如圖中的v所示。從A點開始，它受到向前但偏右（觀察者沿著物體前進的方向看，下同）的合力。到達B點時，這個合力的方向突然變得與前進方向相同。達到C點時，合力的方向又突然改為向前但偏左。物體最終到達D點。請你大致畫出物體由A至D的運動軌跡，并標出B點、C點和D點。

27、在圖的實驗中，假設從某時刻（）開始，紅蠟塊在玻璃管內每1s上升的距離都是10與此同時，玻璃管向右沿水平方向勻加速平移，每1s內的位移依次是4122028在圖所示的坐標系中，y表示蠟塊在豎直方向的位移，x表示蠟塊隨玻璃管通過的水平位移，時蠟塊位于坐標原點。請在圖中標出t等于1s；2s、3s、4s時蠟塊的位置；并用平滑曲線描繪蠟塊的軌跡。

評卷人得分五、實驗題(共1題，共6分)28、某同學利用圖1中的實驗裝置探究機械能變化量與力做功的關系，所用器材有：一端帶滑輪的長木板、輕細繩、的鉤碼若干、光電門2個、數(shù)字計時器、帶遮光條的滑塊（質量為其上可放鉤碼）、刻度尺，當?shù)刂亓铀俣葹閷嶒灢僮鞑襟E如下：

①安裝器材，調整兩個光電門距離為輕細繩下端懸掛4個鉤碼，如圖1所示；

②接通電源；釋放滑塊，分別記錄遮光條通過兩個光電門的時間，并計算出滑塊通過兩個光電門的速度；

③保持最下端懸掛4個鉤碼不變；在滑塊上依次增加一個鉤碼，記錄滑塊上所載鉤碼的質量，重復上述步驟；

④完成5次測量后，計算出每次實驗中滑塊及所載鉤碼的總質量M、系統(tǒng)（包含滑塊、滑塊所載鉤碼和輕細繩懸掛鉤碼）總動能的增加量及系統(tǒng)總機械能的減少量結果如下表所示：。0.2000.2500.3000.3500.4000.5820.4900.3920.2940.1950.3930.4900.6860.785

回答下列問題：

（1）實驗中輕細繩所懸掛鉤碼重力勢能的減少量為______J（保留三位有效數(shù)字）；

（2）步驟④中的數(shù)據(jù)所缺數(shù)據(jù)為______；

（3）若M為橫軸，為縱軸，選擇合適的標度，在圖2中繪出圖像______；

若系統(tǒng)總機械能的減少量等于克服摩擦力做功，則物塊與木板之間的摩擦因數(shù)為______（保留兩位有效數(shù)字）評卷人得分六、解答題(共2題，共12分)29、如圖所示，高為傾角為的斜面AB放置在水平地面上，左側高臺上有一人向斜面多次投擲小球以練習準確性，小球每次出手時的速度方向都是水平向右，出手點位于高臺邊緣且距地面高度為2H，重力加速度g取忽略空氣阻力。

（1）如果斜面底端A點到高臺的水平距離也為H；為了使小球能夠投擲到斜面上，求小球的初速度的取值范圍；

（2）如果落在A點的小球與落在B點的小球速度大小相等，求A點距高臺的水平距離。

30、如圖所示，輕質小滑輪通過豎直桿固定于天花板上，細繩l1跨過小滑輪連接a、b兩球，b球再通過細繩l2、l3分別連接右側豎直墻壁和水平地面，整個系統(tǒng)保持靜止。細繩l3沿豎直方向，滑輪最高點P與細繩l2在豎直墻壁上的固定點M等高，P點、M點到b球的距離均為l=0.5m，與b球之間的高度差為h=0.4m，a球的質量為m1=2kg，b球的質量為m2=1kg。某時刻將細繩l3剪斷，以后的過程中a、b兩球均不會碰到地面或天花板，取重力加速度g=10m/s2；求：

(1)未剪斷細繩l3時，細繩l3對b球的拉力；

(2)剪斷細繩l3后，b球運動至與M點等高處的速度大??；

(3)剪斷細繩l3后，b球運動至與M點等高處的加速度大小。

參考答案一、選擇題(共8題，共16分)1、D【分析】【詳解】

AB．根據(jù)牛頓第二定律可知，恒力為

2s內物體上升的高度

恒力F做功

重力做功為

2s內合力做的功

故ABC錯誤；

D．機械能的增量等于重力之外的其他力做功，即為拉力F做的功為400J；故D正確。

故選D。2、D【分析】【分析】

【詳解】

A．由于兩個球都只受到重力的作用；加速度都是重力加速度，加速度恒定，做的都是勻變速運動，而非變加速運動，A錯誤；

BC．由于兩個球都只受重力作用，加速度都是重力加速度，由

知它們速度的變化量相同；速度變化量的方向都是豎直向下，BC錯誤；

D．S1球做平拋運動，豎直方向則有

S2球做豎直上拋運動，則有

由題意得

解得

所以，相遇點在N點上方處。故選D。3、B【分析】【詳解】

拉力大小為400N，位移的大小為10m，所以拉力做的功的大小為W=FLcosα=400×10×0.8J=3200J

故選B。4、D【分析】【分析】

【詳解】

由題意可知，在3.3s-0.3s=3.0s的時間內，橫桿的距離O點0.6m的點至少要抬高1.6m-1.0m=0.6m，即橫桿至少轉過則角速度

故選D。5、B【分析】【詳解】

A．懸線碰到釘子的前后瞬間；小球的線速度大小不變，故小球的動能不變，故A錯誤；

B．根據(jù)牛頓第二定律得

解得

由于碰撞的前后瞬間線速度大小不變；半徑減小，則拉力突然變大，根據(jù)牛頓第三定知，球對懸線的拉力突然變大，故B正確；

C．根據(jù)

由于碰撞的前后瞬間線速度大小不變；半徑減小，則角速度突然變大，故C錯誤；

D．根據(jù)

由于碰撞的前后瞬間線速度大小不變；半徑減小，則向心加速度突然變大，故D錯誤。

故選B。6、B【分析】【詳解】

A．對赤道上的物體，由牛頓第二定律可得

則地球質量表達式不成立；選項A錯誤；

B．對地球的同步衛(wèi)星，則

解得

選項B正確；

C．赤道上的物體與同步衛(wèi)星具有相同的角速度，根據(jù)a=rω2知a1＞a

根據(jù)得

根據(jù)得

可知g＞a1＞a

故C錯誤。

D．赤道上的物體與同步衛(wèi)星具有相同的角速度，根據(jù)a=rω2知

故D錯誤。

故選B。7、B【分析】【分析】

【詳解】

A．由于平拋運動的豎直分運動為自由落體，有t=

b、c下落時間相同，但a的下落時間為t=

則綜上可知，tb=tc≠ta；A錯誤；

B．a(chǎn)沿斜面做加速度為gsinθ，初速度為零的勻加速直線運動，b做自由落體運動，c做平拋運動；三物體下落高度相同，質量相同，故重力對三物體做功相同，B正確；

C．由題意可知，三個物體下落的過程只有重力做功，重力對三個物體做功相同，根據(jù)動能定理，WG=Ek-Ek0，c的初動能不為零，故落地瞬間c的動能較大，a、b的動能相同；C錯誤；

D．三者落地前瞬間，重力的功率為P=mgvy

b做自由落體運動，c做平拋運動，則vby=vcy=

a沿斜面做加速度為gsinθ，初速度為零的勻加速直線運動，則vay=sinθ

綜上可知三者落地前瞬間；重力的功率不相等，D錯誤。

故選B。8、C【分析】【分析】

【詳解】

A球向上運動的過程中；動能和重力勢能都增大，即機械能增大，根據(jù)。

則桿必對A做正功，W1>0；

對于B球，由于A、B組成的系統(tǒng)機械能不變，則B的機械能減??；根據(jù)。

故桿對B做負功，W2<0；所以ABD錯誤；C正確；

故選C。二、多選題(共7題，共14分)9、A:D【分析】【分析】

【詳解】

AB．根據(jù)開普勒第三定律：半徑的三次方與周期的二次方成正比，則a、b運動的周期之比為1：8；故A正確，B錯誤；

CD．設圖示位置ac連線與bc連線的夾角為θ<b轉動一周（圓心角為2π）的時間為Tb，則a、b相距最遠時（n=0，1，2，3）

可知n<6.75

n可取7個值；a、b相距最近時（m=0，1，2，3）

可知m<6.25，m可取7個值，故在b轉動一周的過程中，a、b、c共線14次；故C錯，D正確。

故選AD。10、A:C【分析】【分析】

【詳解】

A．在地月轉移軌道時；探測器已經(jīng)飛出地球而未擺脫地月系的引力，根據(jù)第一宇宙速度和第二宇宙速度的定義，則剛進入地月轉移軌道時，探測器速度大于7.9km/s小于11.2km/s，故A正確；

B．在地月轉移軌道上無動力奔月時；地球對探測器的萬有引力逐漸減小，月球對探測器的萬有引力逐漸增大，引力的合力對探測器先做負功，后做正功，根據(jù)動能定理可知探測器動能先減小后增大，故B錯誤；

C．快要到達月球時；探測器需要減速，因此需要向前噴氣提供反推力才能進入月球環(huán)繞軌道，故C正確；

D．返回艙取月壤后；重新在月球上起飛的過程中，有探測器發(fā)動機的推力做正功，故機械能變大，故D錯誤。

故選AC。11、B:C【分析】【分析】

【詳解】

A．以拋出點為零勢能面，海平面低于拋出點h，所以物體在海平面上時的重力勢能為﹣mgh；故A錯誤；

B．重力做功與路徑無關，至于始末位置的高度差有關，拋出點與海平面的高度差為h，并且重力做正功，所以整個過程重力對物體做功為mgh；故B正確；

C．整個過程機械能守恒，即初末狀態(tài)的機械能相等，以地面為零勢能面，拋出時的機械能為所以物體在海平面時的機械能也為故C正確；

D．由動能定理得mgh=Ek2﹣Ek1

則Ek2=Ek1+mgh=+mgh

故D錯誤。

故選BC。12、A:D【分析】【詳解】

AB．由圖像可知，汽車運動時受到的阻力

勻加速運動時牽引力

勻加速運動階段的最大速度

由

解得

故A正確；B錯誤；

D．汽車的最大功率為

當加速度為時，牽引力為

由

可得

則有

故D正確；

C．汽車達到最大功率后；功率不變，速度增大，牽引力減小，汽車做加速度減小的加速運動，故C錯誤。

故選AD。13、B:C【分析】【詳解】

A．對衛(wèi)星繞地球做勻速圓周運動，萬有引力提供向心力

解得

由于圖像的斜率

解得

故A錯誤；

B．對地球表面物體有

解得地球表面重力加速度為

故B正確；

C．繞地球表面運行的衛(wèi)星，萬有引力提供向心力，即

解得

故C正確；

D．地球的體積為

則地球的密度為

故D錯誤。

故選BC。14、A:D【分析】【分析】

【詳解】

汽車勻加速啟動時，a一定，根據(jù)v=at知v增大F=ma+f

知F一定，根據(jù)P=Fv=Fat

知牽引力的功率P隨時間均勻增大，若以后保持速度不變，使牽引力等于阻力，則功率不變，則此過程中的P-t圖線為A；當勻加速達到額定功率后，功率保持不變，由v繼續(xù)增大，所以

減小

減小，當F=f時，a=0

此后做勻速運動；此過程中圖線為D。

故選AD。15、B:C【分析】【詳解】

AB．由加速度公式可得

若橫軸表示時間t，縱軸表示加速度a，類比可知細長矩形的面積之和代表物體速度變化量只有知道初速度的情況下才能求出物體的速度v；故A錯誤，B正確；

CD．由功的定義式W=Fx可知，若橫軸表示位移x，縱軸表示合外力F，則細長矩形的面積之和代表合外力所做的功W，據(jù)動能定理

可知，只有知道初動能才能求得物體的末動能故C正確，D錯誤。

故選BC。三、填空題(共8題，共16分)16、略

【分析】【詳解】

[1]由功的定義式可得

[2]由動能定理可知，物體動能的增加量等于合力做的功，即為【解析】407017、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]在時間t內，衛(wèi)星與行星的中心連線掃過的角度是1弧度，則該衛(wèi)星的環(huán)繞周期T=2πt

[2]經(jīng)過時間t，衛(wèi)星運動的路程為s，即衛(wèi)星的線速度

衛(wèi)星運動的軌道半徑

由牛頓第二定律，可得

解得該行星的質量為【解析】2πt18、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】①.mg-FN②.FN-mg③.小于④.?、?大于⑥.大19、略

【分析】【詳解】

[1]由a–t圖像可知，0~5s物體做勻加速運動，根據(jù)牛頓第二定律有

代入數(shù)據(jù)解得

5s末物體的速度為

5~10s內起重機的功率為額定功率，不計其它阻力，則此起重機的額定功率為

[2]0~5s物體位移為

0~5s內起重機對物體做的功為

5~10s內起重機對物體做的功為

10s內起重機對物體做的功為【解析】2.4×1041.8×10520、略

【分析】【詳解】

[1]根據(jù)可知，L0為在相對靜止參考系中的長度，L為在相對運動參考系中的長度，地面上測得它們相距為L，是以高速飛船為參考系，而A測得的長度為以靜止參考系的長度大于L；

[2]根據(jù)光速不變原理，則A測得該信號的速度為c?！窘馕觥看笥赾21、略

【分析】【詳解】

設火箭的速度為u，粒子相對地球的速度為v，粒子相對于地球的速度為v′，由相對論速度的公式可知

將已知的條件代入公式可得

解得

負號說明與v方向相反。粒子相對火箭的速度大小為c?！窘馕觥縞22、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1][2]垂直于河岸的方向上：勻速直線運動，設河寬為h，由

得

沿河岸方向：設前進的距離為L，則

得

所以行駛的實際距離為

【點睛】

合運動與分運動具有等時行；可由垂直于河岸的方向的分運動求出渡河所用的時間；汽艇在河水中行駛的距離可由垂直于河岸的方向的分運動的距離與沿河岸方向前進的距離合成出來．

小船渡河的問題可根據(jù)合運動與分運動的關系：等時性，等效性找關系進行求解即可?！窘馕觥?00100023、略

【分析】【詳解】

[1]根據(jù)動能定理得，小滑塊的動能的改變

[2]由題意，滑塊的重力勢能的改變?yōu)?/p>

[3]由題意，滑塊機械能的改變?yōu)椤窘馕觥克?、作圖題(共4題，共28分)24、略

【分析】【分析】

【詳解】

小球滑到達管道的頂端，設小球受重力和管道的作用力，則

由于

所以

說明小球在管道最高點不受管道的作用力；僅受重力作用，故小球的受力示意圖為。

【解析】25、略

【分析】【分析】

【詳解】

各點受力